2025年湘教版選修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、關(guān)于電磁場和電磁波，下列說法正確的是A.電場和磁場總是相互聯(lián)系著的，統(tǒng)稱為電磁場B.電磁場由發(fā)生區(qū)域向遠(yuǎn)處傳播形成電磁波C.電磁場是一種物質(zhì)，不能在真空中傳播D.電磁波的傳播速度總是3.00×108m/s2、下列說法中不正確的是（）A.利用放大1000倍的高倍光學(xué)顯微鏡，可以觀察到分子的無規(guī)則運動．B.有些物質(zhì)在適當(dāng)溶劑中溶解時在一定濃度范圍內(nèi)具有液晶態(tài)C.對于煤炭、石油等化石能源要節(jié)約使用，提高其利用率，并避免使用過程中對環(huán)境造成影響．D.一定質(zhì)量的理想氣體氣體溫度升高，體積增大，壓強(qiáng)不變，則氣體分子在單位時間撞擊容器壁單位面積的次數(shù)一定減少．3、如圖所示，固定平行導(dǎo)軌間有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直導(dǎo)軌平面向里的勻強(qiáng)磁場，導(dǎo)軌間距為l且足夠長，左端接阻值為R的定值電阻，導(dǎo)軌電阻不計．現(xiàn)有一長為2l的金屬棒垂直放在導(dǎo)軌上，在金屬棒以O(shè)點為軸沿順時針方向以角速度ω轉(zhuǎn)過60°的過程中（金屬棒始終與導(dǎo)軌接觸良好；電阻不計）（）

A.通過定值電阻的電流方向由b到aB.金屬棒剛開始轉(zhuǎn)動時，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大C.通過定值電阻的最大電流為D.通過定值電阻的電荷量為4、電容器的電容取決于極板的面積、極板間距離以及極板間的電介質(zhì)這幾個因素．如果某一個物理量的變化，能夠引起上述某個量的變化，從而引起電容的變化，那么通過測定電容就可以確定該物理量的變化．起到這種用途的電容器叫做電容式傳感器．圖示是測定液面高度h的電容式傳感器原理圖．在金屬芯線外面涂上一層電介質(zhì)；放入導(dǎo)電液中，金屬線和液體構(gòu)成電容的兩個極．則，下列關(guān)于該電容式傳感器的分析合理的是。

A.液面高度h降低時，該電容的電容減小B.液面高度h降低時，該電容兩極板間的正對面積增大C.液面高度h升高時，該電容兩極板間的距離增大D.液面高度h升高時，該電容存儲電荷的能力減小5、蹦極跳是勇敢者的體育運動．設(shè)運動員離開跳臺時的速度為零，從自由下落到彈性繩剛好被拉直為第一階段，從彈性繩剛好被拉直到運動員下降至最低點為第二階段．下列說法中正確的是（）A.第一階段重力對運動員的功和第二階段重力對運動員的功大小相等B.第一階段重力對運動員的沖量大小和第二階段重力對運動員的沖量大小相等C.第一階段運動員受到的合力方向始終向下，第二階段受到的合力方向始終向上D.第一階段和第二階段，重力對運動員的總沖量與彈性繩彈力對運動員的沖量大小相等評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、A、B、C為三塊水平放置的金屬板，與電路連接如圖所示，三塊板正中央各有一小孔，A板接地，電源內(nèi)阻為r，三個定值電阻電路中電表均為理想電表，滑片P開始置于R2中點，現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電量為+q的液滴從A板小孔正上方距離為h的D點靜止釋放；恰好能到達(dá)C板，不計空氣阻力和極板外電場，下列說法中正確的是。

