2025年蘇科新版高三物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇科新版高三物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、圖示是某導體的I-U曲線；圖中α=45°，下列說法正確的是（）

A.導體的電阻與其兩端的電壓成正比B.此導體的電阻R=2.0ΩC.I-U曲線斜率表示電阻的倒數(shù)，所以R═1.0ΩD.在R兩端加6.0V的時，每秒通過電阻截面的電量是6.0C2、如圖所示，A、B兩木塊放在水平面上，它們之間用細線相連，兩次連接情況中細線傾斜方向不同但傾角一樣，兩木塊與水平面間的摩擦系數(shù)相同，先后用水平力F1和F2拉著A、B一起勻速運動，則（）A.F1＞F2T1＜T2B.F1=F2T1＜T2C.F1＜F2T1=T2D.F1＜F2T1＞T23、氫原子的部分能級如圖所示．用單色光照射處于基態(tài)的氫原子，氫原子吸收光子后躍遷到n=3的激發(fā)態(tài)，此后氫原子又放出光子．在此過程中，氫原子（）A.吸收光子的能量可以是任意值B.吸收光子的能量是某一確定值C.放出光子的能量可以是任意值D.放出光子的能量是某一確定值4、一起重機勻加速地掉起一重物，不計額外功，以下說法正確的是（）A.起重機對重物的拉力越來越大B.起重機的瞬時功率不變C.起重機的功率等于克服重力做功的功率D.起重機的功率就是拉力做功的功率5、如圖所示，MN是豎直放置的兩平行金屬板，兩極間產(chǎn)生一個水平向右的勻強電場，場強為E，一質(zhì)量為m、電荷量為+q的微粒，以初速度v0豎直向上從兩極正中間的A點射入勻強電場中，微粒垂直達到N極上的C點，已知AB=BC，不計空氣阻力，則（）A.微粒打到C點時的速率等于v0B.微粒在電場中作類平拋運動C.MN板間的電勢差為D.微粒在電場中作勻速圓周運動6、下面哪組中的單位全部都不是國際單位制中力學的基本單位（）A.kg、sB.N、mC.m/s2、ND.N、s7、如圖所示，甲、乙兩只螞蟻分別同時從水平桌面上的P、M點出發(fā)，它們的爬行軌跡如圖中實線所示，10s后它們分別到達圖中的Q、N點．若，下列說法正確的是（）A.它們的路程相同B.甲的位移較大C.乙的位移較大D.它們的位移方向相互垂直評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)8、（2015春?廣水市期中）如圖所示，壓路機后輪半徑是前輪半徑的3倍，A、B分別為前輪和后輪邊緣上的一點，C為后輪上的一點，它離后輪軸心的距離是后輪半徑的一半，則A、B、C三點的角速度之比為ωA：ωB：ωC=____，線速度之比為vA：vB：vC=____，向心加速度之比為aA：aB：aC=____．9、請在下面的空格內(nèi)將你知道的三位物理學家的名字按其生活的歷史年代先后順序排列：____；并從其中任選兩位，寫出（至少一條）他們在物理學上做出的重大貢獻．____．10、如右圖所示，實線是沿x軸傳播的一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖，虛線是這列波在t=0.2s時刻的波形圖．已知該波的波速是15m/s，則這列波的周期是____s，傳播方向為x軸____（選填“正”或“負”）方向．11、在長為l的絕緣輕桿兩端分別固定帶電量分別為+q、-q的等量異種點電荷，放入場強為E的勻強電場中，輕桿可繞中點O自由轉動，若忽略兩點電荷間的相互作用，在輕桿與電場線夾角為θ時，兩點電荷受到的電場力對O點的合力矩大小為____，若設過O點的等勢面電勢為零，則兩電荷具有的電勢能之和為____．

12、如圖所示，電阻R兩端的電壓U隨通過該電阻的電流I的變化曲線如圖所示，電源電動勢為7.0V（內(nèi)阻不計），R1=1000Ω（不隨溫度變化）．現(xiàn)調(diào)節(jié)可變電阻R2的阻值，使電阻R與R1消耗的功率相等，此時通過R的電流為____mA；繼續(xù)調(diào)節(jié)R2，使AB與BC間的電壓相等，這時通過R的電流變?yōu)開___mA．

13、【題文】氫原子的能級如圖所示，當氫原子從n=4向n=2的能級躍遷時，會____（填“輻射”或“吸收”）光子，這種光子照射在某金屬上，剛好能發(fā)生光電效應，則該金屬的逸出功為____eV．現(xiàn)有一群處于n=4的能級的氫原子向低能級躍遷，在輻射出的各種頻率的光子中，能使該金屬發(fā)生光電效應的頻率共有____種．

