2025年牛津上海版必修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年牛津上海版必修3物理下冊階段測試試卷230考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、兩個相同的靈敏電流表，一個串聯(lián)的定值電阻后改裝為如圖甲所示的電壓表，另一個并聯(lián)的定值電阻后改裝為如圖乙所示的電流表。已知靈敏電流表的滿偏電流為內阻為則下列說法正確的是（）

A.改裝后的電壓表量程為B.改裝后的電壓表量程為C.改裝后的電流表量程為D.改裝后的電流表量程為2、空間某區(qū)域有一個正三角形其三個頂點處分別固定有三個等量正點電荷，如圖所示，D點為正三角形的中心，E、G、H點分別為正三角形三邊的中點，E、F兩點關于C點對稱，取無限遠處的電勢為O，下列說法中正確的是（）

A.E、F兩點連線為等勢線B.E、F兩點的電場強度等大反向C.G、H兩點的電場強度相同D.D點的電場強度為03、一帶負電的粒子僅在電場力作用下從點開始沿軸正向運動，是軸上的三個點，和關于以點對稱，從到該電場的電勢隨位移變化的關系如圖所示，則下列說法正確的是

A.點電場強度為零B.間場強方向與間場強方向相反C.從到整個運動過程中，粒子經(jīng)過點時速度最大D.從到整個運動過程中，粒子做勻加速直線運動4、如圖所示，水平放置的平行板電容器，上極板帶負電，下極板帶正電，斷開電源后一帶電小球以速度v0水平射入電場，且沿下極板邊緣飛出，若下極板不動，將上極板上移一小段距離，小球仍以相同的速度v0從原處飛入；則帶電小球（）

A.加速度變大B.將不能飛出電場C.不發(fā)生偏轉，沿直線運動D.若上極板不動，將下極板上移一段距離，小球可能打在下極板的中央5、如圖甲所示，絕緣光滑水平面上有A、B、O三點，以O點為坐標原點，向右為正方向建立直線坐標軸x軸，A點坐標為-2m，B點坐標為2m，空間中存在水平電場，圖乙、丙左側圖線為四分之一圓弧，右側圖線為一條傾斜線段。現(xiàn)把一質量為m、電荷量為q的負點電荷，以初速度v0由A點向右射出，若負點電荷可以沿直線到達B處；則下列說法正確的是（忽略負點電荷形成的電場）（）

A.若A、B兩點間的電勢變化如圖乙，負點電荷到達B點時速度大于v0B.若A、B兩點間的電勢變化如圖乙，負點電荷到達坐標為和處時，電場力的功率不相等C.若A、B兩點間的電場強度變化如圖丙，負點電荷從A到B速度先增大再減小D.若A、B兩點間的電場強度變化如圖丙，負點電荷到達坐標為和處處時，電場力相同6、如圖為滑動變阻器的實物圖；下列說法正確的是（）

A.ab接入電路時，p向右移動電阻增大B.ab接入電路時，p向右移動電阻減小C.cd接入電路時，p向右移動電阻增大D.ac接入電路時，p向右移動電阻增大7、如圖所示，甲圖中直線Ⅰ為某一電源的路端電壓與電流的關系圖像，直線Ⅱ為某一電阻R的U-I圖像。用此電源與電阻R連接成如圖乙所示閉合電路。根據(jù)甲圖中的直線Ⅰ；求出電源的電動勢和內阻分別是（）

A.3V，0.5ΩB.3V，1ΩC.2V，1ΩD.2V，0.5Ω8、如圖所示，直線a為某電源與可變電阻連接成閉合電路時的路端電壓U與干路電流I的關系圖象，直線b為電阻R兩端電壓的U與通過它的電流I的圖象；用該電源和該電阻組成閉合電路時，電源的輸出功率和電源的效率分別為（）

A.4W、33.3%B.2W、33.3%C.4W、67%D.2W、67%評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、如圖，電源內阻為r，兩個定值電阻R1、R2阻值均為R，閉合電鍵，將滑動變阻器滑片向下滑動，理想電壓表V3示數(shù)變化量的絕對值為ΔU3，理想電流表A1、A2示數(shù)變化量的絕對值分別為ΔI1、ΔI2，則A.A2示數(shù)增大B.V2示數(shù)與A1示數(shù)的比值不變C.ΔU3與ΔI1的比值小于2RD.ΔI1小于ΔI210、如圖所示，兩條完全相同的圓弧形材料AOB和COD，圓弧對應的圓心角都為120°，圓弧AOB在豎直平面內，圓弧COD在水平面內，以O點為坐標原點、水平向右為x軸正方向，兩弧形材料均勻分布正電荷，P點為兩段圓弧的圓心，已知P點處的電場強度為E0、電勢為φ0，設圓弧AO在圓心P處產(chǎn)生的電場強度大小為E，產(chǎn)生的電勢為φ；選無窮遠的電勢為零，以下說法正確的是（）

