2025年西師新版選修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年西師新版選修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，電源電動(dòng)勢為E，內(nèi)阻為r，R1、R2為定值電阻，且大于滑動(dòng)變阻器的最大阻值閉合電鍵S，將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片P由最上端滑到最下端，若電壓表V1、V2、電流表A的讀數(shù)改變量的大小分別用表示；則下列說法中正確的是

A.B.C.電源的發(fā)熱功率先減小，再增大D.電源的輸出功率先增大，再減小2、如圖所示的交流電路中，燈L1、L2和L3均發(fā)光；如果保持交變電源兩端電壓的有效值不變，但頻率減小，各燈的亮；暗變化情況為。

A.燈L1、L2均變亮，燈L3變暗B.燈L1、L2、L3均變暗C.燈L1不變，燈L2變暗，燈L3變亮D.燈L1不變，燈L2變亮，燈L3變暗3、當(dāng)波源遠(yuǎn)離觀測者時(shí)，觀測者所接收到的頻率f'和波源振動(dòng)的頻率f的關(guān)系為A.f'=fB.f'＜fC.f'＞fD.無法確定4、如圖所示，一個(gè)物體在與水平方向成角的拉力的作用下沿水平面勻速前進(jìn)了時(shí)間則（）

A.拉力對物體的沖量為B.拉力對物體的沖量為C.摩擦力對物體的沖量為D.拉力的功與摩擦力的功相同5、英國物理學(xué)家麥克斯韋認(rèn)為,磁場變化時(shí)會在空間激發(fā)感生電場．如圖所示,一個(gè)半徑為r的絕緣細(xì)圓環(huán)水平放置,環(huán)內(nèi)存在豎直向上的勻強(qiáng)磁場B,環(huán)上套一帶電荷量為+q的小球,已知磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間均勻增加,其變化率為k,若小球在環(huán)上運(yùn)動(dòng)一周,則感生電場對小球的作用力所做功的大小是()

A.0B.r2qk/2C.2πr2qkD.πr2qk評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、如圖所示，一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的小球，用絕緣細(xì)線懸掛在水平向右的勻強(qiáng)電場中，假設(shè)電場區(qū)域足夠大，靜止時(shí)懸線向左與豎直方向成60°角。線長為L，細(xì)線不可伸長。小球在運(yùn)動(dòng)過程中電荷量保持不變，重力加速度為g。現(xiàn)將電場反向；則下列說法正確的是()

A.小球帶負(fù)電，電場強(qiáng)度E＝B.電場反向后，小球在最低點(diǎn)的速度為C.電場反向后，小球先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，然后做圓周運(yùn)動(dòng)，最大速度vm＝D.電場反向后，小球?qū)⒆鐾鶑?fù)運(yùn)動(dòng)，能夠回到初始位置7、圖示空間有一靜電場，y軸上各點(diǎn)的場強(qiáng)方向沿y軸正方向豎直向下，兩小球P、Q用長為L的絕緣細(xì)線連接，靜止在軸上A、B兩點(diǎn)．兩球質(zhì)量均為m，Q球帶負(fù)電，電荷量為-q，A點(diǎn)距坐標(biāo)原點(diǎn)O的距離為L，y軸上靜電場場強(qiáng)大小E=，剪斷細(xì)線后，Q球運(yùn)動(dòng)到達(dá)的最低點(diǎn)C與B點(diǎn)的距離為h，不計(jì)兩球間的靜電力作用．則

A.P球帶正電B.P球所帶電荷量為-4qC.兩點(diǎn)間電勢差為D.剪斷細(xì)線后，Q球與O點(diǎn)相距3L時(shí)速度最大8、如圖，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a出發(fā)，經(jīng)過等容過程ab到達(dá)狀態(tài)b，再經(jīng)過等溫過程bc到達(dá)狀態(tài)c，最后經(jīng)等壓過程ca回到狀態(tài)a，下列說法正確的是（）

