2025年外研版2024高三物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版2024高三物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、下列關于磁現(xiàn)象的說法中不正確的是（）A.地磁場的南極在地理的南極附近B.指南針是利用地磁場來指示方向的C.電視機顯像管利用了磁偏轉(zhuǎn)的原理D.電動機是利用磁場對電流的作用來工作的2、如圖是平拋豎落儀，用小錘打擊彈性金屬片，金屬片把a球沿水平方向拋出，同時b球松開自由落下，兩球質(zhì)量相等，不計一切阻力，則（）A.b球比a球先落地B.下落相同高度時，a求速率比b球速率大C.a球在水平和豎直方向的運動相互沒有影響D.兩球之所以同時落地是因為在豎直方向上都是自由落體運動3、我國發(fā)射的“神州六號”載人飛船，與“神州五號”飛船相比，它在更高的軌道上繞地球做勻速圓周運動，如圖所示，下列說法中正確的是（）A.“神州六號”的速度較小B.飛船所受合力為零C.“神州六號”的周期更短D.飛船靜止在赤道的上空4、在北半球，地磁場磁感應強度的一個分量豎直向下（以“×”表示）．如果你家中電視機顯像管的位置恰好處于南北方向，那么由南向北射出的電子束在地磁場的作用下將向哪個方向偏轉(zhuǎn)（）A.不偏轉(zhuǎn)B.向東C.向西D.無法判斷5、有一靜電場，其電勢隨x坐標的改變而改變，變化的圖線如圖所示。若將一帶負電的粒子（重力不計）從坐標原點O由靜止釋放，電場中P、Q兩點的橫坐標分別為1mm、4mm。則下列說法正確的是（）A.粒子將沿x軸正方向一直向前運動B.粒子經(jīng)過P點與Q點時，加速度大小相等、方向相反C.粒子經(jīng)過P點與Q點時，動能相等D.粒子經(jīng)過P點與Q點時，電場力做功的功率相等6、如圖1所示，高空滑索是一項勇敢者的游戲，一個人用輕繩通過輕質(zhì)滑環(huán)懸吊在傾角為θ=30°的足夠長的鋼索上運動，在下滑過程中可能會出現(xiàn)如圖2和如圖3所示的兩種情形，不計空氣阻力，則下列說法中正確的是（）

A.圖2的情形中；人可能勻速下滑。

B.圖2的情形中；鋼索對輕環(huán)的作用力小于人的重力。

C.圖3的情形中；鋼索對輕環(huán)可能無摩擦力。

D.圖3的情形中；若輕環(huán)突然被卡而停止，則在此瞬間輕繩對人的拉力一定大于人的重力。

7、如圖所示，線圈匝數(shù)為n

橫截面積為S

線圈電阻為r

處于一個均勻增強的磁場中，磁感應強度隨時間的變化率為k

磁場方向水平向右且與線圈平面垂直，電容器的電容為C

定值電阻的阻值為r

由此可知，下列說法正確的是(

)

A.電容器下極板帶正電B.回路電流逐漸增大C.電容器所帶電荷量為nskc2

D.電容器所帶電荷量為nskc

8、rm{2016}年我國科研人員研制出一種室溫“可呼吸”rm{Na?CO_{2}}電池。放電時該電池“吸入”rm{CO_{2}}充電時“呼出”rm{CO_{2}}吸入rm{CO_{2}}時，其工作原理如圖所示。吸收的全部rm{CO_{2}}中，有rm{2/3}轉(zhuǎn)化為rm{Na_{2}CO_{3}}固體沉積在多壁碳納米管rm{(MWCNT)}電極表面。下列說法正確的是rm{(}rm{)}A.“吸入”rm{CO_{2}}時的正極反應：rm{4Na^{+}+3CO_{2}+4e^{-}=2Na_{2}CO_{3}+C}B.“吸入”rm{4Na^{+}+3CO_{2}+4e^{-}=

2Na_{2}CO_{3}+C}時，鈉箔為正極C.“呼出”rm{CO_{2}}時，rm{CO_{2}}向多壁碳納米管電極移動D.標準狀況下，每“呼出”rm{Na^{+}}轉(zhuǎn)移電子數(shù)為rm{22.4LCO_{2}}rm{0.75mol}9、矩形線框垂直于勻強磁場且位于線框平面的軸勻速轉(zhuǎn)動時產(chǎn)生交變電流，下列說法正確的是（）A.當線框位于中性面時，線框中感應電動勢最大B.當穿過線框的磁通量為零時，線框中感應電動勢為零C.每當線框掠過中性面時，感應電動勢和感應電流方向就改變一次D.線框經(jīng)過中性面時各邊切割線的速度為零評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)10、（2014秋?樅陽縣校級月考）如圖所示，將斜面體固定在水平面上，其兩個斜面光滑，斜面上放置一質(zhì)量不計的柔軟薄紙帶（斜面上加粗部分為紙帶）．現(xiàn)將質(zhì)量為mA的A物體和質(zhì)量為mB的B物體輕放在紙帶上．兩物體可視為質(zhì)點，物體初始位置及數(shù)據(jù)如圖所示．若紙帶與物體A、B間的動摩擦因數(shù)足夠大，在紙帶上同時放上A、B后，發(fā)現(xiàn)兩物體恰好都能保持靜止，則mA和mB應滿足什么關系為____．11、地球表面赤道上的人和北緯45°處的人，隨地球自轉(zhuǎn)的角速度之比____，線速度之比____．12、（2009秋?鼓樓區(qū)校級期中）如圖所示，ABCD是勻強電場中一正方形的四個頂點，已知A、B、C三點的電勢分別為A=10V，B=6V，C=-2V，由此可得D點電勢AD=____V．13、磁體上磁性最強的部分叫____，同名磁極相互____，異名磁極相互____．14、通過“探究彈簧彈力與彈簧伸長量之間的關系”實驗；我們知道：在彈性限度內(nèi)，彈簧彈力F與形變量x成正比，并且不同彈簧，其勁度系數(shù)也不同．某中學的探究學習小組從資料中查到：彈簧的勁度系數(shù)與彈簧的材料和形狀有關．該學習小組想研究彈簧的勁度系數(shù)與彈簧原長的關系，現(xiàn)有A，B，C，D四根材料和粗細完全相同僅長度不同的彈簧．