A.滑片P由R2中點往左移動，則B板電勢降低B.滑片P由R2中點往左移動,則電流表A1的示數(shù)減小，A2的示數(shù)增大C.滑片P由R2中點往左移動，仍將該液滴從D點由靜止釋放，則帶電液滴不能到達(dá)C板D.滑片P由R2中點往左移動，則不變，的值變小(U為電壓表V示數(shù)，I2為電流表A2，為電流表A2示數(shù)的改變量)7、如圖是雙縫干涉實驗裝置的示意圖，S為單縫，S1、S2為雙縫，P為光屏．用綠光照射單縫S時，可在光屏P上觀察到干涉條紋．為使相鄰兩個亮條紋的中心間距增大；下列措施可行的是。

A.減小雙縫間的距離B.增大雙縫到屏的距離C.將綠光換為紅光D.將綠光換為紫光8、下列說法中正確的是（）A.分子間距離增大時，分子間的引力和斥力都減小B.高原地區(qū)水的沸點較低，這是高原地區(qū)溫度較低的緣故C.功轉(zhuǎn)變?yōu)闊岬暮暧^過程是不可逆過程E.瓶中充滿某理想氣體，且瓶內(nèi)壓強(qiáng)高于外界壓強(qiáng)，在緩慢漏氣過程中（內(nèi)外氣體的溫度相同且保持不變），則瓶內(nèi)氣體吸收熱量且分子平均動能不變E.瓶中充滿某理想氣體，且瓶內(nèi)壓強(qiáng)高于外界壓強(qiáng)，在緩慢漏氣過程中（內(nèi)外氣體的溫度相同且保持不變），則瓶內(nèi)氣體吸收熱量且分子平均動能不變9、下列說法正確的是（填入正確選項前的字母A.液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，故液體表面存在張力B.懸浮在液體中的固體小顆粒會不停的做無規(guī)則的運動，這種運動是分子熱運動C.把很多小的單晶體放在一起，就變成了非晶體E.絕對零度不可達(dá)到E.絕對零度不可達(dá)到10、下列各圖對應(yīng)的說法；正確的是。

A.甲圖中當(dāng)兩個相鄰的分子間距離為r0時，它們間相互作用的引力和斥力大小相等B.乙圖是非晶體的微觀結(jié)構(gòu)示意圖C.丙圖中小草上的露珠呈球形的主要原因是液體表面張力的作用D.丁圖中把兩端開口的很細(xì)的玻璃管插入水中可觀察到水在細(xì)玻璃管中上升11、兩列波速相同的簡諧橫波沿x軸相向傳播，實線波的頻率為3Hz，振幅為10cm，虛線波的振幅為5cm。t=0時；兩列波在如圖所示區(qū)域內(nèi)相遇，則。

A.兩列波在相遇區(qū)域內(nèi)會發(fā)生干涉現(xiàn)象B.實線波和虛線波的頻率之比為3：2C.t=s時，x="9"m處的質(zhì)點實際振動方向向上D.t=時，x="4"m處的質(zhì)點實際位移大小|y|>12.5cm12、簡諧橫波在均勻介質(zhì)中沿直線傳播，P、Q是傳播方向上相距10m的兩質(zhì)點，波先傳到P，當(dāng)波傳到Q開始計時，P、Q兩點的振動圖像如圖所示,設(shè)振幅為A,則。

A.當(dāng)Q的位移為＋A時，P的位移為B.該波從P傳到Q的時間可能是8sC.該波的傳播速度可能為1m/sD.該波的波長可能是3m13、兩個小球A、B在光滑水平桌面上沿直線運動，發(fā)生彈性碰撞。碰撞過程中，A球?qū)球的沖量大小為I1，B球?qū)球的沖量大小為I2，A球?qū)球所做功的大小為W1，B球?qū)球所做功的大小為W2，則A.I1=I2B.I1≠I2C.W1=W2D.W1≠W214、在如圖所示電路中，閉合電鍵S，當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，四個理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、U1、U2和U3表示，電表示數(shù)變化量的大小分別用△I、△U1、△U2和△U3表示．下列比值正確的是。

