2025年粵人版必修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵人版必修3物理下冊階段測試試卷953考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、在如圖所示的電路中，電源的電動勢和內(nèi)阻以及電阻R2的阻值都恒定，當(dāng)滑動變阻器R1的滑片處于某位置時，電容器C兩極板間的帶電油滴恰好懸浮不動。下列判斷正確的是（）

A.若僅減小電容器兩極板間的正對面積，油滴將向下運動B.若僅將R1的滑片向右移動，油滴將向上運動C.若僅將R1的滑片向左移動，電源的效率將增加D.若僅將R1的滑片移動，電壓表V1、V2的示數(shù)變化量的代數(shù)和總等于零2、帶電微粒所帶電荷量不可能是下列值中的（）A.1.60×10-16CB.-2.50×10-19CC.8.00×10-10CD.-1.00×10-10C3、靜電力常量k的單位，如果用國際單位制基本單位的符號來表示，正確的是（）A.B.C.D.4、一個正點電荷Q靜止在正方形的一個頂點上，另一個帶電質(zhì)點射入該區(qū)域時，僅受電場力的作用恰好能依次經(jīng)過正方形的另外三個頂點a、b、c，如圖所示，則有()

A.質(zhì)點在a、b、c三處的加速度大小之比是1：2：1B.質(zhì)點由a到b電勢能減小，由b到c電場力做負(fù)功，在b點動能最小C.a、b、c三點電勢高低及電場強度大小的關(guān)系是D.若改變帶電質(zhì)點在a處的速度大小和方向，有可能使其在該電場中做類平拋運動5、兩個點電荷Q1和Q2固定在軸上兩點，兩者之間連線上各點電勢高低如圖中曲線所示取無窮遠(yuǎn)處電勢為零，由圖可知，下列說法正確的是（）

A.B點電場強度為零B.Q1為正電荷，Q2為負(fù)電荷C.Q1電量一定大于Q2電量D.將電子沿軸從A點移到C點，電場力先做正功再做負(fù)功6、太陽表面溫度約為6000K，主要發(fā)出可見光；人體溫度約為310K，主要發(fā)出紅外線；宇宙間的溫度約為3K，所發(fā)出的輻射稱為“3K背景輻射”，它是宇宙“大爆炸”之初在空間上保留下的余熱，若要進(jìn)行“3K背景輻射”的觀測，應(yīng)該選擇下列哪一個波段()A.無線電波B.紫外線C.X射線D.γ射線評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)7、圖中，考慮兩表內(nèi)阻的影響，用兩表示數(shù)算出的R測=（）

A.比R的真實值小B.比R的真實值大C.引起誤差的原因是U偏大D.引起誤差的原因是I偏小8、如圖所示，當(dāng)導(dǎo)體棒MN以速度v0開始向右沿導(dǎo)軌滑動的瞬間（導(dǎo)軌間有磁場；方向垂直紙面向里），下列說法正確的是（）

A.導(dǎo)體棒和導(dǎo)軌組成的閉合回路中有感應(yīng)電流B.導(dǎo)體棒和導(dǎo)軌組成的閉合回路中沒有感應(yīng)電流C.圓形金屬環(huán)B中有感應(yīng)電流D.圓形金屬環(huán)B中沒有感應(yīng)電流9、平行金屬板PQ、MN與電源和滑動變阻器如圖所示連接，電源的電動勢為內(nèi)阻不計；靠近金屬板P的S處有一粒子源能夠連續(xù)不斷地產(chǎn)生質(zhì)量為電荷量為初速度為零的粒子，粒子在PQ間的加速電場作用下穿過Q板的小孔緊貼N板水平進(jìn)入MN間的偏轉(zhuǎn)電場；改變滑片P的位置可改變加速電場的電壓和偏轉(zhuǎn)電場的電壓且所有粒子都能夠從間飛出；下列說法正確的是（）

A.粒子的豎直偏轉(zhuǎn)距離與成正比B.滑片P向左滑動，從偏轉(zhuǎn)電場飛出的粒子的偏轉(zhuǎn)角將減小C.飛出偏轉(zhuǎn)電場的粒子的最大速率D.飛出偏轉(zhuǎn)電場的粒子的最大速率10、如圖所示，在x軸上關(guān)于O點對稱的A、B兩點分別放有等量正電荷，M、N是x軸上的兩點，且OM＝MN，P點在第一象限，且PM垂直于x軸；則（）

