2025年外研版高三物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版高三物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，均勻介質(zhì)中兩波源S1、S2分別位于x軸上的x1=0、x2=16m處，質(zhì)點(diǎn)P位于x軸上的x3=4m處．t=0時(shí)刻，兩波源同時(shí)由平衡位置開始向上振動(dòng)，振動(dòng)周期T=0.1s，傳播速度均為v=80m/s．波源S1的振幅A1=3cm，波源S2的振幅A2=4cm．則從t=0到t=0.35s時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P通過的路程為（）A.98cmB.14cmC.56cmD.68cm2、如圖，M、N是平行板電容器的兩個(gè)極板，R0為定值電阻，R1、R2為可調(diào)電阻，用絕緣細(xì)線將質(zhì)量m、帶正電的小球懸于電容器內(nèi)部．閉合電鍵S，小球靜止時(shí)懸繩與豎直方向角為θ．下列哪種做法可使θ變大（）A.增大R1B.減小R2C.增大MN間距D.M板上移一些3、一矩形線圈abcd位于一隨時(shí)間變化的勻強(qiáng)磁場內(nèi)；磁場方向垂直線圈所在的平面向里，如圖（甲）所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖（乙）所示．以I表示線圈中的感應(yīng)電流，規(guī)定圖（甲）中線圈上箭頭方向?yàn)殡娏鞯恼较?，則下列圖中能正確表示線圈中電流I隨時(shí)間t變化規(guī)律的是（）

A.B.C.D.4、關(guān)于繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星，下列說法正確的是（）A.軌道半徑越大，周期越小B.軌道半徑越大，周期越大C.軌道半徑越大，角速度越大D.軌道半徑越大，線速度越大5、【題文】一質(zhì)量為m的金屬桿ab,以一定的初速度v0從一光滑平行金屬導(dǎo)軌底端向上滑行,導(dǎo)軌平面與水平面成30°角,兩導(dǎo)軌上端用一電阻R相連,如圖所示.磁場垂直斜面向上,導(dǎo)軌與桿的電阻不計(jì),金屬桿向上滑行到某一高度后又返回到底端.則在此過程中（）

A.向上滑行的時(shí)間大于向下滑行的時(shí)間B.電阻R上產(chǎn)生的熱量向上滑行時(shí)大于向下滑行時(shí)C.通過電阻R的電荷量向上滑行時(shí)大于向下滑行時(shí)D.桿a、b受到的磁場力的沖量向上滑行時(shí)大于向下滑行時(shí)6、（2015秋?深圳期末）如圖所示，MN為鋁質(zhì)薄平板，鋁板上方和下方分別有垂直于圖平面的勻強(qiáng)磁場（圖中未面出），且B上：B下=1：，一帶電粒子從緊貼鋁板上表面的P點(diǎn)垂直于鋁板向上射出，從Q點(diǎn)穿越鋁板后到達(dá)PQ的中點(diǎn)O，已知粒子穿越鋁板時(shí)，速度方向和電荷量不變，不計(jì)重力，則穿越前和穿越后粒子的動(dòng)能之比為（）A.4：1B.2：1C.2：D.2：1評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)7、速度為零時(shí)，加速度也為零．____．（判斷對錯(cuò)）8、在研究氣體的熱學(xué)性質(zhì)時(shí)，描述氣體的熱力學(xué)狀態(tài)的參量有____、____、____．對于一定質(zhì)量的氣體，若這三個(gè)參量都不變，則氣體狀態(tài)____（選填”變化”或”不變”）．若該氣體狀態(tài)發(fā)生改變，則至少有____個(gè)參量發(fā)生變化．9、（2012春?渭濱區(qū)校級(jí)期中）如圖所示，一做平拋運(yùn)動(dòng)的物體的初速度V=10m/s，該物體在空中運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后，垂直地撞在傾角為30°的斜面上，則物體在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間____s，物體與斜面相撞瞬間的速度大小____m/s．（g=10m/s2）10、（2012春?合浦縣期中）某交變電壓隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖所示，則此交變電流的頻率是____Hz，若將電壓加在10μF的電容器上，則電容器的耐壓值不應(yīng)小于____V，若將該電壓加在一阻值為1kΩ的純電阻電器上，用電器恰能正常工作，為避免意外事故發(fā)生，該電路中保險(xiǎn)絲的額定電流等于____A．11、（2015?上海模擬）如圖所示為研究物質(zhì)放射性的示意圖．鉛盒底部裝有微量放射性元素，放射源放出的射線在圖示水平方向的電場E中分成了a、b、c三束．由圖可知射線a是____粒子．射線a在電場中的偏轉(zhuǎn)角明顯比射線c的偏轉(zhuǎn)角大，出現(xiàn)這種現(xiàn)象的原因是____．12、質(zhì)量為1kg的物體沿直線運(yùn)動(dòng)，其v-t圖象如圖所示，則此物體在前4s受到的合外力沖量為____，后4s內(nèi)受到的合外力沖量為____．

