2025年浙教新版高三物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年浙教新版高三物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、2013年6月20日，我國(guó)第一次開(kāi)展了太空授課，宇航員王亞平講授了在太空中用“質(zhì)量測(cè)量?jī)x”測(cè)量質(zhì)量的知識(shí)．“質(zhì)量測(cè)量?jī)x”測(cè)量質(zhì)量的主要原理是（）A.牛頓第一定律B.牛頓第二定律C.萬(wàn)有引力定律D.機(jī)械能守恒定律2、2015年9月30日7點(diǎn)13分，我國(guó)在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長(zhǎng)征三號(hào)乙運(yùn)載火箭成功將1顆新一代北斗導(dǎo)航衛(wèi)星發(fā)射升空，這是我國(guó)第4顆新一代北斗導(dǎo)航衛(wèi)星，也是我國(guó)發(fā)射的第20顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星，該衛(wèi)星是一顆同步衛(wèi)星．若該衛(wèi)星質(zhì)量為m，且已知地球的半徑為R，地球表面的重力加速度為g，地球自轉(zhuǎn)的角速度為ω，則該衛(wèi)星在軌道上運(yùn)行時(shí)所受的萬(wàn)有引力大小為（）A.mω2RB.mC.mD.無(wú)法求出3、對(duì)一定量的氣體，下列說(shuō)法正確的是（）A.在體積緩慢地不斷增大的過(guò)程中，氣體一定對(duì)外界做功B.在壓強(qiáng)不斷增大的過(guò)程中，氣體一定對(duì)外界做功C.在體積不斷被壓縮的過(guò)程中，內(nèi)能一定增加D.在與外界沒(méi)有發(fā)生熱量交換的過(guò)程中，內(nèi)能一定不變4、把體積為V（mm3）的一滴石油滴在水面上，石油在水面上形成一層油膜，量得油膜的面積為S（mm）2，設(shè)1mm3的石油含有n個(gè)石油分子，n為正整數(shù)，則可以估算出該石油分子的直徑為（）A.B.C.D.5、“太極球”是近年來(lái)在廣大市民中較流行的一種健身器材．做該項(xiàng)運(yùn)動(dòng)時(shí)，健身者半馬步站立，手持太極球拍，拍上放一橡膠太極球，健身者舞動(dòng)球拍時(shí)，球卻不會(huì)掉落地上．現(xiàn)將太極球簡(jiǎn)化成如圖1所示的平板和小球，熟練的健身者讓球在豎直面內(nèi)始終不脫離板而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，且在運(yùn)動(dòng)到圖1中的A、B、C、D位置時(shí)球與板間無(wú)相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)．A為圓周的最高點(diǎn)，C為最低點(diǎn)，B、D與圓心O等高．設(shè)球的重力為1N，不計(jì)拍的重力．下列說(shuō)法正確的是（）A.健身者在C處所需施加的力比在A處大3NB.健身者在C處所需施加的力比在A處大1NC.設(shè)在A處時(shí)健身者需施加的力為F，當(dāng)球運(yùn)動(dòng)到D位置時(shí)，板與水平方向需有一定的夾角θ，作出的tanθ-F的關(guān)系圖象為圖2D.設(shè)在A處時(shí)健身者需施加的力為F，當(dāng)球運(yùn)動(dòng)到D位置時(shí)，板與水平方向需有一定的夾角θ，作出的tanθ-F的關(guān)系圖象為圖3評(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、在如圖所示的電路中，定值電阻R的阻值為10Ω，電動(dòng)機(jī)的線圈電阻值為2Ω，a、b端加有44V的恒定電壓，電壓表（不計(jì)其電阻對(duì)電路的影響）的示數(shù)為24V．由此可知（）A.通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流強(qiáng)度為12AB.通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流強(qiáng)度為2AC.電動(dòng)機(jī)消耗的總功率為48WD.電動(dòng)機(jī)輸出的功率為40W7、兩個(gè)共點(diǎn)力的大小分別是9N、16N，它們方向之間的夾角可以改變，則這兩個(gè)力的合力的大小可能是（運(yùn)動(dòng)）（）A.合力的最大值是25NB.合力的大小可能是16NC.合力的最小值可能是零D.合力的大小可能是8N8、足球運(yùn)動(dòng)是目前全球體育界最具影響力的項(xiàng)目之一，深受青少年喜愛(ài)．如圖所示為四種與足球有關(guān)的情景．下列說(shuō)法正確的是（）A.

圖中，靜止在草地上的足球受到的彈力就是它的重力B.

圖中，靜止在光滑水平地面上的兩個(gè)足球由于接觸而受到相互作用的彈力C.

圖中，踩在腳下且靜止在水平草地上的足球可能受到3個(gè)力的作用D.

