2025年人教新起點(diǎn)高三物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教新起點(diǎn)高三物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、a、b兩球自同一高度以相同速率拋出，a球豎直上拋，b球豎直下拋．設(shè)二球落地時(shí)的速率分別為Va、Vb則（）A.Va＞VbB.Va=VbC.Va＜VbD.條件不足無(wú)法判斷2、在光滑的絕緣水平面上有一正方形abcd，頂點(diǎn)a、c處分別固定兩等量正點(diǎn)電荷，如圖，若將一個(gè)帶負(fù)電的粒子置于b點(diǎn)由靜止釋放，則粒子從b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)的過程中（）A.加速度先變小后變大B.先從高電勢(shì)到低電勢(shì)，后從低電勢(shì)到高電勢(shì)C.電勢(shì)能先減小后增大D.電勢(shì)能與動(dòng)能之和先增大后減小3、下列關(guān)于平拋運(yùn)動(dòng)的說(shuō)法正確的是（）A.平拋運(yùn)動(dòng)是勻速運(yùn)動(dòng)B.平拋運(yùn)動(dòng)在相同的時(shí)間內(nèi)速度變化不同C.平拋運(yùn)動(dòng)是勻變速曲線運(yùn)動(dòng)D.平拋運(yùn)動(dòng)既非勻速又非勻變速運(yùn)動(dòng)4、如圖所示，某同學(xué)用一個(gè)閉合線圈圈套住蹄形磁鐵，由1位置經(jīng)2位置到3位置，最后從下方S極拉出，則在這一過程中，線圈的感應(yīng)電流的方向是A.沿abcd不變B.沿adcb不變C.先沿abcd，后沿adcbD.先沿adcb，后沿abcd5、遠(yuǎn)距離輸電要采用（）A.低壓輸電B.高壓輸電C.強(qiáng)電流輸電D.弱電流輸電評(píng)卷人得分二、填空題(共6題，共12分)6、能量既不會(huì)憑空____，也不會(huì)憑空消失，它只能從一種形式____為另一種形式，或者從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到別的物體，在轉(zhuǎn)化或轉(zhuǎn)移的過程中，能量的總量____．7、【題文】如圖所示的電路，電源電壓保持不變，R1＝10Ω。當(dāng)閉合開關(guān)S，滑動(dòng)變阻器滑片P在中點(diǎn)時(shí)，電流表的示數(shù)為0.3A；當(dāng)把滑片P移到最右端時(shí)，電流表的示數(shù)為0.2A。則電源電壓為____V，滑動(dòng)變阻器的最大阻值為____Ω。8、以初速度36m/s豎直上拋的物體，如不計(jì)空氣阻力，則它在上升過程中最后一秒內(nèi)的位移是____m，從拋出到落回拋出點(diǎn)的時(shí)間為____s．（g取10m/s2）9、圖1為驗(yàn)證牛頓第二定律的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖。圖中打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源為50Hz的交流電源；打點(diǎn)的時(shí)間間隔用△t表示。在小車質(zhì)量未知的情況下，某同學(xué)設(shè)計(jì)了一種方法用來(lái)研究“在外力一定的條件下，物體的加速度與其質(zhì)量間的關(guān)系”。

（1）完成下列實(shí)驗(yàn)步驟中的填空：

①平衡小車所受的阻力：小吊盤中不放物塊；調(diào)整木板右端的高度，用手輕撥小車，直到打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出一系列______的點(diǎn)。

②按住小車；在小吊盤中放入適當(dāng)質(zhì)量的物塊，在小車中放入砝碼。

③打開打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源；釋放小車，獲得帶有點(diǎn)列的紙帶，在紙帶上標(biāo)出小車中砝碼的質(zhì)量m。

④按住小車；改變小車中砝碼的質(zhì)量，重復(fù)步驟③。

⑤在每條紙帶上清晰的部分，設(shè)5個(gè)間隔標(biāo)注一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)。測(cè)量相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的間距s1，s2；．求出與不同m相對(duì)應(yīng)的加速度a。

⑥以砝碼的質(zhì)量m為橫坐標(biāo)為縱坐標(biāo)，在坐標(biāo)紙上做出-m關(guān)系圖線。若加速度與小車和砝碼的總質(zhì)量成反比，則與m處應(yīng)成______關(guān)系（填“線性”或“非線性”）。