A.在過程ab中氣體的內(nèi)能增加B.在過程ca中外界對氣體做功C.在過程bc中氣體從外界吸收熱量D.在過程ca中氣體從外界吸收熱量9、下列說法正確的是（）A.氣體向真空的自由膨脹是不可逆的B.空調(diào)既能制熱又能制冷，說明熱傳遞不存在方向性C.一定質(zhì)量的某種理想氣體在等壓膨脹過程中，氣體對外做功，內(nèi)能可能減小E.一定質(zhì)量100的水變成100的水蒸氣，分子平均動(dòng)能不變，分子勢能增加E.一定質(zhì)量100的水變成100的水蒸氣，分子平均動(dòng)能不變，分子勢能增加10、如圖所示是甲、乙兩個(gè)單擺做簡諧運(yùn)動(dòng)的圖象，則下列說法中正確的是（）

A.甲、乙兩擺的振幅之比為2:1B.t=2s時(shí)，甲擺的重力勢能最小，乙擺的動(dòng)能為零C.甲、乙兩擺的擺長之比為4:1D.甲、乙兩擺擺球在最低點(diǎn)時(shí)擺線的拉力大小一定相等11、下列說法正確的是（）A.在同一地點(diǎn)，單擺做簡諧振動(dòng)的周期的平方與其擺長成正比B.彈簧振子做簡諧振動(dòng)時(shí)，振動(dòng)系統(tǒng)的勢能與動(dòng)能之和可以減少C.在同一地點(diǎn)，當(dāng)擺長不變時(shí)，擺球質(zhì)量越大，單擺做簡諧振動(dòng)的周期越小D.系統(tǒng)做穩(wěn)定的受迫振動(dòng)時(shí)，系統(tǒng)振動(dòng)的頻率等于周期性驅(qū)動(dòng)力的頻率12、空間存在平面直角坐標(biāo)系xoy，在x<0區(qū)域內(nèi)有沿x軸正向的勻強(qiáng)電場，在x>0區(qū)域內(nèi)有垂直平面向外的勻強(qiáng)磁場，在第二象限內(nèi)有矩形OACD，OA=h，OD=2h．一個(gè)質(zhì)量為m，電量為q的帶正電粒子（不計(jì)重力）從A點(diǎn)沿y軸正方向以某速度射入第二象限，經(jīng)t0時(shí)間后由D點(diǎn)進(jìn)入磁場，又經(jīng)一段時(shí)間射出磁場又回到A點(diǎn)，現(xiàn)只改變粒子自A點(diǎn)出射速度大小至v，粒子經(jīng)過一段時(shí)間運(yùn)動(dòng)可經(jīng)過C點(diǎn)，則（）

A.勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為B.勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為C.能使粒子以最短時(shí)間從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至C點(diǎn)的初速度v=D.能使粒子以最短時(shí)間從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至C點(diǎn)的初速度v>13、如圖所示；箱子放在水平地面上，箱內(nèi)有一質(zhì)量為m的鐵球以速度v向左壁碰去，來回碰幾次后停下來，而箱子始終靜止，則整個(gè)過程中（）

A.鐵球?qū)ο渥拥臎_量為零B.鐵球和箱子受到的沖量大小相等C.箱子對鐵球的沖量為mv，向右D.摩擦力對箱子的沖量為mv，向右評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)14、如圖，電源電動(dòng)勢E＝10V，內(nèi)阻r＝0.8Ω，R1＝3.2Ω，當(dāng)電鍵S斷開時(shí)，電阻R2消耗的電功率為4W；電鍵S閉合后，R2和R3的并聯(lián)電路消耗的總功率也是4W．則R2＝_______Ω，R3＝_______Ω．

15、每年入夏時(shí)節(jié)，西南暖濕氣流與來自北方的冷空氣在江南、華南等地交匯，形成持續(xù)的降雨．冷空氣較暖濕空氣密度大,當(dāng)冷暖氣流交匯時(shí)，冷氣團(tuán)下沉，暖濕氣團(tuán)在被抬升過程中膨脹．則暖濕氣團(tuán)溫度會_______（選填“升高”、“不變”或“降低”），同時(shí)氣團(tuán)內(nèi)空氣的相對濕度會_________（選填“變大”、“不變”或“變小”）．16、（1）用波長為的單色光照射單縫經(jīng)過雙縫在屏上產(chǎn)生明暗相間的干涉條紋，如圖所示，圖中為相鄰亮紋的位置，為中央亮條紋，則（）

