2025年外研版三年級起點選擇性必修2物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版三年級起點選擇性必修2物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，變壓器為理想變壓器，電流表內(nèi)阻不可忽略，其余的均為理想的電流表和電壓表．之間接有電壓不變的交流電源，為定值電阻，為滑動變阻器．現(xiàn)將變阻器的滑片沿的方向滑動時，則下列說法正確的是（）

A.電流表的示數(shù)都增大B.電流表的示數(shù)變小，的示數(shù)增大C.電壓表示數(shù)不變，示數(shù)變小D.電壓表示數(shù)變小，示數(shù)變大2、如圖所示為高頻電磁爐的工作示意圖。電磁爐工作時產(chǎn)生的電磁波；完全被線圈底部的屏蔽層和頂板上的含鐵質(zhì)鍋所吸收，不會泄漏，對人體健康無危害。關(guān)于電磁爐，以下說法正確的是（??）

A.電磁爐是利用變化的磁場在食物中產(chǎn)生渦流對食物加熱的B.電磁爐是利用變化的磁場在含鐵質(zhì)鍋底部產(chǎn)生渦流，使含鐵質(zhì)鍋底迅速升溫，進(jìn)而對鍋內(nèi)食物加熱的C.電磁爐是利用變化的磁場使食物中的極性水分子振動和旋轉(zhuǎn)來對食物加熱的D.電磁爐跟電爐一樣是讓電流通過電阻絲產(chǎn)生熱量來對食物加熱的3、如圖所示，理想變壓器原線圈接入電壓恒定的正弦交流電，副線圈接入最大阻值為2R的滑動變阻器和阻值為R的定值電阻。在變阻器滑片從a端向b端緩慢移動的過程中（）A.電流表A1示數(shù)減小B.電流表A2示數(shù)增大C.原線圈輸入功率先增大后減小D.定值電阻R消耗的功率先減小后增大4、如圖所示的理想變壓器正常工作時；原；副線圈中可能不相同的物理量為（??）

A.每匝線圈中磁通量的變化率B.交變電流的頻率C.原線圈的輸入功率和副線圈的輸出功率D.原線圈中的感應(yīng)電動勢和副線圈中的感應(yīng)電動勢5、如圖甲所示，M、N是寬為d的兩豎直線，其間存在垂直紙面方向的磁場（未畫出），磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間按圖乙所示規(guī)律變化（垂直紙面向外為正，T0為已知），現(xiàn)有一個質(zhì)量為m、電荷量為＋q的離子在t=0時從直線M上的O點沿著OM線射入磁場，離子重力不計，離子恰好不能從右邊界穿出且在2T0時恰好返回左邊界M，則圖乙中磁感應(yīng)強(qiáng)度B0的大小和離子的初速度v0分別為（）

A.B0=v0=B.B0=v0=C.B0=v0=D.B0=v0=6、在勻強(qiáng)磁場中；一矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉(zhuǎn)動軸勻速轉(zhuǎn)動，如圖甲所示。產(chǎn)生的交變電動勢隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示。則下列說法正確的是（）

A.t＝0.01s時穿過線框的磁通量最小B.該交變電動勢的有效值為C.該交變電動勢的瞬時值表達(dá)式為D.電動勢瞬時值為22V時，線圈平面與中性面的夾角為60°7、高頻焊接是一種常用的焊接方法，其焊接的原理如圖所示。將半徑為10cm的待焊接的圓形金屬工件放在導(dǎo)線做成的1000匝線圈中，然后在線圈中通以高頻的交變電流，線圈產(chǎn)生垂直于金屬工件所在平面的變化磁場，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的變化率為。焊縫處的接觸電阻為工件非焊接部分電阻的99倍，工件非焊接部分每單位長度上的電阻為焊接的縫寬非常?。ㄈ〔挥嫓囟茸兓瘜﹄娮璧挠绊懀：附舆^程中焊接處產(chǎn)生的熱功率約為（）

A.6.93×104WB.4.95×104WC.4.95×103WD.2.48×104W8、如圖表示一交流電隨時間而變化的圖象．此交流電流的有效值是()