13、【題文】如圖所示的裝置測定玻璃的折射率，在光具盤的中央固定一個(gè)半圓形的玻璃磚，使二者的圓心重合，使一激光束從玻璃圓弧面一側(cè)入射并垂直平面AOB，通過圓心O射出玻璃磚，記下入射光束在光具盤上所對應(yīng)的位置的刻度.以圓心O為軸逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)光具盤，同時(shí)觀察從平面AOB一側(cè)出射光線的變化，出射光線不斷向下偏轉(zhuǎn)并越來越暗，直到剛好看不到出射光線為止.記下這時(shí)入射光線在光具盤上對應(yīng)的刻度，光具盤上兩次刻度之間的夾角θ就是光束從玻璃射向空氣的_______.玻璃折射率的表達(dá)式n=_______.14、（2016?湖北模擬）如圖所示，同種介質(zhì)中有兩列簡諧橫波相向傳播，實(shí)線表示的波向x軸正方向傳播，虛線表示的波向x軸負(fù)方向傳播，在t=0時(shí)刻，兩列波已在2m≤x≤4m范圍內(nèi)相遇．已知波的頻率為8Hz，兩列波的振幅均為1cm，兩列波相遇后，x=3m處質(zhì)點(diǎn)的振幅為____cm．15、（2015秋?廈門校級(jí)月考）如圖所示，在x軸上，坐標(biāo)為+1的點(diǎn)上固定一個(gè)電量為+4Q的點(diǎn)電荷，在坐標(biāo)原點(diǎn)O處固定一電量為-Q的點(diǎn)電荷．那么，在x坐標(biāo)上，電場強(qiáng)度方向沿-x方向的點(diǎn)所在的區(qū)域是____和____．評(píng)卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)16、液晶分子在特定方向排列比較整齊，但不穩(wěn)定．____．（判斷對錯(cuò)）17、任何液體的表面分子排列都比內(nèi)部分子稀疏．____．（判斷對錯(cuò)）18、物體受到的合外力不做功，則物體一定作勻速直線運(yùn)動(dòng)．____．19、將未飽和汽轉(zhuǎn)化成飽和汽，可以用保持溫度不變，減小體積，或是保持體積不變，降低溫度，也可以用保持體積不變，減小壓強(qiáng)．____．（判斷對錯(cuò)）20、作用力和反作用力大小相等，方向相反，其合力為零．____（判斷對錯(cuò)）21、作用在物體上的合外力減小時(shí)，速度也隨之減?。甠___（判斷對錯(cuò)）22、任何液體的表面分子排列都比內(nèi)部分子稀疏．____．（判斷對錯(cuò)）23、非晶體的結(jié)構(gòu)跟液體非常相似，可以看成是黏滯性極大的液體．____．（判斷對錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、作圖題(共1題，共2分)24、【題文】（6分）按題目要求作圖.

