2025年粵教滬科版高二物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教滬科版高二物理上冊(cè)月考試卷828考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、下列說法中符合實(shí)際的是（）A.變化的磁場(chǎng)一定產(chǎn)生變化的電場(chǎng)B.電磁波不能發(fā)生衍射現(xiàn)象C.根據(jù)多普勒效應(yīng)可以判斷遙遠(yuǎn)天體對(duì)地球的運(yùn)動(dòng)速度D.光在真空中的運(yùn)動(dòng)速度在不同慣性系中測(cè)得數(shù)值可能不同2、下列各種敘述中，正確的是(

)

A.單位mkgN

是一組屬于國(guó)際單位制的基本單位B.牛頓進(jìn)行了“月鈭?

地檢驗(yàn)”，將天體間的力和地球?qū)ξ矬w的力統(tǒng)一起來C.法拉第通過實(shí)驗(yàn)觀察到電流的磁效應(yīng)，揭示了電和磁之間存在聯(lián)系D.奧斯特由環(huán)形電流和條形磁鐵磁場(chǎng)的相似性，提出分子電流假說，解釋了磁現(xiàn)象的電本質(zhì)3、如圖所示，A、B是完全相同的兩只小燈泡，L為自感系數(shù)很大、直流電阻不計(jì)的線圈，下列說法正確的是（）A.閉合電鍵S瞬間，A燈逐漸變亮，B燈立即亮B.電鍵閉合一段時(shí)間后，A燈不亮，B燈亮C.斷開電鍵S的瞬間，B燈同時(shí)熄滅D.斷開電鍵S的瞬間，B燈都閃亮一下后再熄滅4、自動(dòng)門、生命探測(cè)器、家電遙控系統(tǒng)、非接觸式測(cè)溫儀都使用了（）A.溫度傳感器B.生物傳感器C.壓力傳感器D.紅外線傳感器5、關(guān)于產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件，下列說法中正確的是（）A.任何導(dǎo)體在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，都能產(chǎn)生感應(yīng)電流B.當(dāng)閉合電路中的一部分導(dǎo)體在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，一定能產(chǎn)生感應(yīng)電流C.當(dāng)閉合電路中的一部分導(dǎo)體在磁場(chǎng)中沿磁感線運(yùn)動(dòng)時(shí)，就能產(chǎn)生感應(yīng)電流D.當(dāng)閉合電路中的一部分導(dǎo)體在磁場(chǎng)中做切割磁感線運(yùn)動(dòng)時(shí)，就能產(chǎn)生感應(yīng)電流6、為測(cè)某電阻R的阻值；分別接成圖所示的甲；乙兩電路，在甲電路中電壓表和電流表的示數(shù)分別為3V、3mA，乙電路中兩表示數(shù)分別為2.9V和4mA，則待測(cè)電阻的真實(shí)值應(yīng)為（）

A.比1000Ω略大一些B.比1000Ω略小一些C.比725Ω略大一些D.比725Ω略小一些評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、如圖所示為一單擺做間諧運(yùn)動(dòng)的圖象，在0.1～0.2s這段時(shí)間內(nèi)（）A.物體的回復(fù)力逐漸減小B.物體的速度逐漸減小C.物體的位移逐漸減小D.物體的勢(shì)能逐漸減小8、關(guān)于熱輻射下列說法中正確的是（）A.物體在室溫時(shí)輻射的主要成分是波長(zhǎng)較長(zhǎng)的電磁波B.隨溫度的升高，黑體輻射中較短波長(zhǎng)的成分越來越多C.隨溫度的升高，黑體輻射強(qiáng)度的極大值向波長(zhǎng)較短的方向移動(dòng)．D.輻射強(qiáng)度按波長(zhǎng)的分布情況隨物體的溫度而有所不同，這是熱輻射的一種特性9、如圖所示，ABCD

為勻強(qiáng)電場(chǎng)中相鄰的四個(gè)等勢(shì)面，一個(gè)電子垂直經(jīng)過等勢(shì)面D

時(shí)，動(dòng)能為20eV

飛經(jīng)等勢(shì)面C

時(shí)，電勢(shì)能為鈭?10eV

飛至等勢(shì)面B

時(shí)速度恰好為零，已知相鄰等勢(shì)面間的距離均為5cm

則下列說法正確的是()

A.等勢(shì)面A

的電勢(shì)為鈭?10V

B.勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為400V/m

C.電子再次飛經(jīng)等勢(shì)面D

時(shí)，動(dòng)能仍為20eV

D.電子的運(yùn)動(dòng)為類平拋運(yùn)動(dòng)10、有一橫截面積為S

的銅導(dǎo)線，流經(jīng)其中的電流為I

設(shè)每單位體積的導(dǎo)線中有n

個(gè)自由電子，電子的電荷量為q.

