2025年粵人版選修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵人版選修3物理上冊階段測試試卷777考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示是某種晶體加熱熔化時，它的溫度T隨時間t的變化圖線；由圖可知（）

A.圖線中間平坦的一段，說明這段時間晶體不吸收熱量B.這種晶體熔化過程所用時間是6minC.A、B點對應(yīng)的物態(tài)分別為固液共存狀態(tài)、液態(tài)D.在圖線中的AB段，吸收的熱量增大了分子勢能2、下列說法正確的是___________。A.布朗運動是固體顆粒分子的無規(guī)則運動B.如果附著層內(nèi)分子間的距離小于液體內(nèi)部分子間的距離，液體與固體之間表現(xiàn)為浸潤C.晶體都具有規(guī)則的幾何形狀、固定的熔點和各向異性D.給自行車輪胎打氣時，越打越費勁，原因是輪胎內(nèi)氣體分子斥力增大的緣故3、在如圖甲所示的電路中，螺線管匝數(shù)n=1000匝，橫截面積S=20cm2．螺線管導(dǎo)線電阻r=1.0Ω，R1=4.0Ω，R2=5.0Ω；C=30μF．在一段時間內(nèi)，垂直穿過螺線管的磁場的磁感應(yīng)強度B的方向如圖甲所示，大小按如圖乙所示的規(guī)律變化則下列說法中正確的是。

A.A；在一段時間內(nèi)；垂直穿過螺線管的磁場的磁感應(yīng)強度B的方向如圖甲所示，大小按如圖乙所示的規(guī)律變化則下列說法中正確的是。

B.螺線管中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為1.2VC.閉合K，電路中的電流穩(wěn)定后電容器下極板帶負電E.K斷開后，流經(jīng)R2的電量為1.8×10-2CE.K斷開后，流經(jīng)R2的電量為1.8×10-2C4、如圖所示，質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球A穿在傾角為的光滑絕緣細桿上，在桿上B點處固定一個電荷量為Q的正電荷．將小球A由距B豎直高度為H處無初速釋放后沿細桿下滑，小球A下滑過程中電荷量不變．整個裝置處在真空中，靜電力常量為k，重力加速度為g，下列說法正確的是()

A.小球A剛釋放時所受的庫侖力為B.小球A釋放時的加速度大小為C.小球A可能先加速下滑后勻速下滑D.小球A下滑過程中電勢能可能先增大后減小5、如圖所示，實線和虛線分別表示振幅、頻率均相同的兩列波的波峰和波谷．此刻，M是波峰與波峰相遇點，下列說法中不正確的是()

A.該時刻質(zhì)點O正處在平衡位置B.P、N兩點始終處于平衡位置C.M點振幅為單個波引起的振幅的2倍D.從該時刻起，經(jīng)過四分之一周期，質(zhì)點M到達平衡位置6、英國物理學(xué)家麥克斯韋認為，磁場變化時會在空間激發(fā)感生電場．如圖所示，一個半徑為r的絕緣細圓環(huán)水平放置，環(huán)內(nèi)存在豎直向上的勻強磁場B，環(huán)上套一帶電量為+q的小球．已知磁感應(yīng)強度B隨時間均勻增加，其變化率為k，則感生電場對小球的作用力大小是A.0B.C.qD.r2kq評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)7、如圖所示，電源電動勢E和內(nèi)阻r一定，R1、R2是定值電阻，R3是光敏電阻(光敏電阻阻值隨光照強度的增加而變小)．閉合開關(guān)，當(dāng)照射到R3的光照強度增加時；以下判斷正確的是（）

A.電流表示數(shù)一定變小B.電壓表示數(shù)一定變小C.R2的功率一定變大D.R1的功率一定變大8、一定質(zhì)量的理想氣體的壓強隨熱力學(xué)溫度變化的圖像如圖所示，該氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷三個過程回到原狀態(tài)；下列判斷不正確的是（）