A.P點電勢比M點電勢低B.M、O兩點間電勢差小于N、M兩點間電勢差C.M點場強比N點場強大D.在M點靜止釋放一帶正電粒子，該粒子將在x軸上做往返運動11、如圖所示，ABCD-EFHG是底面為菱形（邊長為L）的四棱柱，在A、C兩點分別固定一個電量為q的正點電荷，O為AC與DB的交點，P、Q是關(guān)于O點對稱的兩點，其中AQ=CP。則下列說法正確的是（）

A.D點電勢等于B點電勢B.P、Q兩點電場強度相同C.把質(zhì)子沿直線PQ從P點移到Q點，電場力做功為零D.在D點以初速度v0沿DB方向入射一電子，只在電場力作用下，將會沿DB方向勻加速運動到B點12、如圖所示，勻強電場中a、b、c、d為矩形的四個頂點，e、f分別為邊ab和cd的中點，ab=2ad=m。已知電場線平行于矩形所在平面，a、b、c電勢分別為4V；8V、6V；則（）

A.d點的電勢為0VB.勻強電場強度E=2V/mC.電場線方向垂直于ec向下D.一個電子從a點運動到c點,電勢能增大13、如圖所示的電路中；燈泡L的額定電壓和額定功率分別為5V；2.5W，K為單刀雙擲開關(guān)。當(dāng)開關(guān)接在位置1時，燈泡正常發(fā)光；當(dāng)開關(guān)接在位置2時，理想電壓表和理想電流表的讀數(shù)分別為4V、1A。則下列說法正確的是（）

A.定值電阻的阻值為10ΩB.開關(guān)接在位置2時，電源內(nèi)阻分的電壓為2VC.電源的電動勢為6VD.電源的內(nèi)阻為1Ω評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、如圖所示，帶電荷量分別為q1、q2的粒子，以相同的初速度從P點沿垂直于場強方向射入平行板間的勻強電場中，分別落在下極板上的A、B兩點，若AB＝OA，q1＝3q2，不計重力，則兩個粒子質(zhì)量之比為________，兩個粒子進(jìn)入電場之后的動能增量之比為________．

15、靜電平衡時，空腔導(dǎo)體內(nèi)表面沒有電荷，導(dǎo)體殼內(nèi)空腔里的電場強度處處為______.外電場對殼（網(wǎng)）內(nèi)的儀器不會產(chǎn)生影響，金屬殼的這種作用叫作______．16、摩擦起電和感應(yīng)起電。

（1）摩擦起電：當(dāng)兩種物質(zhì)組成的物體互相摩擦?xí)r，一些受束縛較弱的電子會轉(zhuǎn)移到另一個物體上，于是，原來電中性的物體由于得到電子而帶___________電，失去電子的物體則帶___________電。

（2）感應(yīng)起電：當(dāng)一個帶電體靠近導(dǎo)體時，由于電荷間相互吸引或排斥，導(dǎo)體中的自由電荷便會趨向或遠(yuǎn)離帶電體，使導(dǎo)體靠近帶電體的一端帶___________電荷，遠(yuǎn)離帶電體的一端帶___________電荷，這種現(xiàn)象叫作靜電感應(yīng)。利用___________使金屬導(dǎo)體帶電的過程叫作感應(yīng)起電。

17、判斷下列說法的正誤。

（1）導(dǎo)體內(nèi)沒有電流時，就說明導(dǎo)體內(nèi)部的電荷沒有運動。（____）

（2）電流既有大小，又有方向，是矢量。（____）

（3）導(dǎo)體中的電流一定是正電荷定向移動形成的。（____）

（4）電子定向移動的方向就是電流的方向。（____）

（5）電流越大，單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量越多。（____）18、如圖所示，兩條直線分別對應(yīng)著兩個導(dǎo)體R1、R2。那么，兩導(dǎo)體的電阻之比為R1:R2=_________，若兩個導(dǎo)體串聯(lián)時，兩導(dǎo)體兩端的電壓之比為U1:U2=_________。

評卷人得分四、作圖題(共2題，共16分)19、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學(xué)按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關(guān)S擲向1，一段時間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短20、由電流產(chǎn)生的磁場方向如圖所示；請在圖中標(biāo)出線圈中的電流方向.

