2025年滬科版高二物理下冊(cè)階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版高二物理下冊(cè)階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、理想變壓器的原線圈接正弦式電流，副線圈接負(fù)載電阻Ｒ，若輸入電壓不變，要增大變壓器的輸出功率，可行的措施有：（）A.只增大負(fù)載電阻Ｒ的阻值B.只減小負(fù)載電阻Ｒ的阻值C.只增大原線圈的匝數(shù)D.只增大副線圈的匝數(shù)2、如圖，A、B是一條電場線上的兩點(diǎn)，若在某點(diǎn)釋放一初速為零的電子，電子僅受電場力作用，并沿電場線從A運(yùn)動(dòng)到B，其速度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示．則：A.電場力FA＜FBB.電場強(qiáng)度EA=EBC.電勢UA>UBD.電勢能EA＜EB3、一物體做受迫振動(dòng)，驅(qū)動(dòng)力的頻率小于該物體的固有頻率．當(dāng)驅(qū)動(dòng)力的頻率逐漸增大時(shí)，該物體的振幅將（）A.逐漸增大B.先逐漸減小后逐漸增大C.逐漸減小D.先逐漸增大后逐漸減小4、真空中A；B兩個(gè)相同的小球帶電荷量分別為-4Q；Q，分別固定在兩處，兩小球間靜電力大小為F．用不帶電的同樣小球C先和A接觸，再與B接觸，然后移去C，則A、B間的靜電力大小為（）

A.

B.

C.

D.

5、若觀測到釋放后某一衛(wèi)星繞地心做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r，經(jīng)過時(shí)間t該衛(wèi)星繞地心轉(zhuǎn)過的角度為60°，則衛(wèi)星在這段時(shí)間內(nèi)的平均速度的大小為（）A.0B.C.D.6、如圖所示，PQRS

為一正方形導(dǎo)線框，它以恒定速度向右進(jìn)入以MN

為邊界的勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直線框平面，MN

線與線框的邊成45鈭?

角．E

、F

分別為PS

與PQ

的中點(diǎn).

關(guān)于線框中的感生電流；正確的說法是(

)

．

A.當(dāng)E

點(diǎn)經(jīng)過邊界MN

時(shí)，線框中感應(yīng)電流最大B.當(dāng)P

點(diǎn)經(jīng)過邊界MN

時(shí)，線框中感應(yīng)電流最大C.當(dāng)F

點(diǎn)經(jīng)過邊界MN

時(shí)，線框中感應(yīng)電流最大D.當(dāng)Q

點(diǎn)經(jīng)過邊界MN

時(shí)，線框中感應(yīng)電流最大評(píng)卷人得分二、多選題(共5題，共10分)7、如圖所示，小木塊P和長木板Q疊放后靜置于光滑水平面上．P、Q的接觸面是粗糙的．用足夠大的水平力F拉Q，P、Q間有相對(duì)滑動(dòng)．在P從Q左端滑落以前，關(guān)于水平力F的下列說法中正確的是（）A.F做的功大于P、Q動(dòng)能增量之和B.F做的功等于P、Q動(dòng)能增量之和C.F的沖量大于P、Q動(dòng)量增量之和D.F的沖量等于P、Q動(dòng)量增量之和8、如圖所示，頂角θ=45°的金屬導(dǎo)軌MON固定在水平面內(nèi)，導(dǎo)軌處在方向豎直、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中．一根與ON垂直的導(dǎo)體棒在水平外力作用下以恒定速度v0沿導(dǎo)軌MON向右滑動(dòng)，導(dǎo)體棒的質(zhì)量為m，導(dǎo)軌與導(dǎo)體棒單位長度的電阻均勻?yàn)閞．導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸點(diǎn)為a和b，導(dǎo)體棒在滑動(dòng)過程中始終保持與導(dǎo)軌良好接觸．t=0時(shí)，導(dǎo)體棒位于頂角O處則流過導(dǎo)體棒的電流強(qiáng)度I，導(dǎo)體棒內(nèi)產(chǎn)生的焦耳熱Q，導(dǎo)體棒作勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)水平外力F，導(dǎo)體棒的電功率P各量大小隨時(shí)間變化的關(guān)系正確的是（）A.B.C.D.9、利用金屬晶格(

大小約10鈭?10m)

作為障礙物觀察電子的衍射圖樣，方法是讓電子束通過電場加速后，照射到金屬晶格上，從而得到電子的衍射圖樣。已知電子質(zhì)量為m

電荷量為e

初速度為0

加速電壓為U

普朗克常量為h

則下列說法中正確的是(

)

A.該實(shí)驗(yàn)說明了電子具有波動(dòng)性B.實(shí)驗(yàn)中電子束的德布羅意波的波長為婁脣=h2meU

C.加速電壓U

越大，電子的衍射現(xiàn)象越明顯D.若用相同動(dòng)能的質(zhì)子替代電子，衍射現(xiàn)象將更加明顯10、如圖所示為氫原子能級(jí)示意圖，現(xiàn)有大量的氫原子處于n=4

的激發(fā)態(tài)，當(dāng)向低能級(jí)躍遷時(shí)輻射出若干種不同頻率的光，下列說法正確的是(

)

