2025年滬科版高二物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版高二物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、下列過程不可能發(fā)生的是（）

A.對物體做功；同時物體放熱，物體的溫度不變。

B.對物體做功；同時物體吸熱，物體的溫度不變。

C.物體對外做功；同時放熱，物體的內(nèi)能不變。

D.物體對外做功；同時吸熱，物體的內(nèi)能不變。

2、如選項圖所示，A中線圈有一小缺口，B、D中勻強磁場區(qū)域足夠大，C中通電導線位于水平放置的閉合線圈某一直徑的正上方．其中能產(chǎn)生感應電流的是（）A.B.C.D.3、閉合線圈繞垂直于勻強磁場方向的固定軸勻速轉(zhuǎn)動，通過線圈的磁通量Φ隨時間t的變化規(guī)律如圖所示，則下列說法中正確的是（）A.t=0時刻線圈平面和磁場垂直B.t1時刻線圈中磁通量變化率為零C.t2時刻線圈中感應電流改變方向D.t3時刻線圈中感應電動勢最大4、如圖所示，電路中白熾燈A、B不亮，但電路中只有一處斷開，今用電壓表測得：Uab=0，Uac=0V，Ubd=6V；則可知（）

A.B燈斷路。

B.A燈斷路。

C.R斷路。

D.電源斷路。

5、如圖所示，為兩個同心圓環(huán)，當一有界勻強磁場恰好完全垂直穿過A

環(huán)面時，A

環(huán)面磁通量為婁脮1

此時B

環(huán)磁通量為婁脮2

有關(guān)磁通量的大小說法正確的是(

)

A.婁脮1<婁脮2

B.婁脮1=婁脮2

C.婁脮1>婁脮2

D.不確定6、如圖所示為遠距離輸電的原理圖，升壓變壓器的變壓比為m，降壓變壓器的變壓比為n，輸電線的電阻為R，升壓變壓器和降壓變壓器均為一理想變壓器，發(fā)電機輸出的電壓恒為U，若由于用戶的負載變化，使電壓表V2的示數(shù)減小了△U，則下列判斷正確的是（）A.電流表A2的示數(shù)增大了B.電流表A2的示數(shù)增大了C.電壓表V1的示數(shù)減小了△UD.輸電線損失的功率增加了評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)7、如圖所示是一勻強電場的等勢面，每兩個相鄰等勢面相距2cm，由此可確定電場強度大小是____N/C，方向向____．

8、在“測繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，某同學根據(jù)測得的數(shù)據(jù)，畫出了如圖所示的I-U圖象.從圖象中可以看出：當小燈泡兩端的電壓為U1時，通過燈絲的電流為I1，則此時燈絲的電阻為；小燈泡兩端的電壓從U1增大到U2的過程中，隨著電壓的增大，燈絲的電阻____（選填“增大”、“減小”或“不變”）9、用螺旋測微器測圓柱體的直徑時，示數(shù)如圖所示，此示數(shù)為____mm．

10、一水平放置的矩形線圈，在條形磁鐵S

極附近下落，在下落過程中，線圈平面保持水平，如圖所示，位置1

和3

都靠近位置2

則線圈從位置1

到位置2

的過程中，線圈內(nèi)______感應電流，如有，從上往下看，電流方向為______，線圈從位置2

到位置3

的過程中，線圈內(nèi)______感應電流，如有，從上往下看，電流方向為______.(

填“有”或“無“，”順時針”或“逆時針”)

11、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．______(

判斷對錯)

12、右圖為一交變電流圖像,把這種交變電流加在一燈泡兩端,則燈泡中的電流大小為A13、如圖所示，將一小球從h=20m高處水平拋出，小球落到地面的位置與拋出點的水平距離x=30m．不計空氣阻力，取g=10m/s2．小球在空中運動的時間t=____s，小球拋出時速度的大小v=____m/s．

14、在10s內(nèi)通過導體某一橫截面的電量為16C，則通過該導體的電流大小是____A．10s內(nèi)通過這個截面的電子有____個（電子的電荷量為1.6×10﹣19C）15、如圖所示，是一正點電荷電場的電場線，電場中A、B兩點間的電勢差UAB=200V．電量為+6×10-8C的電荷從A移到B，電場力對其做的功為______J，其電勢能______（填增大、減小或不變）了______J．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)16、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）17、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）19、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）20、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）21、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、實驗探究題(共3題，共24分)22、在“測定勻變速直線運動的加速度”的實驗中，用打點計時器記錄紙帶運動的時間.

計時器所用電源的頻率為50Hz.

如圖為一次實驗得到的一條紙帶，紙帶上每相鄰的兩計數(shù)點間都有四個點未畫出，按時間順序取012345

六個計數(shù)點，用米尺量出12345

點到0

點的距離如圖所示(

單位：cm).