A.到達(dá)的路程差為零。

B.到達(dá)的路程差為

C.到達(dá)的路程差為

D.到達(dá)的路程差為

E.若改用波長為的單色光照射單縫光屏上條紋間距將變大。

（2）在“用雙縫干涉測量光的波長”實(shí)驗(yàn)中。

①某同學(xué)先將光源靠近遮光筒的雙縫端并等高放置；然后在筒的另外一側(cè)觀察，發(fā)現(xiàn)筒的上壁照得很亮，此時(shí)他應(yīng)將遮光筒的觀察端向______（選填“上”或“下”）調(diào)節(jié)．

②某次測量如圖所示，則讀數(shù)為______．

③幾位同學(xué)實(shí)驗(yàn)時(shí)，有的用距離為的雙縫，有的用距離為的雙縫；同時(shí)他們還分別用紅；紫兩種不同顏色的濾光片遮住光源進(jìn)行了觀察；如圖選自他們的觀察記錄，其中正確反映實(shí)驗(yàn)結(jié)果的是______．（已知紅光波長大于紫光的波長）

17、玻璃管中的液面呈“凹”形，這是水浸潤玻璃產(chǎn)生的物理現(xiàn)象，根本原因是附著層內(nèi)分子間距______（選填“大于”“等于”或“小于”）液體內(nèi)部分子間距；分子勢能Ep和分子間距離r的關(guān)系圖像如圖所示，能反映附著層內(nèi)水分子的分子勢能Ep的可能是圖中______（選填“A”；“B”或“C”）的位置。

18、一太陽能電池板，直接用理想電壓表測得它兩極的開路電壓為0.8V，理想電流表測出的短路電流為0.04A，此電源內(nèi)阻為________Ω．若將該電池板與一阻值為20Ω的電阻器連成一閉合電路，則流過電阻的電流為________A．19、有一個(gè)教學(xué)用的可拆變壓器；如圖甲所示，它有兩個(gè)外觀基本相同的線圈A；B，線圈外部還可以繞線．

(1)某同學(xué)用一多用電表的同一歐姆擋先后測量了A、B線圈的電阻值，指針分別對應(yīng)圖乙中的A、B位置，由此可推斷________線圈的匝數(shù)較多(選填“A”或“B”)．

(2)如果把它看成理想變壓器，現(xiàn)要測定A線圈的匝數(shù)，提供的器材有：一根足夠長的絕緣導(dǎo)線、一只多用電表和低壓交流電源，請簡要敘述實(shí)驗(yàn)的步驟(寫出要測的物理量，并用字母表示)________;A線圈的匝數(shù)為nA＝________.(用所測物理量符號表示).20、如圖所示的電路，水平放置的上下可移動(dòng)的平行板電容器中有一個(gè)帶電液滴正好處于靜止?fàn)顟B(tài)，若保持電容器兩極板間的距離不變，將滑動(dòng)變阻器的滑片P向左移動(dòng)，液滴將___________（填“向上運(yùn)動(dòng)”、“向下運(yùn)動(dòng)”或“不動(dòng)”）；若保持變阻器的滑片P的位置不變，減小電容器兩極板間的距離，液滴將_________（填“向上運(yùn)動(dòng)”；“向下運(yùn)動(dòng)”或“不動(dòng)”）。

21、如下左圖所示，楔形木塊A固定在水平放置壓力傳感器上，A的斜面是光滑的．某同學(xué)將質(zhì)量不同的小鋼球從斜面頂端靜止釋放，記錄小鋼珠在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)壓力傳感器的示數(shù)．重力加速度g="9.8"m/s2.記錄實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)后；根據(jù)數(shù)據(jù)做出F-m圖像，如下右圖．

（1）由圖像知，木塊A的質(zhì)量M=____kg（保留小數(shù)點(diǎn)后一位）

（2）若斜面傾角為θ，由圖像知，_____（保留小數(shù)點(diǎn)后兩位）

（3）不同質(zhì)量的小鋼珠在斜面上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間______________（填“相同”或“不相同”）

