2025年浙教版選修3物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年浙教版選修3物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、一定質(zhì)量的理想氣體，在壓強(qiáng)不變的情況下，溫度由5℃升高到10℃，體積的增量為ΔV1；溫度由283K升高到288K，體積的增量為ΔV2，則（）A.ΔV1=ΔV2B.ΔV1>ΔV2C.ΔV1<ΔV2D.無(wú)法確定2、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A依次經(jīng)過(guò)狀態(tài)B、C和D后再回到狀態(tài)A。其中，A→B和C→D為等溫過(guò)程，B→C為等壓過(guò)程，D→A為等容過(guò)程。關(guān)于該循環(huán)過(guò)程中；下列說(shuō)法正確的是（）

A.A→B過(guò)程中，氣體密度減小B.B→C過(guò)程中，氣體分子的平均動(dòng)能減小C.C→D過(guò)程中，氣體分子間平均距離增大D.D→A過(guò)程中，氣體分子的熱運(yùn)動(dòng)更劇烈3、在如圖所示的電路中，閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)過(guò)程中；下列說(shuō)法正確的是。

A.電容器的電荷量增大B.電流表A的示數(shù)減小C.電壓表V1示數(shù)在變大D.電壓表V2示數(shù)在變大4、已知R1=6Ω，R2=3Ω，R3=4Ω，AB端的總電壓為6V，把它們接成圖示電路，求它們的電流::()

A.1:1:2B.3:2:1C.1:2:3D.2:1:35、在圖示電路中，二氧化錫半導(dǎo)體型酒精氣體傳感器的電阻值r′與酒精氣體的濃度c成反比；其余電阻是定值電阻，那么，電壓表的示數(shù)U與酒精氣體濃度c之間的對(duì)應(yīng)關(guān)系正確的是。

A.U越大，表示c越小，c與U成反比B.U越大，表示c越小，但是c與U不成反比C.U越大，表示c越大，c與U成正比D.U越大，表示c越大，但是c與U不成正比6、關(guān)于電場(chǎng)強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（?）A.電荷在某處不受電場(chǎng)力作用，則該處電場(chǎng)強(qiáng)度一定為零B.某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，與該檢驗(yàn)正電荷受到的電場(chǎng)力方向一致C.一小段通電導(dǎo)線在某處不受磁場(chǎng)力作用，則該處磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零D.某點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向，與該點(diǎn)一小段通電導(dǎo)線受到的磁場(chǎng)力方向不一致．7、為探究人在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中腳底在接觸地面瞬間受到的沖擊力問(wèn)題，實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)利用落錘沖擊地面的方式進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，即通過(guò)一定質(zhì)量的重物從某一高度自由下落沖擊地面來(lái)模擬人體落地時(shí)的情況．重物與地面的形變很小，可忽略不計(jì)，g取10m/s2.下表為一次實(shí)驗(yàn)過(guò)程中的相關(guān)數(shù)據(jù)．根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知。

。重物（包括傳感器）的質(zhì)量m/kg

8.5

重物下落高度H/cm

45

重物反彈高度h/cm

20

最大沖擊力Fm/N

850

重物與地面接觸時(shí)間t/s

0.1

A.重物受到地面的最大沖擊力時(shí)的加速度大小為100m/s2B.重物與地面接觸前瞬時(shí)的速度大小為2m/sC.重物離開(kāi)地面瞬時(shí)的速度大小為3m/sD.在重物與地面接觸的過(guò)程中，重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的6倍8、光滑水平面上放有一上表面光滑、傾角為α的斜面體A，斜面體質(zhì)量為M、底邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，如圖所示．將一質(zhì)量為m、可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊B從斜面的頂端由靜止釋放，滑塊B經(jīng)過(guò)時(shí)間t剛好滑到斜面底端．此過(guò)程中斜面對(duì)滑塊的支持力大小為FN；則下列說(shuō)法中正確的是()

A.FN=mgcosαB.滑塊下滑過(guò)程中支持力對(duì)B的沖量大小為FNtcosαC.滑塊B下滑的過(guò)程中A、B組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒D.此過(guò)程中斜面體向左滑動(dòng)的距離為L(zhǎng)9、用波長(zhǎng)為的紫外線照射鎢的表面，釋放出來(lái)的光電子中最大的動(dòng)能是4.7．由此可知，鎢的極限頻率是（普朗克常量h=6.63·s），光速c=3.0/s，結(jié)果取兩位有效數(shù)字）A.5.5HzB.7.9HzC.9.8HzD.1.2Hz評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、如圖所示；圖中的四個(gè)電表均為理想電表，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向右端移動(dòng)時(shí)，下面說(shuō)法中正確的是()