由紙帶數(shù)據(jù)計算可得：

(1)

相鄰兩計數(shù)點間的時間間隔t=

________s

(2)

計數(shù)點3

所代表時刻的瞬時速度大小v3=

________m/s

．23、如圖是“研究勻變速直線運動”實驗中獲得的一條紙帶；毎五個點取一個計數(shù)點，O；A、B、C、D為紙帶上五個計數(shù)點，加速度大小用a表示．

（1）OD間的距離為______cm．

（2）a的大小為______m/s2（保留兩位有效數(shù)字）．

（3）以下敘述正確的是______．

A．B點瞬時速度大小等于OD段的平均速度的大小。

B．若O、B、C三點瞬時速度用vO、vb、vC表示且B點是OC連線的中點，則三者豎直上應滿足vB=

C．若根據(jù)實驗數(shù)據(jù)繪出x-t2圖象（x為各計數(shù)點到O點距離）；則該圖象為過原點的直線。

D．各計數(shù)點間時間間隔為0.02s

（4）若根據(jù)實驗數(shù)據(jù)描繪-t圖象（x為各計數(shù)點到O點距離），斜率表示______，縱軸截距的物理意義______．24、在“測玻璃的折射率”實驗中：

(1)

為了取得較好的實驗效果；A

必須選用上下表面平行的玻璃磚；B

選擇的入射角應盡量小些；C

大頭針應垂直地插在紙面上；D

大頭針P1

和P2

及P3

和P4

之間的距離適當大些.

其中正確的是______

(2)

甲同學在畫界面時，不小心將兩界面aa隆盲

和bb隆盲

間距畫得比玻璃磚寬度大些；如圖1

所示，則他測得的折射率。

______(

選填“偏大”“偏小”或“不變”)

(3)

乙同學在量入射角和折射角時，由于沒有量角器，在完成了光路圖以后，以O(shè)

點為圓心，OA

為半徑畫圓，交OO隆盲

延長線于C

點，過A

點和C

點作垂直法線的直線分別交于B

點和D

點，如圖2

所示則他只需要測量______，就可求出玻璃的折射率n=

______．評卷人得分五、簡答題(共4題，共12分)25、登月探測器由地球出發(fā)經(jīng)地月轉(zhuǎn)移軌道靠近月球后，先在近月圓軌道上繞月運行，繼而經(jīng)過一系列減速過程后將包圍在探測器外面的氣囊充氣再落向月球，落月后再經(jīng)過多次彈跳最終靜止在平坦的月球表面上.

已知探側(cè)器第一次著月彈起到達最高點時距離月球表面的高度為h

速度方向是水平的，速度大小為v0

第二次著月點到第一次彈起最高點的水平距離為x

月球半徑為r

．

(1)

求月球表面的重力加速度的大小g脭脗

(2)

忽略探測器近月圓軌道距月表的高度，求其近月繞行的速度大小v

和周期T

．26、在LC振蕩電路中，如已知電容C，并測得電路的固有振蕩周期為T，即可求得電感L.為了提高測量精度，需多次改變C值并測得相應的T值．現(xiàn)將測得的六組數(shù)據(jù)標示在以C為橫坐標，以T2為縱坐標的坐標紙上，即圖中用“×”表示的點，如圖所示．(1)T、L、C的關(guān)系為________．(2)根據(jù)圖中給出的數(shù)據(jù)點作出T2與C的關(guān)系圖線．27、如圖所示，是一提升重物用的直流電動機工作時的電路圖．電動機內(nèi)電阻r=0.8Ω，電路中另一電阻R=10Ω，直流電壓U=160V，電壓表示數(shù)UM=110V．試求：

（1）通過電動機的電流？

（2）電動機的電功率及電動機的輸出功率？

（3）若電動機以v=1m/s勻速豎直向上提升重物，求該重物的質(zhì)量？（g取10m/s2）28、汽車尾氣凈化中的一個反應如下：rm{2NO(g)+2CO(g)=N_{2}(g)+2CO_{2}(g)}請回答下列問題：rm{(1)}已知：rm{N_{2}(g)+O_{2}(g)=2NO(g)}rm{婁隴H=+180.5kJ隆隴mol^{-1}}rm{C(s)+O_{2}(g)=CO_{2}(g)}rm{婁隴H=-393.5kJ隆隴mol^{-1}}rm{2C(s)+O_{2}(g)=2CO(g)}rm{婁隴H=-221kJ隆隴mol^{-1}}則rm{2NO(g)+2CO(g)=N_{2}(g)+2CO_{2}(g)}的rm{婁隴H=}____________rm{kJ隆隴mol^{-1}}rm{(2)}一定溫度下，向容積為rm{1L}的密閉容器中充入一定量的rm{NO}和rm{CO}在rm{t_{1}}時刻達到平衡狀態(tài)，此時rm{n(CO)=0.1mol}rm{n(NO)=0.2mol}rm{n(N_{2})=amol}且平衡時混合氣體壓強為初始氣體壓強的rm{0.8}rm{壟脵}則該反應的平衡常數(shù)rm{K=}___________。若保持溫度及容器容積不變，平衡后在此基礎(chǔ)上再向容器中充入rm{2amol}的rm{N_{2}}rm{0.2mol}的rm{NO}平衡將____________rm{(}填“向左”、“向右”或“不”rm{)}移動。rm{壟脷}下列各種情況，可說明該反應已經(jīng)達到平衡狀態(tài)的是_________rm{(}填字母rm{)}A.rm{v(CO_{2})_{脡煤魯脡}=v(CO)_{脧沒潞脛}}B.混合氣體的密度不再改變C.混合氣體的平均相對分子質(zhì)量不再改變D.rm{NO}rm{CO}rm{N_{2}}rm{CO_{2}}的濃度均不再變化E.單位時間內(nèi)生成rm{2nmol}碳氧雙鍵的同時消耗rm{nmolN隆脭N}rm{壟脹}在rm{t_{2}}時刻，改變某一外界條件，正反應速率的變化曲線如圖rm{1}所示：可能改變的條件是____________。rm{(3)}有人提出可以用如圖rm{2}所示的電解原理的方法消除汽車尾氣，寫出陽極發(fā)生的電極反應式_________。rm{(4)}如果要凈化汽車尾氣同時提高該反應的速率和rm{NO}的轉(zhuǎn)化率，采用的措施是__________。A.降低溫度rm{B.}增大壓強同時加催化劑C.升高溫度同時充入rm{N_{2;;;;;;;;;;;;;;;;;;}}D.及時將rm{CO_{2}}和rm{N_{2}}從反應體系中移走評卷人得分六、綜合題(共3題，共24分)29、(