A.B.C.將質子（比荷）從P點無初速度釋放，則質子的最大速度為D.若兩段弧形材料帶上的是等量異種電荷，x軸上各點電場強度為零，電勢為011、如圖所示，真空中A、B、C三點的連線構成一個邊長的等邊三角形，AD為BC連線的中垂線，D點為BC連線的中點，在B、C兩點分別固定著電荷量均為的點電荷．已知靜電力常量則下列說法正確的是（）

A.兩點電荷間的庫侖力大小為B.帶負電的試探電荷在D點受到的電場力比在A點受到的電場力大C.A點電場強度的大小為D.從D點到A點電勢逐漸升高12、如圖所示，平行板電容器與直流電源、理想二極管（正向電阻為零，可以視為短路；反向電阻無窮大，可以視為斷路）連接，電源負極接地，初始時電容器不帶電，閉合開關S穩(wěn)定后，一帶電油滴位于電容器極板間的P點且處于靜止狀態(tài)。下列說法正確的是（）

A.減小極板間的正對面積，帶電油滴會向下移動，且P點的電勢會降低B.減小極板間的正對面積，帶電油滴會向上移動，且P點的電勢會升高C.將下極板上移，帶電油滴向上運動D.斷開開關S，帶電油滴將向下運動13、用控制變量法，可以研究影響平行板電容器電容的因素，如圖所示。設兩極板正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計指針偏角為θ。實驗中；極板所帶電荷量不變，下列判斷中正確的是（）

A.若保持不變，增大則變大B.若保持不變，增大則變小C.若保持不變，減小則變小D.若保持不變，減小則變大14、在絕緣水平桌面（桌面足夠大）上方充滿平行桌面的電場，其電場強度E隨時間t的變化關系如圖所示，小物塊電荷量為將其放在該水平桌面上并由靜止釋放，小球速度v與時間t的關系如圖所示，取重力加速度則下列說法正確的是（）

A.物塊在內位移是B.物塊的質量是C.物塊與水平面間動摩擦因數(shù)是D.物塊在內電勢能減少了15、在如圖所示的電路中，電源內阻r≠0，定值電阻R2消耗的功率用P表示，兩電表均為理想電表，電容器與滑動變阻器并聯(lián)，電壓表和電流表的讀數(shù)分別用U、I表示，電容器所帶的電荷量用Q表示，通過電源的電荷量為q時，電源所做的功用W表示；當滑動變阻器的滑片向右移動時；下列圖象正確的是（）

A.B.C.D.16、如圖；兩節(jié)干電池內阻不可忽略，通過控制電鍵使接入燈泡增多或減少時，以下說法正確的是（）

A.燈多時總的負載電阻較小B.燈少時燈泡兩端電壓較小C.燈多時通過電池的電流較大D.燈少時各燈較亮，燈多時各燈較暗評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、勻強電場的方向平行于平面，平面內a、b、c三點的位置如圖所示，三點的電勢分別為完成下列填空：

（1）電場強度的大小為______

（2）坐標原點處的電勢為_________V；

（3）電子在a點的電勢能比在b點的高_________

（4）電子從b點運動到c點，電場力做功為________18、電場中A、B兩點的電勢是則A、B兩點的電勢差UAB＝__________V。若把電荷由A點移到B點，電場力對電荷做了__________J的功。電荷的電勢能__________（填“增加”或“減少”）了__________J。19、如圖所示，一款微型機器人的內部有一個直流電動機，其額定電壓為U，額定電流為I，線圈電阻為R，將它接在內阻為r的直流電源的兩極間；電動機恰好能正常工作，則電動機的輸出功率為____________，電源的效率為____________。

20、寫出如圖所示的游標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)。游標卡尺的讀數(shù)___________cm；螺旋測微器的讀數(shù)___________mm。

21、（1）兩種電荷：自然界中只存在兩種電荷，即___________電荷和___________電荷。

（2）電荷量：電荷的___________，用Q表示，有時也可用q來表示。在國際單位制中，單位是___________，簡稱___________，符號是___________。22、量程為0.6A的電流表內阻Rg=60Ω，要把這個電流表的量程擴大成3A，那么應該在Rg上______聯(lián)一個電阻R，R的大小應是______Ω。評卷人得分四、解答題(共4題，共24分)23、超高壓帶電作業(yè)的工人穿戴的工作服（圖）；為什么要用包含金屬絲的織物制成？