（2）完成下列填空：

（ⅰ）本實(shí)驗(yàn)中；為了保證在改變小車中砝碼的質(zhì)量時(shí)，小車所受的拉力近似不變，小吊盤和盤中物塊的質(zhì)量之和應(yīng)滿足的條件是______。

（ⅱ）設(shè)紙帶上三個(gè)相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的間距為s1、s2、s3．a(chǎn)可用s1、s3和△t表示為a=______。圖2為用米尺測(cè)量某一紙帶上的s1、s3的情況，由圖可讀出s1=______mm，s3=______mm．由此求得加速度的大小a=______m/s2。

（ⅲ）圖3為所得實(shí)驗(yàn)圖線的示意圖。設(shè)圖中直線的斜率為k，在縱軸上的截距為b，若牛頓定律成立，則小車受到的拉力為______，小車的質(zhì)量為______。10、（1）在“探究單擺周期與擺長(zhǎng)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，某位同學(xué)用游標(biāo)卡尺測(cè)量小球的直徑如圖1所示，游標(biāo)卡尺讀數(shù)為____mm

（2）實(shí)驗(yàn)時(shí)，若擺球在垂直紙面的平面內(nèi)擺動(dòng)，為了將人工記錄振動(dòng)次數(shù)改為自動(dòng)記錄振動(dòng)次數(shù)，在擺球運(yùn)動(dòng)最低點(diǎn)的左、右側(cè)分別放置一激光光源與光敏電阻，如圖2（a）所示．光敏電阻與某一自動(dòng)記錄相連，該儀器顯示的光敏電阻阻值R隨時(shí)間t變化圖線如圖2（b）所示，則該單擺的振動(dòng)周期為____．若保持懸點(diǎn)到小球頂點(diǎn)的繩長(zhǎng)不變，改用直徑是原小球直徑2倍的另一小球進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，則該單擺的周期將____（填“變大”“不變”或“變小”），圖2（b）中的△t將____（填“變大”“不變”或“變小”）．11、（2015?崇明縣一模）在光滑水平面上，有一個(gè)粗細(xì)均勻的單匝正方形閉合線框abcd，在水平外力的作用下，從靜止開始沿垂直磁場(chǎng)邊界方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，穿過勻強(qiáng)磁場(chǎng)，平行磁場(chǎng)區(qū)域的寬度大于線框邊長(zhǎng)，如圖甲所示．測(cè)得線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流i的大小和運(yùn)動(dòng)時(shí)間t的變化關(guān)系如圖乙所示．已知圖象中四段時(shí)間分別為△t1、△t2、△t3、△t4．在△t1、△t3兩段時(shí)間內(nèi)水平外力的大小之比____；若已知△t2：△t3：△t4=2：2：1，則線框邊長(zhǎng)與磁場(chǎng)寬度比值為____．評(píng)卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)12、氣體由狀態(tài)1變到狀態(tài)2時(shí)，一定滿足方程=．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）13、液體的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，是因?yàn)轱柡推捏w積隨溫度的升高而增大．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）14、幾個(gè)不同阻值的電阻并聯(lián)后，其總電阻等于各電阻之和．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）15、向心力的方向始終指向圓心，所以向心力的方向始終不變．____（判斷對(duì)錯(cuò)）16、參考系的選取是任意的，但參考系的選取應(yīng)使物體運(yùn)動(dòng)的描述盡可能簡(jiǎn)單．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、電視機(jī)的顯象管中電子束每秒進(jìn)行50場(chǎng)掃描____．18、兩滴水銀相接觸，立即合并到一起以及熔化的蠟從蠟燭上流下來(lái)，冷卻后呈球形，均是由液體表面張力造成的．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、作圖題(共1題，共6分)19、A；B兩波相向而行；在某時(shí)刻的波形與位置如圖所示，已知波的傳播速度為v，圖中標(biāo)尺每格長(zhǎng)度為l．在圖中畫出又經(jīng)過t=7l/v時(shí)的波形．

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】【分析】拋體運(yùn)動(dòng)只受重力，機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律可求得落地速度，再進(jìn)行比較．【解析】【解答】解：對(duì)于任意一球；根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：