一)

在測定平行玻璃磚的折射率的實驗中：(1)P1P2

是插在入射光線所在位置上的大頭針，P3P4

是插在射出光線所在的位置上的大頭針，則下面說法中正確的是__________。A.P1P2P3P4

應在同一條直線上B.

隔著玻璃磚觀察，看到的P1P2P3P4

應在同一條直線上C.插針時，P1

和P2P3

和P4

之間的距離應盡量小一些D.

插針時，P1

和P2P3

和P4

之間的距離應適當大一些(2

用上述插針法是否能夠測定非平行玻璃磚的折射率？答：____(

填“能”或“不能”)

(

二).

某同學在做“利用單擺測重力加速度”的實驗中，先測得擺線長為97.50cm

擺球直徑為2.00cm

然后用秒表記錄了單擺振動50

次所用的時間，則：(1)

該擺擺長為______cm

(2)

如果測得的g

值偏小，可能的原因是(

)

A.測擺線長時擺線拉得過緊B.

擺線上端懸點未固定，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了C.開始計時時，秒表過遲按下D.

實驗中誤將49

次全振動記為50

次(3)

為了提高實驗精度，在實驗中可改變幾次擺長l

并測出相應的周期T

從而得出一組對應的l

與T

的數(shù)據(jù)，再以l

為橫坐標，T2

為縱坐標，將所得數(shù)據(jù)連成直線如圖所示，并求得該直線的斜率為k

則重力加速度g=

______(

用k

表示)

．

(

三).

在“雙縫干涉測光的波長”實驗中，調(diào)節(jié)分劃板的位置，使分劃板的中心刻線對齊某條亮條紋的中心且計數(shù)1

此時螺旋測微器的示數(shù)如圖甲所示；轉(zhuǎn)動手輪，使分劃線向一側(cè)移動，數(shù)到第4

條亮紋時，使分劃板的中心刻線對齊第4

條亮條紋的中心，此時螺旋測微器的示數(shù)如圖乙所示.

已知雙縫間距d=2.0mm

雙縫到屏的距離L=1.00m

則甲圖所示讀數(shù)為________mm

乙圖所示讀數(shù)為_______mm

被測光波的波長為_______m

．30、如圖所示，在貨場需將質(zhì)量為m1=100kg

的貨物(

可視為質(zhì)點)

從高處運送至地面，為避免貨物與地面發(fā)生撞擊，現(xiàn)利用固定于地面的光滑四分之一軌道，使貨物由軌道頂端無初速滑下.

半徑R=1.8m.

地面上緊靠軌道依次排放兩塊完全相同的木板AB

長度均為l=2m

質(zhì)量均為m2=100kg

木板上表面與軌道末端相切.

貨物與木板間的動摩擦因數(shù)為婁脤1

木板與地面間的動摩擦因數(shù)為婁脤2=0.2.(

最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，取g=10m/s2)

(1)

求貨物到達圓軌道末端時對軌道的壓力；(2)

若貨物滑上木板A

時，木板不動，而滑上木板B

時，木板B

開始運動，求婁脤1

應滿足的條件；(3)

若婁脤1=0.5

求貨物滑到木板A

末端時的速度和在木板A

上運動的時間．31、(1)

已知一變壓器的副線圈匝數(shù)為400

匝，當原線圈接入220V

的交流電時副線圈的電壓為55V

求原線圈的匝數(shù)。(2)

現(xiàn)代家庭電器化程度越來越高，用電安全是一個十分突出的問題。下表提供了一組部分人的人體電阻平均值數(shù)據(jù)。。測量項目完全干燥時出汗或潮濕時電阻電流(

加220V)

電阻電流(

加220V)

電流(加220V)手與手之間200k婁賂

1.1隆脕10鈭?3A

5k婁賂

手與腳之間300k婁賂

7.3隆脕10鈭?4A

8k婁賂

手與塑料鞋底之間400k婁賂

5.5隆脕10鈭?4A

10k婁賂

壟脵

從表中可看出干燥時電阻大約是潮濕時電阻的_______倍。壟脷

在上表空格中填入對人體加220

伏電壓后的電流值。壟脹

若對人的安全電流是25mA

以下，上述哪幾項是十分危險的。(3)

麥克斯韋電磁場理論的兩個基本論點是：變化的磁場可以產(chǎn)生電場；變化的電場可以產(chǎn)生____.

從而預言了空間可能存在電磁波.

