2025年人教版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷467考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖甲所示的電路，已知電阻R1=R2=R．和R1并聯(lián)的D是理想二極管（正向電阻可視為零，反向電阻為無窮大），在A、B之間加一個(gè)如圖乙所示的交變電壓（電壓為正值時(shí)，UAB＞0）．由此可知（）

A.在B之間所加的交變電壓的周期為2sB.在B之間所加的交變電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為u=20sin100πt（V）C.在B之間所加的交變電壓的最大值為20VD.加在R2上電壓的有效值為V2、如圖，為兩根相互平行的通電直導(dǎo)線a、b的橫截面圖，a、b的電流方向已在圖中標(biāo)出（）

A.導(dǎo)線a磁感線沿逆時(shí)針方向，導(dǎo)線a、b相互吸引B.導(dǎo)線a磁感線沿順時(shí)針方向，導(dǎo)線a、b相互吸引C.導(dǎo)線a磁感線沿逆時(shí)針方向，導(dǎo)線a、b相互排斥D.導(dǎo)線a磁感線沿順時(shí)針方向，導(dǎo)線a、b相互排斥3、一石子自由下落，在時(shí)間t內(nèi)通過的位移為x，則他通過4x的位移所用時(shí)間為（）A.4tB.2tC.8tD.16t4、第十三屆田徑錦標(biāo)賽于2011年8月在韓國(guó)大邱舉行．在撐桿跳比賽中，波蘭選手沃伊切霍夫斯基以5.90m的高度奪金，如果把撐桿跳全過程分成四個(gè)階段：a－b、b－c、c－d、d－e，如圖所示，則對(duì)這四個(gè)階段的下列描述正確的有()A.a－b為加速助跑階段，人和桿的機(jī)械能在增加B.b－c為桿彎曲人上升階段，系統(tǒng)動(dòng)能減少，重力勢(shì)能和彈性勢(shì)能在增加C.c－d為桿伸直人上升階段，人的動(dòng)能轉(zhuǎn)化為重力勢(shì)能D.d－e為人過橫桿后的下落階段，重力所做的功等于人機(jī)械能的增加量5、關(guān)于“用DIS

描繪電場(chǎng)等勢(shì)線”實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是(

)

A.用交流電源連接兩個(gè)電極B.在一塊平整木板上依次鋪放復(fù)寫紙、白紙、導(dǎo)電紙C.導(dǎo)電紙有導(dǎo)電物質(zhì)的一面應(yīng)該向上D.在實(shí)驗(yàn)過程中電極與導(dǎo)電紙的相對(duì)位置可以改變6、2019年春節(jié)期間上映的科幻大片《流浪地球》，很受歡迎，影片中描述的行星發(fā)動(dòng)機(jī)為“重元素核聚變發(fā)動(dòng)機(jī)”通過燃燒石頭獲得能量，所謂”重元素核聚變”指的是兩個(gè)比較重（相對(duì)氘，氚）的核，產(chǎn)生聚變形成一個(gè)更重的核并放出能量的過程。影片中發(fā)動(dòng)機(jī)燃燒石頭指的是石頭里的硅（Si）聚變生成鐵（Fe），結(jié)合下比結(jié)合能圖，下列說法正確的是（）A.結(jié)合能是指把原子核拆成自由核子所放出的能量B.比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定C.Si的比結(jié)合能比Fe的比結(jié)合能大D.已知硅核質(zhì)量，可以算出硅核的結(jié)合能7、關(guān)于電容器，以下說法正確的是（）A.電容器兩極板正對(duì)面積變大，電容變小B.電容器兩極板距離變大，電容變小C.兩極板間放入電介質(zhì)，電容不變D.兩極板間電壓增大，電容變大8、質(zhì)量為m的物體在高H處重力勢(shì)能為mgH，從靜止開始自由落下．當(dāng)動(dòng)能等于重力勢(shì)能的2倍時(shí)，經(jīng)歷的時(shí)間為（）A.B.C.D.9、如圖為靜止在斜面上的物體所受重力示意圖，此重力可分解為沿斜面向下的分力Gx和垂直斜面向下的分力Gy，關(guān)于這兩個(gè)分力的說法，正確的是（）A.Gx就是物體所受到的下滑力B.Gy就是物體對(duì)斜面的正壓力C.G、Gx與Gy是同時(shí)作用于物體的三個(gè)力D.Gx和Gy是物體重力的等效替代，實(shí)際存在的就是重力評(píng)卷人得分二、填空題(共6題，共12分)10、動(dòng)能的計(jì)算公式為____．一個(gè)質(zhì)量為50kg的學(xué)生，當(dāng)她的運(yùn)動(dòng)速度為2米/秒時(shí)，她的動(dòng)能為____J．11、（2014秋?寶山區(qū)校級(jí)期中）如圖所示，A、B、C、D、E、F為勻強(qiáng)電場(chǎng)中一個(gè)邊長(zhǎng)為10cm的正六邊形的六個(gè)頂點(diǎn)，A、B、C三點(diǎn)電勢(shì)分別為1.0V、2.0V、3.0V，正六邊形所在平面與電場(chǎng)線平行．則D點(diǎn)的電勢(shì)UD=____V，勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小E=____V/m．12、假定地球大氣是等溫的，在0°C時(shí)大氣壓強(qiáng)p按p=pe-0.127h分布，其中p為海平面上的大氣壓，h為海拔高度（以km為單位），e為自然對(duì)數(shù)底，西藏自治區(qū)首府拉薩布達(dá)拉宮廣場(chǎng)的海拔約為3700m，大氣溫度按0°C考慮．當(dāng)海平面上的大氣壓為1atm時(shí)，布達(dá)拉宮廣場(chǎng)的氣壓為____atm，某人在上海靜坐時(shí)每分鐘需呼吸20次，他在拉薩每分鐘應(yīng)呼吸____次才能吸入同樣質(zhì)量的空氣．13、如圖，在豎直平面內(nèi)有一勻強(qiáng)電場(chǎng)，一帶電量為+