（1）如圖甲所示，一物體AB放在平面鏡上前，請作出物體AB在平面鏡中所成的像．

（2）如圖乙；一束光線從空氣斜射到水面時(shí)發(fā)生反射和折射，圖中已畫出反射光線和法線，請作出入射光線和大致的折射光線．

（3）畫出圖丙中兩光線通過透鏡后的光路圖．評(píng)卷人得分五、識(shí)圖作答題(共3題，共12分)25、正常細(xì)胞內(nèi)K＋濃度約為細(xì)胞外的30倍，細(xì)胞外Na＋濃度約為細(xì)胞內(nèi)的12倍。當(dāng)細(xì)胞內(nèi)外的Na＋濃度差、K＋濃度差減小時(shí)，細(xì)胞膜上的Na＋/K＋－ATP酶發(fā)揮作用，這種酶可以通過水解ATP，將細(xì)胞內(nèi)的Na＋移出膜外，將細(xì)胞外的K＋移入膜內(nèi)。具體過程如圖所示：（1）膜內(nèi)外Na＋具有濃度差，與膜的________功能特點(diǎn)有關(guān)。Na＋/K＋－ATP酶將細(xì)胞內(nèi)的Na＋移出膜外的跨膜運(yùn)輸方式是________。（2）在運(yùn)輸Na＋和K＋的過程中，Na＋/K＋－ATP酶的________發(fā)生改變，有利于與離子的結(jié)合與分離。（3）比較圖2和圖3，當(dāng)Na＋和K＋______濃度差流過Na＋/K＋－ATP酶時(shí)，將ADP合成ATP，說明進(jìn)行ATP合成或分解的反應(yīng)條件取決于________。（4）生物膜系統(tǒng)的________作用及能量是維系細(xì)胞有序性的基礎(chǔ)，線粒體內(nèi)膜上主要完成類似圖________（填編號(hào)）的過程。26、人體血液中的O2與血紅蛋白（Hb）結(jié)合，以氧合血紅蛋白形式在血液中運(yùn)輸；大部分CO2在血漿中以HCO3-的方式運(yùn)輸；如圖所示。據(jù)圖回答問題：

（1）血漿中CO2主要來自____（生理過程）。（2）CO2進(jìn)入紅細(xì)胞后，HCO3—數(shù)量迅速____。根據(jù)細(xì)胞特點(diǎn)和HCO3—的含量，可推測HCO3—進(jìn)入血漿的方式為____，這表明細(xì)胞膜具有____性。（3）生成的H+與血紅蛋白結(jié)合，引起血紅蛋白的____發(fā)生改變，促進(jìn)O2釋放并擴(kuò)散到____中，供組織細(xì)胞吸收和利用。（4）由于紅細(xì)胞內(nèi)____被消耗和____的進(jìn)入，使紅細(xì)胞內(nèi)滲透壓升高，導(dǎo)致血漿中的水分子進(jìn)入紅細(xì)胞。27、為研究不同鹽溶液對水稻幼苗生長的影響，將水稻幼苗放入培養(yǎng)液中培養(yǎng)，并用不同的鹽溶液進(jìn)行處理，每隔2天測定水稻的相關(guān)數(shù)據(jù)和生長情況（如圖）。(1)提取光合色素所用試劑是____，色素提取液置于適宜的光照下____(能/不能）產(chǎn)生氧氣；分離后得到色素帶中由下到上的第二條色素帶主要吸收____光。(2)從圖1中可以看出，在一定濃度NaCl溶液的作用下，構(gòu)成氣孔的保衛(wèi)細(xì)胞發(fā)生滲透失水，導(dǎo)致氣孔導(dǎo)度____，加入CaCl2溶液的組與其相比，氣孔導(dǎo)度____；CaCl2溶液對葉綠素含量變化的影響與此____。(3)結(jié)合圖1和圖2可以看出，首先一定濃度的NaCl溶液降低了葉綠素的含量，導(dǎo)致光反應(yīng)為暗反應(yīng)提供的物質(zhì)減少；同時(shí)____下降，直接導(dǎo)致CO2的固定速度下降，最終造成光合速率降低；CaCl2溶液能夠緩解NaCl溶液對水稻幼苗光合作用的影響，且第2天的緩解效果是第4天的____倍。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】兩列波相遇時(shí)振動(dòng)情況相同時(shí)振動(dòng)加強(qiáng)，振動(dòng)情況相反時(shí)振動(dòng)減弱．分別分析兩列波傳到P點(diǎn)的時(shí)間，分析P點(diǎn)的振動(dòng)過程，從而明確通過的路程．【解析】【解答】解：由振動(dòng)周期均為T=0.1s；傳播速度均為v=40m/s，則波長λ=vT=80×0.1m=8m．

而t=0時(shí)刻兩波源同時(shí)開始由平衡位置向y軸正方向振動(dòng)，所以當(dāng)波源S2傳播到P時(shí)（用時(shí)1.5T），波源S1使得P點(diǎn)已振動(dòng)1T；即通過的路程為12cm；