電磁波按照波長由長到短排列依次是：無線電波、紅外線、可見光、____、x

射線和婁脙

射線參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】

A；對物體做功；W＞0，同時物體放熱，Q＜0，所以無法判斷內(nèi)能的變化，所以物體的溫度可以不變．故A錯誤。

B；對物體做功；W＞0，同時物體吸熱，Q＞0，內(nèi)能增加，可能是分子勢能增大，分子平均動能可能不變，所以物體的溫度不變，故B錯誤。

C；物體對外做功；W＜0，同時放熱，Q＜0，所以物體內(nèi)能減小，故C正確。

D；物體對外做功；W＜0，同時物體吸熱，Q＞0，物體內(nèi)能可能不變，故D錯誤。

故選C．

【解析】【答案】根據(jù)做功和熱傳遞情況；運用熱力學第一定律解答．

2、B【分析】解：A；由于圓環(huán)不閉合；即使磁通量增加，也不產(chǎn)生感應電流，故A錯誤．

B；由圖知；閉合回路的面積增大，磁通量增加，將產(chǎn)生感應電流．故B正確．

C；根據(jù)安培定則知；穿過圓環(huán)的磁通量完全抵消，磁通量為零，且保持不變，所以不產(chǎn)生感應電流，故C錯誤．

D；線框垂直于磁感線運動；雖然切割磁感線，但穿過線框的磁通量沒有變化，因此也不會產(chǎn)生感應電流，故D錯誤．

故選：B．

本題考查了感應電流產(chǎn)生的條件：閉合回路中的磁通量發(fā)生變化．據(jù)此可正確解答本題．

對于產(chǎn)生感應電流的條件要明確兩點：一、電路必須閉合，這是必要條件．二、磁通量發(fā)生變化．可根據(jù)磁感線分析磁通量是否變化．【解析】【答案】B3、B【分析】解：A；t=0時刻穿過線圈的磁通量為零；線圈平面和磁場平行，故A錯誤；

B、t1時刻線圈中的磁通量最大；線圈位于中性面，磁通量變化率為零，故B正確；

C、t2時刻穿過線圈的磁通量為零；此時線圈平面與中性面垂直，磁通量變化率最大，電流的方向不變，故C錯誤；

D、t3時刻線圈中的磁通量最大；線圈位于中性面，磁通量的變化率為零，感應電動勢為零，故D錯誤；

故選：B。

由數(shù)學知識可知：磁通量-時間圖象斜率等于磁通量的變化率；其大小決定了感應電動勢的大小。當線圈的磁通量最大時，線圈經(jīng)過中性面，電流方向發(fā)生改變。

本題關(guān)鍵抓住感應電動勢與磁通量是互余關(guān)系，即磁通量最大，感應電動勢最小；而磁通量最小，感應電動勢最大?！窘馕觥緽4、A【分析】

A、由于電路中無電流，根據(jù)歐姆定律可知，連接在一起的導體電壓為零，是一個等勢體，故凡未斷開的燈絲及電阻器兩端的電壓應為零，相應電壓表示數(shù)為零．由題，Uab=0，Uac=0V，說明A燈、R是完好的．由于Ubd=6V；B燈兩端的電勢分別等于電源兩極間的電勢，說明B燈斷路．故A正確，BC錯誤．

D、因為Ubd=6V；所以電源不可能斷路．故D錯誤．

故選A

【解析】【答案】電路中只有一處斷開；連接在一起的導體為等勢體，根據(jù)各部分的電壓與電源電壓的關(guān)系，判斷故障所在位置．

5、B【分析】解：只有S1

內(nèi)有磁場；由S1

與S2

構(gòu)成的環(huán)內(nèi)沒有磁場，所以環(huán)1

和2

的磁通量是相等的，即婁碌1=婁碌2

故選：B

．

當磁場與面垂直時；磁感應強度與面的面積的乘積是該面的磁通量.

求出面的面積，然后求出磁通量；

本題考查磁通量的求法，磁通量的大小可以用磁感線的條數(shù)進行判斷.

由圖可知，兩線圈中磁感線的條數(shù)相同，故磁通量相同．【解析】B

6、B【分析】解：AB、降壓變壓器原副線圈兩端的電壓之比等于n，所以有即降壓變壓器原線圈兩端電壓減小了n△U，根據(jù)歐姆定律，知電流表A1示數(shù)增大了輸電線上電流增大了根據(jù)電流與匝數(shù)成反比知，電流表A2示數(shù)增大了故A錯誤，B正確；

C、根據(jù)題意知，發(fā)電廠的輸出電壓恒為U，升壓變壓器的變壓比不變，所以電壓表V1的示數(shù)不變；故C錯誤；

D、由于輸電線上電流增大了故輸電線損失的功率增加量一定不是P=（）2R；故D錯誤；

故選：B。

理想變壓器的輸入功率由輸出功率決定；輸出電壓有輸入電壓決定；根據(jù)遠距離輸電過程中的功率；電壓的損失與哪些因素有關(guān)，以及整個過程中的功率、電壓關(guān)系，即可求解。

對于遠距離輸電問題，要明確整個過程中的功率、電壓關(guān)系，尤其要注意導線上損失的電壓和功率與哪些因素有關(guān)?！窘馕觥緽二、填空題(共9題，共18分)7、略

【分析】

由于電場線與等勢面相互垂直且由高電勢指向低電勢；故電場線的方向水平向左，而電場線的方向即為場強的方向，所以電場強度的方向向左；

由于勻強電場的每兩個相鄰等勢面相距2cm，故電場強度大小為E===100N/C．

故本題的答案為100；左．

【解析】【答案】根據(jù)電場線與等勢面相互垂直且由高電勢指向低電勢，可以判定電場線的方向水平向左；根據(jù)在勻強電場中E=可以求出電場強度的大?。?/p>