24、如圖甲所示的電路中，R1、R2均為定值電阻，且R1=100Ω，R2阻值未知，R3為一滑動變阻器。當其滑片P從左端滑至右端時，測得電源的路端電壓隨電源中流過的電流變化圖線如圖乙所示，其中A、B兩點是滑片P在變阻器的兩個不同端點得到的。求：

（1）電源的電動勢和內阻；

（2）定值電阻R2的阻值；

（3）滑動變阻器的阻值為多少時電源的輸出功率最大？輸出功率的最大值為多少？此時電源的效率為多少？

25、如圖甲所示，水平放置的兩平行金屬板間距離為板長為兩金屬板間電勢差變化如圖乙所示（初始時上金屬板帶正電），其中一粒子源連續(xù)發(fā)射質量為電荷量為的帶電粒子（初速度重力忽略不計），該粒子源射出的帶電粒子恰好從上金屬板左端的下邊緣水平進入兩金屬板間。

（1）若帶電粒子在時刻進入兩極板之間，飛出極板時粒子在豎直方向的偏移量是多少；

（2）在哪些時刻進入兩金屬板間的帶電粒子恰好從下金屬板右端飛出；

（3）在哪些時刻進入兩金屬板間的帶電粒子恰好從上金屬板右端飛出。

26、如圖所示，直角坐標系xOy位于豎直平面內，x軸水平。將一質量為m、帶電量為+q的小球（可視為質點）從坐標原點O以某一初速度沿x軸正方向水平拋出，一段時間后小球通過點A（L，）若在該空間加一平行于y軸的勻強電場，將小球以相同初速度沿x軸拋出，一段時間后小球通過點B（L，），重力加速度為g；求：

（1）勻強電場的場強E0；

（2）若所加勻強電場隨時間按圖乙所示規(guī)律周期性變化，t=0時刻將小球以相同初速度沿x軸拋出，小球通過直線x=L時速度恰好平行x軸；求∶

①小球通過直線x=L時縱坐標的可能值；

②若在t=T時刻將小球以相同初速度沿x軸拋出；小球運動過程中動能的最大值。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【分析】

【詳解】

AB．改裝后的電壓表量程。

改裝后的電壓表量程為B錯誤A正確；

CD．改裝后的電流表量程。

改裝后的電流表量程為CD錯誤。

故選A。2、D【分析】【詳解】

A．假設將一試探電荷由E點移動到F點，點電荷C對其做功為零，但是A、B兩個電荷對其做功不為零，故試探電荷在E、F兩點的電勢能不相等，所以E、F兩點不是等勢點，即E、F兩點的連線不是等勢線；A錯誤；

B．設等邊三角形的邊長為a，點電荷所帶電荷量為Q，根據(jù)電場強度的疊加，E點的電場強度為點電荷C在此處的電場強度

方向沿CE方向；

F點的場強為點電荷C與點電荷A、B在此處的合場強

方向沿CF方向，E、F兩點的電場強度大小不等；方向相反，B錯誤；

C．根據(jù)電場強度的疊加，可知G點的電場強度為點電荷B在此處的場強

方向沿BG方向；H點的電場強度為點電荷A在此處的場強

方向沿AH方向；所以G、H兩點的電場強度不相同；C錯誤；

D．D點的電場強度等于三個點電荷在此處產(chǎn)生的電場強度的矢量之和，根據(jù)矢量求合可知D點的電場強度為0；D正確。

故選D。3、D【分析】【詳解】

A.根據(jù)電場強度與電勢差的關系U＝Ed，知﹣x圖象的斜率表示電場強度E，a點電勢為零，但a點的電場強度不為零；故A錯誤。

B.O、a間圖象斜率與a、b間圖象斜率相同，則O、a間與a、b間場強大小；方向均相同；故B錯誤。

CD.電場方向沿x軸負方向，粒子受到的電場力方向沿x軸正方向，從O到b整個運動過程中，粒子所受到的電場力大小和方向不變，做勻加速直線運動，粒子經(jīng)過b點時速度最大；故C錯誤，D正確。