A.5AB.5AC.4AD.3.5A評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、如圖所示,某空間存在正交的勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場,電場方向水平向右,磁場方向垂直紙面向里，一帶電微粒由a點進(jìn)入場區(qū)并剛好能沿ab直線向上運動；下列說法正確的是（）

A.微粒一定帶負(fù)電B.微粒可能做勻變速運動C.微粒的電勢能一定增加D.微粒的機(jī)械能一定增加10、如圖所示，足夠大的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直于紙面向外，一半徑為a，電阻為6R的光滑金屬圓環(huán)垂直于磁場放置，一長度為2a，電阻為R的金屬桿MN與金屬環(huán)相切于M點，M端與金屬環(huán)頂端連接，在外力作用下以角速度繞M點順時針勻速轉(zhuǎn)動；在轉(zhuǎn)動過程中金屬桿與金屬圓環(huán)接觸良好，則（）

A.當(dāng)金屬桿轉(zhuǎn)過θ=時，流過金屬桿的電流I=B.當(dāng)金屬桿轉(zhuǎn)過θ=時，金屬桿兩端的電勢差C.金屬桿轉(zhuǎn)過和時，克服安培力的瞬時功率之比為15：16D.金屬桿轉(zhuǎn)過和時，克服安培力的瞬時功率之比為15：12811、兩個質(zhì)量、電荷量均相等的帶電粒子以不同的速率沿方向射入圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域（為圓心），其運動軌跡如圖所示。粒子離開磁場時速度方向偏轉(zhuǎn)粒子離開磁場時速度方向偏轉(zhuǎn)粒子重力不計；則下列說法正確的是（）

A.粒子帶正電B.兩粒子在磁場中所受洛倫茲力大小之比為C.兩粒子在磁場中的偏轉(zhuǎn)角之比為2：3D.兩粒子在磁場中運動時間之比為3：212、四種離子，它們帶等量同種電荷，質(zhì)量關(guān)系為以不相等的速率（）進(jìn)入速度選擇器后，有兩種離子從選擇器中射出，進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為的磁場；如圖所示。由此可以判斷（不計離子重力）（）

A.四種離子帶正電，射向的是離子B.四種離子帶負(fù)電，射向的是離子C.四種離子帶正電，射向的是離子D.四種離子帶負(fù)電，射向的是離子13、如圖(a)所示，在半徑為R的虛線區(qū)域內(nèi)存在周期性變化的磁場，其變化規(guī)律如圖(b)所示．薄擋板MN兩端點恰在圓周上，且MN所對的圓心角為120°。在t=0時，一質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電粒子，以初速度v從A點沿直徑AOB射入場區(qū)，運動到圓心O后，做一次半徑為的完整的圓周運動，再沿直線運動到B點，在B點與擋板碰撞后原速率返回（碰撞時間不計；電荷量不變），運動軌跡如圖(a)所示，粒子的重力不計，不考慮變化的磁場所產(chǎn)生的電場，下列說法正確的是（）

A.磁場方向垂直紙面向外B.圖(b)中C.圖(b)中D.若t=0時，質(zhì)量為m、電荷量為-q的帶電粒子，以初速度v從A點沿AO入射，偏轉(zhuǎn)、碰撞后，仍可返回A點14、如圖所示，間距為的兩條平行光滑豎直金屬導(dǎo)軌足夠長，底部Q、N之間連接阻值為的電阻，磁感應(yīng)強(qiáng)度為足夠大的勻強(qiáng)磁場與導(dǎo)軌平面垂直。質(zhì)量為電阻值為的金屬棒放在導(dǎo)軌上，且始終與導(dǎo)軌接觸良好。導(dǎo)軌的上端點P、M分別與橫截面積為的10匝線圈的兩端連接，線圈的軸線與大小均勻變化的勻強(qiáng)磁場平行。開關(guān)閉合后，金屬棒恰能保持靜止。取重力加速度其余部分的電阻不計。則（）

A.勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小B.金屬棒中的電流為C.勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率為D.斷開之后，金屬棒下滑的最大速度為15、空間存在一方向與直面垂直、大小隨時間變化的勻強(qiáng)磁場，其邊界如圖（a）中虛線MN所示，一硬質(zhì)細(xì)導(dǎo)線的電阻率為ρ、橫截面積為S，將該導(dǎo)線做成半徑為r的圓環(huán)固定在紙面內(nèi)，圓心O在MN上．t=0時磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向如圖（a）所示：磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t的變化關(guān)系如圖（b）所示，則在t=0到t=t1的時間間隔內(nèi)（）

