2025年新世紀版高二物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年新世紀版高二物理下冊階段測試試卷264考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，在豎直放置的光滑半圓弧絕緣細管的圓心O處固定一個點電荷，將質(zhì)量為m、帶電荷量為q的小球從圓弧管的水平直徑端點A由靜止釋放，小球沿細管滑到最低點B時，對管壁恰好無壓力，則固定于圓心處的點電荷在AC圓弧最低點B處的電場強度E的大小為（）A.E=B.E=C.E=D.E=2、質(zhì)量為m的小球，從離桌面H高處由靜止下落直至落地。已知桌面離地高度為h，如圖所示。若以桌面為零勢能參考平面，那么小球落地時的重力勢能及小球整個下落過程中重力做的功分別為（地球表面的重力加速度為g）（）A.-mgh，mg（H-h）B.-mgh，mg（H+h）C.mgh，mg（H-h）D.mgh，mg（H+h）3、圖中能產(chǎn)生感應電流的是（）A.B.C.D.4、鉆石是首飾和高強度鉆頭、刻刀等工具中的主要材料，設鉆石的密度為ρ（單位為kg/m3），摩爾質(zhì)量為M（單位為g/mol），阿伏加德羅常數(shù)為NA．已知1克拉=0.2克，則（）A.a克拉鉆石所含有的分子數(shù)為B.a克拉鉆石所含有的分子數(shù)為C.每個鉆石分子直徑的表達式為（單位為m）D.每個鉆石分子直徑的表達式為（單位為m）5、在勻強磁場中，一矩形單匝金屬線圈繞與磁感線垂直的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動，如圖甲所示，產(chǎn)生的交變電動勢的圖象如圖乙所示，則()

A.t=0.005s

時線圈平面與磁場方向平行B.t=0.010s

時線圈的磁通量變化率最大C.線圈產(chǎn)生的交變電動勢頻率為100Hz

D.線圈產(chǎn)生的交變電動勢的有效值為311V

6、關于波速公式v=λf，下面說法不正確的（）A.適用于一切波B.對同一機械波來說，通過不同的介質(zhì)時，只有頻率f不變C.一列機械波通過不同介質(zhì)時波速一般會發(fā)生變化D.波長2m的聲音比波長1m的聲音的傳播速度大一倍評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)7、四沖程的汽油機一個工作循環(huán)對外做功____次，在做功過程中，氣缸內(nèi)高溫氣體迅速膨脹而推動活塞做功，將____能轉(zhuǎn)化為____能．8、如圖所示，A、B為帶電量分別是Q和-Q的兩個等量異種點電荷，A、B間的距離為r，則AB中點處O點的場強大小為______N/C，方向向______．9、隨著人們生活逐漸走向電氣化時代，安全用電越來越被大家所重視，你最擔心的安全問題是______超負荷，插座板的輸電線可能會因為______太大而發(fā)熱燃燒．10、如圖所示，豎直平面內(nèi)有兩根相距為L

電阻不計的光滑平行金屬桿軌道，軌道與水平放置的平行金屬板相連，極板距離為d

軌道間有垂直軌道平面向里磁感應強度為B

的勻強磁場，一電阻為R

與軌道接觸良好的金屬桿在軌道上勻速滑動時，極板間一電量為q

質(zhì)量為m

的帶正電粒子恰好靜止，則桿的運動方向為_________，速度大小為__________。11、如圖是改裝并校準電流表的電路圖，已知表頭的量程為Ig=600?A

內(nèi)阻為Rg=198婁賂mA

是標準電流表，要求改裝后的電流表量程為I=60mA

則圖中分流電阻Rp

的阻值為______，改裝后的電流表測量電流時，指針指在表盤上原來100?A

處，則被測電流的大小是______mA

．評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)12、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）13、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）14、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）15、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）16、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分四、推斷題(共2題，共14分)17、rm{隆露}茉莉花rm{隆路}是一首膾炙人口的中國民歌。茉莉花香氣的成分有多種，乙酸苯甲酯rm{(}rm{)}是其中的一種，它可以從茉莉花中提取，也可以乙烯和甲苯為原料進行人工合成。其中一種合成路線如下：回答下列問題：