14、物體只有在____運動中，位移大小等于路程．15、據(jù)報道，一天文觀測機構發(fā)現(xiàn)一顆與太陽系其它行星逆向運行的小行星．該小行星繞太陽一周的時間為3.39年，假定該小行星與地球均以太陽為中心做勻速圓周運動，則小行星和地球繞太陽運行軌道半徑的比值為____，小行星和地球繞太陽運動的速度大小的比值為____．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)16、物體的速度越大，則加速度越大，所受的合外力也越大．____．17、物體的平均速率為零，則物體一定處于靜止狀態(tài)．____．（判斷對錯）18、坐標系都是建立在參考系上的．____．（判斷對錯）19、分子的動能和分子勢能的和叫做這個分子的內(nèi)能．____．（判斷對錯）20、陰離子在陽極放電，陽離子在陰極放電．____（判斷對錯）21、原子核由質(zhì)子、中子和電子組成．____（判斷對錯）評卷人得分四、推斷題(共2題，共4分)22、【有機化學基礎】用乙烯、甲苯、rm{E}三種原料合成高分子藥物rm{M}和有機中間體rm{L}的路線如下：已知：rm{III.}有機物rm{L}是一種六元環(huán)酯，rm{M}的分子式是rm{(C_{15}H_{16}O_{6})_{n}}rm{(1)C}中含氧官能團的名稱________________，rm{D}的結構簡式_______________。rm{(2)E}在rm{KMO_{4}/OH^{-}}中轉化成rm{F}rm{F}的結構簡式_____，rm{H隆煤J}的反應類型________。rm{(3)H隆煤L}的化學反應方程式是___________________________________________。rm{(4)K隆煤M}屬于加聚反應，rm{K}的結構簡式是__________________。rm{(5)}寫出一定量的rm{C}與足量rm{NaOH}溶液反應的化學方程式________________rm{(6)}寫出一種符合下列條件的rm{C}的同分異構體的結構簡式_______________。rm{壟脵}屬于芳香族化合物；rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應；rm{壟脹}遇rm{FeCl_{3}}溶液能發(fā)生顯色反應rm{壟脺}核磁共振氫譜有rm{4}組峰，且峰面積之比為rm{l:l:2:2}23、rm{[}化學rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機化學基礎rm{]}乙基香蘭素是最重要的合成香料之一，常作為嬰幼兒奶粉的添加劑。制備乙基香蘭素的一種合成路線rm{(}部分反應條件略去rm{)}如下圖所示

已知：rm{壟脵R隆陋ONa}rm{+R隆爐隆陋Br}rm{隆陋隆煤}rm{R隆陋O隆陋R隆爐}rm{+}rm{NaBr}rm{壟脷}Ⅲ中生成的rm{Cu_{2}O}經(jīng)氧化后可以循環(huán)利用回答下列問題：rm{壟脜A}的核磁共振氫譜有rm{3}組峰。rm{A}的結構簡式為____。rm{壟脝}Ⅰ中可能生成的一種烴是____rm{(}填名稱rm{)}催化劑rm{PEG}可看作乙二醇脫水縮聚的產(chǎn)物，rm{PEG}的結構簡式為____。若rm{PEG}的平均相對分子質(zhì)量為rm{17618}則其平均聚合度約為____。rm{壟脟}Ⅱ中，發(fā)生的反應屬于____rm{(}填反應類型rm{)}rm{壟脠}Ⅲ中，反應的化學方程式為____。rm{壟脡}Ⅳ中，有機物脫去的官能團是____rm{(}填名稱rm{)}rm{壟脢D}是乙基香蘭素的同分異構體，其分子結構中不含乙基。由rm{A}制備rm{D}的一種合成路線rm{(}中間產(chǎn)物及部分反應條件略去rm{)}如下圖所示：rm{C}和rm{D}的結構簡式分別為____、____。評卷人得分五、簡答題(共4題，共40分)24、如圖所示，質(zhì)量為m的物體放在固定斜面上，當傾斜角為37°時恰好能沿斜面勻速下滑，設最大聲靜摩擦力等于滑動摩擦力，對物體施加一大小為F的水平向右恒力，當斜面傾角增大并超過某一臨界角θ0時；不論水平恒力F多大，都不能使物體沿斜面向上滑行，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：

（1）物體與斜面間的動摩擦因數(shù)；

（2）臨界角θ0的大小．25、碳和氮的化合物在生產(chǎn)、生活中廣泛存在。請回答下列問題：rm{(1)}資料顯示，可用次氯酸鈉處理廢水中的氨氮rm{(NH_{3})}使其轉化為氮氣除去。其主要反應如下I.rm{NH_{3}(aq)+HClO(aq)=NH_{2}Cl(aq)+H_{2}O(1)}rm{II.2NH_{2}Cl(aq)+HClO(aq)=N_{2}(g)+H_{2}O(1)+3HCl(aq)}rm{NH_{3}(aq)+HClO(aq)=NH_{2}

Cl(aq)+H_{2}O(1)}以上反應中rm{II.2NH_{2}Cl(aq)+HClO(aq)=N_{2}(g)

+H_{2}O(1)+3HCl(aq)}的來源用化學用語解釋是__________________________________rm{壟脵}實驗測得rm{HClO}廢水中rm{壟脷}與氨氮去除率的關系如圖所示。rm{.}較高時；氨氮去除率下降的原因是______________________________________________

rm{pH}rm{pH}甲醇是重要的化工原料，又可作為燃料，工業(yè)上可利用或rm{(2)}來生產(chǎn)燃料甲醇。已知制備甲醇的有關反應的化學方程式及其在不同溫度下的化學平衡常數(shù)如下表所示。

rm{CO}下列措施能使反應rm{CO_{2}}的平衡體系中rm{dfrac{n(C{H}_{3}OH)}{n(C{O}_{2})}}增大的是________rm{壟脵}填字母代號rm{壟脹}A.將rm{dfrac{n(C{H}_{3}OH)}{n(C{O}_{2})}

}從體系中分離出去rm{(}充人rm{)}使體系壓強增大C.升高溫度rm{H_{2}O(g)}恒容時再充入rm{B.}rm{He(g)}時測得反應rm{D.}在某時刻rm{1molH_{2}(g)}rm{壟脷500隆忙}rm{壟脹}rm{H_{2}(g)}的濃度分別為rm{CO_{2}(g)}rm{CH_{3}OH(g)}rm{H_{2}O(g)}rm{0.8mol隆隴L^{-1}}則此時rm{0.1mol隆隴L^{-1}}正rm{0.3mol隆隴L^{-1}}________rm{0.15mol隆隴L^{-1}}填“rm{v(}”“rm{)}”或“rm{(}”rm{>}逆rm{=}rm{<}常溫下，在rm{)v(}溶液屮，反應rm{NH_{4}^{+}+C_{2}O_{4}^{2-}+H_{2}O?NH_{3}隆隴H_{2}O+HC_{2}O_{4}隆樓}的化學平衡常數(shù)rm{)}____________。rm{(3)}已知：常溫下，rm{(NH_{4})_{2}C_{2}O_{4}}的電離平衡常數(shù)rm{NH_{4}^{+}+C_{2}O_{4}^{2-}+H_{2}O?

