2025年粵教滬科版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年粵教滬科版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示是一火警器的一部分電路示意圖，其中為半導(dǎo)體熱敏材料制成的傳感器，電流表為值班室的顯示器，a、b之間接報(bào)警器.當(dāng)傳感器所在處出現(xiàn)火情時(shí)，電流表的電流I、a、b兩端的電壓U的變化情況是（）A.I變大，U變大B.I變小，U變小C.I變小，U變大D.I變大，U變小2、如圖所示，一帶電粒子從平行帶電金屬板左側(cè)中點(diǎn)垂直于電場(chǎng)線以速度v0射入電場(chǎng)中，恰好能從下板邊緣以速度v1飛出電場(chǎng)．若其它條件不變，在兩板間加入垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，該帶電粒子恰能從上板邊緣以速度v2射出．不計(jì)重力，則A.2v0=v1+v2B.v0=C.v0=D.v01=v23、（2015·安徽）如圖所示，abcd為水平放置的平行“l(fā)。導(dǎo)軌間有垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。已知金屬桿MN傾斜放置，與導(dǎo)軌成角，單位長(zhǎng)度的電阻為r；保持金屬桿以速度v沿平行于cd的方向滑動(dòng)（金屬桿滑動(dòng)過程中與導(dǎo)軌接觸良好）。則（）

A.電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為B.電路中感應(yīng)電流的大小為C.金屬桿所受安培力的大小為D.金屬桿的熱功率為4、下列說法中正確的是（）A.調(diào)整“神舟九號(hào)”飛船的飛行姿態(tài)時(shí)，可以將飛船看成質(zhì)點(diǎn)B.以太陽(yáng)為參考系，南京長(zhǎng)江大橋是運(yùn)動(dòng)的C.牛頓用科學(xué)的推理方法得出了自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律D.打乒乓球時(shí)，球拍對(duì)球的作用力在先，球?qū)η蚺牡淖饔昧υ诤?、如圖甲所示，在圓形線框的區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，開始時(shí)磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里.

若磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B

按照?qǐng)D乙所示規(guī)律變化，則線框中的感應(yīng)電流I(

取逆時(shí)針方向?yàn)檎较?

隨時(shí)間t

的變化圖線是(

)

A.B.C.D.6、如圖所示為某研究性學(xué)習(xí)小組自制的電子秤原理圖，利用電壓表的示數(shù)來稱量物體的重．R為限流電阻；滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端與彈簧上端連接，當(dāng)盤中沒有放物體時(shí)，電壓表示數(shù)為零．托盤與彈簧的質(zhì)量均不計(jì)，電壓表可視為理想電表，不計(jì)一切摩擦和其它阻力．則（）

A.待測(cè)物體越重電壓表示數(shù)越大；且電壓表示數(shù)與待測(cè)物體的重成正比。

B.待測(cè)物體越重電壓表示數(shù)越大；但電壓表示數(shù)與待測(cè)物體的重不成正比。

C.待測(cè)物體越重電壓表示數(shù)越??；且電壓表示數(shù)與待測(cè)物體的重成反比。

D.待測(cè)物體越重電壓表示數(shù)越??；但電壓表示數(shù)與待測(cè)物體的重不成反比。

7、關(guān)于電容器，下列說法正確的是（）A.由C=可知，電容器帶的電荷量越大，它的電容就越大B.對(duì)一固定的電容器，它的帶電荷量跟它兩極板間所加電壓的比值保持不變C.電容器帶的電荷量Q為兩極板所帶電荷量的總和D.對(duì)平行板電容器，當(dāng)增大兩板間的距離時(shí)，其電容變大8、試判斷圖示的帶電粒子剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受到洛倫茲力的作用，向上偏轉(zhuǎn)的是()A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、填空題(共6題，共12分)9、一個(gè)單擺在甲地時(shí)，在時(shí)間t內(nèi)完成m次全振動(dòng)，移至乙地時(shí)，經(jīng)過相同的時(shí)間完成n次全振動(dòng)，則甲、乙兩地重力加速度大小之比g甲：g乙等于______________。10、已知銫的截止頻率為4.545隆脕1014Hz

鈉的截止頻率為6.00隆脕1014Hz

鍶的截止頻率為1.153隆脕1015Hz

鉑的截止頻率為7.529隆脕1015Hz

當(dāng)用波長(zhǎng)為0.375婁脤m

的光照射它們時(shí)，其中能夠發(fā)生光電效應(yīng)的金屬是______．11、把一個(gè)面積為2.0隆脕10鈭?2m2

的單匝線圈放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為3.0隆脕10鈭?2T

的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)線圈平面與磁場(chǎng)方向平行時(shí)，穿過線圈平面的磁通量為______Wb

當(dāng)線圈繞OO隆爐

軸轉(zhuǎn)動(dòng)至與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，穿過線圈平面的磁通量為______Wb.