A.狀態(tài)a氣體的壓強最大B.狀態(tài)c氣體的溫度最低C.過程中，氣體對外界做功D.狀態(tài)a氣體的體積小于狀態(tài)c氣體的體積9、如圖所示，厚度為h、寬度為d的導(dǎo)體板放在垂直于它的磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，當(dāng)電流通過導(dǎo)體板時，在導(dǎo)體板的上、下表面之間會產(chǎn)生電勢差，這種現(xiàn)象稱為霍爾效應(yīng)．實驗表明，當(dāng)磁場不太強時，電勢差U、電流I和B的關(guān)系為式中的比例系數(shù)K稱為霍爾系數(shù)，設(shè)電流I（方向如圖）是由電子的定向流動形成的，導(dǎo)體單位體積中電子的個數(shù)為n，電子定向移動的速率為v，電量為e；下列說法正確的是（）

A.上表面的電勢比下表面低B.洛倫茲力對電子做正功C.霍爾系數(shù)K的大小與n、e有關(guān)D.霍爾系數(shù)K的大小與d、h有關(guān)10、如圖所示；一臺理想變壓器，要使變壓的輸入功率增加，可以采取下列哪種方法（其他條件保持不變）（）

A.增大R的阻值B.減小R的阻值C.增加副線圈的匝數(shù)n2D.減小原線圈的匝數(shù)n111、如圖所示，電源的電動勢為E、內(nèi)阻為r，R1、R2、R3為定值電阻，RL為光敏電阻(光照減弱時阻值增大)，C為電容器．閉合開關(guān)S，電路穩(wěn)定后，用光照射RL，下列說法正確的是（）

A.電壓表示數(shù)增大B.電源的效率增大C.電容器所帶電量增加D.R2消耗的功率增大評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)12、如圖，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，分別經(jīng)歷等溫變化a→b和等容變化b→c。在a→b過程中，氣體的內(nèi)能______（填“增大”“減小”或“不變”）；在a→b→c過程中，氣體_______（填“吸收”或“放出”）熱量。

13、一定量的理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，再變化到狀態(tài)c，再回到狀態(tài)a，該過程的圖線如圖所示，則氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b過程內(nèi)能______（填“增大”、“減小”或“不變”）；氣體從狀態(tài)b變化到狀態(tài)c過程溫度____________（填“升高”、“降低”或“不變”），氣體從狀態(tài)c變化到狀態(tài)a過程_______（填“吸收”；“放出”或“不吸收也不放出”）熱量。

14、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，再由狀態(tài)B變化到狀態(tài)C，最后由狀態(tài)C變化到狀態(tài)A．氣體完成這個循環(huán)，內(nèi)能的變化△U=____，對外做功____W=，氣體從外界吸收的熱量____Q=

．（用圖中已知量表示）15、反射定律：反射光線與入射光線、法線處在______內(nèi)，反射光線與入射光線分別位于______；反射角______入射角．16、用內(nèi)阻為的電壓表和內(nèi)阻為的電流表測電阻，在圖甲、乙兩種情況下，電壓表的示數(shù)都是60V，電流表的示數(shù)都是則的測量值為______真實值是______的測量值為______真實值是______用伏安法測電阻應(yīng)采用電流表______較好”外接法”或”內(nèi)接法”

17、如圖所示是一個單擺做受迫振動時的共振曲線，表示振幅A與驅(qū)動力的頻率f的關(guān)系，則該單擺的擺長約為_____，若增大擺長，共振曲線的“峰”將_____（填“向右移動”、“向左移動”或“不移動”）（g＝9.8m/s2，π2≈9.86）

18、光電效應(yīng)實驗中，用波長為的單色光A照射某金屬板時，剛好有光電子從金屬表面逸出．當(dāng)波長為的單色光B照射該金屬板時，光電子的最大初動能為______，A、B兩種光子的動量之比為_____．（已知普朗克常量為h、光速為c）評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)19、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

20、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

21、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共3分)22、某同學(xué)在科學(xué)實踐活動中，對一個電路元件A進行了探究。他將元件A與電源、開關(guān)、變阻器、電流表串聯(lián)成電路，在元件A兩端并聯(lián)一個電壓表，研究通過元件A的電流跟電壓的關(guān)系，得到如下表所示的數(shù)據(jù)：。電壓/V01234電流/A00246

