2025年冀教版高二物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀教版高二物理下冊階段測試試卷435考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示；長直導線與矩形閉合導線框處于同一豎直平面內，長直導線固定不動，矩形閉合導線框可以自由運動．開始時長直導線與矩形閉合導線框的豎直邊平行，線框靜止不動．若直導線和導線框中同時通有圖中所示方向的電流，那么矩形閉合導線框的運動情況是（）

A.靠近通電長直導線。

B.遠離通電長直導線。

C.保持靜止不動。

D.順時針（俯視）方向轉動。

2、關于磁場中某點的磁感應強度的大小和安培力的大??；說法不正確的是（）

A.由B=可知；B與F成正比，與I，L的乘積成反比。

B.B的大小與I；L的乘積無關，由磁場本身決定。

C.B的大小和方向處處相同的區(qū)域叫勻強磁場。

D.當通電導線跟該處的磁場方向平行時；導線受到的安培力為零。

3、下面的幾個圖顯示了磁場對通電直導線的作用力，其中正確的是()4、如圖所示，螺線管與靈敏電流計相連，磁鐵從螺線管的正上方由靜止釋放，向下穿過螺線管。下列說法正確的是

A.電流計中的電流先由a

到b

后由b

到a

B.a

點的電勢始終低于b

點的電勢C.磁鐵減少的重力勢能等于回路中產生的熱量D.磁鐵剛離開螺線管時的加速度小于重力加速度5、如圖所示，用力將矩形線框abcd

從磁場中勻速地拉出有界的勻強磁場，下列說法不正確的是(

)

A.速度越大，拉力做功越多B.速度相同時，線框電阻越大，所用拉力越小C.無論是快拉還是慢拉，通過線框的電量相同D.無論是快拉還是慢拉，拉力做功的功率一樣大6、如圖所示,將帶正電的粒子從電場中的A點無初速地釋放,不計重力的作用,則下列說法中正確的是（）A.帶電粒子一定做加速直線運動B.帶電粒子的電勢能一定逐漸增大C.帶電粒子的加速度一定越來越小D.帶電粒子的加速度一定越來越大7、某彈簧振子的振動圖象如圖所示，根據圖象判斷．下列說法正確的是（）A.第1s內振子相對于平衡位置的位移與速度方向相反B.第2s末振子相對于平衡位置的位移為-20cmC.第2s末和第3s末振子相對于平衡位置的位移均相同，但瞬時速度方向相反D.第1s內和第2s內振子相對于平衡位置的位移方向相同，瞬時速度方向相反評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)8、如圖所示，平行實線代表電場線，但未標明方向，一個帶電量為-10－6C的微粒在電場中僅受電場力作用，當它從A點運動到B點時動能減少了10－5J，則該電荷運動軌跡應為虛線________（選“1”或“2”）；若A點的電勢為-10V，則B點電勢為____V。9、圖甲所示線圈總電阻r=0.5Ω，匝數n=10，其端點a、b與R=1.5Ω的電阻相連，線圈內磁通量變化規(guī)律如圖乙所示．關于a、b兩點電勢?a______?b（填“大于”或“小于”），兩點電勢差Uab=______V．10、戰(zhàn)爭類影視劇，里面都會出現這樣一個鏡頭，就是當敵方炮彈來襲時，有經驗的老兵或者指揮官會馬上或者根據情況，喊出“臥倒”，然后順利的躲過炮彈的傷害，那么這些老兵或者指揮官是判斷炮彈即將來襲的物理原理是______________。11、如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中的一個長方形的四個頂點，已知A、B、C三點的電勢分別為φA=14V；φB=3V；φC=-3V，由此可得D點電勢φD=____V．

12、使物體帶（起）電的三種方式分別是：______起電，______起電，______起電．13、磁電式儀表的線圈通常用鋁框作骨架；把線圈繞在鋁框上，這樣做的目的是_____________(

選填“防止”或“利用”)

渦流而設計的，起________________(

選填“電磁阻尼”或“電磁驅動”)

的作用。

評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)14、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）15、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

16、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

17、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）18、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

19、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、實驗探究題(共1題，共9分)20、用某種單色光做雙縫干涉實驗時，已知雙縫間距離的大小恰好是下圖中游標卡尺的讀數(

如圖1

所示)d=

________mm

雙縫到毛玻璃屏間的距離L=75cm

實驗時先移動測量頭上的手輪，把分化線對準靠近最左邊的一條明條紋(

記為第1

條明條紋)