在此轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，穿過線圈平面的磁通量______(

填“變大”、“變小”或“不變”)

．12、如圖所示，有一個(gè)10匝的矩形線圈，它的ab邊的長(zhǎng)度為10cm，處在一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于線圈平面向里。線圈通以如圖所示方向的電流時(shí)，天平平衡，電流大小為0.1A。若將電流反向，需在右盤增加2g砝碼方可使天平恢復(fù)平衡。則磁場(chǎng)的磁感強(qiáng)度大小為____A。(g取10m/s2)13、如圖所示的三個(gè)圖線分別是用不同的傳感器測(cè)出的不同物體的振動(dòng)圖線．從三個(gè)圖線可知，這三個(gè)物體振動(dòng)的共同特點(diǎn)是具有______，三個(gè)物體中，最簡(jiǎn)單的振動(dòng)是______．圖中心臟跳動(dòng)的圖線是某人的心電圖，方格紙每個(gè)小方格的寬度是0.5cm，心電圖記錄儀拖動(dòng)方格紙的速度是1.8cm/s，則此人的心率是______次/分．

14、均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場(chǎng)等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的電場(chǎng).

如圖所示，在半球面AB

上均勻分布正電荷，總電荷量為q

球面半徑為RCD

為通過半球頂點(diǎn)與球心O

的軸線，在軸線上有MN

兩點(diǎn)，OM=ON=2R.

已知M

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E

則N

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為______．評(píng)卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)15、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

23、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、識(shí)圖作答題(共3題，共24分)24、下圖表示微生物培養(yǎng)與利用的相關(guān)實(shí)驗(yàn)技術(shù)，請(qǐng)回答下列問題：(1)在培養(yǎng)基的制備過程中，A表示________________，B表示滅菌，常用的方法是________________。D是微生物接種最常用的方法之一，它包括_________和_______________兩步操作。（2）在篩選土壤中分解尿素的細(xì)菌時(shí)，所用培養(yǎng)基以尿素作為________________；在統(tǒng)計(jì)菌落數(shù)目時(shí)，一般選擇菌落數(shù)在________________的平板進(jìn)行計(jì)數(shù)。若要對(duì)分離的菌種作進(jìn)一步的鑒定，可在選擇培養(yǎng)基中加入________________指示劑，若指示劑變________________，則可初步鑒定該種細(xì)菌能夠合成________________，分解尿素。（3）在纖維素分解菌的篩選實(shí)驗(yàn)流程中，F(xiàn)表示__________。25、青蒿素是治療瘧疾的重要藥物．利用雌雄同株的野生型青蒿（二倍體；體細(xì)胞染色體數(shù)為18），通過傳統(tǒng)育種和現(xiàn)代生物技術(shù)可培育高青蒿素含量的植株．請(qǐng)回答以下相關(guān)問題：

（1）假設(shè)野生型青蒿白青稈（A）對(duì)紫紅稈（a）為顯性，稀裂葉（B）對(duì)分裂葉（b）為顯性，兩對(duì)性狀獨(dú)立遺傳，則野生型青蒿最多有_______種基因型；若F1代中白青稈、稀裂葉植株所占比例為3/8，則其雜交親本的基因型組合為______________，該F1代中紫紅稈；分裂葉植株所占比例為_____________．

（2）四倍體青蒿中青蒿素含量通常高于野生型青蒿；低溫處理野生型青蒿正在有絲分裂的細(xì)胞會(huì)導(dǎo)致染色體不分離，從而獲得四倍體細(xì)胞并發(fā)育成植株，推測(cè)低溫處理導(dǎo)致細(xì)胞染色體不分離的原因是______________，四倍體青蒿與野生型青蒿雜交后代體細(xì)胞的染色體數(shù)為___________．

（3）從青蒿中分離了cyp基因；其編碼的CYP酶參與青蒿素合成．

①若該基因一條單鏈中（G+T）/（A+C）=2/3；則其互補(bǔ)鏈中（G+T）/（A+C）=________．②若cyp基因的一個(gè)堿基對(duì)被替換，使CYP酶的第50位氨基酸由谷氨酸變成纈氨酸，則該基因突變發(fā)生的區(qū)段是___________填字母）[注：下圖為基因結(jié)構(gòu)示意圖，其中E.K.M.O區(qū)段不編碼氨基酸]