評卷人得分五、實驗題(共2題，共16分)21、實驗小組用圖甲所示電路來測量待測電阻的阻值，圖中為標(biāo)準(zhǔn)電阻可視為理想電流表，S為開關(guān)，R為滑動變阻器，E為電源?；卮鹣铝袉栴}：

（1）先用多用電表歐姆擋粗測的阻值，選擇的倍率為“×1”，示數(shù)如圖乙所示，則讀數(shù)為_________Ω。

（2）按照圖甲所示的電路圖，用筆畫線代替導(dǎo)線在圖丙中連接好實物圖________。

（3）將滑動變阻器的滑動觸頭置于_________（選填“最左端”“最右端”或“中間位置”），閉合開關(guān)S，改變滑動變阻器滑動觸頭的位置，記下兩電流表的示數(shù)分別為則待測電阻_________（用表示）。

（4）為了減小誤差，改變滑動變阻器滑動觸頭的位置，多測幾組的值，作出關(guān)系圖象如圖丁所示，可得待測電阻_________Ω；考慮到實際上電流表有內(nèi)阻，待測電阻阻值的計算結(jié)果與真實值相比________（選填“偏大”或“偏小”）。22、利用如圖所示①的電路測定電源的電動勢和內(nèi)電阻．

(1)若閉合電鍵S1，將單刀雙擲電鍵S2擲向a，改變電阻箱R的阻值得到一系列的電壓表的讀數(shù)U．則由于未考慮電壓表分流導(dǎo)致電動勢的測量值與真實值相比_________，內(nèi)阻的測量值與真實值相比________．（填“偏大”“相等”或“偏小”)

(2)若斷開S1，將單刀雙擲電鍵S2擲向b，改變電阻箱R的阻值得到一系列的電流表的讀數(shù)I．則由于未考慮電流表分壓導(dǎo)致電動勢的測量值與真實值相比_________，內(nèi)阻的測量值與真實值相比________．(填“偏大”“相等”或“偏小”)

(3)某同學(xué)分別按照以上兩種方式完成實驗操作之后，利用圖線處理數(shù)據(jù)，得到如下兩個圖象（如圖②和③所示），縱軸截距分別是b1、b2，斜率分別為k1、k2．綜合兩條圖線的數(shù)據(jù)可以避免由于電壓表分流和電流表分壓帶來的系統(tǒng)誤差，則電源的電動勢E=_______，內(nèi)阻r=________．評卷人得分六、解答題(共3題，共24分)23、如圖所示，電源電動勢E＝1.5V，內(nèi)阻r＝0.5Ω，電流表滿偏電流Ig＝10mA，電流表的電阻Rg＝7.5Ω，A、B為接線柱。

（1）若用一條導(dǎo)線把A、B直接連接起來，則此時應(yīng)把可變電阻R1調(diào)節(jié)為多少才能使電流表恰好達(dá)到滿偏電流？

（2）調(diào)至滿偏后保持R1的值不變，在A、B間接入一個150Ω的定值電阻R2；電流表指針指到多少刻度位置？

24、能量在轉(zhuǎn)化的過程中往往與做功密切相關(guān)，電容器充電過程中的功能關(guān)系同樣如此。電容器不僅可以儲存電荷，也是重要的儲能器件。對電容為C的電容器（原來不帶電）充電，如圖1所示，已知電源的電動勢為E。

（1）圖2中畫出了電容器兩極間的電勢差u隨電荷量q的變化圖像，在圖中取一電荷量的微小變化量請類比直線運動中由v－t圖像求位移的方法，說明圖中小陰影矩形的“面積”所表示的物理含義；并計算電容器電壓為U時電容器儲存的電能

（2）請結(jié)合電動勢的定義，求電容器充電過程中電源內(nèi)部非靜電力所做的功W；并與充電過程中電容器增加的電能相比較；說明兩者“相等”或“不相等”的原因。

