2025年魯人新版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年魯人新版必修3物理上冊階段測試試卷133考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，方向豎直向下的足夠大的勻強電場中有一條與水平方向成θ角的直線MN?，F(xiàn)將一個帶正電的小球從MN上的P點以初速度v0水平拋出，小球的運動軌道與直線MN相交于Q點（圖中未畫出）。不計空氣阻力；下列說法正確的是（）

A.v0越大，小球經(jīng)過Q點的速度方向與水平方向的夾角越大B.v0越大，小球從P點運動到Q點的過程中減少的電勢能越小C.小球運動到距離直線MN最遠處的時間與v0大小成正比D.小球沿直線MN方向上的分運動為勻速直線運動2、把六個相同的小燈泡接成如圖甲、乙所示的電路，調(diào)節(jié)變阻器使燈泡正常發(fā)光，甲、乙兩電路所消耗的功率分別用P甲和P乙表示；則下列結(jié)論中正確的是（）

A.P甲=P乙B.P乙=3P甲C.P甲=3P乙D.P乙>3P甲3、下列各式中，體現(xiàn)了用比值定義法定義的物理量是（）A.B.C.f=qvBD.W=Uq4、如圖所示，固定光滑直桿上套有一個質(zhì)量為m，帶電量為+q的小球和兩根原長均為l的輕彈簧，兩根輕彈簧的一端與小球相連，另一端分別固定在桿上相距為2l的A、B兩點，空間存在方向豎直向下的勻強電場。已知直桿與水平面的夾角為θ，兩彈簧的勁度系數(shù)均為小球在距B點的P點處于靜止狀態(tài)，Q點距A點重力加速度為g；下列選項正確的是（）

A.勻強電場的電場強度大小為B.若小球從P點以初速度沿桿向上運動，恰能到達Q點C.從固定點B處剪斷彈簧的瞬間小球加速度大小為方向向上D.小球從Q點由靜止下滑過程中動能最大為5、如圖所示在軸上關于O點對稱的AB兩點有等量同種點電荷在軸上的C點有點電荷且下列判斷正確的是。

A.O點的電勢為零B.D點的電場強度為零C.若將+q點電荷從O移到C，電勢能增加D.若將-q點電荷從O移到C，電勢能減小評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)6、如圖所示是一火警報警器的電路示意圖，其中為半導體熱敏材料制成的傳感器，這種半導體熱敏材料的電阻率隨溫度的升高而減?。娏鞅頌橹蛋嗍业娘@示器，電源兩極之間接一報警器，當傳感器所在處出現(xiàn)火情時，顯示器電流I、報警器兩端電壓U的變化情況是（）

A.I變大B.I變小C.U變大D.U變小7、如圖所示，平行板電容器與電動勢為的直流電源（內(nèi)阻不計）連接，電容器上極板與一靜電計相連，下極板接地，靜電計所帶電荷量很少，可被忽略。一質(zhì)量為m的帶電微粒靜止于電容器的中點P，P點與上、下極板間距離均為d，重力加速度為g；下列說法正確的是（）

A.微粒一定帶正電B.若電容器上極板豎直向下移動一小段距離，電容器電容增大，靜電計指針張角變小C.若先把電容器上極板豎直向下移動后，再將微粒由靜止釋放，經(jīng)過時間微粒到達上極板D.若先把電容器上極板豎直向下移動后，再將微粒由靜止釋放，微粒運動一段時間后打在極板上并被捕獲，微粒與極板作用過程中所受合外力的沖量大小為8、如圖所示，在某靜電除塵器產(chǎn)生的電場中，帶等量負電荷的兩顆微粒只受電場力作用，分別從p點沿虛線pm、pn運動；被吸附到金屬圓筒上。下列說法正確的是（）

A.n點的電勢高于p點的電勢B.微粒在p點的電勢能小于在m點的電勢能C.微粒從p到n的動能變化量大于從p到m的動能變化量D.微粒從p到n的電勢能變化量等于從p到m的電勢能變化量9、如圖所示，帶電量為Q的正點電荷固定在傾角為30°的光滑絕緣斜面底端C點，斜面上有A、B、D三點，A和C相距為L，B為AC中點，D為A、B的中點。現(xiàn)將一帶電小球從A點由靜止釋放，當帶電小球運動到B點時速度恰好為零。已知重力加速度為g，帶電小球在A點處的加速度大小為靜電力常量為k。則（）