26、設(shè)置不同CO2濃度，分組光照培養(yǎng)藍(lán)藻，測(cè)定凈光合速率和呼吸速率，結(jié)果如圖，據(jù)圖回答下列問題：

（1）藍(lán)藻能夠進(jìn)行光合作用的原因是：（答兩點(diǎn)）。（2）由圖可知，該實(shí)驗(yàn)通過測(cè)定____來表示凈光合作用速率；隨著CO2濃度的增加，藍(lán)藻通過光合作用制造O2的速率____（3）在d1、d2、d3濃度下，藍(lán)藻單位時(shí)間內(nèi)呼吸產(chǎn)生ATP多少的順序是____。（4）在d1、d2、d3濃度下，藍(lán)藻種群的K值最大的是____。（填“d1、d2或d3”）評(píng)卷人得分五、簡(jiǎn)答題(共3題，共18分)27、以葡萄糖為原料制得的山梨醇rm{(A)}和異山梨醇rm{(B)}都是重要的生物質(zhì)轉(zhuǎn)化平臺(tái)化合物。rm{E}是一種治療心絞痛的藥物，由葡萄糖為原料合成rm{E}的路線如下：回答下列問題：rm{(1)}葡萄糖的分子式為__________。rm{(2)A}中含有的官能團(tuán)的名稱為__________。rm{(3)}由rm{B}到rm{C}的反應(yīng)類型為__________。rm{(4)C}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為__________。rm{(5)}由rm{D}到rm{E}的反應(yīng)方程式為______________。rm{(6)F}是rm{B}的同分異構(gòu)體，rm{7.30g}的rm{F}與足量飽和碳酸氫鈉可釋放出rm{2.24L}二氧化碳rm{(}標(biāo)準(zhǔn)狀況rm{)}rm{F}的可能結(jié)構(gòu)共有________種rm{(}不考慮立體異構(gòu)rm{)}其中核磁共振氫譜為三組峰，峰面積比為rm{3隆脙1隆脙1}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_________。28、銅及其化合物在工業(yè)生產(chǎn)及生活中用途非常廣泛?；卮鹣铝袉栴}：rm{(1)}基態(tài)銅原子價(jià)電子排布式為___________；第一電離能rm{I(Cu)}________rm{I(Zn)(}填“rm{>}”或“rm{<}”rm{)}rm{(2)}配合物rm{[Cu(CH_{3}CN)_{4}]BF_{4}[}四氟硼酸四rm{[Cu(CH_{3}CN)_{4}]

BF_{4}[}乙腈rm{(}合銅rm{)}Ⅰrm{(}是有機(jī)合成中常見催化劑。rm{)]}該配合物中陰離子的空間構(gòu)型為____________，與其互為等電子體的分子或離子是_____________rm{壟脵}各舉rm{(}例rm{1}rm{)}配體分子中與rm{壟脷}形成配位鍵的原子為___________；配體rm{Cu(I)}中：碳原子雜化方式是_____。rm{CH_{3}CN}已知rm{(3)}熔點(diǎn)為rm{Cu_{2}O}rm{1235隆忙}熔點(diǎn)為rm{K_{2}O}rm{770隆忙}屬于___晶體，前者熔點(diǎn)較高，其原因是___________________________________________________________________________________rm{Cu_{2}O}的晶胞rm{(4)Cu_{3}N}立方rm{(}結(jié)構(gòu)如下圖所示：rm{)}距離最近的兩個(gè)rm{壟脵}間的距離為_______rm{Cu^{+}}rm{nm}保留兩位小數(shù)rm{(}rm{)}晶體的密度為____________rm{壟脷Cu_{3}N}rm{g隆隴cm^{-3}}列出計(jì)算式，不必計(jì)算出結(jié)果rm{(}rm{)}29、Ⅰ如圖(a)

用升降機(jī)從靜止開始豎直向上搬運(yùn)重力為30N

的物體，物體相對(duì)升降機(jī)靜止。若物體所受彈力F

與時(shí)間t

的變化關(guān)系如圖(b)

所示，物體在各時(shí)間段內(nèi)做什么運(yùn)動(dòng)？(

非物理班同學(xué)做)

Ⅱ從離地面高度為h

處有自由下落的甲物體，同時(shí)在它的正下方的地面上有乙物體以初速度V0

豎直上拋。要使乙物體在下落過程中與甲物體相遇，則乙物體上拋的初速度V0

應(yīng)滿足什么條件？(

物理班同學(xué)做)

評(píng)卷人得分六、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共7分)30、用伏安法測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，由于電路存在問題，當(dāng)電鍵S閉合后，移動(dòng)變阻器的滑片P時(shí)，出現(xiàn)下列異常現(xiàn)象:(1)電流表示數(shù)可變，電壓表示數(shù)始終為零(2)電流表示數(shù)為零，電壓表示數(shù)不變(3)電流表燒壞(4)電流表示數(shù)不變，電壓表示數(shù)可變以上四種情況與下面電路圖對(duì)應(yīng)的情況分別是：(1)對(duì)應(yīng)____，(2)對(duì)應(yīng)，(3)對(duì)應(yīng)，(4)對(duì)應(yīng).參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】當(dāng)傳感器所在處出現(xiàn)火情時(shí)，電阻值減小，由“串反并同”可知，電流表A的示數(shù)變小，與其并聯(lián)的ab端電壓減小，B對(duì)；【解析】【答案】B2、B【分析】試題分析：帶點(diǎn)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力做正功，在電場(chǎng)和磁場(chǎng)的復(fù)合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，洛倫茲力不做功，電場(chǎng)力做負(fù)功，所以有v201，對(duì)以上兩個(gè)過程運(yùn)用動(dòng)能定理：聯(lián)立解得正確答案是B?？键c(diǎn)：動(dòng)能定理、帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【解析】【答案】B3、B【分析】【解答】導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)故A錯(cuò)誤；感應(yīng)電流的大小故B正確；所受的安培力為故C錯(cuò)誤；金屬桿的熱功率故D錯(cuò)誤。