A.電壓表的讀數(shù)減小，電流表的讀數(shù)增大B.電壓表的讀數(shù)減小，電流表的讀數(shù)減小C.電壓表的讀數(shù)的變化量與的讀數(shù)變化量之比不變D.電壓表的讀數(shù)與的讀數(shù)之比變大11、如圖所示，在一單邊有界磁場(chǎng)的邊界上有一粒子源O，沿垂直磁場(chǎng)方向，以相同速率向磁場(chǎng)中發(fā)出了兩種粒子，a為質(zhì)子(11H)，b為α粒子(42He)，b的速度方向垂直磁場(chǎng)邊界，a的速度方向與b的速度方向夾角為θ＝30°，兩種粒子最后都打到了位于磁場(chǎng)邊界位置的光屏OP上；則()

A.a、b兩粒子轉(zhuǎn)動(dòng)周期之比為2∶3B.a、b兩粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為2∶3C.a、b兩粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)動(dòng)半徑之比為1∶2D.a、b兩粒子打到光屏上的位置到O點(diǎn)的距離之比為1∶212、帶電粒子M和N，先后以不同的速度沿PO方向射入圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域；運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，不計(jì)重力，下列分析正確的是()

A.M帶正電B.M帶負(fù)電C.N帶正電D.N帶負(fù)電13、如圖所示，兩虛線之間的空間內(nèi)存在著正交或平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)E和勻強(qiáng)磁場(chǎng)B，有一個(gè)帶正電的小球（電荷量+q，質(zhì)量為m）從正效或平行的電磁復(fù)合場(chǎng)上方的某一高度處自由落下，那么，帶電小球不可能沿直線通過(guò)下列的哪個(gè)電磁混合場(chǎng)（）A.B.C.D.14、如圖所示的電路中，當(dāng)可變電阻R的值增大時(shí)（??）

A.ab兩點(diǎn)間的電壓Uab增大.B.ab兩點(diǎn)間的電壓Uab減小.C.通過(guò)電阻R的電流IR增大.D.通過(guò)電阻R的電流IR減小.15、如圖所示；在xOy平面內(nèi)有兩根平行于y軸水平放置的長(zhǎng)直導(dǎo)線，通有沿y軸正向；大小相同的電流I，兩導(dǎo)線關(guān)于y軸對(duì)稱(chēng)，P為x軸上一點(diǎn)，Q為z軸上一點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.O點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零B.P點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向沿z軸正向C.Q點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向沿x軸正向D.正電荷沿y軸運(yùn)動(dòng)時(shí)，不受洛倫茲力作用16、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)開(kāi)始，經(jīng)歷回到原狀態(tài)，其圖像如圖所示；下列判斷正確的是（）

A.氣體在狀態(tài)的內(nèi)能小于在狀態(tài)的內(nèi)能B.氣體從到的過(guò)程中，體積先變大后不變C.氣體從到的過(guò)程中，吸收的熱量大于內(nèi)能的變化量D.氣體從到的過(guò)程中氣體對(duì)外界做的功，小于到的過(guò)程中外界對(duì)氣體做的功17、某同學(xué)自制的簡(jiǎn)易電動(dòng)機(jī)示意圖如圖所示。矩形線圈由一根漆包線繞制而成；漆包線的兩端分別從線圈的一組對(duì)邊的中間位置引出，并作為線圈的轉(zhuǎn)軸。將線圈架在兩個(gè)金屬支架之間，線圈平面位于豎直面內(nèi)，永磁鐵置于線圈下方。為了使電池與兩金屬支架連接后線圈能連續(xù)轉(zhuǎn)動(dòng)起來(lái)，該同學(xué)應(yīng)將。

A.左、右轉(zhuǎn)軸下側(cè)的絕緣漆都刮掉B.左、右轉(zhuǎn)軸上下兩側(cè)的絕緣漆都刮掉C.左轉(zhuǎn)軸上側(cè)的絕緣漆刮掉，右轉(zhuǎn)軸下側(cè)的絕緣漆刮掉D.左轉(zhuǎn)軸上下兩側(cè)的絕緣漆都刮掉，右轉(zhuǎn)軸下側(cè)的絕緣漆刮掉18、如圖所示，同一豎直面內(nèi)的正方形導(dǎo)線框的邊長(zhǎng)均為電阻均為質(zhì)量分別為和．它們分別系在一跨過(guò)兩個(gè)定滑輪的輕繩兩端，在兩導(dǎo)線框之間有一寬度為磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為方向垂直豎直面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域．開(kāi)始時(shí)，線框的上邊與勻強(qiáng)磁場(chǎng)的下邊界重合，線框的下邊到勻強(qiáng)磁場(chǎng)的上邊界的距離為．現(xiàn)將系統(tǒng)由靜止釋放，當(dāng)線框全部進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，兩個(gè)線框開(kāi)始做勻速運(yùn)動(dòng)．不計(jì)摩擦和空氣阻力，重力加速度為則。