A.△U1>△U2,△U2>△U3B.U1:I不變,△U1:△I不變C.U2:I變大,△U2:△I變大D.U3:I變大,△U3:△I不變評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、如圖所示電路，當(dāng)滑動變阻器的滑片P向右移動時，安培表A的示數(shù)如何變化？小明同學(xué)的分析思路如下：

試寫出以下步驟的物理原理：

②______________________________________。

④______________________________________。16、每年入夏時節(jié)，西南暖濕氣流與來自北方的冷空氣在江南、華南等地交匯，形成持續(xù)的降雨．冷空氣較暖濕空氣密度大,當(dāng)冷暖氣流交匯時，冷氣團(tuán)下沉，暖濕氣團(tuán)在被抬升過程中膨脹．則暖濕氣團(tuán)溫度會_______（選填“升高”、“不變”或“降低”），同時氣團(tuán)內(nèi)空氣的相對濕度會_________（選填“變大”、“不變”或“變小”）．17、帶有活塞的汽缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量的理想氣體，氣體開始處于a狀態(tài)，然后經(jīng)過狀態(tài)變化過程到達(dá)c狀態(tài)。在圖中變化過程如圖所示。

（1）氣體從a狀態(tài)經(jīng)過到達(dá)b狀態(tài)的過程中壓強(qiáng)____________。（填“增大”；“減小”或“不變”）

（2）氣體從b狀態(tài)經(jīng)過到達(dá)c狀態(tài)的過程要____________。（填“吸收”或“放出”）熱量。18、幾何光學(xué)中研究光的傳播，并不把光看作是電磁波，而是把光看作______19、如圖所示，小量程電流表的內(nèi)阻為滿偏電流為若把它改裝成的兩個量程的電壓表，那么____________________

20、如圖所示，一個邊長為l＝1m的正方形線圈的總電阻為R＝2Ω，當(dāng)線圈以v＝2m/s的速度勻速通過磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5T的勻強(qiáng)磁場區(qū)域時，線圈平面總保持與磁場垂直．若磁場的寬度L＞1m，線圈在穿過整個磁場過程中釋放的焦耳熱為_____．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共40分)24、在測量電源電動勢和內(nèi)電阻的實驗中；已知一節(jié)干電池的電動勢約為1.5V，內(nèi)阻約為0.30Ω；電壓表V（量程為3V，內(nèi)阻約3kΩ；電流表A（量程為0.6A，內(nèi)阻等于0.70Ω）；滑動變阻器R（10Ω，2A）。為了更準(zhǔn)確地測出電源電動勢和內(nèi)阻。

（1）請在圖1方框中畫出實驗電路圖__________。

（2）在實驗中測得多組電壓和電流值，得到如圖所示的U-I圖線，由圖可得該電源電動勢E=___________V，內(nèi)阻r=___________Ω。（結(jié)果均保留兩位小數(shù)）

（3）某小組在實驗時，發(fā)現(xiàn)電流表壞了，于是不再使用電流表，僅用電阻箱替換掉了滑動變阻器，他們在實驗中讀出幾組電阻箱的阻值和電壓表的示數(shù)U，描繪出的關(guān)系圖像，得到的函數(shù)圖像是一條直線。若該圖像的斜率為k，與縱軸的截距為b，則其電動勢為___________，內(nèi)阻為______________。25、在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗中，某實驗小組決定測繪標(biāo)有“3.8V0.4A”0.4A”

小燈泡的伏安特性曲線．（1）使用多用電表粗測小燈泡的電阻，選擇“×1”_______歐姆擋測量，示數(shù)如圖所示，讀數(shù)為

Ω．（2

）實驗室提供的實驗器材有：AE．電源（4V，內(nèi)阻約

0.4Ω）B．電壓表V（2V，內(nèi)阻為

2kΩ）C．電流表A（0.6A，內(nèi)阻約

0.3Ω）DR．滑動變阻器

（0~10Ω）ER．三個定值電阻（1R=1kΩ，2R=2kΩ，3

=5kΩ）F

．開關(guān)及導(dǎo)線若干______①小組同學(xué)們研究后發(fā)現(xiàn)，電壓表的量程不能滿足實驗要求，為了完成測量，他將電壓表進(jìn)行了改裝．在給定的定值電阻中選用（選填R“1R”“2”或R“3”______）與電壓表（選填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”