【分析】本題考查電磁感應(yīng)和力、電綜合，涉及感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、感應(yīng)電流、安培力和執(zhí)功率的計(jì)算，綜合性較強(qiáng)，但考查內(nèi)容較常規(guī)，難度不大，意在考查考生的理解能力和簡(jiǎn)單分析能力電磁感應(yīng)選擇題是高考每年必出的，導(dǎo)體棒切割磁感線應(yīng)該是有效長(zhǎng)度，容易出錯(cuò)，而計(jì)算安培力時(shí)則必須是實(shí)際長(zhǎng)度，另外不要忘記公式。4、B【分析】解：A；調(diào)整“神舟九號(hào)”飛船的飛行姿態(tài)時(shí)；飛船的形狀不能忽略不計(jì)，不可以將飛船看成質(zhì)點(diǎn)．故A錯(cuò)誤；

B；以太陽(yáng)為參考系；南京長(zhǎng)江大橋相當(dāng)于太陽(yáng)是運(yùn)動(dòng)的．故B正確；

C；伽利略用科學(xué)的推理方法得出了自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律．故C錯(cuò)誤；

D；打乒乓球時(shí)；球拍對(duì)球的作用力和球?qū)η蚺牡淖饔昧κ峭瑫r(shí)產(chǎn)生，同時(shí)變化，同時(shí)消失．故D錯(cuò)誤．

故選：B

物體能否看作質(zhì)點(diǎn)物體本身無關(guān)；要看所研究問題的性質(zhì)，看物體的形狀和大小在所研究的問題中是否可以忽略．

參考系；是指研究物體運(yùn)動(dòng)時(shí)所選定的參照物體或彼此不作相對(duì)運(yùn)動(dòng)的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．

作用力與反作用力是同時(shí)產(chǎn)生；同時(shí)變化，同時(shí)消失．

該題考查質(zhì)點(diǎn)、參考系、作用力與反作用力等，為了研究和描述物體的運(yùn)動(dòng)，我們引入了參考系，選擇不同的參考系，同一物體相對(duì)于不同的參考系，運(yùn)動(dòng)狀態(tài)可以不同，選取合適的參考系可以使運(yùn)動(dòng)的研究簡(jiǎn)單化．【解析】【答案】B5、C【分析】解：磁感應(yīng)強(qiáng)度在0

到t1

內(nèi)；由法拉第電磁感應(yīng)定律可得，隨著磁場(chǎng)的均勻變大，由于磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化率不變，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小不變，感應(yīng)電流的大小也不變；由于磁感線是向里在減小，向外在增大.

所以由楞次定律可得線圈感應(yīng)電流是順時(shí)針，由于環(huán)中感應(yīng)電流沿逆時(shí)針方向?yàn)檎较颍瑒t感應(yīng)電流為負(fù)的．

同理；磁感應(yīng)強(qiáng)度在t1

到t2

內(nèi)，感應(yīng)電流不變，且電流方向?yàn)檎?

所以只有C

選項(xiàng)正確，ABD

均錯(cuò)誤．

故選：C

．

當(dāng)線圈的磁通量發(fā)生變化時(shí)；線圈中才會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，從而形成感應(yīng)電流；當(dāng)線圈的磁通量不變時(shí)，則線圈中沒有感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，所以不會(huì)有感應(yīng)電流產(chǎn)生．

感應(yīng)電流的方向由楞次定律來確定，而其大小是由法拉第電磁感應(yīng)定律結(jié)合閉合電路毆姆定律來算得的．【解析】C

6、A【分析】

當(dāng)盤中沒有放物體時(shí)；電壓表示數(shù)為零，說明滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端位于最上端，此時(shí)彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)．

設(shè)物體重力為G時(shí)，彈簧被壓縮的長(zhǎng)度為x，變阻器的總電阻為R，總長(zhǎng)度為L(zhǎng)．則電壓表示數(shù)U=

又根據(jù)胡克定律得G=kx，代入得到U=式中E、R、R、r；L、k都是定值；所以電壓表示數(shù)U與待測(cè)物體的重G成正比．故A正確．

故選A

【解析】【答案】圖中電壓表測(cè)量變阻器上部分的電壓．當(dāng)盤中沒有放物體時(shí)；電壓表示數(shù)為零，說明滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端位于最上端．待測(cè)物體越重，滑動(dòng)端向下移動(dòng)的距離越大，上部分電壓越大，電壓表示數(shù)越大．根據(jù)胡克定律；電阻定律和歐姆定律得出電壓表示數(shù)與待測(cè)物體的重力的關(guān)系式，研究比例關(guān)系．

7、B【分析】【解答】解：A；電容器的電容與電量和電量無關(guān)．故A錯(cuò)誤．

B、電容表征電容器容納電荷本領(lǐng)的大小，對(duì)于固定電容器，電容C不變，由定義式C=可知；則帶電荷量跟它兩極板間所加電壓的比值保持不變．故B正確．

