2025年滬教新版高三物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教新版高三物理下冊階段測試試卷174考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，長為L的細(xì)繩一端固定，另一端系一質(zhì)量為m的小球．給小球一個合適的初速度，小球便可在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，這樣就構(gòu)成了一個圓錐擺，設(shè)細(xì)繩與豎直方向的夾角為θ．下列說法中正確的是（）A.小球受重力、繩的拉力和向心力作用B.θ越大，小球運(yùn)動的向心力越大C.θ越大，小球運(yùn)動的速度越小D.θ越大，小球運(yùn)動的周期越大2、A、B兩個質(zhì)量相同小球拋出，下列說法中正確的是（）A.從同一高度以不同速度水平拋出，B在空中的運(yùn)動時間不同B.從同一高度以不同的速度水平拋出，速度越大的水平位移一定越大C.拋出速度越大的小球，速度的變化越快D.從同一軌道以不同速度水平拋出，B落地使重力的瞬間功率不同3、下列情形中的物體可以看做質(zhì)點(diǎn)的是（）A.研究郭晶晶在跳水比賽中的動作時B.研究航天飛機(jī)相對地球的飛行周期時，繞地球飛行的航天飛機(jī)能看作質(zhì)點(diǎn)C.研究子彈射穿一張薄紙所需的時間，可以將子彈看作質(zhì)點(diǎn)D.一枚硬幣用力上拋，猜測它落地時是正面朝上還是反面朝上4、地球同步衛(wèi)星是整個人類的稀有資源，全球最多可以同時存在大約120顆同步衛(wèi)星．如圖所示，很多國家發(fā)射地球同步衛(wèi)星時，先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓形軌道1運(yùn)行，然后在Q點(diǎn)點(diǎn)火，使其沿橢圓軌道2運(yùn)行，最后在P點(diǎn)再次點(diǎn)火，將衛(wèi)星送入同步圓形軌道3運(yùn)行．已知軌道1、2相切于Q點(diǎn)，軌道2、3相切于P點(diǎn)．忽略大氣對衛(wèi)星的阻力作用，則衛(wèi)星分別在1、2、3軌道上正常運(yùn)行時，下列說法正確的是（）A.衛(wèi)星從軌道2運(yùn)行到軌道3的過程中，衛(wèi)星與地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B.衛(wèi)星在軌道3上的P點(diǎn)運(yùn)行速度小于在軌道2上的P點(diǎn)運(yùn)行速度C.衛(wèi)星在軌道2上Q點(diǎn)的加速度小于在軌道1上Q點(diǎn)的加速度D.若在軌道3上的P點(diǎn)開動推動器向衛(wèi)星運(yùn)行的正前方噴氣，衛(wèi)星可以重新回到軌道2上5、圖甲和圖乙所示的是a、b兩束單色光分別用同一單縫裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，在距裝置恒定距離的屏上得到的圖樣，圖甲是a光照射時形成的圖樣，圖乙是b光照射時形成的圖樣．下列說法正確的是（）A.a光光子的能量較大B.在水中a光波長較短C.甲、乙圖樣分別為a、b兩單色光的干涉圖樣D.若用a光照射某金屬有光電子逸出，則用b光照射該金屬時也有光電子逸出6、如圖所示，帶有活塞的氣缸中封閉一定質(zhì)量的氣體(不考慮分子勢能)．將一個熱敏電阻(電阻值隨溫度升高而減小)置于氣缸中，熱敏電阻與氣缸外的歐姆表連接，氣缸和活塞均具有良好的絕熱性能．下列說法正確的是()A.若發(fā)現(xiàn)歐姆表讀數(shù)變大，則氣缸內(nèi)氣體內(nèi)能一定減小B.若推動活塞使氣缸內(nèi)氣體體積減小，則氣缸內(nèi)氣體內(nèi)能減小C.若推動活塞使氣缸內(nèi)氣體體積減小，則氣缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)減小D.若推動活塞使氣缸內(nèi)氣體體積減小，則歐姆表讀數(shù)將變小7、如圖為兩種形式的吊車的示意圖，OA

為可繞O

點(diǎn)轉(zhuǎn)動的輕桿，重量不計(jì)，AB

為纜繩，當(dāng)它們吊起相同重物時，桿OA

在圖(a)(b)