A.這些氫原子總共可輻射出3

種不同頻率的光B.由n=4

能級(jí)躍遷到n=1

能級(jí)產(chǎn)生的光波長最短C.由n=2

能級(jí)躍遷到n=1

能級(jí)產(chǎn)生的光頻率最大D.用n=2

能級(jí)躍遷到n=1

能級(jí)輻射出的光照射逸出功為6.34eV

的金屬鉑能發(fā)生光電效應(yīng)11、如圖所示，實(shí)線是沿x軸傳播的一列簡諧橫波在t=0時(shí)刻的波形圖，虛線是這列波在t=0.2s時(shí)刻的波形圖。該波的波速為0.8m/s，則下列說法正確的是（）A.這列波的波長是12cm，沿x軸負(fù)方向傳播B.這列波的周期是0.5sC.這列波是沿x軸正方向傳播的D.t=0時(shí)，x=4cm處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向?yàn)檠貀軸負(fù)方向評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)12、平?？匆姷陌坠馐怯杉t、橙、黃、綠、藍(lán)、靛、紫七種單色光所組成．在這七色可見光中波長最長的色光是____光，頻率最低的色光是____光．13、電荷量為Q1=3.0×10-10C的負(fù)電荷，在電場中某點(diǎn)受到的電場力F=6.3×10-7N，方向豎直向上，則該點(diǎn)的場強(qiáng)大小為______N/C，場強(qiáng)方向?yàn)開_____；如果將負(fù)電荷Q1改換為Q2=6.0×10-10C的正電荷，那么正電荷受到的電場力大小為______N；如果該點(diǎn)不放電荷，該點(diǎn)場強(qiáng)大小為______N/C．14、英國物理學(xué)家麥克斯韋提出：變化的磁場產(chǎn)生電場，變化的電場產(chǎn)生____，從而預(yù)言了____的存在，德國物理學(xué)家____用實(shí)驗(yàn)證明了電磁波的存在。15、如圖所示，兩根平行光滑長直金屬導(dǎo)軌，其電阻不計(jì)，導(dǎo)體棒ab和cd跨在導(dǎo)軌上，ab電阻大于cd電阻。當(dāng)cd在外力F2作用下勻速向右滑動(dòng)時(shí)，ab在外力F1作用下保持靜止，則ab兩端電壓Uab和cd兩端電壓Ucd相比，Uab______Ucd，外力F1和F2相比，F(xiàn)1______F2（填＞、=或＜）。16、我國北京正負(fù)電子對(duì)撞機(jī)的儲(chǔ)存環(huán)是周長為240m的圓形軌道，當(dāng)環(huán)中電流是5mA時(shí)（電子的速度是3×107m/s）．則在整個(gè)環(huán)中運(yùn)行的電子數(shù)目為____個(gè)．評(píng)卷人得分四、判斷題(共2題，共4分)17、只有沿著電場線的方向電勢才會(huì)降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、只有沿著電場線的方向電勢才會(huì)降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、計(jì)算題(共4題，共32分)19、水平放置的平行板電容器；兩極板A；B相距5mm，電容為50μF

（1）當(dāng)將其充電到兩板電勢差為100V時(shí)；這時(shí)電容器的帶電量為多少庫侖？

（2）當(dāng)兩板電勢差為100V，一個(gè)質(zhì)量為1.0×10-14Kg的帶負(fù)電塵埃正好在板間靜止，電容器上極板帶何種電荷？該塵埃帶電量為多少？（取重力加速度g=10m/s2）20、如圖所示為豎直放置的四分之一圓弧軌道；O

點(diǎn)是其圓心，半徑R=0.8mOA

水平；OB

豎直.

軌道底端距水平地面的高度h=0.8m.

從軌道頂端A

由靜止釋放一個(gè)質(zhì)量m=0.1kg

的小球，小球到達(dá)軌道底端B

時(shí)，恰好與靜止在B

點(diǎn)的另一個(gè)相同的小球發(fā)生碰撞，碰后它們粘在一起水平飛出，落地點(diǎn)C

與B

點(diǎn)之間的水平距離x=0.4m.

忽略空氣阻力，重力加速度g=10m/s2.

求：

(1)

兩球從B

點(diǎn)飛出時(shí)的速度大小v2

(2)

碰撞前瞬間入射小球的速度大小v1

(3)

從A

到B

的過程中小球克服阻力做的功Wf

．21、如圖所示，一根長L=0.2m的金屬棒放在傾角為θ=370的光滑斜面上，并通以I=5A電流，方向如圖所示，整個(gè)裝置放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=0.6T，垂直斜面向上的勻強(qiáng)磁場中，金屬棒恰能靜止在斜面上，則該棒的重力為多少？22、（10分）質(zhì)量M＝327kg的小型火箭(含燃料)由靜止發(fā)射，發(fā)射時(shí)共噴出質(zhì)量m＝27kg的氣體，設(shè)噴出的氣體相對(duì)地面的速度均為v＝1000m/s.忽略地球引力和空氣阻力的影響，則氣體全部噴出后，則：（1）求火箭獲得的最終速度？（2）什么因素決定火箭獲得的最終速度？評(píng)卷人得分六、綜合題(共1題，共8分)23、(

一)攏脹

選修模塊3鈭?3攏脻

(1)

關(guān)于布朗運(yùn)動(dòng)說法中，正確的是()