C；電容器帶的電荷量Q為單個(gè)極板上的帶電量；故C錯(cuò)誤；

D、由C=可知；平行板電容器距離增大時(shí)，其電容減小，故D錯(cuò)誤．

故選：B．

【分析】電容表征電容器容納電荷本領(lǐng)的大小，與電容器的電量無關(guān)，由定義式C=給定的電容器，帶電荷量跟它兩極板間所加電壓的比值保持不變，當(dāng)電容C一定時(shí)，電量與電壓成正比．明確平行板電容器的電容的決定式．8、A【分析】【分析】根據(jù)電荷運(yùn)動(dòng)方向；以及磁場(chǎng)的方向，結(jié)合左手定則確定粒子所受的洛倫茲力方向。

解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，注意四指方向與正電荷運(yùn)動(dòng)的方向相同，與負(fù)電荷運(yùn)動(dòng)的方向相反?！窘獯稹緼.磁場(chǎng)的方向垂直紙面向里；帶正電粒子的運(yùn)動(dòng)方向水平向右，根據(jù)左手定則知，粒子的洛倫茲力方向豎直向上，向上偏轉(zhuǎn)，故A正確；

B.磁場(chǎng)的方向垂直紙面向外；帶正電粒子的運(yùn)動(dòng)方向水平向右，根據(jù)左手定則知，粒子的洛倫茲力方向豎直向下，向下偏轉(zhuǎn)，故B錯(cuò)誤；

C.磁場(chǎng)的方向豎直向上；帶正電粒子的運(yùn)動(dòng)方向水平向右，根據(jù)左手定則知，粒子的洛倫茲力方向垂直紙面向外，向外偏轉(zhuǎn)，故C錯(cuò)誤；

D.磁場(chǎng)的方向豎直向下；帶正電粒子的運(yùn)動(dòng)方向水平向右，根據(jù)左手定則知，粒子的洛倫茲力方向垂直紙面向里，向里偏轉(zhuǎn)，故D錯(cuò)誤。

故選A?！窘馕觥緼

二、填空題(共6題，共12分)9、略

【分析】在甲地時(shí)，在乙地時(shí)，兩式聯(lián)立得加速度之比為m2：n2【解析】【答案】m2：n210、略

【分析】解：根據(jù)婁脙=c婁脣

可知；該光的頻率為：

婁脙=c婁脣=3隆脕1080.375=8隆脕1014Hz

大于銫和鈉的極限頻率；因此能夠發(fā)生光電效應(yīng)的是：銫和鈉；

故答案為：銫和鈉．

當(dāng)入射光的頻率大于金屬的極限頻率時(shí)；會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)，由此可正確解答．

解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)的條件，是考查基礎(chǔ)知識(shí)的好題，注意數(shù)量級(jí)．【解析】銫和鈉11、略

【分析】解：當(dāng)線圈平面與磁場(chǎng)方向平行時(shí)；線圈平面與磁場(chǎng)方向的夾角為0

度，則婁碌=0

．

當(dāng)線圈繞OO隆爐

軸轉(zhuǎn)動(dòng)至與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，婁碌=BS=2隆脕10鈭?2隆脕3隆脕10鈭?2Wb=6隆脕10鈭?4Wb.

根據(jù)婁碌=BSsin婁脠

知；在此轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，穿過線圈平面的磁通量變大．

故答案為：06隆脕10鈭?4

變大．

通過線圈的磁通量可以根據(jù)婁碌=BSsin婁脠

進(jìn)行求解；婁脠

為線圈平面與磁場(chǎng)方向的夾角．

解決本題的關(guān)鍵掌握磁通量的公式，知道當(dāng)線圈平面與磁場(chǎng)平行時(shí)，磁通量為0

當(dāng)線圈平面與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，磁通量最大．【解析】06隆脕10鈭?4

變大．12、略

【分析】【解析】試題分析：由導(dǎo)體棒ab所受安培力方向豎直向上可知NBIL+F=mg,如果電流反向，安培力方向豎直向下，由受力平衡可知NBIL+mg=F+0.02，由以上兩個(gè)公式聯(lián)立可知B=0.1T考點(diǎn)：考查安培力的計(jì)算【解析】【答案】0.113、略

【分析】解：比較三個(gè)圖象可知；這三個(gè)物體振動(dòng)的共同特點(diǎn)是具有周期性，其中彈簧振子的振動(dòng)是最簡(jiǎn)單的振動(dòng)；

心電圖記錄儀的掃描速度為1.8cm/s，一個(gè)周期的掃描長(zhǎng)度平均為1.5cm，所以T==s=s

此人的心率是f=×60=72次/分。

故答案為：周期性；72

比較三個(gè)圖象可知；這三個(gè)物體振動(dòng)的共同特點(diǎn)是具有周期性，彈簧振子的振動(dòng)最簡(jiǎn)單，從心電圖得到心跳周期和頻率即可．

本題關(guān)鍵是要明確心電圖的物理意義，然后根據(jù)方格紙勻速移動(dòng)得到心跳的周期和頻率．【解析】周期；彈簧振子的振動(dòng)；7214、略

【分析】解：均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場(chǎng)等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的電場(chǎng).