中的受力分別為F

a

F

b

則下列關(guān)系正確的是()

A.F

a=

F

b

B.F

a<

F

b

C.F

a>

F

b

D.大小不確定評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)8、一做勻變速直線運(yùn)動的物體，若在前半段時間內(nèi)的平均速度為5m/s，在后半段時間內(nèi)的平均速度為7m/s，則全段時間內(nèi)的平均速度為____m/s；若在前位移內(nèi)的平均速度是6m/s，后位移內(nèi)的平均速度是9m/s，則全程的平均速度是____m/s．9、（2008?廣東模擬）如圖所示，實(shí)線是一列簡諧橫波在t1=0時的波形圖，虛線為t2=0.5s時的波形圖，已知0＜t2-t1＜T，t1=0時x=2m處的質(zhì)點(diǎn)A正向y軸正方向振動．

①質(zhì)點(diǎn)A的振動周期為____s；

②波的傳播方向是____；

③波速大小為____m/s．10、（2015春?淮安期末）如圖所示是一定質(zhì)量的理想氣體沿直線ABC發(fā)生狀態(tài)變化的p-V圖象．已知A→B過程中，理想氣體內(nèi)能變化量為25J，吸收的熱量為50J，則該過程氣體對外界做功為____J，A→C過程氣體吸收熱量為____J．11、（2013秋?永春縣校級期中）如圖，三木塊疊在一起，現(xiàn)用水平向右的力F=5N，作用于木塊b上，它們均靜止不動，則木塊a受到木塊b的摩擦力為____N；木塊c受到木塊b的摩擦力方向?yàn)開___．12、（2013春?南溪縣校級月考）如圖所示，將勻強(qiáng)磁場中的線圈（正方形，邊長為L）以不同的速度v1和v2勻速拉出磁場，線圈電阻為R，那么兩次拉出過程中，外力做功之比W1：W2=____．外力做功的功率之比P1：P2=____．評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)13、物體的瞬時速度總為零，則平均速度一定為零．____．（判斷對錯）14、當(dāng)達(dá)到動態(tài)平衡時，蒸發(fā)的速度不再改變，以恒速蒸發(fā)．____．（判斷對錯）15、作用力與反作用力一定是同種性質(zhì)的力．____（判斷對錯）16、參考系的選取是任意的，但參考系的選取應(yīng)使物體運(yùn)動的描述盡可能簡單．____．（判斷對錯）17、公式E=和對于任何靜電場都是適用的．____．（判斷對錯）18、不論用什么方法，只要穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化，閉合電路中就有電流產(chǎn)生．____（判斷對錯）19、電視機(jī)的顯象管中電子束每秒進(jìn)行50場掃描____．20、公式E=和對于任何靜電場都是適用的．____．（判斷對錯）評卷人得分四、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共24分)21、圖中螺旋測微器的讀數(shù)分別為____cm、____mm

22、（2012春?撫順縣校級期中）用圖1所示的平拋儀來做研究平拋運(yùn)動的實(shí)驗(yàn)；讓小球多次沿同一軌道運(yùn)動，通過描點(diǎn)法畫出小球平拋運(yùn)動的軌跡。

（1）為了能較準(zhǔn)確地描繪運(yùn)動軌跡，下面列出一些操作要求，將你認(rèn)為正確選項(xiàng)的前面字母填在橫線上：____．

A．通過調(diào)節(jié)使斜槽的末端保持水平。

B．每次釋放小球的位置可以不同。

C．每次必須由靜止釋放小球。

D．小球運(yùn)動時不應(yīng)與木板上的白紙（或方格紙）相接觸。

（2）在實(shí)驗(yàn)中，用一張印有小方格的紙來記錄軌跡，小方格的邊長L=1.25cm，若小球在平拋運(yùn)動途中的幾個位置如圖2中的a、b、c、d所示，則小球平拋的初速度的計(jì)算公式為V0=____用（L、g表示）其值是____m/s（g=10m/s2）23、在離地面15m的高處；以10m/s的初速度豎直上拋一小球．求。

