2025年牛津上海版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年牛津上海版必修3物理上冊階段測試試卷90考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示的扇形區(qū)域，A、B是三分之一圓弧的兩個端點，D是圓弧的中點，圓弧的圓心為O、半徑為r，AB與OD相交于C點，電荷量均為Q的兩個正點電荷分別固定于A、B點。關于這兩個電荷形成的電場（靜電力常量為k），下列說法正確的是（）

A.O、D三點的電勢相等B.C點的電場強度大小為C.D點的電場強度大小為D.若在O點由靜止釋放一個試探正點電荷（僅考慮所受電場力），該電荷將在OD間做往復運動2、如圖所示在xoy坐標平面內存在一勻強電場，坐標原點O及點a（0，5）、點b（10，0）三點的電勢分別為0=10V、a=15V、b=0V?，F(xiàn)有一個質子從坐標原點以10eV的初動能沿與x軸正方向成45°角方向射入坐標平面；則下列判斷正確的是（）

A.該質子將始終在第一象限內運動B.該質子將穿過y軸正半軸在第二象限內運動C.該質子將經過點（40，0）進入第四象限內運動D.該質子經過坐標軸時其速度方向與坐標軸的夾角成60°角3、下列屬于防范靜電危害的是（）A.靜電式空氣凈化器B.使用避雷針C.靜電復印D.靜電噴涂4、一個點電荷從電場中的a點移到b點，其電勢能變化為零，則A.a、b兩點的電場強度的大小一定相等B.a、b兩點的電勢一定相等C.該點電荷一定沿等勢面移動D.作用于該點電荷的電場力與其移動方向總是保持垂直5、如圖所示，在平面內有一個以為圓心、半徑R=0.1m的圓，P為圓周上的一點，兩點連線與軸正方向的夾角為．若空間存在沿軸負方向的勻強電場，場強大小則兩點的電勢差可表示為（）

A.B.C.D.6、如圖所示，兩塊平行板金屬板正對水平放置，兩板分別與電源正、負極相連，當開關閉合時，一帶電液滴恰好靜止在兩極板間的M點。則（）

A.當開關閉合時，若減小兩板間距，液滴仍靜止B.當開關閉合時，若增大兩板間距，液滴將上升C.開關再斷開后，若減小兩板間距，液滴仍靜止D.開關再斷開后，若增大兩板間距，液滴將下降7、如圖所示，長為l、傾角為θ的光滑絕緣斜面處于電場中，一帶電荷量為+q、質量為m的小球以初速度從斜面底端A點開始沿斜面向上運動，當到達斜面頂端B點時，速度仍為則（）．

A.A、B兩點之間的電壓一定等于B.小球在B點時的電勢能一定大于在A點時的電勢能C.若電場是勻強電場，則該電場的電場強度的最大值一定為D.若該電場是斜面中點正上方某點的點電荷Q產生的，則Q一定是正點電荷8、如圖所示，線圈平面與水平方向夾角磁感線豎直向下，線圈平面面積勻強磁場磁感應強度把線圈以為軸順時針轉過120°；則通過線圈磁通量的變化量為（）

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)9、如圖所示，有兩塊正對的金屬板豎直放置，在金屬板的內側表面系一絕緣細線，細線下端系一帶電小球（可視為點電荷），兩塊金屬板接在如圖所示的電路中，電路中的為光敏電阻（其阻值隨所受光照強度的增大而減?。?，為滑動變阻器，為定值電阻，當的滑片在中間時閉合電鍵此時電流表和電壓表的示數分別為和帶電小球靜止時絕緣細線與金屬板的夾角為電源電動勢和內阻一定；下列說法中正確的是（）