A.兩個(gè)線框勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小為B.線框從下邊進(jìn)入磁場(chǎng)到上邊離開(kāi)磁場(chǎng)所用時(shí)間為C.從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到線框全部進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，線框所產(chǎn)生的焦耳熱為D.從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到線框全部進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，兩線框共克服安培力做功為評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)19、如圖為一定質(zhì)量的理想氣體的體積與熱力學(xué)溫度的關(guān)系圖像，該氣體的狀態(tài)經(jīng)歷的變化過(guò)程。氣體狀態(tài)由過(guò)程中，氣體壓強(qiáng)________（選填“增大”“不變”或“減小”）；若整個(gè)過(guò)程中氣體放出的熱量為則整個(gè)過(guò)程外界對(duì)氣體所做的功為_(kāi)_______。

20、帶有活塞的汽缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量的理想氣體，氣體開(kāi)始處于a狀態(tài)，然后經(jīng)過(guò)狀態(tài)變化過(guò)程到達(dá)c狀態(tài)。在圖中變化過(guò)程如圖所示。

（1）氣體從a狀態(tài)經(jīng)過(guò)到達(dá)b狀態(tài)的過(guò)程中壓強(qiáng)____________。（填“增大”；“減小”或“不變”）

（2）氣體從b狀態(tài)經(jīng)過(guò)到達(dá)c狀態(tài)的過(guò)程要____________。（填“吸收”或“放出”）熱量。21、一定質(zhì)量的理想氣體，從初始狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B、C、D再回到A，體積V與溫度T的關(guān)系如圖所示。圖中TA、VA和TD為已知量。

(1)從狀態(tài)A到B，氣體經(jīng)歷的是______(選填“等溫”；“等容”，或“等壓”)過(guò)程；

(2)從B到C的過(guò)程中，氣體的內(nèi)能______(選填“增大”“減小”或“不變”)。22、勞倫斯制成了世界上第一臺(tái)回旋加速器，其原理如圖所示．這臺(tái)加速器由兩個(gè)銅質(zhì)D形盒構(gòu)成，其間留有空隙．若D形盒的半徑為R，所加交變電壓的頻率為f，要加速質(zhì)量為m，電荷量的粒子，則所加磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為_(kāi)__________，帶電粒子離開(kāi)加速器時(shí)能獲得的最大動(dòng)能__________．23、小涵站在平面鏡前0.5m處觀察自己在鏡中的像，像到平面鏡的距離是______m，她向后退的過(guò)程中，像的大小______（選填“變大”、“變小”或“不變”）。評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共21分)24、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫(huà)出電流方向或磁感線方向．

25、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫(huà)出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

26、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫(huà)出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共12分)27、兩個(gè)學(xué)習(xí)小組分別用下面兩種方案測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻．

方案（1）用內(nèi)阻為3kΩ、量程為1V的電壓表，保護(hù)電阻R0，電阻箱R1，開(kāi)關(guān)S測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻．

①由于干電池電動(dòng)勢(shì)為1.5V，需要把量程為1V的電壓表擴(kuò)大量程．若定值電阻R1可供選擇的阻值有1kΩ、1.5kΩ、2kΩ，其中最合適的是__________．

②請(qǐng)?jiān)谔摼€框內(nèi)畫(huà)出測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的電路原理圖__________，并完成圖（a）中剩余的連線__________．

方案（2）按照?qǐng)D（b）的電路測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，已知電流表內(nèi)阻為RA，R1=RA，保護(hù)電阻的阻值為R0，若電流表讀數(shù)為I，則通過(guò)電源的電流為_(kāi)______．根據(jù)測(cè)得的數(shù)據(jù)作出圖像，圖線的斜率為k，縱截距為b，則電源電動(dòng)勢(shì)E=_________，內(nèi)阻r=______________．

28、某興趣小組為了測(cè)量一個(gè)量程為6.0V的直流電壓表的內(nèi)阻RV（約為幾千歐）；根據(jù)手中器材，設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路。

(1)該實(shí)驗(yàn)中需要進(jìn)行的步驟羅列如下，合理的順序是___________（用步驟前的字母表示）。

A．閉合開(kāi)關(guān)S

B．將電阻箱R0的阻值調(diào)到零，并把滑動(dòng)變阻器的滑片P滑到a端。

C．調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R的阻值；使電壓表的示數(shù)為6.0V

D．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)S

E．調(diào)節(jié)電阻箱R0的阻值使電壓表示數(shù)為4V，讀出此時(shí)電阻箱R0的阻值。

(2)若在實(shí)驗(yàn)步驟E中，讀出R0的阻值為1450則該電壓表的內(nèi)阻的測(cè)量值為_(kāi)__________由于系統(tǒng)誤差，測(cè)量值___________（選填“偏大”或“偏小”）。