由于波程差為波長的整數(shù)倍；故當(dāng)波源S1的波峰傳播到質(zhì)點(diǎn)P時(shí)，波源S2的波峰也傳到P點(diǎn)；所以正好相互加強(qiáng)．故在從t=0至t=0.35s內(nèi)的最后0.2s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P通過的路程為4×2×（4+3）=56cm，因此t=0至t=0.35s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P通過的路程為56+12=68cm．

故選：D2、B【分析】【分析】電容器兩端間的電壓與R0兩端的電壓相等，通過判斷R0兩端間電壓的變化，知道極板間電場的變化，從而知道電場力的變化及拉力的變化．【解析】【解答】解：據(jù)電路圖可知，極板間的電壓等于電阻R0兩端的電壓．

A、電容器兩極板間是絕緣的，故增大R1時(shí)，不影響電阻R0兩端的電壓；故θ將保持不變，故A錯(cuò)誤；

B、減小R2時(shí)，電阻R0兩端電壓增大；電容器兩端電壓同步增大，極板間電場強(qiáng)度變大，θ將增大，故B正確；

C、保持R1、R2不變，電容器極板間電勢差不變，據(jù)E=知；距離增大時(shí)極板間電場強(qiáng)度減小，故θ將減小，C錯(cuò)誤；

D、保持R1、R2不變，電容器極板間電勢差不變，據(jù)E=知；兩極板間錯(cuò)開一定距離時(shí)，極板間電場強(qiáng)度保持不變，故θ將保持不變，所以D錯(cuò)誤．

故選：B．3、A【分析】【分析】由圖2可知磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化，則可知線圈中磁通量的變化，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知感應(yīng)電動(dòng)勢變化情況，由楞次定律可得感應(yīng)電流的方向，二者結(jié)合可得出正確的圖象．【解析】【解答】解：感應(yīng)定律和歐姆定律得I===×；所以線圈中的感應(yīng)電流決定于磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨t的變化率．由圖2可知，0～1時(shí)間內(nèi)，B增大，Φ增大，感應(yīng)磁場與原磁場方向相反（感應(yīng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向向外），由右手定則感應(yīng)電流是順時(shí)針的，因而是負(fù)值．所以可判斷0～1為負(fù)的恒值；1～2為正的恒值；2～3為零；3～4為負(fù)的恒值；4～5為零；5～6為正的恒值．故A正確，BCD錯(cuò)誤；

故選：A．4、B【分析】【分析】衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列式求解線速度、角速度和周期的表達(dá)式進(jìn)行分析．【解析】【解答】解：衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；萬有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有：

G

解得：

v=①

故周期：

T=②

角速度：

ω=③

A；B、由②式；軌道半徑越大，周期越大，故A錯(cuò)誤，B正確；

C；由③式；軌道半徑越大，角速度越小，故C錯(cuò)誤；

D；由①式；軌道半徑越大，線速度越小，故D錯(cuò)誤；

故選：B．5、B【分析】【解析】

試題分析：由能量轉(zhuǎn)化和守恒定律知：導(dǎo)體棒上滑時(shí)的速度總大于下滑時(shí)通過同一位置的速度，即上滑過程中導(dǎo)體棒的平均速度大，時(shí)間短，選項(xiàng)A錯(cuò)誤.又因上滑過程中平均安培力大，克服安培力做功多，所以上滑過程中R上產(chǎn)生的熱量比下滑過程中多，選項(xiàng)B正確.而安培力的沖量·Δt=BILΔt=B·l·Δt=所以安培力的沖量大小相等，電荷量Q=I·Δt=相等；選項(xiàng)CD錯(cuò)誤.

考點(diǎn)：焦耳熱；電量。

點(diǎn)評(píng)：本題考查了在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的常見電量的計(jì)算方法。在計(jì)算中要注意不能通過有效值計(jì)算電量?！窘馕觥俊敬鸢浮緽6、B【分析】【分析】粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)半徑之比求出速度之比，進(jìn)而得到動(dòng)能之比．【解析】【解答】解：設(shè)粒子在鋁板上、下方的軌道半徑分別為r1、r2，速度分別為v1、v2．