并記下螺旋測微器的讀數X1=

________mm(

如圖2

所示)

然后轉動手輪，把分劃線向右邊移動，直到對準第7

條明條紋并記下螺旋測微器的讀數X2=

_________mm(

如圖3

所示)

由以上測量數據求得該單色光的波長為___________m(

最后一空結果保留兩位有效數字)

評卷人得分五、作圖題(共4題，共40分)21、（1）如圖所示為一列沿x軸負方向傳播的橫波，請在圖上標出該時刻質點P與點Q的振動方向。（2）如圖所示，豎直放置的平行導軌上擱置了一根與導軌接觸良好的金屬棒ab，水平方向的勻磁場強垂直穿過導軌平面，請在圖上標出當金屬棒ab下落時，ab棒中感應電流的方向和ab棒所受的磁場力方向。22、如圖(a)所示中有一條均勻的繩，0、1、2、3、4是繩上一系列等間隔的點．現有一列簡諧橫波沿此繩傳播．某時刻，繩上9、10、11、12四點的位置和運動方向如圖(b)所示(其他點的運動情況未畫出)，其中12的位移為零，向上運動，點9的位移達到最大值．試在圖(c)中畫出再經過周期時點3、4、5、6的位置和速度方向，其他點不必畫．(圖(c)的橫、縱坐標與圖2-1-6(a)、(b)完全相同)23、如圖1所示，在直導線上方放一小磁針．當導線中通入電流時，發(fā)現小磁針的S極轉向讀者，請畫出導線中電流的方向．如圖2所示，通電導線由于受到磁場力而向左運動，畫出條形磁鐵的N、S極．

24、試畫出下面圖1中負電荷產生的電場；畫出圖2中的A點的電場方向以及放在B點的負電荷所受的電場力方向。

評卷人得分六、推斷題(共1題，共9分)25、A、rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}rm{X}是中學常見的無機物，存在如圖轉化關系rm{(}部分生成物和反應條件略去rm{)}rm{(1)}若rm{A}為常見的金屬單質，焰色反應呈黃色，rm{X}能使品紅溶液褪色，寫出rm{C}和rm{E}反應的離子方程式：__________________________．rm{(2)}若rm{A}為短周期元素組成的單質，該元素的最高價氧化物的水化物酸性最強，則：rm{壟脵}組成單質rm{A}的元素在周期表中的位置為_______________．rm{壟脷X}可能為___________rm{(}填代號rm{)}．rm{a.NaHCO_{3}}rm{b.Na_{2}CO_{3;;;;;;;;;;;;;;;}c.Na_{2}SO_{3;;;;;;;;;;;;;}d.Al(OH)_{3}}rm{(3)}若rm{A}為淡黃色粉末，回答下列問題：rm{壟脵1molA}與足量的rm{H_{2}O}充分反應時轉移的電子數目為_______________．rm{壟脷A}的電子式為___________________。rm{壟脹}若rm{X}為一種造成溫室效應的氣體rm{.}則鑒別等濃度的rm{D}rm{E}兩種溶液，可選擇的試劑為______rm{(}填代號rm{)}．rm{a.}鹽酸rm{b.BaCl_{2}}溶液rm{c.NaOH}溶液rm{d.Ca(OH)_{2}}溶液rm{(4)}若rm{A}為氧化物，rm{X}是rm{Fe}溶液rm{D}中加入rm{KSCN}溶液變紅rm{.}則rm{A}與rm{H_{2}O}反應的化學反應方程式為___________rm{.E}是_________rm{(}填化學式rm{)}參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】

由右手螺旋定則判斷出直導線的磁場；導線框在直導線右邊，所處的磁場方向垂直紙面向里．

由左手定則判斷導線框四邊的受力情況；上下兩邊大小相等，方向相反，左右兩邊方向也相反，但由于導線周圍磁感應強度的大小與它到導線的距離成反比，導線框左邊受力比右邊受力大，合力向左，所以導線框向左運動靠近通電長直導線．