(3)為了使測(cè)量結(jié)果盡可能精確，現(xiàn)有如下兩個(gè)滑動(dòng)變阻器，則實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)選擇___________（填A(yù)或B）

A．R1（最大阻值為10）

B．R2（最大阻值為500）

某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)，由于電阻箱R0的調(diào)節(jié)而引起電路電壓的變化，為消除電路電壓的變化對(duì)電壓表內(nèi)阻測(cè)量的影響，手邊還有另一只量程為6V的電壓表V1，請(qǐng)對(duì)圖甲電路作些改動(dòng)，并畫(huà)出改動(dòng)后的電路圖__________。評(píng)卷人得分六、解答題(共3題，共24分)29、如圖所示平行板電容器兩板間有水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，此電場(chǎng)有明顯的邊界，電場(chǎng)區(qū)域的高度是h=0.25m，一個(gè)質(zhì)量為m=1.0×10-3kg帶電量為q=1.0×10-4C的小球從電場(chǎng)的下方邊界處的一點(diǎn)以v0=3m/s的初速度垂直進(jìn)入電場(chǎng)區(qū)域，若勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為E=100N/m，求小球離開(kāi)電場(chǎng)區(qū)域時(shí)的偏移量x（g=10m/s2）

30、1932年；勞倫斯和利文斯設(shè)計(jì)出了回旋加速器?；匦铀倨鞯墓ぷ髟砣鐖D所示，置于高真空中的D形金屬盒半徑為R，兩盒間的狹縫很小，帶電粒子穿過(guò)的時(shí)間可以忽略不計(jì)。磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與盒面垂直。A處粒子源產(chǎn)生的粒子，質(zhì)量為m；電荷量為+q，在加速器中被加速，加速電壓為U。加速過(guò)程中不考慮相對(duì)論效應(yīng)和重力作用。

（1）求粒子第2次和第1次經(jīng)過(guò)兩D形盒間狹縫后軌道半徑之比；

（2）求粒子從靜止開(kāi)始加速到出口處所需的時(shí)間t；

（3）實(shí)際使用中，磁感應(yīng)強(qiáng)度和加速電場(chǎng)頻率都有最大值的限制。若某一加速器磁感應(yīng)強(qiáng)度和加速電場(chǎng)頻率的最大值分別為Bm、fm，試討論粒子能獲得的最大動(dòng)能E㎞。31、如圖所示，在以為圓心，內(nèi)外半徑分別為和的圓環(huán)區(qū)域內(nèi)，存在垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一電荷量為質(zhì)量為的粒子從內(nèi)圓上的點(diǎn)進(jìn)入該區(qū)域；不計(jì)重力．

（1）如圖，已知粒子從延長(zhǎng)線與外圓的交點(diǎn)以速度射出，方向與延長(zhǎng)線成45°角；求磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小及粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．

（2）在圖中，若粒子從點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，速度大小為方向不確定，要使粒子一定能夠從外圓射出，磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)小于多少？參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【詳解】

由蓋—呂薩克定律

得ΔV=V

所以ΔV1=V1、ΔV2=V2

因?yàn)閂1、V2分別是氣體在5℃和283K時(shí)的體積，而=

所以ΔV1=ΔV2

故選A。

【點(diǎn)睛】

在應(yīng)用蓋—呂薩克定律公式時(shí)，T是熱力學(xué)溫度，不是攝氏溫度；而ΔT用熱力學(xué)溫度或攝氏溫度都可以。2、C【分析】【詳解】

A．A→B過(guò)程中；氣體體積減小，質(zhì)量不變，所以密度增大，故A錯(cuò)誤；

B．B→C過(guò)程中；氣體經(jīng)歷等壓過(guò)程，體積增大，根據(jù)蓋—呂薩克定律可知?dú)怏w溫度升高，分子的平均動(dòng)能增大，故B錯(cuò)誤；

C．C→D過(guò)程中；氣體體積增大，分子間平均距離增大，故C正確；

D．D→A過(guò)程中；氣體經(jīng)歷等容過(guò)程，壓強(qiáng)減小，根據(jù)查理定律可知?dú)怏w溫度降低，分子的熱運(yùn)動(dòng)更平和，故D錯(cuò)誤。

