2025年人教版必修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教版必修3物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖甲所示，點(diǎn)電荷A、B相距l(xiāng)，電荷量均為+Q，AB連線中點(diǎn)為O?，F(xiàn)將另一個(gè)電荷量為+q的點(diǎn)電荷放置在AB連線的中垂線上距O點(diǎn)為x的C點(diǎn)處，此時(shí)+q所受的靜電力大小為F1。如圖乙所示，若A的電荷量變?yōu)?Q，其他條件均不變，此時(shí)+q所受的靜電力大小為F2。下列說(shuō)法正確的是（）

A.若l=x，則F1=F2B.若l=2x，則F1>F2C.圖甲中，若將+q從C點(diǎn)移到O點(diǎn)，則電勢(shì)能增大D.圖乙中，若將+q從C點(diǎn)移到O點(diǎn)，則電勢(shì)能減小2、壓敏電阻的阻值是隨所受壓力的增大而減小的，小聰想設(shè)計(jì)一個(gè)通過(guò)電表示數(shù)反映壓敏電阻所受壓力大小的電路，要求壓力增大時(shí)電表示數(shù)增大，以下電路不符合要求的是（）A.B.C.D.3、已知真空中兩個(gè)點(diǎn)電荷間的庫(kù)侖力的大小為F，若將這兩個(gè)點(diǎn)電荷的電荷量都增到原來(lái)的2倍，并將這兩個(gè)點(diǎn)電荷之間的距離也增到原來(lái)的2倍，經(jīng)過(guò)上述調(diào)整之后，兩點(diǎn)電荷間的庫(kù)侖力的大小為()A.FB.2FC.4FD.16F4、如圖所示為一空腔球形導(dǎo)體(不帶電)，現(xiàn)將一個(gè)帶正電的小金屬球A放入腔中，當(dāng)靜電平衡時(shí)，圖中a、b、c三點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)E和電勢(shì)φ的關(guān)系是()

A.Ea＞Eb＞Ec，φa＞φb＞φcB.Ea＝Eb＞Ec，φa＝φb＞φcC.Ea＝Eb＝Ec，φa＝φb＞φcD.Ea＞Ec＞Eb，φa＞φb＞φc5、如圖所示，粗細(xì)均勻的圓形絕緣環(huán)位于空間直角坐標(biāo)系中的xOy平面內(nèi)，其幾何中心與坐標(biāo)原點(diǎn)O重合。處于每個(gè)象限的圓環(huán)都均勻帶有相同電量的電荷，電性如圖所示。點(diǎn)1、2、3、4、5、6分別位于z、x、y軸上；它們與原點(diǎn)間距相同，以下說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）

A.點(diǎn)1、點(diǎn)2處的場(chǎng)強(qiáng)一定相同B.點(diǎn)3、點(diǎn)4處的場(chǎng)強(qiáng)一定相同C.點(diǎn)3、點(diǎn)4處的電勢(shì)一定相等D.點(diǎn)5、點(diǎn)6處的電勢(shì)一定相等6、下列說(shuō)法正確的是（）A.電荷處在電勢(shì)越高的地方電勢(shì)能越大B.電場(chǎng)中電場(chǎng)強(qiáng)度越大的地方，電勢(shì)越高C.電勢(shì)降落的方向必定是場(chǎng)強(qiáng)的方向D.處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)處處為零7、當(dāng)一個(gè)帶電導(dǎo)體達(dá)到靜電平衡時(shí)（）A.導(dǎo)體表面上電荷密度較大處電勢(shì)較高B.導(dǎo)體表面曲率較大處電勢(shì)較高C.導(dǎo)體內(nèi)部的電勢(shì)比導(dǎo)體表面的電勢(shì)高D.導(dǎo)體內(nèi)任一點(diǎn)與其表面上任一點(diǎn)的電勢(shì)差等于零評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、如圖所示，平行金屬板水平放置，有一質(zhì)量為m的帶電油滴，放在兩極板之間恰好保持靜止，已知兩極板電勢(shì)差為U，間距為d。則（）

