2025年新科版選修3物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年新科版選修3物理下冊(cè)月考試卷264考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、在如圖所示的電路中，閉合開(kāi)關(guān)后，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R1的滑片P向a端移動(dòng)時(shí)。

A.A1、A2的示數(shù)都減小B.A1、A2的示數(shù)都增大C.A1的示數(shù)增大，A2的示數(shù)減小D.A1的示數(shù)減小，A2的示數(shù)增大2、下列關(guān)于分子運(yùn)動(dòng)和熱現(xiàn)象的說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)分子間的距離減小時(shí)，分子間的引力和斥力都增大，但引力增大得更快B.實(shí)際氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能與分子間勢(shì)能分別取決于氣體的溫度和體積C.一定量100℃的水變成100℃的水蒸氣，其分子平均動(dòng)能增加D.若氣體的摩爾質(zhì)量為M，密度為ρ，阿伏加德羅常數(shù)為NA，則氣體的分子體積為3、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A經(jīng)過(guò)狀態(tài)B、C又回到狀態(tài)A。下列說(shuō)法正確的是（）

A.A→B過(guò)程中氣體分子的平均動(dòng)能增加，單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增加B.A→B過(guò)程中氣體吸收的熱量大于B→C過(guò)程中氣體放出的熱量C.C→A過(guò)程中單位體積內(nèi)分子數(shù)增加，單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積器壁的分子數(shù)減少D.A→B過(guò)程中氣體對(duì)外做的功小于C→A過(guò)程中外界對(duì)氣體做的功4、如圖所示，相同的兩木塊M、N；中間固定一輕彈簧，放在粗糙的水平面上，用力將兩木塊靠近使彈簧壓縮，當(dāng)松手后兩木塊被彈開(kāi)的過(guò)程中，不計(jì)空氣阻力，則對(duì)兩木塊和彈簧組成的系統(tǒng)有()

A.動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒B.動(dòng)量守恒，機(jī)械能不守恒C.動(dòng)量不守恒，機(jī)械能守恒D.動(dòng)量、機(jī)械能都不守恒5、如圖所示，長(zhǎng)木板A放在光滑的水平面上，質(zhì)量為m=2kg的另一物體B以水平速度滑上原來(lái)靜止的長(zhǎng)木板A的表面；由于A；B間存在摩擦，之后A、B速度隨時(shí)間變化情況如圖所示，下列說(shuō)法正確的是。

A.A.B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2B.系統(tǒng)損失的機(jī)械能為4JC.木板A的最小長(zhǎng)度為1.5mD.木板獲得的動(dòng)能為1J評(píng)卷人得分二、多選題(共5題，共10分)6、如圖所示是一玻璃球體，其半徑為R，O為球心，AB為水平直徑．M點(diǎn)是玻璃球的最高點(diǎn)，來(lái)自B點(diǎn)的光線BD從D點(diǎn)射出，出射光線平行于AB，已知∠ABD=30°，光在真空中的傳播速度為c；則()

A.此玻璃的折射率為B.光線從B到D需用時(shí)3R/cC.該玻璃球的臨界角應(yīng)小于45°D.若增大∠ABD，光線不可能在DM段發(fā)生全反射現(xiàn)象7、如圖所示,水平光滑軌道寬和彈簧自然長(zhǎng)度均為d．m2的左邊有一固定擋板．m1由圖示位置靜止釋放,當(dāng)m1與m2相距最近時(shí)m1速度為v1,則在以后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中()

A.m1的最小速度是0B.m1的最小速度是v1C.m2的最大速度是v1D.m2的最大速度是v18、下列說(shuō)法正確的是（）A.溫度計(jì)測(cè)溫原理就是熱平衡定律B.溫度計(jì)與被測(cè)系統(tǒng)的溫度不相同時(shí)，讀不出示數(shù)C.溫度計(jì)讀出的示數(shù)是它自身這個(gè)系統(tǒng)的溫度，若它與被測(cè)系統(tǒng)熱平衡，這一示數(shù)也是被測(cè)系統(tǒng)的溫度D.溫度計(jì)讀出的示數(shù)總是被測(cè)系統(tǒng)的溫度，無(wú)論是否達(dá)到熱平衡9、如圖甲所示，電阻為5Ω、匝數(shù)為100匝的線圈（圖中只畫(huà)了2匝）兩端A、B與電阻R相連，R=95Ω．線圈內(nèi)有方向垂直于紙面向里的磁場(chǎng)，線圈中的磁通量在按圖乙所示規(guī)律變化．則