如圖補(bǔ)齊球面；且均勻電量為2q

即相當(dāng)于將帶電量為2q

的球面放在O

處；

則在MN

點(diǎn)所產(chǎn)生的電場(chǎng)為E=K鈰?2q(2R)2=kq2R2

由題知當(dāng)半球面如圖所示產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為E

則補(bǔ)上的右半球面在N

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)也應(yīng)為E

方向向右；

則合場(chǎng)強(qiáng)：E隆盲=kq2R2鈭?E

故答案為：kq2R2鈭?E

均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場(chǎng)等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的電場(chǎng)；所以首先補(bǔ)齊整個(gè)球面進(jìn)行分析，則可以假設(shè)將帶電量為2q

的球面放在O

處在MN

點(diǎn)所產(chǎn)生的電場(chǎng)，再與半球面在M

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)對(duì)比求解即可．

本題解題關(guān)鍵是抓住對(duì)稱性，利用“挖補(bǔ)法“進(jìn)行分析，找出整個(gè)球面求出在MN

兩點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)，然后再找出兩部分球面上電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)關(guān)系即可求解．【解析】kq2R2鈭?E

三、判斷題(共9題，共18分)15、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．16、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大小．

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．17、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．18、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．19、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大小．

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．20、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．21、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．22、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．23、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、識(shí)圖作答題(共3題，共24分)24、（1）倒平板高壓蒸汽滅菌法系列稀釋涂布平板

（2）唯一氮源30-300酚紅紅脲酶

（3）將樣品涂布到鑒別纖維素分解菌的培養(yǎng)基【分析】【分析】本題考查了微生物培養(yǎng)以及應(yīng)用，準(zhǔn)確識(shí)記相關(guān)知識(shí)點(diǎn)是解題的關(guān)鍵。【解答】（1）據(jù)圖可知，在培養(yǎng)基的制備過程中，A表示倒平板，B表示滅菌，常用的方法是高壓蒸汽滅菌法。D是微生物接種最常用的方法之一，它包括系列稀釋和涂布平板兩步操作。（2）在篩選土壤中分解尿素的細(xì)菌時(shí)，所用培養(yǎng)基以尿素作為唯一氮源；在統(tǒng)計(jì)菌落數(shù)目時(shí)，一般選擇菌落數(shù)在30-300的平板進(jìn)行計(jì)數(shù)。若要對(duì)分離的菌種作進(jìn)一步的鑒定，可在選擇培養(yǎng)基中加入酚紅指示劑，若指示劑變紅，則可初步鑒定該種細(xì)菌能夠合成脲酶，分解尿素。（3）在纖維素分解菌的篩選實(shí)驗(yàn)流程中；F表示將樣品涂布到鑒別纖維素分解菌的培養(yǎng)基。

【解析】（1）倒平板高壓蒸汽滅菌法系列稀釋涂布平板（2）唯一氮源30-300酚紅紅脲酶（3）將樣品涂布到鑒別纖維素分解菌的培養(yǎng)基25、（1）9AaBb×aaBb、AaBb×Aabb1/8

（2）低溫抑制紡錘體形成27

（3）①3/2②L【分析】【分析】本題考查基因自由組合定律的應(yīng)用、染色體變異等相關(guān)知識(shí)，意在考查考生理解所學(xué)知識(shí)要點(diǎn)，把握知識(shí)間內(nèi)在聯(lián)系的能力；能用文字、圖表以及數(shù)學(xué)方式等多種表達(dá)形式準(zhǔn)確地描述生物學(xué)方面的內(nèi)容和計(jì)算能力；能理論聯(lián)系實(shí)際，綜合運(yùn)用所學(xué)知識(shí)解決自然界和社會(huì)生活中的一些生物學(xué)問題。【解答】（1）在野生型青蒿的稈色和葉型這兩對(duì)性狀中，控制各自性狀的基因型各有3種（AA、Aa和aa，及BB、Bb和bb），由于控制這兩對(duì)性狀的基因是獨(dú)立遺傳的，基因間可自由組合，所以青蒿的基因型共有3×3=9種。F1中白青稈、稀裂葉植株占3/8，即F1代中A_B_基因型個(gè)體占3/8，根據(jù)兩對(duì)基因自由組合，可分解成3/4×1/2或1/2×3/4，所以親本的基因型可能是AaBb×aaBb，或AaBb×Aabb。當(dāng)親本為AaBb×aaBb時(shí)，F(xiàn)1中紅稈、分裂葉（aabb）植株所占比例為=1/2×1/4=1/8；當(dāng)親本為AaBb×Aabb時(shí)，F(xiàn)1中紅稈、分裂葉（aabb）植株所占比例為=1/4×1/2=1/8。由此可見無論親本組合是上述哪一種，F(xiàn)1中此紅稈、分裂葉植株所占比例都為1/8。（2）低溫可以抑制紡錘體的形成，使細(xì)胞內(nèi)的染色體經(jīng)過復(fù)制但不能分離到兩個(gè)細(xì)胞，從而使染色體數(shù)目加倍。若四倍體青蒿（細(xì)胞內(nèi)的染色體是二倍體青蒿的2倍，有18×2=36條染色體）與野生型的二倍體青蒿雜交可得到三倍體個(gè)體，由于四倍體青蒿產(chǎn)生的生殖細(xì)胞中有18條染色體，二倍體青蒿產(chǎn)生的生殖細(xì)胞中有9條染色體，因此兩者受精發(fā)育而成的后代體細(xì)胞中有27條染色體。（3）①若該基因一條單鏈中（G+T）/（A+C）=2/3，則其互補(bǔ)鏈中（G+T）/（A+C）的比值是其倒數(shù)，故互補(bǔ)鏈中（G+T）/（A+C）=3/2。②DNA分子中發(fā)生堿基對(duì)的替換、增添、缺失而引起基因結(jié)構(gòu)的改變屬于基因突變。故若cyp基因的一個(gè)堿基對(duì)被替換，使cyp酶的第50位氨基酸由谷氨酸變?yōu)槔i氨酸，第50為氨基酸對(duì)應(yīng)的mRNA上的堿基序列為的148～150，又因?yàn)榛蚓幋a區(qū)E.K.M.O區(qū)段不編碼氨基酸，因此，轉(zhuǎn)錄RNA上148～150?堿基的位于L段?！窘馕觥浚?）9AaBb×aaBb、AaBb×Aabb1/8（2）低溫抑制紡錘體形成27