故選C。3、C【分析】試題分析：當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器阻值減小，故路端電壓減小，而電容器的兩端間的電壓就是路端電壓，結(jié)合Q=CU可得，電容器的電荷量減小，故A錯(cuò)誤；當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器阻值減小，故電路的電流增大，電流表A的示數(shù)變大，故B錯(cuò)誤；電壓表V1示數(shù)等于電流與R1阻值的乘積，故示數(shù)在變大，故C正確；路端電壓減小，而電壓表V1示數(shù)在變大，電壓表V2示數(shù)在減??；故D錯(cuò)誤；故選C．

考點(diǎn)：電路的動(dòng)態(tài)分析4、C【分析】R1與R2并聯(lián)，則電流I1:I2=R2:R1=3:6=1:2；設(shè)R1中電流為I，則R2中電流為2I，而流過(guò)R3的電流I3=I+2I=3I；故電流之比I1:I2:I3=I:2I:3I=1:2:3．故C正確，ABD錯(cuò)誤．故選C．5、D【分析】【詳解】

設(shè)酒精氣體傳感器電阻為r′．由圖知，酒精氣體傳感器和定值電阻串聯(lián)在電路中，電壓表測(cè)R1兩端的電壓．根據(jù)酒精氣體傳感器的電阻與酒精氣體的濃度成反比，得：（k是比例系數(shù)）．根據(jù)歐姆定律得：整理得：由數(shù)學(xué)知識(shí)知，U越大，c越大，但c與U不成正比．故D正確．6、C【分析】【分析】

【詳解】

電荷在某處不受電場(chǎng)力作用，則該處電場(chǎng)強(qiáng)度一定為零，選項(xiàng)A正確；某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，與該檢驗(yàn)正電荷受到的電場(chǎng)力方向一致，選項(xiàng)B正確；一小段通電導(dǎo)線在某處不受磁場(chǎng)力作用，可能是導(dǎo)線放置方向與磁場(chǎng)方向平行，該處磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；某點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向，與該點(diǎn)一小段通電導(dǎo)線受到的磁場(chǎng)力方向垂直，選項(xiàng)D正確；此題選擇錯(cuò)誤的選項(xiàng)，故選C．7、D【分析】【詳解】

地面對(duì)重物的沖擊力F方向豎直向上，根據(jù)牛頓第二定律：F-mg=ma，當(dāng)沖擊力最大時(shí)，代入解得加速度最大為90m/s2，A錯(cuò)誤；重物下落的高度為45cm，根據(jù)可求下落的時(shí)間為t=0.3s，所以落地時(shí)的速度v=gt=3m/s，B錯(cuò)誤；反彈的高度為20cm，豎直向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，由可求離開(kāi)地面時(shí)的速度為2m/s，C錯(cuò)誤；與地面相互作用的過(guò)程，取向下為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理：代入解得地面對(duì)重物的平均作用力所以D正確．8、D【分析】【分析】

【詳解】

A．當(dāng)滑塊B相對(duì)于斜面加速下滑時(shí)，斜面A水平向左加速運(yùn)動(dòng)，所以滑塊B相對(duì)于地面的加速度方向不再沿斜面方向，即沿垂直于斜面方向的合外力不再為零，所以斜面對(duì)滑塊的支持力不等于故A錯(cuò)誤；

B．滑塊B下滑過(guò)程中支持力對(duì)B的沖量大小為故B錯(cuò)誤；

C．由于滑塊B有豎直方向的分加速度；所以系統(tǒng)豎直方向合外力不為零，系統(tǒng)的動(dòng)量不守恒，故C錯(cuò)誤；

D．系統(tǒng)水平方向不受外力，水平方向動(dòng)量守恒，設(shè)A、B兩者水平位移大小分別為則

解得

故D正確；

故選D。9、B【分析】【分析】

本題中根據(jù)波長(zhǎng)；光速、頻率關(guān)系可以求出紫外線的頻率；知道了所釋放電子的最大初動(dòng)能，利用光電效應(yīng)方程即可求出鎢的極限頻率．

【詳解】

由光電效應(yīng)方程波長(zhǎng)與頻率的關(guān)系金屬的逸出功聯(lián)立得：故B正確，ACD錯(cuò)誤，故選B．

【點(diǎn)晴】

本題比較簡(jiǎn)單，但是涉及物理較多，要明確各物理量之間的關(guān)系，同時(shí)注意計(jì)算要準(zhǔn)確．二、多選題(共9題，共18分)10、A:C【分析】【詳解】