A.布朗運(yùn)動(dòng)是液體分子的熱運(yùn)動(dòng)B.布朗運(yùn)動(dòng)是固體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)C.布朗運(yùn)動(dòng)的激烈程度與溫度無關(guān)D.布朗運(yùn)動(dòng)反映了液體分子運(yùn)動(dòng)的無規(guī)則性(2)

下列說法中正確的是()

A.氣體壓強(qiáng)是由于氣體分子間存在斥力引起的B.液晶既具有流動(dòng)性又具有光學(xué)性質(zhì)各向異性C.水黽可以停在水面上說明液體存在表面張力D.0隆忙

的水和0隆忙

的冰它們的分子平均動(dòng)能不相同

(3)

在做托里拆利實(shí)驗(yàn)時(shí)，玻璃管內(nèi)有些殘存的空氣，此時(shí)玻璃管豎直放置，如圖所示.

假如把玻璃管豎直向上緩慢提升一段距離，玻璃管下端仍浸在水銀中，則管內(nèi)空氣分子的密度將____，空氣分子對(duì)管中水銀面的壓力____(

選填“變大”、“不變”或“變小”)

．

(4)

一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)a

沿abc

變化到狀態(tài)c

吸收了340J

的熱量，并對(duì)外做功120J.

若該氣體由狀態(tài)a

沿adc

變化到狀態(tài)c

時(shí)，對(duì)外做功40J

則這一過程中氣體____(

填“吸收”或“放出”)

____J

熱量．

(5)

鐵的密度婁脩=7.8隆脕103kg/m3

摩爾質(zhì)量M=5.6隆脕10鈭?2kg/mol

阿伏加德羅常數(shù)NA=6.0隆脕1023mol鈭?1

鐵原子視為球體.

試估算(

保留一位有效數(shù)字)

壟脵

鐵原子的平均質(zhì)量；壟脷

鐵原子的平均直徑．

(

二)攏脹

選修模塊3鈭?4攏脻

(1)

下列色散現(xiàn)象是通過干涉產(chǎn)生的是A.在白光下觀察肥皂泡呈現(xiàn)彩色B.一束太陽光通過三棱鏡在墻壁上呈現(xiàn)彩色光斑C.兩塊玻璃磚疊放在一起，玻璃磚上表面出現(xiàn)彩色條紋D.將兩支鉛筆并排放置，其直縫與日光燈平行，通過直縫看到彩色條紋(2)

下列說法中正確的是A.兩列波相遇一定出現(xiàn)干涉現(xiàn)象B.變化的電場一定產(chǎn)生變化的磁場C.紅外線波長比可見光長，主要特點(diǎn)是具有熱效應(yīng)D.當(dāng)驅(qū)動(dòng)力的頻率等于系統(tǒng)固有頻率時(shí)，受迫振動(dòng)的振幅最大(3)

如圖所示，PQ

是一列沿x

正方向傳播的簡諧橫波兩時(shí)刻的波形圖，由波形P

經(jīng)過t=2s

到波形Q.

則波長婁脣=

____m

波速=

____m/s

．

(4)

我們想像這樣一幅圖景：一列火車以接近光速從觀察者身邊飛馳而過，火車?yán)锏挠^察者看到沿鐵路電線桿距離____(

填“變大”、“變小”、“不變”)

而地面上的觀察者看到火車車窗的高度____(

填“變大”、“變小”、“不變”)

．

(5)

用雙縫干涉測量光的波長的實(shí)驗(yàn)中，已知兩縫間的距離為0.3mm

以某種單色光照射雙縫時(shí)，在離雙縫1.2m

遠(yuǎn)的屏上，第1

個(gè)亮條紋到第10

個(gè)這條紋的中心間距為22.78mm.

求(

保留二位有效數(shù)字)

壟脵

這種單色光的波長婁脣

壟脷

雙縫到第10

條亮條紋中心的路程差S

．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B|D【分析】【解析】試題分析：輸入電壓不變，要增大變壓器的輸出功率，那么只能要求輸出電流變大，所以只減小負(fù)載電阻Ｒ的阻值，則輸出電流減小，B可行；或者只增大副線圈的匝數(shù)，根據(jù)電流之比等于線圈匝數(shù)反比，所以D可行考點(diǎn)：變壓器【解析】【答案】BD2、A【分析】【解析】試題分析：電子加速運(yùn)動(dòng)，受力向右，所以電場強(qiáng)度方向由B向A，A點(diǎn)的電勢低于B點(diǎn)的電勢，C錯(cuò)；加速度變大，則電場力變大，場強(qiáng)變大，即A、B兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度EAB。A對(duì)；B錯(cuò)；電子在只有電場力做功的情況下電勢能與動(dòng)能之和保持不變，所以動(dòng)能增大電勢能減小，D錯(cuò)，故選A考點(diǎn)：考查電場強(qiáng)度與電勢的關(guān)系【解析】【答案】A3、D【分析】解：當(dāng)驅(qū)動(dòng)力的頻率f等于物體的固有頻率f0時(shí)，系統(tǒng)達(dá)到共振，振幅最大，故f＜f0時(shí)，隨f的增大，振幅增大，當(dāng)f＞f0時(shí)；隨f的增大，驅(qū)動(dòng)力的頻率遠(yuǎn)離固有頻率，故該振動(dòng)系統(tǒng)的振幅減小，故當(dāng)驅(qū)動(dòng)力的頻率逐漸增大過程物體的振幅先增大后減?。?/p>