故選D.4、D【分析】【詳解】

ABC．將電容器上板向上移動一段距離，電容器所帶的電量Q不變，因為

解得

由公式可知當d增大時，場強E不變，則加速度不變；以相同的速度入射的小球仍按原來的軌跡運動，由下板邊緣飛出，故ABC錯誤；

D．若上板不動；將下板上移一段距離時，根據(jù)推論可知，板間電場強度不變，粒子所受的電場力不變，粒子軌跡不變，小球可能打在下板的中央，故D正確。

故選D。5、B【分析】【詳解】

A．由圖乙可知AO段與BO段電勢差相等，電場力做功大小相等，且AO段電場力對電荷做正功，OB段電場力對電荷做負功，故負點電荷到達B點時速度等于v0；選項A錯誤；

B．φ—x圖像斜率的絕對值表示電場強度的大小，則由圖乙可知O點運動到B點過程是勻強電場；該電場強度的大小與圖中虛線表示的電場強度大小相等，如圖：

由于左側圖線為四分之一圓弧，將虛線平移至與圓弧相切，切點處的電場強度大小與右側電場強度大小相等，根據(jù)幾何關系可知該切點的橫坐標為即當負點電荷分別處于和時；電場力大小相等。

而負點電荷由A點運動到B點過程中，先做加速度減小的變加速運動，后做勻減速直線運動，作出v-t圖如圖所示。

根據(jù)A點到和到B點的位移相等，結合圖像可知處的速度大于處的速度；所以電場力的功率不相等，選項B正確；

C．由圖丙可知從A到B電場方向向右不變，則負電荷一直受到向左的電場力，從A到B速度一直減?。贿x項C錯誤；

D．由圖丙可知負點電荷到達坐標為和處時；電場強度大小不同，電場力不同，選項D錯誤。

故選B。6、D【分析】【分析】

【詳解】

ABC．滑動變阻器是通過改變接入電路中電阻絲的長度來改變電阻大小的；連入電路時需要一上一下，若只接上面兩個或只接下面兩個均不能改變接入電路中電阻絲的長度，ABC錯誤；

D．若滑片P向右滑動時，連入電路的電阻變大，則需將下邊的a接線柱要接入電路，上面c、d兩個接線柱相當于一個接線柱；效果一樣，D正確。

故選D。7、A【分析】【詳解】

根據(jù)甲圖中的直線Ⅰ，可知電源的電動勢E=3V

內阻是

故選A。8、C【分析】【詳解】

由圖象a可知電源的電動勢E=3V，短路電流為6A，該電源和該電阻組成閉合電路時路端電壓為2V，電流I=2A電源的輸出功率即為電阻R上消耗的功率，根據(jù)

得：

電源的總功率為：

所以效率為：

故選C二、多選題(共8題，共16分)9、A:D【分析】【詳解】

閉合電鍵后，電路如圖所示．V1、V2、V3分別測量R1、路端電壓和R′的電壓．當滑動變阻器滑片向下滑動時，接入電路的電阻減小，電路中電流增大，則A1的示數(shù)增大，電源的內電壓Ir增大，則V2示數(shù)減小，R1的電壓增大，V3的示數(shù)減小，則通過R2的電流減小，所以通過R′的電流增大，即A2示數(shù)增大，A選項正確．V2示數(shù)與A1示數(shù)之比等于外電路電阻，其值減小，故B選項正確．根據(jù)閉合電路歐姆定律得U3=E﹣I1（R1+r），則得=R1+r=R+r，不一定小于2R，故C選項錯誤．A1的示數(shù)增大量等于A2示數(shù)增大和R2的電流減小量之和，所以ΔI1小于ΔI2；故D選項正確．

10、B:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)電場強度的疊加有

所以

故A錯誤；B正確；

C．將質子從P點無初速度釋放，根據(jù)動能定理可得

解得

故C錯誤；

D．若兩段弧形材料帶上的是等量異種電荷，根據(jù)對稱性，x軸上各點電場強度為零；電勢為0，故D正確。

故選BD。11、A:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)庫侖定律可知，B、C兩點電荷間的庫侖力大小為

故A正確；

B．在等量同種正點電荷周圍的電場中，連線中點處的電場強度為零，則放在點的負點電荷受到的電場力為零，帶負電的試探電荷在D點受到的電場力比在A點受到的電場力?。还蔅錯誤；

C．兩點電荷在A點產(chǎn)生的電場強度大小相等，均為

根據(jù)電場疊加原理和幾何關系，兩點電荷在A點產(chǎn)生的合電場強度大小為

故C正確；

D．等量同種正點電荷連線的中垂線上，電場方向由點指向A點，沿著電場線方向電勢降低，由此可知，從點到A點電勢逐漸降低；故D錯誤。

故選AC。12、B:C【分析】【詳解】

AB．正對面積減小，則根據(jù)

電容C減小，因存在二極管，使得Q不能減少，故實際過程為Q不變，所以U增大，根據(jù)

d不變，所以E增大，所以油滴受到向上的電場力大于重力，油滴上移。根據(jù)

