【高考真題】北京市2024年高考物理試題（含答案）

【高考真題】北京市2024年高考物理試題一、單選題。本部分共14小題，每小題3分，共42分．在每小題列出的四個選項中，選出最符合題目要求的一項．1．已知釷234的半衰期是24天.1g釷234經(jīng)過48天后，剩余釷234的質(zhì)量為（）A．0g B．0.25g C．0.5g D．0.75g2．一輛汽車以10m/s的速度勻速行駛，制動后做勻減速直線運動，經(jīng)2s停止，汽車的制動距離為（）A．5m B．10m C．20m D．30m3．一個氣泡從恒溫水槽的底部緩慢上浮，將氣泡內(nèi)的氣體視為理想氣體，且氣體分子個數(shù)不變，外界大氣壓不變．在上浮過程中氣泡內(nèi)氣體（）A．內(nèi)能變大 B．壓強變大 C．體積不變 D．從水中吸熱4．如圖所示，飛船與空間站對接后，在推力F作用下一起向前運動．飛船和空間站的質(zhì)量分別為m和M，則飛船和空間站之間的作用力大小為（）A．MM+mF B．mM+mF C．5．如圖甲所示，理想變壓器原線圈接在正弦式交流電源上，輸入電壓u隨時間t變化的圖像如圖乙所示，副線圈接規(guī)格為“6V，3W”的燈泡．若燈泡正常發(fā)光，下列說法正確的是（）A．原線圈兩端電壓的有效值為24B．副線圈中電流的有效值為0.5AC．原、副線圈匝數(shù)之比為1∶4D．原線圈的輸入功率為12W6．如圖所示，線圈M和線圈P繞在同一個鐵芯上，下列說法正確的是（）A．閉合開關(guān)瞬間，線圈M和線圈P相互吸引B．閉合開關(guān)，達到穩(wěn)定后，電流表的示數(shù)為0C．斷開開關(guān)瞬間，流過電流表的電流方向由a到bD．斷開開關(guān)瞬間，線圈P中感應電流的磁場方向向左7．如圖所示，光滑水平軌道AB與豎直面內(nèi)的光滑半圓形軌道BC在B點平滑連接．一小物體將輕彈簧壓縮至A點后由靜止釋放，物體脫離彈簧后進入半圓形軌道，恰好能夠到達最高點C．下列說法正確的是（）A．物體在C點所受合力為零B．物體在C點的速度為零C．物體在C點的向心加速度等于重力加速度D．物體在A點時彈簧的彈性勢能等于物體在C點的動能8．將小球豎直向上拋出，小球從拋出到落回原處的過程中，若所受空氣阻力大小與速度大小成正比，則下列說法正確的是（）A．上升和下落兩過程的時間相等B．上升和下落兩過程損失的機械能相等C．上升過程合力的沖量大于下落過程合力的沖量D．上升過程的加速度始終小于下落過程的加速度9．圖甲為用手機和輕彈簧制作的一個振動裝置．手機加速度傳感器記錄了手機在豎直方向的振動情況，以向上為正方向，得到手機振動過程中加速度a隨時間t變化的曲線為正弦曲線，如圖乙所示．下列說法正確的是（）A．t=0時，彈簧彈力為0B．1=6.C．從t=0至t=0.D．a(chǎn)隨t變化的關(guān)系式為a=410．水平傳送帶勻速運動，將一物體無初速度地放置在傳送帶上，最終物體隨傳送帶一起勻速運動．下列說法正確的是（）A．剛開始物體相對傳送帶向前運動B．物體勻速運動過程中，受到靜摩擦力C．物體加速運動過程中，摩擦力對物體做負功D．傳送帶運動速度越大，物體加速運動的時間越長11．如圖所示，兩個等量異種點電荷分別位于M、N兩點，P、Q是MN連線上的兩點，且MP=QN．下列說法正確的是（）A．P點電場強度比Q點電場強度大B．P點電勢與Q點電勢相等C．若兩點電荷的電荷量均變?yōu)樵瓉淼?倍，P點電場強度大小也變?yōu)樵瓉淼?倍D．若兩點電荷的電荷量均變?yōu)樵瓉淼?倍，P、Q兩點間電勢差不變12．如圖所示為一個加速度計的原理圖．滑塊可沿光滑桿移動，滑塊兩側(cè)與兩根相同的輕彈簧連接；固定在滑塊上的滑動片M下端與滑動變阻器R接觸良好，且不計摩擦；兩個電源的電動勢E相同，內(nèi)阻不計．