22、如圖所示：A，B，C，D是勻強(qiáng)電場中一正方形的四個(gè)頂點(diǎn)．已知A，B，C三點(diǎn)的電勢分別為φA=15V，φB=3V，φC=－3V，則D點(diǎn)的電勢為_________V．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、解答題(共2題，共18分)26、如圖，相同的兩氣缸A、B裝有理想氣體，器壁導(dǎo)熱性能良好，兩氣缸用絕熱的細(xì)管通過閥門D連接，A中氣體溫度恒為t1=27℃，B放在t2=177℃的恒溫箱內(nèi)，B內(nèi)有一導(dǎo)熱活塞C，閥門D關(guān)閉時(shí)，兩氣體的體積相等，活塞C在圖示位置，此時(shí)A中氣體的壓強(qiáng)p1=2×105Pa、質(zhì)量m0=2kg，B中氣體的壓強(qiáng)p2=1×105Pa。打開閥門D；活塞C向右移動(dòng)，最終達(dá)到穩(wěn)定。連接氣缸的管道體積；活塞體積和摩擦均不計(jì)。求：

（1）平衡后氣缸A內(nèi)氣體的壓強(qiáng)p3；

（2）氣缸A中進(jìn)入氣缸B中的氣體的質(zhì)量m。

27、MN為水平放置的光屏，在其正下方有一半圓柱玻璃磚，玻璃磚的平面部分ab與光屏平行且過圓心O，平面ab與屏間距離為d=0.2m，整個(gè)裝置的豎直截面如圖所示，在O點(diǎn)正下方有一光源S，發(fā)出的一束單色光沿半徑射入玻璃磚，通過圓心O再射到屏上．現(xiàn)使玻璃磚在豎直面內(nèi)以O(shè)點(diǎn)為圓心沿逆時(shí)針方向以角速度緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，在光屏上出現(xiàn)了移動(dòng)的光斑。已知單色光在這種玻璃中的折射率為求：

①當(dāng)玻璃磚由圖示位置轉(zhuǎn)動(dòng)多長時(shí)間屏上光斑剛好徹底消失；

②玻璃磚由圖示位置轉(zhuǎn)到光斑剛好徹底消失的過程中，光斑在屏上移動(dòng)的距離s。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】【分析】

當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑臂P由上端向下滑動(dòng)的過程中，變阻器滑片上側(cè)電阻與R1串聯(lián)后與變阻器滑片下側(cè)并聯(lián)的總電阻一直變?。桓鶕?jù)閉合電路歐姆定律分析電路中的電流變化和路端電壓的變化，再根據(jù)歐姆定律分析對應(yīng)的電流和電阻關(guān)系，再根據(jù)功率公式分析功率的變化．

【詳解】

A項(xiàng)：由圖可知，電流表與R0的下部分串聯(lián)、R1與R0的上部分串聯(lián)，二者再并聯(lián)后與R2串聯(lián)；電流表中的電流小于流過R2的電流，故故A錯(cuò)誤；

B項(xiàng)：電壓表V測量路端電壓，則其電壓表示數(shù)的變化等于內(nèi)阻兩端電壓的變化，在滑片向下滑動(dòng)過程中，總電阻減小，總電流增大，并聯(lián)部分電壓減小，流過R1的電流減小，故流過電流表的電流增大，因此總電流的變化量小于A中電流的變化，因此故B正確；

C項(xiàng)：由B的分析可知；總電流增大，故電源的發(fā)熱功率一直增大，故C錯(cuò)誤；

D項(xiàng)：由于外電阻一定大于內(nèi)電阻；而在改變中外電阻減小，故外電阻越來越接近內(nèi)電阻，故電源的輸出功率一定增大，故D錯(cuò)誤．

故應(yīng)選：B．

【點(diǎn)睛】

本題考查了串、聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律的靈活運(yùn)用，難點(diǎn)是滑動(dòng)變阻器滑片P從最上端→中間→最下端總電阻變化情況的判斷．2、D【分析】【詳解】

輸入電壓頻率減小，對電阻R沒影響，燈L1亮度不變；電感線圈特點(diǎn)是通低頻阻高頻，燈L2的亮度變亮．電容器的特點(diǎn)是通高頻阻低頻，燈L3變暗一些；故選D.