A.油滴帶正電B.油滴帶電量為C.上板不動(dòng)，下板向下移動(dòng)，油滴加速上升D.上板不動(dòng)，下板向下移動(dòng)，油滴加速下降9、如圖所示為某同學(xué)設(shè)計(jì)的多用電表的原理示意圖．虛線框中S為一個(gè)單刀多擲開(kāi)關(guān)，通過(guò)操作開(kāi)關(guān)，接線柱B可以分別與觸點(diǎn)1；2、3接通；從而實(shí)現(xiàn)使用多用電表測(cè)量不同物理量的不同功能．關(guān)于此多用電表，下列說(shuō)法中正確的是（）

A.當(dāng)S接觸點(diǎn)2時(shí)，多用電表處于測(cè)量電阻的擋位B.當(dāng)S接觸點(diǎn)3時(shí)，多用電表處于測(cè)量電流的擋位C.接線柱A為“+”接線柱D.接線柱A為“—”接線柱10、如圖所示的電路，L1、L2、L3是3只小電燈，R是滑動(dòng)變阻器，開(kāi)始時(shí)，它的滑片P位于中點(diǎn)位置．當(dāng)S閉合時(shí)，3只小電燈都發(fā)光．現(xiàn)使滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)，則小電燈L1、L2、L3的變化情況為()

A.L1變亮B.L2變亮C.L3變暗D.L1、L2、L3均變亮11、如圖所示，空間中有平行于紙面的勻強(qiáng)電場(chǎng)，處于該電場(chǎng)中直角三角形直角邊一電荷量為的正點(diǎn)電荷，從B點(diǎn)移動(dòng)到A點(diǎn)電場(chǎng)力做功該電荷從B點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)電場(chǎng)力做負(fù)功為則（）

A.B.該勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)C.該勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)D.整個(gè)三角形內(nèi)，頂點(diǎn)C的電勢(shì)最高12、如圖：兩個(gè)傾角都為45°的光滑金屬斜面AB和DE，與四分之一光滑金屬圓弧BCD分別相切于B、D兩點(diǎn)；圓弧半徑為R，圓心O處固定一帶電量為+Q的點(diǎn)電荷。將一帶電量為+q質(zhì)量為m的塑料小球從斜面上與O等高的A點(diǎn)靜止釋放，不計(jì)空氣阻力和+q對(duì)電場(chǎng)的影響，靜電力常量為k。則（）

A.小球可能保持靜止B.小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能一定守恒C.小球在最低點(diǎn)對(duì)軌道的壓力大小一定為D.若將+Q左移一小段距離且固定后，再?gòu)腁點(diǎn)靜止釋放同一帶電小球，小球運(yùn)動(dòng)情況一定不變13、在地面附近，存在著一個(gè)有界電場(chǎng)，邊界MN將空間分成上下兩個(gè)區(qū)域I、II，在區(qū)域Ⅱ中有豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在區(qū)域I中離邊界某一高度由靜止釋放一個(gè)質(zhì)量為m的帶電小球，如圖甲所示，小球運(yùn)動(dòng)的圖像如圖乙所示；不計(jì)空氣阻力，則（）

A.小球受到的重力與電場(chǎng)力之比為3:5B.在t=5s時(shí)，小球經(jīng)過(guò)邊界MNC.在小球向下運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中，重力做的功大于電場(chǎng)力做的功D.在1s～4s過(guò)程中，小球的機(jī)械能先減小后增大14、如圖所示，一電子以初速度v沿與金屬板平行的方向飛入兩板間，在下列幾種情況下，電子將向M板偏轉(zhuǎn)的有()

A.開(kāi)關(guān)S接通的瞬間B.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S的瞬間C.接通開(kāi)關(guān)S后，變阻器的滑動(dòng)觸頭向右迅速滑動(dòng)時(shí)D.接通開(kāi)關(guān)S后，變阻器的滑動(dòng)觸頭向左迅速滑動(dòng)時(shí)評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、一矩形線圈面積S＝10cm2，它和勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向之間的夾角θ1＝30°，穿過(guò)線圈的磁通量Ф＝2×10－4Wb，則磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝______________；若線圈以一條邊為軸轉(zhuǎn)180°，則穿過(guò)線圈的磁通量的變化量為_(kāi)___________；若線圈平面和磁場(chǎng)方向之間的夾角變?yōu)棣?＝0°，則Ф0＝________________。16、實(shí)驗(yàn)原理:

設(shè)金屬導(dǎo)線長(zhǎng)度為l，導(dǎo)線直徑為d，電阻率為ρ，則:由_______，得:ρ=______=______。17、判斷下列說(shuō)法的正誤：

（1）串聯(lián)電路的總電阻大于電路中任意電阻。（__________）

（2）并聯(lián)電路的總電阻小于電路中任意電阻。（__________）

（3）并聯(lián)電路中某電阻變大時(shí)，總電阻減小。（__________）

（4）若將分壓電阻串聯(lián)在電流表上改裝成電壓表后，增大了原電流表的滿偏電壓。（__________）

（5）若將分流電阻并聯(lián)在電流表兩端改裝成電流表后，分流電阻和電流表兩端的電壓相等。（__________）

（6）改裝成電壓表后，原電流表本身允許通過(guò)的最大電流值也隨著變大了。（__________）18、麥克斯韋電磁場(chǎng)理論的兩個(gè)基本假設(shè)：

（1）變化的磁場(chǎng)能夠在周圍空間產(chǎn)生____（如圖甲所示）。

（2）變化的電場(chǎng)能夠在周圍空間產(chǎn)生____（如圖乙所示）。

19、如圖所示，直線a為電源的U—I圖線，直線b為電阻R的U—I圖線，用該電源和該電阻組成閉合電路時(shí)，電源內(nèi)部非靜電力將1C正電荷從負(fù)極移到正極所做的功為_(kāi)_____J，電源的輸出功率為_(kāi)_____W。

評(píng)卷人得分四、作圖題(共2題，共6分)20、以下是幾種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線的分布情況；請(qǐng)標(biāo)出圖中各電荷的電性。

21、把蜂鳴器；光敏電阻、干簧管繼電器開(kāi)關(guān)、電源連成電路如圖所示；制成光電報(bào)警裝置，當(dāng)報(bào)警器有光照射時(shí)，峰鳴器發(fā)聲，當(dāng)沒(méi)有光照或者光照很弱時(shí)，蜂鳴器不發(fā)聲，①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會(huì)變小，②干簧管繼電器開(kāi)關(guān)：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，當(dāng)線圈中有一定的電流時(shí)，線圈產(chǎn)生的磁場(chǎng)使密封在干簧管內(nèi)的兩個(gè)鐵質(zhì)簧片磁化，兩個(gè)簧片在磁力作用下由原來(lái)的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài)，當(dāng)線圈中沒(méi)有電流或者電流很微弱時(shí)，磁場(chǎng)消失，簧片在彈力的作用下恢復(fù)到分離狀態(tài)，電路已經(jīng)連接一部分，請(qǐng)將電路完整連接好。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

A．在C點(diǎn)，A、B兩電荷對(duì)+q產(chǎn)生的電場(chǎng)力大小相同；如圖所示。

根據(jù)庫(kù)侖定律有

方向分別為由A指向C和由B指向C，故C處的電場(chǎng)力大小為

方向由O指向C。

根據(jù)幾何關(guān)系有

則有

若A的電荷量變?yōu)?Q；其他條件都不變，如圖所示。

則C處+q受到的電場(chǎng)力為

方向由B指向A。

根據(jù)幾何關(guān)系有

則有

若則故故A錯(cuò)誤；

B．若l=2x，則故故B錯(cuò)誤；

C．圖甲中，將+q從C點(diǎn)移到O點(diǎn)；電場(chǎng)力做負(fù)功，則電勢(shì)能增大，故C正確；

D．圖乙中，O、C兩點(diǎn)是等勢(shì)點(diǎn)，電勢(shì)都為零，故將+q從C點(diǎn)移到O點(diǎn)；則電勢(shì)能不變，故D錯(cuò)誤。

故選C。2、D【分析】【分析】

【詳解】

A．壓敏電阻與定值電阻并聯(lián);當(dāng)壓力增大時(shí)；壓敏電阻阻值減小，而電源電壓不變，根據(jù)歐姆定律可得壓敏電阻所在支路電流增大,定值電阻所在支路電流不變,再根據(jù)并聯(lián)電路干路電流等于各支路電流之和可得干路電流增大，電流表示數(shù)增大，符合要求，故A不符合題意；