（1）小球上升的高度和上升的時間。

（2）小球從最高點(diǎn)下落時間和落地時的速度（忽略空氣阻力的影響，取g=10m/s2）

（3）小球從拋出到落地的時間．24、一個課外興趣小組應(yīng)用如圖甲所示裝置和傳感器研究機(jī)械能守恒問題，光滑斜面下端與圓弧相切，D點(diǎn)安裝一個力傳感器，并與計(jì)算機(jī)相連，讓質(zhì)量為O．lkg的小球從斜面上不同高度h（釋放點(diǎn)到C點(diǎn)所在平面的高度）處由靜止釋放，小球通過D點(diǎn)時對軌道的壓力可由計(jì)算機(jī)讀出，通過多次測量得到了小球?qū)點(diǎn)的壓力F與h的關(guān)系圖象如圖乙所示，g=10m/s2．求：h=1.6m時；小球運(yùn)動到C點(diǎn)時對軌道的壓力為多大？

評卷人得分五、識圖作答題(共1題，共10分)25、如圖甲是適宜環(huán)境中大豆光合作用過程的部分圖解，圖乙是某研究小組在15℃條件下以水稻為材料進(jìn)行研究得到的實(shí)驗(yàn)結(jié)果（光合作用的最適溫度為25℃，呼吸作用的最適溫度為30℃）。請回答相關(guān)問題。

（1）圖甲所示過程進(jìn)行的場所是____；圖甲中A代表的物質(zhì)是____，a代表____過程。若將該植物突然轉(zhuǎn)移到高溫、強(qiáng)光照、干燥的環(huán)境中，葉片將部分氣孔關(guān)閉，此時葉肉細(xì)胞內(nèi)物質(zhì)B的含量變化是____（填“增加”、“不變”或“減少”）。（2）由圖乙可知本實(shí)驗(yàn)的目的是研究____，圖乙中E點(diǎn)的含義是____。（3）若將圖乙的實(shí)驗(yàn)溫度升高10℃，則F點(diǎn)向____（填“左”或“右”）側(cè)移動，呼吸速率曲線向____（填“上”或“下”）移動。評卷人得分六、畫圖題(共2題，共4分)26、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）27、在圖示中，物體A處于靜止?fàn)顟B(tài)，請畫出各圖中A物體所受的彈力．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【分析】分析小球的受力：受到重力、繩的拉力，二者的合力提供向心力，向心力是效果力，不能分析物體受到向心力．然后用力的合成求出向心力為Fn=mgtanθ，用牛頓第二定律列出向心力的表達(dá)式，求出線速度v和周期T的表達(dá)式，分析θ變化，由表達(dá)式判斷V、T的變化，繼而可知各選項(xiàng)的正誤．【解析】【解答】解：A；小球只受重力和繩的拉力作用；二者合力提供向心力，選項(xiàng)A錯誤；

B、小球的向心力為Fn=mgtanθ；所以θ越大，小球運(yùn)動的向心力越大，選項(xiàng)B正確．

C、向心力與速度的關(guān)系為mgtanθ=m=，得v=；θ越大，sinθ；tanθ越大，所以小球運(yùn)動的速度越大，選項(xiàng)C錯誤．

D、小球運(yùn)動周期：T==2π；因此，θ越大，小球運(yùn)動的周期越小，選項(xiàng)D錯誤．

故選：B2、B【分析】【分析】平拋運(yùn)動在水平方向上做勻速直線運(yùn)動，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動，根據(jù)高度比較運(yùn)動的時間，結(jié)合初速度和時間比較水平位移．根據(jù)瞬時功率的公式比較重力的瞬時功率．【解析】【解答】解：A、高度相同，根據(jù)t=知；A；B在空中運(yùn)動的時間相同，與初速度無關(guān)，故A錯誤．

B；高度相同；運(yùn)動的時間相等，根據(jù)x=vt知，速度越大，水平位移越大，故B正確．

C；平拋運(yùn)動的加速度不變；都等于g，則速度變化快慢相同，故C錯誤．

D、根據(jù)P=mgvy知；落地時豎直分速度相等，重力的瞬時功率相等，與初速度無關(guān)，故D錯誤．

故選：B．3、B【分析】【分析】當(dāng)物體的形狀、大小對所研究的問題沒有影響時，我們就可以把它看成質(zhì)點(diǎn)，根據(jù)把物體看成質(zhì)點(diǎn)的條件來判斷即可．【解析】【解答】解：A；研究郭晶晶在跳水比賽中的動作時；形狀和大小不能忽略，不能看成質(zhì)點(diǎn)．故A錯誤．