A.小球從A到B的過程中，速度最大的位置在D點B.小球運動到B點時的加速度大小為C.BD之間的電勢差UBD大于DA之間的電勢差UDAD.AB之間的電勢差UAB=10、電荷量為Q1和Q2的兩點電荷分別固定在x軸上的O、C兩點，規(guī)定無窮遠處電勢為零，x軸上各點電勢隨x的變化關系如圖所示．則。

A.Q1的電荷量小于Q2的電荷量B.G點處電場強度的方向沿x軸負方向C.將一帶負電的試探電荷自G點靜止釋放，僅在電場力作用下一定能到達D點D.將一帶負電的試探電荷從D點移到J點，電場力先做正功后做負功11、如圖所示，水平桌面上固定一光滑絕緣的斜面，勻強電場方向平行于斜面，一平行斜面放置的絕緣輕質(zhì)彈簧的下端固定在斜面底端，上端在P點，小球恰好能靜止在Q點，現(xiàn)給小球一個沿斜面向下的初速度則下列說法正確的是（）

A.小球及彈簧所組成的系統(tǒng)機械能守恒B.從Q點到P點的過程小球重力勢能的減少量等于小球電勢能的增加量C.小球從P點到最低點的過程中，彈簧彈性勢能的增加量等于小球動能的減少量D.小球從P點到最低點的過程中，重力和電場力做功的代數(shù)和等于小球動能的減少量評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)12、電流：

（1）定義：電荷的___________移動形成電流。

（2）意義：反映了電流的___________程度。

（3）單位：

①國際單位：安培；簡稱安，符號為A。

②常用單位：毫安mA；微安μA。

③關系：1mA=___________A；1μA=___________A。

（4）表達式：

（5）電流的方向：___________定向移動的方向規(guī)定為電流的方向。13、如圖所示；當帶正電的絕緣空腔導體A的內(nèi)部通過導線與驗電器的小球B連接時，問驗電器是否帶電？

14、利用靜電除塵器可以消除空氣中的粉塵，靜電除塵器由金屬管A和懸在管中的金屬絲B組成，A和B分別接到高壓電源的正極和負極，其裝置示意圖如右圖所示．A、B之間有很強的電場，距B越近，場強__________（填“越大”或“越小”）．B附近的氣體分子被電離成為電子和正離子、粉塵吸附電子后被吸附到______（填“A”或“B”）上；最后在重力作用下落入下面的漏斗中．

15、如圖所示，實線為電場線，虛線表示等勢面，相鄰兩個等勢面之間的電勢差相等，有一個運動的正電荷在等勢面上某點的動能為20焦耳，運動至等勢面上的某一點時的動能變?yōu)榱悖羧榱愕葎菝?，則此電荷的電勢能為4焦耳時，其動能為__________J。

16、有一個靈敏電流表，內(nèi)阻為滿偏電流為要把它改裝成量程為的電流表，需并聯(lián)______的分流電阻；如果要把它改裝為量程的電壓表，需串聯(lián)_______的電阻（本題保留三位有效數(shù)字）。17、（1）自然界中有兩種電荷：_____________電荷和_____________電荷；

（2）電荷的相互作用：同種電荷相互_________，異種電荷相互___________；

（3）電荷量：電荷的多少，用Q或q表示，國際單位制中的單位是____________，符號是C。18、如圖所示，兩個不帶電的導體A和B，用一對絕緣柱支持使它們彼此接觸。把一帶正電荷的物體C置于A附近，貼在A、B下部的金屬箔___________（填“張開”或者“閉合”）。先把A和B分開，然后移去C，貼在A、B下部的金屬箔___________（填“張開”或者“閉合”）。

評卷人得分四、作圖題(共1題，共6分)19、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關S擲向1，一段時間后，將開關擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短評卷人得分五、實驗題(共2題，共8分)20、“測定銅導線的電阻率”實驗中可供使用的器材有：