NH_{3}隆隴H_{2}O+HC_{2}O_{4}隆樓}rm{K=}的電離衡常數(shù)rm{(}rm{NH_{3}隆隴H_{2}O}rm{K_=2隆脕10^{-5}}電解硝酸上業(yè)的尾氣rm{H_{2}C_{2}O_{4}}可制備rm{K_{a1}=5隆脕10^{-2}}其工作原理如圖所示：

rm{K_{a2}=5隆脕10^{-5})}陰極的電極反應式為____________________________________rm{(4)}將電解生成的rm{NO}全部轉化為rm{NH_{4}NO_{3}}則通入的rm{壟脵}與實際參加反應的rm{壟脷}的物質(zhì)的量之比至少為_________________________________。rm{HNO_{3}}26、要測量某種合金的電阻率．

(1)

若合金絲長度為L

直徑為D

阻值為R

則其電阻率婁脩=

______________．用螺旋測微器測合金絲的直徑如圖甲所示，讀數(shù)為_____________mm

．(2)

圖乙是測量合金絲阻值的原理圖，S2

是單刀雙擲開關.

根據(jù)原理圖在圖丙中將實物連線補充完整．

(3)

閉合S1

當S2

處于位置a

時，電壓表和電流表的示數(shù)分別為U1=1.35VI1=0.30A

當S2

處于位置b

時，電壓表和電流表的示數(shù)分別為U2=0.92VI2=0.32A.

根據(jù)以上測量數(shù)據(jù)判斷，當S2

處于位置_____________(

選填“a

”或“b

”)

時，測量相對準確，測量值Rx=

_________婁賂.(

結果保留兩位有效數(shù)字)

27、如圖所示，在同一水平面上有質(zhì)量都是m=1kg的滑塊A、B、C，已知靜止的滑塊B處在水平面光滑和粗糙部分的分界線處，右側粗糙部分的動摩擦因數(shù)為0.1，已知AB間距L=6m，現(xiàn)讓A以速度v1=6m/s向右運動的同時C以v2=4m/s從適當位置處向左運動，結果A與B碰撞粘合后又向右運動1s恰與C碰撞粘合在一起，已知重力加速度g=10m/s2；求：

（1）BC間距s的大小；

（2）三者粘合后的速度．評卷人得分六、計算題(共3題，共15分)28、（10分）如圖所示，一導熱性能良好、內(nèi)壁光滑的氣缸豎直放置，在距氣缸底部l=36cm處有一與氣缸固定連接的卡環(huán)，活塞與氣缸底部之間封閉了一定質(zhì)量的氣體．當氣體的溫度T0=300K、大氣壓強p0=1.0×105Pa時，活塞與氣缸底部之間的距離l0=30cm，不計活塞的質(zhì)量和厚度．現(xiàn)對氣缸加熱，使活塞緩慢上升，求：①活塞剛到卡環(huán)處時封閉氣體的溫度T1；②封閉氣體溫度升高到T2=540K時的壓強p2。29、【題文】如圖所示，用兩根輕細金屬絲將質(zhì)量為m，長為l的金屬棒a、b懸掛在c；d兩處；

（1）當棒置于豎直向上的勻強磁場內(nèi)．其中通以從a到b的電流I后；兩懸線偏離豎直方向θ角處于平衡狀態(tài)．則磁感強度B為多少？

（2）為了使棒仍然平衡在該位置上，求所求磁場的磁感強度B'的最小值為多大？方向如何？30、【題文】如圖所示，兩根足夠長的光滑平行金屬導軌MN、PQ間距為l＝0.5m，其電阻不計，兩導軌及其構成的平面均與水平面成30°角．完全相同的兩金屬棒ab、cd分別垂直導軌放置，每棒兩端都與導軌始終有良好接觸，已知兩棒質(zhì)量均為m＝0.02kg，電阻均為R＝0.1Ω，整個裝置處在垂直于導軌平面向上的勻強磁場中，磁感應強度B＝0.2T，棒ab在平行于導軌向上的力F作用下，沿導軌向上勻速運動，而棒cd恰好能夠保持靜止．取g＝10m/s2；問：

(1)通過棒cd的電流I是多少；方向如何？

(2)棒ab受到的力F多大？

(3)棒cd每產(chǎn)生Q＝0.1J的熱量，力F做的功W是多少？參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【分析】電阻R的I-U圖象斜率的倒數(shù)等于電阻R，由數(shù)學知識分析電流與電壓的關系．對于電阻R，運用斜率求解，但不能根據(jù)直線傾角的正切的倒數(shù)求解，由圖讀出電壓為U=6V時的電流，由q=It求解每秒內(nèi)通過電阻的電荷量．【解析】【解答】解：A；圖線為直線表示電阻R不變；不隨電壓的變化而變化，故A錯誤；