q

、質(zhì)量為m

的小球在力F

的作用下沿圖中虛線由A

至B

做豎直向上的勻速運(yùn)動(dòng)。已知力F

和AB

間夾角為婁脠

，AB

間距離為d

，重力加速度為g

。則電場(chǎng)強(qiáng)度E

的最小值為_______。若電場(chǎng)強(qiáng)度E=mgtan婁脠/q

時(shí)；小球從A

運(yùn)動(dòng)到B

電勢(shì)能變化量大小可能為_________。

14、（2014秋?三水區(qū)校級(jí)期末）如圖所示，質(zhì)量為m，帶電量為+q的粒子，從兩平行電極板正中央垂直電場(chǎng)線和電感線以速度v0射入，已知兩極間距為d，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，這時(shí)粒子恰能直線穿過電場(chǎng)和磁場(chǎng)區(qū)域（重力不計(jì)）．今將磁感應(yīng)強(qiáng)度增大到某值，則粒子將落到極板上，當(dāng)粒子落到極板上的動(dòng)能為____．15、（2011秋?黃山期末）某輛汽車在平直公路上試車時(shí)的運(yùn)動(dòng)圖象如圖所示，則該汽車加速階段的加速度大小為____m/s2，減速階段的位移大小為____m．評(píng)卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)16、坐標(biāo)系都是建立在參考系上的．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、甲、乙兩杯水，水中均有顆粒在做面朗運(yùn)動(dòng)，經(jīng)顯微鏡觀察后，發(fā)現(xiàn)甲杯的布朗運(yùn)動(dòng)比乙杯中的激烈，說明甲杯中水溫高于乙杯．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、青藏高原測(cè)水沸時(shí)的溫度：應(yīng)選用水銀溫度計(jì)和酒精溫度計(jì)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、晶體的分子（或原子、離子）排列是有規(guī)則的．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、（2010?駐馬店模擬）如圖為一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧波在t=0時(shí)刻的波形圖，已知波速為10m/s，則圖中P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為y=10sin5πt（cm）____（判斷對(duì)錯(cuò)）21、狹義相對(duì)論認(rèn)為真空中的光速在不同的慣性參考系中是不同的____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共12分)22、如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，在下面所列舉的該實(shí)驗(yàn)的幾個(gè)操作步驟中，你認(rèn)為沒有必要進(jìn)行的或者錯(cuò)誤的步驟是______（填字母代號(hào)）

A．按照?qǐng)D示的裝置安裝器件。

B．將打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接到學(xué)生電源的交流輸出端上。

C．用天平測(cè)量出重物的質(zhì)量。

D．先放手讓紙帶和重物下落；再接通電源開關(guān)。

E．在打出的紙帶上，依據(jù)打點(diǎn)的先后順序選取A、B、C、D四個(gè)合適的相鄰點(diǎn)，通過測(cè)量計(jì)算得出B、C兩點(diǎn)的速度為vB、vC；并測(cè)出B；C兩點(diǎn)的距離為h

F．在誤差允許范圍內(nèi)，看減少的重力勢(shì)能mgh是否等于增加的動(dòng)能mv-mv從而驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律．23、菠菜性別決定方式為XY型，并且為雌雄異株體。菠菜個(gè)體大都為圓葉，偶爾出現(xiàn)幾只尖葉個(gè)體，并且雌雄都有尖葉個(gè)體。（1）讓尖葉雌性與圓葉雄性雜交，后代雌性均為圓葉，雄性均為尖葉。據(jù)此判斷，控制圓葉和尖葉這對(duì)相對(duì)性狀的基因位于________（填“常”“X”或“Y”）染色體上，且____為顯性。（2）菠菜也有耐寒和不耐寒兩種類型，現(xiàn)用不耐寒圓葉雌雄各一株雜交，所得子代F1表現(xiàn)型及比例如下表（單位：株）：。不耐寒圓葉不耐寒尖葉耐寒圓葉耐寒尖葉雌株1240390雄株62531921耐寒與不耐寒這對(duì)相對(duì)性狀中，顯性性狀是____________。如果F1中的不耐寒圓葉雌株與不耐寒尖葉雄株雜交，F(xiàn)2雌性個(gè)體中雜合子所占的比例為______________。（3）在生產(chǎn)實(shí)踐中發(fā)現(xiàn)，當(dāng)去掉菠菜部分根系時(shí)，菠菜會(huì)分化為雄株；去掉部分葉片時(shí)，菠菜分化為雌株。若要怎么去掉部分根系的雄株的性染色體組成情況，可讓其與___雜交，若后代有雄株和雌株兩種類型，則該雄株的性染色體組成為___；若后代僅有雌株，則該雄株的性染色體組成為_____________。24、玉米葉片葉綠素的合成受其7號(hào)染色體上一對(duì)等位基因（A、a）的控制，同時(shí)也受光照的影響。在玉米植株中，體細(xì)胞含2個(gè)A的植株葉片呈深綠色，含一個(gè)A的植株葉片呈淺綠色；體細(xì)胞沒有A的植株葉片呈黃色，會(huì)在幼苗期后死亡。

（1）在正常光照下；AA植株葉片呈深綠色，而在遮光條件下卻呈黃色，說明生物性狀受____________________共同控制。單獨(dú)種植一株淺綠色成熟植株上結(jié)出的種子的基因型及比例是________________。

（2）一批淺綠色植株，如果讓它們相互授粉得到F1，F(xiàn)1植株隨機(jī)交配得到F2，那么在F2代成熟植株中a基因頻率為______。

（3）現(xiàn)有一淺綠色突變體成熟植株甲；其體細(xì)胞（如圖）中一條7號(hào)染色體的片段m發(fā)生缺失，記為q；另一條正常的7號(hào)染色體記為p。片段m缺失的花粉會(huì)失去受精活力，且卵細(xì)胞若無A或a基因則不能完成受精作用。有人推測(cè)植株的A或a基因不會(huì)在片段m上，你認(rèn)為他的推測(cè)正確？為什么？________________________________________________________。

（4）為了進(jìn)一步確定上述植株甲的基因A、a在染色體p、q上的分布，現(xiàn)將植株甲進(jìn)行自交得到F1，待F1長(zhǎng)成成熟植株后，觀察并統(tǒng)計(jì)F1表現(xiàn)型及比例。請(qǐng)預(yù)測(cè)結(jié)果并得出結(jié)論：