B；研究航天飛機(jī)相對地球的飛行周期時；繞地球飛行的航天飛機(jī)能看作質(zhì)點(diǎn)，故B正確；

C；研究子彈射穿一張薄紙所需的時間；可以將子彈看作質(zhì)點(diǎn)，子彈大小不能忽略，不能看成質(zhì)點(diǎn)．故C錯誤．

D；一枚硬幣用力上拋；猜測它落地時是正面朝上還是反面朝上，硬幣的大小和形狀不能忽略，不能看成質(zhì)點(diǎn)．故D錯誤．

故選：B．4、D【分析】【分析】根據(jù)衛(wèi)星在軌道上飛行只受引力；機(jī)械能守恒去判斷近地點(diǎn)和遠(yuǎn)地點(diǎn)的速度大小關(guān)系．

當(dāng)萬有引力剛好提供衛(wèi)星所需向心力時衛(wèi)星正好可以做勻速圓周運(yùn)動。

1．若是供大于需則衛(wèi)星做逐漸靠近圓心的運(yùn)動。

2．若是供小于需則衛(wèi)星做逐漸遠(yuǎn)離圓心的運(yùn)動。

牛頓第二定律和萬有引力定律結(jié)合應(yīng)用解決問題．【解析】【解答】解：A；題目說在P點(diǎn)再次點(diǎn)火；將衛(wèi)星送入同步圓形軌道3運(yùn)行，說明機(jī)械能增加，故A錯誤；

B；在橢圓軌道遠(yuǎn)地點(diǎn)實(shí)施變軌成圓軌道是做逐漸遠(yuǎn)離圓心的運(yùn)動；要實(shí)現(xiàn)這個運(yùn)動必須萬有引力小于衛(wèi)星所需向心力，所以應(yīng)給衛(wèi)星加速，增加所需的向心力，衛(wèi)星在軌道3上經(jīng)過P點(diǎn)的速率大于在軌道2上經(jīng)過P點(diǎn)的速率，故B錯誤；

C；根據(jù)牛頓第二定律和萬有引力定律得衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過Q點(diǎn)的加速度等于在軌道1上經(jīng)過Q點(diǎn)的加速度；故C錯誤；

D；若在軌道3上的P點(diǎn)開動推動器向衛(wèi)星運(yùn)行的正前方噴氣；衛(wèi)星會減速，可能重新回到軌道2上，故D正確；

故選：D．5、D【分析】【分析】根據(jù)兩圖是由同一條單縫照射而形成的圖樣，且中央寬故為單縫衍射圖樣由于波長越短中央亮條紋的寬度越小，由圖可知單色光b的波長較短，而在真空中波長越長頻率越?。还庾拥哪芰縀=hγ，如果入射光的能量大于金屬的逸出功，就會發(fā)生光電效應(yīng)；對于同一種介質(zhì)來說，由于波長越大的單色光折射率越?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓河捎趫D甲和圖乙是由同一條單縫照射而形成的圖樣，且中央寬故為單縫衍射圖樣，由于波長越短中央亮條紋的寬度越小，由圖可知單色光b的波長較短；

又由于C=λγ，故b光的頻率較高即γb＞γa．

A；由于光子的能量E=hγ；故a光光子的能量較?。蔄錯誤．

B、對于同一種介質(zhì)來說，由于波長越大的單色光折射率越小，故na＜nb，由于n=故光從空氣射入水中波長變短，由于在空氣中時a的波長大于b的波長且進(jìn)入水中后b的波長減小的更多；故在水中a光波長較長，故B錯誤．