B．壓敏電阻與定值電阻并聯(lián);當(dāng)壓力增大時(shí)；壓敏電阻阻值減小，而電源電壓一定，所以電流表示數(shù)增大，符合要求，故B不符合題意；

C．壓敏電阻與定值電阻串聯(lián);當(dāng)壓力增大時(shí)；壓敏電阻阻值減小，根據(jù)串聯(lián)電路用電器兩端電壓與其阻值成正比可知，壓敏電阻兩端電壓減小，所以定值電阻兩端電壓增大，電壓表示數(shù)增大，符合要求，故C不符合題意；

D．壓敏電阻與定值電阻串聯(lián);當(dāng)壓力增大時(shí)；壓敏電阻阻值減小，根據(jù)串聯(lián)電路器兩端電壓與其阻值成正比可知，壓敏電阻端電壓減小，所以電壓表示數(shù)減小，不符合要求，故D符合要求。

故選D。3、A【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)庫(kù)侖定律

若將這兩個(gè)點(diǎn)電荷的電荷量都增到原來(lái)的2倍，并將這兩個(gè)點(diǎn)電荷之間的距離也增到原來(lái)的2倍F'=k=F

故選A。4、D【分析】【分析】

【詳解】

將帶正電的小金屬球A放入腔中；當(dāng)靜電平衡時(shí)，空腔球形導(dǎo)體內(nèi)壁感應(yīng)出負(fù)電荷，外表面感應(yīng)出正電荷．整個(gè)空腔球形導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體，表面是一個(gè)等勢(shì)面．畫(huà)出電場(chǎng)線的分布，根據(jù)電場(chǎng)線越密，場(chǎng)強(qiáng)越大，順著電場(chǎng)線，電勢(shì)降低，判斷場(chǎng)強(qiáng)和電勢(shì)的大?。?/p>

解：當(dāng)靜電平衡時(shí)，空腔球形導(dǎo)體內(nèi)壁感應(yīng)出負(fù)電荷，外表面感應(yīng)出正電荷，畫(huà)出電場(chǎng)線的分布如圖．由于a處電場(chǎng)線較密，c處電場(chǎng)線較疏，b處場(chǎng)強(qiáng)為零，則Ea＞Ec＞Eb．

根據(jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，整個(gè)空腔球形導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體，表面是一個(gè)等勢(shì)面，分析可知電勢(shì)關(guān)系是φa＞φb＞φc．

故選D

5、B【分析】【詳解】

A．根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度疊加原理；點(diǎn)1和點(diǎn)2的場(chǎng)強(qiáng)都為零，場(chǎng)強(qiáng)相同，A不符合題意；

B．根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度疊加原理；點(diǎn)3和點(diǎn)4的場(chǎng)強(qiáng)大小相同，方向相反，場(chǎng)強(qiáng)一定不同，B符合題意；

C．根據(jù)微元法和等效法；點(diǎn)3和點(diǎn)4可看作等量異種電荷中垂線上的點(diǎn)，電勢(shì)都跟無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)相同。C不符合題意；

D．根據(jù)微元法和等效法；點(diǎn)5和點(diǎn)6可看作等量異種電荷中垂線上的點(diǎn)，電勢(shì)都跟無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)相同。D不符合題意；

故選B。6、D【分析】【詳解】

A．負(fù)電荷在低電勢(shì)處電勢(shì)能大；正電荷在高電勢(shì)處電勢(shì)能大，故A錯(cuò)誤；

B．電勢(shì)的高低與電場(chǎng)強(qiáng)度無(wú)關(guān)；故B錯(cuò)誤；

C．沿場(chǎng)強(qiáng)方向電勢(shì)一定降低；但電勢(shì)降落的方向不一定是場(chǎng)強(qiáng)的方向，應(yīng)該是電勢(shì)降落最快的方向才是場(chǎng)強(qiáng)的方向，故C錯(cuò)誤；

D．處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部；原電場(chǎng)與感應(yīng)電荷產(chǎn)生的附加電場(chǎng)完全抵消，場(chǎng)強(qiáng)處處為零，故D正確。

故選D。7、D【分析】【詳解】

ABC．當(dāng)一個(gè)帶電導(dǎo)體達(dá)到靜電平衡時(shí)；導(dǎo)體是個(gè)等勢(shì)體，導(dǎo)體表面是個(gè)等勢(shì)面。ABC錯(cuò)誤；