Ⅰ、若F1全為淺綠色植株；則_______________________________________。

Ⅱ、若F1____________________，則植株甲體細(xì)胞中基因A位于p上，基因a位于q上。評(píng)卷人得分五、簡(jiǎn)答題(共2題，共8分)25、稀土是一種不可再生的戰(zhàn)略性資源，被廣泛應(yīng)用于電子信息、國(guó)防軍工等多個(gè)領(lǐng)域rm{.}一種從廢棄陰極射線管rm{(CRT)}熒光粉中提取稀土元素釔rm{(Y)}的工藝流程如下：已知：rm{壟脵}廢棄rm{CRT}熒光粉的化學(xué)組成rm{(}某些不參與反應(yīng)的雜質(zhì)未列出rm{)}如表所示；rm{壟脷}不同離子沉淀的rm{pH}如圖所示；rm{壟脹}步驟Ⅳ的目的是除去rm{Zn^{2+}}rm{Pb^{2+}}．。rm{Y_{2}O_{3}}rm{ZnO}rm{Al_{2}O_{3}}rm{PbO_{2}}rm{MgO}預(yù)處理前rm{24.28}rm{41.88}rm{7.81}rm{1.67}rm{0.19}預(yù)處理后rm{68.51}rm{5.42}rm{4.33}rm{5.43}rm{0.50}rm{(1)}步驟Ⅰ中進(jìn)行原料預(yù)處理的目的是富集稀土元素，降低________rm{(}從表中選擇物質(zhì)填入rm{)}的含量．rm{(2)}步驟Ⅱ中有黃綠色氣體產(chǎn)生，該反應(yīng)的化學(xué)方程式為________．rm{(3)}步驟Ⅲ中發(fā)生的主要反應(yīng)的離子方程式為________．rm{(4)}步驟Ⅳ不能通過直接加堿的方法除去rm{Zn^{2+}}rm{Pb^{2+}}的原因?yàn)開_______．rm{(5)}步驟rm{V}中rm{Y^{3+}}沉淀完全時(shí)，需保證滴加草酸后的溶液中rm{c({{C}_{2}}O_{4}^{2-})}不低于________rm{mol隆隴L^{-1}.{}已知：當(dāng)離子濃度小于rm{10^{-5}mol隆隴L^{-1}}時(shí)，就沉淀完全；rm{K_{sp}[Y_{2}(C_{2}O_{4})_{3}]=8.0隆脕10^{-28}}}rm{(6)}步驟Ⅵ中草酸釔隔絕空氣加熱可以得到rm{Y_{2}O_{3}}和兩種氣體，該反應(yīng)的化學(xué)方程式為__________________________________．26、rm{(1)}無機(jī)化合物可根據(jù)其組成和性質(zhì)進(jìn)行分類。以下是一組對(duì)“一些物質(zhì)與水反應(yīng)”的分類圖，請(qǐng)按要求填空：rm{壟脵}上述分類中，分成rm{A}rm{B}兩組的依據(jù)是____；rm{壟脷C}組物質(zhì)與水反應(yīng)的離子方程式為____；rm{壟脹D}組物質(zhì)與水反應(yīng)中，氧化劑和還原劑物質(zhì)的量之比為rm{1隆脙1}的物質(zhì)有____rm{(}填化學(xué)式rm{)}rm{(2)}過氧化氫俗名雙氧水，醫(yī)療上利用它有殺菌消毒作用來清洗傷口。關(guān)于雙氧水，回答下列問題：A.rm{Na_{2}O_{2}+2HCl=2NaCl+H_{2}O_{2}}B.rm{Ag_{2}O+H_{2}O_{2}=2Ag+O_{2}隆眉+H_{2}O}C.rm{2H_{2}O_{2}=2H_{2}O+O_{2}隆眉}D.rm{3H_{2}O_{2}+Cr_{2}(SO_{4})_{3}+10KOH=2K_{2}CrO_{4}+3K_{2}SO_{4}+8H_{2}O}rm{壟脵}上述反應(yīng)中，rm{H_{2}O_{2}}既體現(xiàn)氧化性又體現(xiàn)還原性的反應(yīng)是________rm{(}填序號(hào)rm{)}rm{壟脷}保存過氧化氫的試劑瓶上最適合貼上的一個(gè)標(biāo)簽是________rm{(}填序號(hào)rm{)}rm{壟脹H_{2}O_{2}}有時(shí)可作為礦業(yè)廢液消毒劑，有“綠色氧化劑”的美稱，如消除采礦業(yè)膠液中的氰化物rm{(}如rm{KCN)}rm{H_{2}O_{2}}被稱為綠色氧化劑的理由是________________。rm{(3)}某同學(xué)把酸性高錳酸鉀溶液滴入rm{NaNO_{2}}溶液中，觀察到紫色褪去，同時(shí)生成rm{NO_{3}^{-}}和rm{Mn^{2+}}寫出此氧化還原反應(yīng)方程式，并用單線橋標(biāo)出電子轉(zhuǎn)移的方向和數(shù)目。評(píng)卷人得分六、計(jì)算題(共3題，共18分)27、如圖所示，A1和A2是兩只電阻不同的電流表，V1和V2是兩只相同的電壓表．電流表A1的示數(shù)是I1=1.4mA，電壓表V1和V2的示數(shù)分別是0.6V和0.8V，求電流表A2的示數(shù)I2和內(nèi)阻r2．28、【題文】如圖是放置在豎直平面內(nèi)游戲滑軌的模擬裝置，滑軌由四部分粗細(xì)均勻的金屬桿組成：水平直軌AB，半徑分別為R1=1.0m和R2=3.0m的弧形軌道，傾斜直軌CD長(zhǎng)為L(zhǎng)=6m，AB、CD與兩圓形軌道相切，其中傾斜直軌CD部分表面粗糙，動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=其余各部分表面光滑。一質(zhì)量為m=2kg的滑環(huán)（套在滑軌上），從AB的中點(diǎn)E處以v0=10m/s的初速度水平向右運(yùn)動(dòng)。已知θ=37°，（g取10m/s2）求：

（1）滑環(huán)第一次通過O2的最低點(diǎn)F處時(shí)對(duì)軌道的壓力；

（2）滑環(huán)通過O1最高點(diǎn)A的次數(shù)；

（3）滑環(huán)在CD段所通過的總路程。29、如圖所示；缸壁光滑的柱形氣缸固定在水平面上，中間開口與大氣相通，大氣壓強(qiáng)P0=l隆脕105Pa

一勁度系數(shù)k=1隆脕103N/m

的彈簧與兩活塞連接，處于原長(zhǎng)，活塞截面積S=1隆脕10鈭?3m2.AB

兩室有同種理想氣體，壓強(qiáng)均為P0

兩活塞距左、右兩壁均為l0=0.10m

除B

室右壁導(dǎo)熱外，其他缸壁和活塞均絕熱?，F(xiàn)對(duì)左室緩慢加熱，當(dāng)A

室氣體吸收1000J

的熱量時(shí)它對(duì)活塞做了200J

的功，B

室活塞向右移動(dòng)了0.02m

該過程中設(shè)外界溫度保持不變，AB

氣室均不漏氣。求：

壟脵A

中氣體內(nèi)能的變化量；

壟脷A

中活塞移動(dòng)的距離。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】（1）由圖象可得交流電的周期，電壓最大值，依據(jù)u=Umsinωt可得變電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式．

（2）根據(jù)電流的熱效應(yīng)，注意二極管的單向?qū)щ娦裕沟冒雮€(gè)周期內(nèi)R1被短路，另半個(gè)周期內(nèi)R1與R2串聯(lián)，從而即可求解．【解析】【解答】解：A；由圖象可得交流電的周期T=0.02s；故A錯(cuò)誤。