（1）學習小組的同學們經(jīng)過思考和理論推導，各自提出了自己的看法，其中甲同學認為彈簧的勁度系數(shù)可能與彈簧長度成正比，乙同學認為彈簧的勁度系數(shù)可能與彈簧原長成反比，甲、乙有一名同學的看法是正確的．你認為正確的是______（填“甲”或“乙”），就這一環(huán)節(jié)而言，屬于科學探究中的哪個環(huán)節(jié)______（填序號）．

A．分析與論證B．進行實驗與收集證據(jù)。

C．猜想與假設D．制定計劃與設計實驗。

（2）為驗證甲、乙誰的看法正確，可通過實驗完成，實驗器材除上述彈簧和已知質(zhì)量的幾個鉤碼外，還需要的實驗器材是______．

（3）探究學習小組進行實驗記錄的數(shù)據(jù)如表所示．

實驗數(shù)據(jù)記錄（g=10m/s2）

。原長鉤碼質(zhì)量彈簧長度彈簧伸。

長量x彈簧勁度。

系數(shù)k彈簧A10.00cm0.3kg13.00cm3.00cm100N/m彈簧B15.00cm0.1kg16.49cm1.49cm67.1N/m彈簧C20.00cm0.2kg24.00cm____________彈簧D30.00cm0.1kg32.99cm2.99cm33.4N/m請完成上表，從中得出的結論為：______．15、（2012春?邛崍市校級月考）如圖所示電路中，L是自感系數(shù)足夠大的線圈，它的電阻可忽略不計，D1和D2是兩個完全相同的小燈泡．將電鍵K閉合；再將電鍵K斷開，則觀察到的現(xiàn)象是：

（1）K閉合瞬間，D1____，D2____

（2）K斷開瞬間，D2____，D1____．16、某同學把卡尺間的窄縫調(diào)節(jié)0.5mm去觀察某一單色線光源，看到了明暗相間的條紋；這是光的____現(xiàn)象；若把縫的寬度減小到0.2mm，則看到的現(xiàn)象是條紋寬度____，亮度____．這說明衍射現(xiàn)象中，當其____時，衍射現(xiàn)象更為明顯．評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)17、坐標系都是建立在參考系上的．____．（判斷對錯）18、穿過閉合導體回路所包圍面積的磁通量為零時，回路中感應電流就一定為零．____（判斷對錯）19、電荷在電場中一定受電場力的作用．____（判斷對錯）20、分子的動能和分子勢能的和叫做這個分子的內(nèi)能．____．（判斷對錯）21、分力的大小一定小于合力的大?。甠___．評卷人得分四、實驗探究題(共3題，共30分)22、利用氣墊導軌驗證機械能守恒定律，實驗裝置如圖1所示，水平桌面上固定一傾斜的氣墊導軌；導軌上A點處有一帶長方形遮光片的滑塊，其總質(zhì)量為M，左端由跨過輕質(zhì)光滑定滑輪的細繩與一質(zhì)量為m的小球相連；遮光片兩條長邊與導軌垂直；導軌上B點有一光電門，可以測量遮光片經(jīng)過光電門時的擋光時間t，用d表示A點到光電門B處的距離，b表示遮光片的寬度；將遮光片通過光電門的平均速度看作滑塊通過B點時的瞬時速度，實驗時滑塊在A處由靜止開始運動．

（1）滑塊通過B點的瞬時速度可表示為______；

（2）某次實驗測得傾角θ=30°，重力加速度用g表示，滑塊從A處到達B處時m和M組成的系統(tǒng)動能增加量可表示為△Ek=______，系統(tǒng)的重力勢能減少量可表示為△Ep=______，在誤差允許的范圍內(nèi)，若△Ek=△Ep則可認為系統(tǒng)的機械能守恒；

（3）在上次實驗中，某同學改變A、B間的距離，作出的v2-d圖象如圖2所示，并測得M=m，則重力加速度g=______m/s2．23、在做“測電源電動勢與內(nèi)阻”的實驗中；

(1)

先用多用電表粗測了干電池的電動勢。如圖1

所示是測量時選擇開關與表頭指針所處的位置；則該電池的電動勢為______V

實驗結束后，應將選擇開關撥到圖中的______擋位(

選填ABC

或D)

(2)

設計如圖2

電路進行測量。在實驗中發(fā)現(xiàn)變阻器的滑片由M

端向N

端逐漸滑動時；電流表示數(shù)逐漸增大，電壓表的示數(shù)接近1.5V

并且?guī)缀醪蛔?，當滑片臨近N

時，電壓表示數(shù)急劇變化。出現(xiàn)這種問題，應更換一個總阻值比原來______(

選填“大”或“小”)