此時(shí)電子的定向移動(dòng)速度為v

在t

時(shí)間內(nèi)，通過銅導(dǎo)線橫截面的自由電子數(shù)目可表示為(

)

A.nvSt

B.nqvt

C.Itq

D.ItSq

11、由三顆星體構(gòu)成的系統(tǒng)，忽略其他星體對(duì)它們的作用，存在著一種運(yùn)動(dòng)形式：三顆星體在相互之間的萬有引力作用下，分別位于等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上，繞某一共同的圓心O

在三角形所在的平面內(nèi)做相同角速度的圓周運(yùn)動(dòng)(

圖示為ABC

三顆星體質(zhì)量不相同時(shí)的一般情況).

若A

星體質(zhì)量為2mBC

兩星體的質(zhì)量均為m

三角形邊長(zhǎng)為a.

則(

)

A.B

星體所受的合力與A

星體所受合力之比為12

B.圓心O

與B

的連線與BC

夾角婁脠

的正切值為32

C.AB

星體做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大小之比為37

D.此三星體做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度大小為2Gm2a3

12、如圖甲所示是用來加速帶電粒子的回旋加速器的示意圖，其核心部分是兩個(gè)D形金屬盒．在加速帶電粒子時(shí)，兩金屬盒置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，兩盒分別與高頻電源相連．帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能Ek隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示；忽略帶電粒子在電場(chǎng)中的加速時(shí)間，則下列判斷正確的是（）

A.高頻電源的變化周期應(yīng)該等于tx-tx-1B.在Ek-t圖中應(yīng)有t4-t3=t3-t2=t2-t1C.若電源電壓可變，粒子加速次數(shù)越多，粒子最大動(dòng)能一定越大D.要想粒子獲得的最大動(dòng)能增大，可增加D形盒的半徑13、如圖是磁懸浮的原理，圖中A是圓柱形磁鐵，B是用高溫超導(dǎo)材料制成的超導(dǎo)圓環(huán)，將超導(dǎo)圓環(huán)水平放在磁鐵A上，它就能在磁力的作用下懸浮在磁鐵A上方的空中（）A.將B放入磁場(chǎng)的過程中，B中將產(chǎn)生感應(yīng)電流，當(dāng)穩(wěn)定后，感應(yīng)電流消失B.將B放入磁場(chǎng)的過程中，B中將產(chǎn)生感應(yīng)電流，當(dāng)穩(wěn)定后，感應(yīng)電流仍存在C.如A的N極朝上，B中感應(yīng)電流為順時(shí)針方向（俯視）D.如A的N極朝上，B中感應(yīng)電流為逆時(shí)針方向（俯視）14、如圖所示，垂直紙面的正方形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)有一處于紙面內(nèi)的正方形導(dǎo)體框abcd

現(xiàn)將導(dǎo)體框分別向右以速度v

和向左以速度3v

勻速拉出磁場(chǎng)，則在這兩個(gè)過程中(

)

A.導(dǎo)體框中的感應(yīng)電流方向相反B.安培力對(duì)導(dǎo)體框做功相同C.導(dǎo)體框ad

邊兩端電勢(shì)差相同D.通過導(dǎo)體框截面的電量相同15、用控制變量法，可以研究影響平行板電容器電容的因素(

如圖)

設(shè)兩極板正對(duì)面積為S

極板間的距離為d

靜電計(jì)(

起電壓表的作用)

指針偏角為婁脠

實(shí)驗(yàn)中，極板所帶電荷量不變，若()

A.保持S

不變，增大d

則婁脠

變小B.保持d

不變，減小S

則婁脠

變大C.保持S

不變，增大d

則婁脠

變大D.保持d

不變，減小S

則婁脠

不變?cè)u(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、一水平放置的矩形線圈abcd，在條形磁鐵S極附近下落，在下落過程中，線圈平面保持水平，如圖所示，位置l和3都靠近位置2，則線圈從位置1到位置2的過程中，線圈內(nèi)____感應(yīng)電流，線圈從位置2到位置3的過程中，線圈內(nèi)____感應(yīng)電流．（填“有”或“無“）

17、如圖電路中，a、b、c三只小燈泡均發(fā)光，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向左端滑動(dòng)時(shí)，a燈____，b燈____．（填“變亮”；“變暗”或“不變”）

18、LED發(fā)光二極管新技術(shù)已被廣泛應(yīng)用；某科技小組一同學(xué)想通過實(shí)驗(yàn)盡可能大范圍描繪出發(fā)光二極管的伏安特性曲線來研究它的工作特性．

（1）實(shí)驗(yàn)室提供的器材如圖甲所示（其中電壓表內(nèi)阻約20KΩ，電流表內(nèi)阻約200Ω），該同學(xué)已連接了部分導(dǎo)線．請(qǐng)?jiān)谙旅婢€框內(nèi)畫出該實(shí)驗(yàn)電路圖（用表示發(fā)光二極管）并在圖甲中以劃線代替導(dǎo)線，按實(shí)驗(yàn)要求將實(shí)物圖連線補(bǔ)充完整____．

（2）實(shí)驗(yàn)測(cè)得這種發(fā)光二極管兩端電壓U和通過它電流I的數(shù)據(jù)如下表所示：

。U/V0.400.801.201.602.002.402.80I/mA0.92.34.36.812.019.030.0根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在圖乙所示的坐標(biāo)紙中畫出該發(fā)光二極管的I-U圖線____．