=mgh+

則得落地時(shí)速度大小為：v=

由題知，初速度大小相等、下落的高度相等，則落地時(shí)兩球的速率相等，即：Va=Vb．

故選：B2、C【分析】【分析】bd連線即為ac連線的中垂線，因此解決本題的關(guān)鍵是明確等量正電荷連線的中垂線上電場(chǎng)特點(diǎn)，從而進(jìn)一步判斷所受電場(chǎng)力、電勢(shì)、電勢(shì)能等變化情況．【解析】【解答】解：A；由等量正電荷連線的中垂線上電場(chǎng)分布可知：ac的連線與中垂線的交點(diǎn)處場(chǎng)強(qiáng)為0；電場(chǎng)線的方向指向兩邊，由于負(fù)電荷受到的電場(chǎng)力跟電場(chǎng)線的方向相反，所以負(fù)電荷受到的電場(chǎng)力始終指向ac的連線與中垂線的交點(diǎn)，但中垂線上場(chǎng)強(qiáng)的大?。簭闹悬c(diǎn)到兩側(cè)場(chǎng)強(qiáng)先增大再減小，所以電子的電場(chǎng)力從中點(diǎn)到兩側(cè)先增大再減小，但無(wú)法判斷場(chǎng)強(qiáng)最大的點(diǎn)，所以加速度是變化不清楚的，故A錯(cuò)誤．

B、由等量正電荷的電場(chǎng)分布知道，在兩電荷連線的中垂線O點(diǎn)的電勢(shì)最高，沿電場(chǎng)線電勢(shì)越來(lái)越低，所以從b到d；電勢(shì)是先增大后減小，故B錯(cuò)誤．

C、由b到bd連線的中點(diǎn)O的過程中；電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，由O到d電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，故C正確．

D；由于只有電場(chǎng)力做功；所以只有電勢(shì)能與動(dòng)能的相互轉(zhuǎn)化，故電勢(shì)能與機(jī)械能的和守恒，所以電勢(shì)能和動(dòng)能之和不變，故D錯(cuò)誤．

故選：C．3、C【分析】【分析】平拋運(yùn)動(dòng)是具有水平方向的初速度只在重力作用下的運(yùn)動(dòng)，是一個(gè)勻變速曲線運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：A；平拋運(yùn)動(dòng)只受重力作用；加速度為重力加速度，不發(fā)生變化，是勻變速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B；平拋運(yùn)動(dòng)只受重力作用；加速度為重力加速度，不發(fā)生變化，所以相同的時(shí)間內(nèi)速度變化相同，故B錯(cuò)誤；

C；平拋運(yùn)動(dòng)是具有水平方向的初速度只在重力作用下的運(yùn)動(dòng)；是一個(gè)勻變速曲線運(yùn)動(dòng)．故C正確；

D；根據(jù)C的分析知D錯(cuò)誤．

故選C．4、D【分析】【解析】【答案】D5、B【分析】【分析】電能的耗損主要指的是電流的熱效應(yīng)而產(chǎn)生的，根據(jù)計(jì)算公式Q=I2Rt，在輸電功率不變，輸電線的電阻不變的情況下，要減小輸電線路上的電能損失，必須通過增大電壓的辦法來(lái)減小電流，從而減少電能的損耗．【解析】【解答】解：在遠(yuǎn)距離輸送電能時(shí)，輸電線路上的電能損失主要是電流的熱效應(yīng)而產(chǎn)生的，根據(jù)Q=I2Rt可知；在導(dǎo)線電阻不變的情況下，電流越小，輸電線上的電能損失就越?。?/p>

而如何減小電流呢？

根據(jù)電功率的計(jì)算公式P=UI可知；在輸送電功率一定時(shí)，要減小電流可以增大電壓．即高壓輸電．

故選：B．二、填空題(共6題，共12分)6、產(chǎn)生轉(zhuǎn)化保持不變【分析】【分析】根據(jù)能量守恒定律的內(nèi)容填空【解析】【解答】解：能量既不會(huì)憑空消失；也不會(huì)憑空產(chǎn)生．它總是從一種形式轉(zhuǎn)化為其他形式，或者從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體．在轉(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移的過程中，能量的總量保持不變．

故答案為：產(chǎn)生；轉(zhuǎn)化；保持不變7、略

【分析】【解析】

試題分析：當(dāng)滑片在中點(diǎn)時(shí)；滑動(dòng)變阻器接入電阻為總電阻的一半，則由歐姆定律可列出方程式；當(dāng)滑片滑到最右端時(shí)，滑動(dòng)變阻器全部接入，則由歐姆定律可列出方程式，聯(lián)立解得即可。