A.A點(diǎn)的電勢(shì)小于B點(diǎn)的電勢(shì)B.在線圈位置上感應(yīng)電場(chǎng)沿逆時(shí)針?lè)较駽.0.1s時(shí)間內(nèi)通過(guò)電阻R的電荷量為0.05CD.0.1s時(shí)間內(nèi)非靜電力所做的功為2.5J10、圖甲是一列簡(jiǎn)諧橫波在t＝0.01s時(shí)刻的波形圖，圖乙是質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖象，則下列說(shuō)法正確的是()

A.該波沿x軸負(fù)方向傳播，波速大小為100m/sB.在0.01s~0.025s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)R通過(guò)的路程為15cmC.t＝0.005s時(shí)，1.5m處質(zhì)點(diǎn)沿y軸的負(fù)方向運(yùn)動(dòng)D.在0.01s~0.015s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)Q的加速度一直在減小評(píng)卷人得分三、填空題(共7題，共14分)11、如圖甲所示為一個(gè)邏輯門(mén)的輸入端A、B和輸出端Z上的電信號(hào)，試在乙圖的虛線框中畫(huà)出邏輯門(mén)的符號(hào)_____________。

12、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體在狀態(tài)A時(shí)壓強(qiáng)為經(jīng)歷A→B→C→A的過(guò)程，C→A過(guò)程中，氣體壓強(qiáng)______（填“增加”、“減小”或“不變”）；整個(gè)過(guò)程中與外界交換的熱量相當(dāng)于放出61.4J。該氣體在A→B過(guò)程中對(duì)外界所做的功為_(kāi)_____J。

13、電動(dòng)機(jī)的自動(dòng)控制電路如圖所示，其中為熱敏電阻，為光敏電阻，當(dāng)溫度升高時(shí)，的阻值遠(yuǎn)小于當(dāng)光照射時(shí)，其阻值遠(yuǎn)小于為使電動(dòng)機(jī)在溫度升高或受到光照時(shí)能自動(dòng)啟動(dòng)，電路中的虛線框內(nèi)應(yīng)選____門(mén)邏輯電路；若要提高光照時(shí)電動(dòng)機(jī)啟動(dòng)的靈敏度，可以___的阻值（填“增大”或“減小”）．

14、通電螺線管右端的小磁針，靜止時(shí)N極的指向如圖所示，則電源的a端為_(kāi)______極（選填“正”或“負(fù)”），螺線管的c端為_(kāi)______極（選填“N”或“S”）

15、如圖所示，一輛質(zhì)量為M的小車(chē)以速度在光滑水平面上向右運(yùn)動(dòng)，一質(zhì)量為m、速度為物體以俯角為θ的方向落到車(chē)上并埋在車(chē)?yán)锏纳爸?，此時(shí)小車(chē)的速度為_(kāi)________________

16、如圖甲，合上開(kāi)關(guān)，用光子能量為2.5eV的一束光照射陰極K，發(fā)現(xiàn)電流表讀數(shù)不為零。調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，發(fā)現(xiàn)當(dāng)電壓表讀數(shù)小于0.60V時(shí)，電流表讀數(shù)仍不為零，當(dāng)電壓表讀數(shù)大于或等于0.60V時(shí)，電流表讀數(shù)為零。由此可知，光電子的最大初動(dòng)能為_(kāi)___。把電路改為圖乙，當(dāng)電壓表讀數(shù)為2V時(shí)，電子到達(dá)陽(yáng)極時(shí)的最大動(dòng)能為_(kāi)______。圖乙中，電壓表讀數(shù)為2V不變而照射光的強(qiáng)度增到原來(lái)的三倍，此時(shí)電子到達(dá)陽(yáng)極時(shí)的最大動(dòng)能是_______。17、閱讀短文；并回答問(wèn)題。