B、電壓最大值為Um=V；變電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為：

=；故B正確；

C、電壓最大值為Um=V；故C錯(cuò)誤；

D、因?yàn)槭墙涣麟娝詰?yīng)該分兩種情況考慮：1、當(dāng)電源在正半軸時(shí)A點(diǎn)電位高于B點(diǎn)電位二極管導(dǎo)通即R1被短路，R2電壓為電源電壓V=20V；

電源在負(fù)半軸時(shí)B點(diǎn)電位高于A點(diǎn)電位二極管截止R1，R2串聯(lián)分壓；

Q=Q1+Q2；

即為：

；

解得：

U=；故D正確．

故選：BD2、D【分析】【分析】由安培定則判斷磁場(chǎng)的方向．再用左手定則判斷安培力的方向．【解析】【解答】解：根據(jù)安培定則，伸開右手，大拇指與電流方向相同，四指彎曲方向?yàn)榇艌?chǎng)的方向，知導(dǎo)線a中電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)為順時(shí)針方向．在導(dǎo)線b處；磁場(chǎng)方向豎直向下，根據(jù)左手定則，安培力方向水平向右．故D正確，ABC錯(cuò)誤．

故選：D．3、B【分析】【分析】由自由落體的位移公式利用比例法可解得通過4x時(shí)所用的時(shí)間．【解析】【解答】解：由自由落體的位移公式可得：

x=gt2

4x=gt22；

二者作比得：

t2=2t；

故選：B．4、A|B【分析】試題分析：a－b為加速助跑階段，重力不做功，其他力做正功，人和桿的機(jī)械能增加，A正確；b－c為桿彎曲人上升階段，系統(tǒng)動(dòng)能減少，動(dòng)能轉(zhuǎn)化為人和桿的重力勢(shì)能及桿的彈性勢(shì)能，B正確；c－d為桿伸直人上升階段，系統(tǒng)的動(dòng)能轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)的重力勢(shì)能，C錯(cuò)誤；d－e為人過橫桿后的下落階段，只有重力做功，人的機(jī)械能守恒，D錯(cuò)誤?？键c(diǎn)：本題考查功能關(guān)系?！窘馕觥俊敬鸢浮緼B5、C【分析】解：A

本實(shí)驗(yàn)的目的是描繪電場(chǎng)等勢(shì)線；那么必須使用直流電源，連接兩個(gè)電極；故A錯(cuò)誤．

B；在一塊平整木板上依次鋪放導(dǎo)電紙、復(fù)寫紙和白紙(

從上往下).

故B錯(cuò)誤．

C；整個(gè)操作在導(dǎo)電紙上進(jìn)行；導(dǎo)電紙有導(dǎo)電物質(zhì)的一面應(yīng)該向上.

故C正確．

D、連接電源正負(fù)極的電極ab

必須與導(dǎo)電紙保持良好接觸；否則不能形成電流.

故D錯(cuò)誤．

故選：C

．

解答本題應(yīng)抓住以下幾點(diǎn)：

(1)

本實(shí)驗(yàn)的原理是用恒定電流場(chǎng)模擬靜電場(chǎng)；使用直流電源；

(2)

作圖利用復(fù)寫紙作在白紙上；整個(gè)操作在導(dǎo)電紙上進(jìn)行，可知在木板上依次鋪放導(dǎo)電紙；復(fù)寫紙和白紙；

導(dǎo)電紙與電極接觸應(yīng)良好；有導(dǎo)電物質(zhì)的一面應(yīng)朝上．

本題的解題關(guān)鍵是懂得實(shí)驗(yàn)原理，本實(shí)驗(yàn)的原理是用恒定電流場(chǎng)模擬靜電場(chǎng)，關(guān)鍵利用電壓傳感器要找到等勢(shì)點(diǎn)．【解析】C

6、B【分析】解：A；原子核是核子結(jié)合在一起構(gòu)成的；要把它們分開，需要能量，這就是原子核的結(jié)合能，故A錯(cuò)誤；

B；比結(jié)合能越大；表示原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定。故B正確；

C；Fe比Si穩(wěn)定；Si的比結(jié)合能比Fe的比結(jié)合能小。故C錯(cuò)誤；

D；只知道硅核質(zhì)量；不足以算出硅核的結(jié)合能。故D錯(cuò)誤。

故選：B。

原子核是核子結(jié)合在一起構(gòu)成的；要把它們分開，需要能量，這就是原子核的結(jié)合能；比結(jié)合能越大，表示原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定；Fe比Si穩(wěn)定，Si的比結(jié)合能比Fe的比結(jié)合能小；只知道硅核質(zhì)量，不足以算出硅核的結(jié)合能。

本題考查了原子核的結(jié)合能。這種題型屬于基礎(chǔ)題，只要善于積累，難度不大?！窘馕觥緽7、B【分析】【分析】由電空的決定式可確定電容的決定因素，通過控制變量法明確電容的變化【解析】【解答】解：電容器的決定式C=可知：

A；電容器兩極板正對(duì)面積變大時(shí)；電容變大；故A錯(cuò)誤；

B；電容器兩極板間距離增大時(shí)；電容減??；故B正確；

C；兩極板間放入電介質(zhì)時(shí)；電容增大；故C錯(cuò)誤；

D；電容與電壓及電量無關(guān)；故電壓增大時(shí)，電容不變；故D錯(cuò)誤；

故選：B8、B【分析】【分析】先根據(jù)機(jī)械能守恒定律求解下降的高度，然后根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的位移公式求解運(yùn)動(dòng)時(shí)間．【解析】【解答】解：物體做自由落體運(yùn)動(dòng)；機(jī)械能守恒，當(dāng)動(dòng)能等于重力勢(shì)能的2倍時(shí)，有：

mgH=mgh+

其中：

解得：h=

故下落的高度為：H-h=

根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間關(guān)系公式；有：

解得：t=

故選：B．9、D【分析】【分析】根據(jù)重力的作用效果，將重力為G分解為沿斜面向下的分力Gx和垂直斜面向下的分力Gy，Gy不是物體對(duì)斜面的壓力，而使物體緊壓斜面的力，物體對(duì)斜面的壓力方向與Gy的方向相同，大小為Gcosα．Gx是使物體下滑的分力，大小等于物體受到的靜摩力．物體受到重力、斜面對(duì)物體的支持力、靜摩擦力三個(gè)力作用．【解析】【解答】解：A、物體受重力、支持力與摩擦力．而Gx、Gy是重力的兩個(gè)分力；實(shí)際不存在，實(shí)際受到的就是重力作用在物體上．所以A錯(cuò)誤；