（3）若此發(fā)光二極管的最佳工作電流為12mA，現(xiàn)將此發(fā)光二極管與電動(dòng)勢(shì)為3V、內(nèi)阻不計(jì)的電池組相連，還需串聯(lián)一個(gè)約多大的電阻R=____Ω（保留三位有效數(shù)字），才能使它工作在最佳狀態(tài)，請(qǐng)?jiān)趫D乙所示的坐標(biāo)紙中畫出電阻R的伏安特征圖線____．

19、一個(gè)共有10匝的閉合矩形線圈，總電阻為10Ω，置于水平面上．若線圈內(nèi)的磁通量在0.02s內(nèi)，由垂直紙面向里，從0.02wb均勻增加到0.06wb，則在此時(shí)間內(nèi)，線圈內(nèi)導(dǎo)線的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為_________V。20、如圖中千分尺的讀數(shù)是A______mm，B______mm

21、永動(dòng)機(jī)：第一類永動(dòng)機(jī)是不可能制成的，因?yàn)樗`反了________;

第二類永動(dòng)機(jī)也是不可能制成的，因?yàn)樗`反了________．22、（4分）磁場(chǎng)具有能量，磁場(chǎng)中單位體積所具有的能量叫做能量密度，其值為B2/2μ,式中B是感應(yīng)強(qiáng)度,μ是磁導(dǎo)率，在空氣中μ為一已知常數(shù)．為了近似測(cè)得條形磁鐵磁極端面附近的磁感應(yīng)強(qiáng)度B，一學(xué)生用一根端面面積為A的條形磁鐵吸住一相同面積的鐵片P，再用力將鐵片與磁鐵拉開一段微小距離△L，并測(cè)出拉力F，如圖所示．因?yàn)镕所做的功等于間隙中磁場(chǎng)的能量，所以由此可得磁感應(yīng)強(qiáng)度B與F、A之間的關(guān)系為B＝23、如圖所示，實(shí)線為電場(chǎng)線，虛線為等勢(shì)面，相鄰兩等勢(shì)面間的電勢(shì)差相等．一個(gè)正電荷在等勢(shì)面L3處的動(dòng)能為20J，運(yùn)動(dòng)到等勢(shì)面L1處時(shí)動(dòng)能為零；現(xiàn)取L2為零電勢(shì)參考平面，則當(dāng)此電荷的動(dòng)能為7J時(shí)，它的電勢(shì)能為______（不計(jì)重力及空氣阻力）．評(píng)卷人得分四、識(shí)圖作答題(共2題，共12分)24、下圖為萵苣種子萌發(fā)過程中氧氣的消耗速率和二氧化碳釋放速率的曲線。

（1）胚根長(zhǎng)出之前發(fā)生的主要是_______呼吸，理由是______________________。若以H218O浸潤(rùn)種子，則有氧呼吸過程中18O的轉(zhuǎn)移途徑是_____________________。（2）26℃下，將萵苣種子交替在紅光（R，1min）和遠(yuǎn)紅光（FR，4min）下連續(xù)曝光處理后，種子的萌發(fā)率如下表。。光處理萌發(fā)率%光處理萌發(fā)率%R80R-FR-R79FR7R-FR-R-FR7①本實(shí)驗(yàn)_________（填“能”或“不能”）說明紅光對(duì)種子的萌發(fā)起促進(jìn)作用，原因是__________________________________。②分析實(shí)驗(yàn)中光處理情況可判斷：種子萌發(fā)率的高低由__________________________決定。③有些種子萌發(fā)還需要光照，這體現(xiàn)了______________________離不開生態(tài)系統(tǒng)的信息傳遞。25、如圖所示是利用山楂制作果酒果醋的流程：回答下列問題：（1）酒精發(fā)酵主要利用酵母菌的________呼吸，酵母菌與醋酸菌在結(jié)構(gòu)上的主要區(qū)別是________。（2）酒精發(fā)酵前加入的白砂糖主要是為酵母菌提供________。如圖表示白砂糖的添加量對(duì)酒精生成量的影響，白砂糖的添加量為________左右最為合理。（3）醋酸發(fā)酵前，需要加入純凈水對(duì)山楂果酒進(jìn)行稀釋，原因是________。（4）將發(fā)酵好的山楂果醋在80％左右的溫度下熱處理8～10min，目的是________，以及防止雜菌污染。評(píng)卷人得分五、畫圖題(共2題，共18分)26、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象27、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】解：A；只有非均勻變化的磁場(chǎng)才一定產(chǎn)生變化的電場(chǎng)；若是均勻變化的磁場(chǎng)，則會(huì)產(chǎn)生恒定的電場(chǎng)，故A錯(cuò)誤；

B；電磁波是橫波；波都能發(fā)生干涉和衍射，故B錯(cuò)誤；

C；由于波源與接受者的相對(duì)位移的改變；而導(dǎo)致接受頻率的變化，稱為多普勒效應(yīng)，所以可以判斷遙遠(yuǎn)天體相對(duì)于地球的運(yùn)動(dòng)速度，故C正確；