家庭熱泵﹣﹣空調(diào)。

夏天來(lái)了；安裝空調(diào)的家庭逐漸多了起來(lái)，如圖甲是家用分體式空調(diào)的原理圖，其制冷原理是室外機(jī)中的壓縮機(jī)將氣態(tài)的制冷劑壓縮后成為高溫高壓的液態(tài)制冷劑，散熱后液態(tài)的制冷劑經(jīng)膨脹閥進(jìn)入蒸發(fā)器（室內(nèi)機(jī)）迅速變成氣體，吸收大量的熱量，從而使房間的溫度迅速下降（冬天的制熱工作過(guò)程與上述相反），空調(diào)在制冷運(yùn)行的過(guò)程中會(huì)產(chǎn)生大量的冷凝水，因此空調(diào)配有排水系統(tǒng)。

制冷量是家庭購(gòu)買(mǎi)空調(diào)時(shí)需要考慮的一項(xiàng)重要指標(biāo)．它是指空調(diào)進(jìn)行制冷運(yùn)行時(shí)；單位時(shí)間內(nèi)從密閉空間內(nèi)去除的熱量總和，制冷量大的空調(diào)適用于面積比較大的房間，且制冷速度較快，以15平方米的居室面積為例，使用額定制冷量在2500W左右的空調(diào)比較合適，家用空調(diào)的制冷量單位常用“匹”，1匹=2324W；

能效比是衡量空調(diào)節(jié)電效果的一項(xiàng)重要指標(biāo)；家用空調(diào)器的能效比（EER）就是其制冷量與制冷消耗電功率之比，如圖乙所示是兩臺(tái)不同品牌空調(diào)上的能效標(biāo)識(shí)（能效標(biāo)識(shí)是附在產(chǎn)品上的一種信息標(biāo)簽，用于表示耗能產(chǎn)品的能源效率等級(jí)等性能指標(biāo)，為用戶和消費(fèi)者的購(gòu)買(mǎi)決策提供必要的信息，以引導(dǎo)用戶和消費(fèi)者選擇高效節(jié)能產(chǎn)品），如表是國(guó)家標(biāo)準(zhǔn)中關(guān)于分體式空調(diào)部分能效等級(jí)指標(biāo)。

額定制冷量CC/W能效等級(jí)與對(duì)應(yīng)的EER543211CC≤45002．602．803．003．203．404500＜CC≤71002．502．702．903．103．30

(1)空調(diào)制冷運(yùn)行時(shí)，室內(nèi)的空氣濕度________（大于/小于）室外，圖乙中，兩空調(diào)工作時(shí)更節(jié)能的是________（A/B）；

(2)關(guān)于空調(diào)機(jī)，下列說(shuō)法正確的是()。

A；家庭安裝空調(diào)要鋪設(shè)專線；目的是為了防止觸電。

B；空調(diào)機(jī)制冷時(shí)；室外機(jī)放出的熱量要大于壓縮機(jī)消耗的電能。

C；空調(diào)壓縮機(jī)是利用降溫的方法使氟利昂發(fā)生物態(tài)變化的。

D；空調(diào)制冷時(shí)室外機(jī)中有風(fēng)扇在轉(zhuǎn)動(dòng)；它的作用是將冷氣吹向室內(nèi)。

(3)某家庭空調(diào)機(jī)制冷量為1.5匹，能效比為3，在額定狀態(tài)下連續(xù)工作10min，消耗的電能為_(kāi)_______kW?h，不計(jì)熱損失，理論上可以使40m2的密閉房間內(nèi)的空氣溫度下降________℃。[取房間層高3m，空氣的密度ρ=1.29kg/m3，比熱容c=1.0×103J/（kg?℃）]。評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共15分)18、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫(huà)出電流方向或磁感線方向．