故選：D．

受迫振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率；當(dāng)系統(tǒng)的固有頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率時(shí)，系統(tǒng)達(dá)到共振，振幅達(dá)最大．

本題應(yīng)明確受迫振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率，而當(dāng)驅(qū)動(dòng)力的頻率等于物體的固有頻率時(shí)，物體的振動(dòng)最強(qiáng)烈．【解析】【答案】D4、C【分析】

接觸前，兩小球的靜電力．接觸后，A球帶電量為-2Q，B球的帶電量為-此時(shí)兩小球的靜電力．故C正確；A；B、D錯(cuò)誤．

故選C．

【解析】【答案】接觸帶電的原則是先中和后平分，根據(jù)接觸帶電的原則分別求出接觸前后A、B兩電荷的電量，然后根據(jù)庫侖定律求出庫侖力的大?。?/p>

5、B【分析】解：衛(wèi)星繞地心做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r，經(jīng)過時(shí)間t該衛(wèi)星繞地心轉(zhuǎn)過的角度為60°，故位移為r；

故t時(shí)間內(nèi)的平均速度為：

故選：B

衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知時(shí)間、半徑和對(duì)應(yīng)圓心角，先根據(jù)s=θr求解弧長，再根據(jù)v=可以求解線速度；但平均速度是位移與時(shí)間的比值；不等于線速度．

本題關(guān)鍵是明確平均速度和線速度的定義的區(qū)別，平均速度是位移與時(shí)間的比值，而平均速率是弧長與時(shí)間的比值，不難．【解析】【答案】B6、B【分析】由題意知在線框進(jìn)入磁場的過程中B

與v

都是不變的，根據(jù)公式E

=

Blv

可知，有效長度l

最大時(shí)，回路中的感應(yīng)電流最大，當(dāng)P

點(diǎn)經(jīng)過邊界MN

時(shí)，R

點(diǎn)正好經(jīng)過邊界MN

，切割磁感線運(yùn)動(dòng)的有效長度l

有最大值，故正確選項(xiàng)為B.

本題對(duì)有效切割長度大小變化的判斷是難點(diǎn)，也是解題的關(guān)鍵，從線框中S

點(diǎn)進(jìn)入磁場開始，有效長度從0

開始增大，當(dāng)P

點(diǎn)經(jīng)過邊界MN

時(shí)，有效長度l

達(dá)到最大值，即與線框邊長相等，然后l

又開始減小，最后減小到0

．【解析】B

二、多選題(共5題，共10分)7、AD【分析】解：以P；Q系統(tǒng)為對(duì)象；根據(jù)能量守恒定律守恒得，拉力做的功等于P、Q動(dòng)能增量與摩擦生熱之和．故A正確，B錯(cuò)誤．

C；由于一對(duì)作用力和反作用力在同樣時(shí)間內(nèi)的總沖量一定為零；因此系統(tǒng)內(nèi)力不改變系統(tǒng)總動(dòng)量，因此F的沖量等于P、Q動(dòng)量增量之和．故C錯(cuò)誤，D正確．

故選：AD．

對(duì)系統(tǒng)研究；根據(jù)能量守恒定律判斷F做功的大小與P；Q動(dòng)能增量之和．對(duì)系統(tǒng)研究，運(yùn)用動(dòng)量定理判斷F的沖量與P、Q動(dòng)量增量之和．

本題考查了能量守恒定律和動(dòng)量定理的運(yùn)用，該定律和定理是高考常見的題型，平時(shí)的學(xué)習(xí)中需加強(qiáng)訓(xùn)練．【解析】【答案】AD8、AC【分析】解：A、0到t時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)體棒的位移為：x=v0t

t時(shí)刻；導(dǎo)體棒的長度為：l=x

導(dǎo)體棒的電動(dòng)勢為：E=Blv0

回路總電阻為：R=（2x+x）r

電流強(qiáng)度為：故I的大小保持不變．電流方向b→a故A正確．

C、導(dǎo)體棒勻速直線運(yùn)動(dòng)，水平外力與安培力二平衡，則有：故C正確．

D、t時(shí)刻導(dǎo)體棒的電功率：P=I2R′=?v0tr=故D錯(cuò)誤．

B；因?yàn)椋篜∝t

所以：Q=Pt=Q-t圖線是開口向上的拋物線，故B錯(cuò)誤．

故選：AC

求出t時(shí)刻導(dǎo)體棒的有效長度；結(jié)合切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢和閉合電路歐姆定律求出電流強(qiáng)度與時(shí)間的關(guān)系式．

導(dǎo)體棒在0～t時(shí)間內(nèi)電流大小恒定；抓住R與時(shí)間正比，通過平均功率，根據(jù)Q=Pt求出產(chǎn)生的焦耳熱Q．

導(dǎo)體棒做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)；水平外力等于安培力，根據(jù)平衡條件求出水平拉力的表達(dá)式．

本題綜合考查了切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢、閉合電路歐姆定律、牛頓第二定律等知識(shí)點(diǎn)，綜合性較強(qiáng)，關(guān)鍵得到感應(yīng)電流不變．【解析】【答案】AC9、AB【分析】解：A