（1）請在圖甲中畫出元件A的電流跟電壓的關(guān)系圖線_______；

（2）然后，該同學(xué)在電路中去掉變阻器、電流表、電壓表，再連接一個電阻R；如圖乙所示。若電源電壓為5V并保持不變，元件A消耗的功率超過4W時將被燒壞。

①串聯(lián)電阻R至少要多大才不會燒壞電路元件A_______？

②在保證不致燒壞電路元件A的條件下，R值為多大時_______，輸入給R的功率達到最大，此最大功率值為多大_______？評卷人得分六、解答題(共4題，共8分)23、如圖，間距為L的光滑金屬導(dǎo)軌，半徑為r的圓弧部分豎直放置、直的部分固定于水平地面，MNQP范圍內(nèi)有磁感應(yīng)強度大小為B、方向豎直向下的勻強磁場．金屬棒ab和cd垂直導(dǎo)軌放置且接觸良好，cd靜止在磁場中，ab從圓弧導(dǎo)軌的頂端由靜止釋放，進入磁場后與cd在運動中始終不接觸．已知兩根導(dǎo)體棒的質(zhì)量均為m、電阻均為R．金屬導(dǎo)軌電阻不計，重力加速度為g．求。

（1）ab棒到達圓弧底端時對軌道壓力的大?。?/p>

（2）當(dāng)ab棒速度為時，cd棒加速度的大?。ù藭r兩棒均未離開磁場）

（3）若cd棒以離開磁場，已知從cd棒開始運動到其離開磁場一段時間后，通過cd棒的電荷量為q．求此過程系統(tǒng)產(chǎn)生的焦耳熱是多少．（此過程ab棒始終在磁場中運動）24、[物理——選修3-4]

⑴某振動系統(tǒng)的固有頻率為f0，在周期性驅(qū)動力的作用下做受迫振動，驅(qū)動力的頻率為f．若驅(qū)動力的振幅保持不變，下列說法正確的是____（填入選項前的字母；有填錯的不得分）

A．當(dāng)f<f0時，該振動系統(tǒng)的振幅隨f增大而減小。

B．當(dāng)f>f0時，該振動系統(tǒng)的振幅隨f減小而增大。

C．該振動系統(tǒng)的振動穩(wěn)定后，振動的頻率等于f0

D．該振動系統(tǒng)的振動穩(wěn)定后，振動的頻率等于f

⑵一棱鏡的截面為直角三角形ABC，A=30o，斜邊AB=a．棱鏡材料的折射率為n=．在此截面所在的平面內(nèi)，一條光線以45o的入射角從AC邊的中點M射入棱鏡．畫出光路圖；并求光線從棱鏡射出的點的位置（不考慮光線沿原路返回的情況）．

25、小明設(shè)計的電磁健身器的簡化裝置如圖所示，兩根平行金屬導(dǎo)軌相距l(xiāng)＝0.50m，傾角θ＝53°，導(dǎo)軌上端串接一個R＝0.05Ω的電阻．在導(dǎo)軌間長d＝0.56m的區(qū)域內(nèi)，存在方向垂直導(dǎo)軌平面向下的勻強磁場，磁感應(yīng)強度B＝2.0T．質(zhì)量m＝4.0kg的金屬棒CD水平置于導(dǎo)軌上，用絕緣繩索通過定滑輪與拉桿GH相連．CD棒的初始位置與磁場區(qū)域的下邊界相距s＝0.24m．一位健身者用恒力F＝80N拉動GH桿，CD棒由靜止開始運動，上升過程中CD棒始終保持與導(dǎo)軌垂直．當(dāng)CD棒到達磁場上邊界時健身者松手，觸發(fā)恢復(fù)裝置使CD棒回到初始位置(重力加速度g＝10m/s2；sin53°＝0.8，不計其它電阻；摩擦力以及拉桿和繩索的質(zhì)量)．求：

(1)CD棒進入磁場時速度v的大??；

(2)CD棒進入磁場時所受的安培力FA的大?。?/p>

(3)在拉升CD棒的過程中，健身者所做的功W和電阻產(chǎn)生的焦耳熱Q.26、一足夠長的條狀區(qū)域內(nèi)存在勻強電場和勻強磁場，其在xOy平面內(nèi)的截面如圖所示：中間是磁場區(qū)域，其邊界與y軸垂直，寬度為l，磁感應(yīng)強度的大小為B，方向垂直于xOy平面；磁場的上、下兩側(cè)為電場區(qū)域，寬度均為l′，電場強度的大小均為E，方向均沿x軸正方向；M、N為條狀區(qū)域邊界上的兩點，它們的連線與y軸平行，一帶正電的粒子以某一速度從M點沿y軸正方向射入電場，經(jīng)過一段時間后恰好以從M點入射的速度從N點沿y軸正方向射出；不計重力．