（3）電容器的電能是儲存在電場中的，也稱電場能。若定義單位體積內(nèi)的電場能量為電場能量密度某同學(xué)猜想應(yīng)當(dāng)與該處的場強的平方成正比，即已知平行板電容器的電容s為兩極板的正對面積，d為極板間距，k為常數(shù)；兩極板間為真空，板間電場可視為勻強電場。不計電容器電場的邊緣效應(yīng)。

a．請以電容器內(nèi)儲存的電場能為例論證該同學(xué)的猜想是否正確。

b．電容器充電后與電源斷開并保持電荷量不變，已知此時的電場能量密度為現(xiàn)固定其中一極板，緩慢拉開另一極板（保持兩極板正對），使板間距增加請分析說明，在此過程中電場能量密度如何變化；并求出此過程中外力所做的功（用s和表示）。

25、按圖甲所示連接電路，當(dāng)開關(guān)S閉合時，電源將使電容器兩極板帶上等量異種電荷，這一個過程叫做電容器充電．已知電容器的電容為C，電源電動勢大小為E．

（1）求充電結(jié)束后電容器所帶的電荷量Q．

（2）為了檢驗第（1）問結(jié)果是否正確，在圖甲中用電流傳感器觀察到充電時，電路中電流隨時間變化的it曲線如圖乙所示，其中為已知量．類比是一種常用的研究方法，對于直線運動，我們學(xué)習(xí)了用vt圖像求位移的方法．請你借鑒此方法；估算充電結(jié)束后電容器所帶的電荷量的大小．

（3）電容器在充電過程中，兩極板間的電壓u隨所帶電荷量q增多而增大，儲存的能量增大．請在圖丙中畫出電容器充電過程中的uq圖像，并借助圖像求出充電結(jié)束后電容器儲存的能量E0．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【詳解】

A．減小兩板間正對面積，電容器的板間電壓不變，場強不變，油滴所受的電場力不變，仍靜止，故A錯誤；

B．R1滑動觸頭向右移動時；接入電路的電阻增大，電路中電流減小，內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，則電容器板間電壓增大，板間場強增大，油滴所受的豎直向上的電場力增大，油滴將向上運動。故B正確；

C．同理可得，R1滑動觸頭向左移動時，接入電路的電阻減小，外電路電阻減小，而電源的效率

可知電源的效率減小，故C錯誤；

D．R1的滑動觸頭移動時，外電阻發(fā)生變化，則路端電壓隨之變化，電壓表V1，V2的讀數(shù)之和等于路端電壓，所以電壓表V1，V2的讀數(shù)變化量的代數(shù)和不等于零，故D錯誤。

故選B。2、B【分析】【詳解】

帶電微粒所帶電荷量必須是元電荷的整數(shù)倍

ACD是可能的；B是不可能的。

故選B。3、C【分析】【分析】

【詳解】

由可得

其中F、r、q的單位是N、m、C，其中可得k單位為

故選C。4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．粒子P在a、b、c三點時的加速度大小要根據(jù)庫侖定律求出庫侖力．由圖可知

代入庫侖定律

可得

而a與c點的電場力相等；由

可知；加速度之比應(yīng)為2:1:2，故A錯誤；

B．電荷受到的合力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，根據(jù)軌跡彎曲方向判斷出粒子與固定在O點的電荷是異種電荷，它們之間存在引力，所以質(zhì)點由a到b電場力做負(fù)功，電勢能增加，動能減??；由b到c電場力做正功，動能增大，在b點動能最??；故B錯誤；

C．根據(jù)點電荷的電場線的特點，Q與ac距離相等，都小于b，故b點的電勢低于ac兩點的電勢，即

即

故C正確；

D．該電場不是勻強電場；則粒子不可能在該電場中做類平拋運動，故D錯誤。

故選C。5、C【分析】【分析】

根據(jù)電勢的變化分析電勢能的變化；再根據(jù)電場強度即曲線斜率得到電場強度變化，進(jìn)而分析電場力變化。

【詳解】

A．圖象的斜率表示電場強度，B點的斜率不為0，所以B點的電場強度不為0；故A錯誤；

BC．由圖象可以發(fā)現(xiàn)，離Q1越近電場中的電勢越低，由此可以判斷Q1為負(fù)電荷，同理，由于離Q2越近電勢越高，所以Q2為正電荷，在它們的連線上的B點的電勢也是零，但B點離Q2近，所以Q1的電荷量要大于Q2的電荷量；故B錯誤，C正確；