兩彈簧處于原長時，M位于R的中點，理想電壓表的指針位于表盤中央．當P端電勢高于Q端時，指針位于表盤右側(cè)．將加速度計固定在水平運動的被測物體上，則下列說法正確的是（）A．若M位于R的中點右側(cè)，P端電勢低于Q端B．電壓表的示數(shù)隨物體加速度的增大而增大，但不成正比C．若電壓表指針位于表盤左側(cè)，則物體速度方向向右D．若電壓表指針位于表盤左側(cè)，則物體加速度方向向右13．產(chǎn)生阿秒光脈沖的研究工作獲得2023年的諾貝爾物理學獎，阿秒（as）是時間單位，1as=1×10?18s，阿秒光脈沖是發(fā)光持續(xù)時間在阿秒量級的極短閃光，提供了阿秒量級的超快“光快門”，使探測原子內(nèi)電子的動態(tài)過程成為可能．設(shè)有一個持續(xù)時間為100as的阿秒光脈沖，持續(xù)時間內(nèi)至少包含一個完整的光波周期．取真空中光速c=3A．對于0.1mm寬的單縫，此阿秒光脈沖比波長為550nm的可見光的衍射現(xiàn)象更明顯B．此阿秒光脈沖和波長為550nm的可見光束總能量相等時，阿秒光脈沖的光子數(shù)更多C．此阿秒光脈沖可以使能量為?13.D．為了探測原子內(nèi)電子的動態(tài)過程，阿秒光脈沖的持續(xù)時間應大于電子的運動周期14．電荷量Q、電壓U、電流I和磁通量Φ是電磁學中重要的物理量，其中特定的兩個物理量之比可用來描述電容器、電阻、電感三種電磁學元件的屬性，如圖所示．類似地，上世紀七十年代有科學家預言Φ和Q之比可能也是一種電磁學元件的屬性，并將此元件命名為“憶阻器”，近年來實驗室已研制出了多種類型的“憶阻器”．由于“憶阻器”對電阻的記憶特性，其在信息存儲、人工智能等領(lǐng)域具有廣闊的應用前景．下列說法錯誤的是（）A．QU的單位和ΦI的單位不同B．在國際單位制中，圖中所定義的M的單位是歐姆C．可以用IUD．根據(jù)圖中電感L的定義和法拉第電磁感應定律可以推導出自感電動勢的表達式E=L二、綜合題。本部分共6小題，共58分．15．（1）某同學測量玻璃的折射率，作出了如圖1所示的光路圖，測出了入射角i和折射角r，則此玻璃的折射率n=．（2）用如圖2所示的實驗裝置探究影響感應電流方向的因素．如圖3所示，分別把條形磁體的N極或S極插入、拔出螺線管，觀察并標記感應電流的方向．關(guān)于本實驗，下列說法正確的是____（填選項前的字母）．A．需要記錄感應電流的大小B．通過觀察電流表指針的偏轉(zhuǎn)方向確定感應電流的方向C．圖3中甲和乙表明，感應電流的方向與條形磁體的插入端是N極還是S極有關(guān)（3）某興趣小組利用銅片、鋅片和橘子制作了水果電池，并用數(shù)字電壓表（可視為理想電壓表）和電阻箱測量水果電池的電動勢E和內(nèi)阻r，實驗電路如圖4所示．連接電路后，閉合開關(guān)S，多次調(diào)節(jié)電阻箱的阻值R，記錄電壓表的讀數(shù)U，繪出圖像，如圖5所示，可得：該電池的電動勢E=V，內(nèi)阻r=kΩ．（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）16．如圖甲所示，讓兩個小球在斜槽末端碰撞來驗證動量守恒定律．（1）關(guān)于本實驗，下列做法正確的是____（填選項前的字母）．A．實驗前，調(diào)節(jié)裝置，使斜槽末端水平B．選用兩個半徑不同的小球進行實驗C．用質(zhì)量大的小球碰撞質(zhì)量小的小球（2）圖甲中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影，首先，將質(zhì)量為m1的小球從斜槽上的S位置由靜止釋放，小球落到復寫紙上，重復多次．然后，把質(zhì)量為m2的被碰小球置于斜槽末端，再將質(zhì)量為m1a．