A.橫戰(zhàn)面積為1.0mm2；長度為100m的一捆銅導線(電阻Rx；約2Ω)；

B.電流表G：內(nèi)阻Rg=100Ω；滿偏電流Ig=3mA；

C.電流表A：量程0.6A；內(nèi)阻約1Ω；

D.滑動變阻器R；最大阻值5Ω；

E.定值電阻：=3Ω，=900Ω，=1000Ω；

F.電源：電動勢6V；內(nèi)阻不計；

G.開關；導線若干．

請完成下列實驗內(nèi)容：

（1）把電流表G與定值電阻串聯(lián)改裝成量程為3V的電壓表，則定值電阻應選________(選填“”或“”)

（2）為了盡可能獲取多組數(shù)據(jù)，實驗電路圖應選下列四幅中的_______．電路中的作用是_________(選填“增大G表讀數(shù)以減小誤差”或“改裝電表以擴大量程”)

（3）根據(jù)正確的電路圖，完成實物圖的連接(已正確連接了部分導線)_______．

（4）某次測量中，電流表G的讀數(shù)為2.40mA時，電流表A的讀數(shù)為0.50A，由此求得銅導線的電阻率為___________Ω·m(保留2位有效數(shù)字)．21、我們明白；將兩個金屬電極鋅；銅插入一個水果中就能夠做成一個水果電池〔如下圖〕?，F(xiàn)要測量水果電池的電動勢和內(nèi)阻，兩位同學采納不同的方法進行探究。

〔1〕甲同學用量程為0～1V、內(nèi)阻約10kΩ的電壓表測水果電池的電壓時讀數(shù)為0.74V；用歐姆表直截了當測水果電池的兩極，讀得如今的讀數(shù)為9kΩ；用靈敏電流表直截了當接水果電池的兩極，測得電流為0.55mA。甲同學通過自己的分析認為該水果電池的電動勢為0.74V，由全電路歐姆定律得內(nèi)阻為此結(jié)果與歐姆表測量結(jié)果相差特別大。請你關心分析出現(xiàn)那個差距的緣故?！仓灰f出其中的兩點即可〕①_______；②_______。

〔2〕乙同學利用課本上介紹的伏安法測水果電池的電動勢和內(nèi)阻；電路圖和實物圖如下圖。

下表是測量某一水果電池時記錄的數(shù)據(jù)。123456789電壓U/V0.3200.3400.3960.4400.4600.5000.5200.5700.610電流I/mA0.4600.4000.3220.2700.2380.2040.1800.1320.100

請你依照測量數(shù)據(jù)在答題卷相應位置的坐標紙中描點，并作出U隨I變化的關系圖象_______。由圖象求出電流小于0.3mA時水果電池的電動勢為_______V，內(nèi)阻為_______Ω。

某次實驗后發(fā)明電壓表壞了，丙同學也想自己測一下水果電池的電動勢和內(nèi)阻，該同學在利用圖像法處理數(shù)據(jù)時該作出隨時間變化的關系圖象。另外該同學將四個如此的水果電池串聯(lián)起來給“2.5V,0.5A”的小燈泡供電，燈泡并不發(fā)光〔檢查電路無故障〕分析其不亮的緣故是_______。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【詳解】

A．由題意可知，帶電小球在電場中做類平拋運動，將MN看成斜面；由斜面平拋運動可知，只要落在斜面上，小球速度方向與水平方向夾角一定，故A錯誤；

B．由幾何關系可得

所以初速度越大；運動時間越長，豎直方向的位移越大，電場力做功越多，減小的電勢能越大，故B錯誤；

C．當小球速度方向與MN連線平行時，小球離MN最遠，則有

由運動學公式可得

所以

由于小球受重力與電場力；所以小球的合力恒定，加速度恒定，故C正確；

D．將小球的初速度和電場力與重力分解到MN方向上可知，小球在MN方向上做勻加速直線運動；故D錯誤。

故選C。2、C【分析】【分析】

【詳解】

設燈泡正常發(fā)光時的電流為I，對于甲圖，電路的總的電流為3I；此時甲的總功率的大小為。

P甲＝U?3I對于乙圖，電流的總電流的大小就為I；此時乙的總功率的大小為。

P乙＝U?I所以。

P甲＝3P乙故選C。3、B【分析】【詳解】

電阻是電阻的決定式，電阻的大小與電阻率、長度和橫截面積都有關，選項A錯誤；電場強度與電場本身決定，與試探電荷的電場力和電量無關，選項B正確；洛倫茲力與q、v、B都有關，不是比值定義法，選項C錯誤；電場力的功與電勢差和電量有關，不是比值定義法，選項D錯誤；故選B.