（1）定性畫出該粒子在電磁場中運動的軌跡；

（2）求該粒子從M點入射時速度的大??；

（3）若該粒子進入磁場時的速度方向恰好與x軸正方向的夾角為求該粒子的比荷及其從M點運動到N點的時間．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【詳解】

AD．由該種晶體熔化時的變化曲線可知，該晶體從開始加熱，隨著時間的增加而溫度升高，經(jīng)過2min后達到此時已經(jīng)達到晶體熔點，晶體開始熔化，但是物體還是處于固態(tài)，A；B平坦的一段線段說明晶體吸收了熱量，但是溫度并沒有升高，這些熱量全部用來破壞晶體的規(guī)則結(jié)構(gòu)，增大分子間間勢能，所以D正確，A錯誤；

BC．A；B平坦的一段線段；A對應(yīng)物體是固態(tài)，所以在此段時間是固態(tài)和液態(tài)共存，熔化過程用了4min，圖線的B點說明晶體全部熔化，變成液態(tài)，故B對應(yīng)的是液態(tài)，所以BC錯誤。

故選D。2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．布朗運動是固體顆粒的無規(guī)則運動；不是固體顆粒的分子的運動，A錯誤；

B．附著層內(nèi)分子間的距離小于液體內(nèi)部分子間的距離；表現(xiàn)為斥力，即為浸潤現(xiàn)象，B正確；

C．單晶體才具有規(guī)則的幾何形狀；所有晶體都有固定的熔點，單晶體才具有各向異性，C錯誤；

D．給自行車輪胎打氣時；越打越費勁，原因是氣體壓強越來越大，不是氣體分子間斥力作用，D錯誤。

故選B。3、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：解得：E=0.8V；故A錯誤；

B．根據(jù)楞次定律可知；螺線管的感應(yīng)電流盤旋而下，則螺線管下端是電源的正極，那么電容器下極帶正電，故B錯誤；

C．根據(jù)全電路歐姆定律，有：I==0.08A，根據(jù)P=I2R1解得：P=2.56×10-2W；故C正確；

D．S斷開后，流經(jīng)R2的電量即為S閉合時C板上所帶的電量Q，電容器兩端的電壓為：U=IR2=0.4V，流經(jīng)R2的電量為：Q=CU=1.2×10-5C，故D錯誤；4、B【分析】【詳解】

A；根據(jù)庫侖定律可知小球A剛釋放時所受庫侖力為。

故A錯；

B、由牛頓第二定律得:

解得：故B對；

C；越靠近B則庫侖力越大；根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度可能是先減小后反向增大，則小球A可能先加速下滑后減速下滑，然后再反向運動，故C錯；

D；小球A下滑過程中由于庫侖力一直做負功；所以電勢能一直在增大，故D錯；

綜上所述本題答案是：B

【點睛】

對A球受力分析,受到重力、支持力和靜電斥力,根據(jù)牛頓第二定律求加速度;5、A【分析】【詳解】

由圖知O點是波谷和波谷疊加；該時刻質(zhì)點O正處在波谷位置，A錯誤；P；N兩點是波谷和波峰疊加，由于振幅相同，位移始終為零，即處于平衡位置，B正確；M點是振動加強點，則M點振幅為單個波引起的振幅的2倍，選項C正確；因該時刻M點在波峰位置，則從該時刻起，經(jīng)過四分之一周期，質(zhì)點M到達平衡位置，D正確；此題選擇不正確的選項，故選A.