的變阻器。

(3)

更換(2)

中變阻器后，記錄分布均勻的8

組電流表示數(shù)(I)

以及電壓表示數(shù)(U)

在數(shù)據(jù)處理軟件中，以U

為縱軸，以I

為橫軸，經(jīng)擬合得到直線U=1.4875鈭?1.5025I

則電動勢的測量值是______V

內(nèi)電阻的測量值是______婁賂.(

均需保留三位有效數(shù)字)

24、某同學想要測量一只電壓表V的內(nèi)阻；實驗室提供的器材如下：

A．電池組（電動勢約為3V；內(nèi)阻不計）；

B．待測電壓表V（量程3V；內(nèi)阻約3kΩ）；

C．電流表A（量程3A；內(nèi)阻15Ω）；

D．滑動變阻器R1（最大阻值為15kΩ）

E．變阻箱R2（0～9999Ω）；

F．開關和導線若干。

（1）該同學設計了如下四個電路；為了較準確地測出該電壓表內(nèi)阻，你認為合理的是______。

（2）用你選擇的電路進行實驗時；為了能作出相應的直線圖線；方便計算出電壓表的內(nèi)阻，你認為應該選______為橫坐標，______為縱坐標建立坐標軸進行數(shù)據(jù)處理（填所測物理量的名稱或符號）。

（3）根據(jù)前面所做的選擇，利用實驗數(shù)據(jù)所作圖象的斜率為k、截距為b，則待測電壓表V內(nèi)阻的表達式Rv=______。評卷人得分五、證明題(共4題，共12分)25、（2016?海淀區(qū)模擬）如圖所示，將小物塊（可視為質(zhì)點）平放在水平桌面的一張薄紙上，對紙施加恒定水平拉力將其從物塊底下抽出，物塊的位移很小，人眼幾乎觀察不到物塊的移動．已知物塊的質(zhì)量為M，紙與桌面、物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)均為μ1，紙與物塊間的動摩擦因數(shù)為μ2；重力加速度為g．

（1）若薄紙的質(zhì)量為m；則從開始抽紙到紙被抽離物塊底部的過程中；

①求薄紙所受總的摩擦力為多大；

②從沖量和動量的定義；結合牛頓運動定律和運動學規(guī)律，證明：水平拉力F和桌面對薄紙摩擦力的總沖量等于物塊和紙的總動量的變化量．（注意：解題過程中需要用到；但題目中沒有給出的物理量，要在解題中做必要的說明．）

（2）若薄紙質(zhì)量可忽略，紙的后邊緣到物塊的距離為L，從開始抽紙到物塊最終停下，若物塊相對桌面移動了很小的距離s0（人眼觀察不到物塊的移動），求此過程中水平拉力所做的功．26、如圖所示，小球用不可伸長的長度為L的輕繩懸于O點．（不計阻力）試證明：繩對小球在最低點拉力T1與最高點拉力T2之差T1-T2=6mg．

27、船以4m/s′的速度（相對靜水）垂直河岸渡河；水流的速度為5m/s．若河寬為120m，試計算：

（1）船能否垂直到達對岸？

（2）船需要多少時間才能到達對岸？

（3）船登陸的地點離出發(fā)點的距離是多少？28、如圖甲所示的控制電子運動裝置由偏轉(zhuǎn)電場、偏轉(zhuǎn)磁場組成．偏轉(zhuǎn)電場處在加有電壓U、相距為d的兩塊水平平行放置的導體板之間，勻強磁場水平寬度一定，豎直長度足夠大，其緊靠偏轉(zhuǎn)電場的右邊．大量電子以相同初速度連續(xù)不斷地沿兩板正中間虛線的方向向右射入導體板之間．當兩板間沒有加電壓時，這些電子通過兩板之間的時間為2t0；當兩板間加上圖乙所示的電壓U時，所有電子均能通過電場、穿過磁場，最后打在豎直放置的熒光屏上．已知電子的質(zhì)量為m、電荷量為e，不計電子的重力及電子間的相互作用，電壓U的最大值為U0；磁場的磁感應強度大小為B；方向水平且垂直紙面向里．

（1）如果電子在t=t0時刻進入兩板間；求它離開偏轉(zhuǎn)電場時豎直分位移的大?。?/p>

（2）要使電子在t=0時刻進入電場并能最終垂直打在熒光屏上；勻強磁場的水平寬度l為多少？

（3）證明：在滿足（2）問磁場寬度l的條件下，所有電子自進入板間到最終打在熒光屏上的總時間相同．評卷人得分六、作圖題(共4題，共20分)29、作圖題．

30、某同學站在觀光電梯地板上，用加速度傳感器記錄了電梯由靜止開始運動的加速度隨時間變化情況，以豎直向上為正方向．根據(jù)a-t圖象提供的信息，g取10m/s2；求：

（1）前35s內(nèi)最大的加速度是多少？

（2）設該同學質(zhì)量為50kg；請畫出他對電梯地板壓力隨時間變化的圖象；

（3）如圖是電梯運動的a-x圖象，橫軸為電梯上升的位移，求x=15m時電梯的速度．31、（2015秋?昆明校級期中）如圖所示，在勻強電場中，將帶電荷量q=-8×10-6C的電荷從電場中的A點移到B點，克服電場力做了3.2×10-5J的功，再從B點移到C點，電場力做了1.6×10-5J的功．求：