故選A．

【解析】【答案】由右手螺旋定則判斷出直導線的磁場；導線框在直導線右邊，所處的磁場方向垂直紙面向里；

再由左手定則判斷導線框四邊的受力情況進行解決．

2、A【分析】

A、由B=可知；B與F；I與L均無關，而磁場是由本身性質決定．故A錯誤；

B、由B=可知；B與F；I與L均無關，而磁場是由本身性質決定．故B正確；

C；B的大小和方向處處相同的區(qū)域叫勻強磁場；故C正確；

D；當通電導線跟該處的磁場方向平行時；導線受到的安培力為零，故D正確；

本題選錯誤的；故選：A

【解析】【答案】磁感應強度是描述磁場強弱的物理量；通過電流元垂直放置于磁場中所受磁場力與電流元的比值來定義磁感應強度．比值與磁場力及電流元均無關．電流元所受磁場力即為安培力，它的方向是由左手定則來確定．大小與通電導線放入磁場中的位置有關．

3、C【分析】試題分析：磁場向上，電流向里，根據左手定則可得，安培力的方向水平向右，所以A錯誤；磁場向左，電流向外，根據左手定則可得，安培力的方向向下，所以B錯誤；磁場向里，電流向左，根據左手定則可得，安培力的方向向下，所以C正確；磁場向外，電流向外，它們的方向相同，不受安培力的作用，所以D錯誤．考點：考查了左手定則的應用．掌握住左手定則的內容，直接判斷即可，比較簡單，同時要注意與右手定則的區(qū)別，注意磁場方向、電流方向以及安培力的方向之間的關系．【解析】【答案】C4、D【分析】【分析】當磁鐵的N

極向下運動，導致穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，導致線圈中產生感應電動勢.

由楞次定律可得感應電流的方向，從而判斷電流計中電流方向，感應電流的效果總是阻礙引起感應電流的原因，根據來拒去留的判斷口訣分析在各點的受力情況，從而知道加速度的大小。本題考查了楞次定律的應用，重點是根據磁通量的變化判斷出感應電流的有無和方向，能根據來拒去留的判斷口訣分析在各點的受力情況，難度適中?！窘獯稹緼.當磁鐵N

極向下運動，導致穿過線圈的磁通量變大，且方向向下，則由楞次定律可得線圈中產生感應電流方向盤旋而下，螺線管下端相當于電源的正極.

所以通過G

的電流方向為從b

到a

當S

極離開螺線管時，穿過線圈的磁通量變小，且方向向下，則螺線管上端相當于電源的正極，所以通過G

的電流方向為從a

到b

則a

點的電勢先低于b

點的電勢，后高于b

點電勢；故A錯誤，B錯誤；

C.磁鐵的重力勢能轉化為回路中產生的熱量和磁鐵的動能；所以磁鐵減少的機械能等于回路中產生的熱量，故C錯誤；

D.磁鐵剛離開螺線管時，正在遠離螺線管，磁鐵受到的磁場力阻礙磁鐵遠離螺線管(

去留)

則加速度a<g

故D正確。

故選D。

【解析】D

5、D【分析】解：導體框拉出磁場時；產生的電動勢E

為：E=BLadv

產生的感應電流為：I=ER

勻速時外力F

為：F=F擄虜=BILad

聯(lián)立可得外力F

為：F=B2Lad2vRR

越大時F

越小，所以B正確．

拉力做的功W

為：W=FLdc=B2Lad2vLdcR

可見速度v

越大時，做的功也W

越多，所以A正確．

通過線框的電量q

為：q=I爐?鈻?tI爐=E爐RE爐=BLadLdc鈻?t

聯(lián)立可得q=BLadLdcR

可見q

與速度v

無關，所以C正確．

由P=Fv

可知，P=B2Lad2v2R

可見速度v

越大，功率P

越大，所以D錯誤．

本題選擇不正確的；故選：D

．

本題的關鍵是：根據法拉第電磁感應定律；閉合電路歐姆定律寫出安培力表達式；從而再分別求出功、功率、電量的表達式，然后討論即可．

導體棒勻速運動時滿足外力等于安培力的條件，注意求電量時應用平均電流．【解析】D

6、A|C【分析】【解析】【答案】AC7、D【分析】解：A；由圖知；第1s內振子遠離平衡位置的向正的最大位移方向運動，位移與速度方向相同．故A錯誤．

B；質點振在第2s末回到平衡位置；位移是0．故B錯誤．

C；質點第2s末的位移是0；第3s末振子相對于平衡位置的位移是負的最大．故C錯誤．

D；由圖可得；第1s內和第2s內振子相對于平衡位置的位移方向相同，第1s內遠離平衡位置運動，第2s內向著平衡位置運動，所以瞬時速度方向相反．故D正確．

故選：D

根據質點位移的變化；判斷質點的振動方向．加速度方向總與位移方向相反．分析質點振動的過程，確定其路程．

本題考查考取振動圖象信息的能力，可結合簡諧運動的特征進行分析．【解析】【答案】D二、填空題(共6題，共12分)8、略

【分析】從A點運動到B點時動能減少，電場力做負功，電場力方向向左，因為該粒子為負電荷，電場線向右，電場力方向指向曲線的凹側，軌跡為虛線1，由【解析】【答案】1，（2分）-20（2分）9、略