該實(shí)驗(yàn)觀察電子的衍射圖樣；衍射現(xiàn)象說明粒子的波動(dòng)性，故A正確；

B、電子束通過電場加速，由動(dòng)能定理可得：eU=12mv2

故有：p=mv=2meU

所以，實(shí)驗(yàn)中電子束的德布羅意波的波長為：婁脣=hp=h2meU

故B正確；

C；由B

可知：加速電壓U

越大；波長越小，那么，衍射現(xiàn)象越不明顯，故C錯(cuò)誤；

D、若用相同動(dòng)能的質(zhì)子替代電子，質(zhì)量變大，那么粒子動(dòng)量p=2mEk

變大，故德布羅意波的波長婁脣=hp

變??；故衍射現(xiàn)象將不明顯，故D錯(cuò)誤；

故選：AB

根據(jù)衍射現(xiàn)象得到波動(dòng)性；然后由動(dòng)能定理得到粒子速度，進(jìn)而得到動(dòng)量，從而得到波長，根據(jù)波長表達(dá)式得到電壓或粒子變化下波長的變化，從而判斷衍射現(xiàn)象變化。

帶電物體在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng)，分析物體受力情況，明確物體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，然后選擇恰當(dāng)?shù)倪^程運(yùn)用牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式求解?！窘馕觥緼B

10、BD【分析】解：A

根據(jù)C42=6

知；這些氫原子總共可輻射出6

種不同頻率的光，故A錯(cuò)誤．

B；n=4

和n=1

間的能級(jí)差最大；輻射的光子頻率最大，波長最短，故B正確．

C；n=1

和n=1

間的能級(jí)差不是最大；輻射的光子頻率不是最大，故C錯(cuò)誤．

D；n=2

和n=1

間的能級(jí)差為10.2eV

大于金屬鉑的逸出功，用n=2

能級(jí)躍遷到n=1

能級(jí)輻射出的光照射逸出功為6.34eV

的金屬鉑能發(fā)生光電效應(yīng)，故D正確．

故選：BD

．

根據(jù)數(shù)學(xué)組合公式得出處于n=4

能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷輻射不同頻率光子的種數(shù).

能級(jí)差越大；輻射的光子能量越大，光子頻率最大，波長越短.

當(dāng)入射光的能量大于金屬的逸出功，即可發(fā)生光電效應(yīng)．

本題考查了能級(jí)的躍遷和光電效應(yīng)的綜合運(yùn)用，知道能級(jí)間躍遷滿足Em鈭?En=hv

以及知道光電效應(yīng)的條件，基礎(chǔ)題．【解析】BD

11、AD【分析】解：AC；由圖可得：波長λ=12cm=0.12m；根據(jù)波的傳播時(shí)間可得：傳播距離為：s=vt=0.8×0.2=0.16m=16cm=λ+4m，故由圖可得：波向左傳播；故A正確C錯(cuò)誤；

B、根據(jù)波速v=0.8m/s可得周期為T==s=0.15s；故B錯(cuò)誤；

D；波向左傳播；根據(jù)帶動(dòng)法可知，x=4cm處的質(zhì)點(diǎn)正向y軸負(fù)方向振動(dòng)，故D正確。

故選：AD。

由圖得到波長；即可根據(jù)波速得到周期；根據(jù)波的傳播時(shí)間得到傳播距離，即可由圖得到波的傳播方向，從而根據(jù)波的傳播判斷質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向。

機(jī)械振動(dòng)問題中，一般根據(jù)振動(dòng)圖或質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)得到周期、質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向；再根據(jù)波形圖得到波長和波的傳播方向，從而得到波速及質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)情況。【解析】AD三、填空題(共5題，共10分)12、紅紅【分析】【解答】把紅；橙、黃、綠、藍(lán)、靛、紫按順序排列起來；稱為七色光，它們屬于可見光，由光譜中的排列順序可知紅光的波長最長，頻率最低也是紅光．

故答案為：紅；紅．

【分析】不同色光在真空中的傳播速度是相同的，但在空氣中不一樣，不同色光有不同波長．13、略

【分析】解：該點(diǎn)的場強(qiáng)為：E=N/C=2.1×103N/C

方向與負(fù)電荷受到的電場力方向相反；即水平向左。

（2）q2受到的電場力為：F2=q2E=6.0×10-10×2.1×103N=1.26×10-6N

故答案為：2.1×103；豎直向下；1.26×10-6；2.1×103

電場強(qiáng)度的方向與正電荷在該點(diǎn)所受的電場力方向相同；大小由場強(qiáng)的定義式E=求出電場強(qiáng)度，根據(jù)F=qE求出電荷受到的電場力；電場強(qiáng)度是描述電場本身性質(zhì)的物理量，不因試探電荷電量的改變而改變．

電場強(qiáng)度是描述電場本身性質(zhì)的物理量，是電場中最重要的概念之一，關(guān)鍵要掌握其定義式和方向特征．【解析】2.1×103；豎直向下；1.26×10-6；2.1×10314、磁場；電磁波；赫茲【分析】麥克斯韋建立了電磁場理論，預(yù)言了電磁波的存在..赫茲用實(shí)驗(yàn)證實(shí)電磁波存在。麥克斯韋電磁場理論的兩個(gè)基本論點(diǎn)是：變化的磁場可以產(chǎn)生電場；變化的電場可以產(chǎn)生磁場，從而預(yù)言了電磁波的存在．