D；根據(jù)光速不變?cè)?；知在不同慣性系中，光在真空中沿不同方向的傳播速度大小相等，故D錯(cuò)誤．

故選：C．

均勻變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生穩(wěn)定的電場(chǎng)；非均勻變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生變化的電場(chǎng)；電磁波是橫波，波都能發(fā)生干涉和衍射；利用多普勒效應(yīng)和光速不變?cè)砼袛郈D選項(xiàng)即可．

明確干涉和衍射是波特有的現(xiàn)象；知道電磁波譜及作用功能，多普勒效應(yīng)和光速不變?cè)?，屬于基礎(chǔ)題．【解析】【答案】C2、B【分析】解：A

米、千克是基本單位；牛頓是國(guó)際單位制中的導(dǎo)出單位，故A錯(cuò)誤；

B；牛頓發(fā)現(xiàn)萬有引力定律后；進(jìn)行了“月鈭?

地檢驗(yàn)”，將天體間的力和地球上物體的重力統(tǒng)一起來，故B正確；

C；奧斯特通過實(shí)驗(yàn)觀察到電流的磁效應(yīng)；揭示了電和磁之間存在聯(lián)系.

故C錯(cuò)誤；

D；安培由環(huán)形電流和條形磁鐵磁場(chǎng)的相似性；提出分子電流假說，解釋了磁現(xiàn)象的電本質(zhì).

故D錯(cuò)誤．

故選：B

國(guó)際單位制規(guī)定了七個(gè)基本物理量.

分別為長(zhǎng)度；質(zhì)量、時(shí)間、熱力學(xué)溫度、電流、光強(qiáng)度、物質(zhì)的量.

它們的在國(guó)際單位制中的單位稱為基本單位；而物理量之間的關(guān)系式推到出來的物理量的單位叫做導(dǎo)出單位．

本題根據(jù)物理學(xué)史解答；記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可．

國(guó)際單位制規(guī)定了七個(gè)基本物理量，這七個(gè)基本物理量分別是誰，它們?cè)趪?guó)際單位制分別是誰，這都是需要學(xué)生自己記住的．【解析】B

3、B【分析】解：A；開關(guān)S閉合的瞬間；兩燈同時(shí)獲得電壓，所以A、B同時(shí)發(fā)光。故A錯(cuò)誤；

B；開關(guān)S閉合的瞬間；兩燈同時(shí)獲得電壓，所以A、B同時(shí)發(fā)光。由于線圈的電阻可以忽略，燈A逐漸被短路，流過A燈的電流逐漸減小，A燈逐漸變暗，直至熄滅，而流過B的電流增大，所以B燈變亮。故B正確；

C；D、斷開開關(guān)S的瞬間；B燈的電流突然消失，立即熄滅；流過線圈的電流將要減小，產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)電源，維持L中的電流逐漸減小，所以A燈突然閃亮一下再熄滅，故C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤。

故選：B。

開關(guān)S閉合的瞬間；電源的電壓同時(shí)加到兩燈的兩端，兩燈同時(shí)發(fā)光。由于線圈的電阻可以忽略，燈A逐漸被短路，隨后A燈變暗，B燈變亮。斷開開關(guān)S的瞬間，B燈立即熄滅，A燈突然閃亮一下再熄滅。

對(duì)于自感線圈，當(dāng)電流變化時(shí)產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源，當(dāng)電路穩(wěn)定時(shí)，相當(dāng)于導(dǎo)線，將所并聯(lián)的電路短路?！窘馕觥緽4、D【分析】【解答】自動(dòng)門；生命探測(cè)器、家電遙控系統(tǒng)、非接觸式測(cè)溫儀均能發(fā)出紅外線；所以使用的是紅外線傳感器．故選：D

【分析】傳感器的作用是將溫度、力、光、聲音等非電學(xué)量轉(zhuǎn)換為電學(xué)量．5、D【分析】【分析】只有閉合回路中的部分導(dǎo)體切割磁感線才能在回路中產(chǎn)生感應(yīng)電流;

A；導(dǎo)體在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)；若沒有閉合回路是不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流的；即使是閉合的回路，導(dǎo)體的運(yùn)動(dòng)既可以是沿磁感線運(yùn)動(dòng)，也可是切割磁感線，只有切割才會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A錯(cuò)誤；

B；若閉合回路；一部分導(dǎo)體在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí),不能確定導(dǎo)體切割磁感線，所以不一定產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B錯(cuò)誤；

C；當(dāng)閉合電路中的一部分導(dǎo)體在磁場(chǎng)中沿磁感線運(yùn)動(dòng)時(shí)；并沒有切割磁感線，所以在回路中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C錯(cuò)誤；