8、略

【分析】試題分析：根據(jù)可知，當小燈泡兩端的電壓為U1時，通過燈絲的電流為I1時，燈絲的電阻為小燈泡兩端的電壓從U1增大到U2的過程中，電壓升高相同時，電流增加的越來越小，說明電阻越來越大，因此燈絲的電阻增大考點：歐姆定律，小燈泡的伏安特性曲線【解析】【答案】增大9、6.125【分析】【解答】解：螺旋測微器的固定刻度為6mm；可動刻度為12.5×0.01mm=0.125mm，所以最終讀數(shù)為6mm+0.125mm=6.125mm

故答案為：6.125

【分析】解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測微器的讀數(shù)方法，固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．10、有；順時針；有；順時針【分析】解：如圖所示；線圈從位置1

到位置2

的過程中，穿過線圈的磁通量減小，則產(chǎn)生感應電流，根據(jù)楞次定律可知，向下穿過線圈的磁通量在增大，則感應電流的方向順時針(

從上往下看)

線圈從位置2

到位置3

的過程中；線圈內(nèi)穿過的磁通量向上增加，則也會產(chǎn)生感應電流，根據(jù)楞次定律，則感應電流的方向順時針(

從上往下看)

故答案為：有；順時針，有，順時針．

穿過線圈的磁通量發(fā)生變化；則閉合電路中產(chǎn)生感應電流.

可以根據(jù)楞次定律來確定感應電流的方向．

考查如何判定感應電流的產(chǎn)生條件，及掌握楞次定律的應用，注意會判定磁通量的大小變化與原磁場的方向．【解析】有；順時針；有；順時針11、略

【分析】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯．

金屬導體在點電荷附近；出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布.

因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動.

此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．

處于靜電感應現(xiàn)象的導體，內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面.

且導體是等勢體．【解析】錯12、略

【分析】【解析】試題分析：根據(jù)交流電有效值的定義可得：解得：考點：考查了交流電有效值的計算【解析】【答案】5A13、略

【分析】

根據(jù)h=得，t=．

則小球拋出時的速度．

故答案為：2.015．

【解析】【答案】平拋運動在水平方向做勻速直線運動；在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)高度求出小球在空中運動的時間，根據(jù)水平位移和時間求出初速度的大?。?/p>

14、1.61020?【分析】【解答】電流大小為：I==1.6A；

流過的電子數(shù)為：n===1020A；

故答案為：1.6；1020

【分析】由電流的定義可求得電流值，再由歐姆定律可求得導體兩端的電壓；由元電荷可求得電子數(shù)．15、略

【分析】解：根據(jù)公式WAB=qUAB得：

點電荷從A點移到B點，電場力對其做功：WAB=qUAB=6×10-8×200J=1.2×10-5J

電場力對點電荷做正功，則其電勢能減小1.2×10-5J．

故答案為：1.2×10-5，減小，1.2×10-5．

根據(jù)公式WAB=qUAB求出電場力做功．根據(jù)電場力做功與電勢能變化的關(guān)系分析電勢能的變化．

本題的關(guān)鍵要掌握電場力做功公式W=qU．在應用電場力做功公式W=qU時，各量均代入符號計算，根據(jù)計算結(jié)果的正負，確定正功還是負功．【解析】1.2×10-5；減??；1.2×10-5三、判斷題(共6題，共12分)16、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．17、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．19、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．21、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?、實驗探究題(共3題，共24分)22、（1）0.1（2）0.33

【分析】【分析】根據(jù)題意求出相鄰計數(shù)點間的時間間隔，根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上3

點時小車的瞬時速度大小。要提高應用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習中要加強基礎(chǔ)知識的理解與應用?！窘獯稹?1)

由于每相鄰兩個計數(shù)點間還有4

個點沒有畫出；所以相鄰的計數(shù)點間的時間間隔T=0.1s

(2)

根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度；可以求出打紙帶上3

點時小車的瞬時速度大小。

v3=x242T=10.15鈭?3.550.2隆脕10鈭?2=0.33m/s

【解析】(1)0.1

(2)0.33

23、略

【分析】解：（1）由圖示刻度尺可知；其分度值為1mm，O；D兩點間的距離s=2.50cm-0.00cm=2.50cm；

（2）已知打點計時器電源頻率為50Hz；則紙帶上打相鄰兩點的時間間隔為0.02s．

相鄰計算點間有4個點沒有畫出；則相鄰計數(shù)點間的時間間隔t=0.02×5=0.1s；

根據(jù)△x=aT2可得：

物體的加速度a==m/s2=0.25m/s2

（3）A．根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度；那么B點瞬時速度大小等于OD段的平均速度的大小，故A正確；

B．若O、B、C三點瞬時速度用vO、vb、vC表示，且B點是OC連線的中點，依據(jù)v2-v02=2ax，兩次使用列出方程，則三者數(shù)值上應滿足vB=故B正確；

C．若根據(jù)實驗數(shù)據(jù)繪出x-t2圖象（x為各計數(shù)點到O點距離），即x=v0t+則該圖象不為過原點的直線，故C錯誤；

D．各計數(shù)點間時間間隔為0.1s；故D錯誤；

故選：AB．

（4）根據(jù)x=v0t+at2得，=v0+at，可知圖線的斜率表示加速度的一半，即縱軸截距即為O點的瞬時速度大?。?/p>

故答案為：（1）2.50；（2）0.25；（3）AB；（4）O點的瞬時速度大?。?/p>

根據(jù)勻變速直線運動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上C點時小車的瞬時速度大?。鶕?jù)運動學公式得出-t的表達式；從而得出斜率表示的意義．

要提高應用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習中要加強基礎(chǔ)知識的理解與應用．解決本題的關(guān)鍵知道實驗的原理，以及知道圖線的斜率表示的含義．【解析】2.50；0.25；AB；O點的瞬時速度大小24、CD；偏小；量AB、CD的距離；【分析】解：(1)A

作插針法測定折射率時，玻璃磚上下表面不一定要平行.