A.圓環(huán)所受安培力的方向始終不變B.圓環(huán)中的感應(yīng)電流始終沿順時針方向C.圓環(huán)中的感應(yīng)電流大小為D.圓環(huán)中的感應(yīng)電動勢大小為評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、如圖所示，導(dǎo)軌豎直、光滑且足夠長，上端接一電阻磁場方向為垂直紙平面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度導(dǎo)軌寬度導(dǎo)體棒緊貼導(dǎo)軌下滑，導(dǎo)體棒的電阻已知棒勻速下滑時R中消耗電功率為則棒勻速運動的速度大小為_______

17、(1)下列關(guān)于電磁波的說法正確的是____

A.均勻變化的磁場能夠在空間產(chǎn)生電場。

B.電磁波在真空和介質(zhì)中傳播速度相同。

C.只要有電場和磁場；就能產(chǎn)生電磁波。

D.電磁波在同種介質(zhì)中只能沿直線傳播。

(2)目前雷達(dá)發(fā)射的電磁波頻率多在200MHz至1000MHz的范圍內(nèi)；請回答下列關(guān)于雷達(dá)和電磁波的有關(guān)問題。

①雷達(dá)發(fā)射電磁波的波長范圍是多少______？

②能否根據(jù)雷達(dá)發(fā)出的電磁波確定雷達(dá)和目標(biāo)間的距離_______？18、如圖所示，在某一輸電線路的起始端和終點端各接入一個理想變壓器，原、副線圈的匝數(shù)比分別為n1∶n2=100∶1和n3∶n4=1∶50，圖中a、b表示電流表或電壓表，已知電壓表的示數(shù)為22V，電流表的示數(shù)為1A，每根輸電線的電阻為1Ω，則____（選填“a”或“b”）為電流表，輸電線上損失的電功率為______，線路輸送的電功率為___________。

19、為判斷線圈繞向，可將靈敏電流計G與線圈L連接，如圖所示。已知線圈由a端開始繞至b端，當(dāng)電流從電流計G右端流入時，指針向右偏轉(zhuǎn)。將磁鐵N極向下從線圈上方豎直插入L時，發(fā)現(xiàn)指針向右偏轉(zhuǎn)。從上向下看時，線圈繞向為__________（填順時針或逆時針）；當(dāng)條形磁鐵從圖中的虛線位置向右遠(yuǎn)離L時，指針將指向_____。（選填“左側(cè)”；“右側(cè)”或“中央”）

20、顯像管的原理。

（1）電子槍發(fā)射______．

（2）電子束在磁場中______．

（3）熒光屏被電子束撞擊時發(fā)光．21、電視顯像管的工作原理。

（1）構(gòu)造：如圖所示，由電子槍、__________和熒光屏組成。

（2）原理。

①電子槍__________。

②電子束在磁場中__________。

③熒光屏被電子束撞擊發(fā)光。

（3）掃描：在偏轉(zhuǎn)區(qū)的水平方向和豎直方向都有偏轉(zhuǎn)磁場，其方向、強(qiáng)弱都在__________；使得電子束打在熒光屏上的光點從上向下；從左向右不斷移動。

（4）偏轉(zhuǎn)線圈：使電子束偏轉(zhuǎn)的磁場是由__________產(chǎn)生的。22、汽車中的電磁輔助減震系統(tǒng)可等效簡化為如圖所示（俯視）的裝置，減震線圈處于輻射狀的水平磁場中。若某時刻測得線圈內(nèi)有逆時針方向且正在增大的感應(yīng)電流，則圖中線圈此時在豎直方向做________運動。已知線圈質(zhì)量為周長為電阻為線圈所處磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為以豎直向下為正方向，當(dāng)線圈的加速度大小為時其速度________（重力加速度g?。?/p>