德國物理學(xué)家赫茲用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在。本題考查物理學(xué)史，對(duì)于著名物理學(xué)家、經(jīng)典實(shí)驗(yàn)和重要學(xué)說要記牢，不能張冠李戴?！窘馕觥看艌?；電磁波；赫茲15、==【分析】解：cd在外力F2作用下向右勻速運(yùn)動(dòng)，則外力F2與安培力二力平衡；大小相等；

ab在外力F1作用下保持靜止，外力F1與所受的安培力二平衡；大小相等。

由安培力公式F=BIL，可知兩棒所受的安培力大小相等，則F1=F2。

cd棒切割磁感線相當(dāng)于電源，而ab相當(dāng)于外電路；導(dǎo)軌電阻不計(jì)；

ab兩端與cd兩端的電壓都是路端電壓，大小相等。故有Uab=Ucd。

故答案為：=；=。

cd棒勻速運(yùn)動(dòng)，所受的外力F2與安培力二力平衡。ab在外力F1作用下保持靜止，外力F1與所受的安培力二平衡，而兩棒所受的安培力大小相等，即可知道兩個(gè)外力之間的關(guān)系。ab棒切割磁感線相當(dāng)于電源，而cd相當(dāng)于外電路，ab兩端與cd兩端的電壓相等。

本題關(guān)鍵是分析兩棒的受力情況，運(yùn)用平衡條件分析外力關(guān)系，由電路知識(shí)分析電壓關(guān)系。屬于基礎(chǔ)題；處理電磁感應(yīng)中電路問題時(shí)，關(guān)鍵能夠知道其等效電路，知道哪一部分相當(dāng)于電源，結(jié)合安培力的大小公式和共點(diǎn)力平衡進(jìn)行求解?！窘馕觥?=16、2.5×1011【分析】【解答】解：電子運(yùn)動(dòng)的周期為T=s=8×10﹣6s；

1個(gè)周期內(nèi)穿過任意截面的電荷量：q=IT=5×10﹣3×8×10﹣6=4×10﹣8C

所以電子的個(gè)數(shù)：n==2.5×1011個(gè)。

故答案為：2.5×1011

【分析】先求出電子運(yùn)動(dòng)的周期，再根據(jù)電流的定義式I=求出1個(gè)周期內(nèi)穿過任意截面的電荷量，電子電荷量e=1.6×10﹣19C，最后由q=ne即可求出電子的個(gè)數(shù)．四、判斷題(共2題，共4分)17、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．18、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．五、計(jì)算題(共4題，共32分)19、略

【分析】

（1）已知電容器的電容C和板間電壓U，由電容的定義式C=求電容器的帶電量．

（2）對(duì)帶負(fù)電塵埃進(jìn)行分析受力；由平衡條件判斷電場力方向，即可確定電容器極板的電性．根據(jù)平衡條件求解該塵埃帶電量．

解決本題關(guān)鍵掌握電容的定義式和平衡條件，并能準(zhǔn)確計(jì)算，是一道基礎(chǔ)題．【解析】解：（1）由電容的定義式C=可知；電容器的帶電量為：

Q=CU=50×10-6×100C=5×10-3C

（2）上極板帶正電；

由平衡條件有q=mg

解得：q===5×10-18C

答：

（1）當(dāng)將其充電到兩板電勢差為100V時(shí)，這時(shí)電容器的帶電量為5×10-3C．

（2）當(dāng)兩板電勢差為100V，一個(gè)質(zhì)量為1.0×10-14Kg的帶負(fù)電塵埃正好在板間靜止，電容器上極板帶正電荷，該塵埃帶電量為5×10-18C．20、解：（1）兩球做平拋運(yùn)動(dòng)；根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律得。

豎直方向上

解得t=0.4s

水平方向上x=v2t

解得v2=1m/s

（2）兩球碰撞；規(guī)定向左為正方向；

根據(jù)動(dòng)量守恒定律得。

mv1=2mv2

解得v1=2m/s

（3）入射小球從A運(yùn)動(dòng)到B的過程中；根據(jù)動(dòng)能定理得。

解得Wf=0.6J

答：（1）兩球從B點(diǎn)飛出時(shí)的速度大小是1m/s；

（2）碰撞前瞬間入射小球的速度大小是2m/s；

（3）從A到B的過程中小球克服阻力做的功是0.6J．【分析】

1

兩球做平拋運(yùn)動(dòng)；根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律得兩球從B

點(diǎn)飛出時(shí)的速度大小。

2

兩球碰撞；根據(jù)動(dòng)量守恒定律得出入射小球的速度大小。

3

入射小球從A

運(yùn)動(dòng)到B

的過程中；根據(jù)動(dòng)能定理得克服阻力做的功．

本題關(guān)鍵對(duì)兩個(gè)球塊的運(yùn)動(dòng)過程分析清楚，然后選擇動(dòng)能定理和平拋運(yùn)動(dòng)、動(dòng)量守恒定律基本公式求解．【解析】解：(1)

兩球做平拋運(yùn)動(dòng)；根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律得。

豎直方向上h=12gt2

解得t=0.4s

水平方向上x=v2t

解得v2=1m/s

(2)