C、由于波長越長單縫衍射圖樣的中央條紋越寬，故甲的波長較長，故甲乙分別是ab的單縫衍射的圖象．故C錯誤．

D、a光光子的能量較小，故只要a光照射某金屬有光電子逸出，則用b光照射該金屬時也有光電子逸出．故D正確．

故選D．6、A|D【分析】發(fā)現(xiàn)歐姆表讀數(shù)變大，由熱敏電阻特性知，缸內(nèi)氣體溫度降低，氣體的內(nèi)能減小，A正確；推動活塞使缸內(nèi)氣體體積減小，對氣體做功，又因氣缸和活塞均具有良好的絕熱性能，沒有熱量交換，由熱力學(xué)第一定律知，缸內(nèi)氣體的內(nèi)能增大，溫度升高，熱敏電阻阻值變小，歐姆表讀數(shù)將變小，而氣體的壓強(qiáng)將變大，B、C均錯誤，D正確．【解析】【答案】AD7、A【分析】【分析】對結(jié)點(diǎn)進(jìn)行受力分析，根據(jù)力的合成求解即可。【解答】分別對兩種形式的結(jié)點(diǎn)進(jìn)行受力分析，設(shè)桿子的作用力分別為F1F2F3

各圖中T=mg

在圖(a)

中，F(xiàn)a=2mgcos30鈭?=3mg

在圖(b)

中，F(xiàn)b=mgtan60鈭?=3mg

故選A?！窘馕觥緼

二、填空題(共5題，共10分)8、67.7【分析】【分析】利用已知數(shù)據(jù)把全程的位移和時間表示出來，根據(jù)平均速度公式求出全段過程中的平均速度．【解析】【解答】解：設(shè)前半段或后半段的時間為t；則全段的位移為：x=5t+7t

所以全段的平均速度為：v平===6m/s．

設(shè)全段的位移為s，則在前1/3位移內(nèi)對應(yīng)的時間為：s，后2/3位移內(nèi)的時間為：s

所以全段的平均速度為：v平1=m/s=7.7m/s

故答案為：6，7.79、2沿+x方向2【分析】【分析】①根據(jù)x=2m處的質(zhì)點(diǎn)A正向y軸正方向振動；可判斷波的傳播方向．

②已知0＜t2-t1＜T，當(dāng)波向右傳播時，波傳播的時間t2-t1為T，當(dāng)波向左傳播時，波傳播的時間t2-t1為；運(yùn)用波形的平移法求周期．

③讀出波長，由波速公式v=求波速．【解析】【解答】解：①②根據(jù)t1=0時的波形圖上x=2m處的質(zhì)點(diǎn)A正向y軸正方向振動；判斷出波的傳播方向沿著x軸的正方向．

已知0＜t2-t1＜T，則根據(jù)波形的平移得知，波傳播的時間t2-t1=T，得到T=4（t2-t1）=4×0.5s=2s．

③由圖知，波長λ=4m，則波速v==2m/s．

故答案為：①2.0；②沿+x方向（或水平向右）；③2.0．10、2550【分析】【分析】分析各過程中溫度的變化，由熱力學(xué)第一定律分析內(nèi)能、做功及熱量的變化即可求解．【解析】【解答】解：由熱力學(xué)第一定律可得：

△U=W+Q；

解得：W=25-50=-25J；說明氣體在AB過程放出25J的熱量；

在A和C狀態(tài)；pV乘積相等，所以溫度相等，則內(nèi)能相等；A到B和B到C體積變化量相同，故對外做功相等，因AB過程做功為25J；故AC過程對外做功為50J；由熱力學(xué)第一定律可知，因內(nèi)能不變；故氣體應(yīng)吸熱50J；

故答案為：25；50．11、0水平向右【分析】【分析】隔離對a分析，根據(jù)a受力平衡確定b對a的摩擦力大小，再隔離對b分析，通過平衡確定c與b間的摩擦力，最后對c分析，即可求解．【解析】【解答】解：a物體處于平衡，假設(shè)水平方向受b對a的摩擦力；則a不可能平衡，所以a不受摩擦力．

對b分析，b在水平方向受拉力F，因?yàn)樘幱谄胶?，則c對b的摩擦力水平向左，大小為F．所以b對c的摩擦力大小水平向右；大小為F；

故答案為：0，水平向右．12、v1：v2v12：v22【分析】【分析】線圈勻速運(yùn)動，外力的功率等于線圈中產(chǎn)生的焦耳熱，由E=BLv和焦耳定律得到外力做功的表達(dá)式，再求外力做功之比；同樣得到外力做功的功率表達(dá)式，再求解功率之比．【解析】【解答】解：線圈的速度為v時；產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E=BLv，線圈中產(chǎn)生的焦耳熱為：