（1）A、B兩點間的電勢差UAB和B、C兩點間的電勢差UBC；

（2）作出過B點的一條電場線（只保留作圖的痕跡，不寫做法）．32、如圖所示，F(xiàn)1、F2是兩個共點力；請按照平行四邊形定則畫出它們的合力F．

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【分析】在電視機中當電子射入與電子速度垂直的磁場，然后在洛倫茲力的作用下發(fā)生偏轉(zhuǎn)；地磁的南極在地理的北極附近，而在磁體的外部，磁感線是從N極出發(fā)到達S極，故地磁場有一個向北的分量，故小磁針在地磁場的作用下N極指向北方，S極指向南方；電動機中存在磁場，當有電流通過磁場時，通電導線受到安培力的作用從而帶動線圈在磁場中運動．【解析】【解答】解：A；地磁場的南極在地理的北極附近．故A錯誤；

B；在地球的周圍存在著地磁場；而指南針其實就是一個小磁針，小磁針在磁場力的作用下發(fā)生偏轉(zhuǎn)，由于地磁的南極在地理的北極附近，而在磁體的外部，磁感線是從N極出發(fā)到達S極，故地磁場有一個向北的分量，故小磁針的N極指向北方，S極指向南方，故指南針是利用地磁場來指示方向的，故B正確．

C；在電視機中當電子射入與電子速度垂直的磁場中后；電子受到磁場的洛倫茲力，在洛倫茲力的作用下發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故電視機的顯像管利用了磁偏轉(zhuǎn)的原理，故C正確．

C；電動機中存在磁場；當有電流通過磁場時，通電導線受到安培力的作用從而帶動線圈在磁場中運動，故電動機是利用磁場對電流作用來工作，故C正確．

本題是選不正確的說法，故選：A．2、B【分析】【分析】a球做平拋運動，b球做自由落體運動，不論a球的初速度如何，兩球都同時落地，從而說明平拋運動在豎直方向是自由落體運動，進而可以一一作答．【解析】【解答】解：A；兩球同時落地．故A錯誤．

B、a球在豎直方向做自由落體運動，平拋時，則有水平速度，因此下落相同高度時，a球速率比b球速率大；故B正確；

C；根據(jù)分運動相互影響；則a球在水平和豎直方向的運動相互沒有影響，故C正確；

D、a球做平拋運動，b球做自由落體運動；不論a球的初速度如何，兩球都同時落地，從而說明平拋運動在豎直方向是自由落體運動，則它們的加速度相同，故D正確；

故選：BCD．3、A【分析】【分析】研究衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式表示出線速度、周期物理量根據(jù)軌道半徑的關系判斷各物理量的大小關系．【解析】【解答】解：A、萬有引力提供圓周運動向心力有得線速度知；軌道大的神州六號運行速度小，故A正確；

B；飛船只受地球的萬有引力作用；故其所受合力不為0，故B錯誤；

C、根據(jù)萬有引力提供圓周運動向心力有：得飛船周期知；軌道大的神州六號運行周期大，故C錯誤；

D；神州號飛船不在地球同步衛(wèi)星軌道上運動；故其相對于地球不處于靜止狀態(tài)，故D錯誤．

故選：A．4、B【分析】【分析】根據(jù)磁場方向與粒子所受洛倫茲力方向，應用左手定則可以判斷出電荷的速度方向，即運動方向．【解析】【解答】解：由圖示可知；磁場垂直于紙面向里，粒子帶負電，由左手定則可知，粒子的速度方向豎直向上，所受洛倫茲力水平向右，即向東．故B正確，ACD錯誤；

故選：B5、C【分析】試題分析：粒子從坐標原點開始運動時電場力作正功粒子動能增大，2mm處時粒子所受電場力與坐標原點時相反電場力開始做負功粒子動能減小，到橫坐標為6mm處時電場對其做功正好為0粒子動能為零，粒子不可能一直向前運動，故A錯誤；粒子經(jīng)過P點與Q點時，由于兩點的電場強度并不相同粒子的加速度大小不同，故B錯誤；由于P點與Q點處于同一等勢面上，從P點到Q點電場力做功為0，故粒子在兩點的動能相等，C項正確；粒子經(jīng)過P點與Q點時，速度大小相同但由于電場力大小不同由可知電場力做功的功率不同，故D錯誤?？键c：本題考查了電場力、動能、加速度、速度、功率等概念【解析】【答案】C6、B|D【分析】

A；B、圖2中；對人受力分析，受重力和拉力，由于兩個力不共線，故合力一定不為零；做直線運動，故合力與速度共線，做勻加速直線運動；

拉力T=mgsin30°=0.5mg；故A錯誤，B正確；

C；D、圖3的情形中；人受重力和拉力，若合力不為零，合力與速度不共線，不可能做直線運動，故合力一定為零，人做勻速直線運動，故T=mg；

環(huán)做勻速運動；合力為零，受細線的拉力；支持力和摩擦力，三力平衡，如圖所示；

圖3的情形中；若輕環(huán)突然被卡而停止，人將繞環(huán)轉(zhuǎn)動，人受的重力和拉力的合力提供向心力，有：

T-mg=m故T＞mg；

故C錯誤；D正確；

故選BD．

【解析】【答案】不管是圖2還是圖3；人均做直線運動；若是勻速直線運動，合力為零；若是變速直線運動，合力與速度共線；受力分析后運用平行四邊形定則作圖分析．

7、C【分析】解：A

閉合線圈與阻值為r

的電阻形成閉合回路；線圈相當與電源，電容器兩極板間的電壓等于路端電壓；由楞次定律可知，電流由右側(cè)流入，左側(cè)流出；故電容器上極板帶正電；故A錯誤；

B；因磁感應強度均勻變化；故產(chǎn)生的感應電動勢保持不變，電流不變，故B錯誤；

C、線圈產(chǎn)生的感應電動勢為：E=nS鈻?B鈻?t=nSk

路端電壓：U=E2rr=nsk2

則電容器所帶電荷量為：Q=CU=nskC2

故C正確，D錯誤；

故選：C

磁場均勻增強；線圈中產(chǎn)生恒定的感應電動勢，相當于電源；由楞次定律判斷電流的方向；根據(jù)法拉第定律可求得感應電動勢的大小，由電路的結構求出路端電壓。帶電微粒P