場強增大，則P與下極板電勢差增大，P與下極板距離不變，所以φp增大；故A錯誤，B正確；

C．將下極板上移，根據(jù)

d減小，C增大，U不變，Q增大，可以充電，E增大；油滴向上運動，故C正確；

D．斷開開關S；因二極管單向導電，則電容器不能放電，故電荷量不變，極板電壓不變，場強不變，油滴仍靜止，故D錯誤。

故選BC。13、A:D【分析】【詳解】

AD．根據(jù)電容的定義式：C=

保持S不變，增大d，電容C減小，再根據(jù)：U=

知U增大，所以θ變大；故A錯誤，B正確；

CD．保持d不變，減小S，電容C減小，再根據(jù)：U=

知U增大，所以θ變大；故C正確，D錯誤。

故選BC。14、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．物塊在內位移為

故A正確；

BC．由圖可知，前物塊做勻加速直線運動，由牛頓第二定律有

由圖線知加速度為

后物塊做勻速運動，由平衡條件有

聯(lián)立解得

由圖可得

代入數(shù)據(jù)解得

由

可得

故B錯誤；C正確；

D．物塊在前的位移

物塊在第的位移為

電場力做正功

則電勢能減少了故D錯誤．

故選AC。

【點睛】

能根據(jù)題目提供的圖和圖得到相關的信息是解題的關鍵．明確v-t圖象的斜率等于加速度，“面積”大小等于位移．15、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．定值電阻消耗的功率P=I2R2，所以P與I成二次函數(shù)關系；故A正確；

B．電容器兩端電壓和變阻器兩端電壓U1相等，則U1=E-I（r+R2），所以電容器所帶電荷量Q=-CI（r+R2）+CE，可以看出電荷量Q與電流I成一次函數(shù)關系；故B正確；

C．電壓表測量的是路端電壓，根據(jù)閉合電路的歐姆定律得U=-Ir+E，則U與電流I成一次函數(shù)關系；應該是一條傾斜的直線，故C錯誤；

D．電源做功W=qE，所以W與q是成正比關系；故D錯誤。

故選AB。16、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖可知；燈泡均為并聯(lián)，當點亮的電燈數(shù)目增多時，并聯(lián)的支路增多，由并聯(lián)電路的電阻規(guī)律可知，外部總電阻減小。故A正確；

B．由閉合電路歐姆定律可知；燈少時，電阻大，則通過電流小，內壓小，則路端電壓增大。故B錯誤；

C．燈多時；外部電阻小，通過電池的電流增大。故C正確；

D．燈少時；電阻大，則通過電流小，內壓小，則路端電壓增大，各支路燈較亮，燈多時，外部電阻小，通過電池的電流增大，則電池的內電壓增大，路端電壓減小，燈泡變暗。故D正確。

故選ACD。三、填空題(共6題，共12分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]沿x方向的場強大小為

沿y方向的場強大小為

故該電場的電場強度為

（2）[2]在勻強電場中，相互平行的等距離兩點間的電勢差相等，即為

所以原點O的電勢為

（3）[3]根據(jù)電勢能的定義可知，電子在a點的電勢能為

電子在b點的電勢能為

則電子在a點的電勢能比在b點的高

（4）[4]電子從b點運動到c點，電場力做功為【解析】①.2.5②.4③.7④.918、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)

[2]電場力對電荷的功

[3][4]電場力做了負功，電勢能增加了【解析】①.②.③.增加④.19、略

【分析】【詳解】

[1]電動機的輸入功率為P入=UI

電動機的熱功率為P熱=I2R

電動機輸出功率為P出=IU-I2R

[2]電源的效率為【解析】IU-I2R20、略

【分析】【詳解】

[1]游標卡尺讀數(shù)為

[2]螺旋測微器讀數(shù)為【解析】1.0552.61521、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.正②.負③.多少④.庫侖⑤.庫⑥.C22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]電流表的量程擴大成3A，應并聯(lián)分流電阻，R的大小應是【解析】①.并②.15四、解答題(共4題，共24分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

超高壓帶電作業(yè)的工人穿戴的工作服是用包含金屬絲的織物制成的，通過靜電屏蔽保證工人帶電作業(yè)時的安全?！窘馕觥恳娊馕?4、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律有。

由乙圖的數(shù)據(jù)可得。

聯(lián)立解得。

E=20V，r=20Ω（2）滑片P在變阻器的右端時，被短路，電路的總電阻減小，總電流增大，則外電阻只有定值電阻R2；所以有。

（3）當外電阻等于電源的內阻時電源的輸出功率最大；則有。