點(diǎn)睛：對于電容和電感的特性可以利用感抗和容抗公式記憶：XL=2πfL，XC=L是電感，C是電容，f是頻率.3、B【分析】【詳解】

f由波源每秒鐘所振動(dòng)的次數(shù)決定,介質(zhì)振動(dòng)的頻率由波源頻率及波源相對介質(zhì)是否移動(dòng)來決定,當(dāng)觀察者遠(yuǎn)離波源過程中,觀察者接收到的機(jī)械波頻率比觀察者靜止時(shí)接收到的頻率小,即f'＜f.故ACD錯(cuò)誤,B正確.

故選B

【點(diǎn)睛】

利用多普勒效應(yīng)分析即可,當(dāng)觀察者遠(yuǎn)離波源過程中,觀察者接收到的機(jī)械波頻率比觀察者靜止時(shí)接收到的頻率小;當(dāng)觀察者靠近波源過程中,觀察者接收到的機(jī)械波頻率比觀察者靜止時(shí)接收到的頻率大.4、A【分析】【詳解】

AB．拉力對物體的沖量為

方向與F方向相同；A正確；B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)力的平衡可得：摩擦力

摩擦力對物體的沖量為

方向與摩擦力的方向相同。C錯(cuò)誤；

D．拉力做正功；摩擦力做負(fù)功，二者做的功不相同，D錯(cuò)誤。

故選A。5、D【分析】試題分析：磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間均勻增加，其變化率為k，故感應(yīng)電動(dòng)勢為：根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電動(dòng)勢的方向?yàn)轫槙r(shí)針方向；小球帶正電，小球在環(huán)上運(yùn)動(dòng)一周，則感生電場對小球的作用力所做功的大小是：W=qU=πr2qk；故選D。

考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律；楞次定律二、多選題(共8題，共16分)6、A:C【分析】【詳解】

A.根據(jù)平衡條件可知，小球受電場力向左，與場強(qiáng)方向相反，帶負(fù)電；且解得：A正確。

B.電場反向后，小球受向右的電場力大小為繩子松弛無彈力，小球沿電場力與重力的合力方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)繩子恰被拉直，拉直時(shí)由于重力做功獲得的豎直分速度變?yōu)?，保留水平方向分速度做圓周運(yùn)動(dòng)，所以從反向到最低點(diǎn)，水平方向末速度為v：解得：B錯(cuò)誤。

C.當(dāng)繩子方向與重力與電場力合力方向在一條直線上時(shí)，小球有最大速度，即當(dāng)繩子達(dá)到右側(cè)與豎直夾角60度時(shí)速度最大：根據(jù)動(dòng)能定理從最低點(diǎn)到最大速度處：解得：C正確。

D.由于小球在最低點(diǎn)被拉直時(shí)，動(dòng)能有所損失，根據(jù)能量守恒，小球回不到最初位置，D錯(cuò)誤7、B:C:D【分析】【分析】

選取AB組成的整體為研究的對象；寫出平衡方程，即可求得A的電量；剪斷細(xì)線后，B球的先向下做加速運(yùn)動(dòng)，B球受到的重力與電場力相等時(shí)，速度最大，由平衡條件求解A球或B球到O點(diǎn)的距離，根據(jù)功能關(guān)系分析電勢能的變化．

【詳解】

A．選取AB組成的整體為研究的對象，由平衡可知，其中所以方向向上，故P帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；

B．由解得：且為負(fù)電；故B正確；

C．對Q從B到C由動(dòng)能定理可得：解得：故C正確；

D．速度最即加速度為零，即有：解得：故D正確．

故選BCD．

【點(diǎn)睛】

本題主要是考查帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動(dòng)，兩個(gè)小球受到的力是變力，要根據(jù)它們受力變化的規(guī)律，正確分析得出它們運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，然后才能做出正確的結(jié)論．8、A:B:C【分析】【詳解】

A．在過程ab中氣體的溫度升高；則內(nèi)能增加，選項(xiàng)A正確；

BD．在過程ca中氣體體積減小，則外界對氣體做功，即W>0；壓強(qiáng)不變，則溫度降低，內(nèi)能減小，即?U<0，則根據(jù)可知Q<0；則氣體放熱，選項(xiàng)B正確，D錯(cuò)誤；