A.若將的滑動觸頭向端移動，則不變B.若將的滑動觸頭向端移動，則減小，減小C.保持滑動觸頭不動，用較強的光照射則小球重新達到穩(wěn)定后變小D.保持滑動觸頭不動，用較強的光照射則變化量的絕對值與變化量的絕對值的比值不變10、某同學將一毫安表改裝成雙量程電流表。如圖所示。已知毫安表的內阻為100Ω，滿偏電流為1mA；R1和R2為定值電阻，且R1=5Ω，R2=200Ω。下列說法正確的是（）

A.若使用1和2兩個接線柱，則電表量程為0-24mAB.若使用1和2兩個接線柱，則電表量程為0-21mAC.若使用1和3兩個接線柱，則電表量程為0-4.3VD.若使用1和3兩個接線柱，則電表量程為0-6.3V11、在圖所示的U-I圖像中，直線a為某電源的路端電壓與電流的關系，直線b為某電阻R的電壓與電流的關系?，F(xiàn)用該電源直接與電阻R連接成閉合電路；則下列說法正確的是（）

A.該電源的電動勢為6V，內阻為4ΩB.某電阻R的阻值為4ΩC.該電源的輸出功率為4WD.內、外電路消耗的電功率之比為2：312、如圖所示的電路中，R1為可變電阻，R2、R3為定值電阻，C為電容器，電源電動勢為E，內阻為r，R3>r，電壓表與電流表均為理想電表。在可變電阻R1的滑片由a端向b端緩慢滑動的過程中；下列說法中正確的是。

A.電壓表的示數先減小后增大B.電容器的電荷量先減小后增大C.電源的輸出功率先減小后增大D.電壓表、電流表示數改變量的比值先減小后增大13、如下圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab＝Ubc；實線為一帶正電的質點僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P；Q是這條軌跡上的兩點，據此可知（）

A.三個等勢面中，a的電勢最高B.帶電質點在P點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能大C.帶電質點通過P點時的動能比通過Q點時大D.帶電質點通過P點時的加速度比通過Q點時大14、如圖所示，平行板電容器的金屬板始終與電源兩極相連，電源電壓為8.0V，兩板的間距為2cm，而且極板B接地．極板間有C、D兩點，C距A板0.5cm，D距B板0.5cm；則（）

A.C.D兩點的電勢相等B.兩板間的場強為400V/mC.D點的電勢φD=2.0VD.C點的電勢φC=2.0V評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)15、可見光________（選填“是”或“不是”）電磁波的一部分；電磁波在真空中的傳播速度_______m/s；在人類歷史上首先捕捉到電磁波的科學家是_________（選填“麥克斯韋”或“赫茲”）。16、如圖所示的A、B、C、D四組靜電實驗中，能使左邊的驗電器的金箔張開的是______組和______組（A；B兩組實驗中小球的手柄均為絕緣手柄；D組實驗中虛線框表示金屬網罩）。

A.B.C.D.17、電勢差與電場強度的關系。

（1）關系∶在勻強電場中，兩點間的電勢差等于_________與這兩點_________的距離的乘積。

（2）關系式∶

（3）適用條件∶________電場，d是沿___________兩點間的距離。18、電磁波通信：電磁波可以通過電纜、光纜進行有線傳輸，也可實現(xiàn)無線傳輸。電磁波的頻率_____，相同時間內傳遞的信息量_____。19、（1）串聯(lián)電路：把幾個導體（用電器）_________連接，接入電路的連接方式。如圖甲所示。

（2）并聯(lián)電路：把幾個導體（用電器）的一端_________，另一端_________，再將兩端接入電路的連接方式。如圖乙所示。20、某電熱水壺銘牌的部分參數如表中所示，從表中可知，該電熱水壺正常工作時電壓U=______V，功率P=_____W，電流I=______A。

產品型號

DF-938

額定電壓

220V

額定頻率

50HZ

額定功率

1100W21、四根完全相同的長直導線互相平行，它們的截面處于正方形abcd的四個頂點，導線中都通有大小相同的電流，方向如圖所示。正方形對角線的交點為O，通電導線a在O點產生的磁感應強度為B，四根通電導線在O點產生磁場的磁感應強度大小為___________，方向為___________。