B、根據(jù)電阻的定義式R=，可知I-U圖象斜率的倒數(shù)等于電阻R，則得R=Ω=2Ω；故B正確，C錯誤．

D；由圖知；當U=6V時，I=3A，則每秒通過電阻橫截面的電荷量是q=It=3×1C=3C，故D錯誤．

故選：B2、B【分析】【分析】先對整體受力分析可得兩種情況下拉力的大小關系；再對A物體受力分析可得出繩子拉力的大小關系．【解析】【解答】解：對整體受力分析可知，整體受重力、拉力、支持力及摩擦力；因整體對地面的壓力相同，故摩擦力相同，因此水平拉力相等，即F1=F2；

再對A受力分析可知；A受重和；支持力及繩子的拉力而處于平衡狀態(tài)；對第一種狀態(tài)有：

T1cosθ=μ（mg-T1sinθ）

解得：

T1=

對第二狀態(tài)有：

T2cosθ=μ（mg+T2sinθ）

解得：

T2=

故T1＜T2；

故選B．3、B【分析】【分析】能級間躍遷輻射或吸收的光子能量等于兩能級間的能級差，能級差越大，吸收或輻射的光子能量越大，光子頻率越大．【解析】【解答】解：躍遷時輻射或吸收的光子能量必須等于兩能級間的能級差，即hv=Em-En．

氫原子吸收某一確定頻率的光子（即能量是某一確定值）后躍遷到n=3的激發(fā)態(tài)；此后氫原子又放出的光子頻率可能有三種（即能量值為三個確定值），故ACD錯誤，B正確；

故選：B．4、D【分析】【分析】重機勻加速地掉起一重物，加速度不變，牽引力不變，根據(jù)P=Fv判斷瞬時功率的變化，起重機通過拉力對物體做功，所以起重機的功率為拉力做功的功率．【解析】【解答】解：A；重物勻加速運動；加速度不變，則拉力不變，而速度增加，根據(jù)P=Fv可知，功率增大，故AB錯誤；

C；起重機通過拉力對物體做功；所以起重機的功率為拉力做功的功率，重物勻加速運動，拉力大于重力，所以起重機的功率大于克服重力做功的功率，故C錯誤，D正確．

故選：D5、A【分析】【分析】根據(jù)類平拋運動的特點：初速度的方向與合外力的方向垂直來判定粒子是否在電場中做類平拋運動，根據(jù)動能定理判定粒子達到C點是的速度，和MN之間的電勢差．【解析】【解答】解：A：因AB=BC，即，可見vC=v0．故A正確；

B、D：因電場力和重力均為恒力，其合力亦為恒力，且與v0有一定夾角；故微粒做勻變速曲線運動--即拋物線運動，而不是類平拋運動．故BD錯誤；

C：由動能定理，得：W電+WG=△Ek=0，即：，而所以：；故C錯誤；

故選：A6、C【分析】【分析】解答本題關鍵掌握：國際單位制中的力學基本單位有三個：kg、s、m，其他單位是導出單位或常用單位．【解析】【解答】解：A；kg、s都是國際單位制中的基本單位．故A錯誤．

B；N不是基本單位；m是基本單位．故B錯誤．

C、m/s2；N都不是國際單位制中的基本單位．故C正確．

D；N不是基本單位；s是基本單位．故D錯誤．

本題選都不是國際單位制中力學的基本單位的，故選：C．7、D【分析】【分析】位移的定義，由初位置向末位置做有向線段表示，路程是物體走過軌跡的長度．【解析】【解答】解：根據(jù)位移的概念；甲的位移是PQ方向豎直向上，乙的位移是MN水平向右，但二者位移大小相等，也互相垂直，有路程的概念知，它們的路程不相同，故D正確．

故選：D二、填空題(共8題，共16分)8、3：1：12：2：16：2：1【分析】【分析】傳動裝置，在傳動過程中不打滑，則有：共軸的角速度是相同的；同一傳動裝置接觸邊緣的線速度大小是相等的．所以當角速度一定時，線速度與半徑成正比；當線速度大小一定時，角速度與半徑成反比．因此根據(jù)題目條件可知三點的線速度及角速度關系，從而可確定向心加速度的關系．【解析】【解答】解：A；B分別為同一傳動裝置前輪和后輪邊緣上的一點；

所以有：VA=VB；

因為rA：rB=1：3，所以ωA：ωB=3：1；

B、C兩點共軸，所以有：ωC=ωB．

所以：ωA：ωB：ωC=3：1：1；

線速度為：v=ωr；根據(jù)題意可知，AB共帶，BC共軸；

所以有：vA：vB：vC=2：2：1

根據(jù)a=vω，可知，向心加速度之比為：aA：aB：aC=6：2：1；

故答案為：3：1：1，2：2：1，6：2：19、伽利略；牛頓、愛因斯坦．牛頓：發(fā)現(xiàn)了牛頓運動定律和萬有引力定律．

愛因斯坦：成功解釋了光電效應，創(chuàng)立了相對論等．【分析】【分析】根據(jù)牛頓、愛因斯坦、伽利略的出生年代、對物理學的貢獻進行解答．【解析】【解答】解：三位科學家按歷史年代先后順序排列：伽利略；牛頓、愛因斯坦．

