遼寧省錦州市2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期12月聯(lián)考物理試題（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024—2025學(xué)年高三12月聯(lián)考物理試題注意事項：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考場號、座位號、準考證號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。考試時間為75分鐘，滿分100分一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.如圖甲所示，火力發(fā)電廠排出的煙氣帶有大量的煤顆粒，如果不進行處理會對環(huán)境造成污染。該發(fā)電廠為處理煙氣中的煤顆粒所使用的靜電除塵裝置的原理示意圖如圖乙所示，m、n為金屬管內(nèi)兩點，在P、Q兩點加高電壓時，空氣分子被強電場電離，產(chǎn)生的電子附著在煤顆粒上，煤顆粒在靜電力的作用下，聚集到金屬管壁上，然后在重力作用下下落到金屬管底部，就可以有效去除煤顆粒，達到環(huán)保要求。若不考慮煤顆粒間的相互作用以及其電荷量的變化，則下列說法正確的是（）A.Q接電源的負極 B.電場強度C.煤顆粒做勻加速運動 D.帶上負電的煤顆粒在向管壁運動的過程中電勢能增大【答案】B【解析】A．帶負電的煤粉被吸附到管壁上，可知Q接電源的正極，A錯誤；B．導(dǎo)線P周圍形成類似于點電荷的輻向電場，距離導(dǎo)線P越近的位置電場線越密集，電場強度越大，可知電場強度，B正確；C．由于電場強度大小由金屬絲到金屬管壁逐漸減小，電場力逐漸減小，可知煤顆粒所受的合力不斷變化，煤顆粒做變加速運動，C錯誤；D．帶上負電的煤顆粒在向管壁運動的過程中電場力做正功，電勢能減少，D錯誤。故選B。2.2024年4月26日3時32分，我國神舟十八號載人飛船采用自主快速交會對接模式，成功對接于中國空間站天和核心艙徑向端口（如圖所示），隨后3名航天員從神舟十八號載人飛船進入中國空間站開展為期六個月的太空工作與生活，這次太空遠航，航天員們攜帶了一個叫做“小受控型生態(tài)生命模塊”的裝置及相關(guān)物品進入太空，其中的主要水生生命體就是斑馬魚和金魚藻，實現(xiàn)我國在外太空培養(yǎng)脊椎動物的首次突破。已知空間站繞地球運行的軌道半徑為r，地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g。則以下判斷中正確的是（）A.空間站繞地球穩(wěn)定飛行時，斑馬魚受到萬有引力和浮力作用B.空間站繞地球飛行速度大于第一宇宙速度C.空間站運行的速度大小為D.質(zhì)量為m的金魚藻在空間站所受萬有引力的大小為【答案】D【解析】A．空間站繞地球穩(wěn)定飛行時，萬有引力提供向心力，處于完全失重狀態(tài)，所以斑馬魚只受萬有引力作用，不受浮力作用，故A錯誤；B．地球第一宇宙速度是衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動的最大線速度，可知空間站繞地飛行速度小于第一宇宙速度，故B錯誤；C．根據(jù)萬有引力與重力關(guān)系有根據(jù)萬有引力提供向心力有聯(lián)立解得空間站的速度大小為故C錯誤；D．質(zhì)量為m的金魚藻在空間站所受萬有引力的大小為根據(jù)萬有引力與重力的關(guān)系得聯(lián)立解得故D正確。故選D。3.已知通電長直導(dǎo)線周圍空間某點的磁感應(yīng)強度大小為，k為常量，I為電流，r為該點到導(dǎo)線的距離。b、c、d三根通電長直導(dǎo)線垂直于紙面放置，電流方向如圖所示，ac垂直于bd且，b、c、d三根導(dǎo)線中電流大小分別為I、I、2I。已知導(dǎo)線c在a點的磁感應(yīng)強度大小為B，則關(guān)于a點處的磁感應(yīng)強度的說法正確的是（）A.a點磁感應(yīng)強度的方向為a→b B.a點磁感應(yīng)強度的方向為a→cC.a點磁感應(yīng)強度的大小為2B D.a點磁感應(yīng)強度的大小為【答案】D【解析】用安培定則判斷通電長直導(dǎo)線在a點所產(chǎn)生的磁場方向，如圖所示，設(shè)其中則導(dǎo)線c在a點產(chǎn)生的磁場方向從d指向b，大小為B，導(dǎo)線b在a點產(chǎn)生的磁場與導(dǎo)線d在a點產(chǎn)生的磁場方向相反，大小分別為B和2B，則合磁場的方向為斜向左上方，大小為方向指向斜向左上方45°。