22、絲綢與玻璃棒摩擦。玻璃棒由于______（選填“得到”或“失去”）電子而帶正電；在干燥的天氣里，用塑料梳子梳頭發(fā)時，頭發(fā)會隨著梳子飄起來，這是因為梳子和頭發(fā)摩擦時分別帶______（選填“同種”或“異種”）電荷，互相______的緣故。評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)23、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

24、如圖所示，磁感應強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內，左右各一半面積的范圍內，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規(guī)定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

25、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內有一個由四個阻值相同的電阻構成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共4分)26、某待測電阻Rx的阻值大約為100Ω；現(xiàn)要測量其阻值，實驗室提供有如下器材：

電流表A1（量程40mA、內阻r1＝10Ω）

電流表A2（量程100mA；內阻約為3Ω）

滑動變阻器R；最大阻值約為10Ω

定值電阻R0（R0＝100Ω）

電源E（電動勢6V；內阻不可忽略）

開關；導線若干。

（1）某同學設計的實驗電路圖如圖所示，其中a處應選用電流表_____，b處應選用電流表_____．（用所給器材的符號標注）

（2）關于實驗中滑動變阻器選用分壓式連接的原因，原因是_____。A．為了確保電流表使用安全B．能減少電能的損耗C．為了實現(xiàn)多次測量，減小誤差D．待測電阻Rx的阻值比滑動變阻器R的最大阻值大得多（3）某次測量時A1、A2的讀數分別為I1、I2．則Rx＝_____．（請用所給物理量的符號表示）27、把銅片和鋅片相隔約插入一個蘋果中，就制成了一個水果電池。銅片是電池的正極，鋅片是負極。用下列方法可測量該水果電池的電動勢和內阻。將水果電池、電阻箱和數字電壓表（可視為理想電表），按照如圖1所示的電路連接起來。調節(jié)電阻箱，測得多組電阻箱的阻值和對應的電壓記錄的數據如下表所示。123456720003000☆6000900020000800000.2900.3820.4540.5600.6640.8390.990

（1）表中數據☆對應電阻箱示數如圖2所示，其讀數為__________

（2）處理數據時，首先計算出每個電壓值的倒數和電阻值的倒數再繪制圖像。根據表中測得的多組數據，經過換算，將數據對應的坐標點標注在圖3中，請在該圖中標出表中第3組數據對應的坐標點，并畫出圖線_______。

（3）在圖線中，當時，外電路處于__________狀態(tài)（選填“斷路”或“短路”）。

（4）根據圖3可知，水果電池的電動勢__________（保留2位有效數字）。

（5）若將圖1所示電路中的數字電壓表替換為內阻未知（約）的指針式電壓表，仍按上述方法測量該水果電池的電動勢和內阻。請結合圖3判斷是否可行，并說明理由_______。評卷人得分六、解答題(共3題，共24分)28、靜電場有很多性質；其中之一就是電場力做功只與電荷運動的初末位置有關，與運動的路徑無關。

(1)如圖所示，電子以初速度v0沿平行于板面的方向從A點射入偏轉電場，并從另一側的某點射出。已知電子質量為m，電荷量為e。偏轉電場可以看作勻強電場，極板間電壓為U，極板長度為L，板間距為d。忽略電子所受重力。

a．求電子通過偏轉電場的過程中的加速度大小a；

b．求電子通過偏轉電場的過程中電場力對電子所做的功W.