處于平衡狀態(tài)，電場力與重力平衡，由平衡條件列式，即可求出P

的電荷量，由楞次定律判斷電容器極板的電性，從而判斷P

的電性。

本題是電磁感應與帶電粒子在電場平衡問題的綜合，關鍵要能根據(jù)法拉第定律求出感應電動勢，由楞次定律判斷感應電動勢的方向?！窘馕觥緾

8、A【分析】【分析】本題考查原電池和電解池的工作原理，電極反應式的書寫，電化學綜合計算等，難度中等?！窘獯稹緼.“吸入”rm{CO_{2}}時，是原電池，正極反應：rm{4Na^{+}+3CO_{2}+4e^{-}=}rm{2Na_{2}CO_{3}+C}，故A正確；B.“吸入”rm{CO_{2}}時；是原電池，鈉箔為負極，故B錯誤；

C.“呼出”rm{CO_{2}}時，是電解池，電解質(zhì)溶液中陽離子移向陰極，則rm{Na^{+}}向鈉箔移動；故C錯誤；

D.標準狀況下，每“呼出”rm{3molCO_{2}}轉(zhuǎn)移rm{4mol}電子，則轉(zhuǎn)移rm{3molCO_{2}}電子，則“呼出”rm{4mol}rm{22.4LCO}rm{22.4LCO}故D錯誤。rm{2}rm{2}【解析】rm{A}9、C【分析】【分析】線圈在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動產(chǎn)生正弦交變電流，由電流圖象讀出感應電流的變化．由歐姆定律得知感應電流與感應電動勢成正比，由法拉第電磁感應定律得知，感應電動勢與磁通量的變化率成正比，當線圈磁通量最大時，感應電動勢為零；而當線圈的磁通量為零時，感應電動勢最大．【解析】【解答】解：A；在中性面時感應電流為零；感應電動勢為零，線圈與磁場垂直，磁通量最大．故A錯誤；

B；當穿過線框的磁通量為零時；線框中感應電動勢最大；故B錯誤；

C；每當線框掠過中性面時；感應電動勢和感應電流方向就改變一次；故C正確；

D；左右兩邊要切割磁感線的速度不為零；但由于相互抵消而使磁通量為零；故D錯誤；

故選：C．二、填空題(共7題，共14分)10、3：4【分析】【分析】物體A、B均受重力、支持力和靜摩擦力，受力平衡，根據(jù)平衡條件列式求解即可．【解析】【解答】解：由于紙帶對A；B兩個物體的摩擦力大小相等；系統(tǒng)處于平衡態(tài)，則。

mAgsin53°=mBgsin37°

解得：mA：mB=3：4

故答案為：3：4．11、1：1：1【分析】【分析】站在赤道上的人A和站在北緯45°位置的人B同軸轉(zhuǎn)動，角速度相等，根據(jù)v=ωr列式求解線速度之比．【解析】【解答】解：站在赤道上的人A和站在北緯45°位置的人B同軸轉(zhuǎn)動；角速度相等；

根據(jù)v=ωr，ω一定時，線速度v∝r，故vA：vB=rA：rB=R：Rcos45°=：1；

故答案為：1：1，：112、2【分析】【分析】連接AC，在AC上找出與B點等電勢點，作出等勢線，再過D作出等勢線，在AC線上找出與D等勢點，再確定D點的電勢．【解析】【解答】解：AB和CD是平行線，設它們與電場線的夾角是θ，則：UAB=ELcosθ=UDC；

又：UAB=φA-φB=10-6=4V

所以有：UDC=φD-φC=4V

得D點電勢為：UD=2V．

故答案為：2．13、磁極排斥吸引【分析】【分析】根據(jù)磁極的概念和磁極間的相互作用規(guī)律填寫．【解析】【解答】解：磁體上磁性最強的部分叫做磁極；一個磁體上有兩個磁極，分別叫南極和北極．磁體靠近時，同名磁極之間相互排斥異名磁極之間相互吸引．