C．在過程bc中氣體溫度不變；內(nèi)能不變，體積變大，對外做功，則由熱力學(xué)第一定律可知，氣體從外界吸收熱量，選項(xiàng)C正確；

故選ABC。9、A:D:E【分析】【詳解】

A．熱力學(xué)第二定律也可以表述為：氣體向真空的自由膨脹是不可逆的；故A正確；

B．熱量能自發(fā)從高溫物體傳向低溫物體；空調(diào)制冷不是自發(fā)的，要消耗電能，故B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可知一定量的某種理想氣體在等壓膨脹過程中；氣體的溫度升高；又因?yàn)橐欢ㄙ|(zhì)量理想氣體的內(nèi)能大小只與溫度有關(guān)，與體積無關(guān)，所以內(nèi)能一定增加，故C錯(cuò)誤；

D．布朗運(yùn)動(dòng)是指懸浮在液體中的固體顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)；是液體分子對它的撞擊作用不平衡的結(jié)果，故D正確；

E．溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，一定量100的水變成100的水蒸氣；吸收熱量，溫度不變，其分子的平均動(dòng)能不變，吸收的熱量增加了分子之間的勢能，故E正確。

故選ADE。10、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖知甲；乙兩擺的振幅分別為2cm、1cm；故A正確；

B．t=2s時(shí)；甲擺在平衡位置處重力勢能最??；乙擺在振動(dòng)的最大位移處，動(dòng)能為零，故B正確；

C．甲、乙兩擺的周期之比為1:2，由單擺的周期公式T＝2π得到甲；乙兩擺的擺長之比為1：4，故C錯(cuò)誤；

D．由題目的條件不能比較甲；乙兩擺擺球在最低點(diǎn)時(shí)擺線的拉力大??；故D錯(cuò)誤。

故選AB。11、A:D【分析】【詳解】

根據(jù)單擺的周期公式解得：在同一地點(diǎn)，g一定，則知與L成正比，即單擺做簡諧振動(dòng)的周期的平方與其擺長成正比，A正確；彈簧振子做簡諧振動(dòng)時(shí)，振動(dòng)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，即振動(dòng)系統(tǒng)的勢能與動(dòng)能之和保持不變，B錯(cuò)誤；根據(jù)單擺的周期公式單擺做簡諧振動(dòng)的周期與擺球質(zhì)量無關(guān)，C錯(cuò)誤．系統(tǒng)做穩(wěn)定的受迫振動(dòng)時(shí)，系統(tǒng)振動(dòng)的頻率等于周期性驅(qū)動(dòng)力的頻率，與固有頻率無關(guān)，D正確．12、A:D【分析】【詳解】

A．設(shè)粒子的初速度為從A點(diǎn)進(jìn)入電場以后做類平拋運(yùn)動(dòng)，可得A正確。

B．粒子從A運(yùn)動(dòng)到D做類平拋的位移偏轉(zhuǎn)角的正切值為所以速度偏轉(zhuǎn)角的正切值為所以D點(diǎn)速度與y軸正方向成60°，根據(jù)幾何關(guān)系可得，要想粒子回到A點(diǎn)，粒子必須在D點(diǎn)關(guān)于x軸對稱的點(diǎn)回到電場才可以，所以粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為所以B錯(cuò)誤。

CD．因?yàn)椴桓淖冸妶?，所以粒子第一次運(yùn)動(dòng)到y(tǒng)軸的時(shí)間不變，設(shè)粒子第一次到達(dá)y軸的坐標(biāo)為（0，y），速度為方向與y軸成x方向的速度為則粒子進(jìn)入磁場做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑

所以粒子第二次到達(dá)y軸的坐標(biāo)為（0，），第一次和第二次到達(dá)y軸的點(diǎn)的間距為與初速度無關(guān)，所以根據(jù)對稱性可知，第一次到達(dá)y軸的坐標(biāo)為（0，3h），第二次到達(dá)y軸的坐標(biāo)為（0，-h），所以能使粒子以最短時(shí)間從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至C點(diǎn)的初速度v=C錯(cuò)誤D正確13、C:D【分析】A；箱子在水平方向上受到兩個(gè)力作用；球隊(duì)對箱子的作用力和地面對箱子的摩擦力，二力始終等值方向，其合力始終為零，故箱子始終靜止．因此，鐵球?qū)ο渥拥臎_量與摩擦力對箱子的沖量等值反向，合沖量為零，故A錯(cuò)誤；

B；根據(jù)動(dòng)量定理；鐵球受到的沖量為I=0-mv=-mv，而箱子受到的沖量始終為零．故B錯(cuò)誤；

C；根據(jù)動(dòng)量定理；箱子對鐵球的沖量為I=0-mv=-mv，負(fù)號表示方向向右．故C正確；D、箱子對鐵球的沖量mv，向右，根據(jù)牛頓第三定律，鐵球?qū)ο渥拥臎_量為mv，向左．又因?yàn)槟Σ亮εc鐵球?qū)ο渥拥淖饔昧Φ戎捣聪?，所以摩擦力對箱子的沖量為mv，向右．故D正確；

故CD正確；三、填空題(共9題，共18分)14、略

【分析】【詳解】

當(dāng)電鍵斷開時(shí)，電阻與串聯(lián)連接到電源上；則有：

解得：

令的電阻為則有：

解得：

由電阻并聯(lián)的特點(diǎn)，均舍去。

所以．【解析】1615、略

【分析】試題分析：空氣的相對濕度等于水蒸氣的實(shí)際壓強(qiáng)與同溫下水的飽和汽壓的比值；飽和汽壓隨溫度的降低而變??；一定溫度下，飽和汽的壓強(qiáng)是一定的．

暖濕氣團(tuán)在被抬升過程中膨脹，膨脹的過程中對外做功，氣團(tuán)的內(nèi)能減小，所以暖濕氣團(tuán)溫度會降低；飽和汽壓隨溫度的降低而變小，氣團(tuán)內(nèi)空氣的絕對濕度不變而飽和蒸汽壓減小，所以相對濕度會變大．【解析】降低變大16、略

【分析】【詳解】

（1）選B、D、E．振動(dòng)一致的兩光源在空間發(fā)生干涉，得到亮條紋的條件滿足若單色光波長變大，則條紋間距變大，E正確．

（2）①[1]發(fā)現(xiàn)筒的土壁照得很亮說明光線向上；即觀察端偏下所以應(yīng)將觀察端向上調(diào)節(jié)．

②[2]螺旋測微器的固定刻度為可動(dòng)刻度為所以最終讀數(shù)為．

③[3]根據(jù)可知，當(dāng)紅光分別通過距離為和的雙縫時(shí)，距離越大的條紋間的距離越小，故B正確；同理，當(dāng)紅光和紫光通過相同距離的雙縫時(shí)，即L、d相同情況下，波長越長的條紋間的距離越大，故D正確．【解析】（1）BDE（2）①上②5.007③BD17、略

【分析】【詳解】

[1][2]浸潤現(xiàn)象產(chǎn)生的原因是附著層內(nèi)分子間距小于液體內(nèi)部分子間距，分子間表現(xiàn)為斥力，分子勢能可能是圖像中的A點(diǎn)?！窘馕觥啃∮贏18、略

【分析】【分析】

根據(jù)開路電壓可求得電源的電動(dòng)勢；再根據(jù)短路電流由閉合電路歐姆定律可求得內(nèi)阻大??；再對接入20Ω的電阻進(jìn)行分析，由閉合電路歐姆定律求出電流大??；

【詳解】

開路電壓為則電源的電動(dòng)勢短路電流為

則內(nèi)阻

若與20Ω的電阻串聯(lián)時(shí)，電流．

【點(diǎn)睛】

本題考查閉合電路歐姆定律的正確應(yīng)用，要注意明確開路電壓為電源的電動(dòng)勢，當(dāng)外電阻為零時(shí)的電流為短路電流．【解析】200.0219、略

【分析】【詳解】

(1)由題圖乙可知A位置的阻值大于B位置的阻值，由電阻定律可得A線圈的匝數(shù)多于B線圈的．

(2)①用長導(dǎo)線繞一個(gè)n匝線圈，作為副線圈替代A線圈；

②把低壓交流電源接B線圈，測得線圈的輸出電壓為U；

③用A線圈換下繞制的線圈測得A線圈的輸出電壓為UA.