B、Gy是使物體緊壓斜面的分力；不是物體對(duì)斜面的正壓力，根據(jù)平衡條件，與斜面對(duì)物體的支持力相等，所以BC錯(cuò)誤；

D、物體受重力、支持力與可能有摩擦力．而Gx和Gy是重力的兩個(gè)分力；實(shí)際不存在，但兩者效果相等．故D正確．

故選：D．二、填空題(共6題，共12分)10、100【分析】【分析】動(dòng)能的表達(dá)式為：；根據(jù)表達(dá)式代入數(shù)據(jù)即可求得學(xué)生的動(dòng)能．【解析】【解答】解：動(dòng)能是表示物體由于運(yùn)動(dòng)而具有的能量；其表達(dá)式為：

；

該同學(xué)的動(dòng)能為：EK=×50×22=100J；

故答案為：；100．11、3【分析】【分析】在勻強(qiáng)電場(chǎng)中已知任意三點(diǎn)的電勢(shì)確定第四點(diǎn)的電勢(shì)高低，連接已知三點(diǎn)中的任意兩點(diǎn)，在其連線上找到與第三點(diǎn)的等勢(shì)點(diǎn)，連接這兩點(diǎn)，過第四點(diǎn)做連線的平行線，與連線的交點(diǎn)的電勢(shì)即為第四點(diǎn)的電勢(shì)，以此類推其他各點(diǎn)的電勢(shì)．【解析】【解答】解：已知正六邊形所在平面與電場(chǎng)線平行，且A、C、D三點(diǎn)電勢(shì)分別為1.0V、2.0V、3.0V，延長(zhǎng)DC且使DC=CG，連接BG，可知UDC=UCG=1V，故ABG的電勢(shì)相等為1V；CF電勢(shì)相等為2V，D、E電勢(shì)相等為3V．

E=/m

故答案為：3，12、略

【分析】

根據(jù)題目給出的0℃壓強(qiáng)下大氣壓按分布，則在布達(dá)拉宮廣場(chǎng)上，0℃時(shí)氣壓為p=1×e-0.127×3.700atm=0.625atm；

再根據(jù)氣體的等溫變化有；令人一次呼入的空氣體積為V，則20次呼吸吸入的空氣體積為20V，則這些氣體在布達(dá)拉宮廣場(chǎng)上對(duì)應(yīng)的體積為xV，根據(jù)等溫變化有：

p×20V=P×xV

又因?yàn)閜=0.625p

所以得x=32．即在上海呼吸20次吸入的空氣和布達(dá)拉宮廣場(chǎng)上呼吸32次吸入的空氣質(zhì)量相同．

故答案為：0.625；32

【解析】【答案】根據(jù)0℃時(shí)大氣壓強(qiáng)表達(dá)式；可以直接代入數(shù)據(jù)得到布達(dá)拉宮廣場(chǎng)的氣壓；再根據(jù)氣體等溫變化，可以求出0℃時(shí)，1個(gè)大氣壓某體積的氣體，在布達(dá)拉宮廣場(chǎng)的氣壓下的對(duì)應(yīng)的體積，就可以求得相應(yīng)的呼吸次數(shù)．

13、2mgdsin2θ或0【分析】解：分析小球受力情況：小球受到重力mg

拉力F

與電場(chǎng)力qE

因?yàn)樾∏蜃鰟蛩僦本€運(yùn)動(dòng)，合力為零，則F

與qE

的合力與mg

大小相等、方向相反，作出F

與qE

的合力，如圖，可知當(dāng)電場(chǎng)力qE

與F

垂直時(shí)，電場(chǎng)力最小，此時(shí)場(chǎng)強(qiáng)也最?。?/p>

則得：qE=mgsin婁脠

所以電場(chǎng)強(qiáng)度的最小值為E=mgsin婁脠q

．

若電場(chǎng)強(qiáng)度E=mgtan婁脠q

即qE=mgtan婁脠

時(shí)，電場(chǎng)力qE

可能與AB

方向垂直，如圖1

位置，電場(chǎng)力不做功，電勢(shì)能變化量為0

也可能電場(chǎng)力位于位置2

方向，則電場(chǎng)力做功為W=qEsin2婁脠?d=q?mgtan婁脠qsin2婁脠?d=2mgdsin2婁脠.

故答案為：mgsin婁脠q2mgdsin2婁脠

或0

由題意可知；小球受到重力；拉力F

與電場(chǎng)力，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)用圖解法確定出電場(chǎng)力最小時(shí)電場(chǎng)力大小，即可求得電場(chǎng)強(qiáng)度的最小值.

根據(jù)功的計(jì)算公式求解出電場(chǎng)力做功，即可由功能關(guān)系得到小球從A

運(yùn)動(dòng)到B

電勢(shì)能變化量大?。?/p>

解決本題的關(guān)鍵是對(duì)小球進(jìn)行正確的受力分析，靈活運(yùn)用圖解法分析極值情況，并根據(jù)力圖要知道電場(chǎng)力大小一定時(shí)，方向可能有兩種情況，不能漏解．【解析】mgsin婁脠q2mgdsin2婁脠

或0

14、mv2-qvBd【分析】【分析】粒子恰能沿直線穿過電場(chǎng)和磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，根據(jù)受力平衡得到極板間的電壓，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度增大到某值根據(jù)動(dòng)能定理列方程求解粒子落到極板上時(shí)的動(dòng)能．【解析】【解答】解：帶電粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)；電場(chǎng)力與洛倫茲力等大反向，有：

q=qvB

解得：

U=vBd

磁感應(yīng)強(qiáng)度增大；則磁場(chǎng)力增大，粒子向磁場(chǎng)力方向偏轉(zhuǎn)，當(dāng)粒子到達(dá)極板時(shí)，電場(chǎng)力做負(fù)功，根據(jù)動(dòng)能定理：

-q=Ek-mv2

解得：

Ek=mv2-qU=mv2-qvBd

故答案為：mv2-qvBd．15、1.5150【分析】【分析】解決本題要明確v-t圖象的含義：在v-t圖象中每時(shí)刻對(duì)應(yīng)于速度的大小，速度的正負(fù)表示其運(yùn)動(dòng)方向，圖象的斜率表示物體運(yùn)動(dòng)的加速度，圖象與時(shí)間軸圍成的面積為物體的位移，時(shí)間軸上方面積表示位移為正，下方表示為負(fù)．【解析】【解答】解：圖象的斜率表示物體運(yùn)動(dòng)的加速度，則該汽車加速階段的加速度大小a=；

由圖象可知，10-30s，汽車做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，減速階段的位移大小x=