故本題答案為：磁極、排斥、吸引14、略

【分析】解：（1）彈簧的勁度系數(shù)由彈簧的本身決定；而與懸掛的重物無關，所以乙正確．

由于實驗還沒有被證實；所以屬于猜想與假設環(huán)節(jié)．故選C

（2）實驗中需要懸掛彈簧測力計；所以需要鐵架臺，還需要測量彈簧形變量，所以需要刻度尺．

（3）根據(jù)數(shù)據(jù)計算可知道：

彈簧的伸長量x=彈簧長度-原長：即：x=24.00-20.00=4.00cm=0.04m

拉力F=mg=0.2×10=2N

由：F=kx得：

k===50N/m

看一看其它三個彈簧彈力與勁度系數(shù)以及形變量的關系：

彈簧A：3=100×0.03

彈簧B：1≈67.1×0.0149

彈簧D：1≈33.4×0.0299

故答案為：（1）乙C（2）鐵架臺；刻度尺。

（3）4.00cm50N/m

在實驗允許的誤差范圍內(nèi)；彈簧的勁度系數(shù)與彈簧原長成反比．

（1）兩個同學先做出假設；后進行實驗驗證，是科學探究中的猜想與假設環(huán)節(jié)．

（2）彈簧的伸長量x=彈簧長度-原長；勁度系數(shù)k可由：F=kx求出。

本題比較簡單考查了胡可定律的應用，做題時需要結合數(shù)學知識求解，是一道考查數(shù)學與物理結合的好題目【解析】乙；C；鐵架臺、刻度尺；4.00cm；50N/m；在實驗允許的誤差范圍內(nèi)，彈簧的勁度系數(shù)與彈簧原長成反比15、立刻亮而后熄滅立刻亮而后更亮立刻熄滅閃亮或變亮而后熄滅【分析】【分析】電感總是阻礙電流的變化．線圈中的電流增大時，產(chǎn)生自感電流的方向更原電流的方向相反，抑制增大；線圈中的電流減小時，產(chǎn)生自感電流的方向更原電流的方向相同，抑制減小，并與燈泡1構成電路回路．【解析】【解答】解：L是自感系數(shù)足夠大的線圈，它的電阻可忽略不計，D1和D2是兩個完全相同的小燈泡。

（1）K閉合瞬間，但由于線圈的電流增加，導致線圈中出現(xiàn)感應電動勢從而阻礙電流的增加，所以兩燈同時亮，當電流穩(wěn)定時，由于電阻可忽略不計，所以以后D1熄滅，D2變亮；

（2）K閉合斷開，D2立即熄滅，但由于線圈的電流減小，導致線圈中出現(xiàn)感應電動勢從而阻礙電流的減小，所以D1亮一下再慢慢熄滅；

故答案為：（1）立刻亮而后熄滅；立刻亮而后更亮；

（2）立刻熄滅，閃亮或變亮而后熄滅．16、衍射變大變暗障礙物或孔的尺寸越小【分析】【分析】衍射條紋的寬度和亮度與單縫的寬度有關，寬度越窄，亮度越弱，條紋的寬度越寬，當縫的寬度與障礙物尺寸差不多或比障礙物尺寸小，可以發(fā)生明顯的衍射．【解析】【解答】解：觀察某一單色線光源；看到了明暗相間的條紋，這是光的衍射現(xiàn)象；

衍射條紋的寬度與縫的寬度有關；縫變寬，條紋變窄，亮度增大，縫變窄，條紋變寬，亮度減弱．知衍射現(xiàn)象中，衍射圖樣條紋的寬度及亮度與單縫寬度有關．當縫的寬度與障礙物尺寸差不多或比障礙物尺寸小，可以發(fā)生明顯的衍射．所以縫的寬度變窄時，衍射現(xiàn)象更明顯．

故答案為：衍射；變大；變暗；障礙物或孔的盡寸越?。?、判斷題(共5題，共10分)17、√【分析】【分析】建立坐標系的意義是為了定量描述質(zhì)點的位置變化，要根據(jù)問題的實際需要，建立合適的坐標系，沿直線運動建立直線坐標系，在平面上運動，建立平面直角坐標系．【解析】【解答】解：建立坐標系是為了定量描述物體的位置和位置的變化；坐標系都是建立在參考系上的，沒有參考系則坐標系無法建立，所以該說法是正確的．

故答案為：√18、×【分析】【分析】結合產(chǎn)生感應電流的條件：閉合回路的磁通量發(fā)生變化即可正確判定．【解析】【解答】解：產(chǎn)生感應電流的條件是閉合回路的磁通量發(fā)生變化；題目中穿過閉合導體回路所包圍面積的磁通量為零時，沒有說明磁通量是否變化，所以不能判斷出沒有感應電流產(chǎn)生．所以以上說法是錯誤的．

故答案為：×19、√【分析】【分析】電場的基本性質(zhì)就是對其中的電荷有力的作用，電荷在電場中一定受到電場力作用．【解析】【解答】解：電場的基本性質(zhì)就是對其中的電荷有力的作用；故電荷在電場中一定受電場力的作用．

故答案為：√20、×【分析】【分析】從微觀上說，系統(tǒng)內(nèi)能是構成系統(tǒng)的所有分子無規(guī)則運動動能、分子間相互作用勢能的總和，是大量分子的統(tǒng)計規(guī)律．【解析】【解答】解：物體內(nèi)能是指物體內(nèi)部所有分子做無規(guī)則運動所具有的動能和分子勢能的總和；注意是物體的內(nèi)能，不是分子的內(nèi)能；

故答案為：×21、×【分析】【分析】（1）如果二力在同一條直線上；根據(jù)力的合成計算合力的大小，即同一直線上同方向二力的合力等于二力之和；

同一直線反方向二力的合力等于二力之差．

（2）如果二力不在同一條直線上，合力大小介于二力之和與二力之差之間．【解析】【解答】解：當二力反向時；合力等于二力大小之差，合力有可能小于分力，故這句話是錯誤的；