D．從A點到C點電勢升高；負(fù)電荷在電勢越高處電勢能越小，所以電場力一直做正功，故D錯誤。

故選C。

【點睛】

解決本題的關(guān)鍵是知道正電荷周圍的電勢為正，負(fù)電荷周圍的電勢為負(fù)；知道圖像的斜率表示電場強度，熟記電勢能和電勢之間的關(guān)系式。6、A【分析】【詳解】

電磁波譜按波長由長到短的順序排列為：無線電波、紅外線、可見光、紫外線、X射線、γ射線；由題意知：物體溫度越高，其發(fā)出的電磁波的波長越短，宇宙間的溫度約為3K，則其發(fā)出的電磁波的波長應(yīng)在無線電波波段，故A正確，BCD錯誤。

故選A。二、多選題(共7題，共14分)7、B:C【分析】【分析】

【詳解】

圖中采用的電流表內(nèi)接法，由于電流表的分壓作用，導(dǎo)致電壓表測量的電壓值U比R兩端的電壓大；由歐姆定律。

可知R的測量值大于R的真實值；故BC正確，AD錯誤。

故選BC。8、A:C【分析】【詳解】

AB．當(dāng)導(dǎo)體棒MN以速度v0開始向右沿導(dǎo)軌滑動的瞬間；切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，導(dǎo)體棒和導(dǎo)軌組成的閉合回路中有感應(yīng)電流，故A正確，B錯誤；

CD．通過螺線圈管A的電流突然增大，螺線圈管A產(chǎn)生的磁場突然變強，穿過金屬環(huán)B的磁通量突然增大，由楞次定律可知，B中產(chǎn)生感應(yīng)電流；故C正確，D錯誤。

故選AC。9、A:C【分析】【詳解】

A．在平行金屬板PQ之間，根據(jù)動能定理有

粒子在F點的速度為

設(shè)偏轉(zhuǎn)電場MN的長度為L，MN之間的距離為d，則粒子通過偏轉(zhuǎn)電場MN的時間為

粒子的加速度為

所以粒子的豎直偏轉(zhuǎn)距離為

所以粒子的豎直偏轉(zhuǎn)距離與成正比；故A正確；

B．滑片P向左滑動的過程中的比值增大；所以粒子的豎直偏轉(zhuǎn)距離逐漸增大，根據(jù)類平拋運動的規(guī)律可知，從偏轉(zhuǎn)電場飛出的粒子豎直方向的速度逐漸增大，則飛出時粒子的速度的偏轉(zhuǎn)角逐漸增大，故B錯誤；

CD．飛出偏轉(zhuǎn)電場的粒子的最大動能為

因為

可得

故C正確；D錯誤。

故選AC。10、A:B:D【分析】【詳解】

A．由等量同種正電荷等勢線分布可知，M點電勢比P點電勢高；選項A正確．

BC．O、M間電場線比M、N間電場線分布稀疏．O、M兩點間電勢差小于M、N兩點間電勢差，N點場強大于M點場強；選項B正確；C錯誤．

D．根據(jù)對稱性，在M點靜止釋放的帶正電粒子會以點為中點做往返運動；選項D正確．

故選ABD。11、A:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)對稱性可知，D點電勢等于B點電勢；故A正確；

B．根據(jù)對稱性可知，P、Q兩點電場強度大小相同；方向不同，故B錯誤；

C．根據(jù)對稱性可知，P、Q兩點電勢相等，所以把質(zhì)子沿直線PQ從P點移到Q點；電場力做功為零，故C正確；

D．線段DB上電場強度并非處處相等，所以電子只在電場力作用下不可能由D點勻加速運動到B點，電子一定是先做變加速運動至O點后再做變減速運動運動至B點；故D錯誤。

故選AC。12、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．勻強電場的等勢線是等間距的平行直線，根據(jù)幾何關(guān)系，知ab的電勢差等于dc的電勢差；即。

φa-φb=φd-φc解得。

φd=2V故A錯誤；

BC．a(chǎn)、b兩點的電勢分別為4V、8V，e為ab的中點，則e點的電勢為6V，所以ec為等勢線，根據(jù)電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，知電場線垂直于ec向下；場強大小為。