解：設(shè)電壓為U，滑動(dòng)變阻器的最大阻值為R，則當(dāng)滑片在中點(diǎn)時(shí)，由歐姆定律得電流表的示數(shù)（即干路電流）：當(dāng)滑片移到最右端時(shí)，電流表的示數(shù)（即干路電流）：代入數(shù)據(jù)得：

（1）

U=0.2A×（10Ω+R）（2）

聯(lián)立解得：U=6V；R=20Ω

考點(diǎn)：此題考查的是動(dòng)態(tài)電路。

點(diǎn)評(píng)：當(dāng)題目中待求量較多時(shí)，可以選擇列方程的方法求解，這是物理學(xué)中的一個(gè)重要的解答方法?！窘馕觥俊敬鸢浮?208、57.2【分析】【解答】解：上升到最高點(diǎn)前的最后一秒內(nèi)發(fā)生的位移大小與自由落體運(yùn)動(dòng)1s時(shí)間內(nèi)的位移是大小是相等的為：=m=5m；

回到出發(fā)點(diǎn)的時(shí)間：t=s

故答案為：5；7.2

【分析】物體做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，其加速度大小始終為g，方向豎直向下，上升階段：勻減速直線運(yùn)動(dòng)，達(dá)到最高點(diǎn)時(shí)速度為零，加速度還是g，應(yīng)用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求解．9、等間距線性小吊盤和盤中物塊的質(zhì)量之和遠(yuǎn)小于小車和砝碼的總質(zhì)量24.547.01.12【分析】解：（1）①在平衡摩擦力時(shí)；應(yīng)小吊盤中不放物塊，調(diào)整木板右端的高度，用手輕撥小車，直到打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出一系列等間距的點(diǎn)，則此時(shí)說(shuō)明小車做勻速運(yùn)動(dòng)；

⑥由牛頓第二定律：F=ma可知：在F一定時(shí)，與m成正比，故與m成線性關(guān)系；

（2）（i）探究牛頓第二定律實(shí)驗(yàn)時(shí)；當(dāng)小吊盤和盤中物塊的質(zhì)量之和遠(yuǎn)小于小車和車中砝碼的總質(zhì)量時(shí)，可以近似認(rèn)為小車受到的拉力等于小吊盤和盤中物塊受到的重力，認(rèn)為小車受到的拉力不變。

（ii）由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論：△x=at2可知加速度為：a=

由圖示刻度尺可知：s1=3.70-1.25=2.45cm=24.5mm，s3=12.00-7.30=4.70cm=47.0mm；

由圖示紙帶可知：△t′=0.02×5=0.1s；

加速度為：a==

（iii）設(shè)小車質(zhì)量為M；由牛頓第二定律得：F=（M+m）a

則

由圖3圖象可知：k=則小車受到的拉力F為

b=將F=代入，解得小車的質(zhì)量M為

故答案為：（1）①等間距；⑥線性；

（2）（?。┬〉醣P和盤中物塊的質(zhì)量之和遠(yuǎn)小于小車和砝碼的總質(zhì)量；

（ⅱ）24.5；47.0；1.12；

（ⅲ）

（1）根據(jù)驗(yàn)證牛頓第二定律的實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)分析解答；

（2）（i）根據(jù)實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)結(jié)合牛頓第二定律分析；

（ii）由圖示刻度尺讀出其示數(shù)；應(yīng)用勻變速運(yùn)動(dòng)的推論求出加速度；

（iii）由牛頓第二定律求出圖象的函數(shù)表達(dá)式；然后根據(jù)圖3中圖象分析答題。

本題考查了實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)、刻度尺讀數(shù)、求加速度，清楚實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)、實(shí)驗(yàn)原理、應(yīng)用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論即可正確解題。對(duì)刻度尺讀數(shù)時(shí)要注意刻度尺的分度值，要注意估讀一位。遇到涉及圖象的問題時(shí)，要先根據(jù)物理規(guī)律寫出關(guān)于縱軸與橫軸的函數(shù)表達(dá)式，再根據(jù)斜率和截距的概念求解?！窘馕觥康乳g距線性小吊盤和盤中物塊的質(zhì)量之和遠(yuǎn)小于小車和砝碼的總質(zhì)量24.547.01.1210、6.752t0變大變大【分析】【分析】（1）游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)；不需估讀。