圖乙為實驗的落點記錄，簡要說明如何確定平均落點；b．分別測出O點到平均落點的距離，記為OP、OM和ON．在誤差允許范圍內(nèi)，若關(guān)系式成立，即可驗證碰撞前后動量守恒．（3）受上述實驗的啟發(fā)，某同學設(shè)計了另一種驗證動量守恒定律的實驗方案．如圖丙所示，用兩根不可伸長的等長輕繩將兩個半徑相同、質(zhì)量不等的勻質(zhì)小球懸掛于等高的O點和O'點，兩點間距等于小球的直徑．將質(zhì)量較小的小球1向左拉起至A點由靜止釋放，在最低點B與靜止于C點的小球2發(fā)生正碰．碰后小球1向左反彈至最高點A'，小球2向右擺動至最高點D．測得小球1，2的質(zhì)量分別為m和M，弦長AB=l推導說明，m、M、l1、l2、17．如圖所示，水平放置的排水管滿口排水，管口的橫截面積為S，管口離水池水面的高度為h，水在水池中的落點與管口的水平距離為d．假定水在空中做平拋運動，已知重力加速度為g，h遠大于管口內(nèi)徑．求：（1）水從管口到水面的運動時間t；（2）水從管口排出時的速度大小v0（3）管口單位時間內(nèi)流出水的體積Q．18．如圖甲所示為某種“電磁槍”的原理圖．在豎直向下的勻強磁場中，兩根相距L的平行長直金屬導軌水平放置，左端接電容為C的電容器，一導體棒放置在導軌上，與導軌垂直且接觸良好，不計導軌電阻及導體棒與導軌間的摩擦．已知磁場的磁感應強度大小為B，導體棒的質(zhì)量為m、接入電路的電阻為R．開關(guān)閉合前電容器的電荷量為Q．（1）求閉合開關(guān)瞬間通過導體棒的電流I；（2）求閉合開關(guān)瞬間導體棒的加速度大小a；（3）在圖乙中定性畫出閉合開關(guān)后導體棒的速度v隨時間t的變化圖線．19．科學家根據(jù)天文觀測提出宇宙膨脹模型：在宇宙大尺度上，所有的宇宙物質(zhì)（星體等）在做彼此遠離運動，且質(zhì)量始終均勻分布，在宇宙中所有位置觀測的結(jié)果都一樣．以某一點O為觀測點，以質(zhì)量為m的小星體（記為P）為觀測對象．當前P到O點的距離為r0，宇宙的密度為ρ（1）求小星體P遠離到2r（2）以O(shè)點為球心，以小星體P到O點的距離為半徑建立球面．P受到的萬有引力相當于球內(nèi)質(zhì)量集中于O點對P的引力．已知質(zhì)量為m1和m2、距離為R的兩個質(zhì)點間的引力勢能a．求小星體P從r0處遠離到2r0b．宇宙中各星體遠離觀測點的速率v滿足哈勃定律v=Hr，其中r為星體到觀測點的距離，H為哈勃系數(shù)．H與時間t有關(guān)但與r無關(guān)，分析說明H隨t增大還是減?。?0．我國“天宮”空間站采用霍爾推進器控制姿態(tài)和修正軌道．圖為某種霍爾推進器的放電室（兩個半徑接近的同軸圓筒間的區(qū)域）的示意圖．放電室的左、右兩端分別為陽極和陰極，間距為d．陰極發(fā)射電子，一部分電子進入放電室，另一部分未進入．穩(wěn)定運行時，可視為放電室內(nèi)有方向沿軸向向右的勻強電場和勻強磁場，電場強度和磁感應強度大小分別為E和B1；還有方向沿半徑向外的徑向磁場，大小處處相等．放電室內(nèi)的大量電子可視為處于陽極附近，在垂直于軸線的平面繞軸線做半徑為R的勻速圓周運動（如截面圖所示），可與左端注入的氙原子碰撞并使其電離．每個氙離子的質(zhì)量為M、電荷量為+e已知電子的質(zhì)量為m、電荷量為?e；對于氙離子，僅考慮電場的作用．（1）求氙離子在放電室內(nèi)運動的加速度大小a；（2）求徑向磁場的磁感應強度大小B2（3）設(shè)被電離的氙原子數(shù)和進入放電室的電子數(shù)之比為常數(shù)k，單位時間內(nèi)陰極發(fā)射的電子總數(shù)為n，求此霍爾推進器獲得的推力大小F．