點睛：所謂比值定義法，就是用兩個基本的物理量的“比”來定義一個新的物理量的方法．比值法定義的基本特點是被定義的物理量往往是反映物質(zhì)的最本質(zhì)的屬性，它不隨定義所用的物理量的大小取舍而改變．4、D【分析】【詳解】

A．對小球進行受力分析可知

解得

故A錯誤；

B．從P到Q，彈簧的彈性勢能沒有發(fā)生變化，只有重力和電場力做功，根據(jù)動能定理

可得

故B錯誤；

C．由于下面的彈簧處于壓縮狀態(tài)，彈力沿著桿向上，若從固定點B處剪斷彈簧的瞬間，下面彈簧的彈力消失，小球的加速度沿著桿向下

解得

故C錯誤；

D．下滑到P點時沿桿方向合力為零，則速度最大，根據(jù)動能定理

故D正確。

故選D。5、B【分析】【詳解】

設AD=r，根據(jù)點電荷產(chǎn)生的電場強度公式E=k得到，兩個等量同種點電荷+Q在D點產(chǎn)生的電場強度大小均為E1=k兩電場方向夾角為1200，可知兩電場的合場強為k方向水平向右．因CD=r，可知-Q在O點產(chǎn)生的電場強度大小也為E=k方向水平向左，則D點的合場強為零．故B正確．D點的場強為零，則D點右側(cè)的電場線向右，DC之間的合場強的方向一定向左，順著電場線電勢降低，因D點右側(cè)無窮遠處電勢為零，可知O點的電勢不等于零，選項A錯誤；OC之間的合場強的方向向左，則將正的點電荷從O移到C，電場力做正功，電勢能減??；將負的點電荷從O移到C，電場力做負功，電勢能增加，選項CD錯誤；故選B.

【點睛】

空間任何一點的場強是各個電荷產(chǎn)生的電場強度疊加的結(jié)果，根據(jù)平行四邊形定則進行合成．等量同種電荷的電場要抓住對稱性二、多選題(共6題，共12分)6、B:D【分析】【詳解】

AB．當傳感器R2所在處出現(xiàn)火情時，R2的阻值變小，R2與R3的并聯(lián)電阻減小，外電路總電阻變小，則總電流變大，電路中并聯(lián)部分的電壓I變大，其他量不變，則U并變?。伙@示器的電流變?。碔變小，B正確，A錯誤；

CD．當傳感器R2所在處出現(xiàn)火情時，R2的阻值變小，R2與R3的并聯(lián)電阻減小，外電路總電阻變小，則總電流變大，電源的內(nèi)電壓變大，路端電壓變小，即有U變小；C錯誤；D正確；

故選BD．7、C:D【分析】【詳解】

A．由題圖可知，平行板電容器間電場方向向下，微粒靜止在P點滿足

可知微粒受到的電場力方向豎直向上；故微粒一定帶負電，故A錯誤；

B．若平行板電容器的上極板豎直向下移動一小段距離，兩板的間距變小，可知電容器的電容增大；因為靜電計指針張角的變化表征電容器兩極板間的電勢差變化，圖中兩板間電勢差U為電源的電動勢不變；所以靜電計指針的張角不變，故B錯誤；