圖中，落在球網(wǎng)中的足球受到彈力是由于球網(wǎng)發(fā)生了形變9、了解物理規(guī)律的發(fā)現(xiàn)過(guò)程，學(xué)會(huì)向科學(xué)家那樣觀察，思考，往往比掌握知識(shí)本身更重要．以下認(rèn)識(shí)正確的是（）A.開(kāi)普勒提出了行星運(yùn)動(dòng)定律B.卡文迪許首次比較精確地測(cè)出引力常量C.伽利略通過(guò)太陽(yáng)與行星作用力規(guī)律，提出了萬(wàn)有引力定律D.開(kāi)普勒觀測(cè)發(fā)現(xiàn)所有行星圍繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)10、質(zhì)量為m

的小球由輕繩a

和b

分別系于一輕質(zhì)細(xì)桿的A

點(diǎn)和B

點(diǎn)，如圖所示，繩a

與水平方向成婁脠

角，繩b

在水平方向且長(zhǎng)為l

當(dāng)輕桿繞軸AB

以角速度婁脴

勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則下列說(shuō)法正確的是()

A.a

繩的張力不可能為零B.a

繩的張力隨角速度的增大而增大C.當(dāng)角速度蠅>gcot胃l

，b

繩將出現(xiàn)彈力D.若b

繩突然被剪斷，則a

繩的彈力一定發(fā)生變化11、在水平板上有MN

兩點(diǎn)，相距D=0.45m

用長(zhǎng)L=0.45m

的輕質(zhì)絕緣細(xì)線分別懸掛有質(zhì)量m=3隆脕10鈭?2kg

電荷量q=3.0隆脕10鈭?6C

的小球(

小球可視為點(diǎn)電荷，靜電力常量k=9.0隆脕109N?m2/C2)

當(dāng)兩小球處于如圖所示的平衡狀態(tài)時(shí)(

)

A.細(xì)線與豎直方向的夾角婁脠=30鈭?

B.兩小球間的距離為0.9m

C.細(xì)線上的拉力為0.2N

D.若兩小球帶等量異種電荷則細(xì)線與豎直方向的夾角婁脠=30鈭?

12、如圖所示，是將滑動(dòng)變阻器作分壓器用的電路，A、B為分壓器的輸出端，R是負(fù)載電阻，電源電壓為U保持恒定，滑動(dòng)片P位于變阻器的中央，下列判斷正確的是（）A.空載（不接R）時(shí)，輸出電壓為零B.接上負(fù)載R時(shí)，輸出電壓小于C.負(fù)載電阻R的阻值越大，輸出電壓越低D.接上負(fù)載R后，要使輸出電壓為，滑動(dòng)片P須向上移動(dòng)至某一位置13、若不計(jì)空氣的阻力，以下實(shí)例中運(yùn)動(dòng)物體機(jī)械能守恒的是（）A.物體沿斜面勻速下滑B.物體做豎直上拋運(yùn)動(dòng)C.物體做自由落體運(yùn)動(dòng)D.用細(xì)繩拴著小球，一端為圓心，使小球在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、（2012春?濰坊期中）衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)無(wú)法用天平稱量物體的質(zhì)量．于是某同學(xué)在這種環(huán)境；設(shè)計(jì)了如圖所示的裝置（圖中O為光滑的小孔），間接測(cè)量物體的質(zhì)量：給待測(cè)物體一個(gè)初速度，使它在桌面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．設(shè)航天器中具有基本測(cè)量工具（彈簧秤；秒表、刻度尺）．

（1）物體與桌面間沒(méi)有摩擦力，原因是____；

（2）實(shí)驗(yàn)時(shí)需要測(cè)量的物理量及符號(hào)是____；

（3）待測(cè)質(zhì)量的表達(dá)式為m=____．15、一物體自由下落，從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)起依次下落4.9m、9.8m、14.7m，所經(jīng)歷的時(shí)間比為_(kāi)___．16、（2011?閔行區(qū)模擬）如圖，石拱橋的正中央有一質(zhì)量為m的對(duì)稱楔形石塊，側(cè)面與豎直方向的夾角為α，重力加速度為g，若接觸面間的摩擦力忽略不計(jì)，石塊右側(cè)面所受彈力的方向?yàn)開(kāi)___，大小為_(kāi)___．17、某游標(biāo)卡尺的主尺最小分度為1mm，游標(biāo)上有20個(gè)分刻度，使用該游標(biāo)卡尺測(cè)量一工件長(zhǎng)度，如圖所示，則讀數(shù)是____cm．

18、由于水的表面張力，荷葉上的小水滴總是球形的。在小水滴表面層中，水分子之間的相互作用總體上表現(xiàn)為_(kāi)_____（選填“引力”或“斥力”）。分子勢(shì)能Ep和分子間距離r的關(guān)系圖象如圖所示，能總體上反映小水滴表面層中水分子Ep的是圖中______（選填“A”“B”或“C”）的位置。評(píng)卷人得分四、判斷題(共2題，共18分)19、穿過(guò)閉合導(dǎo)體回路所包圍面積的磁通量為零時(shí)，回路中感應(yīng)電流就一定為零．____（判斷對(duì)錯(cuò)）20、運(yùn)動(dòng)的電荷在磁場(chǎng)中一定受洛倫磁力的作用．____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、證明題(共4題，共24分)21、（2013春?崇明縣期末）如圖所示，傾角為θ的光滑斜面上離地面高為h1的A處有一木塊，自靜止起勻加速滑下．在滑行過(guò)程中取一任意位置B，經(jīng)過(guò)B處時(shí)木塊速度為v，位置B離地面高度h2．已知EA=mgh1，EB=mgh2+，試用牛頓第二定律和初速為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)公式證明：EA=EB．22、如圖所示，1、2、3為p-V圖中一定量理想氣體的三個(gè)狀態(tài)，該理想氣體由狀態(tài)1經(jīng)過(guò)程1-3-2到達(dá)狀態(tài)2．試?yán)脷怏w實(shí)驗(yàn)定律證明：．23、證明推導(dǎo)題：