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】1g釷234經(jīng)過48天（2個半衰期）后，剩余釷234的質(zhì)量為原來的14，即剩余釷234的質(zhì)量為0.25g，B正確，ACD錯誤。

故選：B

2．【答案】B【解析】【解答】汽車做末速度為零的勻減速直線運動，則有x=v0+v2t=10m3．【答案】D【解析】【解答】A、氣泡上浮過程氣泡內(nèi)氣體的溫度不變，內(nèi)能不變，故A錯誤；

B、設(shè)外界大氣壓為p0，則氣泡內(nèi)氣體壓強p=p0+ρgh，上浮過程h減小，所以氣泡內(nèi)氣體的壓強減小，故B錯誤；

C、氣體經(jīng)歷等溫變化，由玻意耳定律pV=C可知，氣體的壓強減小，則氣體的體積變大，故C錯誤；

D、上浮過程氣體體積變大，氣體對外界做功，則W＜0，氣體內(nèi)能不變，則ΔU=0，由熱力學第一定律ΔU=Q+W，可知Q＞0，所以氣體從水中吸熱，故D正確。

故選：D。

【分析】A、根據(jù)理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)分析；

B、根據(jù)氣泡內(nèi)氣體壓強p=p0+ρgh分析；

C、根據(jù)玻意耳定律分析；

D、根據(jù)熱力學第一定律分析。4．【答案】A【解析】【解答】對整體應用牛頓第二定律有F=(M+m)a，對空間站分析有F'=Ma，解兩式可得飛船和空間站之間的作用力F'=M5．【答案】B【解析】【解答】A.由題圖知，原線圈電壓最大值為Um=242B.燈泡正常發(fā)光，由P=UI得，副線圈中電流有效值為I=PC.由理想變壓器電壓與匝數(shù)關(guān)系可知n1D.理想變壓器沒有能量損失，原線圈的輸入功率等于副線圈的輸出功率，則原線圈的輸入功率P1=P【分析】A.根據(jù)圖像中電壓最大值和有效值的關(guān)系列式求解有效值；

B.根據(jù)功率公式求解電流；

C.根據(jù)變壓器的變壓比進行計算；

D.根據(jù)理想變壓器的功率關(guān)系列式計算。6．【答案】B【解析】【解答】A.閉合開關(guān)瞬間，線圈M在右端產(chǎn)生的磁場方向向右，由楞次定律可知，線圈P中感應電流的磁場方向向左與線圈M中電流的磁場方向相反，故二者相互排斥，故A錯誤；

B.閉合開關(guān)，達到穩(wěn)定后，通過線圈P的磁通量保持不變，感應電流為零，電流表的示數(shù)為零，故B正確；

CD.斷開開關(guān)瞬間，通過線圈P的磁場方向向右，磁通量減小，由楞次定律可知感應電流的磁場方向向右，因此流過電流表的感應電流方向由b到a，故CD錯誤。

故選：B

【分析】A.分析線圈M在右端產(chǎn)生的磁場，根據(jù)楞次定律分析線圈P中產(chǎn)生的磁場，再判斷兩線圈的作用力關(guān)系；

B.根據(jù)電路穩(wěn)定后磁通量不發(fā)生變化判斷感應電流的情況；

CD.開關(guān)斷開瞬間，根據(jù)楞次定律判斷感應電流和感應電流的磁場的方向。7．【答案】C【解析】【解答】AB.物體恰好能到達最高點C，則物體在最高點只受重力，且重力全部用來提供向心力，設(shè)半圓軌道的半徑為r，由牛頓第二定律得mg=mv2rC.由牛頓第二定律得mg=ma，解得物體在C點的向心加速度a=g，C正確；D.由能量守恒定律知，物體在A點時彈簧的彈性勢能等于物體在C點時的動能和重力勢能之和，D錯誤

故選C【分析】ABC.根據(jù)小物體做圓周運動經(jīng)過C點的受力情況結(jié)合牛頓第二定律判斷；

D.根據(jù)能量的轉(zhuǎn)化和守恒定律進行分析解答。8．【答案】C【解析】【解答】D.小球上升過程中受到向下的空氣阻力，滿足mg+kv=ma上，下落過程中受到向上的空氣阻力，滿足mg-kv=ma下，由牛頓第二定律可知上升過程所受合力（加速度）總大于下落過程所受合力（加速度），故D錯誤；

C.小球運動的整個過程中，空氣阻力做負功，由動能定理可知小球落回原處時的速度小于拋出時的速度，所以上升過程中小球動量變化的大小大于下落過程中動量變化的大小，由動量定理可知，上升過程合力的沖量大于下落過程合力的沖量，故C正確；