23、小型水利發(fā)電站的發(fā)電機(jī)輸出功率為24.5kW，輸出電壓為350V，輸電線總電阻為4Ω，為了使輸電線損耗功率為發(fā)電機(jī)輸出功率的5%，需在發(fā)電機(jī)處設(shè)升壓變壓器，用戶所需電壓為220V，所以在用戶處需安裝降壓變壓器。輸電電路圖如圖所示，則電流I1=___________；升壓變壓器的原、副線圈的匝數(shù)之比n1：n2=___________；降壓變壓器的原、副線圈的匝數(shù)之比n3：n4=_________。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共16分)24、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導(dǎo)線I所受磁場力的方向。

25、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關(guān)和聲敏開關(guān)控制，光敏開關(guān)在天黑時自動閉合，天亮?xí)r自動斷開；聲敏開關(guān)在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

26、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學(xué)記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

27、如圖所示：當(dāng)條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標(biāo)出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共1題，共6分)28、半導(dǎo)體薄膜壓力傳感器是一種常用的傳感器；其阻值會隨壓力變化而改變?，F(xiàn)有一壓力傳感器：

（1）利用圖甲所示的電路測量該傳感器在不同壓力下的阻值RN；其阻值約幾十千歐，實驗室提供以下器材：

直流電源：E=3V；電流表A（量程250μA；內(nèi)阻約為50Ω）

電壓表V（量程3V，內(nèi)阻約為20kΩ）滑動變阻器R（阻值0~100Ω）

為了提高測量的準(zhǔn)確性，開關(guān)S1應(yīng)接_________（選填“1”或“2”），開關(guān)S2應(yīng)接__________（選填“3”或“4”）；

（2）通過多次實驗測得其阻值RN隨壓力F變化的關(guān)系圖像如圖乙所示；

（3）利用該壓力傳感器設(shè)計了如圖丙所示的自動分揀裝置，可以將質(zhì)量不同的物體進(jìn)行分揀，圖中RN為壓力傳感器，R'為滑動變阻器，電源電壓為6V（內(nèi)阻不計）。分揀時將質(zhì)量大小不同的物體用傳送帶運送到托盤上，OB為一個可繞O轉(zhuǎn)動的杠桿，下端有彈簧，控制電路兩端電壓小于3V時，杠桿OB水平，物體水平通過進(jìn)入通道1，當(dāng)控制電路兩端電壓大于3V時，杠桿的B端就會被吸下，物體下滑進(jìn)入通道2，從而實現(xiàn)分揀功能。若R'調(diào)為30kΩ，取重力加速度g=10m/s2，該分揀裝置可以實現(xiàn)將質(zhì)量超過______________kg的物體進(jìn)行分揀（保留2位有效數(shù)字），若要將質(zhì)量超過0.20kg的貨物實現(xiàn)分揀，應(yīng)將R'調(diào)成______________kΩ（保留3位有效數(shù)字）。評卷人得分六、解答題(共1題，共5分)29、2022年6月，我國首艘完全自主設(shè)計建造的航母“福建艦”下水亮相，除了引人注目的電磁彈射系統(tǒng)外，電磁阻攔索也是航母的“核心戰(zhàn)斗力”之一，其原理是利用電磁感應(yīng)產(chǎn)生的阻力快速安全地降低艦載機(jī)著艦的速度。如圖所示為電磁阻攔系統(tǒng)的簡化原理：艦載機(jī)著艦時關(guān)閉動力系統(tǒng)，通過絕緣阻攔索拉住軌道上的一根金屬棒ab，金屬棒ab瞬間與艦載機(jī)共速并與之一起在磁場中減速滑行至停下。已知艦載機(jī)質(zhì)量為M，金屬棒質(zhì)量為m，接入導(dǎo)軌間電阻為r，兩者以共同速度為進(jìn)入磁場。軌道端點MP間電阻為R，不計其它電阻。平行導(dǎo)軌MN與PQ間距L，軌道間有豎直方向的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。除安培力外艦載機(jī)系統(tǒng)所受其它阻力均不計。求：

（1）艦載機(jī)和金屬棒一起運動的最大加速度a；

（2）艦載機(jī)減速過程中金屬棒ab中產(chǎn)生的焦耳熱

（3）艦載機(jī)減速過程通過的位移x的大小。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【詳解】