rm{(1)A}rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式為______________；

rm{(2)}寫出反應rm{壟脷}rm{壟脼}的化學方程式rm{壟脷}_____________________rm{;壟脼}_____________________

rm{(3)}上述反應中屬取代反應的有______________

rm{(4)}反應______________rm{(}填序號rm{)}原子的理論利用率為rm{100%}符合綠色化學的要求。18、I、（1）含氰廢水中的CN－有劇毒。在微生物的作用下，CN－能夠被氧氣氧化成HCO3－，同時生成NH3，該反應的離子方程式為____。

（2）含乙酸鈉和對氯酚（）的廢水可以利用微生物電池除去，同時提供電能，其原理如圖所示。則A極的電極反應式為：____。

II、鋅鋇白是一種白色顏料。工業(yè)上是由ZnSO4與BaS溶液混合而成：BaS＋ZnSO4＝ZnS↓＋BaSO4↓。請根據(jù)以下工業(yè)生產(chǎn)流程回答有關問題。ZnSO4溶液的制備與提純：有關資料：a．菱鋅礦的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2(OH)2CO3等；b．Zn(OH)2與Al(OH)3相似，能溶于過量的NaOH溶液生成Na2ZnO2。（1）濾渣1的化學式為____；（2）②中使用的氧化劑最好是下列的____（選填字母代號）。A．Cl2B．濃HNO3C．KMnO4D．H2O2____（3）為了達到綜合利用、節(jié)能減排的目的，上述流程步驟④中的CO2可以來自于步驟____（選填①、②、③、⑤）。（4）寫出步驟④所發(fā)生的離子方程式____。評卷人得分五、畫圖題(共2題，共4分)19、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象20、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象評卷人得分六、綜合題(共2題，共16分)21、[

物理隆隴

選修3隆陋3]

(1)

氣體分子運動具有下列特點()(

填正確答案標號。)

A.氣體分子與容器器壁的碰撞頻繁B.氣體分子向各個方向運動的可能性是相同的C.氣體分子的運動速率具有“中間多，兩頭少”特點D.同種氣體中所有的分子運動速率基本相等E.布朗運動是氣體分子運動(2)

使一定質(zhì)量的理想氣體按圖甲中箭頭所示的順序變化，圖中BC

段是以縱軸和橫軸為漸近線的雙曲線。試求：已知氣體在狀態(tài)A

的溫度TA=300K

求氣體在狀態(tài)BC

和D

的溫度各是多少？[

物理隆隴

選修3隆陋4]

(1)

如圖是用頻閃照相的方法獲得的彈簧振子的位移隆陋

時間圖象(

水平為x

軸，豎直方向為t

軸)

下列關于該圖象的說法正確的是()(

填正確答案標號。)

A.該圖象的坐標原點是建立在彈簧振子小球的平衡位置B.從圖象可以看出小球在振動過程中是沿t

軸方向移動的C.為了顯示小球在不同時刻偏離平衡的位移，讓底片沿垂直x

軸方向勻速運動D.圖像隨時間的推移而發(fā)生平移E.圖象中小球的疏密顯示出相同時間內(nèi)小球位置變化快慢不同(2)

一列沿x

軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0

時刻的波形如圖；已知波的傳播速度v=2m/s

壟脵

寫出從t=0

時刻起x=2.0m

處質(zhì)點的位移y

隨時間t

變化的表達式；壟脷

求出在0隆蘆4.5s

內(nèi)波傳播的距離及x=2.0m

處質(zhì)點通過的路程。22、(1)

近段時間，日本的“核輻射”引起了全球矚目，下列關于放射線的說法中正確的是()(

多選題)