C．電容器上極板豎直向下移動兩極板間場強大小由

變?yōu)?/p>

微粒所受電場力大小變?yōu)?/p>

微粒向上運動，加速度大小為

由

得

故C正確；

D．設微粒與上極板作用過程中所受合外力的沖量大小為I，自微粒開始運動到被捕獲這一過程，由動量定理有

解得

故D正確。

故選CD。8、A:D【分析】【詳解】

A．n點靠近正電荷，p點靠近負電荷，因此有故A正確；

B．負電荷從p到運動m電場力做正功，電勢能減小，帶負電的微粒在m點的電勢能較??；故B錯誤；

CD．兩微粒均只考慮電場力做正功，由動能定理有

因初末電勢差相同，電量q相等；則電場力的做正功相等，電勢能減小量相等，兩微粒的動能增加量也相等，故C錯誤，D正確；

故選AD。9、B:C【分析】【詳解】

A．帶電小球在A點時，有

當小球速度最大時，加速度為零，有

聯(lián)立上式解得

所以速度最大的位置不在中點D位置；A錯誤；

B．帶電小球在A點時，有

帶電小球在B點時，有

聯(lián)立上式解得

B正確；

C．根據(jù)正電荷的電場分布可知，B點更靠近點電荷，所以BD段的平均場強大小大于AD段的平均場強，根據(jù)可知，BD之間的電勢差UBD大于DA之間的電勢差UDA；C正確；

D．由A點到B點，根據(jù)動能定理得

由可得

聯(lián)立上式解得

D錯誤。

故選BC。10、B:D【分析】【詳解】

A項：圖像斜率表示場強大小，由圖可知在H點的場強為零，即Q1和Q2兩電荷在H的合場強為零，由公式可知，Q1的電荷量大于Q2的電荷量；故A錯誤；

B項：由圖知B點的電勢為零；由于沿著電場線電勢降低，所以在B點邊場強方向沿x軸正方向，在B點右邊場強方向沿x軸負方向，故B正確；

C項：由在G點場強方向沿x軸向左；負電荷所受電場力向右，所以負電荷沿x軸向右運，故C錯誤；

D項：由圖像可知從D點到J點電勢先升高再降低，負電荷的電勢能先減小后增大，電場力先做正功后做負功，故D正確．11、B:C【分析】【詳解】

A．由于有電場力做功；因此小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能不守恒，故A錯誤；

B．由題意可知，小球從Q點到P點運動過程中；所受合力為零，故合力做功為零，動能不變，則減少的重力勢能等于增加的電勢能，故B正確；

C．從P點到最低點過程中；合力做功等于彈簧彈力做功，故動能的減少量等于彈簧彈性勢能的增加量，故C正確；

D．電場力做功與重力做功的代數(shù)和始終為零；故D錯誤。

故選BC。三、填空題(共7題，共14分)12、略

【分析】【詳解】

略【解析】定向強弱10-310-6正電荷13、略

【分析】【詳解】

當A的內(nèi)部通過導線與驗電器的小球B相連時，導體A和驗電器已連為一個整體，整個導體為等勢體，同性電荷相斥，電荷重新分布，連接后導體與驗電器就是一個大的導體，驗電器部分不再是內(nèi)部，而是大導體外部，必有凈電荷從A移向B，所以驗電器帶正電?！窘馕觥恳娊馕?4、略

【分析】【詳解】

電源的兩極分別接在AB上；凈電荷一般分布在尖端，所以B處分布電荷較為密集，則距離B越近場強較大，粉塵吸附電子后帶負電，在電場力的作用下將會向正極板運動，即向A運動，最后被吸附到A上。

故答案為越大；A【解析】越大A15、略

【分析】【詳解】

正電荷經(jīng)過等勢面L3上某點時的動能為20J，運動至等勢面L1上的某一點時動能變?yōu)?，因為相鄰兩個等勢面間的電勢差相等，電場力做功相等，所以等勢面L2上的動能為10J，所以動能和電勢能之和為10J，當電荷的電勢能為4J時，其動能為6J?！窘馕觥?16、略

【分析】【詳解】

[1]將靈敏電流計改裝為電流表；原理圖為。

由圖可知

解得

[2]將靈敏電流計改裝為電壓表；原理圖為。

由圖可知

解得【解析】17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.正②.負③.排斥④.吸引⑤.庫侖18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]將一帶正電荷的物體C置于A附近，由于靜電感應，此時A帶負電，B帶正電，則貼在A、B下部的金屬箔張開。

[2]先把A和B分開，然后移去C，此時A帶負電，B帶正電，貼在A、B下部的金屬箔都張開?！窘馕觥竣?張開②.張開四、作圖題(共1題，共6分)19、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在