D；只有閉合回路的一部分導(dǎo)體在磁場(chǎng)中做切割磁感線運(yùn)動(dòng)才能產(chǎn)生感應(yīng)電流；故D正確；

故選D。

【點(diǎn)評(píng)】感應(yīng)電流的產(chǎn)生條件，應(yīng)明確只有同時(shí)滿足兩個(gè)條件：部分導(dǎo)體、導(dǎo)體做切割磁感線運(yùn)動(dòng)導(dǎo)體中才能產(chǎn)生感應(yīng)電流。6、B【分析】【分析】用試觸法判斷電流表內(nèi)外接方法是：哪個(gè)電表的變化大就用哪個(gè)表側(cè)真實(shí)值，電壓表的變化為小于電流表的變化故應(yīng)該電流表內(nèi)接（甲圖），因?yàn)殡妷罕頊y(cè)量值比真實(shí)值偏大，所以真實(shí)值應(yīng)比1000略小些，B正確；

【點(diǎn)評(píng)】本題的關(guān)鍵是理解用試觸法判斷電流表內(nèi)外接方法是：哪個(gè)電表的變化大就用哪個(gè)表側(cè)真實(shí)值。二、多選題(共9題，共18分)7、ACD【分析】解：A；由圖在0.1～0.2s這段時(shí)間內(nèi)位移逐漸減??；質(zhì)點(diǎn)向平衡位置靠近，故回復(fù)力逐漸減小，故A正確C正確；

B；0.1～0.2s內(nèi)；質(zhì)點(diǎn)向平衡位置靠近，故速度逐漸增大，B錯(cuò)誤；

D；0.1～0.2s內(nèi)；質(zhì)點(diǎn)向平衡位置靠近，物體的勢(shì)能逐漸減小，D正確．

故選：ACD．

由振動(dòng)圖象直接讀出質(zhì)點(diǎn)的位移及其變化情況；平衡位置處回復(fù)力為零，離平衡位置越遠(yuǎn)回復(fù)力越大．

平衡位置處速度最大；離平衡位置越近速度越大．平衡位置處物體的勢(shì)能最小．

本題考查考取振動(dòng)圖象信息的能力，可結(jié)合簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的特征進(jìn)行分析．關(guān)鍵是能將振動(dòng)圖象上的某點(diǎn)與實(shí)際簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的過程對(duì)應(yīng)起來．【解析】【答案】ACD8、ABCD【分析】解：A；物體在室溫時(shí)輻射的主要成分是波長(zhǎng)較長(zhǎng)的電磁波；以不可見的紅外光為主，故A正確；

B；隨著溫度的升高；黑體輻射強(qiáng)度的極大值向波長(zhǎng)較短的方向移動(dòng)；熱輻射中較短波長(zhǎng)的成分越來越多，故B正確，C正確；

D；輻射強(qiáng)度按照波長(zhǎng)的分布情況隨物體的溫度而有所不同；這是熱輻射的一種特性，故D正確；

故選：ABCD．

熱輻射是物體由于具有溫度而輻射電磁波的現(xiàn)象．溫度較低時(shí)熱輻射；主要以不可見的紅外光進(jìn)行輻射，當(dāng)溫度為300℃時(shí)熱輻射中最強(qiáng)的波長(zhǎng)在紅外區(qū)．當(dāng)物體的溫度在500℃以上至800℃時(shí)，熱輻射中最強(qiáng)的波長(zhǎng)成分在可見光區(qū)．

本題知識(shí)點(diǎn)較為冷僻，關(guān)鍵熟悉黑體輻射的特點(diǎn)，要多看書．【解析】【答案】ABCD9、AC【分析】【分析】

根據(jù)動(dòng)能定理；結(jié)合DB

兩位置的動(dòng)能求出電勢(shì)差的大小，結(jié)合C

位置的電勢(shì)能得出C

點(diǎn)的電勢(shì)，從而抓住等勢(shì)面間的電勢(shì)差相等求出A

點(diǎn)的電勢(shì)以及電勢(shì)能。根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)公式，結(jié)合電勢(shì)差和間距求出勻強(qiáng)電場(chǎng)的大小。根據(jù)動(dòng)能定理求出電子再次經(jīng)過等勢(shì)面D

時(shí)的動(dòng)能。

解決本題的關(guān)鍵是知道等勢(shì)面與電場(chǎng)線關(guān)系；掌握勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)公式，以及電場(chǎng)力做功與電勢(shì)差的關(guān)系。

【解答】

A；從等勢(shì)面D

到等勢(shì)面B

根據(jù)動(dòng)能定理知，鈭?eUDB=鈭?20eV

解得：UDB=20V

電子在等勢(shì)面C

處的電勢(shì)能為鈭?10eV

知C

點(diǎn)的電勢(shì)為10V

因?yàn)橄噜彽葎?shì)面間的電勢(shì)差相等，則等勢(shì)面A

點(diǎn)的電勢(shì)為鈭?10V

故A正確。

B、勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為：E=UDBd=200.1=200V/m

故B錯(cuò)誤。

C；電子再次經(jīng)過等勢(shì)面D

時(shí)；電場(chǎng)力做功為零，則動(dòng)能不變，所以動(dòng)能為20eV

故C正確。

D；電子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中所受的電場(chǎng)力不變；與速度在同一直線上，做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，不是類平拋運(yùn)動(dòng)。故D錯(cuò)誤。

故選：AC

【解析】AC

10、AC【分析】根據(jù)電流的兩個(gè)表達(dá)式來分析，首先從導(dǎo)體導(dǎo)電的微觀角度來說，在t

時(shí)間內(nèi)能通過某一橫截面的自由電子必須處于長(zhǎng)度為vt

的圓柱體內(nèi)，由于自由電子可以認(rèn)為是均勻分布，故此圓柱體內(nèi)的電子數(shù)目為nvSt.