試用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和牛頓定律證明：物體在光滑斜面上下落過(guò)程中機(jī)械能守恒．24、（2015秋?西城區(qū)期末）如圖1所示；一根輕質(zhì)彈簧上端固定在天花板上，下端掛一小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)小球位于O點(diǎn)．將小球從O點(diǎn)由靜止釋放，小球沿豎直方向在OP之間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，如圖2所示．小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中彈簧始終處于彈性限度內(nèi)．不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g．

（1）在小球運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，經(jīng)過(guò)某一位置A時(shí)動(dòng)能為Ek1，重力勢(shì)能為EP1，彈簧彈性勢(shì)能為E彈1，經(jīng)過(guò)另一位置B時(shí)動(dòng)能為Ek2，重力勢(shì)能為EP2，彈簧彈性勢(shì)能為E彈2．請(qǐng)根據(jù)功是能量轉(zhuǎn)化的量度；證明：小球由A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中，小球；彈簧和地球組成的物體系統(tǒng)機(jī)械能守恒；

（2）已知彈簧勁度系數(shù)為k．以O(shè)點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)；豎直向下為x軸正方向，建立一維坐標(biāo)系O-x，如圖2所示．

a．請(qǐng)?jiān)趫D3中畫(huà)出小球從O運(yùn)動(dòng)到P的過(guò)程中，彈簧彈力的大小F隨相對(duì)于O點(diǎn)的位移x變化的圖象．根據(jù)F-x圖象求：小球從O運(yùn)動(dòng)到任意位置x的過(guò)程中彈力所做的功W，以及小球在此位置時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能E彈；

b．已知小球質(zhì)量為m．求小球經(jīng)過(guò)OP中點(diǎn)時(shí)瞬時(shí)速度的大小v．評(píng)卷人得分六、實(shí)驗(yàn)探究題(共4題，共32分)25、某實(shí)驗(yàn)小組應(yīng)用如圖所示裝置“探究加速度與物體受力的關(guān)系”；已知小車(chē)的質(zhì)量為M，砝碼及砝碼盤(pán)的總質(zhì)量為m，所使用的打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所接的交流電的頻率為50Hz．實(shí)驗(yàn)步驟如下：

A．按圖所示安裝好實(shí)驗(yàn)裝置；其中與定滑輪及彈簧測(cè)力計(jì)相連的細(xì)線豎直；

B．調(diào)節(jié)長(zhǎng)木板的傾角；輕推小車(chē)后，使小車(chē)能沿長(zhǎng)木板向下勻速運(yùn)動(dòng)；

C．掛上砝碼盤(pán)；接通電源后，再放開(kāi)小車(chē)，打出一條紙帶，由紙帶求出小車(chē)的加速度；

D．改變砝碼盤(pán)中砝碼的質(zhì)量；重復(fù)步驟C，求得小車(chē)在不同合力作用下的加速度．

根據(jù)以上實(shí)驗(yàn)過(guò)程；回答以下問(wèn)題：

（1）對(duì)于上述實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是______．

A．小車(chē)的加速度與砝碼盤(pán)的加速度大小相等。

B．實(shí)驗(yàn)過(guò)程中砝碼盤(pán)處于超重狀態(tài)。

C．與小車(chē)相連的輕繩與長(zhǎng)木板一定要平行。

D．彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)應(yīng)為砝碼和砝碼盤(pán)總重力的一半。

E．砝碼和砝碼盤(pán)的總質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)大于小車(chē)的質(zhì)量。

（2）實(shí)驗(yàn)中打出的其中一條紙帶如圖所示，由該紙帶可求得小車(chē)的加速度a=______m/s2（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

（3）由本實(shí)驗(yàn)得到的數(shù)據(jù)作出小車(chē)的加速度a與彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)F的關(guān)系圖象，與本實(shí)驗(yàn)相符合的是______．26、在“探究導(dǎo)體電阻與其影響因素的定量關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)時(shí)；小何同學(xué)在測(cè)量相關(guān)因素時(shí)操作如下：

(1)

為了測(cè)量鎳鉻合金絲的直徑；用合金絲在鉛筆上密繞37

匝，用刻度尺進(jìn)行測(cè)量，如圖甲所示，合金絲的直徑為_(kāi)_____mm(

保留三位有效數(shù)字)

．

(2)

用多用電表粗測(cè)合金絲的電阻；粗測(cè)前應(yīng)進(jìn)行如圖乙中“A

”和“B

”兩個(gè)操作，首先應(yīng)進(jìn)行操作的是______(

選填“A

”或“B

”)

(3)

長(zhǎng)度相同；直徑之比為23

的康銅絲和鎳鉻合金絲串聯(lián)，用如圖丙所示的電路圖進(jìn)行測(cè)量，除電壓表外，請(qǐng)?jiān)趫D丁中，用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線，把電路連接完整．

用直流2.5V

量程檔的多用電表測(cè)量鎳鉻絲兩端電壓U2

時(shí)；示數(shù)如圖戊所示，則U2=

______V(

保留三位有效數(shù)字)

27、在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中.