由題意可知，粒子軌道半徑：r1=2r2；

r=v=

又B上：B下=1：；

得：v1=v2；

動(dòng)能Ek=mv2

則動(dòng)能之比為2：1；

故選：B．二、填空題(共9題，共18分)7、錯(cuò)【分析】【分析】速度反應(yīng)物體運(yùn)動(dòng)快慢的物理量，加速度反應(yīng)速度變化快慢的物理量，據(jù)此分析．【解析】【解答】解：速度為零時(shí)；物體的加速度不一定為零，如豎直上拋的物體經(jīng)過最高點(diǎn)時(shí)，速度為零，而加速度為重力加速度．

故答案為：錯(cuò)．8、氣體的溫度體積壓強(qiáng)不變兩【分析】【分析】描述氣體的狀態(tài)參量為溫度，體積，壓強(qiáng)；若這三個(gè)參量都不變，則氣體狀態(tài)不變，若該氣體狀態(tài)發(fā)生改變，則至少有兩個(gè)個(gè)參量發(fā)生變化，或者三個(gè)參量都發(fā)生變化．【解析】【解答】解：在研究氣體的熱學(xué)性質(zhì)時(shí)；描述氣體的熱力學(xué)狀態(tài)的參量有氣體的溫度；體積和壓強(qiáng)．對于一定質(zhì)量的氣體，若這三個(gè)參量都不變，則氣體狀態(tài)不變．若該氣體狀態(tài)發(fā)生改變，則至少有兩個(gè)參量發(fā)生變化．

故答案為：氣體的溫度，體積，壓強(qiáng)，不變，兩．9、20【分析】【分析】平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，結(jié)合撞在斜面上的速度方向，根據(jù)平行四邊形定則求出豎直分速度的大小，從而根據(jù)速度時(shí)間公式求出物體在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．根據(jù)平行四邊形定則求出物體與斜面相撞的瞬間速度．【解析】【解答】解：根據(jù)平行四邊形定則得，；

解得；

根據(jù)速度時(shí)間公式得vy=gt

解得．

根據(jù)平行四邊形定則得，物體與斜面相撞瞬間的速度為：v=2v0=20m/s．

故答案為：；20．10、502000.1414【分析】【分析】根據(jù)圖象可知交流電的電壓最大值以及周期，然后進(jìn)一步可求出電壓的有效值和頻率，最后求解電功率．【解析】【解答】解：從圖象可以看出；該電壓為余弦式交變電壓，周期為0.02s，頻率為50Hz；電壓的最大值為200V，則電容器的耐壓不應(yīng)小于200V；

電壓有效值為：U=100V；

將該電壓加在一阻值為1kΩ的純電阻用電器；用電器恰能正常工作，則該用電器的額定電流為：

I==0.1414A；

故答案為：50，200，0.1414．11、ββ粒子在水平方向的加速度比較大【分析】【分析】α、β和γ三種射線中，α帶正電、β帶負(fù)電、γ不帶電．由圖知，b不偏轉(zhuǎn)，該射線不帶電，a的偏轉(zhuǎn)角大于c的偏轉(zhuǎn)角，說明a為α射線．根據(jù)電量、速度、質(zhì)量加速度進(jìn)行判斷．【解析】【解答】解：α；β和γ三種射線中；α帶正電、β帶負(fù)電、γ不帶電．γ射線在電場中不受電場力，不發(fā)生偏轉(zhuǎn)．α粒子帶正電，所受的電場力水平向右，向右偏轉(zhuǎn)，β粒子所受的電場力水平向左，向左偏轉(zhuǎn)，故射線a是β粒子．

β射線為高速電子流，質(zhì)量約為質(zhì)子質(zhì)量的，電量為-e，α粒子的電量為2e．根據(jù)牛頓第二定律得知：加速度a=；所以β粒子在水平方向的加速度比較大，偏轉(zhuǎn)角較大．

故答案為：β，β粒子在水平方向的加速度比較大，12、略

【分析】

在前4s內(nèi)，物體的初速度為4m/s，末速度為4m/s，根據(jù)動(dòng)量定理得，I合=△p；知合外力的沖量為0．

在后4s內(nèi)，物體的初速度為4m/s，末速度為-4m/s，根據(jù)動(dòng)量定理得，I合=△p=mv2-mv1=-1×4-1×4=-8kg．m/s．