(2)某同學突發(fā)奇想；設計了下圖所示的永動機模型。如圖所示，在水平方向上設置相反方向的勻強電場，在場中放置一光滑圓形絕緣管道，將帶正電的小球放置于管道中某點，在電場力的作用下，小球的速度會逐漸變大，一直運動下去。請你結合靜電場的基本性質，分析論證這位同學的設計是否可行。

29、如圖所示，水平地面上方有水平向右的、范圍足夠大的勻強電場，從地面上的A點豎直向上以初速度拋出一個質量為m、電荷量為的小球，B點為其運動軌跡的最高點，小球落在水平地面上的C點，取重力加速度大小勻強電場的電場強度大小忽略空氣阻力的影響，求：

（1）小球運動到B點時水平方向的分位移大小

（2）小球運動到C點時速度方向與水平方向夾角的正切值

（3）小球從A點運動到C點的過程中，小球動能減少過程所對應的時間

30、如圖所示，長為l的輕質細線固定在O點，細線的下端系住質量為m、電荷量為＋q的小球，小球的最低點距離水平面的高度為h，在小球最低點與水平面之間高為h的空間內分布著場強為E的水平向右的勻強電場．固定點O的正下方處有一小障礙物P；現(xiàn)將小球從細線處于水平狀態(tài)由靜止釋放．

(1)細線在剛要接觸障礙物P時；小球的速度是多大？

(2)細線在剛要接觸障礙物P和細線剛接觸到障礙物P時；細線的拉力發(fā)生多大變化？

(3)若細線在剛要接觸障礙物P時斷開，小球運動到水平面時的動能為多大？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【詳解】

A．根據電勢的疊加原理可知，兩個正電荷形成的電場中，C點的電勢最高，OD兩點電勢相等且小于C點電勢；故A錯誤；

B．兩個電荷在C點形成的電場等大反向，則根據場強的疊加原理可知C點的場強為零；故B錯誤；

C．D點的電場強度大小為

故C正確；

D．若在O點由靜止釋放一個試探正點電荷，因O點的場強方向沿CO方向，則電荷將沿CO方向做直線運動；故D錯誤。

故選C。

【點睛】

此題考查等量同種電荷的電場分布問題；注意場強的疊加滿足平行四邊形法則，而電勢的疊加滿足代數和。2、C【分析】【分析】

【詳解】

AB．0=10V、a=15V、b=0V，可知，在y方向上

沿y軸負方向，在x軸上

沿x軸正方向，所以電場方向與初速度方向垂直，與x軸夾角為45°向右下；所以粒子類平拋運動，從第一象限進入第四象限，故AB錯誤；

C．沿電場方向

在初速度方向

粒子初動能10eV，根據合成

故C正確；

D．根據速度反向延長線過位移中點，可知，D點反向延長過OE中點；所以該質子經過坐標軸時其速度方向與坐標軸的夾角小于45°，故D錯誤。

故選C。

3、B【分析】【詳解】

A．靜電式空氣凈化器除灰塵；利用的是帶電體具有吸引輕小物體的性質，屬于靜電應用，故A不符合題意；

B．下雨天；云層帶電打雷，往往在屋頂安裝避雷針，是導走靜電，防止觸電，屬于防范靜電危害，故B符合題意；

C．復印機復印文件資料；就是利用靜電墨粉成在鼓上，屬于靜電利用，故C不符合題意；

D．靜電噴涂是利用異種電荷間的吸引力來工作的；屬于靜電利用，故D不符合題意。

故選B。4、B【分析】【詳解】

根據公式分析可知，電勢能變化為零，即電場力做功a、b兩點的電勢差為零，即a、b兩點的電勢相等，而電勢與場強無關，所以a、b兩點的電場強度不一定相等．故A錯誤；B正確；電場力做功為零，由于不能判定運動的軌跡，所以作用于該點電荷的電場力與其移動的方向不一定總是垂直的，也不一定沿等勢面的方向．故CD錯誤．故選B．

【點睛】

從靜電場中a點移到b點，其電勢能的變化為零，電場力做功為零．但電荷不一定沿等勢面移動．a，b兩點的電勢一定相等.5、A【分析】本題考查勻強電場中電勢差與場強的關系.沿著電場線方向電勢越來越低,故由題圖可知O點電勢低,P點電勢高,所以OP兩點間電勢差為負值,勻強電場中兩點間電勢差取決于兩點間沿場強方向的距離,所以有:UOP=-EdOPsinθ=-10sinθ,A項正確.6、C【分析】【詳解】