滑動(dòng)變阻器滑片向右端移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器電阻減小，則整個(gè)回路總電阻減小，總電流增大，即電流表A1的讀數(shù)增大，內(nèi)電壓增大，外電壓減小，R1兩端的電壓增大，則R3兩端的電壓減小，即V1的讀數(shù)減小，A2的讀數(shù)減??；總電流增大，通過(guò)R3的電流減小，則通過(guò)RP和R2的電流增大，可知R2兩端的電壓增大，即V2的示數(shù)增大，故A正確，B錯(cuò)誤；根據(jù)閉合電路歐姆定律有U1=E-I（R1+r），則有故電壓表V1的讀數(shù)的變化量與電流表A1的讀數(shù)的變化量的比值保持不變，故C正確；由上可知V1的讀數(shù)減小，A1的讀數(shù)增大，所以電壓表的讀數(shù)與的讀數(shù)之比變小，故D錯(cuò)誤．所以AC正確，BD錯(cuò)誤．11、B:C【分析】【詳解】

根據(jù)周期公式知：a與b的質(zhì)量之比為1：4，電荷量之比為1：2，則周期為T(mén)a：Tb=1：2，故A錯(cuò)誤．a(chǎn)粒子運(yùn)動(dòng)軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為α=240°，運(yùn)動(dòng)時(shí)間b粒子運(yùn)動(dòng)軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為β=180°，運(yùn)動(dòng)時(shí)間tb=Tb；則兩粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為ta：tb=2：3，故B正確．由v相等，則知a、b兩粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)動(dòng)半徑之比為ra：rb=1：2，故C正確．a(chǎn)、b兩粒子打到光屏上的位置到O點(diǎn)的距離分別為：Sa=2racos30°=ra，Sb=2rb，則Sa：Sb=4．故D錯(cuò)誤．故選BC．

點(diǎn)睛：本題考查帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，分析清楚粒子運(yùn)動(dòng)過(guò)程是解題的關(guān)鍵；應(yīng)用牛頓第二定律、粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期公式可以解題；處理粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題的常用解題思路是：要注意畫(huà)出軌跡，通過(guò)幾何關(guān)系找出圓心和半徑，由半徑公式和周期公式進(jìn)行研究．12、B:C【分析】【詳解】

粒子向右運(yùn)動(dòng)；根據(jù)左手定則，N向上偏轉(zhuǎn)，應(yīng)當(dāng)帶正電；M向下偏轉(zhuǎn)，應(yīng)當(dāng)帶負(fù)電，故AD錯(cuò)誤，BC正確；故選BC.

點(diǎn)睛：該題考查帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)，可以結(jié)合左手定則即可判斷出粒子的電性，屬于基本題目．13、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A圖中；小球受重力；向左的電場(chǎng)力、向右的洛倫茲力，下降過(guò)程中速度一定變大，故洛倫茲力一定增大，不可能一直與電場(chǎng)力平衡，故合力不可能一直向下，故一定做曲線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B圖中小球受重力、向上的電場(chǎng)力、垂直向外的洛倫茲力，合力與速度一定不共線，故一定做曲線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C圖中小球受重力、向左上方的電場(chǎng)力、水平向右的洛倫茲力，若三力平衡，則粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故C正確；D圖中粒子受向下的重力和向上的洛倫茲力，合力一定與速度共線，故粒子一定做直線運(yùn)動(dòng)，故D正確；故選CD.

【點(diǎn)睛】

本題考查了帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題；解題的關(guān)鍵在于洛倫茲力與速度垂直且與粒子速度方向垂直，要使粒子做直線運(yùn)動(dòng)，要么三力平衡，要么不受洛倫茲力.14、A:D【分析】【詳解】

AB．當(dāng)可變電阻R的阻值增大時(shí)，外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析知，干路電流減小，內(nèi)電壓和的電壓均減小，則ab兩點(diǎn)間電壓增大；故A正確，B錯(cuò)誤；

CD．a(chǎn)b兩點(diǎn)間電壓增大，則通過(guò)的電流增大，而干路電流減小，則通過(guò)R的電流減??；故C錯(cuò)誤，D正確。

故選AD。15、A:B【分析】【詳解】

根據(jù)安培定則可判斷出電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向如圖所示：

兩電流在O點(diǎn)處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度等大反向，合磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，故A正確；兩電流在P點(diǎn)的磁場(chǎng)方向相反，疊加后合磁場(chǎng)方向沿z軸正方向，故B正確；兩電流在z軸正方向上Q點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度矢量疊加后，沿x軸負(fù)方向，故C錯(cuò)誤；正電荷從O點(diǎn)沿z軸向上運(yùn)動(dòng)，由左手定則判斷其受沿y軸正方向的洛倫茲力作用，故D錯(cuò)誤。所以AB正確，CD錯(cuò)誤。16、D【分析】【詳解】