伽利略：望遠鏡的早期發(fā)明；將實驗方法引進物理學，開創(chuàng)了實驗和邏輯推理相結合的科學研究的方法等．

牛頓：發(fā)現(xiàn)了牛頓運動定律和萬有引力定律．

愛因斯坦：成功解釋了光電效應；創(chuàng)立了相對論等．

故答案為：伽利略；牛頓、愛因斯坦．

牛頓：發(fā)現(xiàn)了牛頓運動定律和萬有引力定律．

愛因斯坦：成功解釋了光電效應，創(chuàng)立了相對論等．10、0.267負【分析】【分析】從圖象中可以知道波長為λ=4m，根據(jù)波速公式v=可以求出周期，然后根據(jù)x=vt求出0.2s內(nèi)波傳播的距離，根據(jù)波形的平移法判斷波的傳播方向．【解析】【解答】解：從圖中可以看出波長λ=4m；已知波速v=15m/s；

由波速公式v=

解得：T==0.267s

經(jīng)過0.2s；波傳播的距離為x=vt=15×0.2m=3m

n=

根據(jù)波形的平移法可得知；該波x軸負方向傳播．

故答案為：0.267，負11、略

【分析】

（1）正電荷受力大?。篎1=qE，方向向右；它的力臂：是順時針方向的力矩，大?。?/p>

負電荷受力的方向向左，相對O點的力矩也是順時針方向，同理大小是：

兩點電荷受到的電場力對O點的合力矩大?。篗=M1+M2=qELsinθ

（2）若設過O點的等勢面電勢為零，則正電荷具有的電勢能：

負電荷在該點的電勢能也大于0，大小為：

則兩電荷具有的電勢能之和為：EP=EP1+EP2=qELcosθ

故答案為：qELsinθ；qELcosθ

【解析】【答案】力矩是力與力臂的乘積．正電荷受力的方向向右；是順時針方向的力矩；負電荷受力的方向向左，相對O點的力矩也是順時針方向．電勢能之和就是兩個點電荷的電勢能的和．

12、略

【分析】

因電阻串聯(lián)；故能過各電阻的電流相等，功率又相等，說明此時兩電器的電阻應相等；

在圖中作出斜率為1的圖象；兩圖象的交點為電阻的工作點，由圖可知，此時電流為3mA；

要使AB與BC之間的電壓相等；則BC兩端的電壓為3.5V，并且兩電阻中的電流相等，由圖可知，此時符合條件的只有1.5mA；

故答案為：3；1.5．

【解析】【答案】由圖可知三用電器為串聯(lián)關系；故三電器里電流相等；將R1電阻的伏安特性曲線在坐標中作出，兩圖象的交點為R的工作點，由圖可知電流；

若使AB與BC間的電壓相等；則可求得BC兩端的電壓為3.5V，則兩電器電流相等，且電壓之和為3.5V，找出符合條件的點即可．

13、略

【分析】【解析】

試題分析：根據(jù)玻爾原子理論可知，當原子由高能級向低能級躍遷時，要放出光子；所放出的光子能量為：hν＝E4－E2＝－0.85eV－(－3.40)eV＝2.55eV，由于此光子剛好能使某金屬發(fā)生光電效應，因此該金屬的逸出功為2.55eV，要使該金屬能發(fā)生光電效應的光子能量必須大于或等于2.55eV，因此一群處于n＝4的能級的氫原子向低能級躍遷時，所釋放的光子中，除了從n＝4向n＝3和從n＝3向n＝2的能級躍遷時釋放的光子能量不夠，其它均可，所以共有－2＝4種光子。

考點：本題主要考查了氫原子的躍遷，光電效應的產(chǎn)生條件問題，屬于中檔偏低題?！窘馕觥俊敬鸢浮枯椛洌?.55；4。14、單方向的直線運動【分析】【分析】正確認識位移和路程的概念，位移描述位置移動的物理量，由物體的始末位置確定是矢量，有大小也有方向，路程是物體運動軌跡的長度是標量．【解析】【解答】解：路程是運動軌跡的長度；位移是從初位置到末位置的有向線段，由于兩點間的直線距離最短，故只有在單方向的直線運動運動中，位移大小等于路程；

故答案為：單方向的直線運動．15、2.260.67【分析】【分析】小行星與地球均以太陽為中心做勻速圓周運動，都是由萬有引力提供向心力，列出等式解題．向心力的公式選取要根據(jù)題目提供的已知物理量選取應用．【解析】【解答】解：1；小行星與地球均以太陽為中心做勻速圓周運動；都是由萬有引力提供向心力；

有：

r=

所以該小行星和地球繞太陽運行的軌道半徑之比為==2.26

2；根據(jù)圓周運動的知識得：

v=得：小行星和火星繞太陽運行的線速度大小之比為=0.67．

故答案為：2.26；0.67．三、判斷題(共6題，共12分)16、×【分析】【分析】根據(jù)加速度的定義式a=可知物體的加速度等于物體的速度的變化率，與物體速度無關，即物體的速度變化越快物體的加速度越大．再由牛頓第二定律可知，F(xiàn)=ma，即加速度與合外力的關系．【解析】【解答】解：根據(jù)加速度的定義式a=可知；物體的速度越大，則加速度不一定越大；

再由牛頓第二定律可知；F=ma，可知，當加速度越大時，則合外力越大，故是錯誤的；

故答案為：×．17、√【分析】【分析】平均速度是位移與時間的比值；平均速率是位移的路程與時間的比值．由此分析即可．【解析】【解答】解：平均速率是位移的路程與時間的比值；物體的平均速率為零，則物體的路程為0，物體一定處于靜止狀態(tài)．所以該說法是正確的．

故答案為：√18、√【分析】【分析】建立坐標系的意義是為了定量描述質(zhì)點的位置變化，要根據(jù)問題的實際需要，建立合適的坐標系，沿直線運動建立直線坐標系，在平面上運動，建立平面直角坐標系．【解析】【解答】解：建立坐標系是為了定量描述物體的位置和位置的變化；坐標系都是建立在參考系上的，沒有參考系則坐標系無法建立，所以該說法是正確的．