開始時，液滴靜止，故

電場力向上。

A．當開關閉合時，兩板間的電勢差不變，則減小兩板間距離時，由U=Ed可知E增大；液滴所受電場力增大，合力向上，故液滴將向上運動，故A錯誤；

B．當開關閉合時，兩板間的電勢差不變，則增大兩板間距離時，由U=Ed可知E減??；液滴所受電場力減小，合力向下，故液滴將向下運動，故B錯誤；

CD．開關再斷開后，由公式得

則無論如何改變兩板間的距離；板間的電場強度均不發(fā)生變化，故電場力不變，故粒子仍能受力平衡，故C正確，D錯誤。

故選C。7、A【分析】【詳解】

A．帶電小球由A運動到B的過程中動能的增量為零，由功能關系可知，重力的功與電場力的功的總量為零，即

所以，A、B間的電壓

選項A正確；

B．由于在此過程中電場力做正功，電勢能減小，小球在B點時所具有的電勢能將小于在A點時所具有的電勢能．選項B錯誤；

C．若該電場是勻強電場，小球在A、B兩點處的速度又都是故小球只能做勻速運動在運動中，小球受到的重力、支持力和電場力的合力為零．因為電場力的大小和方向與電場強度的大小和方向的關系，使我們可以通過觀察電場力來了解電場強度．如圖可知，電場力完全可以大于、等于或者小于重力．也就是說電場強度E也完全可以大于、等于或者小于選項C錯誤；

D．小球沿著斜面向上運動時，動能沒有增量，由功能關系可知，重力和電場力做的總功必須為零，在這過程中重力做負功，故電場力一定是做正功而不可能做負功．若該電場是斜面中點正上方某點的正點電荷+Q產生的，如圖可知，A、B兩處的電勢關系定是注意到小球是帶正電的，它從A向B運動時；電場力和重力做的都是負功，不可能保持速度不變，D錯誤。

8、B【分析】【詳解】

開始時穿過線圈的磁通量Φ1=BScosθ=0.4×0.4×0.5Wb=0.08Wb

當把線圈以cd為軸順時針轉過120°角時，線圈平面與磁感線的方向垂直，所以通過線圈磁通量Φ2=BS=0.4×0.4Wb=0.16Wb

由圖可知，當把線圈以cd為軸順時針轉過120°角時，穿過線圈的磁通量的方向與開始時穿過線圈的磁通量的方向是相反的，所以磁通量的變化量：Φ=Φ1+Φ2=0.8+0.16Wb=0.24Wb

故ACD錯誤；B正確。

故選B。二、多選題(共6題，共12分)9、A:C:D【分析】【詳解】

AB．滑動變阻器處于含容支路中，相當于導線，所以移動滑動觸頭，，R1和R3所在電路中電流I不變，U不變；電容器兩端的電壓也不變，則θ不變。故A正確；B錯誤；

C．保持滑動觸頭P不動，用更強的光線照射R1，R1的阻值變小，外電路總電阻減小，電流I增大，內電壓和R3的電壓增大，則電容器板間電壓減小，板間電場強度變小，小球所受的電場力變小，則θ減?。还蔆正確；

D．保持滑動觸頭P不動，逐漸增加照射R1的光強，總電阻減小，電流I增大，外電壓U減小，根據閉合電路歐姆定律得

解得

可見保持不變；故D正確；

故選ACD。10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．使用1和2兩個接線柱，則R1和毫安表并聯(lián)，則有