故選D。4.如圖所示，半球形容器固定在地面上，容器內(nèi)壁光滑，同種材質(zhì)構(gòu)成的質(zhì)量分布均勻的光滑球A、B放在容器內(nèi)處于平衡狀態(tài)，已知容器、A、B半徑之比為6∶2∶1，B球的質(zhì)量為m，重力加速度為g，若用沿水平方向且延長線過A球球心的力緩慢推動A球，則當(dāng)A球的球心與半球形容器的球心在同一豎直線上時，水平力的大小為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】受力分析如圖所示，設(shè)B球的半徑為r，則有，，，即是直角三角形，根據(jù)力的平衡可知，A球?qū)球的彈力大小為根據(jù)牛頓第三定律可知，B球?qū)球的彈力大小為由于A球受力平衡，則有故選A。5.如圖所示為某景區(qū)的景觀噴泉。噴嘴噴出速度隨著音樂節(jié)奏變化的水柱，其中兩束水柱噴射的最大高度之比為3:1，水平射程之比為4:1，若噴出的水做斜拋運動，則兩束水柱在最高點的速度大小之比為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】根據(jù)可得結(jié)合題意，可知兩束水柱在最高點的速度大小之比為故選B。6.如圖甲所示，波源、相距5m，且，，時刻兩波源同時開始振動，振動圖像均如圖乙所示，形成的兩列簡諧橫波在均勻介質(zhì)中傳播，波速均為，下列說法正確的是（）A.甲、乙兩列波的波長為1m B.在時，A處質(zhì)點處于波谷C.A點為振動加強點，且始終處于波峰位置 D.在0~18s內(nèi)，A處質(zhì)點運動的路程為32cm【答案】D【解析】A．由圖可知波的傳播周期，波速為，則波長故A錯誤；B．處波傳播至A點用時處波傳播至A點用時因此在時，只有處波到達A點，并且使A處質(zhì)點振動，所以此時A處質(zhì)點應(yīng)該處于波峰，故B錯誤；C．由于所以A點為振動加強點，但A點是處于振動狀態(tài)，并非一直處于波峰，故C錯誤；D．在12~16s內(nèi)，A處質(zhì)點運動的路程在16~18s內(nèi)，A處質(zhì)點的振幅，運動的路程則在0~18s內(nèi)A處質(zhì)點運動路程故D正確。故選D。7.如圖所示，固定于豎直平面內(nèi)的光滑大圓環(huán)上套有一個質(zhì)量為m的小環(huán)，小環(huán)從大圓環(huán)頂端P點由靜止開始自由下滑，設(shè)小環(huán)與圓心O的連線跟豎直方向的夾角為θ，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.當(dāng)小環(huán)經(jīng)過上半圓某點且滿足θ=60°時，小環(huán)的速度大小為B.當(dāng)小環(huán)經(jīng)過上半圓某點且滿足θ=60°時，小環(huán)受到的彈力為零C.當(dāng)小環(huán)經(jīng)過下半圓某點且滿足時，小環(huán)所受彈力大小為2mgD.當(dāng)小環(huán)經(jīng)過下半圓某點且滿足時，重力的功率最大【答案】D【解析】A．設(shè)大圓環(huán)半徑為R，根據(jù)機械能守恒定律得由于，可得A錯誤；B．時，重力沿半徑方向的分力大小為向心力則此時小環(huán)所受彈力大小為B錯誤；C．時，根據(jù)機械能守恒定律可得由牛頓第二定律可得聯(lián)立解得C錯誤；D．重力的功率最大時小環(huán)豎直分速度最大，小環(huán)豎直方向的合力為0，即小環(huán)受到彈力的豎直分力剛好與重力平衡，由于此時則當(dāng)小環(huán)經(jīng)過下半圓某點且滿足時，重力的功率最大，D正確。故選D。8.如圖甲所示，懸掛在豎直方向上的彈簧振子做簡諧運動，取小球平衡位置為x軸原點O，豎直向下為x軸正方向，一個周期內(nèi)的振動圖像如圖乙所示，已知小球質(zhì)量m=4kg，t=0.1πs時彈簧彈力為0，重力加速度取g=10m/s2，下列說法正確的是（）A.彈簧勁度系數(shù)為100N/mB.彈簧勁度系數(shù)為200N/mC.0.1π~0.3πs時間內(nèi)，小球動能與重力勢能之和增大D.0.1π~0.3πs時間內(nèi)，小球動能與重力勢能之和減小【答案】AD【解析】AB．