19、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫(huà)出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

20、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫(huà)出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共20分)21、有一根細(xì)長(zhǎng)而均勻的金屬管線樣品；長(zhǎng)約60cm，電阻約為6Ω，橫截面如圖甲所示．

(1)用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬管線的外徑，示數(shù)如圖乙所示，金屬管線的外徑為_(kāi)______mm；

(2)現(xiàn)有如下器材：

A．電流表（量程0.6A；內(nèi)阻約0.1Ω）

B．電流表（量程3A；內(nèi)阻約0.03Ω）

C．電壓表（量程3V；內(nèi)阻約3kΩ）

D．滑動(dòng)變阻器（1750Ω；0.3A）

E．滑動(dòng)變阻器（15Ω；3A）

F．蓄電池（6V；內(nèi)阻很?。?/p>

G．開(kāi)關(guān)一個(gè)；帶夾子的導(dǎo)線若干。

要進(jìn)一步精確測(cè)量金屬管線樣品的阻值，電流表應(yīng)選______，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_______．（只填代號(hào)字母）

(3)請(qǐng)將圖丙所示的實(shí)際測(cè)量電路補(bǔ)充完整．()

(4)已知金屬管線樣品材料的電阻率為ρ，通過(guò)多次測(cè)量得出金屬管線的電阻為R，金屬管線的外徑為d，要想求得金屬管線內(nèi)形狀不規(guī)則的中空部分的橫截面積S，在前面實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)上，還需要測(cè)量的物理量是______．（所測(cè)物理量用字母表示并用文字說(shuō)明）．計(jì)算中空部分橫截面積的表達(dá)式為S=_______．（用字母填寫(xiě)表達(dá)式）22、在用單擺的小角度振動(dòng)測(cè)量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣鹊膶?shí)驗(yàn)中，以下說(shuō)法中正確的是()

A．測(cè)量周期時(shí)，應(yīng)該從擺球到達(dá)最低點(diǎn)開(kāi)始計(jì)時(shí)，并記錄次全振動(dòng)時(shí)間；這樣做的目的是減小測(cè)量的偶然誤差。

B．若測(cè)出的重力加速度比當(dāng)?shù)貙?shí)際重力加速度大，有可能是誤將次全振動(dòng)記為次全振動(dòng)了。

C．某同學(xué)測(cè)量了多組周期隨擺長(zhǎng)變化的數(shù)據(jù)后，利用畫(huà)圖像法得到了當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊闹?；發(fā)現(xiàn)圖線不過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)，則他通過(guò)圖像得到的重力加速度值有可能是比較準(zhǔn)確的。

D．若宇航員在火星上測(cè)量，但手邊沒(méi)有規(guī)則的小球，只有一些小石子，其他器材都有，因不能準(zhǔn)確測(cè)量擺長(zhǎng)，他測(cè)出的重力加速度一定偏小或偏大A.測(cè)量周期時(shí)，應(yīng)該從擺球到達(dá)最低點(diǎn)開(kāi)始計(jì)時(shí)，并記錄次全振動(dòng)時(shí)間，這樣做的目的是減小測(cè)量的偶然誤差B.若測(cè)出的重力加速度比當(dāng)?shù)貙?shí)際重力加速度大，有可能是誤將次全振動(dòng)記為次全振動(dòng)了C.某同學(xué)測(cè)量了多組周期隨擺長(zhǎng)變化的數(shù)據(jù)后，利用畫(huà)圖象法得到了當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊闹?，發(fā)現(xiàn)圖線不過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)，則他通過(guò)圖象得到的重力加速度值有可能是比較準(zhǔn)確的D.若宇航員在火星上測(cè)量，但手邊沒(méi)有規(guī)則的小球，只有一些小石頭子，其他器材都有，因不能準(zhǔn)確測(cè)量擺長(zhǎng)，他測(cè)出的重力加速度一定偏小或偏大評(píng)卷人得分六、解答題(共2題，共14分)23、一種測(cè)定電子比荷的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示．真空玻璃管內(nèi)，陰極K發(fā)出的電子經(jīng)陽(yáng)極A與陰極K之間的高壓加速后，形成細(xì)細(xì)的一束電子流，沿圖示方向進(jìn)入間距為d的兩極板C、D間的區(qū)域．若兩極板C、D間無(wú)電壓，電子將沿直線打在熒光屏的中心O點(diǎn)；若在兩極板間施加恒定電壓U，則離開(kāi)極板區(qū)域的電子將打在熒光屏上的P點(diǎn)；若再在極板間施加一個(gè)方向垂直于紙面的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則電子在熒光屏上產(chǎn)生的亮點(diǎn)又回到O點(diǎn)．