（3）①3/2②L26、（1）有藻藍(lán)素和葉綠素、有進(jìn)行光合作用相關(guān)的酶（2）（單位時(shí)間）O2的釋放量先增加后降低（3）d2＞d1＞d3（4）d2【分析】【分析】本題考查光合作用的機(jī)理和影響光合作用的因素以及呼吸作用的相關(guān)知識(shí)。意在考查考生具備驗(yàn)證簡(jiǎn)單生物學(xué)事實(shí)的能力，并能對(duì)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象和結(jié)果進(jìn)行解釋、分析和處理。

【解答】

（1）藍(lán)藻雖然沒有葉綠體，但是其含有與光合作用有關(guān)的酶和光合色素（藻藍(lán)素和葉綠素），因此能夠進(jìn)行光合作。

（2）據(jù)圖分析可知，該實(shí)驗(yàn)通過測(cè)定單位時(shí)間內(nèi)O2的釋放量來表示凈光合作用速率；隨著CO2濃度的增加，藍(lán)藻通過光合作用制造O2的速率先增加后減少。（3）據(jù)圖分析可知，d1濃度的呼吸速率大于d3濃度，d2濃度的呼吸速率大于d1濃度，因此產(chǎn)生ATP多少的順序是d2＞d1＞d3。

（4）由于光合速率=凈光合速率+呼吸速率，因此可比較d1濃度、d2濃度、d3濃度下光合速率的大小，據(jù)圖分析可知，d2濃度下光合速率最大，制造的有機(jī)物最多，因此藍(lán)藻種群的K值最大。【解析】（1）有藻藍(lán)素和葉綠素、有進(jìn)行光合作用相關(guān)的酶（2）（單位時(shí)間）O2的釋放量先增加后降低（3）d2＞d1＞d3（4）d2五、簡(jiǎn)答題(共3題，共18分)27、rm{(1)C_{6}H_{12}O_{6}}

rm{(2)}羥基

rm{(3)}取代反應(yīng)

rm{(4)}

rm{(5)}

rm{(6)9}【分析】【分析】本題考查有機(jī)物推斷，側(cè)重考查學(xué)生分析、推斷能力，涉及物質(zhì)推斷、官能團(tuán)判斷、反應(yīng)類型判斷、同分異構(gòu)體種類判斷等知識(shí)點(diǎn)，明確有機(jī)物官能團(tuán)及其性質(zhì)關(guān)系是解本題關(guān)鍵，難點(diǎn)是同分異構(gòu)體種類判斷?！窘獯稹科咸烟呛蜌錃獍l(fā)生加成反應(yīng)生成rm{A}為rm{HOCH_{2}(CHOH)_{4}CH_{2}OH}rm{A}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{B}rm{B}和乙酸反應(yīng)生成rm{C}根據(jù)rm{C}分子式知，rm{B}中一個(gè)羥基發(fā)生酯化反應(yīng)，rm{C}結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為根據(jù)rm{D}分子式知，生成rm{D}的反應(yīng)為取代反應(yīng)，rm{D}發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{E}根據(jù)rm{E}結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式知，rm{D}為據(jù)此答題。

rm{(1)}葡萄糖的分子式為rm{C_{6}H_{12}O_{6}}

故答案為：rm{C_{6}H_{12}O_{6}}

rm{(2)A}為rm{A}為rm{HOCH_{2}(CHOH)_{4}CH_{2}OH}rm{A}中含有的官能團(tuán)的名稱為羥基。

故答案為：羥基；

rm{(3)}由rm{B}到rm{C}的反應(yīng)類型為取代反應(yīng)或酯化反應(yīng)。

故答案為：取代反應(yīng)或酯化反應(yīng)；

rm{(4)C}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為

故答案為：

rm{(5)D}為rm{D}發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{E}由rm{D}到rm{E}的反應(yīng)方程式為