帶入數據解得I=21mA

故A錯誤；B正確；

CD．使用1和3兩個接線柱毫安表滿偏電壓為U滿偏=R毫安×I滿偏=100Ω×0.001A=0.1V

毫安表滿偏時總電流21mA，則R2分壓為U2=R2×I=200Ω×0.021A=4.2V

所以最大測量值為Umax=U滿偏+U2=0.1V+4.2V=4.3V

故C正確；D錯誤。

故選BC。11、B:C【分析】【詳解】

A．根據

可知，該電源的電動勢為6.0V，電源的內阻為

故A錯誤；

B．根據圖像，電阻為

故B正確；

C．交點坐標表示回路電路和電壓，其對應的面積表示電源的輸出功率，電源的輸出功率為P出=UI=4.0×1.0W=4.0W

故C正確；

D．內阻消耗電功率

內；外電路消耗的電功率之比為1：2；故D錯誤。

故選BC。12、B:C【分析】【詳解】

A．可變電阻R1的兩部分并聯(lián)，在可變電阻R1的滑片由a端向b端緩慢滑動的過程中，電路的總電阻先增大后減小，根據閉合電路歐姆定律可知電路中的總電流先減小后增大，由U=E-I（R3+r）可知電壓表的示數先增大后減??；A錯誤；

B．根據歐姆定律可知電阻R2兩端的電壓先減小后增大；所以電容器所帶的電荷量先減小后增大，B正確；

C．由于R3＞r，在滑片由a端向b端緩慢滑動的過程中外電阻總大于電源內阻r；電源的輸出功率先減小后增大，C正確；

D．電壓表示數改變量與電流表示數改變量的比值等于R3+r，大小不變，D錯誤。13、A:B:D【分析】【詳解】

電荷所受電場力指向軌跡內側，由于電荷帶正電，因此電場線指向右下方，沿電場線電勢降低，故a等勢線的電勢最高，c點的電勢最低，故A正確；根據質點受力情況可知，從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，故P點的電勢能大于Q點的電勢能，故B正確；從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，動能增大，故P點的動能小于Q點的動能，故C錯誤；根據電場線的疏密來確定電場強度的強弱，可知，質點在P點時的電場力比通過Q點時大，那么P點時的加速度比通過Q點時大，故D正確．14、B:C【分析】【詳解】

A、由題板間場強方向向下，則C點的電勢高于D點的電勢;故A錯誤.

B、電容器的板間電壓U=8V，則兩板間勻強電場的場強故B正確.

C、D、B間的電勢差為UDB=EdDB=400×5×10-3V=2V，而極板B接地，電勢為零，則D點的電勢φD=2V;故C正確.

D、C、B間的電勢差為UCB=EdCB=400×1.5×10-2V=6V，而極板B接地，電勢為零，則C點的電勢φC=6V;故D錯誤.

故選BC.

【點睛】

求某點電勢常用的方法是先求出該點與零電勢點之間的電勢差，再求出這點的電勢．三、填空題(共8題，共16分)15、略

【分析】【詳解】

[1]由電磁波譜可知，電磁波包括無線電波、紅外線、可見光、紫外線、X射線、射線；故可見光是電磁波的一部分；

[2]電磁波在真空中的傳播速度都等于光速，

[3]麥克斯韋是建立了電磁場理論和預言了電磁波的存在，赫茲是在人類歷史上首先捕捉到電磁波的科學家。【解析】是赫茲16、A:C【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]AB．處于靜電平衡狀態(tài)下的導體所帶的電荷都分布在導體的外表面；故A能使驗電器帶電，B不能使驗電器帶電；

C．將驗電器與帶電物體用導線連接；二者組成新的導體，導致電荷在新的導體表面重新分布，所以可以使驗電器帶電，故C能使驗電器帶電；

D．由于靜電屏蔽的作用，驗電器不受外電場的影響，故金屬箔是閉合的，D不能使驗電器帶電。17、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]關系∶在勻強電場中；兩點間的電勢差等于電場強度與這兩點沿電場方向的距離的乘積。

（3）[3][4]適用條件∶勻強電場，d是沿電場方向兩點間的距離?！窘馕觥竣?電場強度②.沿電場方向③.勻強④.電場方向18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]電磁波通信：電磁波可以通過電纜、光纜進行有線傳輸，也可實現(xiàn)無線傳輸。電磁波的頻率越高，相同時間內傳遞的信息量越大?！窘馕觥竣?越高②.越大19、略