AB、之間接有電壓不變的交流電源，變阻器的滑片沿的方向滑動時，接入電路的等效電阻變小，故電流表A1示數(shù)增大，根據(jù)電流與匝數(shù)成反比，電流表A2示數(shù)也增大。

故A正確；B錯誤；

CD、由于電流表內(nèi)阻不可忽略，故不變，變大，則變小，即電壓表示數(shù)變小，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，電壓表示數(shù)也變??；變大，變小，故變小，即示數(shù)變小，故CD錯誤．2、B【分析】【分析】

【詳解】

電磁爐的工作原理是利用變化的電流通過線圈產(chǎn)生變化的磁場；變化的磁場通過含鐵質(zhì)鍋的底部產(chǎn)生無數(shù)小渦流，使鍋體溫度升高后加熱食物。

故選B。3、A【分析】【分析】

本題考查含理想變壓器電路的動態(tài)分析。

【詳解】

AB．由于原線圈所接電壓恒定，匝數(shù)比恒定，故變壓器副線圈的輸出電壓恒定，變阻器的滑片從a端向b端緩慢移動的過程中，由數(shù)學(xué)知識可知，變壓器副線圈所接的電阻值逐漸增大，則由歐姆定律得可知副線圈的電流逐漸減小，由可知變壓器原線圈的電流I1也逐漸減?。还蔄正確，B錯誤；

C．原線圈的輸入功率為由于I1逐漸減??；則原線圈的輸入功率逐漸減小，故C錯誤；

D．由于副線圈的電流逐漸減小，則定值電阻與變阻器右半部分并聯(lián)的總電流減小，又與定值電阻并聯(lián)的變阻器右半部分的電阻值減小，則由并聯(lián)分流規(guī)律可知，流過定值電阻的電流逐漸減小，則由公式可知；定值電阻R消耗的電功率逐漸減小，故D錯誤。

故選A。4、D【分析】【分析】

【詳解】

AC．理想變壓器是沒有能量損耗的變壓器；所以每匝線圈的磁通量相等，磁通量的變化率相等，輸入功率等于輸出功率，故AC錯誤；

B．根據(jù)變壓器的工作原理可知；原；副線圈中交流電的頻率相同，故B錯誤；

D．由以上分析可知；每匝線圈中的磁通量變化率相同，而原；副線圈的匝數(shù)可能不同，故原、副線圈中的感應(yīng)電動勢可能不同，故D正確。

故選D。5、B【分析】【詳解】

根據(jù)題意，根據(jù)帶電子在磁場中運動的過程的分析，洛倫茲力不做功，根據(jù)

得

磁場雖然方向改變但大小不變，所以半徑不變，由以上分析知，MN之間距離d=4r；

由以上分析知帶電粒子勻速圓周運動一個周期的時間T等于磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間變化的周期T0，即T＝T0①

帶電粒子圓周運動的周期公式②

聯(lián)立①②式得

解得③

MN之間的距離d=4r即④

帶電粒子圓周運動的半徑⑤

聯(lián)立③④⑤得

故選B。6、C【分析】【詳解】

A．由圖乙可知t＝0.01s時；感應(yīng)電動勢最小，此時線圈位于中性面，磁通量最大，故A錯誤；

B．該交變電動勢的有效值為

故B錯誤；

C．由圖乙可知角速度

該交變電動勢的瞬時值表達(dá)式為

故C正確；

D．電動勢瞬時值為22V時；代入瞬時值表達(dá)式可知，線圈平面與中性面的夾角為45°，故D錯誤。

故選C。7、B【分析】【詳解】

工件中產(chǎn)生的最大感應(yīng)電動勢為

代入數(shù)據(jù)解得

有效值為

工件非焊接部分的電阻

代入數(shù)據(jù)得

焊接處的電阻為

工件的總電阻為

工件中電流

故

焊接處產(chǎn)生的熱功率

故選B。8、B【分析】【詳解】

設(shè)某一導(dǎo)體的電阻為R，讓此交流電通過該電阻．根據(jù)焦耳定律，前半個周期()該電流產(chǎn)生的熱量為后半個周期()的熱量則為在一個周期內(nèi)()，交變電流通過電阻R產(chǎn)生的熱量設(shè)交流電的有效值為I，根據(jù)有效值的定義，則B正確．

【點睛】根據(jù)有效值的定義求解．取一個周期時間，將交流與直流分別通過相同的電阻，若產(chǎn)生的熱量相同，直流的電流值，即為此交流的有效值．二、多選題(共7題，共14分)9、A:D【分析】【詳解】

AB．如圖所示；根據(jù)做直線運動的條件和受力情況可以知道，微粒一定帶負(fù)電，因為洛倫茲力與速度有關(guān)，所以只能做勻速直線運動，所以A正確，B錯誤.