D．導(dǎo)體內(nèi)任一點(diǎn)與其表面上任一點(diǎn)的電勢(shì)差等于零。D正確。

故選D。二、多選題(共7題，共14分)8、B:D【分析】【詳解】

A．由圖可知電容器上極板與電源正極相連，所以電容器上極板帶正電，電容器間的電場(chǎng)方向豎直向下。帶電油滴能靜止在兩極板之間，所以帶電油滴受電場(chǎng)力方向豎直向上，與電場(chǎng)線方向相反，所以油滴應(yīng)該帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；

B．金屬板間的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為

油滴恰好靜止，所以油滴受力平衡，即mg=qE

所以油滴帶電荷量為

故B正確；

CD．上板不動(dòng)，下板向下移動(dòng)，則兩板間距離變大，由

知；兩板間電場(chǎng)強(qiáng)度變小，所以油滴受電場(chǎng)力變小，重力大于電場(chǎng)力，合力方向向下，油滴將加速下降，故C錯(cuò)誤，D正確。

故選BD。9、A:C【分析】【詳解】

A：當(dāng)S接觸點(diǎn)2時(shí)，表頭與R1并聯(lián)后與電源和滑動(dòng)變阻器相連；多用電表處于測(cè)量電阻的擋位．故A項(xiàng)正確．

B：當(dāng)S接觸點(diǎn)3時(shí)，表頭與R1并聯(lián)后與R3串聯(lián)；多用電表處于測(cè)量電壓的擋位．故B項(xiàng)錯(cuò)誤．

CD：當(dāng)S接觸點(diǎn)3時(shí)，多用電表處于測(cè)量電阻的擋位，測(cè)量電阻時(shí)，電流從電源正極出發(fā)經(jīng)接線柱B流出，經(jīng)過(guò)電阻后，再?gòu)慕泳€柱A流入電表，則接線柱A為“+”接線柱．故C項(xiàng)正確；D項(xiàng)錯(cuò)誤．

【點(diǎn)睛】

多用電流測(cè)量電流、電壓或電阻時(shí)，電流均從“+”接線柱流入電表，從“—”接線柱流出電表．且紅表筆與“+”接線柱相連，黑表筆與“—”接線柱相連．10、B:C【分析】【詳解】

當(dāng)滑片右移時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻增大，則電路中總電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流減小，故L1變暗，電路中電流減小，故內(nèi)阻及L1兩端的電壓減小，而電動(dòng)勢(shì)不變，故并聯(lián)部分的電壓增大，故L2變亮；因L2中電流增大，干路電流減小，故流過(guò)L3的電流減小，故L3變暗。

故選BC．

【點(diǎn)睛】由圖可知L3與R串聯(lián)后與L2并聯(lián)，再與L1串聯(lián)；由滑片的移動(dòng)可知滑動(dòng)變阻器接入電阻的變化，則可知總電阻的變化；由閉合電路的歐姆定律可知電路中電流的變化，即可知L1亮度的變化；將L1作為內(nèi)電阻處理，由U=E﹣Ir可知并聯(lián)部分電壓的變化，由歐姆定律可得出兩燈亮度的變化．11、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)公式則有

故A正確；

BC．該電荷從B點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)電場(chǎng)力做負(fù)功為所以

則有

因?yàn)槭莿驈?qiáng)電場(chǎng)；如圖所示。

D點(diǎn)為AC中點(diǎn)，所以BD兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，BD為等勢(shì)線，AE垂直于BD，根據(jù)幾何關(guān)系可知

所以電場(chǎng)強(qiáng)度為

故B正確；C錯(cuò)誤；

D．因?yàn)?/p>

所以C點(diǎn)電勢(shì)最高；故D正確。

故選ABD。12、B:D【分析】【詳解】

A．由于靜電感應(yīng)；AB金屬斜面變成等勢(shì)體，電場(chǎng)線與斜面垂直，則小球斜面方向只有重力的分力，合力不為零，小球不可能保持靜止。故A錯(cuò)誤；

B．由于靜電感應(yīng)；AB；CD金屬斜面和BCD弧面都變成等勢(shì)體，電場(chǎng)力與小球運(yùn)動(dòng)方向處處垂直，不做功。則小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能一定守恒。故B正確；