故答案為：×四、實驗探究題(共3題，共30分)22、略

【分析】解：（1）由于光電門的寬度b很??；所以我們用很短時間內(nèi)的平均速度代替瞬時速度．

滑塊通過光電門B速度為：vB=

（2）滑塊從A處到達B處時m和M組成的系統(tǒng)動能增加量為：△E=（M+m）（）2=

系統(tǒng)的重力勢能減少量可表示為：△Ep=mgd-Mgdsin30°=（m-）gd；

比較△Ep和△Ek；若在實驗誤差允許的范圍內(nèi)相等，即可認為機械能是守恒的．

（3）根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒有：（M+m）v2=（m-）gd；

則v2=2×gd

對應v2-d圖象，則圖線的斜率：k=2×g；

由圖象可知，k==4.8；

則有：g=×

代入數(shù)據(jù)得：g=9.6m/s2．

故答案為：（1）

（2）（m-）gd；

（3）9.6．

（1）由于光電門的寬度d很小；所以我們用很短時間內(nèi)的平均速度代替瞬時速度．

（2）根據(jù)重力做功和重力勢能之間的關系可以求出重力勢能的減小量；根據(jù)起末點的速度可以求出動能的增加量；根據(jù)功能關系得重力做功的數(shù)值等于重力勢能減小量．

（3）根據(jù)圖象的物理意義可知；圖象的斜率大小等于物體的重力加速度大?。?/p>

本題應了解光電門測量瞬時速度的原理．同時在實驗中我們要清楚研究對象和研究過程，對于系統(tǒng)我們要考慮全面，掌握系統(tǒng)機械能守恒處理方法，注意圖象的斜率的含義．【解析】（m-）gd；9.623、略

【分析】解：(1)

由圖可知；電壓表量程為2.5V

則指針的示數(shù)為1.48V

使用結束時，開關應打在OFF

檔或交流電壓500V

檔；故本題中只能打在A

檔上；

(2)

滑動變阻器串聯(lián)在電路中；電壓表測量滑動變阻器電壓，剛開始滑動觸頭P

由A

端向B

端逐漸滑動時，電壓表的示數(shù)幾乎不變，說明隨著電阻的變小，滑動變阻器的電阻占整個電路電阻的比例變化不大，直到當滑動觸頭P

滑至臨近B

端時，電壓表的示數(shù)急劇變化，說明滑線變阻器的總電阻太大；

所以原因是：滑動變阻器阻值太大；有效使用的部分短，改進方法為：選擇阻值更小的滑動變阻器。

(3)

根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，U=E鈭?Ir

則對比得出的直線U=1.4875鈭?1.5025I

可知，電動勢E=1.49V

內(nèi)阻r=1.50婁賂

故答案為：(1)1.48(1.46鈭?1.49

均可)A(2)

小(3)1.491.50

(1)

明確多用電表的讀數(shù)方法；從而得出最終讀數(shù)；知道多用電表的使用方法，明確測量結束后選擇開關應打在交流電壓500V

檔；

(2)

滑動變阻器串聯(lián)在電路中；電壓表測量滑動變阻器電壓，剛開始滑動觸頭P

由A

端向B

端逐漸滑動時，電壓表的示數(shù)幾乎不變，說明隨著電阻的變小，滑動變阻器的電阻占整個電路電阻的比例變化不大，直到當滑動觸頭P

滑至臨近B

端時，電壓表的示數(shù)急劇變化，說明滑線變阻器的總電阻太大；

(3)

根據(jù)給出的點可得出對應的圖象；由圖象結合閉合電路歐姆定律即可求得電動勢和內(nèi)電阻。

本題考查測量電動勢和內(nèi)電阻的實驗，要注意明確實驗原理，知道實驗中應用圖象求解電動勢和內(nèi)電阻的基本方法?！窘馕觥?.48A

??；1.491.50

24、CR【分析】解：（1）A；圖A所示電路滑動變阻器與電壓表串聯(lián)接入電路；電源電動勢約為3V，電壓表內(nèi)阻約為3kΩ，由于電壓表內(nèi)阻太大，電路電流很小幾乎為零，電流表無法準確讀數(shù)，A電路不合理。

B；圖B電路中由于滑動變阻器最大阻值為15kΩ；電路電流較小，改變阻值過程中，電流表讀數(shù)變化范圍太小，因此B電路不合理。

C；圖C電路；由于電阻箱電阻最大阻值為9999Ω，改變電阻箱阻值可以改變電壓表示數(shù)，測出多組實驗數(shù)據(jù)，因此比較合理的實驗電路是圖C。

D；圖D電路中當電阻箱電阻較大時；電壓表便于讀數(shù)，但電流表示數(shù)很小不便讀數(shù)；當電阻箱電阻小較小時，電流表讀數(shù)不超過五分之一滿偏，故D電路不合理。

故選：C。

（2）選用圖C所示實驗電路；閉合開關S，改變阻值，記錄需要直接測量的物理量：電壓表的讀數(shù)U和電阻箱的阻值R。

由于電源內(nèi)阻可以忽略不計，由閉合電路歐姆定律可得：此式可改寫為：

以R為橫坐標，為縱坐標，作出圖象；用圖象法處理實驗數(shù)據(jù)。

（3）由則圖象的斜率：截距：則電壓表內(nèi)阻

故答案為：（1）C；（2）R；（3）

（1）電壓表內(nèi)阻很大；串聯(lián)接入電路后電流很小，電流表示數(shù)幾乎為零，無法準確讀數(shù)，因此不能用伏安法測電壓表內(nèi)阻，應使用電壓表與電阻箱組成電路測電壓表內(nèi)阻。

（2）應用圖象法處理實驗數(shù)據(jù)時；圖象為直線最簡單，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求出電壓與電阻箱阻值關系，然后作出合適的圖象。