故答案為：√19、×【分析】【分析】從微觀上說，系統(tǒng)內(nèi)能是構成系統(tǒng)的所有分子無規(guī)則運動動能、分子間相互作用勢能的總和，是大量分子的統(tǒng)計規(guī)律．【解析】【解答】解：物體內(nèi)能是指物體內(nèi)部所有分子做無規(guī)則運動所具有的動能和分子勢能的總和；注意是物體的內(nèi)能，不是分子的內(nèi)能；

故答案為：×20、×【分析】【分析】陰極射線是在1858年利用低壓氣體放電管研究氣體放電時發(fā)現(xiàn)的．1897年約瑟夫?約翰?湯姆生根據(jù)放電管中的陰極射線在電磁場和磁場作用下的軌跡確定陰極射線中的粒子帶負電，并測出其荷質(zhì)比，這在一定意義上是歷史上第一次發(fā)現(xiàn)電子．【解析】【解答】解：陰極即負極；陰極射線是負極發(fā)出的射線，是電子流；同理，陽離子在陽極放電．故該說法是錯誤的．

故答案為：×．21、×【分析】【分析】原子核由質(zhì)子和中子構成．【解析】【解答】解：原子核由質(zhì)子；中子構成；故說法錯誤．

故答案為：×四、推斷題(共2題，共4分)22、（1）羥基、羧基

（2）消去反應。

（3）

（4）

（5）

（6）或或

【分析】【分析】

本題考查有機物的推斷與合成，需要學生對給予的信息進行利用，能較好的考查學生的自學能力，注意根據(jù)rm{F}可以連續(xù)氧化生成rm{H}結合rm{L}為環(huán)酯確定rm{H}的結構是關鍵；對學生的邏輯推理有較高的要求，注意掌握官能團的性質(zhì)與轉化，是熱點題型，難度中等。

【解答】

由反應信息Ⅰ可知，乙烯在高錳酸鉀、堿性條件下被氧化生成rm{B}為rm{HOCH_{2}CH_{2}OH.}由反應信息Ⅱ可知，與乙酸酐反應生成rm{D}為rm{.F}發(fā)生催化氧化生成rm{G}rm{G}與形成氫氧化銅反應生成rm{H}則rm{F}為醇、rm{G}含有醛基、rm{H}含有羧基，rm{L}是六元環(huán)酯，由rm{H}rm{L}的分子式可知，應是rm{2}分子rm{H}脫去rm{2}分子水發(fā)生酯化反應，故H中還含有rm{-OH}且rm{-OH}rm{-COOH}連接在同一碳原子上，該碳原子不含rm{H}原子，故H為逆推可得rm{G}為rm{F}為故E為rm{(CH_{3})_{2}C=CH_{2}}在高錳酸鉀、堿性條件下氧化生成rm{F.B}rm{D}rm{J}反應生成rm{K}rm{K隆煤M}屬于加聚反應，rm{M}分子式是rm{(C_{l5}H_{l6}O_{6})_{n}}由rm{M}的鏈節(jié)組成可知，應是rm{1}分子rm{B}rm{1}分子rm{D}rm{1}分子rm{J}反應生成rm{K}故H在濃硫酸、加熱條件下發(fā)生消去反應生成rm{J}為rm{CH_{2}=C(CH_{3})COOH}rm{K}為rm{M}為

rm{(1)}由rm{C}的結構簡式可知，rm{C}中含氧官能團的名稱為羥基、羧基，rm{D}為故答案為：羥基、羧基；

rm{(2)}根據(jù)上面的分析可知，rm{F}為rm{H隆煤J}的反應類型消去反應，故答案為：消去反應；

rm{(3)H隆煤L}的化學反應方程式是故答案為：

rm{(4)}根據(jù)上面的分析可知，rm{K}的結構簡式是故答案為：

rm{(5)}一定量的rm{C}與足量rm{NaOH}溶液反應的化學方程式為故答案為：

rm{(6)}符合下列條件的rm{C(}rm{)}的同分異構體：

rm{壟脵}屬于芳香族化合物，含有苯環(huán)；rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應，含有rm{-CHO}或rm{-OOCH}若為rm{-CHO}則還含有rm{2}個rm{-OH}若為rm{-OOCH}則還含有rm{1}個rm{-OH.壟脹}核磁共振氫譜有rm{4}組峰，且峰面積之比為rm{1}rm{1}rm{2}rm{2}符合條件的同分異構體為：故答案為：或或

【解析】rm{(1)}羥基、羧基

rm{(2)}消去反應。

rm{(3)}

rm{(4)}

rm{(5)}

rm{(6)}或或

23、（1）

（2）乙烯（或）400

（3）加成反應。

（4）（或）

（5）羧基。

（6）CH3Br

【分析】【分析】本題考查有機物的推斷與合成，充分利用有機物的結構進行分析，側重考查學生分析推理能力，是對有機化學基礎綜合考查。【解答】rm{(1)}由合成路線中物質(zhì)的結構簡式可知rm{A}含有苯環(huán)，rm{A}的分子式為rm{C}由合成路線中物質(zhì)的結構簡式可知rm{(1)}含有苯環(huán)，rm{A}的分子式為rm{A}rm{C}rm{{,!}_{6}}rm{H}rm{H}rm{{,!}_{6}}rm{O}組峰，則rm{O}的結構簡式為rm{{,!}_{2}}，核磁共振氫譜有rm{3}組峰，則rm{A}的結構簡式為