故A錯誤．

B；為了減小測量的相對誤差；選擇的入射角應盡量大些，可減小相對誤差，效果會更好.

故B錯誤．

C；為了準確確定入射光線和折射光線；大頭針應垂直地插在紙面上；故C正確．

D；大頭針P1

和P2

及P3

和P4

之間的距離適當大些時；相同的距離誤差，引起的角度誤差會減小，效果會好些.

故D正確．

故選：CD

(2)

如圖，實線是真實的光路圖，虛線是玻璃磚寬度畫大后的光路圖，由圖看出，在這種情況測得的入射角不受影響，但測得的折射角比真實的折射角偏大，根據(jù)折射定律n=sinisinr

可知；測得的折射率偏?。?/p>

(3)

根據(jù)折射定律得，n=sin隆脧AOBsin隆脧DOC=AB爐AO爐DC爐CO爐=AB爐DC爐

可知需要測量ABCD

的距離.

折射率為n=AB爐DC爐

．

故答案為：(1)CD(2)

偏小，(3)ABCD

的距離．AB爐DC爐

．

(1)

為了取得較好的實驗效果；根據(jù)實驗原理分析可知：玻璃磚上下表面不一定要平行，選擇的入射角應盡量大些；大頭針應垂直地插在紙面上；大頭針P1

和P2

及P3

和P4

之間的距離適當大些，這樣可以減小測量的相對誤差．

(2)

甲同學在畫界面時，將兩界面aa隆盲

和bb隆盲

間距畫得比玻璃磚寬度大些；分析對入射角和折射角的影響，判斷誤差的變化．

(3)

根據(jù)幾何知識求出入射角和折射角的正弦值；再求解折射率．

本題是插針法測定玻璃磚的折射率，實驗原理是折射定律，采用單位圓法處理數(shù)據(jù)，根據(jù)原理分析實驗誤差．【解析】CD

偏小；量ABCD

的距離；AB爐DC爐

五、簡答題(共4題，共12分)25、解：（1）探測器第一次落到月球表面彈起后；到達最高點的高度為h，此后做平拋運動；

則水平方向有：t=

豎直方向有：h=

解得：g月=

（2）根據(jù)月球表面；萬有引力等于重力結(jié)合向心力公式得：

mg月=m=m

解得：v=T=

答：（1）月球表面的重力加速度的大小g月為

（2）忽略探測器近月圓軌道距月表的高度，其近月繞行的速度大小v為周期T為．【分析】

(1)

探測器第一次落到月球表面彈起后；到達最高點的高度為h

此后做平拋運動，根據(jù)平拋運動基本規(guī)律求解．

(2)

根據(jù)萬有引力提供向心力和萬有引力等于重力結(jié)合向心力公式求解線速度和周期．

本題的關(guān)鍵是知道探測器第一次落到月球表面彈起到達最高點后做平拋運動，能根據(jù)平拋運動基本規(guī)律結(jié)合萬有引力提供向心力公式求解，難度適中．【解析】解：(1)

探測器第一次落到月球表面彈起后；到達最高點的高度為h

此后做平拋運動；

則水平方向有：t=xv0

豎直方向有：h=12g脭脗t2

解得：g脭脗=2hv02x2

(2)

根據(jù)月球表面；萬有引力等于重力結(jié)合向心力公式得：

mg脭脗=mv2r=m4婁脨2rT2

解得：v=g脭脗r=2hv02rx2T=4婁脨2rx22hv02

答：(1)

月球表面的重力加速度的大小g脭脗

為2hv02x2

(2)

忽略探測器近月圓軌道距月表的高度，其近月繞行的速度大小v

為2hv02rx2

周期T

為4婁脨2rx22hv02

．26、略

【分析】本題主要考查兩點：一是考查學生能否根據(jù)正確的作圖規(guī)則畫出T2C圖像(圖像應盡量通過或靠近比較多的數(shù)據(jù)點，不通過圖像的數(shù)據(jù)點應盡量較均勻地分布在圖線的兩側(cè))；二是考查學生的數(shù)形結(jié)合能力．學生需將LC回路的固有周期公式T＝2π變換成T2＝4π2LC，從而認識到T2C圖線為一過坐標原點的直線(在本題中，橫、縱坐標的起點不為零，圖線在縱軸上有一正截距值)，圖像的斜率為4π2L，L＝只有正確作出圖線，并得到L＝才可以計算出L的測量平均值為0.0351H～0.0389H范圍的某一數(shù)值．【解析】【答案】(1)T＝2π(2)如圖所示27、略

【分析】

（1）根據(jù)歐姆定律求出通過電路的電流；

（2）電動機的輸入功率為P1=UMI，電動機內(nèi)電阻的發(fā)熱功率為P2=I2r，輸出的機械功率為P3=P1-P2；

（3）由公式P3=Fv=mgv求解物體的質(zhì)量．

本題考查了機械公式和電功功率以及電功公式的靈活應用，關(guān)鍵是知道電動機做功的功率加上線圈的發(fā)熱功率即為電動機消耗電能的功率．【解析】解：（1）通過R的電流為：I=A=5A；則通過電動機的電流為5A；