（3）根據(jù)函數(shù)表達式求出斜率k與截距b的表達式；然后求出電壓表內(nèi)阻。

本題考查了實驗電路的選擇、實驗步驟、實驗數(shù)據(jù)處理等；應用圖象法處理實驗數(shù)據(jù)時，要選擇合適的變量，使圖象為直線，圖象是直線，圖象比較直觀、易于實驗數(shù)據(jù)的處理?！窘馕觥緾R五、證明題(共4題，共12分)25、略

【分析】【分析】（1）①根據(jù)滑動摩擦力公式f=μN求解摩擦力．

②根據(jù)牛頓第二定律得物塊和薄紙的加速度．從而得到速度的變化量；再研究水平拉力F和桌面對薄紙摩擦力的總沖量，即可證明．

（2）根據(jù)相對位移，得到摩擦產(chǎn)生的熱量，利用功能關系求解．【解析】【解答】解：（1）①從開始抽紙到紙被抽離物塊底部的過程中；

物塊對薄紙施加的摩擦力f物=μ2Mg

水平桌面對薄紙施加的摩擦力f桌=μ1（M+m）g

薄紙受到的總的摩擦阻力f總=μ1（M+m）g+μ2Mg

②從開始抽紙到薄紙被抽離物塊底部的過程，假設物塊的加速度為aM、薄紙的加速度為am，所用時間為t，這一過程物塊和紙張的速度變化量分別為△vM，△vm．

則有△vM=aMt，△vm=amt；

對于薄紙，根據(jù)牛頓第二定律有F-f桌-f物=mam

對于物塊，根據(jù)牛頓第二定律有f紙=MaM

由牛頓第三定律有f物=f紙

由以上三式解得F-f桌=mam+MaM

上式左右兩邊都乘以時間t，有（F-f桌）t=mamt+MaMt=m△vm+M△vM

上式左邊即為水平拉力F和桌面對薄紙摩擦力的總沖量；右邊即為物塊和紙的總動量的變化量．命題得證．

說明：其他方法正確同樣得分．

（2）設物塊在薄紙上加速和在桌面上減速的位移分別為x1，x2；

則物塊對地位移s0=x1+x2

因薄紙質(zhì)量可忽略；故其動能可忽略，所以水平拉力F所做的功有以下一些去向：

薄紙與桌面間的摩擦生熱Q1=μ1Mg（x1+L）

物塊與薄紙間的摩擦生熱Q2=μ2Mgs相=μ2MgL

物塊與桌面間的摩擦生熱Q3=μ1Mgx2

由功能關系有WF=Q1+Q2+Q3

解得WF=μ1Mg（s0+L）+μ2MgL

所以，水平拉力F所做的功W=μ1Mg（s0+L）+μ2MgL．

答：

（1）①薄紙所受總的摩擦力為μ1（M+m）g+μ2Mg．②證明見上．

（2）此過程中水平拉力所做的功為μ1Mg（s0+L）+μ2MgL．26、略

【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律分別求出小球通過最高點和最低點時拉力與速度的關系式，再由機械能守恒定律列式，得到兩點速度的關系，聯(lián)立即可證明．【解析】【解答】解：根據(jù)牛頓第二定律得：

在最高點有：T2+mg=m

在最低點有：T1-mg=m

根據(jù)機械能守恒定律得：mg?2L=-mv22；

解得：T1-T2=6mg

得證．27、略

【分析】【分析】將小船渡河的運動分解為沿河岸方向和垂直于河岸方向的兩個分運動；在兩個方向上都做勻速直線運動，因此不能垂直到達對岸；

再根據(jù)分運動和合運動具有等時性求出渡河的時間；

結合兩方向的位移公式，由矢量合成法則，即可求解登陸的地點離船出發(fā)點的距離【解析】【解答】解：（1）船以4m/s垂直河岸的速度渡河；因存在水流的速度為5m/s，則是船不能垂直達到對岸；

（2）因船以4m/s垂直河岸的速度渡河時間最短，根據(jù)t==s=30s；則有渡河時間至少為30s；

（3）在渡河時間內(nèi)，船沿著水流方向的位移為：s=vst=5×30m=150m；

所以船登陸的地點離船出發(fā)點的距離是：x==m=30m；

答：（1）船不能垂直達到對岸；

（2）船需要30s時間才能達到對岸；

（3）船登陸的地點離船S發(fā)點的距離是30m．28、略

【分析】【分析】（1）電子在t=t0時刻進入兩板間，先做勻速運動，后做類平拋運動，運動時間為t0，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，由y=求出電子離開偏轉(zhuǎn)電場時豎直分位移的大?。?/p>

（2）根據(jù)加速度和時間求出電子在電場中速度的偏向角θ．在磁場中最終垂直打在熒光屏上；則電子在磁場中的速度偏向角也θ，軌跡的圓心角為θ，由牛頓第二定律和幾何關系求解勻強磁場的水平寬度．

（3）電子在電場中水平是勻速直線運動，在兩板間運動的時間均為t1=2t0．電子在磁場中速度偏向角仍為θ，電子在磁場中運動時間為t2==，得到總時間總是相同．【解析】【解答】解：（1）電子在t=t0時刻進入兩板間；先做勻速運動，后做類平拋運動；

在2t0～3t0時間內(nèi)發(fā)生偏轉(zhuǎn)

（2）設電子從電場中射出的偏向角為θ，速度為v，則

電子通過勻強磁場并能垂直打在熒光屏上；其圓周運動的半徑為R，根據(jù)牛頓第二定律

有

由幾何