），完成改裝．_____________②在圖虛線框中畫出正確的實驗電路圖（虛線框中已將部分電路畫出，請補(bǔ)齊電路的其他部分）

．（3R）該實驗小組按照正確的電路圖和實驗操作描繪出了小燈泡的伏安特性曲線如圖所示．先將兩個相同規(guī)格的小燈泡按如圖所示電路連接，圖中定值電阻阻值為0=3ΩE，電源電動勢=4.5Vr，內(nèi)阻=1.5Ω________，此時每個小燈泡消耗的電功率為W．（結(jié)果保留2I位有效數(shù)字，

表示通過每個小燈泡的電流）26、現(xiàn)要測量某小量程電流表的內(nèi)阻，其內(nèi)阻在8Ω～10Ω之間，要求測量多組數(shù)據(jù)，且各電表指針最大偏轉(zhuǎn)均能超過其滿偏刻度的可選用的器材如下：

A.待測電流表A（量程10mA）

B.電壓表V（量程3V；內(nèi)阻約3kΩ）

C.電流表A0（量程5mA，內(nèi)阻）

D.滑動變阻器R1（最大電阻5Ω；滑片可滑動的最大距離10cm）

E.滑動變阻器R2（最大電阻10Ω；滑片可滑動的最大距離50cm）

F.定值電阻R3（阻值20Ω）

G.電源E（電動勢1.5V）

H.開關(guān)S及導(dǎo)線若干。

（1）器材選擇時，在電壓表V和電流表A0中，應(yīng)選_______（填“V”或“A0”），為便于調(diào)節(jié)，滑動變阻器應(yīng)選_________（填“R1”或“R2”）；

（2）請在方框內(nèi)畫出實驗電路圖_________；

（3）實驗中，若測得待測電流表A的示數(shù)為I，另一電表的示數(shù)為k，則待測電流表A內(nèi)阻的表達(dá)式為r=__________.27、在“把小量程電流表改裝成歐姆表”的實驗中；給出的器材有：

A．電流表（量程為600A；內(nèi)阻約為190Ω）

B．電阻箱（0?999.9Ω）

C．滑動變阻器（0?4kΩ）

D．電位器（0?20kΩ；電位器相當(dāng)于滑動變阻器）

E．電源（電動勢為1.5V；有內(nèi)阻）

F．電源（電動勢為7.5V；有內(nèi)阻）

G．開關(guān)兩個；導(dǎo)線若干。

(1)首先要用“半偏法”測定電流表的內(nèi)阻，如果采用如圖1所示的電路測定電流表的內(nèi)電阻并且要想得到較高的精確度，那么以上給出的器材中，電阻R1應(yīng)選用_____，電阻R2應(yīng)選用____，電源應(yīng)選用_____．（填寫所選儀器前的字母即可）

(2)該實驗操作的步驟有______

A．閉合S1

B．閉合S2

C．觀察R1的阻值是否最大，如果不是，將R1的阻值調(diào)至最大。

D．調(diào)節(jié)R1的阻值；使電流表指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度。

E．調(diào)節(jié)R2的阻值；使電流表指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的一半。

F．記下R2的阻值．

(3)如果在步驟F中所得的R2的阻值為200Ω，則圖1中被測電流表的內(nèi)阻Rg的測量值為_______Ω，若僅考慮系統(tǒng)誤差，則測量值比實際值略______（選填“大”；“小”）．

(4)如果要將圖中的電流表改裝成歐姆表，其內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖2所示，選用電動勢為1.5V的電源，則R3應(yīng)選用______（填寫所選儀器前的字母即可）