兩球碰撞；規(guī)定向左為正方向；

根據(jù)動(dòng)量守恒定律得。

mv1=2mv2

解得v1=2m/s

(3)

入射小球從A

運(yùn)動(dòng)到B

的過程中；根據(jù)動(dòng)能定理得。

mgR鈭?Wf=12mv12鈭?0

解得Wf=0.6J

答：(1)

兩球從B

點(diǎn)飛出時(shí)的速度大小是1m/s

(2)

碰撞前瞬間入射小球的速度大小是2m/s

(3)

從A

到B

的過程中小球克服阻力做的功是0.6J

．21、略

【分析】【解析】試題分析：棒子所受的安培力F=BIL=0.6N．結(jié)合受力分析圖，根據(jù)共點(diǎn)力平衡得：=1N考點(diǎn)：安培力【解析】【答案】1N22、略

【分析】（1）（6分）設(shè)向下為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有：(M－m)v1＋mv＝0（2分）火箭的速度：v1＝＝－m/s＝－90m/s.（3分）火箭獲得的最終速度大小為90m/s，方向與噴出氣體方向相反.（1分）（2）（4分）決定火箭獲得的最終速度的2個(gè)因素：1.噴氣速度；（2分）2.火箭與氣體的質(zhì)量比。（2分）【解析】【答案】（1）90m/s（2）噴氣速度火箭與氣體的質(zhì)量比六、綜合題(共1題，共8分)23、(

一)(1)D(2)BC(3)

變小，變小(4)

吸收，260

(5)

解：壟脵

鐵原子的平均質(zhì)量m0=MNA=5.6隆脕10鈭?26隆脕1023隆脰9隆脕10?26kg

壟脷

一個(gè)鐵原子的體積V0=M婁脩NA=5.6隆脕10鈭?27.8隆脕6隆脕1023=1.2隆脕10鈭?29m3

根據(jù)得，d=6V0婁脨3=6隆脕1.2隆脕10鈭?293.143m隆脰3隆脕10鈭?10m

(

二)(1)A(2)CD(3)44n+32(n=0,1,2)(4)

變小，不變(5)

解：壟脵

條紋間距為：?y=22.78隆脕10?310鈭?9m=2.53隆脕10鈭?3m

因婁脣=dL?y

則解得，單色光的波長：婁脣=0.3隆脕10鈭?31.2隆脕2.53隆脕10鈭?3=6.3隆脕10鈭?7m

壟脷

根據(jù)雙縫到第10

條亮條紋中心的路程差S=10婁脣=10隆脕6.3隆脕10鈭?7m=6.3隆脕10鈭?6m

【分析】(

一)(1)

【分析】固體小顆粒做布朗運(yùn)動(dòng)是液體分子對(duì)小顆粒的碰撞的作用力不平衡引起的，液體的溫度越低，懸浮小顆粒的運(yùn)動(dòng)越緩慢，且液體分子在做永不停息的無規(guī)則的熱運(yùn)動(dòng).

固體小顆粒做布朗運(yùn)動(dòng)說明了液體分子不停的做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)。掌握布朗運(yùn)動(dòng)的實(shí)質(zhì)和產(chǎn)生原因，以及影響布朗運(yùn)動(dòng)劇烈程度的因素是解決此類題目的關(guān)鍵?！窘獯稹?/p>

A.布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體小顆粒的運(yùn)動(dòng)在；是由于液體分子對(duì)小顆粒的碰撞的作用力不平衡引起的，所以布朗運(yùn)動(dòng)說明了液體分子不停的做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤。

B.布朗運(yùn)動(dòng)是固體小顆粒的運(yùn)動(dòng)；不是固體分子的運(yùn)動(dòng)；故B錯(cuò)誤；

C.液體的溫度越高；液體分子運(yùn)動(dòng)越劇烈，則布朗運(yùn)動(dòng)也越劇烈，故C錯(cuò)誤；

D.布朗運(yùn)動(dòng)反映了液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)；故D正確；

故選D。(2)

【分析】氣體壓強(qiáng)是大量氣體分子對(duì)容器壁的頻繁碰撞造成的；液晶既具有液體的流動(dòng)性，又具有光學(xué)性質(zhì)的各向異性；水黽可以停在水面上說明液體存在表面張力；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志。本題考查了氣體壓強(qiáng)的微觀意義、液晶、液體表面張力和溫度等基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)，關(guān)鍵要熟悉教材，牢記這些基礎(chǔ)知識(shí)，對(duì)于一些記憶性的東西，要熟記。【解答】A.氣體壓強(qiáng)是由于氣體分子對(duì)容器壁的碰撞產(chǎn)生的；氣體分子間距遠(yuǎn)大于平衡距離，斥力可以忽略不計(jì)，故A錯(cuò)誤。

B.液晶既具有液體的流動(dòng)性；又具有光學(xué)性質(zhì)的各向異性，故B正確。

C.水黽可以停在水面上說明液體表面存在張力；故C正確。

D.溫度相同；分子的平均動(dòng)能相等，故D錯(cuò)誤。

故選BC。(3)

【分析】在正常情況下，托里拆利實(shí)驗(yàn)中，玻璃管上方應(yīng)該是真空，此時(shí)如果上提或下壓玻璃管，只要管口不離開水銀面，水銀柱的高度差將不會(huì)改變.