實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示．

(1)

該實(shí)驗(yàn)使用電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器；下列說(shuō)法正確的是______；

A.電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的工作電壓為220V

交流電。

B.圖乙中壟脵壟脷

為電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源接線柱。

C.圖乙中電火花計(jì)時(shí)器打點(diǎn)不需要墨盤(pán)紙。

D.打點(diǎn)計(jì)時(shí)器連續(xù)打兩點(diǎn)的時(shí)間間隔也可以不是0.02s

(2)

紙帶下端所掛重物應(yīng)選圖丙中的______重物比較合適(

填所選得重物的字母)

．

(3)

按照正確操作得到一條紙帶.

取中間打點(diǎn)清晰的一段.

在紙帶前半部分選取ABC

三個(gè)連續(xù)的打點(diǎn).

在紙帶的后半部分選取DEF

三個(gè)連續(xù)的打點(diǎn).

一些打點(diǎn)間距離已經(jīng)測(cè)出(

單位cm)

如圖丁所示.

使用的電源頻率為50Hz

現(xiàn)選紙帶BE

段驗(yàn)證機(jī)械能守恒.

已知重物質(zhì)量為0.200kg

當(dāng)?shù)刂亓铀俣热?.80m/s2

則該過(guò)程物體重力勢(shì)能減少量為_(kāi)_____J

動(dòng)能增加量為_(kāi)_____J.(

計(jì)算結(jié)果均保留三位有效數(shù)字)

28、某同學(xué)利用圖（a）所示實(shí)驗(yàn)裝置及數(shù)字化信息系統(tǒng)獲得了小車(chē)加速度a與鉤碼的質(zhì)量m的對(duì)應(yīng)關(guān)系圖，如圖（b）所示。實(shí)驗(yàn)中小車(chē)（含發(fā)射器）的質(zhì)量為200g，實(shí)驗(yàn)時(shí)選擇了不可伸長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)繩和輕定滑輪，小車(chē)的加速度由位移傳感器及與之相連的計(jì)算機(jī)得到。回答下列問(wèn)題：（1）根據(jù)該同學(xué)的結(jié)果，小車(chē)的加速度與鉤碼的質(zhì)量成___________（填“線性”或“非線性”）關(guān)系。（2）由圖（b）可知，a－m圖線不經(jīng)過(guò)原點(diǎn)，可能的原因是_____________________。（3）若利用本實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)驗(yàn)證“在小車(chē)質(zhì)量不變的情況下，小車(chē)的加速度與作用力成正比”的結(jié)論，并直接以鉤碼所受重力mg作為小車(chē)受到的合外力，則實(shí)驗(yàn)中應(yīng)采取的改進(jìn)措施是____________________，鉤碼的質(zhì)量應(yīng)滿足的條件是_____________________。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】【分析】明確各運(yùn)動(dòng)規(guī)律的內(nèi)容，知道哪些物理規(guī)律中能與質(zhì)量建立聯(lián)系，才能正確求解質(zhì)量．【解析】【解答】解：根據(jù)在太空中用“質(zhì)量測(cè)量?jī)x”測(cè)量質(zhì)量的過(guò)程以及各物理規(guī)律的應(yīng)用可知；在測(cè)量中采用了牛頓第二定律的應(yīng)用測(cè)量的質(zhì)量；

故選：B．2、C【分析】【分析】同步衛(wèi)星的角速度與地球自轉(zhuǎn)的角速度相等，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，求出同步衛(wèi)星的軌道半徑，結(jié)合萬(wàn)有引力等于重力，根據(jù)萬(wàn)有引力等于向心力求出萬(wàn)有引力的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓涸O(shè)同步衛(wèi)星的軌道半徑為r，由得，；

這衛(wèi)星所受的萬(wàn)有引力F==；

又GM=gR2，則．

故選：C．3、A【分析】【分析】解答本題應(yīng)明確：氣體體積膨脹則氣體對(duì)外做功；氣體壓縮時(shí)，外界對(duì)氣體做功；做功和熱傳遞均可改變內(nèi)能．【解析】【解答】解：A；當(dāng)氣體體積增大時(shí)；氣體對(duì)外界做功，A正確；

B、根據(jù)=常數(shù)；P增大時(shí)，V不一定變化，B錯(cuò)；

C；當(dāng)氣體體積減小時(shí)；外界對(duì)氣體做功，可能向外界放熱，根據(jù)△U=W+Q可知，內(nèi)能不一定增大，C錯(cuò)誤；

D；在Q=0的過(guò)程中；不能排除做功，若有外界對(duì)氣體做功，則內(nèi)能增大，若氣體對(duì)外界做功，則內(nèi)能減小，故D錯(cuò)誤．