【分析】【分析】

【詳解】

定義。

（1）[1]串聯(lián)電路:把幾個導體（用電器）依次首尾連接；接入電路的連接方式。如圖甲所示。

（2）[2][3]并聯(lián)電路:把幾個導體（用電器）的一端連在一起，另一端也連在一起，再將兩端接入電路的連接方式。如圖乙所示?！窘馕觥竣?依次首尾②.連在一起③.也連在一起20、略

【分析】【詳解】

[1]根據電熱水壺的銘牌可知：220V表示電水壺的額定電壓為U=220V；即正常工作時電壓為220V；

[2]1100W表示水壺的額定功率為P=1100W；

[3]額定電流為【解析】2201100521、略

【分析】【詳解】

[1]據安培定則可得通電電流的磁場方向如圖所示。

正方形abcd的四個頂點，導線中都通有大小相同的電流，通電導線a在O點產生的磁感應強度為B，所以通電導線bcd在O點產生的磁感應強度均為B，由矢量疊加可得四根通電導線在O點產生磁場的磁感應強度大小為

[2]由疊加原理可得O點產生磁場的方向為由O指向b。【解析】2B由O指向b22、略

【分析】【詳解】

[1]絲綢與玻璃棒摩擦。玻璃棒由于失去電子而帶正電；

[2]在干燥的天氣里，用塑料梳子梳頭發(fā)時，頭發(fā)會隨著梳子飄起來，這是因為梳子和頭發(fā)摩擦時分別帶異種電荷，互相吸引的緣故?！窘馕觥渴ギ愋晕?、作圖題(共3題，共9分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點的等勢點，即E點，電勢為11V，連接BE，則BE為等勢線；電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，如圖所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過磁場的過程可分為三個階段，進入磁場階段（只有邊在磁場中），在磁場中運動階段（兩邊都在磁場中），離開磁場階段（只有邊在磁場中）。

①線框進入磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性增加，最后為

②線框在磁場中運動階段：對應，時間內，穿過線框的磁通量線性減小，最后為時間內，穿過線框的磁通量反向線性增加，最后為

③線框離開磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性減小，最后為

畫出圖像如圖所示。

【解析】見解析25、略

【分析】【詳解】

因為1；2接線柱之間的電阻與2、3接線柱之間的電阻之和等于1、3接線柱之間的電阻；所以2為中間的結點，又因為2、3接線柱之間的電阻與1、2接線柱之間的電阻的差等于1、2接線柱之間的電阻的一半，故2、3之間有兩個電阻井聯(lián)，后再與第三個電阻串聯(lián)，每個電阻均為1Ω，連接方式如圖所示。

【解析】五、實驗題(共2題，共4分)26、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]由于沒有電壓表，利用電流表和定值電阻串聯(lián)作電壓表使用，即將電流表A1與定值電阻R0串聯(lián)，可知a處應選用電流表A1，b處應選用電流表A2．

（2）[2]A.如果采用限流式，電路中的最大電流可達如果Rx兩端的接線松動，則可能b處A2出現(xiàn)燒表現(xiàn)象．故滑動變阻器選用分壓式連接；可確保電流表使用安全，故A正確；

B.在分壓式連接中；干路電流大，電源消耗電功率大；而在限流式連接中，干路電流小，電源消耗電功率小，故B錯誤；

C.分壓式連接中電流調節(jié)范圍比限流式大；能實現(xiàn)多次測量，可減小誤差，故C正確；

D.為了便于調節(jié)，在待測電阻的阻值Rx比變阻器的總電阻大得多的情況下應選擇分壓式；故D正確．

（3）[3]采用如圖所示的電路，則流過電阻Rx的電流為：待測電阻兩端的電壓為：根據歐姆定律得待測電阻為：【解析】A1A2ACD27、略

【分