rm{3}溴乙烷在氫氧化鈉醇溶液、加熱條件下發(fā)生消去反應生成乙烯；催化劑rm{A}可看作乙二醇脫水縮聚的產(chǎn)物，，故答案為：的結構簡式為；的平均相對分子質(zhì)量為rm{(2)}溴乙烷在氫氧化鈉醇溶液、加熱條件下發(fā)生消去反應生成乙烯；催化劑rm{PEG}可看作乙二醇脫水縮聚的產(chǎn)物，rm{PEG}的結構簡式為則其平均聚合度約為rm{(2)}rm{PEG}故答案為：乙烯；rm{PEG}或，若rm{PEG}的平均相對分子質(zhì)量為rm{17618}則其平均聚合度約為rm{PEG}rm{17618}對比rm{dfrac{17618}{44}隆脰400}的分子式以及；與rm{(}的反應物結構可知，rm{)}為rm{400}與rm{(3)}對比rm{B}的分子式以及rm{A}與rm{B}的反應物結構可知，rm{B}為

rm{(3)}Ⅲ中是羥基被氧化為羰基，反應方程式為：rm{B}rm{A}rm{B}或rm{B}，Ⅱ是rm{B}與

rm{B}對比物質(zhì)結構可知，Ⅳ中有機物脫去的官能團是羧基，故答案為：羧基；

發(fā)生加成反應，故答案為：加成反應；是乙基香蘭素的同分異構體，其分子結構中不含乙基，rm{(4)}Ⅲ中是羥基被氧化為羰基，反應方程式為：的合成路線與乙基香蘭素的合成路線相同，可知rm{(4)}為，為故答案為：rm{(}rm{)}故答案為：；rm{(5)}對比物質(zhì)結構可知，Ⅳ中有機物脫去的官能團是羧基，故答案為：羧基；【解析】rm{(1)}

rm{(2)}乙烯rm{(}或rm{)}rm{400}

rm{(3)}加成反應。

rm{(4)}rm{(}或rm{)}

rm{(5)}羧基。

rm{(6)}rm{CH3Br}

五、簡答題(共4題，共40分)24、略

【分析】【分析】（1）對物體受力分析；采用正交分解法分別列出牛頓第二定律表達式，然后求解即可；

（2）根據(jù)牛頓第二定律寫出物體勻速時的函數(shù)表達式，然后再討論即可．【解析】【解答】解：（1）物體m勻速下滑時應有：mgsin37°=μmgcos37°；解得μ=tan37°=0.75；

（2）設斜面的傾角為α；對物體受力分析，由勻速運動的條件應有：

Fcosα=mgsinα+f①

FN=mgcosα+Fsinα②

f=μFN③

聯(lián)立①②③可得F=；討論如下：

當cosα-μsinα=0時，F(xiàn)→∞，即無論用多大的力都不能使物體沿斜面上滑，可解得臨界角tanθ0=tanα==；

解得：θ0=53°

答：（1）物體與斜面間的動摩擦因數(shù)為0.75；

（2）臨界角為53°．25、rm{(1)壟脵Cl{O}^{-}+{H}_{2}Ooverset{}{?}HClO+O{H}^{-}}

rm{(1)壟脵Cl{O}^{-}+{H}_{2}O

overset{}{?}HClO+O{H}^{-}}較大時，氫氧根離子濃度較大，抑制次氯酸鈉水解，次氯酸濃度較小導致氧化能力弱，氨氮去除率降低

rm{壟脷PH}

rm{(2)壟脵AD}

rm{壟脷>}

rm{(4)壟脵NO+5e^{-}+6H^{+}=NH_{4}^{+}+H_{2}O}

rm{(3)1隆脕10^{-5}}rm{(4)

壟脵NO+5e^{-}+6H^{+}=NH_{4}^{+}+H_{2}O}【分析】【分析】本題旨在考查學生對鹽類水解的原理、電極反應式的書寫、電解池工作原理、化學平衡移動原理等應用?！窘獯稹縭m{(1)壟脵}由于次氯酸根離子水解生成次氯酸，方程式為：rm{Cl{O}^{-}+{H}_{2}Ooverset{}{?}HClO+O{H}^{-}}故答案為：rm{Cl{O}^{-}+{H}_{2}Ooverset{}{?}HClO+O{H}^{-}}rm{Cl{O}^{-}+{H}_{2}O

overset{}{?}HClO+O{H}^{-}}實驗測得rm{Cl{O}^{-}+{H}_{2}O

overset{}{?}HClO+O{H}^{-}}廢水中rm{壟脷}實驗測得rm{.}廢水中rm{pH}與氨氮去除率的關系如圖所示。rm{pH}較高時，氨氮去除率下降的原因是：與氨氮去除率的關系如圖所示。rm{壟脷}較高時，氨氮去除率下降的原因是：rm{.}較大時，氫氧根離子濃度較大，抑制次氯酸鈉水解，次氯酸濃度較小導致氧化能力弱，氨氮去除率降低rm{pH}rm{pH}rm{PH}較大時，氫氧根離子濃度較大，抑制次氯酸鈉水解，次氯酸濃度較小導致氧化能力弱，氨氮去除率降低；故答案為：rm{PH}；rm{(2)壟脵}從體系中分離出去，平衡正向移動，平衡體系中rm{dfrac{n(C{H}_{3}OH)}{n(C{O}_{2})}}A.將rm{H}rm{H}使體系壓強增大，平衡不移動，故平衡體系中rm{dfrac{n(C{H}_{3}OH)}{n(C{O}_{2})}}不變，故B錯誤；C.該反應為放熱反應，升高溫度平衡逆向移動，故rm{{,!}_{2}}rm{dfrac{n(C{H}_{3}OH)}{n(C{O}_{2})}}減小，故C錯誤；D.rm{O(g)}從體系中分離出去，平衡正向移動，平衡體系中rm{O(g)}rm{dfrac{n(C{H}_{3}OH)}{n(C{O}_{2})}