（2）電動機的輸入功率為：P1=UMI=110×5W=550W；

電動機內(nèi)電阻的發(fā)熱功率為：P2=I2r=52×0.8W=20W；

輸出功率為：P3=P1-P2=（550-20）W=530W；

（3）根據(jù)輸出功率等于機械功率得：P3=Fv=mgv

解得：m==53kg

答：（1）通過電動機的電流為5A；

（2）電動機的電功率為550W；電動機的輸出功率為530W；

（3）若電動機以v=1m/s勻速豎直向上提升重物，該重物的質(zhì)量為53kg．28、rm{(1)-746.5}

rm{(2)}rm{壟脵}rm{壟脵}向右

rm{270}

rm{壟脷CD}增大反應物濃度或增大壓強

rm{壟脹}rm{(3)CO-2e^{-}+4OH^{-}}

rm{CO_{3}^{2-}+2H_{2}O}rm{(4)B}【分析】【分析】考查用“三段式“進行化學平衡常數(shù)的計算；化學平衡狀態(tài)的特征判斷；電極反應考慮電解質(zhì)溶液；注意物質(zhì)rm{CO_{2}}特殊的結(jié)構(gòu)式?！窘獯稹縭m{(1)}已知：rm{壟脵N_{2}(g)+O_{2}(g)簍T2NO(g)triangleH=+180.5kJ?mol^{-l}壟脷C(s)+O_{2}(g)簍TCO_{2}(g)triangleH=-393.5kJ?mol^{-l}壟脹2C(s)+O_{2}(g)簍T2CO(g)triangleH=-221kJ?mol^{-l}}

用蓋斯定律知：rm{壟脵N_{2}(g)+O_{2}(g)簍T2NO(g)triangle

H=+180.5kJ?mol^{-l}壟脷C(s)+O_{2}(g)簍TCO_{2}(g)triangle

H=-393.5kJ?mol^{-l}壟脹2C(s)+O_{2}(g)簍T2CO(g)triangle

H=-221kJ?mol^{-l}}得：rm{壟脷隆脕2-壟脵-壟脹}的rm{triangleH=-746.5kJ?mol^{-l}}．

故答案為：rm{2NO(g)+2CO(g)簍TN_{2}(g)+2CO_{2}(g)}

rm{triangle

H=-746.5kJ?mol^{-l}}列出“三段式”：

rm{-746.5}

起始rm{(2)}rm{2NO+2CO簍TN_{2}+2CO_{2}}rm{(mol)}rm{2a+0.2}rm{2a+0.1}

轉(zhuǎn)化rm{0}rm{0}rm{(mol)}rm{2a}rm{2a}

平衡rm{a}rm{2a}rm{(mol)}rm{0.2}rm{0.1}

依題意得：rm{a}解得：rm{2a}

rm{0.2+0.1+a+2a=0.8(2a+0.2+2a+0.1)}該反應的平衡常數(shù)rm{K=dfrac{c(N_{2})C^{2}(CO_{2})}{C^{2}(NO)C^{2}(CO)}=dfrac{0.3隆脕0攏廬6^{2}}{0攏廬2^{2}隆脕0攏廬1^{2}}=270}

故答案為：rm{a=0.3}

平衡后在此基礎(chǔ)上再向容器中充入rm{壟脵}rm{K=dfrac

{c(N_{2})C^{2}(CO_{2})}{C^{2}(NO)C^{2}(CO)}=dfrac

{0.3隆脕0攏廬6^{2}}{0攏廬2^{2}隆脕0攏廬1^{2}}=270}的rm{270}rm{2a}的rm{mol}時；使容器內(nèi)的壓強增大，平衡向氣體計量數(shù)小的方向移動，即向右移動．

故答案為：向右。

rm{N_{2}}生成rm{0.2mol}不是rm{NO}消耗rm{壟脷A.v}rm{(CO_{2})}rm{v}的rm{(}倍；對同一物質(zhì)的生成和消耗速率不相等，不能說明達到平衡狀態(tài)；

rm{N}由rm{N}知，密閉容器中rm{{,!}_{2})}和rm{2}都不變，比值不變，即rm{B.}不變；故密度不再改變不能達到平衡狀態(tài)；

C.由rm{婁脩_{(祿矛潞脧脝酶脤氓)}=m_{(祿矛潞脧脝酶脤氓)}/v}密閉容器中rm{m_{(祿矛潞脧脝酶脤氓)}}不變，rm{v}向正反應方向移動時減小，向逆反應方向移動時增大，故平均相對分子質(zhì)量不再改變，平衡不移動，能達到平衡狀態(tài)；

D.rm{婁脩_{(祿矛潞脧脝酶脤氓)}}rm{M_{(祿矛潞脧脝酶脤氓)}=m_{(祿矛潞脧脝酶脤氓)}/n_{(祿矛潞脧脝酶脤氓)}}rm{m_{(祿矛潞脧脝酶脤氓)}}rm{n_{(祿矛潞脧脝酶脤氓)}}的濃度不再變化是各物質(zhì)的濃度保持不變，能達到平衡狀態(tài)；E.單位時間內(nèi)生成rm{NO}碳氧雙鍵即生成rm{CO}的rm{N_{2}}反應向正反應方向，同時消耗rm{CO_{2}}即消耗rm{2nmol}反應向逆反應方向；但不與物質(zhì)計量數(shù)成正比，故不能達到平衡狀態(tài)，故E錯誤；