點睛：介質(zhì)中同時存在幾列波時，每列波能保持各自的傳播規(guī)律而不互相干擾．在波的重疊區(qū)域里各點的振動的物理量等于各列波在該點引起的物理量的矢量和．6、B【分析】【詳解】

磁感應(yīng)強度B隨時間均勻增加，其變化率為k，故感應(yīng)電動勢為

根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電動勢的方向為順時針方向；小球帶正電，小球在環(huán)上運動一周，則感生電場對小球的作用力故B正確．二、多選題(共5題，共10分)7、B:C【分析】【分析】

由光敏電阻的性質(zhì)可知光照強度的變化；則由閉合電路歐姆定律可得出電路中電流的變化，由歐姆定律可得出電壓表示數(shù)的變化；同時還可得出路端電壓的變化；

由串聯(lián)電路的規(guī)律可得出并聯(lián)部分電壓的變化，再由并聯(lián)電路的規(guī)律可得出通過R2的電流的變化，由功率公式即可得R3的功率的變化．

【詳解】

當(dāng)照射到R3的光照強度增加時，R3的電阻減小，根據(jù)“串反并同”知，與R3串聯(lián)的用電器的電流，電壓，電功率都與R3的變化相反，與R3并聯(lián)的用電器的電流，電壓，電功率都與R3的變化相同，所以電流表的示數(shù)增大，電壓表示數(shù)減小，R2的功率增大，R1的功率減小；故B；C正確．

故選BC．

【點睛】

閉合電路的動態(tài)分析問題一般按外電路、內(nèi)電路再外電路的分析思路進行；分析內(nèi)電路主要根據(jù)總電流及內(nèi)阻分析內(nèi)壓，而外電路較為復(fù)雜，要注意靈活應(yīng)用電路的性質(zhì)．8、A:B:D【分析】【詳解】

A．由圖可知，狀態(tài)a氣體的壓強最小；選項A錯誤，符合題意；

B．由圖可知，狀態(tài)c氣體的溫度最高；選項B錯誤，符合題意；

C．過程中，壓強不變，溫度升高，根據(jù)可知；氣體體積變大，氣體對外界做功，選項C正確，不符合題意；

D．從c到a是等容變化，即狀態(tài)a氣體的體積等于狀態(tài)c氣體的體積；選項D錯誤，符合題意。

故選ABD。9、A:C【分析】【分析】

根據(jù)左手定則判斷電子的偏轉(zhuǎn)方向；從而確定電勢的高低，抓住電子所受的洛倫茲力和電場力平衡，結(jié)合電流的微觀表達式求出霍爾系數(shù)的大小；

【詳解】

A．根據(jù)左手定則知；電子向上表面偏轉(zhuǎn)，則上表面的電勢低于下表面的電勢，故A正確；

B．洛倫茲力與速度的方向用于都垂直；即洛倫茲力對電子不做功，故B錯誤；

CD．因為解得根據(jù)解得因為則霍爾系數(shù)故C正確，D錯誤．

【點睛】

解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，注意偏轉(zhuǎn)的是電子，掌握電流的微觀表達式，結(jié)合洛倫茲力和電場力平衡進行求解．10、B:C:D【分析】A；負載電阻R增大,而電壓不變,所以輸出功率和輸入功率都減小,故A錯誤;

B；負載電阻R減小,電壓不變,但電流增大,所以輸出功率和輸入功率都增大,所以B選項是正確的;

C；副線圈匝數(shù)增加,則副線圈的電壓增加,電流增加,故輸出功率增加,輸入功率增加,所以C選項是正確的;

D；減小原線圈的匝數(shù),其余保持不變,則副線圈的電壓增大,所以副線圈的功率增大,則變壓器輸入功率也增大,所以D選項是正確的;

故選BCD

點睛：變壓器的原線圈的輸入電壓決定副線圈的輸出電壓,副線圈的輸出功率決定原線圈的輸出功率,因為匝數(shù)比不變,故副線圈的輸出電壓保持不變,當(dāng)負載電阻減小時,輸出功率變大,故輸入功率也變大.11、C:D【分析】【詳解】

A.當(dāng)光照射RL，電阻變小，外電路總電阻變小，得：總電流I變大，根據(jù)當(dāng)電流變大，路端電壓變小，即電壓表示數(shù)變小，A錯誤。

B.電源效率路端電壓變小，效率變小，B錯誤。

C.路端電壓變小，兩端電壓變小，電流變小，而總電流變大，電流變大，所以兩端電壓變大電容器兩端電壓與兩端電壓相等，變大，所以電量變大，C正確。

D.根據(jù)C選項分析電流變大，消耗功率變大，D正確三、填空題(共7題，共14分)12、略

【分析】【詳解】

[1]在a→b過程中；氣體的溫度不變，則內(nèi)能不變；

[2]因c態(tài)溫度低于a態(tài)溫度，則在a→b→c過程中，氣體內(nèi)能減小，即?U<0

氣體體積減小，外界對氣體做功，則W>0

則根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知?U=W+Q

則Q<0

即氣體放出熱量?！窘馕觥坎蛔兎懦?3、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]ab為過原點的直線；根據(jù)。