}平衡正向移動，故增大，故A正確；rm{dfrac{n(C{H}_{3}OH)}{n(C{O}_{2})}}增大，故D正確。故答案為：B.充人rm{He(g)}使體系壓強增大，平衡不移動，故平衡體系中rm{He(g)}時測得反應rm{dfrac{n(C{H}_{3}OH)}{n(C{O}_{2})}

}在某時刻平衡體系中rm{dfrac{n(C{H}_{3}OH)}{n(C{O}_{2})}

}恒容時再充入rm{1molH}rm{1molH}rm{2}rm{2}rm{(g)}平衡正向移動，故rm{(g)}平衡體系中rm{dfrac{n(C{H}_{3}OH)}{n(C{O}_{2})}

}rm{AD}rm{壟脷500隆忙}時測得反應rm{壟脹}在某時刻rm{H}的濃度分別為rm{壟脷500隆忙}rm{壟脹}rm{H}rm{{,!}_{2}}rm{(g)}rm{CO}rm{(g)}rm{CO}rm{{,!}_{2}}，rm{Q=dfrac{0.15隆脕0.3}{0.{8}^{3}隆脕0.1}<k1隆脕k2}故平衡正向移動，正反應速率大于逆反應速率；rm{(g)}rm{CH}rm{(g)}常溫下，在rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{OH(g)}rm{H}rm{OH(g)}rm{H}rm{{,!}_{2}}rm{O(g)}的濃度分別為rm{0.8mol隆隴L}rm{O(g)}rm{0.8mol隆隴L}rm{{,!}^{-1}}、rm{0.1mol隆隴L}rm{0.1mol隆隴L}rm{{,!}^{-1}}、rm{0.3mol隆隴L}rm{0.3mol隆隴L}rm{{,!}^{-1}}、rm{0.15mol隆隴L}rm{0.15mol隆隴L}rm{{,!}^{-1}}，rm{Q=dfrac{0.15隆脕0.3}{0.{8}^{3}隆脕0.1}<k1隆脕k2

}故平衡正向移動，正反應速率大于逆反應速率；rm{Q=dfrac{0.15隆脕0.3}{0.{8}^{3}隆脕0.1}<k1隆脕k2

}故答案為：rm{>}rm{>}rm{(3)}常溫下，在rm{(NH}rm{(3)}rm{(NH}rm{{,!}_{4}}的化學平衡常數(shù)rm{K=dfrac{cleft(N{H}_{3}隆隴{H}_{2}Oright)隆脕cleft(H{C}_{2}{{O}_{4}}^{-}right)}{cleft(N{{H}_{4}}^{+}right)隆脕cleft({C}_{2}{{O}_{4}}^{2-}right)}=dfrac{cleft(N{H}_{3}隆隴{H}_{2}Oright)隆脕cleft(H{C}_{2}{{O}_{4}}^{-}right){K}_{w}}{cleft(N{{H}_{4}}^{+}right)隆脕cleft({C}_{2}{{O}_{4}}^{2-}right)cleft({H}^{+}right)隆脕cleft(O{H}^{-}right)}=dfrac{1隆脕{10}^{-14}}{2隆脕{10}^{-5}隆脕5隆脕{10}^{-5}}=1隆脕{10}^{-5}}rm{)}rm{)}rm{{,!}_{2}}rm{C}rm{C}根據(jù)題意，rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{4}}溶液屮，反應rm{NH}rm{NH}rm{{,!}_{4}^{+}}根據(jù)題意，電解總反應式為rm{+C}故當實際參加反應的rm{+C}為rm{{,!}_{2}}時，要將電解生成的硝酸全部轉化為硝酸銨還有通入rm{O}氨氣，則氨氣和rm{O}的物質(zhì)的量之比為rm{{,!}_{4}^{2-}}故答案為：rm{+H}rm{+H}【解析】rm{(1)壟脵Cl{O}^{-}+{H}_{2}Ooverset{}{?}HClO+O{H}^{-}}rm{(1)壟脵Cl{O}^{-}+{H}_{2}O

overset{}{?}HClO+O{H}^{-}}較大時，氫氧根離子濃度較大，抑制次氯酸鈉水解，次氯酸濃度較小導致氧化能力弱，氨氮去除率降低rm{壟脷PH}rm{(2)壟脵AD}rm{壟脷>}rm{(4)壟脵NO+5e^{-}+6H^{+}=NH_{4}^{+}+H_{2}O}rm{(3)1隆脕10^{-5}}rm{(4)

壟脵NO+5e^{-}+6H^{+}=NH_{4}^{+}+H_{2}O}26、（1）（2）0.650（3）b2.9【分析】【分析】(1)

應用歐姆定律與電阻定律可以求出電阻率的表達式；(2)

螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器示數(shù)；(3)

根據(jù)?UU1

與?II1

進行比較大小，從而確定電壓表還是電流表誤差較大，進而確定外接法還是內(nèi)接法，再由歐姆定律，求解電阻。本題考查了螺旋測微器讀數(shù)、求電阻率，螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器示數(shù)，螺旋測微器需要估讀一位，讀數(shù)時視線要與刻度線垂直，并掌握電流表內(nèi)接法與外接法的確定依據(jù)?！窘獯稹?1)

金屬絲電阻：R=UI=婁脩LS=