故答案為：0；-8kg．m/s

【解析】【答案】根據(jù)物體的初末速度；通過動(dòng)量定理求出合外力的沖量．

13、略

【分析】【解析】以圓心O為軸逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)光具盤，這樣會(huì)使入射角增大，當(dāng)看不到出射光線時(shí)，則會(huì)發(fā)生全反射，所以光具盤上兩次刻度之間的夾角θ就是光束從玻璃射向空氣的臨界角，玻璃折射率的表達(dá)式n

故答案為：臨界角；1/sinθ【解析】【答案】臨界角；1/sinθ14、2【分析】【分析】x=3m位置的質(zhì)點(diǎn)參與了兩列波的振動(dòng)，是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，根據(jù)疊加原理，求出質(zhì)點(diǎn)的振幅．【解析】【解答】解：兩列波相遇后；x=3m處的質(zhì)點(diǎn)參與了兩列波引起的振動(dòng)，是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，振幅為：2A=2cm；

故答案為：2．15、0＜x＜1mx＜-1m【分析】【分析】某點(diǎn)的電場強(qiáng)度是正電荷+4Q和負(fù)電荷-Q在該處產(chǎn)生的電場的疊加，是合場強(qiáng)．運(yùn)用合成進(jìn)行分析．【解析】【解答】解：點(diǎn)的電場強(qiáng)度是正電荷+4Q和負(fù)電荷-Q在該處產(chǎn)生的電場的疊加；是合場強(qiáng)．

根據(jù)點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式：E=可判斷x=1m右側(cè)不存在E方向向左的點(diǎn)；在0～1間E的方向一定沿x軸負(fù)方向；

設(shè)-Q左側(cè)d處E=0；

即：=

代入數(shù)據(jù)解得：d=1m

電場強(qiáng)度方向沿x軸負(fù)方向的點(diǎn)所在的區(qū)域（0；1）m和（-∞，-1）m；

故答案為：0＜x＜1m；x＜-1m．三、判斷題(共8題，共16分)16、√【分析】【分析】人們熟悉的物質(zhì)狀態(tài)（又稱相）為氣、液、固，較為生疏的是電漿和液晶，液晶像液體一樣可以流動(dòng)，又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)．液晶是介于液態(tài)與結(jié)晶態(tài)之間的一種物質(zhì)狀態(tài)．【解析】【解答】解：液晶像液體一樣可以流動(dòng)；又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)，所以液晶分子在特定方向排列比較整齊，但不穩(wěn)定．故該說法是正確的．

故答案為：√17、√【分析】【分析】作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力．它產(chǎn)生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個(gè)薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力．【解析】【解答】解：表面張力產(chǎn)生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個(gè)薄層；叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力．所以該說法是正確的．

故答案為：√18、×【分析】【分析】物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，合外力對物體不做功，但合外力不做功，物體不一定作勻速直線運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：物體受到的合外力不做功；則物體一定作勻速直線運(yùn)動(dòng)，如勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合外力提供向心力，合外力不做功．

故答案為：×19、×【分析】【分析】根據(jù)飽和汽壓僅僅與溫度有關(guān)，然后結(jié)合理想氣體的狀態(tài)方程即可正確解答．【解析】【解答】解：根據(jù)與飽和蒸汽壓有關(guān)的因素可知；同一種蒸汽的飽和蒸汽壓僅僅與溫度有關(guān)，與其體積無關(guān)．所以該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×20、×【分析】【分析】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個(gè)物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時(shí)產(chǎn)生，同時(shí)變化，同時(shí)消失．【解析】【解答】解：由牛頓第三定律可知；作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，但不在同一物體上．所以兩個(gè)力不能合成，也不能相互抵消．以上說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×21、×【分析】【分析】加速度是反映速度變化快慢的物理量，當(dāng)加速度方向與速度方向相同，做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度方向與速度方向相反，做減速運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：加速度是反映速度變化快慢的物理量．根據(jù)牛頓第二定律可知；加速度的方向與物體受到的合外力的方向相同；

結(jié)合速度與加速度的關(guān)系可知；當(dāng)加速度方向與速度方向相同，加速度減小，速度增大．當(dāng)物體的加速度方向與速度方向相反，速度減?。?/p>

所以作用在物體上的合外力減小時(shí)；速度可能隨之減小，也可能隨之增大．所以以上說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×22、√【分析】【分析】作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力．它產(chǎn)生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個(gè)薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力．【解析】【解答】解：表面張力產(chǎn)生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個(gè)薄層；叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力．所以該說法是正確的．