(5)電流表改裝成歐姆表后，如圖3所示，電流表的指針分別指向0、300、600刻度線對應(yīng)的電阻值大小分別是______；______；______．

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】變化的電場能產(chǎn)生磁場，變化的磁場能產(chǎn)生電場．所以變化的電場和變化的磁場總是相互聯(lián)系著的，統(tǒng)稱為電磁場，故A錯誤；電磁波是由變化電磁場產(chǎn)生的，由發(fā)生區(qū)域向遠(yuǎn)處傳播形成電磁波，故B正確；電磁場是一種物質(zhì)，所以傳播不依賴是否真空，故C錯誤；電磁波在真空中的傳播速度是3×108m/s．故D錯誤；故選B.

點睛：了解電磁波的產(chǎn)生與傳播，知道電磁波是橫波，記住電磁波在真空中傳播速度即可解答．2、A【分析】A項：分子直徑的數(shù)量級是10-10m；利用放大1000倍的高倍光學(xué)顯微鏡是看不到的，故A錯誤；

B項：當(dāng)有些物質(zhì)溶解達(dá)到飽和度時；會達(dá)到溶解平衡，所以有些物質(zhì)在適當(dāng)溶劑中溶解時在一定濃度范圍內(nèi)具有液晶態(tài)，故B正確；

C項：煤炭；石油在利用時；會產(chǎn)生二氧化碳、灰塵等有害物質(zhì)，為避免對環(huán)境的危害，必須提高利用率，故C正確；

D項：氣體壓強(qiáng)的微觀解釋可知；壓強(qiáng)取決于單位時間撞擊容器壁單位面積的次數(shù)（體積）和分子的無規(guī)則運動程度即分子的平均動能（溫度），所以體積增大，壓強(qiáng)不變時，氣體分子在單位時間撞擊容器壁單位面積的次數(shù)一定減少，故D正確．

點晴：明確分子直徑的數(shù)量級和壓強(qiáng)的微觀解釋是解題的關(guān)鍵，從環(huán)保的角度分析能源的利用．3、D【分析】【詳解】

金屬棒以O(shè)點為軸沿順時針方向轉(zhuǎn)動，由右手定則可知，通過定值電阻的電流方向由a到b，故A錯誤；當(dāng)金屬棒轉(zhuǎn)過60°時有效的切割長度最大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大，感應(yīng)電流最大．感應(yīng)電動勢最大值為：Em＝B?2l＝B?2l?＝2Bl2ω，通過定值電阻的最大電流為：，故BC錯誤．通過定值電阻的電荷量為：q＝△t，平均感應(yīng)電流為：，平均感應(yīng)電動勢為：，，解得：q＝，故D正確；．4、A【分析】【詳解】

根據(jù)電容的決定式可知；液面高度h降低時，該電容兩極板間的正對面積減小，該電容的電容減小，選項A正確，B錯誤；液面高度h升高時，該電容兩極板間的距離不變，該電容兩極板間的正對面積增大，該電容的電容變大，該電容存儲電荷的能力增大，選項CD錯誤；故選A.

點睛：本題只要掌握電容的決定式知道金屬芯線與導(dǎo)電液體形成一個電容器，液面高度h變化相當(dāng)于正對面積變化，就能很容易分析電容與液面高度h的關(guān)系．5、D【分析】【詳解】

A；若兩個階段物體下落的高度不同；則兩個階段重力做功不相等，故A錯。

B、整個下落過程中,兩個階段的時間關(guān)系不知道,根據(jù)則不能判定第一階段重力對運動員的沖量和第二階段重力對運動員的沖量大小關(guān)系.故B錯誤;

C；第二階段運動員受到的合力方向先向下后向上.故C錯誤.

D；整個下落過程中,因為初末速度都為零,所以第一、第二階段重力對運動員的總沖量和第二階段彈性繩彈力對運動員的沖量大小相等.所以D選項是正確的.