（1）判斷勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向；

（2）求電子擊中O點(diǎn)時(shí)的速度大小v；

（3）已知極板的長(zhǎng)度l＝5.00cm，間距d＝1.50cm，極板區(qū)的中點(diǎn)M到O點(diǎn)的距離L＝12.50cm，極板間電壓U＝200V，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝6.3×10–4T，P點(diǎn)到O點(diǎn)的距離y＝3.0cm．根據(jù)上述數(shù)據(jù)，計(jì)算電子的比荷（保留2位有效數(shù)字）。

24、2017年5月18日，我國(guó)在南海海域首次“可燃冰”試采成功?！翱扇急笔翘烊粴獾墓腆w狀態(tài)，深埋于海底和陸地永久凍土層中，它的主要成分是甲烷分子與水分子，是極具發(fā)展?jié)摿Φ男履茉?。已知可燃冰可釋放的天然氣（?biāo)準(zhǔn)狀況下），標(biāo)準(zhǔn)狀況下氣體的體積為阿伏加德羅常數(shù)取則可燃冰所含甲烷分子數(shù)為多少？（結(jié)果保留一位有效數(shù)字）參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】當(dāng)滑動(dòng)變阻器R1的滑動(dòng)片P向a端移動(dòng)時(shí)，R1增大，外電路總電阻增大，干路電流減小，所以可知A1的示數(shù)減?。娫吹膬?nèi)電壓減小，則路端電壓增大，通過(guò)R2的電流增大，則通過(guò)A2的電流減?。蔄正確．故選A.

【點(diǎn)睛】結(jié)合串并聯(lián)電路的特點(diǎn)，按“局部到整體再到局部”的順序進(jìn)行動(dòng)態(tài)分析．2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．當(dāng)分子間的距離減小時(shí)；分子間的引力和斥力都增大，但斥力增大得更快，故A錯(cuò)；

B．溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志；所以氣體分子的動(dòng)能宏觀上取決于溫度，分子勢(shì)能是由于分子間引力與分子間距離共同決定，宏觀上取決于氣體的體積，故B對(duì)；

C．一定量100℃的水變成100℃的水蒸氣；溫度不變，其分子平均動(dòng)能不變，故C錯(cuò)；

D．若氣體的摩爾質(zhì)量為M，密度為阿伏加德羅常數(shù)為NA，則由每個(gè)氣體分子占有的空間體積為并不是氣體分子的體積，故D錯(cuò)；

故選B。3、B【分析】【詳解】

A．A→B過(guò)程中，溫度升高，氣體分子的平均動(dòng)能增大，AB直線過(guò)原點(diǎn)表示該過(guò)程為等壓變化；故單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積器壁的分子數(shù)減少，故A錯(cuò)誤；

B．氣體從A→B過(guò)程中，溫度升高且體積增大，故氣體吸收熱量且對(duì)外做功，設(shè)吸熱大小為Q1，做功大小為W1，根據(jù)熱力學(xué)第一定律有