故答案為：1.5150三、判斷題(共6題，共12分)16、√【分析】【分析】建立坐標(biāo)系的意義是為了定量描述質(zhì)點(diǎn)的位置變化，要根據(jù)問題的實(shí)際需要，建立合適的坐標(biāo)系，沿直線運(yùn)動(dòng)建立直線坐標(biāo)系，在平面上運(yùn)動(dòng)，建立平面直角坐標(biāo)系．【解析】【解答】解：建立坐標(biāo)系是為了定量描述物體的位置和位置的變化；坐標(biāo)系都是建立在參考系上的，沒有參考系則坐標(biāo)系無法建立，所以該說法是正確的．

故答案為：√17、×【分析】【分析】懸浮在液體（或氣體）中固體小顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)是布朗運(yùn)動(dòng)，固體顆粒越小、液體（或氣體）溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯；布朗運(yùn)動(dòng)是液體（或氣體）分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反應(yīng)．【解析】【解答】解：布朗運(yùn)動(dòng)的激烈程度與液體的溫度；懸浮顆粒的大小有關(guān)；溫度越高，懸浮物的顆粒越小，布朗運(yùn)動(dòng)越激烈．所以發(fā)現(xiàn)甲杯的布朗運(yùn)動(dòng)比乙杯中的激烈，不一定是由于甲杯中水溫高于乙杯．所以以上的說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×18、×【分析】【分析】選擇溫度計(jì)的原則是：溫度計(jì)內(nèi)測(cè)溫物質(zhì)的凝固點(diǎn)應(yīng)低于被測(cè)物體的溫度，同時(shí)，溫度計(jì)內(nèi)測(cè)溫物質(zhì)的沸點(diǎn)應(yīng)高于被測(cè)物體的溫度．【解析】【解答】解：在海平面上水的沸點(diǎn)為100℃；在青藏高原水的沸點(diǎn)也有80℃多，而酒精的沸點(diǎn)只有78℃，所以不能選擇酒精溫度計(jì)．該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×．19、√【分析】【分析】晶體的分子（或原子、離子）排列是有規(guī)則的．晶體是具有一定的規(guī)則外形和各向異性．【解析】【解答】解：根據(jù)晶體的結(jié)構(gòu)的特點(diǎn)可知；晶體的分子（或原子；離子）排列是有規(guī)則的．所以該說法是正確的．

故答案為：√20、×【分析】【分析】首先據(jù)波動(dòng)圖象讀出波長(zhǎng)和求出周期，根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)和波的傳播特點(diǎn)分析質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況，然后再寫出振動(dòng)方程，與題干中的方程比較即可．【解析】【解答】解：該波是振幅是10cm，波速為10m/s，波長(zhǎng)為4m，所以周期：T=s，角速度ω=；

該波向x軸的正方向傳播；由上下坡法可知，圖中P質(zhì)點(diǎn)在t=0時(shí)刻振動(dòng)的方向向下，所以振動(dòng)方程為y=-10sin5πt（cm），錯(cuò)誤．

故答案為：×21、×【分析】【分析】根據(jù)狹義相對(duì)論的兩個(gè)基本假設(shè)：

①物理規(guī)律在所有慣性系中都具有相同的形式．這叫做相對(duì)性原理．

②在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率具有相同的值C．這叫光速不變?cè)恚嬖V我們光（在真空中）的速度c是恒定的，它不依賴于發(fā)光物體的運(yùn)動(dòng)速度．【解析】【解答】解：根據(jù)相對(duì)論的兩個(gè)基本假設(shè)可知；在所有的慣性系中，光在真空中的傳播速率具有相同的值C．這叫光速不變?cè)恚室陨险f法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×四、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共12分)22、略

【分析】解：步驟C不必要；因?yàn)楦鶕?jù)測(cè)量原理，重物的動(dòng)能和勢(shì)能表達(dá)式中都包含了質(zhì)量m，可以約去，所以不必測(cè)量重物的質(zhì)量；步驟D錯(cuò)，應(yīng)先接通電源，待打點(diǎn)計(jì)時(shí)器工作穩(wěn)定后再釋放紙帶．

本題選沒有必要進(jìn)行的或者錯(cuò)誤的；故選：CD．

解決實(shí)驗(yàn)問題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理；了解實(shí)驗(yàn)的儀器；操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)．

解決本題的關(guān)鍵知道實(shí)驗(yàn)的原理，知道重錘的質(zhì)量可以不測(cè)，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用交流電源，實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先接通電源，后釋放紙帶．【解析】CD23、（1）X圓葉）1圓葉X）不耐寒（2）不耐寒31/362）正常雌株31/36

（3）正常雌株XYXX

3【分析】【分析】本題考查基因自由組合規(guī)律、伴性遺傳相關(guān)知識(shí)，意在考查學(xué)生的圖表分析能力和判斷能力，運(yùn)用所學(xué)知識(shí)綜合分析問題和解決問題的能力?！窘獯稹浚?）雜交結(jié)果表明，圓葉與尖葉的遺傳與性別相關(guān)，控制圓葉和尖葉的基因位于X染色體上，且圓葉為顯性性狀。（2）分析表格可知不耐寒：耐寒=3：1，說明不耐寒是顯性性狀，耐寒是隱性性狀。親本基因型為AaXBXb、AaXBY，故F1中不耐（1/3AA、2/3Aa）圓葉（1/2XBXB、1/2XBXb）雌株和不耐寒（1/3AA、2/3Aa）尖葉（XbY）雄株交配，F(xiàn)2雌性個(gè)體中純合子出現(xiàn)的概率為（4/9AA+1/9aa）×1/4XbXb=5/36，則雜合子出現(xiàn)的概率為1-5/36=31/36。（3）讓雄性植株與正常雌株進(jìn)行雜交，若后代有雄株和雌株兩種類型，則該雄株的染色體組成為XY，若后代僅有雌株，則該雄株的染色體組成為XX。【解析】（1）X圓葉）1圓葉X）不耐寒（2）不耐寒31/362）正常雌株31/36

（3）正常雌株XYXX

324、（1）基因與環(huán)境AA：Aa：aa=1：2：1

（2）

（3）正確，因?yàn)锳或a基因在m段，不可能出現(xiàn)淺綠色植株（Aa）

（4）植株甲體細(xì)胞中基因A位于q上，基因a位于p上深綠色植株：淺綠色植株=1：1【分析】【分析】本題考查基因與性狀關(guān)系及染色體變異的相關(guān)知識(shí)，意在考查學(xué)生的識(shí)圖能力和判斷能力，運(yùn)用所學(xué)知識(shí)綜合分析問題和解決問題的能力?！窘獯稹浚?）在正常光照下；AA植株葉片呈深綠色，而在遮光條件下卻呈黃色，說明生物性狀受基因與環(huán)境共同控制．根據(jù)題意可知，含一個(gè)A的植株葉片呈淺綠色，即基因型為Aa，該植株自交后代為AA：Aa：aa=1：2：1．