綜上所述本題答案是：D

點睛：根據(jù)動量定理研究第一階段重力的沖量和第二階段彈力的沖量大小關(guān)系;整個下落過程中,因為初末速度都為零,根據(jù)動能定理,總功為零,整個過程中,重力對運動員所做的功等于運動員克服彈性繩彈力所做的功.二、多選題(共9題，共18分)6、A:D【分析】A、滑片P由R2中點往左移動時使并聯(lián)部分電阻減小從而使整個電路電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得干路電流增大，即A2的示數(shù)增大，則兩端電壓增大；即B板電勢降低，故選項A正確；

B、滑片P由R2中點往左移動時使并聯(lián)部分電阻減小從而使整個電路電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得干路電流增大，即A2的示數(shù)增大，路端電壓減小，由于電壓增大，則并聯(lián)部分電壓降低，根據(jù)并聯(lián)電路特點可以知道電流表A1的示數(shù)增大；故選項B錯誤；

C、滑片P由R2中點往左移動時，電路總電流增大，則兩端電壓增大；即電容器AB電壓增大，液滴加速運動，路端電壓減小，則電容器BC電壓減小，液滴減速運動，液滴將穿過C板，故選項C錯誤；

D、根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：則為定值，不變，根據(jù)歐姆定律可知為本身并聯(lián)之后與串聯(lián)的總電阻，即減??；故選項D正確。

點睛：本題考查閉合電路歐姆定律的動態(tài)分析問題，注意電容器兩端電壓的問題。7、A:B:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式知，減小雙縫間的距離，即d變小，則干涉條紋間距減大，故A正確．

B．根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式知，增大雙縫到屏的距離，即l增大，干涉條紋間距增大．故B正確．

C．根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式知，將綠光換為紅光，波長變長，則干涉條紋間距變大．故C正確．

D．根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式知，將綠光換為紫光，波長變短，則干涉條紋間距減?。蔇錯誤．8、A:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．分子間距離增大時；分子間的引力和斥力都減小，選項A正確；

B．高原地區(qū)水的沸點較低；這是高原地區(qū)大氣壓較低的緣故，選項B錯誤；

C．根據(jù)熱力學(xué)第二定律；功轉(zhuǎn)變?yōu)闊岬暮暧^過程是不可逆過程，選項C正確；

D．布朗運動是固體顆粒的無規(guī)則運動；它說明液體分子的永不停息地做無規(guī)則運動，選項D錯誤；

E．瓶內(nèi)氣體緩慢流出過程中氣體體積增大；氣體對外做功，而溫度始終相等，內(nèi)能不變，則氣體需要吸收熱量。因溫度是分子平均動能的標(biāo)志，則分子的平均動能不變，故E正確。