氣體從B→C過(guò)程中，溫度降低且體積不變，故氣體不做功且對(duì)外放熱，設(shè)放熱大小為Q2，根據(jù)熱力學(xué)第一定律

氣體從C→A過(guò)程中，溫度不變，內(nèi)能增量為零，有

即

所以A→B過(guò)程中氣體吸收的熱量Q1大于B→C過(guò)程中氣體放出的熱量Q2；故B正確；

C．C→A過(guò)程中體積減小；單位體積內(nèi)分子數(shù)增加，溫度不變，故單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增加，故C錯(cuò)誤；

D．氣體做功

A→B過(guò)程中體積變化的大小等于C→A過(guò)程中體積變化的大小，但圖像上的點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率越大，壓強(qiáng)越小，故A→B過(guò)程中氣體對(duì)外做的功大于C→A過(guò)程中外界對(duì)氣體做的功；故D錯(cuò)誤。

故選B。4、B【分析】?jī)赡緣K相同；與地面的摩擦力相同，則兩木塊被彈開(kāi)時(shí)，A；B與彈簧組成的系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，系統(tǒng)動(dòng)量保持不變；在整個(gè)過(guò)程中除彈簧彈力做功外，還有摩擦力做功，則物體A、B及彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，故B正確，ACD錯(cuò)誤；故選B．

點(diǎn)睛：本題考查了判斷系統(tǒng)動(dòng)量與機(jī)械能是否守恒，知道動(dòng)量與機(jī)械能守恒的條件即可解題，動(dòng)量守恒的條件是系統(tǒng)合外力為零；機(jī)械能守恒的條件是系統(tǒng)只有重力或彈力做功.本題是一道基礎(chǔ)題．5、D【分析】【分析】

根據(jù)斜率求出B的加速度大小；根據(jù)牛頓第二定律求出動(dòng)摩擦因數(shù)，由圖能讀出木板獲得的速度，根據(jù)動(dòng)量守恒定律求出木板A的質(zhì)量，從而求解木板獲得的動(dòng)能，根據(jù)A和B的初；末機(jī)械能來(lái)求解系統(tǒng)損失的機(jī)械能，根據(jù)“面積”之差求出木板A的長(zhǎng)度；

【詳解】

A．由圖示圖象可知，B的加速度：負(fù)號(hào)表示加速度的方向，由牛頓第二定律得：代入解得，故A錯(cuò)誤；

BD．由圖示圖象可知，木板獲得的速度為A、B組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以B的初速度方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒定律得：解得木板A的質(zhì)量為木板獲得的動(dòng)能為：

系統(tǒng)損失的機(jī)械能為故B錯(cuò)誤，D正確；

C．由圖得到：內(nèi)B的位移為

A的位移為木板A的最小長(zhǎng)度為故C錯(cuò)誤．

【點(diǎn)睛】

本題屬于木塊在木板上滑動(dòng)類型，既考查讀圖能力，也考查運(yùn)用牛頓第二定律、功能關(guān)系處理復(fù)雜力學(xué)問(wèn)題的能力．二、多選題(共5題，共10分)6、A:B:C【分析】【詳解】

A項(xiàng)：如圖。

由幾何知識(shí)得入射角折射角則此玻璃的折射率為：故A正確；

B項(xiàng)：BD長(zhǎng)度光在玻璃球內(nèi)傳播的速度所以光線從B到D的時(shí)間為故B正確；

C、D項(xiàng)：由則臨界角所以若增大入射角可能大于臨界角，所以光線可能在DM段發(fā)生全反射現(xiàn)象，故C正確，D錯(cuò)誤．

D項(xiàng)：7、B:D【分析】【分析】

當(dāng)與相距最近后，繼續(xù)前行；兩物體組成的系統(tǒng)水平方向不受外力，故動(dòng)量守恒；由動(dòng)量守恒及機(jī)械能守恒定律分析過(guò)程可知兩小球的運(yùn)動(dòng)情景．

【詳解】

從小球到達(dá)最近位置后繼續(xù)前進(jìn)，此后拉到前進(jìn)，減速，加速，達(dá)到共同速度時(shí)兩者相距最遠(yuǎn)，此后繼續(xù)減速，加速，當(dāng)兩球再次相距最近時(shí)，達(dá)到最小速度，達(dá)最大速度：兩小球水平方向動(dòng)量守恒，速度相同時(shí)保持穩(wěn)定，一直向右前進(jìn)，解得故的最大速度為的最小速度為BD正確．