A、放射線可以用來進行工業(yè)探傷B、婁脗

衰變中放出電子，說明原子核內(nèi)部存在電子C、放射性同位素可以用來做示蹤原子D、天然放射性元素衰變時能夠放出的三種射線是婁脕

射線、婁脗

射線、婁脙

射線(2)壟脵

盧瑟福利用婁脕

粒子轟擊金箔的實驗研究原子結(jié)構(gòu)，正確反映實驗結(jié)果的示意圖是：____。

壟脷

這實驗婁脕

粒子的大角度散射現(xiàn)象說明了原子是____結(jié)構(gòu)(

填“核式”或者“西瓜”)

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】解：設細管的半徑為R；小球到達B點時速度大小為v。小球從A滑到B的過程，由機械能守恒定律得：

得到：

小球經(jīng)過B點時；由牛頓第二定律得：

代入得：

Eq=3mg；

故選：C。

小球沿細管滑到最低點B過程中；只有重力做功，小球的機械能守恒．小球到達B點時對管壁恰好無壓力，則由重力和點電荷對的電場力的合力提供向心力，根據(jù)機械能守恒定律求出小球到達B點時的速度，由牛頓第二定律求出電場力的大小。

本題是機械能守恒定律和牛頓第二定律的綜合應用．對于圓周運動，常常不單獨出題，會和動能定理、機械能守恒結(jié)合應用．【解析】C2、B【分析】解：以桌面為零勢能參考平面，地面離零勢能點的高度為-h，物體重力勢能為：Ep=-mgh；物體下落的高度差為（h+H），所以重力做功為：W=mg（h+H），故ACD錯誤，B正確。

故選：B。

解決本題需要掌握：重力勢能表達式Ep=mgh中；h為物體相對零勢能點的高度，因此重力勢能大小和零勢能點的選取有關；而重力做功和零勢能的選取無關，只與物體的初末位置有關。

本題比較簡單，直接考查了重力勢能和重力做功大小的計算，正確理解公式中物理量的含義是正確應用公式的前提?！窘馕觥緽3、B【分析】解：A；線圈是不閉合的；不能產(chǎn)生感應電流．故A錯誤；

B；線框的面積增大；穿過線框的磁通量增大，能夠產(chǎn)生感應電流．故B正確；

C；由于直導線在線圈的直徑的上方；所以穿過線圈的磁通量等于0，電流增大，線圈的磁通量仍然是0．故C錯誤；

D；線圈整體垂直于磁場運動；線圈的磁通量始終是最大，沒有發(fā)生變化，沒有感應電流．故D錯誤．

故選：B

本題考查了感應電流產(chǎn)生的條件：閉合回路中的磁通量發(fā)生變化．據(jù)此可正確解答本題．

本題考查感應電流產(chǎn)生的條件，首先要明確是哪一個線圈，然后根據(jù)磁通量的公式：Φ=BS找出變化的物理量，從而確定磁通量是否發(fā)生變化．基礎題目．【解析】【答案】B4、C【分析】解：A、a克拉鉆石的摩爾數(shù)為則分子數(shù)n=．故A；B錯誤．

C、每個鉆石分子的體積V=又聯(lián)立解得d=．故C正確；D錯誤．

故選：C．

根據(jù)鉆石的質(zhì)量和摩爾質(zhì)量；求出摩爾數(shù)，結(jié)合阿伏伽德羅常數(shù)求出分子數(shù)的大?。鶕?jù)摩爾質(zhì)量和阿伏伽德羅常數(shù)求出摩爾體積，每個鉆石分子可以看成球體，結(jié)合球體的體積公式求出直徑的表達式．

解決本題的關鍵知道摩爾質(zhì)量=密度×摩爾體積；摩爾質(zhì)量=阿伏伽德羅常數(shù)×每個分子的質(zhì)量；摩爾體積=阿伏伽德羅常數(shù)×每個分子的體積．【解析】【答案】C5、A【分析】試題分析：根據(jù)圖象可知交流電的最大值以及周期等物理量；然后進一步可求出其瞬時值的表達式以及有效值等．