【分析】解：從圖中發(fā)現：線圈的磁通量是增大的；根據楞次定律，感應電流產生的磁場跟原磁場方向相反，即感應電流產生的磁場方向為垂直紙面向外，根據右手定則，我們可以判斷出線圈中感應電流的方向為：逆時針方向．

在回路中，線圈相當于電源，由于電流是逆時針方向，那么a相當于電源的正極，b相當于電源的負極，所以a點的電勢大于b點的電勢．

根據法拉第電磁感應定律得：

E==10×V=2V；

再由閉合電路歐姆定律，則有：I===1A．

a、b兩點電勢差就相當于電路中的路端電壓．

所以Uab=IR=1.5V．

故答案為：大于；1.5．

根據法拉第電磁感應定律求出線圈中感應電動勢．

根據楞次定律判斷感應電流的方向．

結合電路知識求出a、b兩點電勢差．

通過Φ-t圖象運用數學知識結合物理規(guī)律解決問題；其中我們要知道Φ-t圖象斜率的意義．

在電磁感應的問題中要知道哪部分相當于電源．【解析】大于；1.510、多普勒效應【分析】【分析】多普勒效應是指物體輻射的波長因為光源和觀測者的相對運動而產生變化，在運動的波源前面，波被壓縮，波長變得較短，頻率變得較高，在運動的波源后面，產生相反的效應，波長變得較長，頻率變得較低，波源的速度越高，所產生的效應越大，根據光波紅/

藍移的程度，可以計算出波源循著觀測方向運動的速度，恒星光譜線的位移顯示恒星循著觀測方向運動的速度，這種現象稱為多普勒效應?！窘獯稹繎?zhàn)爭類影視劇，里面都會出現這樣一個鏡頭，就是當敵方炮彈來襲時，有經驗的老兵或者指揮官會馬上或者根據情況，喊出“臥倒”，然后順利的躲過炮彈的傷害，那么這些老兵或者指揮官是判斷炮彈即將來襲的物理原理是多普勒效應。故答案為：多普勒效應?！窘馕觥慷嗥绽招?1、略

【分析】

AB電勢差等于CD電勢差，有：φA-φB=φC-φD，即14-3=-3-φD，解得φD=-14V．

故答案為：-14．

【解析】【答案】因為AB距離等于CD距離；抓住AB電勢差等于CD電勢差求出D點的電勢．

12、略

【分析】解：接觸起電；摩擦起電是電荷從一個物體轉移到另一個物體；而使物體帶電．感應起電是電荷從物體的一部分轉移到另一部分，而使物體帶電．

故使物體帶電的方法共有三種分別為摩擦起電；感應起電和接觸起電．

故答案為：摩擦；感應，接觸．

使物體帶點的方式有：接觸起電；摩擦起電是電荷從一個物體轉移到另一個物體；而使物體帶電．感應起電是電荷從物體的一部分轉移到另一部分，而使物體帶電．

解決本題的關鍵知道使物體帶電的三種方式：接觸起電﹑摩擦起電和感應起電．【解析】摩擦；感應；接觸13、利用電磁阻尼【分析】【分析】根據穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，從而產生感應電動勢，出現感應電流，進而受到安培阻力，阻礙指針的運動。在學過的測量工具或設備中，每個工具或設備都有自己的制成原理；對不同測量工具的制成原理，是一個熱點題型，需要重點掌握，同時理解電磁阻尼的原理?！窘獯稹砍Ｓ娩X框做骨架；當線圈在磁場中轉動時，導致鋁框的磁通量變化，從而產生感應電流，出現安培阻力，使其很快停止擺動.