時彈簧處于原長，t=0時刻，小球經(jīng)過平衡位置，故彈簧勁度系數(shù)故A正確，B錯誤；CD．0.1π~0.3πs時間內(nèi)，小球從最高點彈簧原長處下降到最低點，彈性勢能不斷變大，小球動能與重力勢能之和不斷減小，故C錯誤，D正確。故選AD。9.如圖所示，電源電動勢E、內(nèi)阻r恒定，定值電阻R1的阻值等于。閉合開關(guān)S，平行板電容器兩板間有一帶電液滴剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)?；瑒幼冏杵骰瑒傞_始位于中點位置，將滑動變阻器滑片向上滑動，理想電壓表V1、V2、V3的示數(shù)變化量的絕對值分別為、、，理想電流表A示數(shù)變化量的絕對值為，下列說法正確的是（）A.電容器的電荷量減少B.增大C.D.帶電液滴將向上運動【答案】CD【解析】AD．將滑動變阻器滑片向上滑動，滑動變阻器接入電路的阻值增加，電路總電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知電路電流減小，根據(jù)可知電容器極板間電壓增大，根據(jù)可知電容器的電荷量Q增加，由可知極板間勻強電場的電場強度E增大，則帶電液滴將向上運動，A錯誤，D正確；BC．理想電壓表V1測量定值電阻R1兩端的電壓，根據(jù)歐姆定律可得理想電壓表V2測量電源的路端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得理想電壓表V3測量滑動變阻器兩端的電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得則有可知、、均不變，由于定值電阻R1的阻值等于，則有B錯誤，C正確。故選CD。10.如圖所示，豎直平面內(nèi)固定一光滑絕緣的四分之一圓弧軌道AB，空間存在水平向右的勻強電場，以與底端B相切的水平直線建立x軸，頂端A在x軸上的投影O為坐標(biāo)原點，一帶負電的小滑塊由靜止開始從頂端A下滑到底端B，運動過程中重力勢能、電勢能、動能、機械能隨滑塊在x軸上投影位置坐標(biāo)x的變化關(guān)系圖像，下列可能正確的是（）A. B. C. D.【答案】AB【解析】A．采用微元法，運動過程中取一小段，設(shè)這一小段在x軸上的位置坐標(biāo)變化為，這一小段與x軸的夾角為，則根據(jù)功能關(guān)系可得即隨著小滑塊從頂端A下滑到底端B，逐漸減小，即圖線的斜率為負且逐漸減小，A正確；B．根據(jù)功能關(guān)系可得即即圖線的斜率為正且保持不變，B正確；C．根據(jù)功能關(guān)系可得即隨著小滑塊從頂端A下滑到底端B，逐漸減小，即圖線的斜率先為正且逐漸減小，后為負且逐漸增大，C錯誤；D．根據(jù)功能關(guān)系可得即即圖線的斜率為負且保持不變，D錯誤。故選AB。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某實驗小組利用圖甲所示的雙線擺來測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取＃?）圖甲中兩根細線系在擺球表面同一點，長度均為L，與水平方向夾角均為，擺球的直徑為d，則擺長______（用上述物理量符號表示）；如圖乙所示，用螺旋測微器測得擺球的直徑______mm。（2）關(guān)于本實驗，下列說法正確的是______。A.為使單擺做簡諧運動，圖甲中應(yīng)小于B.為便于觀察擺球運動，擺球應(yīng)選擇質(zhì)量和體積都大些的球C.測量周期時應(yīng)從擺球通過最低點開始計時，并記錄多次全振動所用的總時間D.把n次擺動的時間誤記為次擺動的時間，會使測得的重力加速度的值偏?。?）用該雙線擺裝置測重力加速度較傳統(tǒng)的單擺實驗有何優(yōu)點？____________（回答一點即可）?！敬鸢浮浚?）5.980（2）C（3）可使小球更好地在同一平面內(nèi)擺動【解析】【小問1詳析】[1]擺長指的是懸點到球心的距離，細線長度均為L，與水平方向夾角均為，擺球的直徑為d，則擺長[2]擺球的直徑【小問2詳析】A．為使單擺做簡諧運動，單擺在擺動過程中擺角要小于，圖甲中不是擺角，故A錯誤；B．?dāng)[球應(yīng)選擇質(zhì)量大、體積小的，故B錯誤；C．測量周期時應(yīng)從擺球通過最低點開始計時，并記錄多次全振動所用的總時間，故C正確；D．