壓強隨著體積的減小而增大；溫度不變，所以內(nèi)能不變。

[2]氣體從狀態(tài)b變化到狀態(tài)c過程；壓強減小，體積也減小，根據(jù)公式。

可知溫度降低。

[3]氣體從狀態(tài)c變化到狀態(tài)a過程；根據(jù)公式。

壓強不變，體積增大對外做功，溫度升高，吸收熱量。【解析】不變降低吸收14、略

【分析】【詳解】

氣體完成一個循環(huán)過程，溫度的變化量為零，則內(nèi)能的變化△U=0；對外做功等于圖中三角形ABC的面積，即W=p0V0；根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體吸熱：Q=W=p0V0；【解析】015、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】同一平面法線的兩側(cè)等于16、略

【分析】【分析】

求電阻的真實值時，應(yīng)考慮電表內(nèi)阻的影響，然后根據(jù)歐姆定律和串并聯(lián)規(guī)律求解即可．伏安法測電阻內(nèi)外接法的選擇方法是：當(dāng)滿足時，電流表應(yīng)用外接法，滿足時；電流表應(yīng)用內(nèi)接法．

【詳解】

甲圖中：電阻測量值：真實值為：乙圖中：電阻測量值為：真實值為：比較它們的絕對誤差可知，伏安法測時，采用內(nèi)接法測量誤差較小，所以電流表應(yīng)用內(nèi)接法較好．【解析】300290300333內(nèi)接法17、略

【分析】【詳解】

由共振曲線可知：當(dāng)驅(qū)動力頻率f=0.5Hz時產(chǎn)生共振現(xiàn)象，則單擺的固有頻率為：f=0.5Hz．由單擺的周期公式有：得：．

由單擺的頻率公式為：得知，當(dāng)擺長增大時，單擺的固有周期增大，頻率減小，產(chǎn)生共振的驅(qū)動力頻率也減小，共振曲線的“峰”向左移動．【解析】1向左移動18、略

【分析】【詳解】

根據(jù)光電效應(yīng)方程又所以有解得又光子動量所以A、B兩種光子的動量之比為1:2.【解析】1:2四、作圖題(共3題，共18分)19、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】20、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共1題，共3分)22、略

【分析】【詳解】

（1）[1]用描點法畫出元件A兩端電壓U與其中的電流I的關(guān)系圖線；經(jīng)擬合為一傾斜直線，如圖所示。

（2）①[2]由I-U關(guān)系圖線可得

電路元件A的功率滿足

聯(lián)立可得

解得

由閉合電路歐姆定律可得

代入數(shù)據(jù)解得

②[3][4]輸入給R的功率可表示為

可見PR隨U按拋物線規(guī)律變化，其開口向下，當(dāng)U=3V時PR有最大值，故要使R的功率最大，其電壓只能是電路元件A不被燒壞的最大電壓2V，這樣當(dāng)R為1.5Ω時，輸入給R的功率達到最大，最大值為【解析】1.5Ω6W六、解答題(共4題，共8分)23、略

【分析】【詳解】

（1）ab下滑過程機械能守恒，由機械能守恒定律得：mgr=

解得：v0=

ab運動到底端時，由牛頓第二定律得：F-mg=m

解得：F=3mg，

由牛頓第三定律知：ab對軌道壓力大小：F′=F=3mg；

（2）兩棒組成的系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，

由動量守恒定律：mv0=mvab+mv′，

解得：v′=

ab棒產(chǎn)生的電動勢：Eab=BLvab，

cd棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢：Ecd=BLv′，

回路中電流：I=

解得：I=

此時cd棒所受安培力：F=BIL，

此時cd棒加速度：a=

解得：a=

（3）由題意可知，cd棒以離開磁場后向右勻速運動，

且從cd棒開始運動到通過其電荷量為q的時間內(nèi)，通過ab棒電荷量也為q．

對ab棒，由動量定理可知：-BLt=mvab-mv0，

其中：q=t，

解得：vab=-