故選ACE。9、A:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離；故液體表面存在張力，A正確；

B．熱運動是指分子的運動；不是固體顆粒的運動，B錯誤；

C．把很多小的單晶體放在一起；仍然是晶體，C錯誤；

D．第二類永動機(jī)沒有違反能量守恒定律；違反了熱力學(xué)第二定律，D正確；

E．絕對零度只能無限接近；不可達(dá)到，E正確。

故選ADE。10、A:C:D【分析】【詳解】

A.甲圖中當(dāng)兩個相鄰的分子間距離為r0時；它們間相互作用的引力和斥力大小相等，分子力表現(xiàn)為零，選項A正確；

B.乙圖中粒子排列具有空間上的周期性；是晶體的微觀結(jié)構(gòu)示意圖，選項B錯誤；

C.丙圖中小草上的露珠呈球形的主要原因是液體表面張力的作用；選項C正確；

D.丁圖中把兩端開口的很細(xì)的玻璃管插入水中，由于毛細(xì)作用，可觀察到水在細(xì)玻璃管中上升，選項D正確。11、B:C:D【分析】【詳解】

實線波的波長為λ1=4m，虛線波的波長為λ2=6m，它們的波速相等，由波速公式v=λf得：實線波和虛線波的頻率之比為f1：f2=λ2：λ1=3：2，兩列波的頻率不同，不能發(fā)生干涉現(xiàn)象．故A錯誤，B正確．波速為：v=λ1f1=4×3m/s=12m/s，則在t=s時間內(nèi)波傳播的距離x=vt=2m=λ1=λ2，實線波單獨傳播時，在t=s時，x=9m處的質(zhì)點到達(dá)波谷，振動速度為零．虛線波單獨傳播時，在t=s時，x=9m處的質(zhì)點振動方向向上，則根據(jù)波疊加原理可知t=s時，x=9m處的質(zhì)點振動方向向上．故C正確．波速為：v=λ1f1=4×3m/s=12m/s，則在t=s時間內(nèi)波傳播的距離x=vt=1m=λ1，實線波單獨傳播時，t=s時，x=4m處的質(zhì)點到達(dá)波谷，位移大小為y1=10cm；根據(jù)波形的平移法作出虛線波傳播x=1m時的波形；如圖所示。

由圖看出此刻x=4m處的質(zhì)點位移大小y2＞2.5cm，則波的疊加原理可知t=s時，x=4m處的質(zhì)點位移|y|=y1+y2＞12.5cm；故D正確．故選BCD.

【點睛】

題關(guān)鍵要掌握干涉產(chǎn)生的條件和波的疊加原理，運用波形的平移法分析波形，確定質(zhì)點的位移。12、A:C【分析】【詳解】

由圖可知P的振動方程為：由題可知，簡諧橫波的傳播方向從P到Q，由圖可知，周期為T=6s，質(zhì)點Q的振動圖象向左4s、后與P點的振動重合，意味著Q點比P點振動滯后了4s，則Q的振動方程為：所以當(dāng)Q的位移為+A時，P的位移為故A正確；由題可知，簡諧橫波的傳播方向從P到Q，由圖可知，周期為T=6s，質(zhì)點Q的振動圖象向左4s、后與P點的振動重合，意味著Q點比P點振動滯后了4s，即P傳到Q的時間△t可能為4s，同時由周期性可知，從P傳到Q的時間△t為（4+nT）s，n=0、1、2、3，即△t=4s，10s，16s，故B正確；由考慮到波的周期性，當(dāng)△t=4s，10s，16s、28s時，速度（n=0，1，2，3），當(dāng)v=1m/s時，n=1，所以可能為1m/s，故C正確；由λ=vT可知則可知，當(dāng)λ=3m時，n不是整數(shù)，故D錯誤．13、A:C【分析】【詳解】

AB．根據(jù)牛頓第三定律可知A對B的作用力與B對A的作用力，等大反向，同時變化，而沖量所以沖量大小相等，A正確B錯誤．

CD．因為發(fā)生的是彈性碰撞，沒有能量損失，A減少的動能等于B增加的動能，而動能改變等于合外力的功，所以A球?qū)球所做功和B球?qū)球所做功相等，C正確D錯誤．14、B:D【分析】【詳解】

A、當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，接入電路的電阻增大，電路中電流的減小，根據(jù)串聯(lián)電路的特點可知，R1的電壓減小，R2的電壓增加．電源的內(nèi)電壓減小，則路端電壓增大，因為U1+U2=U3，所以R1的電壓減小量小于R2的電壓增加量，即有：|△U1|＜|△U2|，且有|△U2|＞|△U3|．故A錯誤．B、由于R1是定值電阻，根據(jù)歐姆定律得知保持不變，故B正確．C、變大．根據(jù)閉合電路歐姆定律知：U2=E-I(R1+r)，則得保持不變，故C錯誤．D、變大；根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U3=E-Ir，保持不變．故D正確．故選BD．

【點睛】本題要注意對于定值電阻，是線性元件，有而變阻器是非線性元件，r.三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【詳解】

②根據(jù)閉合電路歐姆定律得：總電流減小，所以路端電壓變大；④根據(jù)并聯(lián)電路電流關(guān)系：總電流變小，而變大，則一定變小【解析】16、略