【點(diǎn)睛】

本題為彈性碰撞的變式，可以作為水平方向彈性碰撞模型進(jìn)行分析，分析其運(yùn)動(dòng)過(guò)程找出其最大最小速度的出現(xiàn)位置，由動(dòng)量守恒可以解答．8、A:C【分析】【分析】

【詳解】

ACD．溫度計(jì)能測(cè)出被測(cè)物體的溫度的原理就是熱平衡定律；即溫度計(jì)與被測(cè)物體達(dá)到熱平衡時(shí)溫度相同，其示數(shù)也就是被測(cè)物體的溫度，故AC正確，D錯(cuò)誤；

B．溫度計(jì)與被測(cè)系統(tǒng)的溫度不相同時(shí)；仍有示數(shù)，故B錯(cuò)誤。

故選AC。9、B:C:D【分析】【詳解】

線圈相當(dāng)于電源，由楞次定律可知A相當(dāng)于電源的正極，B相當(dāng)于電源的負(fù)極．A點(diǎn)的電勢(shì)高于B點(diǎn)的電勢(shì)，在線圈位置上感應(yīng)電場(chǎng)沿逆時(shí)針?lè)较?，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；由法拉第電磁感應(yīng)定律得：由閉合電路的歐姆定律得：則0.1s時(shí)間內(nèi)通過(guò)電阻R的電荷量為q=It=0.05C，選項(xiàng)C正確；0.1s時(shí)間內(nèi)非靜電力所做的功為W=Eq=50×0.05J=2.5J，選項(xiàng)D正確；故選BCD.10、B:C【分析】【詳解】

圖乙是質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖象，根據(jù)圖乙可知在0.01s時(shí)P向上振動(dòng)，根據(jù)“同側(cè)法”可知波沿+x方向傳播，波長(zhǎng)λ=2m．周期T=0.02s，故波速故A錯(cuò)誤；在0.01s～0.025s內(nèi)，即質(zhì)點(diǎn)R振動(dòng)了所以質(zhì)點(diǎn)R通過(guò)的路程為s=×4A=×4×5cm=15cm，故B正確；t=0.01s時(shí)1.5m處質(zhì)點(diǎn)處于負(fù)向最大位移，所以t=0.005s時(shí)，1.5m處質(zhì)點(diǎn)沿y軸的負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故C正確；該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)Q向下振動(dòng)，在0.01s～0.015s內(nèi)，即從該時(shí)刻再經(jīng)過(guò)T/4，質(zhì)點(diǎn)Q的位移先減小后反向增大，則加速度先減小、后反向增大，故D錯(cuò)誤．三、填空題(共7題，共14分)11、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]與門(mén)的特點(diǎn)：事件的所有條件滿足；事件才能發(fā)生?；蜷T(mén)的特點(diǎn)：只要有一個(gè)條件滿足，事件就能發(fā)生。非門(mén)的特點(diǎn)：輸入狀態(tài)和輸出狀態(tài)完全相反。由圖象知輸入端有一個(gè)為高電勢(shì)時(shí)，輸出端即為高電勢(shì)，此邏輯電路為或門(mén)電路，該邏輯門(mén)的符號(hào)是。

【解析】12、略

【分析】【詳解】

[1]C→A過(guò)程中，圖線是過(guò)原點(diǎn)的直線，根據(jù)

可得

可知C→A過(guò)程中氣體壓強(qiáng)不變；

[2]整個(gè)過(guò)程中與外界交換的熱量相當(dāng)于放出61.4J，而整個(gè)過(guò)程中內(nèi)能不變，則外界對(duì)氣體做功為W=61.4J