At=0.005s

電動勢最大；則線圈平面與磁場方向平行，故A正確。

Bt=0.010s

時電動勢為0

則線圈的磁通量變化率為0

故B錯誤。

C

由圖可知周期為0.02

則頻率為1T=50Hz

故C錯誤。

D

線圈產(chǎn)生的交變電動勢有效值為3112V

故D錯誤。

故選：A

【解析】A

6、D【分析】解：A；波速公式v=λf適用一切波；故A正確。

B；C波的頻率等于波源的振動頻率；由波源決定，與介質(zhì)無關，而波速由介質(zhì)決定，由v=λf知，波長與波源的介質(zhì)均有關，所以對同一機械波來說，通過不同的介質(zhì)時，只有頻率f不變，波速一般會發(fā)生變化；故BC正確；

D；聲音在同一介質(zhì)中傳播；速度相同，故D錯誤。

本題選錯誤的；

故選：D。

波速公式v=λf適用一切波；波的頻率與介質(zhì)無關，波速由介質(zhì)決定，根據(jù)這些知識進行分析即可。

波速公式v=λf是波動部分基本公式，關鍵要抓住適用條件及各量的決定因素。【解析】D二、填空題(共5題，共10分)7、1內(nèi)機械【分析】【解答】在內(nèi)燃機的四個沖程中；只有做功沖程經(jīng)內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機械能，即對外做功；所以在汽油機的一個工作循環(huán)中，對外做功一次．

故答案為：1；內(nèi)；機械．

【分析】內(nèi)燃機的一個工作循環(huán)包括四個沖程：吸氣沖程、壓縮沖程、做功沖程和排氣沖程，只有做功沖程對外做功．8、略

【分析】解：A電荷在O點產(chǎn)生的場強大小為E1==方向水平向右；

B電荷在O點產(chǎn)生的場強大小為E1==方向水平向右；

故O點場強大小為E=E1+E2=方向水平向右．

故本題的答案為：右．

真空中點電荷的電場強度的表達式E=電場強度是矢量，而矢量的運算滿足平行四邊形定則，但當兩個矢量的方向在同一條直線上時就可以利用代數(shù)法則進行運算．

電場強度是矢量，而矢量的運算滿足平行四邊形定則，但當兩個矢量的方向在同一條直線上時就可以利用代數(shù)法則進行運算．【解析】右9、略

【分析】解：根據(jù)公式P=UI，家庭電流中電壓為200V，當總功率過大時，從而引起通過插座的電流過大，根據(jù)焦耳定律Q=I2Rt；當電流過大時，干路導線會產(chǎn)生大量的熱能，使導線溫度升高，容易引起火災．

故答案為：總功率；電流．

由電功率公式P=UI，家庭電流中的電壓為220V，始終不變，可判斷出總功率過大時，電流的變化情況，在焦耳定律Q=I2Rt中；電流越大時，產(chǎn)生的熱量越多．

此題主要是考查學生對家庭電路中電流過大的原因及焦耳定律的理解和掌握，屬于識記性內(nèi)容，比較簡單．【解析】總功率；電流10、向左【分析】【分析】由帶正電的粒子恰好靜止得到平行金屬板的帶電情況，由右手定則判斷金屬棒的運動方向；由平衡條件得到速度的大小。本題考查右手定則和物體的平衡，難度不大?！窘獯稹坑捎跇O板間一電量為qq質(zhì)量為mm的帶正電粒子恰好靜止，知金屬板上板帶負電，由右手定則得到金屬棒向左運動。由平衡條件得：qE=mgqE=mg即qBLvd=mgdfrac{qBLv}qoowsqa=mg故v=mgdqBLv=dfrac{mgd}{qBL}故答案為：向左；mgdqBL