A．理想氣體，忽略分子勢(shì)能，所以理想氣體的內(nèi)能由溫度決定，氣體在狀態(tài)b的溫度大于在狀態(tài)c的溫度，所以在狀態(tài)b的內(nèi)能大于在狀態(tài)的內(nèi)能；故A錯(cuò)誤；

B．由氣體理想狀態(tài)方程

可知，b到c的過(guò)程中，P不變，T減小，V減小，從c到d的過(guò)程中，V不變；故B錯(cuò)誤；

C．由熱力學(xué)第一定律

可知，從c到d的過(guò)程中，V不變，W不變，T增大，增大，Q增大；則氣體吸收的熱量等于內(nèi)能的變化量，故C錯(cuò)誤；

D．從d到a的過(guò)程中，氣體做功

由蓋—呂薩克定律可知

聯(lián)立可得

同理可得，從b到c過(guò)程

從c到d的過(guò)程中，由查理定律可知

聯(lián)立可知

故D正確。

故選D。17、A:D【分析】為了使電池與兩金屬支架連接后線圈能連續(xù)轉(zhuǎn)動(dòng)起來(lái)；將左；右轉(zhuǎn)軸下側(cè)的絕緣漆都刮掉，這樣當(dāng)線圈在圖示位置時(shí)，線圈的上下邊受安培力水平而轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)過(guò)一周后再次受到同樣的安培力而使其轉(zhuǎn)動(dòng)，選項(xiàng)A正確；若將左、右轉(zhuǎn)軸上下兩側(cè)的絕緣漆都刮掉，則當(dāng)線圈在圖示位置時(shí)，線圈的上下邊受安培力水平而轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)過(guò)半周后再次受到相反方向的安培力而使其停止轉(zhuǎn)動(dòng)，選項(xiàng)B正確；左轉(zhuǎn)軸上側(cè)的絕緣漆刮掉，右轉(zhuǎn)軸下側(cè)的絕緣漆刮掉，電路不能接通，故不能轉(zhuǎn)起來(lái)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；若將左轉(zhuǎn)軸上下兩側(cè)的絕緣漆都刮掉，右轉(zhuǎn)軸下側(cè)的絕緣漆刮掉，這樣當(dāng)線圈在圖示位置時(shí)，線圈的上下邊受安培力水平而轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)過(guò)半周后電路不導(dǎo)通，轉(zhuǎn)過(guò)一周后再次受到同樣的安培力而使其轉(zhuǎn)動(dòng)，選項(xiàng)D正確；故選AD。

【名師點(diǎn)睛】此題是電動(dòng)機(jī)原理，主要考查學(xué)生對(duì)物理規(guī)律在實(shí)際生活中的運(yùn)用能力；關(guān)鍵是通過(guò)分析電流方向的變化分析安培力的方向變化情況。18、A:B:C【分析】【分析】

當(dāng)b剛?cè)窟M(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)；系統(tǒng)開(kāi)始做勻速運(yùn)動(dòng)，分別對(duì)兩線框列平衡方程，可得線框受到安培力大小，繼而求得感應(yīng)電流大小，根據(jù)歐姆定律和法拉第電磁感應(yīng)定律可得系統(tǒng)勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小，即可求得線框通過(guò)磁場(chǎng)的時(shí)間；當(dāng)左；右兩線框分別向上、向下運(yùn)動(dòng)2l的距離時(shí)，兩線框等高，根據(jù)能量守恒得系統(tǒng)機(jī)械能的減少等于產(chǎn)生的總焦耳熱；根據(jù)功能關(guān)系求解兩線框組成的系統(tǒng)克服安培力做的功；

【詳解】

A、設(shè)兩線框剛勻速運(yùn)動(dòng)的速度為v，此時(shí)輕繩上的張力為T(mén)，則對(duì)a有：對(duì)b有：聯(lián)立解得：故A正確；

B、線框a從下邊進(jìn)入磁場(chǎng)后，線框a通過(guò)磁場(chǎng)時(shí)以速度v勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)線框a通過(guò)磁場(chǎng)的時(shí)間為t，則：故B正確；

C、從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到線框a全部進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，線框a只在a勻速進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中產(chǎn)生焦耳熱，設(shè)為Q，由功能關(guān)系可得：所以：故C正確；

D、設(shè)兩線框從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)至a全部進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，兩線框共克服安培力做的功為W，此過(guò)程中左、右兩線框分別向上、向下運(yùn)動(dòng)的距離，對(duì)這一過(guò)程，由能量守恒定律有：解得：故D錯(cuò)誤；