而從電流的定義來說，I=qt

故在t

時(shí)間內(nèi)通過某一橫截面的電荷量為It

通過橫截面的自由電子數(shù)目為Itq

．

故選：AC

根據(jù)電流的兩個(gè)表達(dá)式來分析，首先從導(dǎo)體導(dǎo)電的微觀角度來說，在t

時(shí)間內(nèi)能通過某一橫截面的自由電子必須處于長(zhǎng)度為vt

的圓柱體內(nèi)，由于自由電子可以認(rèn)為是均勻分布，故此圓柱體內(nèi)的電子數(shù)目為nvSt.

而從電流的定義來說，I=qt

故在t

時(shí)間內(nèi)通過某一橫截面的電荷量為It

通過橫截面的自由電子數(shù)目為Itq

．

本題考查了電流的兩個(gè)表達(dá)式，要特別注意微觀表達(dá)式I=nvst

中各物理量的意義．【解析】AC

11、BC【分析】解：A

由萬有引力定律；A

星受到BC

的引力的大小：

FBA=FCA=GmAmca2=G鈰?2m2a2

方向如圖，則合力的大小為：FA=2FBA鈰?cos30鈭?=23Gm2a2

同理，B

星受到的引力分別為：FAB=G鈰?2m2a2FCB=GmBmCa2=Gm2a2

方向如圖；

沿x

方向：FBx=FAB鈰?cos60鈭?+FCB=2Gm2a2

沿y

方向：FBy=FAB鈰?sin60鈭?=3Gm2a2

可得：FB=FBx2+FBy2=7Gm2a2

B

星體所受的合力與A

星體所受合力之比為723.

故A錯(cuò)誤；

B、通過對(duì)于B

的受力分析可知，由于：FAB=G鈰?2m2a2FCB=GmBmCa2=Gm2a2

合力的方向經(jīng)過BC

的中垂線AD

的中點(diǎn)；所以圓心O

一定在BC

的中垂線AD

的中點(diǎn)處．

所以圓心O

與B

的連線與BC

夾角婁脠

的正切值為：tan隆脧OBD=FyFx=32.

故B正確；

C、結(jié)合B

的分析可知，所以：RC=RB=(12a)2+(34a)2=74a

由幾何關(guān)系：RA=AO=AD鈭?OD

而：AD=a?sin60鈭?OD=BD?tan60鈭?=a?tan60鈭?

聯(lián)立得：AD=34a

由于三星系統(tǒng)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度是相等的，由v=婁脴r

可得AB

星體做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大小之比為：vAvB=RARB=37.

故C正確；

D、由題可知C

的受力大小與B

的受力相同，對(duì)B

星：FB=7Gm2a2=m婁脴2RB

整理得：婁脴=4Gma3

故D錯(cuò)誤．

故選：BC

由萬有引力定律；分別求出單個(gè)的力，然后求出合力即可．

C

與B

的質(zhì)量相等；所以運(yùn)行的規(guī)律也相等，然后結(jié)合向心力的公式即可求出C

的軌道半徑；

三星體做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度相等；寫出B

的向心加速度表達(dá)式即可求出．

該題借助于三星模型考查萬有引力定律，其中B

與C

的質(zhì)量相等，則運(yùn)行的規(guī)律、運(yùn)動(dòng)的半徑是相等的.

畫出它們的受力的圖象，在結(jié)合圖象和萬有引力定律即可正確解答．【解析】BC

12、BD【分析】解：A、交流電源的周期必須和粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期一致，故電源的變化周期應(yīng)該等于2（tx-tx-1）；故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)周期公式T=知，粒子的回旋的周期不變，與粒子的速度無關(guān)，所以t4-t3=t3-t2=t2-t1．故B正確．

C、根據(jù)半徑公式r=知，v=則粒子的最大動(dòng)能與加速的次數(shù)無關(guān)，與D形盒的半徑以及磁感應(yīng)強(qiáng)度有關(guān)．故C錯(cuò)誤，D正確．

故選：BD．

交流電源的周期必須和粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期一致，由周期公式T=和半徑公式r=進(jìn)行判斷．

本題考查了回旋加速器的原理，特別要記住粒子獲得的最大動(dòng)能是由D型盒的半徑?jīng)Q定的．【解析】【答案】BD13、BC【分析】解：A；B、當(dāng)將B環(huán)靠近A時(shí)；由于越靠近A物體，其磁場(chǎng)就越強(qiáng)，磁感線就越密，所以在靠近過程中B環(huán)會(huì)切割磁感線運(yùn)動(dòng)，即在該環(huán)中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流；由于發(fā)生了超導(dǎo)，即沒有電阻，所以此時(shí)B環(huán)中的電流不會(huì)變小，且永遠(yuǎn)存在，故A錯(cuò)誤，B正確；