故BC正確；

D．因為a點的電勢小于c點的電勢，根據(jù)電勢能Ep=qφ，知電子在a點的電勢能大于c點的電勢能；故D錯誤。

所以BC正確；AD錯誤；

故選BC。13、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．由題意可知，定值電阻的阻值

故A錯誤；

CD．當(dāng)開關(guān)接在位置1時，根據(jù)閉合電路歐姆定律有

其中

當(dāng)開關(guān)接在位置2時，根據(jù)閉合電路歐姆定律有

其中

聯(lián)立解得

故C正確D錯誤；

B．由以上分析可知；當(dāng)開關(guān)接在位置2時，電源內(nèi)阻分的電壓為2V，故B正確。

故選BC。三、填空題(共5題，共10分)14、略

【分析】【詳解】

[1]設(shè)q1運動的時間為t1，q2運動的時間為t2．粒子在水平方向做勻速直線運動，在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，兩粒子的初速度相等，設(shè)初速度為v0；

根據(jù)運動學(xué)公式：

可得時間：

所以有：

根據(jù)：

由以上各式聯(lián)立得

[2]根據(jù)動能定理有：所以動能增量之比為：【解析】3∶43∶115、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】0靜電屏蔽16、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2]摩擦起電：當(dāng)兩種物質(zhì)組成的物體互相摩擦?xí)r；一些受束縛較弱的電子會轉(zhuǎn)移到另一個物體上，于是，原來電中性的物體由于得到電子而帶負(fù)電，失去電子的物體則帶正電。

(2)[3][4][5]感應(yīng)起電：當(dāng)一個帶電體靠近導(dǎo)體時，由于電荷間相互吸引或排斥，導(dǎo)體中的自由電荷便會趨向或遠(yuǎn)離帶電體，使導(dǎo)體靠近帶電體的一端帶異種電荷，遠(yuǎn)離帶電體的一端帶同種電荷，這種現(xiàn)象叫作靜電感應(yīng)。利用靜電感應(yīng)使金屬導(dǎo)體帶電的過程叫作感應(yīng)起電。【解析】負(fù)正異種同種靜電感應(yīng)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】錯誤錯誤錯誤錯誤正確18、略

【分析】【詳解】

[1]由圖像可知

所以R1:R2=1:3。

[2]由串聯(lián)電路特點知U1:U2=R1:R2=1:3【解析】四、作圖題(共2題，共16分)19、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應(yīng)為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減??；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減??；選項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時間將變長，選項C錯誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據(jù)可知電容器的電荷量將變??；放電的時間將變短，選項D正確。

故選ABD?！窘馕觥緼BDABD20、略

【分析】【詳解】

第一幅圖中線圈內(nèi)部磁場垂直紙面向外；根據(jù)右手定則可以判斷，電流為逆時針；第二幅圖中，磁場向上，根據(jù)右手定則可以判斷，左端電流垂直紙面向外，右端電流垂直紙面向里。

【解析】第一幅圖中電流為逆時針；第二幅圖左端電流垂直紙面向外；右端電流垂直紙面向里。

五、實驗題(共2題，共16分)21、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由歐姆表讀數(shù)規(guī)則可知；讀數(shù)為24Ω。

（2）[2]電路連線如圖；

（3）[3]為了電路安全；防止電流過大，閉合開關(guān)前，應(yīng)將滑動變阻器的滑動觸頭置于最右端；

[4]流過定值電阻的電流為由并聯(lián)電路電壓規(guī)律可得

可得待測電阻

（4）[5]由

可得

圖象的斜率為

可得

[6]考慮到實際上電流表有內(nèi)阻，待測電阻阻值的計算值是待測電阻的真實值與電流表內(nèi)阻之和，待測電阻阻值的計算結(jié)果比真實值大?！窘馕觥?4最右端24偏大22、略

【分析】【詳解】

（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律：變形得：因此圖象的縱軸截距電動勢圖象的斜率則電源內(nèi)阻由圖示電路圖可知，由于電壓表的分流作用，通過電源的電流大于這是造成系統(tǒng)誤差的原因；若考慮電源電壓表內(nèi)阻，則表達(dá)式為變形得：則由數(shù)學(xué)規(guī)律可知，電動勢E偏小；內(nèi)阻偏?。?/p>

（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律E=I（R+r）變形，得到與R的關(guān)系式，根據(jù)數(shù)學(xué)知識得知，﹣R圖象的斜率的倒數(shù)等于電源的電動勢E，縱軸截距的絕對值等于電源的內(nèi)阻r與定值電阻的和，