故選：A．4、C【分析】【分析】把油分子大致看作球形，油膜厚度近似等于油分子的直徑；測(cè)出一滴油的體積V′和油膜的面積S，就可以計(jì)算出油分子的直徑d．【解析】【解答】解：由題意得：一滴油的體積為V

由于形成的是單分子油膜，油膜的面積是S，故該石油分子的直徑為：d=

故選：C．5、C【分析】【分析】人在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受重力和支持力，由向心力公式可以求在各點(diǎn)的受力情況．【解析】【解答】解：A；設(shè)球運(yùn)動(dòng)的線速度為v；半徑為R

則在A處時(shí)F+mg=m①

在C處時(shí)F′-mg=m②

由①②式得△F=F′-F=2mg=2N；故AB錯(cuò)誤．

C；在A處時(shí)健身者需施加的力為F；

球在勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力F向=F+mg；

在B處不受摩擦力作用；

受力分析如圖。

則tanθ==；作出的tanθ-F的關(guān)系圖象如圖2；故C正確，D錯(cuò)誤．

故選：C二、多選題(共8題，共16分)6、BCD【分析】【分析】根據(jù)ab兩端的電壓和電壓表的示數(shù)；求出R兩端的電壓，再根據(jù)歐姆定律求出通過(guò)R的電流，即等于通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流．

根據(jù)P=I2r求出電動(dòng)機(jī)消耗的熱功率．

電動(dòng)機(jī)的輸出功率等于輸入功率減去電動(dòng)機(jī)內(nèi)部消耗的功率．【解析】【解答】解：A、通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流等于通過(guò)R的電流，為：I==A=2A．故A錯(cuò)誤B正確．

C；電動(dòng)機(jī)消耗的總功率we：P=UI=24×2=48W．故C正確．

D、電動(dòng)機(jī)的輸出功率we：P出=UI-I2r=48-4×2W=40W．故D正確．

故選：BCD．7、ABD【分析】【分析】?jī)闪铣蓵r(shí)，合力隨夾角的增大而減小，當(dāng)夾角為零時(shí)合力最大，夾角180°時(shí)合力最小，并且F1+F2≥F≥|F1-F2|．【解析】【解答】解：根據(jù)F1+F2≥F≥|F1-F2|．知合力的范圍為：7N≤F≤25N．在合力范圍內(nèi)的大小都有可能．故ABD正確；C錯(cuò)誤．

故選：ABD．8、CD【分析】【分析】物體的運(yùn)動(dòng)不需要力來(lái)維持；慣性是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不變的原因；

力的作用效果：一是改變物體的形狀；二是改變物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)；

彈力產(chǎn)生的條件是接觸且發(fā)生彈性形變．【解析】【解答】解：A；靜止在草地上的足球受到的彈力；與重力相平衡，但不是它的重力，故A錯(cuò)誤；

B；靜止在光滑水平地面上的兩個(gè)足球由于接觸；但由于沒(méi)有彈性形變，所以沒(méi)有受到相互作用的彈力，該選項(xiàng)說(shuō)法不正確；

C；踩在腳下且靜止在水平草地上的足球受到重力、支持力及人腳的壓力的作用；故可能受到3個(gè)力的作用，故C正確；

D；進(jìn)球時(shí)；足球撞到網(wǎng)上，球網(wǎng)被撐開(kāi)，由于網(wǎng)的形變，而使球受到了彈力；故D正確；

故選：CD．9、AB【分析】【分析】本題考查物理學(xué)史，可根據(jù)伽利略、牛頓和、卡文迪許和開(kāi)普勒等科學(xué)家的成就進(jìn)行解答．【解析】【解答】解：A；開(kāi)普勒在第谷多年的觀測(cè)結(jié)果的基礎(chǔ)上提出了行星運(yùn)動(dòng)定律．故A正確；

B；卡文迪許首次比較精確地測(cè)出引力常量．故B正確；

C；牛頓通過(guò)太陽(yáng)與行星作用力規(guī)律；提出了萬(wàn)有引力定律．故C錯(cuò)誤；

D；開(kāi)普勒觀測(cè)發(fā)現(xiàn)所有行星圍繞太陽(yáng)做橢圓運(yùn)動(dòng)；太陽(yáng)位于橢圓的一個(gè)焦點(diǎn)上．故D錯(cuò)誤．

故選：AB10、AC【分析】對(duì)小球受力分析可得a

繩的彈力在豎直方向的分力平衡了小球的重力，解得T=mgsin胃

，A正確，B錯(cuò)誤。當(dāng)Tacos胃=m蠅2l鈬?蠅=gcot胃l

，時(shí)，b

繩的彈力為零，若角速度大于該值，則b

繩將出現(xiàn)彈力，C正確。由于繩b

可能沒(méi)有彈力，故繩b

突然被剪斷，則a

繩的彈力可能不變，D錯(cuò)誤?！窘馕觥緼C

11、ABC【分析】解：AB

由題意可知；設(shè)細(xì)線與豎直方向夾角為婁脠

根據(jù)庫(kù)侖定律，結(jié)合平衡條件，則有：kq2(D+2Lsin胃)2mg=tan婁脠

因D=0.45mL=0.45m

且m=3隆脕10鈭?2kgq=3.0隆脕10鈭?6Ck=9.0隆脕109N?m2/C2

代入上式，解得：婁脠=30鈭?