C；D、此時(shí)圓環(huán)B水平放在磁鐵A上且懸浮在磁鐵A的上方空中；即其相互排斥，這就說明B環(huán)的下面是N極，故安培定則可判斷此時(shí)用右手握時(shí)，大拇指應(yīng)朝下，故感應(yīng)電流為順時(shí)針方向（俯視），故C正確，D錯(cuò)誤．

故選：BC．

閉合電路的部分導(dǎo)體在磁場(chǎng)中做切割磁感線運(yùn)動(dòng)；在電路中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，該現(xiàn)象稱為電磁感應(yīng)現(xiàn)象，所以據(jù)電磁感應(yīng)的理解，結(jié)合超導(dǎo)；安培定則分析即可判斷．

知道產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件，并能結(jié)合超導(dǎo)和安培定則進(jìn)行分析是解決該題的關(guān)鍵．【解析】【答案】BC14、CD【分析】解：A

導(dǎo)體框移出磁場(chǎng)時(shí)；根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流方向均為逆時(shí)針方向。故A錯(cuò)誤。

B；設(shè)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

線框邊長(zhǎng)為L(zhǎng)

電阻為R

則。

則Q=E2Rt=B2L2v2Rt

又vt=L

得到。

W=Q=B2L3vR

則W隆脴v

當(dāng)速度為3v

時(shí)安培力做功多。故B錯(cuò)誤。

C、向左移出磁場(chǎng)時(shí)，ad

電勢(shì)差U1=14BL?3v=34BLv.

向右移出磁場(chǎng)時(shí)，ad

電勢(shì)差U2=34BLv.

故C正確。

D、根據(jù)感應(yīng)電荷量q=鈻?婁碌R

由于線框拉出磁場(chǎng)，磁通量的變化量鈻?婁碌

相等；則通過導(dǎo)體框截面的電量相同。故D正確。

故選：CD

導(dǎo)體框向左；向右移出磁場(chǎng)；根據(jù)楞次定律，判斷出感應(yīng)電流方向相同，根據(jù)左手左手定則分析安培力方向關(guān)系，根據(jù)焦耳定律、歐姆定律和法拉第電磁定律研究焦耳熱、ad

電勢(shì)差．

解決本題的關(guān)鍵掌握感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式：E=BLv

感應(yīng)電荷量經(jīng)驗(yàn)公式q=鈻?婁碌R

以及知道ad

電勢(shì)差與感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的關(guān)系．【解析】CD

15、BC【分析】【分析】靜電計(jì)測(cè)定電容器極板間的電勢(shì)差，電勢(shì)差越大，指針的偏角越大。根據(jù)電容的決定式C=?S4婁脨kd

分析極板間距離、正對(duì)面積變化時(shí)電容的變化情況，由于極板所帶電荷量不變，由電容的定義式C=QU

分析板間電勢(shì)差的變化，再確定靜電計(jì)指針的偏角變化情況。本題是電容器的動(dòng)態(tài)分析問題，關(guān)鍵明確電鍵閉合時(shí)，電壓等于電源的電動(dòng)勢(shì)；電鍵斷開后，電容器的帶電量不變。【解答】根據(jù)電容的決定式C=?S4婁脨kd

得知，電容與極板間距離成反比，當(dāng)保持S

不變，增大d

時(shí)，電容減小，由電容的定義式C=QU

分析可知板間電勢(shì)差增大，靜電計(jì)指針的偏角婁脠

變大，故C正確，A錯(cuò)誤；根據(jù)電容的決定式C=?S4婁脨kd

得知，電容與極板的正對(duì)面積成正比，當(dāng)保持d

不變，減小SS時(shí)，電容減小，電容器極板所帶的電荷量QQ不變，則由電容的定義式C=QU分析可知，板間電勢(shì)差增大，靜電計(jì)指針的偏角婁脠婁脠變大，故D錯(cuò)誤，B正確。

故選BC。

【解析】BC

三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】

如圖所示；線圈從位置1到位置2的過程中，穿過線圈的磁通量減小，則產(chǎn)生感應(yīng)電流；線圈從位置2到位置3的過程中，線圈內(nèi)穿過的磁通量增加，則也會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流；

故答案為：有；有。

【解析】【答案】穿過線圈的磁通量發(fā)生變化；則閉合電路中產(chǎn)生感應(yīng)電流．可以根據(jù)楞次定律來確定感應(yīng)電流的方向．

17、略

【分析】

當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向左端滑動(dòng)時(shí)；變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流I增大，根據(jù)歐姆定律得知，燈泡c的電壓增大；