根據(jù)周期公式解得把n次擺動的時間誤記為次擺動的時間，則測得的周期T偏小，測得的重力加速度的值偏大，故D錯誤。故選C?！拘?詳析】雙線擺裝置測重力加速度較傳統(tǒng)的單擺實驗的優(yōu)點是可使小球更好地在同一平面內(nèi)擺動。12.某實驗小組用普通的干電池、直流電流表G和電阻箱、等組裝成如圖甲所示電路，圖中的a、b端分別與黑、紅表筆連接，回答下列問題：（1）斷開S，將紅黑表筆短接，調(diào)節(jié)的阻值，使電流表G滿偏；保持的阻值不變，閉合S，調(diào)節(jié)，當(dāng)電流表G示數(shù)為滿偏電流的時，的阻值為。忽略S閉合前后電路中總電阻的變化，可得電流表內(nèi)阻______。（2）斷開S，將紅黑表筆短接，記錄多組的阻值和相應(yīng)的電流表示數(shù)I，作出圖線，若所得圖線的斜率為k，在縱軸上的截距為b，電流表內(nèi)阻用表示，則電源的電動勢______、內(nèi)阻______。（均用k、b、表示）（3）已知圖甲中電池的電動勢，直流電流表G的量程，電流表內(nèi)阻，將電流表的刻度盤改裝為歐姆表的刻度盤。①斷開S，在進行歐姆調(diào)零后，正確使用該多用電表測量某電阻的阻值，電表讀數(shù)如圖乙所示，則被測電阻的阻值為______。②若該歐姆表使用一段時間后，電池電動勢變?yōu)?.45V，但此表仍能進行歐姆調(diào)零，用此表測量某電阻讀數(shù)為，則該電阻真實值為______。③閉合S，利用電阻箱給歐姆表增加一個“×1”倍率，則電阻箱的阻值______。（結(jié)果保留一位小數(shù)）【答案】（1）（2）（3）1601451.0【解析】【小問1詳析】[1]忽略S閉合前后電路中總電阻的變化，則總電流不變，由于電流表G示數(shù)為滿偏電流的，則的電流為滿偏電流的，根據(jù)并聯(lián)電壓相同，知的阻值為電流表內(nèi)阻的2倍，故電流表內(nèi)阻為。【小問2詳析】[1][2]由閉合電路歐姆定律有化簡可得根據(jù)表達式可得，斜率縱截距聯(lián)立解得，電源的電動勢內(nèi)阻【小問3詳析】[1]先求歐姆表的中值電阻，當(dāng)表針指在表盤的正中央時對應(yīng)的電流為滿偏電流的一半，對應(yīng)的電阻為中值電阻即表盤刻度為15時代表，倍率為“×10”，故被測電阻阻值為；[2]若電源電動勢為1.45V，滿偏電流不變，則歐姆調(diào)零后中值電阻為，所以用此表測量某電阻讀數(shù)為時半偏，電阻真實值為；[3]倍率為“×1”時，中值電阻為，即內(nèi)阻為，由此可知，滿偏電流變?yōu)樵瓉淼?0倍，即0.1A，則解得13.如圖所示的電路中，兩平行金屬板A、B水平放置，B板接地，兩板間的距離。電源電動勢，電阻，滑動變阻器接入電路的阻值。閉合開關(guān)S，待電路穩(wěn)定后，將一帶正電的小球從B板小孔以的初速度豎直向上射入兩板間，小球恰能到達A板。若小球帶電荷量，質(zhì)量，不考慮空氣阻力，取。求：（1）電容器A板的電勢；（2）電源內(nèi)阻及電源的輸出功率?！敬鸢浮浚?）8V（2）1Ω，23W【解析】【小問1詳析】設(shè)兩板間電壓為UAB，由動能定理得又由于B板接地，則解得【小問2詳析】滑動變阻器兩端電壓設(shè)通過滑動變阻器的電流為I，由歐姆定律得由閉合電路歐姆定律得解得電源的輸出功率解得14.如圖甲所示，質(zhì)量的足夠長木板C置于水平面上，滑塊A、B質(zhì)量均為，置于C上，B位于A右方處。A、C間的動摩擦因數(shù)，B、C間及C與地面間的動摩擦因數(shù)。時刻給C施加一水平向右、大小可調(diào)的恒力F。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取。（1）若，求滑塊A、B的加速度大小；（2）若，求A、B第一次相遇的時刻；（3）設(shè)A、B第一次相遇的時刻為t，在如圖所示坐標(biāo)系中畫出與F的關(guān)系圖像（寫出推導(dǎo)過程）。【答案】（1），（2）2s（3）見解析【解析】【小問1詳析】當(dāng)BC之間即將發(fā)生相對滑動時，對B由牛頓第二定律得解得對整體由牛頓第二定律得解得由于，則A、B、C相對靜止，一起向右加速，則對整體由牛頓第二定律得解得即滑塊A、B的加速度大小均為?！拘?詳析】當(dāng)A、C之間即將發(fā)生相對滑動時，對A由牛頓第二定律得解得則對A、C整體由牛頓第二定律得解得由于，則B與C之間出現(xiàn)了相對運動，B的加速度大小為A、C相對靜止，對A、C