根據(jù)幾何關(guān)系，因此小球間的距離為d=D+2Lsin30鈭?=0.9m

故AB正確；

C、根據(jù)矢量合成法則，則有：T=mgcos30鈭?=0.2N

故C正確；

D；當(dāng)兩小球帶等量異種電荷；因間距的變化，導(dǎo)致庫(kù)侖力大小變化；

則細(xì)線與豎直方向的夾角不可能為30鈭?

故D錯(cuò)誤；

故選：ABC

．

根據(jù)庫(kù)侖定律；結(jié)合題意，與幾何關(guān)系可知，兩電荷間的庫(kù)侖力大小，再由平衡條件，與矢量合成法則，則有繩子的拉力大小，最后根據(jù)三角知識(shí)，可求得細(xì)線與豎直方向的夾角．

考查庫(kù)侖定律的內(nèi)容，掌握平衡條件的應(yīng)用，注意幾何關(guān)系的正確建立，利用三角知識(shí)，與矢量合成法則，進(jìn)行列式是解題的關(guān)鍵．【解析】ABC

12、BD【分析】【分析】負(fù)載與滑動(dòng)變阻器的下半部分電阻并聯(lián)，然后與滑動(dòng)變阻器的上半部分串聯(lián)，根據(jù)串并聯(lián)電路特點(diǎn)分析答題．【解析】【解答】解：A、空載（不接R）時(shí)，觸頭把滑動(dòng)變阻器分成相等的兩部分，由串聯(lián)電路特點(diǎn)可知，輸出電壓為電源電壓的一半，即；故A錯(cuò)誤；

B、接上負(fù)載R時(shí)，電路總電阻變小，干路電流變大，滑動(dòng)變阻器上半部分電壓變大，大于電源電壓的一半，則A、B間的輸出電壓小于；故B正確；

C；負(fù)載電阻R的阻值越大；負(fù)載電阻與滑動(dòng)變阻器下半部分電阻的并聯(lián)阻值越大，輸出電壓越大，故C錯(cuò)誤；

D、接上負(fù)載R時(shí)，電路總電阻變小，干路電流變大，滑動(dòng)變阻器上半部分電壓變大，大于電源電壓的一半，則A、B間的輸出電壓小于，要使輸出電壓等于；滑片應(yīng)向上移動(dòng)，故D正確；

故選：BD．13、BCD【分析】【分析】物體機(jī)械能守恒的條件是只有重力或者是彈簧的彈力做功，機(jī)械能是動(dòng)能與勢(shì)能的總和．根據(jù)機(jī)械能守恒的條件和機(jī)械能進(jìn)行分析判斷．【解析】【解答】解：A；物體沿著斜面勻速下滑；動(dòng)能不變，勢(shì)能減小，它們的總和即機(jī)械能減小，所以物體的機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤．

B；物體做豎直上拋運(yùn)動(dòng)時(shí)；物體只受到重力的作用，機(jī)械能守恒．故B正確．

C；物體做自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí)；物體只受到重力的作用，機(jī)械能守恒．故C正確．

D；細(xì)繩的拉力與速度方向始終垂直；不做功，只有重力對(duì)小球做功，其機(jī)械能守恒，故D正確．

故選：BCD．三、填空題(共5題，共10分)14、物體與接觸面間幾乎沒(méi)有壓力彈簧秤示數(shù)F、圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R和圓周運(yùn)動(dòng)的周期T【分析】【分析】（1）滑動(dòng)摩擦力與壓力成正比；物體與桌面間的摩擦力可以忽略不計(jì)的原因是物體與桌面間的壓力幾乎為零．

（2）實(shí)驗(yàn)時(shí)需要測(cè)量的物理量是彈簧秤示數(shù)F；圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R和周期T．

（3）彈簧秤的拉力提供物體的向心力，由牛頓第二定律研究待測(cè)物體質(zhì)量的表達(dá)式．【解析】【解答】解：

（1）彈力是產(chǎn)生摩擦力的前提條件；沒(méi)有彈力一定沒(méi)有摩擦力．由題，物體與桌面間的摩擦力可以忽略不計(jì)，其原因是物體與接觸面間幾乎沒(méi)有壓力．

（2）；（3）據(jù)題；物體在桌面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，物體與桌面間的摩擦力忽略不計(jì)，由彈簧秤的拉力提供物體的向心力．根據(jù)牛頓第二定律得。

F=m

得到m=

所以實(shí)驗(yàn)時(shí)需要測(cè)量的物理量是彈簧秤示數(shù)F；圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R和周期T．

故答案為：

（1）物體與接觸面間幾乎沒(méi)有壓力．

（2）彈簧秤示數(shù)F；圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R和圓周運(yùn)動(dòng)的周期T．