故答案為：

rm{(6)F}是rm{B}的同分異構(gòu)體，rm{B}的相對(duì)分子質(zhì)量為rm{146}rm{7.30g}的rm{F}物質(zhì)的量rm{=dfrac{7.30g}{146g/mol}=0.05mol}生成rm{n(CO_{2})=dfrac{2.24L}{22.4L/mol}=0.1mol}說明該分子中含有rm{=dfrac

{7.30g}{146g/mol}=0.05mol}個(gè)rm{n(CO_{2})=dfrac

{2.24L}{22.4L/mol}=0.1mol}rm{2}的分子式為rm{-COOH}rm{B}的不飽和度rm{C_{6}H_{10}O_{4}}rm{B}個(gè)rm{=dfrac{6隆脕2+2-10}{2}=2}的不飽和度是rm{2}說明rm{-COOH}中不含碳碳不飽和鍵和環(huán)；

如果剩余碳鏈結(jié)構(gòu)為rm{2}羧基排放方式有rm{F}種；

如果剩余碳鏈結(jié)構(gòu)為羧基排放方式有rm{C-C-C-C}種；

所以符合條件的同分異構(gòu)體有rm{6}種；

其中核磁共振氫譜為三組峰，峰面積比為rm{3}rm{9}rm{3}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為

故答案為：rm{1}rm{1}【解析】rm{(1)C_{6}H_{12}O_{6}}rm{(2)}羥基rm{(3)}取代反應(yīng)rm{(4)}rm{(5)}rm{(6)9}28、（1）3d104s1＜

（2）①正四面體CCl4PO43-SO42-ClO4-

②Nsp、sp3

（3）離子Cu+離子半徑比K+小，晶格能大（2分）

（4）①0.27②或【分析】【分析】本題考查物質(zhì)結(jié)構(gòu)和性質(zhì)，為高頻考點(diǎn)，涉及晶胞計(jì)算、配位鍵、微粒空間構(gòu)型判斷等知識(shí)點(diǎn)，側(cè)重考查學(xué)生計(jì)算及空間想象能力，難點(diǎn)是晶胞計(jì)算，注意rm{Cu^{+}}之間的距離與棱長(zhǎng)的關(guān)系，為易錯(cuò)點(diǎn)【解答】rm{(1)Cu}位于第四周期ⅤⅡrm{B}族，是rm{29}號(hào)元素，基態(tài)銅原子的價(jià)電子排布式為rm{3d^{10}4s^{1}}鋅為rm{30}號(hào)元素，其價(jià)電子排布式為rm{3d^{10}4s^{2}}為全滿，第一電離能大于銅的第一電離能；

故答案為：rm{3d^{10}4s^{1}}rm{<}rm{(2)壟脵}配合物rm{[Cu(CH}rm{[Cu(CH}rm{{,!}_{3}}rm{CN)}rm{CN)}rm{{,!}_{4}}的陰離子為rm{]BF}中心原子的價(jià)層電子對(duì)數(shù)為rm{]BF}rm{{,!}_{4}}rm{BF_{4}^{-}}rm{4+}rm{1}rm{2}rm{3}rm{+}rm{1}rm{-}rm{4}rm{1}rm{2}rm{1}rm{1}rm{2}所以rm{2}正四面體，rm{3}rm{+}rm{1}rm{-}rm{4}rm{3}rm{+}rm{1}rm{-}rm{4}離子為rm{3}rm{3}rm{+}等，故答案為：正四面體；rm{+}rm{1}rm{1}、rm{-}等；rm{-}rm{4}rm{4}rm{=4+0=4}中空間構(gòu)型為原子中含有孤電子對(duì)，所以配體分子中與與其互為等電子體的分子為形成配位鍵的原子為rm{CCl_{4}}配體rm{PO_{4}^{3-隆壟}}rm{SO_{4}^{2-}}rm{ClO_{4}^{-}}的rm{CCl_{4}}中的rm{PO_{4}^{3-}}原子的雜化方式為rm{SO_{4}^{2-}}rm{ClO_{4}^{-;}}中rm{壟脷}原子的雜化方式為rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{CN}中rm{N}原子中含有孤電子對(duì)，所以配體分子中與rm{Cu(I)}形成配位鍵的原子為rm{N}配體rm{CH}；rm{CN}rm{N}rm{Cu(I)}rm{N}熔點(diǎn)為rm{CH}熔點(diǎn)較高，屬于離子晶體，rm{{,!}_{3}}離子半徑比rm{CN}的rm{-CH_{3}}中的rm{C}原子的雜化方式為rm{sp^{3}}rm{-CN}中rm{C}原子的雜化方式為rm{sp}小，晶格能大所以rm{CN}rm{-CH_{3}}rm{C}熔點(diǎn)較高，rm{sp^{3}}離子；rm{-CN}離子半徑比rm{C}小，晶格能大；rm{sp}故答案為：rm{N}距離最近的兩個(gè)rm{N}rm{sp}rm{sp^{3}}rm{(3)}，所以距離最近的兩個(gè)rm{Cu}間的距離為rm{Cu}rm{{,!}_{2}}rm{O}熔點(diǎn)為rm{1235隆忙}熔點(diǎn)較高