C．因為電場力向左,對微粒做正功,電勢能一定減小；故C錯誤.

D．因為洛倫茲力不做功，由能量守恒可以知道，電勢能減小，機(jī)械能一定增加，所以D正確.10、A:B:D【分析】【詳解】

AB．當(dāng)金屬桿轉(zhuǎn)過θ=時，電動勢為

總電阻為

電流為

由右手定則可知，M點電勢高于N點電勢，則金屬桿兩端的電勢差

故AB正確；

CD．當(dāng)金屬桿轉(zhuǎn)過θ=時，克服安培力的瞬時功率為

金屬桿轉(zhuǎn)過時，電動勢為

總電阻為

電流為

克服安培力的瞬時功率為

則

故C錯誤；D正確。

故選ABD。11、B:D【分析】【詳解】

A.兩粒子向右運動，粒子向上偏轉(zhuǎn)，粒子向下偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則可知，粒子帶正電，粒子帶負(fù)電；A項錯誤；

B.設(shè)圓形磁場區(qū)域的半徑為粒子的軌跡半徑為粒子的軌跡半徑為根據(jù)幾何關(guān)系有

根據(jù)洛倫茲力提供向心力有

可得

又因為洛倫茲力為

所以兩粒子在磁場中所受洛倫茲力大小之比為

B正確；

C.兩粒子在磁場中的偏轉(zhuǎn)角之比為

C錯誤；

D.粒子在磁場中的時間為

故兩粒子在磁場中運動時間之比為

D正確；

故選BD。12、B:D【分析】【分析】

【詳解】

通過速度選擇器粒子受力平衡。

解得速度為。

則射出速度選擇器的離子為和在磁感應(yīng)強(qiáng)度為的磁場中；根據(jù)。

可知質(zhì)量大的半徑大，因射向的半徑大，則為離子，射向的是離子；磁垂直紙面向外，根據(jù)左手定則可知四種離子帶負(fù)電。

故選BD。13、B:C【分析】【詳解】

根據(jù)軌跡可知，帶正電的粒子從O點向上偏轉(zhuǎn)做圓周運動，由左手定則可知，磁場方向垂直紙面向里，選項A錯誤；粒子在磁場中做勻速圓周運動洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB0=m解得磁感應(yīng)強(qiáng)度：B0=選項B正確；虛線區(qū)域不加磁場時粒子做勻速直線運動，粒子做勻速直線運動的時間：虛線區(qū)域加速磁場后粒子做勻速圓周運動，粒子做勻速圓周運動的時間：磁場變化的周期：T0=t1+t2=選項C正確；若t=0時，質(zhì)量為m、電荷量為-q的帶電粒子，以初速度v從A點沿AO入射，到達(dá)O點后向下，與板碰撞后，到達(dá)B板，與B碰撞后向上偏轉(zhuǎn)900然后從磁場中飛出；則不能返回A點，選項D錯誤；故選BC.

【點睛】

此題關(guān)鍵是要搞清粒子在磁場中的運動情況即軌跡，結(jié)合圓周運動的知識求解運動時間；注意用左手定則判斷洛倫茲力的方向時要注意四指的指向.14、B:C【分析】【詳解】

A．金屬棒處于靜止?fàn)顟B(tài)，則金屬棒受到的安培力豎直向上，根據(jù)左手定則可知通過金屬棒的電流方向由到根據(jù)楞次定律可知勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增加；A錯誤；

B．設(shè)金屬棒中的電流為根據(jù)受力平衡可得

解得

B正確；

C．設(shè)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率為則線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為