C．A到C由動(dòng)能定理得

在C點(diǎn)，如果先不考慮感應(yīng)電荷的影響，由合力提供向心力，得

解得

由于感應(yīng)電荷對(duì)小球也有力的作用，所以小球在最低點(diǎn)對(duì)軌道的壓力大小一定不為故C錯(cuò)誤；

D．若將+Q左移一小段距離且固定后，小球運(yùn)動(dòng)的接觸面依舊是等勢(shì)體，不影響小球運(yùn)動(dòng)方向的受力情況，則再?gòu)腁點(diǎn)靜止釋放同一帶電小球；小球運(yùn)動(dòng)情況一定不變。故D正確。

故選BD。13、A:D【分析】【詳解】

小球進(jìn)入電場(chǎng)前做自由落體運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入電場(chǎng)后受到電場(chǎng)力作用而做減速運(yùn)動(dòng)，由圖可以看出，小球經(jīng)過(guò)邊界MN的時(shí)刻是t=1s時(shí)，故B錯(cuò)誤；由圖象的斜率等于加速度得小球進(jìn)入電場(chǎng)前的加速度為：進(jìn)入電場(chǎng)后的加速度大小為：由牛頓第二定律得：mg=ma1，F(xiàn)-mg=ma2，得電場(chǎng)力：可得重力mg與電場(chǎng)力F之比為3：5，故A正確，整個(gè)過(guò)程中，動(dòng)能變化量為零，根據(jù)動(dòng)能定理，整個(gè)過(guò)程中重力做的功與電場(chǎng)力做的功大小相等．故C錯(cuò)誤；整個(gè)過(guò)程中，由圖可得，小球在0-2.5s內(nèi)向下運(yùn)動(dòng)，在2.5s-5s內(nèi)向上運(yùn)動(dòng)，在1s～4s過(guò)程中，小球的機(jī)械能先減小后增大電場(chǎng)力先做負(fù)功，后做正功．電勢(shì)能先增大，后減??；由于整個(gè)的過(guò)程中動(dòng)能、重力勢(shì)能和電勢(shì)能的總和不變，所以，小球的機(jī)械能先減小后增大．故D正確。14、A:D【分析】【詳解】

由安培定則得下方的電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)的方向N極向上，S向下；開(kāi)關(guān)K接通瞬間，穿過(guò)線圈的磁通量增加，由楞次定律知在上線圈中感應(yīng)出上正下負(fù)的電動(dòng)勢(shì)，電子向M板偏轉(zhuǎn)，A正確；斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S瞬間，穿過(guò)線圈的磁通量減少，由楞次定律知在上線圈中感應(yīng)出上負(fù)下正的電動(dòng)勢(shì)，電子向N板偏轉(zhuǎn)，B錯(cuò)誤；接通S后，變阻器滑動(dòng)觸頭向右迅速滑動(dòng)，電阻增大，電流減小，穿過(guò)線圈的磁通量減少，由楞次定律知在上線圈中感應(yīng)出上負(fù)下正的電動(dòng)勢(shì)，電子向N板偏振，C錯(cuò)誤；接通S后，變阻器滑動(dòng)觸頭向左迅速滑動(dòng)，電阻減小，電流增大，穿過(guò)線圈的磁通量增加，由楞次定律知在上線圈中感應(yīng)出上正下負(fù)的電動(dòng)勢(shì)，電子向M板偏振，D正確；故選AD．三、填空題(共5題，共10分)15、略

【分析】【詳解】

[1]磁感應(yīng)強(qiáng)度為

[2]線圈以一條邊為軸轉(zhuǎn)過(guò)180°，穿過(guò)線圈的磁能量的變化為

[3]若線圈平面和磁場(chǎng)方向之間的夾角變?yōu)棣?=0°，則Φ=0?！窘馕觥?.4T4×10－4Wb016、略

【分析】【詳解】

略【解析】R=ρ17、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）根據(jù)串聯(lián)電路的電阻計(jì)算公式。

可知串聯(lián)電路的總電阻大于電路中任意電阻；故描述正確。

（2）并聯(lián)電路的總電阻的倒數(shù)等于各個(gè)支路電阻的倒