由并聯(lián)部分電壓U并=E-I（r+Rc），I變大，則并聯(lián)部分電壓U并減小，燈泡a的電流Ia變?。涣炼茸儼担?/p>

燈泡b的電流Ib=I-Ia，I變大，Ia變小，則Ib變大，燈泡b變亮．

故答案為：變暗；變亮。

【解析】【答案】當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向左端滑動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，引起外電路總電阻減小，總電流增大，根據(jù)歐姆定律分析燈泡c電壓的變化，得到并聯(lián)部分電壓的變化，再分析a燈泡亮度的變化．由干路電流與燈泡a電流的變化關(guān)系，分析燈泡b的電流變化；再分析其亮度變化．

18、略

【分析】

（1）電壓電流要從0測(cè)起；所以滑動(dòng)變阻器應(yīng)該用分壓式；二極管的電阻更接近電流表的內(nèi)阻，電流表應(yīng)該用外接法．電路圖如圖。

實(shí)物圖的連接如圖．

（2）根據(jù)表中數(shù)據(jù)；在圖上描出各點(diǎn)，用光滑的曲線連接起來．如圖．

（3）根據(jù)U-I圖線；當(dāng)二極管的工作電壓為2V時(shí)，工作電流約為12mA，串聯(lián)電阻上分到電壓應(yīng)為1V；

故應(yīng)串聯(lián)的電阻為：R===83.3Ω

電阻R的伏安特征圖線為：

故答案為。

（1）如上圖。

（2）如上圖。

（3）83.3

【解析】【答案】（1）描繪該二極管的伏安特性曲線；電壓電流要從0測(cè)起，所以滑動(dòng)變阻器應(yīng)該用分壓式；從表格中數(shù)據(jù)看，二極管的電阻更接近電流表的內(nèi)阻，所以電流表應(yīng)該用外接法．

（2）在圖上描出電流和電壓的對(duì)應(yīng)點(diǎn)；用光滑的曲線連接起來．

（3）根據(jù)二極管的工作電流結(jié)合I-U圖線求出工作電壓；再求出串聯(lián)的電阻．

19、略

【分析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律【解析】【答案】20V20、略

【分析】解：A；螺旋測(cè)微器的固定刻度為0mm；可動(dòng)刻度為9.5×0.01mm=0.095mm，所以最終讀數(shù)為0mm+0.095mm=0.095mm．

B；螺旋測(cè)微器的固定刻度為10.5mm；可動(dòng)刻度為30.5×0.01mm=0.305mm，所以最終讀數(shù)為10.5mm+0.305mm=10.805mm．

故答案為：A.0.095；B.10.805．

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)；在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．

對(duì)于基本測(cè)量?jī)x器如游標(biāo)卡尺、螺旋測(cè)微器等要了解其原理，正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測(cè)量．【解析】0.095；10.80521、能量守恒定律熱力學(xué)第二定律【分析】【分析】本題考查兩類永動(dòng)機(jī)。永動(dòng)機(jī)：第一類永動(dòng)機(jī)是不可能制成的，因?yàn)樗`反了能量守恒定律；第二類永動(dòng)機(jī)也是不可能制成的，因?yàn)樗`反了熱力學(xué)第二定律。解題的關(guān)鍵是知道永動(dòng)機(jī)的缺點(diǎn)?！窘獯稹坑绖?dòng)機(jī)：第一類永動(dòng)機(jī)是不可能制成的，因?yàn)樗`反了能量守恒定律；第二類永動(dòng)機(jī)也是不可能制成的，因?yàn)樗`反了熱力學(xué)第二定律。故答案為：能量守恒定律熱力學(xué)第二定律【解析】能量守恒定律熱力學(xué)第二定律22、略

【分析】試題分析：本題關(guān)鍵根據(jù)題意得到磁場(chǎng)能量密度的定義，然后根據(jù)功能關(guān)系求得條形磁鐵與鐵片P之間的磁場(chǎng)所具有的能量。因?yàn)镕所做的功等于△L間隙中磁場(chǎng)的能量，所以先分別求出F所做的功和△L間隙中磁場(chǎng)的能量，然后根據(jù)等量關(guān)系得出一等式，即可解得在用力將鐵片與磁鐵拉開一段微小距離△L的過程中，拉力F可認(rèn)為不變，因此F所做的功為：以表示間隙中磁場(chǎng)的能量密度，由題給條件根據(jù)磁能量密度的定義可得：△L間隙中磁場(chǎng)的能量由題意可知：F所做的功等于△L間隙中磁場(chǎng)的能量，即W=E；所以解得：．考點(diǎn)：本題考查磁能量密度；彈簧測(cè)力計(jì)的使用與讀數(shù)；磁場(chǎng)；功的計(jì)算，同時(shí)考查考生從新情境中提取物理信息的能力．【解析】【答案】23、略

【分析】解：根據(jù)動(dòng)能定理得：W31=EK3-EK1=-20J．知從等勢(shì)面L3處運(yùn)動(dòng)到L1處電勢(shì)能增加20J．取L2為零勢(shì)面，則L1處電勢(shì)能與L3處電勢(shì)能絕對(duì)值相等且一正一負(fù)，故L1處電勢(shì)能為10J，L3處電勢(shì)能為-10J．則L