故選ABC．三、填空題(共5題，共10分)19、略

【分析】【詳解】

[1]氣體狀態(tài)由過(guò)程中

所以是等壓過(guò)程；氣體壓強(qiáng)不變。

[2]的整個(gè)過(guò)程氣體溫度不變，內(nèi)能不變，則

整個(gè)過(guò)程中氣體放出的熱量為由熱力學(xué)第一定律可知

解得整個(gè)過(guò)程外界對(duì)氣體所做的功為【解析】不變Q20、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由圖像可知，氣體從a狀態(tài)經(jīng)過(guò)到達(dá)b狀態(tài)的過(guò)程中，氣體的體積保持不變，溫度升高，根據(jù)

可知?dú)怏w的壓強(qiáng)增大。

（2）[2]由圖像可知，氣體從b狀態(tài)經(jīng)過(guò)到達(dá)c狀態(tài)的過(guò)程，氣體的溫度保持不變，則氣體的內(nèi)能保持不變；氣體的體積減小，則外界對(duì)氣體做正功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體對(duì)外放出熱量。【解析】增大放出21、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]由圖知從狀態(tài)A到B；對(duì)應(yīng)的體積不變，故氣體經(jīng)歷的是等容變化；

(2)[2]理想氣體的內(nèi)能置于溫度有關(guān)，從B到C的過(guò)程中溫度不變，則氣體的內(nèi)能不變；【解析】等容不變22、略

【分析】【分析】

【詳解】

粒子在加速器中運(yùn)動(dòng)的頻率等于所加交變電壓的頻率為f，則解得所加磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為當(dāng)粒子的運(yùn)動(dòng)半徑等于D型盒的半徑R時(shí)，粒子的動(dòng)能最大，此時(shí)且解得【解析】23、略

【分析】【詳解】

小涵站在平面鏡前0.5m；小涵在平面鏡中成像，小涵的像和小涵到平面鏡的距離相等，所以小涵的像到平面鏡的距離也是0.5m。小涵后退遠(yuǎn)離平面鏡，小涵像的大小跟小涵的大小有關(guān)，跟到平面鏡的距離無(wú)關(guān)，所以小涵的像大小不變。

【點(diǎn)睛】

物體在平面鏡中成像，像的大小只跟物體大小有關(guān)，跟平面鏡大小，跟物體到平面鏡的距離無(wú)關(guān)。但是我們遠(yuǎn)離平面鏡時(shí)，看到自己在平面鏡中的像變小，是因?yàn)檠劬聪竦囊暯亲冃?，產(chǎn)生了錯(cuò)覺(jué)，像的實(shí)際大小是沒(méi)有發(fā)生變化的?！窘馕觥?.5；不變；四、作圖題(共3題，共21分)24、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】25、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T(mén)，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共12分)27、略

【分析】【詳解】

（1）①若將電壓表改裝為量程為1.5V的電壓表；則需串聯(lián)的分壓電阻上的電壓為0.5V，因電壓表內(nèi)阻為3kΩ，則需串聯(lián)的電阻為1.5kΩ；

②電路圖以及實(shí)物連線如圖；

（2）若電流表讀數(shù)為I，因R1=RA，則通過(guò)電源的電流為2I；由閉合電路的歐姆定律：即則解得【解析】（1）①1.5kΩ（2）2I2/k28、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]合理的順序?yàn)椋築．將電阻箱R0的阻值調(diào)到零，并把滑動(dòng)變阻器的滑片P滑到a端；A．閉合開(kāi)關(guān)S；C．調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R的阻值，使電壓表的示數(shù)為6.0V；E．調(diào)節(jié)電阻箱R0的阻值使電壓表示數(shù)為4V，讀出此時(shí)電阻箱R0的阻值；D．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)S；即BACED。

（2）[2]由題意可知，電壓表與電阻箱串聯(lián)，電壓表示數(shù)為4.0V，則電阻箱R0分壓為2.0V；串聯(lián)電路特點(diǎn)。

解得。

[3]把電阻箱接入電路時(shí)，電路總電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流變小，路端電壓變大，分壓電路兩端電壓變大，當(dāng)電壓表示數(shù)為4.0V時(shí)，電阻箱兩端電壓大于6.0V，即R0的分壓要大一些，故的實(shí)際值要小一些；實(shí)驗(yàn)認(rèn)為電壓表內(nèi)阻等于電阻箱阻值，由此可知，電壓表內(nèi)阻測(cè)量值大于真實(shí)值。

（3）[4]因?yàn)樵搶?shí)驗(yàn)采用半偏法測(cè)量電壓表的內(nèi)阻，要求電阻箱所在支路電阻變化時(shí)，電壓近似不變，則滑動(dòng)變阻器R的最大阻值應(yīng)遠(yuǎn)小于電阻箱R0的最大阻值；則實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)選擇阻值較小的A。

[5]由于電阻箱R0的調(diào)節(jié)而引起電路電壓