故答案為：rm{nmol}

rm{CO_{2}}根據(jù)圖象知，在rm{nmolN隆脭N}時刻改變條件，正反應速率加快，平衡向正反應方向移動，條件可以是增大反應物濃度或增大壓強，故答案為：增大反應物濃度或增大壓強；

rm{nmolN_{2}}rm{CD}所示的電解原理的方法消除汽車尾氣，rm{壟脹}應還原為rm{t_{2}}所以電源的左側(cè)為負極；

故答案為：rm{(3)}

有人提出可以用上圖圖rm{2}所示的電解原理的方法消除汽車尾氣，rm{NO}應還原為rm{N_{2}}所以電源的左側(cè)為負極提高該反應的速率可以增大壓強或升高溫度，提高rm{2}的轉(zhuǎn)化率應使平衡向正反應方向移動rm{NO}降低溫度降低了反應的速率；rm{N_{2}}增大壓強使平衡向正反應方向移動同時加催化劑提高該反應的速率；

C、升高溫度提高該反應的速率，同時充入負；使反應向逆反應方向移動；

D、及時將rm{(4)}和rm{NO}從反應體系中移走壓強降低；降低了反應的速率．

故答案為：rm{.A}rm{B}【解析】rm{(1)-746.5}

rm{(2)}rm{壟脵}rm{壟脵}向右rm{270}

rm{壟脷CD}增大反應物濃度或增大壓強rm{壟脹}rm{(3)CO-2e^{-}+4OH^{-}}rm{CO_{3}^{2-}+2H_{2}O}rm{(4)B}六、綜合題(共3題，共24分)29、(I)(1)BD(2)

能

(II)(1)98.50

75.2

(2)B(3)4婁脨2k

(III)1.1301.7604.2隆脕10鈭?7-7【分析】(I)

【分析】明確測量玻璃折射率的基本方法和注意事項，知道如何確定入射光和折射光路。本題關(guān)鍵是明確測定玻璃磚折射率的原理，會用插針法確定光路，并掌握實驗中的注意事項?！窘獯稹?1)AB.

在實驗中先插P1P2

表示入射光路.

再插入P3

使P3

擋住P1P2

的像，最后插入P4

使P4

擋住P3

和P1P2

的像，即隔著玻璃磚觀察，看到的PP1、PP2、PP3、PP4應在同一條直線上，故A錯誤，B正確；C.大頭針P1

和P2

及P3

和P4

之間的距離適當大些時，相同的距離誤差，引起的角度誤差會減小，角度的測量誤差會小些，故C錯誤，D正確。故選BD;

(2)

本實驗中只需測最出入射角和折射角即可求出折射率，所以能夠測定非平行玻璃磚的折射率。故答案為：能。(II)(II)【分析】(1)

單擺的擺長等于擺線的長度加上小球的半徑.

由圖讀出時間t

由T=tn

求出周期;

(2)

根據(jù)重力加速度的表達式分析g

值偏小可能的原因;

(3)

根據(jù)重力加速度的表達式和數(shù)學知識，分析T2鈭?l

圖線斜率k

的意義，得到g

的表達式。單擺的擺長不是擺線的長度，還要加上擺球的半徑.

對于實驗誤差，要從實驗原理公式進行分析．【解答】(1)

擺線的長度為l

l=97.50cm+12隆脕2.00cm=98.50cm

由秒表讀出時間t=60+15.2=75.2s

．

(2)A

將擺線長的長度作為擺長，擺線拉得過緊，測得擺長偏大，則根據(jù)重力加速度的表達式g=4婁脨2LT2

可知，測得的g

值偏大.

故A錯誤;

B、擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了，使周期變大了，由g=4婁脨2LT2

可知，測得的g

值偏小.

故B正確；C；開始計時時；秒表過遲按下，測得的時間偏小，周期偏小，則測得的g

值偏大，故C錯誤；

D、實驗中誤將49

次全振動數(shù)次數(shù)記為50

次，由T=tn

求出的周期偏小，測得的g

值偏大.

故D錯誤。故選：B

．

(3)

根據(jù)重力加速度的表達式g=4婁脨2LT2

可知，T2鈭?l

圖線斜率k=4婁脨2g

則g=4婁脨2k

故答案為：(1)98.50;75.2;(2)B;(3)4婁脨2k

。(III)

【分析】螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀.

根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式鈻?x=Ld婁脣

求出光波的波長。解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測微器的讀數(shù)方法以及雙縫干涉條紋的間距公式鈻?x=Ld婁脣

【解答】甲圖螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為1mm

可動刻度讀數(shù)為0.01隆脕13.0mm=0.130mm

所以最終讀數(shù)為1.130mm

乙圖螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為1.5mm

可動刻度讀數(shù)為0.01隆脕26.0mm=0.260mm

所以最終讀數(shù)為1.760mm

故?x=1.760鈭?1.130=0.630mm

根據(jù)?x=Ld婁脣=d?xL=2隆脕10鈭?3隆脕0.630隆脕10鈭?3(4鈭?1)隆脕1.00=4.2隆脕10鈭?7m

故答案為：1.1301.7604.2隆脕10鈭?7

【解析】(I)(1)BD(2)

能(II)(1)98.50

75.2

(2)B(3)4婁脨2k

(III)1.1301.7604.2隆脕10鈭?7-730、略

【分析】(1)(1)根據(jù)機械能守恒定