這是因此水銀柱的高度差反映了大氣壓的大小，而大氣壓此時(shí)是不變的.

但當(dāng)玻璃管中混入少量空氣，這一部分空氣也會(huì)產(chǎn)生一定的壓強(qiáng)，而且壓強(qiáng)的大小會(huì)隨著體積的變化而改變，根據(jù)管內(nèi)氣體壓強(qiáng)的變化，由玻意耳定律分析氣體體積的變化情況。此題是實(shí)驗(yàn)中很容易遇到的現(xiàn)象，在分析時(shí)一定要與理想狀態(tài)下的情況進(jìn)行區(qū)分.

即玻璃管上方為真空時(shí)，上提玻璃管，水銀柱高度不變，而混入少量空氣時(shí)，則會(huì)改變?！窘獯稹吭趯?shí)驗(yàn)中；水銀柱產(chǎn)生的壓強(qiáng)加上封閉空氣柱產(chǎn)生的壓強(qiáng)等于外界大氣壓.

如果將玻璃管向上提，則管內(nèi)水銀柱上方空氣的體積增大，因?yàn)闇囟缺３植蛔?，所以壓?qiáng)減?。?/p>

管內(nèi)體積變大；故氣體的密度減小，壓強(qiáng)減小，故空氣分子對(duì)管中水銀面的壓力也減??；

故填：變小，變小(4)

【分析】氣體是由狀態(tài)a

沿abc

變化到狀態(tài)c

還是由狀態(tài)a

沿adc

變化到狀態(tài)c

理想氣體增加的內(nèi)能是一樣的，有第一個(gè)過程結(jié)合熱力學(xué)第一定律可求出內(nèi)能的增加量；再由熱力學(xué)第一定律即可計(jì)算出第二個(gè)過程需要吸收的熱量的多少。該題考查了熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用.

知道改變物體的內(nèi)能有兩種方式，一是對(duì)物體做功，一是熱傳遞；應(yīng)用熱力學(xué)第一定律是，吸熱Q

為正，放熱Q

為負(fù)；對(duì)內(nèi)做功W

為正，對(duì)外做功W

為負(fù)?！窘獯稹恳欢ㄙ|(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)a

沿abc

變化到狀態(tài)c

吸收了340J

的熱量，并對(duì)外做功120J

由熱力學(xué)第一定律有：鈻?U=Q+W=340鈭?120=220J

即從a

狀態(tài)到c

狀態(tài)，理想氣體的內(nèi)能增加了220J

若該氣體由狀態(tài)a

沿adc

變化到狀態(tài)c

時(shí)，對(duì)外做功40J

此過程理想氣體的內(nèi)能增加還是220J

所以可以判定此過程是吸收熱量，由熱力學(xué)第一定律有：鈻?U=Q+W

得：Q=鈻?U鈭?W=220+40=260J

故填：吸收，260

(5)

根據(jù)摩爾質(zhì)量和阿伏伽德羅常數(shù)求出鐵原子的平均質(zhì)量；根據(jù)摩爾質(zhì)量和密度求出摩爾體積，結(jié)合阿伏伽德羅常數(shù)求出一個(gè)分子的體積，從而得出鐵原子的平均直徑；本題的解題關(guān)鍵是建立物理模型，抓住阿伏加德羅常數(shù)是聯(lián)系宏觀與微觀的橋梁進(jìn)行求解，知道宏觀物理量與微觀物理量之間的定量關(guān)系。(

二)(1)

【分析】陽光下肥皂膜上的彩色條紋是光的干涉；太陽光通過三棱鏡產(chǎn)生彩色條紋是光的色散；兩塊玻璃磚疊放在一起，玻璃磚上表面出現(xiàn)彩色條紋，是由于不同的色光的折射率不同；對(duì)著日光燈從兩支緊靠的鉛筆間窄縫看到的彩色條紋是光的衍射。掌握折射現(xiàn)象、干涉現(xiàn)象和衍射現(xiàn)象的本質(zhì)的不同是順利解決此類題目的關(guān)鍵?！窘獯稹緼.陽光下肥皂膜上的彩色條紋；是屬于薄膜干涉現(xiàn)象，故A正確。

B.太陽光通過三棱鏡產(chǎn)生彩色條紋；是由于光發(fā)生了色散現(xiàn)象即屬于光的折射現(xiàn)象，故B錯(cuò)誤。

C.兩塊玻璃磚疊放在一起；玻璃磚上表面出現(xiàn)彩色條紋，是由于不同的色光的折射率不同，以相同的入射角入射時(shí)，折射角不同，與光通過三棱鏡的情況相似，屬于光的折射現(xiàn)象，故C錯(cuò)誤。

D.對(duì)著日光燈從兩支緊靠的鉛筆間窄縫看到的彩色條紋；是光繞過障礙物傳播的現(xiàn)象，故屬于光的衍射現(xiàn)象，而之所以看到彩色條紋，是由于不同的色光波長不同發(fā)生疊加造成的，故D錯(cuò)誤。

故選A。(2)

【分析】干涉是兩列或兩列以上的波在空間中重疊時(shí)發(fā)生疊加從而形成新波形的現(xiàn)象.

干涉是波特有的現(xiàn)象，兩列波發(fā)生干涉現(xiàn)