（3）15、1：：【分析】【分析】根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)位移時(shí)間公式列式即可求解．【解析】【解答】解：根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的位移公式h=，有t=；所以下落4.9m，14.7m，29.4m的時(shí)間比為：1：：；

故從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)起依次下落4.9m、9.8m、14.7m，所經(jīng)歷的時(shí)間之比為1：：．

故答案為：1：：．16、與接觸面垂直斜向左上方【分析】【分析】對(duì)石塊受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，運(yùn)用合成法列式求解．【解析】【解答】解：對(duì)物體受力分析；如圖，石塊右側(cè)面所受彈力的方向?yàn)榕c接觸面垂直斜向左上方．

根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，將彈力F1、F2合成；結(jié)合幾何關(guān)系，有

mg=2×F1sinα

所以

F1=

故答案為：與接觸面垂直斜向左上方，．17、略

【分析】

游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為80mm；游標(biāo)讀數(shù)為0.05×8=0.40mm，所以最終讀數(shù)為：80mm+0.40mm=80.40mm=8.040cm

故答案為：8.040．

【解析】【答案】游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)；不需估讀．

18、引力C【分析】解：在小水滴表面層中；水分子間距較大，故水分子之間的相互作用總體上表現(xiàn)為引力；

當(dāng)r=r0時(shí)，F(xiàn)引=F斥；分子力F=0，分子勢(shì)能最小，故B點(diǎn)為分子間作用力為零的情況，即B點(diǎn)表示平衡位置，故表現(xiàn)為引力的位置只能為C點(diǎn)。

故答案為：引力；C。

明確分子間作用力與分子間距離的關(guān)系；并能用分子間作用力解析表面張力的性質(zhì)；同時(shí)牢記分子力做功與分子勢(shì)能間的關(guān)系，明確分子勢(shì)能隨分子間距離變化的圖象。

本題考查分子勢(shì)能、液體的表面張力的性質(zhì)，關(guān)鍵是明確分子力的性質(zhì)，知道分子力做功與分子勢(shì)能間的關(guān)系，從而掌握分子勢(shì)能的變化圖象的意義?！窘馕觥恳四、判斷題(共2題，共18分)19、×【分析】【分析】結(jié)合產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：閉合回路的磁通量發(fā)生變化即可正確判定．【解析】【解答】解：產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是閉合回路的磁通量發(fā)生變化；題目中穿過(guò)閉合導(dǎo)體回路所包圍面積的磁通量為零時(shí)，沒(méi)有說(shuō)明磁通量是否變化，所以不能判斷出沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生．所以以上說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×20、×【分析】【分析】電場(chǎng)的性質(zhì)是對(duì)電荷有力的作用，而電荷受到電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)強(qiáng)度可以相同，也可以相反．當(dāng)運(yùn)動(dòng)的帶電粒子的速度方向不與磁場(chǎng)平行，將會(huì)受到洛倫茲力作用，根據(jù)左手定則可知，洛倫茲力的方向與磁場(chǎng)方向的關(guān)系．【解析】【解答】解：當(dāng)運(yùn)動(dòng)的電荷的速度方向與磁場(chǎng)方向平行時(shí)；不受洛倫茲力；

故答案為：×．五、證明題(共4題，共24分)21、略

【分析】【分析】木塊釋放后做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)基本公式求出到達(dá)B點(diǎn)速度，從而求出EB，比較EB和EA即可．【解析】【解答】解：木塊釋放后做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得：a=；

根據(jù)v2=2al得：

木塊到達(dá)B點(diǎn)速度v=；

則EB=mgh2+=mgh2+mgh1-mgh2=mgh1=EA得證．

答：證明如上．22、略

【分析】【分析】從p-V圖中找到某一過(guò)程中發(fā)生的是什么變化．

能夠運(yùn)用控制變量法研究多個(gè)物理量變化時(shí)的關(guān)系．【解析】【解答】證明：設(shè)狀態(tài)3的溫度為T(mén)；

狀態(tài)1-3為等壓過(guò)程，①

狀態(tài)3-2為等容過(guò)程，②

由①②兩式消去T，即得．23、略

【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，再由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式速度位移關(guān)系公式列式，變形即可證明．【解析】【解答】證明：設(shè)物體的質(zhì)量為m，從光滑斜面上的A點(diǎn)滑到B點(diǎn)，在A、B兩點(diǎn)的速度分別為v1和v2．斜面的傾角為α，A、B兩點(diǎn)的高度分別為h1和h2．

根據(jù)牛頓第二定律得mgsinα=ma

即有a=gsinα

根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有-=2a?