而塑料做骨架達不到電磁阻尼的作用，這樣做的目的是利用渦流。

故填：利用電磁阻尼?！窘馕觥坷秒姶抛枘崛⑴袛囝}(共6題，共12分)14、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現靜電感應現象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．15、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．16、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據W=qU判斷電場力做功的大小，根據電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?7、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．18、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．四、實驗探究題(共1題，共9分)20、0.2514.7000.0248隆脕10鈭?7【分析】【分析】根據螺旋測微器的讀數原則和游標卡尺的讀數原則進行讀數即可，再結合?x=Ld婁脣

求解波長。本題是常規(guī)實驗的考查，不難?！窘獯稹坑蓤D甲可知，游標卡尺的讀數d=0.25mm如圖乙所示螺旋測微器的讀數為：x1=0.299mm;{x}_{1}=0.299mm;如圖丙所示螺旋測微器的讀數為：x2=14.700mm{x}_{2}=14.700mm可知，兩條相鄰亮條紋間的距離?x=14.700鈭?0.2996=0.0024m

根據條紋間距公式?x=Ld婁脣可知，波長婁脣=dL?x=8隆脕10鈭?7m。故填：0.250.2514.70014.7000.0240.0248隆脕10鈭?78隆脕{10}^{-7}【解析】0.2514.7000.0248隆脕10鈭?7

五、作圖題(共4題，共40分)21、略

【分析】試題分析：（1）波向左傳播，根據走坡法可得P向下；Q向上（2）向下運動時根據楞次定律，穿過abR的磁通量增大，產生的感應電流從a到b，根據左手定則，電流方向向右，磁場方向垂直向里，可得安培力向上，如圖所示考點：考查了機械波的傳播，安培定則，安培力【解析】【答案】（1）P向下；Q向上（2）22、略

【分析】根據橫波的形成原理，由題中給出9、10、11、12四點的位置和運動方向，可畫出其他各點的位置和運動方向，如圖甲所示，居中的直線為各點的平衡位置，根據各點此時的運動方向，即可找到再過T各個質點的位置和運動方向．如圖甲虛線所示．則可知經過周期時點3、4、5、6的位置和速度方向，如圖乙所示．【解析】【答案】見解析23、

【分析】【解答】（1）從圖中可以看出，發(fā)現小磁針的S極轉向讀者，則小磁針的北極向里偏轉，那么，此通電導線上方的磁感線方向垂直紙面向里，即此通電螺線管的N極在紙的里面，根據安培定則，用右手握住螺旋管，讓大拇指指向里面，四指的指向就是導線中的電流方向，是水平向左的．（2）通電導線由于受到磁場力而向左運動，根據左手定則，則有通過導線的磁場方向向上，因此磁鐵下端是S極，上端是N極．

答：如圖所示；

【分析】（1）通電導線周圍存在磁場，其磁場方向可以根據安培定則來判斷，用四指的方向代表電流的方向，那么大拇指所指的一端為通電螺線管的N極．磁場中的小磁針靜止時，北極所指的方向與該點磁感線的方向一致．（2）根據通電導線受到安培力，結合左手定則，即可求解．24、解：負電荷產生的電場線應該由無窮遠指向負點電荷；如圖1；

電場中電場強度的方向沿電場線的切線的方向；所以A點的場強的方向豎直向下，如圖2；

負電荷受力的方向與電場線的方向相反；所以負電荷在B點受電場力方向豎直向上，如圖2．

答：如上圖所示【分析】【分析】電場中電場強度的方向沿電場線的切線的方向；負電荷受力的方向與電場線的方向相反，也是沿電場線的切線方向．六、推斷題(共1題，共9分)25、rm{(1)OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}

rm{(2)壟脵}第三周期第rm{VIIA}族

rm{壟脷b}

rm{(3)壟脵N_{A}}

rm{壟脷}

rm{壟脹ab}

rm{(4)3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{Fe(NO_{3})_{2}}【分析】【分析】本題考查無機物的推斷，是高考中的常見題型，試題綜合性強，難度較大，有利于培養(yǎng)學生的邏輯推理能力和抽象思維能力，提高學生分析問題、以及靈活運用基礎知識解決實際問題的能力rm{.}做好本題的關鍵之處在于把握好常見物質的性質以及有關轉化，并能結合題意具體問題、具體分析即可?！窘獯稹縭m{(1)}若rm{A}為常見的金屬單質，焰色反應呈黃色，應為rm{Na}rm{X}能使品紅溶液褪色，應為rm{SO_{2}}則rm{B}為rm{H_{2}}rm{C}為rm{NaOH}rm{D}為rm{Na_{2}SO_{3}}rm{E}為rm{NaHSO_{3}}rm{C}和rm{E}反應的離子方程式為rm{OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}故答案為：rm{OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{