【分析】試題分析：空氣的相對濕度等于水蒸氣的實際壓強(qiáng)與同溫下水的飽和汽壓的比值；飽和汽壓隨溫度的降低而變??；一定溫度下，飽和汽的壓強(qiáng)是一定的．

暖濕氣團(tuán)在被抬升過程中膨脹，膨脹的過程中對外做功，氣團(tuán)的內(nèi)能減小，所以暖濕氣團(tuán)溫度會降低；飽和汽壓隨溫度的降低而變小，氣團(tuán)內(nèi)空氣的絕對濕度不變而飽和蒸汽壓減小，所以相對濕度會變大．【解析】降低變大17、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由圖像可知，氣體從a狀態(tài)經(jīng)過到達(dá)b狀態(tài)的過程中，氣體的體積保持不變，溫度升高，根據(jù)

可知氣體的壓強(qiáng)增大。

（2）[2]由圖像可知，氣體從b狀態(tài)經(jīng)過到達(dá)c狀態(tài)的過程，氣體的溫度保持不變，則氣體的內(nèi)能保持不變；氣體的體積減小，則外界對氣體做正功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體對外放出熱量?！窘馕觥吭龃蠓懦?8、略

【分析】【詳解】

幾何光學(xué)中研究光的傳播，并不把光看作是電磁波，而是把光看作線段?！窘馕觥烤€段19、略

【分析】【詳解】

[1]由題意知量程時，由

得

[2]量程為時，由

得【解析】4500##5000##20、略

【分析】【詳解】

[1]感應(yīng)電動勢為：E=Blv，感應(yīng)電流為：

線圈進(jìn)入磁場的時間為：

則線圈離開磁場的時間也等于0.5s，線圈在穿過整個磁場過程中釋放的焦耳熱為：Q=I2R?2t=0.52×2×2×0.5=0.5J【解析】0.5J四、作圖題(共3題，共27分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共40分)24、略

【分析】【詳解】

（1）[1]電路直接采用串聯(lián)即可；電壓表并聯(lián)在電源兩端，由于電流表內(nèi)阻已知，則應(yīng)采用電流表相對電源的內(nèi)接法；電路圖如圖所示。

（2）[2]根據(jù)

以及圖像可知，電源的電動勢為E=1.48V

[3]內(nèi)阻為

故r=1.0-0.70=0.30Ω

（3）[4][5]由閉合電路歐姆定律U=IR

聯(lián)立變形得

變形可得

又此式可知，圖中，直線斜率

解得【解析】1.480.3025、略

【分析】【分析】

根據(jù)燈泡電阻與電表內(nèi)阻關(guān)系確定電流表的接法；根據(jù)題意確定滑動變阻器的接法，然后作出實驗電路圖；

在燈泡U-I圖象坐標(biāo)系內(nèi)作出等效電源的U-I圖象；求出燈泡兩端電壓與通過燈泡的電流，然后求出每個燈泡消耗的電功率．

【詳解】

（1）使用多用電表粗測小燈泡的電阻，選擇“×1”歐姆擋測量，示數(shù)如圖所示，讀數(shù)為：

（2）①燈泡額定電壓為3.8V，可以把電壓表改裝為4V量程，電壓表量程為2V，內(nèi)阻為要把電壓表改裝成4V的電壓表，可以串聯(lián)2kΩ的電阻，應(yīng)選電阻與電壓表串聯(lián)；

②燈泡正常發(fā)光時的電阻為：電壓表內(nèi)阻為電流表內(nèi)阻約為電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，而電流表內(nèi)阻與燈泡內(nèi)阻相差不多，故電流表應(yīng)采用外接法，由于滑動變阻器阻值較小，故采用分壓式接法，電路圖如圖所示：

（3）設(shè)通過每個燈泡的電流為I，電源電動勢為：

整理得：

即：

在燈泡U-I圖象坐標(biāo)系內(nèi)作出：U-I圖象如圖所示：

由圖示圖象可知，燈泡兩端電壓為：