聯(lián)立得有-=2g（h1-h2）

即得：m-=mg（h1-h2）

移項(xiàng)得+mgh1=m+mgh2．

即E1=E2；

得證．

證明見(jiàn)上．24、略

【分析】【分析】（1）根據(jù)動(dòng)能定理；重力做功與重力勢(shì)能的關(guān)系、彈力做功與彈性勢(shì)能的關(guān)系分別列式；即可證明；

（2）畫(huà)出F-x圖象，該圖象與坐標(biāo)軸所圍的面積表示彈力做功，求出彈力做功從而得到彈簧的彈性勢(shì)能E彈；

（3）小球由O點(diǎn)到OP中點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理列式．小球由O點(diǎn)到P點(diǎn)，根據(jù)機(jī)械能守恒定律列式，聯(lián)立解得v．【解析】【解答】解：（1）設(shè)重力做的功為WG，彈力做的功為W彈

根據(jù)動(dòng)能定理得WG+W彈=Ek2-Ek1

由重力做功與重力勢(shì)能的關(guān)系WG=Ep1-Ep2

由彈力做功與彈性勢(shì)能的關(guān)系W彈=E彈1-E彈2

聯(lián)立以上三式可得Ek1+Ep1+E彈1=Ek2+Ep2+E彈2；

（2）a．F-x圖象如右圖所示。

圖中的圖線和x軸圍成的面積表示功的大小。

所以彈力做功為W=-

由彈力做功與彈性勢(shì)能的關(guān)系W彈=0-E彈

解得E彈=

b．小球由O點(diǎn)到OP中點(diǎn)；根據(jù)動(dòng)能定理得：

mgx-=-0

小球由O點(diǎn)到P點(diǎn)；根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：

mg?2x=

解得v=g

答：

（1）證明見(jiàn)上．

（2）a、小球從O運(yùn)動(dòng)到任意位置x的過(guò)程中彈力所做的功W是-，以及小球在此位置時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能E彈是．

b．已知小球質(zhì)量為m．小球經(jīng)過(guò)OP中點(diǎn)時(shí)瞬時(shí)速度的大小v是g．六、實(shí)驗(yàn)探究題(共4題，共32分)25、略

【分析】解：（1）A；由圖可知；小車(chē)的加速度是砝碼盤(pán)的加速度大小的2倍，故A錯(cuò)誤；

B；實(shí)驗(yàn)過(guò)程中；砝碼向下加速運(yùn)動(dòng)，處于失重狀態(tài)，故B錯(cuò)誤；

C；小車(chē)相連的輕繩與長(zhǎng)木板一定要平行；保證拉力沿著木板方向，故C正確；

D；實(shí)驗(yàn)過(guò)程中；砝碼向下加速運(yùn)動(dòng)，處于失重狀態(tài)，故彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)小于砝碼和砝碼盤(pán)總重力的一半，故D錯(cuò)誤；

E；由于不是砝碼的重力；即為小車(chē)的拉力，故不需要砝碼和砝碼盤(pán)的總質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量的條件，故E錯(cuò)誤；

故選：C

（2）在勻變速直線運(yùn)動(dòng)中連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移差為常數(shù)，即△x=aT2；

根據(jù)作差法得：

a==0.88m/s2．

（3）由題意可知；小車(chē)的加速度a與彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)F的關(guān)系應(yīng)該是成正比，即為過(guò)原點(diǎn)的一條傾斜直線，故A正確．

故選：A

故答案為：（1）C；（2）0.88；（3）A

（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理；可知小車(chē)的加速度與砝碼盤(pán)的加速度不等，但彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)為小車(chē)所受合外力，砝碼加速度向下，處于失重狀態(tài)，不需要砝碼和砝碼盤(pán)的總質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量的條件；

（2）在勻變速直線運(yùn)動(dòng)中連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移差為常數(shù)；根據(jù)作差法求解加速度；

（3）數(shù)據(jù)作出小車(chē)的加速度a與彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)F的關(guān)系圖象；應(yīng)該是過(guò)原點(diǎn)的一條傾斜直線．

解答實(shí)驗(yàn)問(wèn)題的關(guān)鍵是正確理解實(shí)驗(yàn)原理；加強(qiáng)基本物理知識(shí)在實(shí)驗(yàn)中的應(yīng)用，同時(shí)不斷提高應(yīng)用數(shù)學(xué)知識(shí)解答物理問(wèn)題的能力；

掌握求加速度的方法，注意單位的統(tǒng)一，同時(shí)理解由圖象來(lái)尋找加速度與合力的關(guān)系．【解析】C；0.88；A26、略

【分析】解：(1)

由圖示刻度尺可知，其分度值為1mm

其示數(shù)為：14.30鈭?12.00=2.30cm=23.0mm

合金絲的直徑：d=23.0mm37隆脰0.622mm

(2)

用多用電表測(cè)電阻時(shí)要先選擇合適的擋位；然后進(jìn)行歐姆調(diào)零，由圖乙所示，先要進(jìn)行的操作是B

(3)

根據(jù)電路圖連接實(shí)物電路圖；實(shí)物電路圖如圖所示：

多用電表選擇直流2.5V

擋位；由圖示表盤(pán)可知，其分度值是0.25V

示數(shù)為1.20V

故答案為：(1)0.622(2)B(3)

電路圖如圖所示；1.20

．

(1)

由圖示刻度尺讀出其示數(shù)；然后求出金屬絲的直徑．

(2)

使用多用電表測(cè)電阻要先選擇倍率；然后進(jìn)行歐姆調(diào)零．

(3)

根據(jù)電路圖連接實(shí)物電路圖；根據(jù)電壓表的量程確定其分度值；然后讀出其示數(shù)．