金屬棒中的電流為

聯(lián)立解得

C正確；

D．?dāng)嚅_之后，當(dāng)金屬棒受力再次到達(dá)平衡時下滑速度最大，設(shè)最大速度為則有

聯(lián)立解得

D錯誤。

故選BC。15、B:C【分析】【詳解】

AB、根據(jù)B-t圖象，由楞次定律可知，線圈中感應(yīng)電流方向一直為順時針，但在t0時刻，磁場的方向發(fā)生變化，故安培力方向的方向在t0時刻發(fā)生變化；則A錯誤，B正確；

CD、由閉合電路歐姆定律得：又根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：又根據(jù)電阻定律得：聯(lián)立得：則C正確，D錯誤．

故本題選BC．三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【詳解】

[1]電阻R的電功率為：

可得：

棒下滑切割磁感線產(chǎn)生動生電動勢，閉合電路產(chǎn)生感應(yīng)電流，由閉合電路的歐姆定律：

聯(lián)立可得：【解析】617、略

【分析】【詳解】

(1)[1]AC．如果電場（或磁場）是均勻變化的；產(chǎn)生的磁場（或電場）是恒定的，不能產(chǎn)生新的電場（磁場），因而不能產(chǎn)生電磁波，A正確，C錯誤；

B．電磁波的傳播速度跟介質(zhì)有關(guān)，頻率由波源決定，同一頻率的電磁波在不同介質(zhì)中波長不等，由v＝λf知不同介質(zhì)中波的傳播速度不同；B錯誤；

D．電磁波在同種均勻介質(zhì)中才能沿直線傳播；D錯誤。

故選A。

(2)①[2]由c＝λf可得λ1＝＝m＝1.5mλ2＝＝m＝0.3m

故雷達(dá)發(fā)出的電磁波的波長范圍是0.3~1.5m。

②[3]電磁波測距的原理就是通過發(fā)射和接收電磁波的時間間隔來確定距離，所以可根據(jù)x＝

確定雷達(dá)和目標(biāo)間的距離?！窘馕觥竣?A②.0.3~1.5m③.能18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]電表b串聯(lián)在電路中，所以b為電流表；

[2]由

知，輸電線上的電流為50A，所以5000W

[3]由

知，輸電線起始端的電壓為2200V，則線路輸送的電功率P=UI=【解析】①.b②.5000W③.110kW19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]將磁鐵N極向下從線圈上方豎直插入L時；穿過L的磁場向下，磁通量增大，由楞次定律可知，感應(yīng)電流的磁場方向與原磁場方向相反，感應(yīng)電流磁場應(yīng)該向上，電流表指針向右偏轉(zhuǎn)，電流從電流表右端流入，由安培定則可知，從上向下看時，線圈繞向為逆時針；如圖所示。

[2]當(dāng)條形磁鐵從圖中虛線位置向右遠(yuǎn)離L時，穿過L的磁通量向上，磁通量減小，由楞次定律可知，感應(yīng)電流磁場應(yīng)向上，指針向右偏轉(zhuǎn)?！窘馕觥竣?逆時針②.右側(cè)20、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】高速電子偏轉(zhuǎn)21、略

【分析】【詳解】

略【解析】偏轉(zhuǎn)線圈發(fā)射電子偏轉(zhuǎn)不斷變化兩對線圈22、略

【分析】【詳解】

[1]線圈內(nèi)有逆時針電流，由右手定則可知線圈向上運動；感應(yīng)電流增大，由可得

則線圈加速運動；所以線圈向上加速運動。

[2]由解得

以豎直向下為正方向，則

由牛頓第二定律得

解得

代入數(shù)據(jù)得【解析】向上加速-2.223、略

【分析】【詳解】

[1]電流

[2]輸電線上損耗的功率

則輸電線上的電流

根據(jù)理想變壓器的電流規(guī)律

解得升壓變壓器的原、副線圈的匝數(shù)之比

[3]對于降壓變壓器

則降壓變壓器的原、副線圈的匝數(shù)之比【解析】70A1：4133：22四、作圖題(共4題，共16分)24、略

【分析】【詳解】

根據(jù)左手定則，畫出通過電導(dǎo)線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

根據(jù)題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據(jù)開關(guān)作用和交流電接線常