【解析】向左mgdqBL

11、略

【分析】解：分流電阻阻值為：RP簍TIgRgI鈭?Ig=600隆脕10鈭?6隆脕1980.060鈭?600隆脕10鈭?6隆脰2婁賂

原來電流表量程為600婁脤A=0.6mA

改裝后電流表量程為60mA

電流表量程擴大了100

倍；分度值擴大100

倍；

指針指在表盤上原來100?A

處；則被測電流的大小為：100婁脤A隆脕100=10000婁脤A=10mA

故答案為：2婁賂10

．

根據(jù)并聯(lián)電路特點與歐姆定律可以求出分流電阻阻值；根據(jù)電流表的量程確定其分度值；然后讀出其示數(shù)．

本題考查了電流表改裝、電流表讀數(shù)，考查了求并聯(lián)電阻阻值問題，知道電流表改裝原理、應用并聯(lián)電路特點與歐姆定律可以解題．【解析】2婁賂10

三、判斷題(共5題，共10分)12、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．13、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．14、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．15、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．16、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．四、推斷題(共2題，共14分)17、

（2）2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O

（3）④⑤⑥

（4）①③

【分析】【分析】本題考查有機物的推斷與合成，難度不大，注意結(jié)合乙醇、氯代烴的性質(zhì)進行推斷，需要學生熟練掌握官能團的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，有利于基礎知識的鞏固?！窘獯稹縭m{(1)}乙醇與氧化銅加熱反應生成rm{A}rm{A}為乙醛，甲苯在光照條件下與氯氣反應生成rm{B}rm{B}為故答案為：rm{CH_{3}CHO}rm{CH_{3}CHO}rm{(2)}反應rm{壟脷}rm{壟脼}的化學方程式分別為：的化學方程式分別為：rm{壟脷}rm{壟脼}故答案為：rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}反應rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}是乙烯與水發(fā)生加成反應，反應rm{(3)}是乙醇發(fā)生氧化反應生成乙醛，反應rm{壟脵}是乙醛發(fā)生氧化反應生成乙酸，反應rm{壟脷}是甲苯與氯氣發(fā)生取代反應，反應rm{壟脹}是rm{壟脺}在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發(fā)生水解反應生成苯甲醇，屬于取代反應，rm{壟脻}乙酸與苯甲醇發(fā)生酯化反應生成乙酸苯甲酯，屬于取代反應；故答案為：rm{B}

rm{壟脼}反應rm{壟脺壟脻壟脼}乙烯與水發(fā)生加成反應生成乙醇，反應rm{(4)}乙醛發(fā)生氧化反應生成乙酸，符合原子利用率rm{壟脵}故答案為：rm{壟脹}rm{100%}【解析】rm{(2)}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(3)壟脺壟脻壟脼}18、略

【分析】【分析】該題通過水污染的治理和化學工業(yè)生產(chǎn)流程，考查了原電池原理的應用和元素及其化合物的性質(zhì)，判斷微生物電池的正負極和分析流程圖是本題難點，試題難度較大。I、（1）根據(jù)信息：CN-能夠被氧氣氧化成HCO3-，同時生成NH3來書寫方程式；（2）根據(jù)原電池中陽離子的移動方向確定A為正極，發(fā)生得電子的還原反應來書寫；II、由圖1流程可知，菱鋅礦的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2（OH）2CO3等，加硫酸，只有SiO2不反應，則濾渣1為SiO2，②中加氧化劑將亞鐵離子氧化為鐵離子，再加過量的NaOH，金屬離子轉(zhuǎn)化為沉淀，則濾渣2為Fe（OH）3、Cu（OH）2，反應④通二氧化碳將ZnO22-轉(zhuǎn)化為沉淀，則濾渣3為Zn（OH）2，據(jù)此解答。【解答】I、（1）CN-能夠被氧氣氧化成HCO3-，同時生成NH3得出方程式為：2CN-+4H2O+O22HCO3-+2NH3；（2）原電池中氫離子的移動方向是從負極流向正極，所以A是正極，發(fā)生得電子的還原反應：+2e-+H+═+Cl-；II、由圖1流程可知，菱鋅礦的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2（OH）2CO3等，加硫酸，只有SiO2不反應，則濾渣1為SiO2，②中加氧化劑將亞鐵離子氧化為鐵離子，再加過量的NaOH，金屬離子轉(zhuǎn)化為沉淀，則濾渣2為Fe（OH）3、Cu（OH）2，反應④通二氧化碳將ZnO22-轉(zhuǎn)化為沉淀，則濾渣3為Zn（OH）2，（1）由上述分析可知，濾渣1為SiO2；（2）②中加氧化劑將亞鐵離子氧化為鐵離子；只有D不會引入新雜質(zhì)；