（2）單擺在一個(gè)周期內(nèi)兩次經(jīng)過平衡位置，每次經(jīng)過平衡位置，單擺會(huì)擋住細(xì)激光束，光敏電阻阻值R變大；擋光時(shí)間等于球的直徑與速度的乘積【解析】【解答】解：（1）游標(biāo)卡尺讀數(shù)：6+15×0.05=6.75mm

（2）單擺在一個(gè)周期內(nèi)兩次經(jīng)過平衡位置，每次經(jīng)過平衡位置，單擺會(huì)擋住細(xì)激光束，從R-t圖線可知周期為2t0

擺長(zhǎng)等于擺線的長(zhǎng)度加上小球的半徑，根據(jù)單擺的周期公式T=2π；擺長(zhǎng)變大，所以周期變大．

擋光時(shí)間等于球的直徑與速度的乘積；由于球的直徑變大，故擋光時(shí)間變大。

故答案為：（1）6.75（2）2t0變大變大11、1：17：18【分析】【分析】線框未進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)沒有感應(yīng)電流，水平方向只受外力作用．可得△t1、△t3兩段時(shí)間內(nèi)水平外力的大小相等．

設(shè)線框加速度a，bc邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度v，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)位移公式得到三段位移與時(shí)間的關(guān)系式，即可求出則線框邊長(zhǎng)與磁場(chǎng)寬度比值．【解析】【解答】解：因?yàn)椤鱰1、△t3兩段時(shí)間無(wú)感應(yīng)電流，即無(wú)安培力，則線框做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的合外力為水平外力．所以△t1、△t3兩段時(shí)間內(nèi)水平外力的大小相等．

即水平外力的大小之比為1：1．

設(shè)線框加速度a，bc邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度v，△t2=△t3=2△t4=2△t；線框邊長(zhǎng)l，磁場(chǎng)寬L

根據(jù)三段時(shí)間內(nèi)線框位移；得：

v?2△t+a（2△t）2=l

v?4△t+a（4△t）2=L

v?5△t+a（5△t）2=l+L

解得：=

故答案為：1：1，7：18．三、判斷題(共7題，共14分)12、×【分析】【分析】根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程即可做出判定．【解析】【解答】解：對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體，由狀態(tài)1變到狀態(tài)2時(shí)，一定滿足方程=．若不滿足一定質(zhì)量的條件；該公式不成立．所以以上的說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×13、×【分析】【分析】與液體處于動(dòng)態(tài)平衡的蒸氣叫飽和蒸氣；反之，稱為不飽和蒸氣．飽和蒸氣壓強(qiáng)與飽和蒸氣體積無(wú)關(guān)！在一定溫度下，飽和蒸氣的分子數(shù)密度是一定的，因而其壓強(qiáng)也是一定的，這個(gè)壓強(qiáng)叫做飽和蒸氣壓強(qiáng)．同溫下未飽和蒸氣壓強(qiáng)小于飽和蒸氣壓強(qiáng)．【解析】【解答】解：在一定溫度下；飽和蒸氣的分子數(shù)密度是一定的，因而其壓強(qiáng)也是一定的，與體積無(wú)關(guān)；故密閉容器中某種蒸汽開始時(shí)若是飽和的，保持溫度不變，增大容器的體積，穩(wěn)定后蒸汽的壓強(qiáng)不變；液體的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，是因?yàn)殡S溫度的升高液體蒸發(fā)的速度加快．所以該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×14、×【分析】【分析】根據(jù)并聯(lián)電阻的總電阻的倒數(shù)等于個(gè)分電阻的讀數(shù)之和進(jìn)行判定即可，【解析】【解答】解：因?yàn)椴⒙?lián)電阻的總電阻的倒數(shù)等于個(gè)分電阻的倒數(shù)之和；所以題干則的說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×15、×【分析】【分析】勻速圓周運(yùn)動(dòng)合力等于向心力，方向始終指向圓心，只改變速度的方向，不改變速度的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓何矬w做圓周運(yùn)動(dòng)；向心力方向始終指向圓心，方向時(shí)刻變化，此說(shuō)法錯(cuò)誤．

故答案為：×16、√【分析】【分析】參考系，是指研究物體運(yùn)動(dòng)時(shí)所選定的參照物體或彼此不作相對(duì)運(yùn)動(dòng)的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來(lái)考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為