（2）有一批淺綠色植株（Aa），如果讓它們相互授粉得到AA、Aa、aa，由于體細(xì)胞沒有A的植株葉片呈黃色，會(huì)在幼苗期后死亡．所以熟植株中只有AA、Aa，比例為1：2；F1植株隨機(jī)交配得到F2，其中AA占Aa占aa占即成熟植株中AA：Aa=1：1；F2再隨機(jī)交配得到F3，后代有AA=Aa=aa=成熟植株AA：Aa=3：2，因此a基因頻率=．

（3）淺綠色突變體成熟植株甲的體細(xì)胞基因型為Aa；如果基因A或a在缺失片段m上，則q染色體上沒有基因A；a，又因?yàn)楹羞@樣的q染色體的花粉或卵細(xì)胞都不能完成受精作用，則植株甲不能產(chǎn)生．因此，植株甲的A或a基因不會(huì)在片段m上．

（4）將植株甲進(jìn)行自交得到F1，待F1長(zhǎng)成成熟植株后，觀察并統(tǒng)計(jì)F1表現(xiàn)型及比例．若F1全為淺綠色植株，則植株甲體細(xì)胞中基因A位于q上，基因a位于p上；若F1深綠色植株：淺綠色植株=1：1；則植株甲體細(xì)胞中基因A位于p上，基因a位于q上．

【解析】（1）基因與環(huán)境AA：Aa：aa=1：2：1（2）（3）正確，因?yàn)锳或a基因在m段，不可能出現(xiàn)淺綠色植株（Aa）（4）植株甲體細(xì)胞中基因A位于q上，基因a位于p上深綠色植株：淺綠色植株=1：1五、簡(jiǎn)答題(共2題，共8分)25、rm{(1)ZnO}rm{Al_{2}O_{3}}

rm{(2)PbO_{2}+4HCloverset{?}{=}PbCl_{2}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}

rm{(3)Al^{3+}+3NH_{3}隆隴H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+3NH_{4}^{+}}

rm{(2)PbO_{2}+4HCloverset{?}{=}

PbCl_{2}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}rm{(3)Al^{3+}+3NH_{3}隆隴H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+3NH_{4}^{+}

}與rm{(4)Zn^{2+}}沉淀的rm{Pb^{2+}}相近，三者因同時(shí)沉淀而無法分離

rm{Y^{3+}}

rm{(6)Y_{2}(C_{2}O_{4})_{3}overset{?}{=}Y_{2}O_{3}+3CO隆眉+3CO_{2}隆眉}rm{pH}【分析】【分析】本題考查了物質(zhì)的分離提純實(shí)驗(yàn)操作，題目涉及到氧化還原、出除雜質(zhì)、溶度積常數(shù)的應(yīng)用等，題目難度中等，注意根據(jù)題意寫出有關(guān)反應(yīng)的方程式，做題時(shí)注意根據(jù)物質(zhì)的性質(zhì)正確判斷反應(yīng)物和生成物，用守恒的方法去書寫。【解答】廢棄rm{CRT}熒光粉的化學(xué)組成為rm{Y_{2}O_{3}}rm{ZnO}rm{Al_{2}O_{3}}rm{PbO_{2}}rm{MgO}等，加鹽酸，過濾，濾渣主要含有rm{Y_{2}O_{3}}還有少量的rm{PbO_{2}}rm{ZnO}rm{Al_{2}O_{3}}rm{MgO}再加rm{5mol/L}的鹽酸，rm{PbO_{2}}與rm{HCl}發(fā)生氧化還原反應(yīng)，生成氯氣和rm{PbCl_{2}}rm{Y_{2}O_{3}}轉(zhuǎn)化為rm{Y^{3+}}過濾，濾液中含有rm{Pb^{2+}}和rm{Y^{3+}}rm{Al^{3+}}rm{Zn^{2+}}rm{Mg^{2+}}再加氨水，rm{Al^{3+}}形成rm{Al(OH)_{3}}沉淀，過濾，濾液中含有rm{Pb^{2+}}和rm{Y^{3+}}rm{Zn^{2+}}rm{Mg^{2+}}加rm{DDTC}除去溶液中的rm{Pb^{2+}}和rm{Zn^{2+}}過濾，濾液中加草酸，生成rm{Y_{2}(C_{2}O_{4})_{3}}沉淀，過濾，濾渣為rm{Y_{2}(C_{2}O_{4})_{3}}固體，高溫灼燒rm{Y_{2}(C_{2}O_{4})_{3}}生成rm{Y_{2}O_{3}}

rm{(1)}由表格數(shù)據(jù)可知：進(jìn)行原料預(yù)處理可以除去部分rm{ZnO}和rm{Al_{2}O_{3}}富集稀土元素；在后續(xù)操作中能降低耗酸量等，故答案為：rm{ZnO}rm{Al_{2}O_{3}}

rm{(2)PbO_{2}}與rm{HCl}發(fā)生氧化還原反應(yīng)，生成氯氣和rm{PbCl_{2}}則反應(yīng)的方程式為：rm{PbO_{2}+4HCloverset{?}{=}PbCl_{2}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}故答案為：rm{PbO_{2}+4HCloverset{?}{=}PbCl_{2}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}

rm{PbO_{2}+4HCloverset{?}{=}

PbCl_{2}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}由流程分析可知，步驟Ⅲ是用氨水除去溶液中的rm{PbO_{2}+4HCloverset{?}{=}

PbCl_{2}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}其反應(yīng)的離子方程式為：rm{(3)}

故答案為：rm{Al^{3+}}

rm{Al^{3+}+3NH_{3}?H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+3NH_{4}^{+}}根據(jù)流程分析可知，步驟Ⅳ中除雜試劑rm{Al^{3+}+3NH_{3}?H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+3NH_{4}^{+}}除去的雜質(zhì)離子有；由圖rm{(4)}可知rm{DDTC}rm{2}與rm{Zn^{2+}}沉淀的rm{Pb^{2+}}相近，三者因同時(shí)沉淀而無法分離，所以不能通過直接加堿的方法除去rm{Y^{3+}}rm{pH}故答案為：rm{Zn^{2+}}rm{Pb^{2+}}rm{Zn^{2+}}rm{Pb^{2+}}與rm{Zn^{2+}}沉淀的rm{Pb^{2+}}相近；三者因同時(shí)沉淀而無法分離；

rm{Y^{3+}}已知：當(dāng)離子濃度小于rm{pH}時(shí)，沉淀就達(dá)完全，rm{(5)}則rm{c(C_{2}O_{4}^{2-})=3dfrac{8.0隆脕10^{-28}}{(10^{-5})^{2}}=2.0隆脕10^{-6}mol/L}故答案為：rm{10^{-5}mol/L}

rm{K_{sp}[Y_{2}(C_{2}O_{4})_{3}]=c^{2}(Y^{3+})隆脕c^{3}(C_{2}O_{4}^{2-})=(10^{-5})^{2}隆脕c^{3}(C_{2}O_{4}^{2-})=8.0隆脕10^{-28}}草酸釔隔絕空氣加熱可以得到rm{c(C_{2}O_{4}^{2-})=3dfrac