Q===；可知Q∝v．

由于線圈勻速運(yùn)動，外力做功等于線圈中產(chǎn)生的焦耳熱，則外力做功為：W=Q=．所以可得：

W1：W2=v1：v2．

外力做功的功率為P==∝v2；

可得：P1：P2=v12：v22．

故答案為：v1：v2，v12：v22．三、判斷題(共8題，共16分)13、√【分析】【分析】平均速度表示物在某一段時間或某一過程內(nèi)的運(yùn)動情況；而瞬時速度只能表示物體在某一瞬時或某一位置時的速度．平均速度與位移與時間的比值求解．【解析】【解答】解：因瞬時速度為0；則物體不動，無位移，則平均速度為0

故答案為：√14、√【分析】【分析】液面上部的蒸汽達(dá)到飽和時，液體分子從液面飛出，同時有蒸汽分子進(jìn)入液體中；從宏觀上看，液體不再蒸發(fā)．【解析】【解答】解：飽和蒸汽的平衡是一種動態(tài)平衡．當(dāng)達(dá)到動態(tài)平衡時；液體分子從液面飛出，同時有蒸汽分子進(jìn)入液體中；從宏觀上看，液體不再蒸發(fā)蒸發(fā)的速度不再改變，此時以恒速蒸發(fā)．所以該說法是正確的．

故答案為：√15、√【分析】【分析】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時產(chǎn)生，同時變化，同時消失．【解析】【解答】解：由牛頓第三定律可知；作用力與反作用力總是大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時產(chǎn)生，同時變化，同時消失，故該說法是正確的．

故答案為：√16、√【分析】【分析】參考系，是指研究物體運(yùn)動時所選定的參照物體或彼此不作相對運(yùn)動的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：參考系；是指研究物體運(yùn)動時所選定的參照物體或彼此不作相對運(yùn)動的物體系；參考系的選取是任意的，參考系的選取應(yīng)使物體運(yùn)動的描述盡可能簡單．該說法是正確的．

故答案為：√17、×【分析】【分析】場強(qiáng)定義式E=適應(yīng)任何電場，E=只適用于真空中點(diǎn)電荷；場強(qiáng)取決于電場本身，與檢驗(yàn)電荷無關(guān)．【解析】【解答】解：場強(qiáng)定義式E=適應(yīng)任何電場，E=只適用于真空中點(diǎn)電荷；故錯誤．

故答案為：×．18、√【分析】【分析】感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件是穿過閉合電路磁通量發(fā)生變化．1、電路要閉合；2、穿過的磁通量要發(fā)生變化．【解析】【解答】解：感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件是穿過閉合電路磁通量發(fā)生變化；只要穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化，閉合電路中就有電流產(chǎn)生．該說法是正確的．

故答案為：√19、√【分析】【分析】根據(jù)顯像原理：顯像管尾部的電子槍發(fā)射的電子束被加速和控制后呈掃描狀轟擊屏幕上的熒光粉，使屏幕發(fā)光，結(jié)合交流電的頻率，即可求解．【解析】【解答】解：電子槍發(fā)射電子束擊在顯像管的屏幕上的彩色繭光粉上；它的電子束是逐行掃描的，速度非常的快，肉眼是看不出來的，電子束掃描的方向主是靠顯像管管頸上的偏轉(zhuǎn)線圈來控制的，交流電的頻率為50赫茲，因此電子束能在1秒內(nèi)，打在熒光屏上50場畫面，所以顯象管中電子束每秒進(jìn)行50場掃描；

故答案為：√．20、×【分析】【分析】場強(qiáng)定義式E=適應(yīng)任何電場，E=只適用于真空中點(diǎn)電荷；場強(qiáng)取決于電場本身，與檢驗(yàn)電荷無關(guān)．【解析】【解答】解：場強(qiáng)定義式E=適應(yīng)任何電場，E=只適用于真空中點(diǎn)電荷；故錯誤．

故答案為：×．四、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共24分)21、0.67250.520【分析】【分析】螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．【解析】【解答】解：1；螺旋測微器的固定刻度為6.5mm；可動刻度為22.5×0.01mm=0.225mm，所以最終讀數(shù)為6.5mm+0.225mm=6.725mm=0.6725cm．