故答案為：√23、√【分析】【分析】液體微觀結(jié)構(gòu)理論：

（1）液體分子的排列更接近于固體；是密集在一起的，因而液體具有一定的體積，不易被壓縮。

（2）液體分子之間的相互作用不像固體中的微粒那樣強(qiáng)；液體分子只在很小的區(qū)域內(nèi)做有規(guī)則的排列，這種區(qū)域是暫時(shí)形成的，邊界和大小隨時(shí)改變，有時(shí)瓦解，有時(shí)又重新形成，液體由大量的這種暫時(shí)形成的小區(qū)域構(gòu)成，這種小區(qū)域雜亂無章地分布著，因而液體表現(xiàn)出各向同性。

（3）液體分子的熱運(yùn)動(dòng)與固體類似，主要表現(xiàn)為在平衡位置附近做微小的振動(dòng)，但液體分子沒有長期固定的平衡位置，在一個(gè)平衡位置附近振動(dòng)一小段時(shí)間以后，又轉(zhuǎn)移到另一個(gè)平衡位置附近去振動(dòng)，即液體分子可以在液體中移動(dòng)，這就是液體具有流動(dòng)性的原因．【解析】【解答】解：由液體的結(jié)構(gòu)知非晶體的結(jié)構(gòu)進(jìn)行比較可知；二者在很多的方面非常類似，可以看作是粘滯性極大的液體．該說法是正確的；

故答案為：√四、作圖題(共1題，共2分)24、略

【分析】【解析】如下圖所示

甲（物象與平面鏡連線與平面鏡垂直，物像到平面鏡距離相等）乙（入射角等于反射角，入射角大于折射角，入射光線和折射光線分居與法線兩側(cè)，入射光線和反射光線分居與法線兩側(cè)）丙（平行于主光軸的光線經(jīng)凹透鏡發(fā)散其反向延長線過焦點(diǎn)，過光心的光線傳播方向不改變）【解析】【答案】

五、識(shí)圖作答題(共3題，共12分)25、（1）選擇透過主動(dòng)運(yùn)輸（2）空間結(jié)構(gòu)（3）順離子濃度差（或離子流動(dòng)方向）（4）分隔2【分析】【分析】本題考查物質(zhì)跨膜運(yùn)輸方式、生物膜系統(tǒng)的功能，意在考查學(xué)生的識(shí)圖和理解能力，難度不大。【解答】（1）由題意知，細(xì)胞外Na+濃度約為細(xì)胞內(nèi)的12倍，這與細(xì)胞膜的選擇透過性有關(guān)；Na+/K+-ATP酶將細(xì)胞內(nèi)的Na+移出膜外是從低濃度向高濃度運(yùn)輸；且需要ATP提供能量，是主動(dòng)運(yùn)輸方式。

（2）分析圖1運(yùn)輸Na+和K+的過程圖解可知，運(yùn)輸Na+和K+的過程中，Na+/K+-ATP酶的空間結(jié)構(gòu)發(fā)生改變；有利于與離子的結(jié)合與分離。

（3）分析題圖可知，當(dāng)Na+和K+從高濃度向低濃度運(yùn)輸時(shí)，伴隨ATP的合成過程，當(dāng)Na+和K+從低濃度向高濃度運(yùn)輸時(shí)；伴隨ATP的水解過程，說明ATP的合成與分解反應(yīng)是可逆的；進(jìn)行ATP合成或分解的反應(yīng)條件取決于離子流動(dòng)方向。

（4）生物膜系統(tǒng)把各種細(xì)胞器分隔開，使細(xì)胞內(nèi)的許多化學(xué)反應(yīng)可以同時(shí)高效、有序地進(jìn)行，因此生物膜系統(tǒng)的分隔作用及能量是維系細(xì)胞有序性的基礎(chǔ)，線粒體內(nèi)膜上還原氫與氧氣反應(yīng)生成水，釋放能量，該過程伴隨ATP的合成過程，類似于圖2過程?！窘馕觥浚?）選擇透過主動(dòng)運(yùn)輸（2）空間結(jié)構(gòu)（3）順離子濃度差（或離子流動(dòng)方向）（4）分隔226、（1）細(xì)胞的呼吸作用（有氧呼吸、細(xì)胞呼吸）（2）增加協(xié)助擴(kuò)散選擇透過