A.上升與下落經(jīng)過同一位置時的速度，上升時更大，所以上升過程中平均速度大于下落過程中的平均速度，所以上升過程所用時間小于下落過程所用時間，故A錯誤；

B.經(jīng)同一位置，上升過程中所受空氣阻力大于下落過程所受阻力，由功能關(guān)系可知，上升過程機械能損失大于下落過程機械能損失，故B錯誤。

故選：C

【分析】D.根據(jù)上升和下降兩個過程中的受力情況結(jié)合牛頓第二定律分析加速度的情況；

C.根據(jù)阻力的做功情況判斷上下經(jīng)過同一位置的速度變化情況，結(jié)合動量定理分析沖量大??；

A.根據(jù)上升和下降的平均速度分析運動時間的關(guān)系；

B.根據(jù)功能關(guān)系分析機械能的損失情況。9．【答案】D【解析】【解答】A、由圖乙可知，t=0時刻，手機加速度為0，由牛頓第二定律可得彈簧彈力大小為：Fk=mg，故A錯誤；

B、t=0.2s時，手機的加速度為正值，可知手機的加速度向上，指向平衡位置，根據(jù)簡諧運動的特點可知手機位于平衡位置下方，故B錯誤；

C、從t=0至t=0.2s過程，手機的加速度增大，可知手機從平衡位置向最大位移處運動，手機的速度減小，動能減小，故C錯誤；

D、由圖乙知，T=0.8s，則ω=2πT=2π0.8rad/s=2.5πrad/s，可知a隨t變化的關(guān)系式為：a=4sin（2.5πt）m/s2，故D正確。

故選：D。

【分析】

A、根據(jù)t=0時刻手機a=0，由牛頓第二定律可知彈簧彈力大小；

B、根據(jù)手機加速度的正負、簡諧運動的特點分析；10．【答案】D【解析】【解答】A.剛開始時，物體速度小于傳送帶速度，則物體相對傳送帶向后運動，故A錯誤；

B.勻速運動過程中，物體與傳送帶之間無相對運動趨勢，則物體不受摩擦力作用，故B錯誤；

C.物體加速，由動能定理可知，摩擦力充當合外力對物體做正功，故C錯誤；

D.設(shè)物體與傳送帶間動摩擦因數(shù)為μ，物體相對傳送帶運動時，a=μg，做勻加速運動時，物體速度小于傳送帶速度則一直加速，由v=at可知，傳速帶速度越大，物體加速運動的時間越長，故D正確。

故選：D

【分析】A.根據(jù)初始時刻物塊速度和傳送帶速度大小關(guān)系判斷；

B.根據(jù)勻速運動的條件判斷摩擦力的有無；

C.根據(jù)物塊做加速運動判斷摩擦力做功的問題；

D.根據(jù)加速度公式結(jié)合勻變速直線運動的公式分析解答11．【答案】C【解析】【解答】A.由等量異種點電荷的電場線分布特點知，P、Q兩點電場強度大小相等，故A錯誤；

B.根據(jù)沿電場線方向電勢越來越低的知識可知，P點電勢高于Q點電勢，故B錯誤；

CD.根據(jù)點電荷的場強公式，結(jié)合電場疊加得P點電場強度E=kQMP2+kQNP2，若僅將兩點電荷的電荷量均變?yōu)樵瓉淼?倍，則P點電場強度大小也變?yōu)樵瓉淼?倍，同理Q點電場強度大小也變?yōu)樵瓉淼?倍，PQ間的平均電場強度變大，而PQ間距不變，由U=Ed12．【答案】D【解析】【解答】A、由題意可知，M位于R中點位置時與兩電源間的電勢相等，設(shè)R的中點電勢為零，則M位于R的中點右側(cè)，P端電勢高于Q端電勢，故A錯誤；

B、由歐姆定律可知通過電阻的電流是定值，根據(jù)電阻定律以及歐姆定律可知可知，P端與Q端電勢差與指針偏離R中點的距離x成正比，故B錯誤；

C、已知電壓表指針位于表盤左側(cè)，只能確定加速度的方向，不能確定速度的方向，故C錯誤；

D、已知電壓表指針位于表盤左側(cè)，滑塊左側(cè)彈簧壓縮、右側(cè)彈簧伸長，滑塊所受合力向右，故物體加速度方向向右，故D正確。

故選：D。

【分析】根據(jù)電路結(jié)構(gòu)比較兩點的電勢高低；根據(jù)歐姆定律和電阻定律分析；可以根據(jù)指針的偏轉(zhuǎn)情況確定彈簧的狀態(tài)，進而確定加速度方向。13．【答案】C【解析】【解答】A.此阿秒光脈沖的波長為λ=cT=30nm<550nm，由障礙物尺寸與波長相差不多或比波長小時，衍射現(xiàn)象越明顯知，波長為550nm的可見光比此阿秒光脈沖的衍射現(xiàn)象更明顯，A錯誤；