因?yàn)橐獪y量A線圈匝數(shù)，所以要把A線圈與低壓交流電源相連接．變壓器輸入輸出電壓都是交流電，所以要用交流電壓檔測輸入和輸出電壓．根據(jù)變壓器電壓比等于匝數(shù)比，有:所以

【點(diǎn)睛】

此題既要對多用表能正確使用，又要對變壓器的原理熟練掌握，綜合要求較高．【解析】(1)A(2)①用長導(dǎo)線繞一個(gè)n匝線圈，作為副線圈替代A線圈；②把低壓交流電源接B線圈，測得線圈的輸出電壓為U；③用A線圈換下繞制的線圈測得A線圈的輸出電壓為UA；20、略

【分析】【詳解】

[1]因開始時(shí)液滴受力平衡，故液滴受上的電場力等于重力；當(dāng)滑片向左滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻變大，則電路中電流減小，故R2兩端的電壓減小；因電容器與R2并聯(lián)，故電容器兩端的電壓減小，根據(jù)

則電容器內(nèi)部的場強(qiáng)E減??；液滴受電場力減小，故液滴將向下運(yùn)動(dòng)；

[2]當(dāng)滑片不動(dòng)時(shí)，電容器兩端的電壓不變，減小極板間的距離，根據(jù)

則電容器內(nèi)部的場強(qiáng)E增大，故受電場力增大，故液滴將向上運(yùn)動(dòng)?！窘馕觥肯蛏线\(yùn)動(dòng)向上運(yùn)動(dòng)21、略

【分析】【詳解】

試題分析：（1）當(dāng)m=0時(shí)，傳感器的示數(shù)即為木塊A的重力，則有：Mg=4.80N，解得：

（2）對小球受力分析；根據(jù)平衡條件可知，A對小球的支持力N=mgcosθ；

根據(jù)牛頓第三定律可知；小球?qū)的壓力為mgcosθ；

對A受力分析可知；傳感器對A的支持力F=Mg+mgcosθcosθ；

則傳感器的示數(shù)為F=Mg+mgcos2θ

則F-m圖象的斜率k=gcos2θ；

則有：

解得：cos2θ=0.82

（3）根據(jù)牛頓第二定律得小球下滑的加速度為：a＝gsinθ；則不同質(zhì)量的小鋼珠在斜面上運(yùn)動(dòng)情況完全相同，所以運(yùn)動(dòng)的時(shí)間也相同．

考點(diǎn)：研究加速度與物體質(zhì)量；受力的關(guān)系.

【名師點(diǎn)睛】

本題考查研究加速度與物體質(zhì)量、受力的關(guān)系實(shí)驗(yàn)；解題的關(guān)鍵是搞清實(shí)驗(yàn)的原理及分別對小球和A受力分析，求出傳感器的示數(shù)F與m的表達(dá)式，注意F-m圖象斜率和截距所表示的含義，難度適中．【解析】0.50.80（0.77~0.83）相同22、略

【分析】【詳解】

試題分析：連接AC，將AC三等分，標(biāo)上三等分點(diǎn)E、F，則根據(jù)勻強(qiáng)電場中沿電場線方向相等距離，電勢差相等可知，E點(diǎn)的電勢為3V，F(xiàn)點(diǎn)的電勢為9V．連接BE，則BE為一條等勢線，根據(jù)幾何知識可知，DF∥BE，則DF也是一條等勢線，所以D點(diǎn)電勢．

考點(diǎn)：考查了等勢面；電勢，勻強(qiáng)電場中電場強(qiáng)度與電勢差關(guān)系。

【名師點(diǎn)睛】

本題關(guān)鍵是找到等勢點(diǎn)，作出等勢線．電場線與等勢面之間的關(guān)系要理解，常常是作電場線的依據(jù)．【解析】9V四、作圖題(共3題，共18分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時(shí)針方向，則電流垂直紙面向里；