（3）步驟④中的CO2氣體來自步驟①酸浸反應放出的氣體，可以節(jié)能減排；（4）步驟④發(fā)生的離子反應方程式為ZnO22-+2CO2+2H2O=Zn（OH）2↓+2HCO3-?！窘馕觥縄、（1）2CN-+4H2O+O22HCO3-+2NH3（2）+2e-+H+═+Cl-II、（1）SiO2（2）D（3）①（4）ZnO22-+2CO2+2H2O=Zn（OH）2↓+2HCO3-五、畫圖題(共2題，共4分)19、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應定律，當磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應電動勢、感應電流恒定不變【解析】【答案】20、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應定律，當磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應電動勢、感應電流恒定不變【解析】【答案】六、綜合題(共2題，共16分)21、（1）ABC（2）解：p—V圖中直觀地看出，氣體在A、B、C、D各狀態(tài)下壓強和體積為VA＝10L，pA＝4atm，pB＝4atm，pC＝2atm，pD＝2atm，VC＝40L，VD＝20L．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可得由題意TB＝TC＝600K．[物理·選修3—4]（1）ACE（2）解：①波長λ＝2.0m，振幅A＝5cm，周期T＝λ／v＝1.0s，角速度則y＝－5sin（2πt）cm②4.5s內(nèi)波傳播的距離x＝v·Δt＝9mn＝t／T＝4.5，則4.5s內(nèi)質(zhì)點通過的路程s＝4nA＝90cm。【分析】【分析】分子動理論的內(nèi)容包括三點：物質(zhì)是由分子構(gòu)成的，分子在永不停息地做無規(guī)則的運動，分子間存在著相互作用的引力和斥力.

明白以上概念，本題的四個選項便不難解決．【解答】A；因為分子永不停息地做無規(guī)則的運動；所以分子之間避免不了相互碰撞，故A正確；

B；根據(jù)分子運動論的統(tǒng)計規(guī)律可知；氣體分子沿各個方向運動的機會是相等的，故B正確；

C；根據(jù)統(tǒng)計規(guī)律可知；氣體分子的運動速率具有“中間多，兩頭少”特點，故C正確；

D、氣體分子的運動速率分布具有“中間多，兩頭少”特點，同種氣體中所有的分子運動速率基本不相等，故D錯誤；E、布朗運動現(xiàn)象為懸浮微粒的運動，實質(zhì)反映的是液體分子的無規(guī)則運動，故E錯誤；故選ABC?！痉治觥緼

到BB

到CC

到D

過程分別是等壓、等溫和等壓變化，根據(jù)呂薩克定律、玻意耳定律求氣體在狀態(tài)BC

和D

的溫度?！痉治觥繌椈烧褡釉趚

軸方向做簡諧運動，圖象的坐標原點是建立在彈簧振子小球的平衡位置.

類似于沙擺實驗，為了顯示小球在不同時刻偏離平衡的位移，讓底片沿垂直x

軸方向勻速運動.

小球的疏密顯示出相同時間內(nèi)小球位置變化快慢不同。【解答】A；B

由圖看出；彈簧振子在x

軸方向做簡諧運動，小球并不是沿t

軸方向移動，由對稱性可知，該圖象的坐標原點是建立在彈簧振子小球的平衡位置.

故A正確，B錯誤．

C；類似于沙擺實驗；為了顯示小球在不同時刻偏離平衡