B.由c=hcλ知，阿秒光脈沖的光子能量大，故總能量相等時，阿秒光脈沖的光子數(shù)更少，B錯誤；

C.阿秒光脈沖的光子能量最小值ε=hν=hT=6.6×10?18J>2.14．【答案】A【解析】【解答】A.由法拉第電磁感應定律可知，E=ΔΦΔ，是Φ的單位為V·s，由B.由題圖可知，從單位角度分析有M=ΦC.由R=UI知D.由電感的定義L=ΦI=ΔΦΔI故選A?！痉治觥坑煞ɡ陔姶鸥袘?、電流定義式推導QU和QI的單位，再結(jié)合歐姆定律可知圖中所定義的M的單位；根據(jù)歐姆定律分析C選項；根據(jù)電感的定義式和法拉電磁感應定律分析D選項。15．【答案】（1）sin（2）B；C（3）1.0；3.3【解析】【解答】（1）此玻璃的折射率為n=sinisinr．

（2）本實驗探究影響感應電流方向的因素，故不需要記錄感應電流的大小，A錯誤；本實驗通過電流表指針的偏轉(zhuǎn)方向確定感應電流的方向，B正確；由題圖3甲和乙知，條形磁體插入N極和S極時，電流方向不同，故感應電流的方向與條形磁體的插入端是N還是S有關(guān)，C正確．

（3）由閉合電路歐姆定律得E=U+URr，解得U=?URr+E16．【答案】（1）A；C（2）用圓規(guī)畫圓，盡可能用最小的圓把各個落點圈住，這個圓的圓心位置代表平均落點；m（3）設(shè)輕繩長為L，小球從偏角θ處靜止擺下，擺到最低點時的速度為v，小球經(jīng)過圓弧對應的弦長為l，則由動能定理有ngL(1?cosθ)=12mv【解析】【解答】（1）A、實驗要保證小球到達斜槽末端時以相等的速度做平拋運動，要求小球從斜槽的同一位置由靜止釋放且斜槽軌道末端水平即可，故A正確；

B、為了保證兩球發(fā)生對心碰撞，兩球的半徑要相等，故B錯誤；

C、為防止反彈，入射小球的質(zhì)量必須大于被碰小球的質(zhì)量，故C正確。

故選：AC。

（2）a、用圓規(guī)畫圓，盡可能用最小的圓把各個落點圈住，這個圓的圓心位置代表平均落點；

b.若碰撞過程動量守恒，設(shè)小球m1的初速度方向為正方向，根據(jù)動量守恒定律應滿足m1v0=m1v1+m2v2，小球做平拋運動豎直位移相同，故運動時間相同，由x=vt可知，平拋初速度與水平位移成正比

故應滿足的表達式為m1?OP=m1?OM+m2?ON；

【分析】（1）根據(jù)實驗原理和實驗注意事項分析；

（2）a、根據(jù)最小圓法確定平均落點；

b、由動量守恒定律倒推出需要驗證的表達式；

（3）根據(jù)動能定理結(jié)合動量守恒定律求解需要滿足的表達式。17．【答案】（1）解：水在空中做平拋運動，由平拋運動規(guī)律得，豎直方向h=解得水從管口到水面的運動時間t=（2）解：由平拋運動規(guī)律得，水平方向d=解得水從管口排出時的速度大小v（3）解：管口單位時間內(nèi)流出水的體積Q=S【解析】【分析】（1）根據(jù)平拋運動豎直方向的運動規(guī)律計算時間；

（2）根據(jù)平拋運動的水平規(guī)律結(jié)合時間計算平拋初速度；

（3）根據(jù)流量的公式列式推導。18．【答案】（1）解：開關(guān)閉合前電容器的電荷量為Q，則電容器兩極板間電壓U=開關(guān)閉合瞬間，通過導體棒的電流I=解得I=（2）解：開關(guān)閉合瞬間由牛頓第二定律有B