{8.0隆脕10^{-28}}{(10^{-5})^{2}}=2.0隆脕10^{-6}mol/L}和rm{2.0隆脕10^{-6}}rm{(6)}其反應(yīng)的方程式為rm{Y_{2}(C_{2}O_{4})_{3}overset{?}{=}Y_{2}O_{3}+3CO隆眉+3CO_{2}隆眉}故答案為：rm{Y_{2}(C_{2}O_{4})_{3}overset{?}{=}Y_{2}O_{3}+3CO隆眉+3CO_{2}隆眉}rm{Y_{2}O_{3}}【解析】rm{(1)ZnO}rm{Al_{2}O_{3}}rm{(2)PbO_{2}+4HCloverset{?}{=}PbCl_{2}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}rm{(3)Al^{3+}+3NH_{3}隆隴H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+3NH_{4}^{+}}rm{(2)PbO_{2}+4HCloverset{?}{=}

PbCl_{2}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}rm{(3)Al^{3+}+3NH_{3}隆隴H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+3NH_{4}^{+}

}與rm{(4)Zn^{2+}}沉淀的rm{Pb^{2+}}相近，三者因同時(shí)沉淀而無法分離rm{Y^{3+}}rm{(6)Y_{2}(C_{2}O_{4})_{3}overset{?}{=}Y_{2}O_{3}+3CO隆眉+3CO_{2}隆眉}rm{pH}26、（1）①與水反應(yīng)是否是氧化還原反應(yīng)）①與水反應(yīng)是否是氧化還原反應(yīng)1↑②2Na+2H2O=2Na++2OH-+H2↑2Na+2H2O=2Na++2OH-+H2、③Cl2、Na2O2）①Cl2Na2O2（2）①C2作氧化劑，其還原產(chǎn)物是C沒有毒性及污染性②BB）6H＋＋5NO2－＋2MnO4-===NO3－＋2Mn2+＋3H2O電子從氮元素失去10個(gè)電子轉(zhuǎn)移到錳元素?③H2O2作氧化劑，其還原產(chǎn)物是H2OH2O沒有毒性及污染性【分析】【分析】

本題考查物質(zhì)的性質(zhì)及氧化還原反應(yīng)，為高頻考點(diǎn)，把握物質(zhì)的性質(zhì)、習(xí)題中的信息及發(fā)生的反應(yīng)為解答的關(guān)鍵，側(cè)重分析與應(yīng)用能力的考查，注重氧化還原反應(yīng)的應(yīng)用。【解答】

rm{(1)}rm{(1)}組與水反應(yīng)都是生成對(duì)應(yīng)的酸或者堿，而rm{壟脵A}組與水反應(yīng)都是生成對(duì)應(yīng)的酸或者堿，而rm{B}組與水反應(yīng)都發(fā)生了氧化還原反應(yīng)，故分成rm{A}rm{B}兩組的依據(jù)是與水反應(yīng)是否是氧化還原反應(yīng)，故答案為：與水反應(yīng)是否是氧化還原反應(yīng)；組與水反應(yīng)都發(fā)生了氧化還原反應(yīng)，故分成rm{壟脵A}rm{B}兩組的依據(jù)是與水反應(yīng)是否是氧化還原反應(yīng)，故答案為：與水反應(yīng)是否是氧化還原反應(yīng)；

rm{A}組物質(zhì)與水反應(yīng)水只作氧化劑的只有鈉，所以離子方程式為：rm{B}rm{壟脷C}組物質(zhì)與水反應(yīng)水只作氧化劑的只有鈉，所以離子方程式為：rm{2Na+2H}rm{壟脷C}rm{2Na+2H}rm{{,!}_{2}}rm{O簍T2Na}rm{O簍T2Na}rm{{,!}^{+}}rm{+2OH}故答案為：rm{+2OH}rm{{,!}^{-}}rm{+H}rm{+H}rm{{,!}_{2}}rm{隆眉}故答案為：rm{2Na+2H}rm{隆眉}rm{2Na+2H}rm{{,!}_{2}}

rm{O簍T2Na}組物質(zhì)與水反應(yīng)中，水即不作氧化劑也不作還原劑的為rm{O簍T2Na}rm{{,!}^{+}}rm{+2OH}rm{+2OH}rm{{,!}^{-}}rm{+H}rm{+H}rm{{,!}_{2}}也是rm{隆眉}rm{隆眉}rm{壟脹D}組物質(zhì)與水反應(yīng)中，水即不作氧化劑也不作還原劑的為rm{Cl}rm{壟脹D}rm{Cl}rm{{,!}_{2}}、rm{Na}rm{Na}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}，其中氧化劑和還原劑物質(zhì)的量之比為rm{1}rm{1}也是rm{Cl}

rm{1}rm{1}rm{Cl}rm{{,!}_{2}}、rm{Na}rm{Na}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}

，故答案為：rm{Cl}rm{Cl}rm{{,!}_{2}}、rm{Na}rm{Na}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}；rm{(2)}rm{(2)}rm{壟脵A.Na}rm{壟脵A.Na}被還原成單質(zhì)銀，rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}rm{+2HCl=2NaCl+H}rm{+2HCl=2NaCl+H}rm{{,!}_{2}}

rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}，是一個(gè)非氧化還原反應(yīng)，雙氧水既不是氧化劑，也不是還原劑，故A不選；B.rm{Ag}rm{Ag}rm{{,!}_{2}}rm{O+H}rm{O+H}過氧化氫的分解反應(yīng)，是一個(gè)自身氧化還原反應(yīng)，rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}rm{=2Ag+O}

rm{=2Ag+O}rm{{,!}_{2}}rm{隆眉+H}rm{隆眉+H}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{Ag}rm{O}rm{Ag}rm{{,!}_{2}}rm{O}被還原成單質(zhì)銀，rm{H}rm{O}rm{H}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}僅表現(xiàn)為還原性，