其中A→B過(guò)程氣體體積變大，對(duì)外做功W1；B→C過(guò)程體積不變，W2=0；從C→A過(guò)程等壓壓縮，外界對(duì)氣體做功

則由W=W1+W2+W3

解得W1=-138.6J

即氣體在A→B過(guò)程中對(duì)外界所做的功為138.6J?！窘馕觥坎蛔?38.613、略

【分析】【詳解】

為使電動(dòng)機(jī)在溫度升高或受到光照時(shí)能自動(dòng)啟動(dòng)，即熱敏電阻或光敏電阻的電阻值小時(shí)，輸入為“1”，輸出為“1”，所以虛線框內(nèi)應(yīng)選“或”門(mén)．若要提高光照時(shí)電動(dòng)機(jī)啟動(dòng)的靈敏度，需要在光照較弱即光敏電阻阻值較大時(shí)輸入為“1”，輸出為“1”，所以要增大R2的阻值．【解析】或，增大14、略

【分析】根據(jù)通電螺線管右端的小磁針靜止時(shí)N極的指向，可知螺線管的d端為N極，c端為S極，由右手螺旋法則可知，電源的a端為正極。【解析】正，S15、略

【分析】【詳解】

小球和小車(chē)組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有

解得【解析】16、略

【分析】【詳解】

因?yàn)榉聪螂妷簽?.60V時(shí)，電流表讀數(shù)為零，則光電子的最大初動(dòng)能Ekm=eU=0.6eV；

把電路改為圖乙；電壓表讀數(shù)為2V，該電壓為正向電壓，電子到達(dá)陽(yáng)極時(shí)的最大動(dòng)能為2.6eV；

電壓表讀數(shù)為2V不變而照射光的強(qiáng)度增到原來(lái)的三倍，此時(shí)電子到達(dá)陽(yáng)極時(shí)的最大初動(dòng)能不變，為2.6eV?！窘馕觥?.6eV2.6eV2.6eV17、略

【分析】【詳解】

（1）[1]空調(diào)制冷運(yùn)行時(shí)；室內(nèi)的水蒸氣遇到溫度低的蒸發(fā)器會(huì)發(fā)生液化現(xiàn)象，凝結(jié)成小水滴排出室外，室內(nèi)的空氣濕度小于室外；

[2]根據(jù)能效等級(jí)做出分析；圖乙中，兩空調(diào)工作時(shí)更節(jié)能的是A；

（2）[3]A．由公式

知U一定，使用大功率用電器空調(diào)時(shí)，電路中電流I過(guò)大；可能會(huì)引起火災(zāi)或跳閘等事故，鋪設(shè)了專線，可以防止這種危害，故A錯(cuò)誤；

B．空調(diào)機(jī)制冷時(shí)，消耗的電能W，室外機(jī)放出的熱量包括從房間里取出一部分熱量Q和消耗的電能W，釋放到大氣熱量中的熱量為Q+W；所以室外機(jī)放出的熱量要大于壓縮機(jī)消耗的電能，故B正確；

C．氟利昂在空調(diào)內(nèi)部的蒸發(fā)器里面汽化；汽化要吸熱，使空調(diào)蒸發(fā)器的溫度降低，室內(nèi)的水蒸氣遇到溫度低的蒸發(fā)器會(huì)發(fā)生液化現(xiàn)象，空調(diào)壓縮機(jī)是利用氟利昂發(fā)生物態(tài)變化方法降溫的，故C錯(cuò)誤；

D．空調(diào)制冷時(shí)室外機(jī)中有風(fēng)扇在轉(zhuǎn)動(dòng)；它的作用是將熱氣吹向室外，故D錯(cuò)誤。

故選A；

（3）[4]已知制冷量

因?yàn)樾鼙?/p>

所以制冷量

在t=10min=600s內(nèi)消耗的電能

[5]制冷量

空氣質(zhì)量

根據(jù)

可得【解析】小于AB0.1913.5四、作圖題(共3題，共15分)18、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】19、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T(mén)，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】20、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共20分)21、略

【分析】【詳解】

(1)[1]螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為1mm；可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×12.5mm=0.125mm，所以最終讀數(shù)