2；螺旋測微器的固定刻度為0.5mm；可動刻度為2.0×0.01mm=0.20mm，所以最終讀數(shù)為0.5mm+0.020mm=0.520mm．

故答案為：0.67250.52022、ACD0.5【分析】【分析】（1）保證小球做平拋運(yùn)動必須通過調(diào)節(jié)使斜槽的末端保持水平；因?yàn)橐嬐贿\(yùn)動的軌跡，必須每次釋放小球的位置相同，且由靜止釋放，以保證獲得相同的初速度，實(shí)驗(yàn)要求小球滾下時不能碰到木板平面，避免因摩擦而使運(yùn)動軌跡改變，最后軌跡應(yīng)連成平滑的曲線．

（2）平拋運(yùn)動的水平方向做勻速直線運(yùn)動，從圖中可以看出：a、b、c、d4個點(diǎn)間的水平位移均相等為2L，因此這4個點(diǎn)是等時間間隔點(diǎn)，豎直方向是自由落體運(yùn)動，兩段相鄰的位移之差是一個定值△y=gT2=L，然后根據(jù)水平方向勻速直線運(yùn)動即可解出小球的初速度．【解析】【解答】解：（1）A；通過調(diào)節(jié)使斜槽末端保持水平；是為了保證小球做平拋運(yùn)動．故A正確；

B；C、因?yàn)橐嬐贿\(yùn)動的軌跡；必須每次釋放小球的位置相同，且由靜止釋放，以保證獲得相同的初速度，故B錯誤，C正確；

D；實(shí)驗(yàn)要求小球滾下時不能碰到木板平面；避免因摩擦而使運(yùn)動軌跡改變，最后軌跡應(yīng)連成平滑的曲線，故D正確．

故選：ACD．

（2）圖中看出，a、b；c、d4個點(diǎn)間的水平位移均相等；是x=2L，因此這4個點(diǎn)是等時間間隔點(diǎn)．豎直方向兩段相鄰位移之差是個定值；

即△y=gT2=2L；

故有：T=

再根據(jù)水平方向有：

2L=v0T

解得：v0=

代入數(shù)據(jù)得：v0==

故答案為：（1）ACD；（2），0.5．23、略

【分析】【分析】（1）豎直上拋運(yùn)動是加速度為-g的勻減速直線運(yùn)動；根據(jù)位移時間關(guān)系公式列式可得上升高度；由速度時間公式可得上升時間；

（2）小球從最高點(diǎn)下落做自由落體運(yùn)動；由自由落體位移公式和速度公式可求下落時間和落地時的速度．

（3）由前兩問可得總時間．【解析】【解答】解：取豎直向上為正方向．

（1）小球上升的高度：

h=；

上升時間為：

．

（2）小球從最高點(diǎn)下落高度為H=15+5=20m；做自由落體運(yùn)動，時間為：

；

落地時的速度為：

v=gt2=10×2=20m/s．

（3）小球從拋出到落地所用的時間：t=t1+t2=3s．

答：（1）小球上升最高點(diǎn)與拋點(diǎn)的距離是5m；上升的時間為1s；

（2）小球落地時的速度大小是20m/s；

（3）小球從拋出到落地所用的時間是3s．24、略

【分析】【分析】在D點(diǎn)由向心力公式可列式表示力與速度的關(guān)系；再對下滑過程由動能定理可得出下滑高度與速度的關(guān)系；聯(lián)立可解得力與半徑的關(guān)系；再由圖象得出斜率即可求得半徑；

由機(jī)械能守恒定律可求得C點(diǎn)的速度，由向心力公式可求得C點(diǎn)的支持力；再由牛頓第三定律可得出小球?qū)壍赖膲毫Γ窘馕觥俊窘獯稹拷猓涸O(shè)小球在傳感器位置的速度為v，則有：m=F+mg

對開始下滑至運(yùn)動到傳感器的過程；由動能定理可得：

mv2=mg（h-2R）

由以上兩式可得：

F=-5mg；

根據(jù)小球的F-h圖象可知圖線的斜率k==5

故R=0.4m；

當(dāng)h=1.6m