2025年高考備考高中物理個(gè)性化分層教輔尖子生篇《電路與電能》

第1頁(yè)（共1頁(yè)）2025年高考備考高中物理個(gè)性化分層教輔尖子生篇《電路與電能》一．選擇題（共10小題）1．（2024春?湖北期末）如圖所示，兩個(gè)厚度相同、上下表面均為正方形，由同種材料構(gòu)成的導(dǎo)體A、B，兩個(gè)正方形的邊長(zhǎng)a：b＝2：1，分別在A、B導(dǎo)體左右兩側(cè)面加上相同的電壓。下列說(shuō)法正確的是（）A．導(dǎo)體A和B的電阻之比為2：1 B．導(dǎo)體A和B的電阻之比為1：2 C．通過(guò)導(dǎo)體A和B的電流之比為1：1 D．相等時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體A和B左右兩側(cè)面的電荷量之比為2：12．（2024春?建鄴區(qū)期末）如圖所示的電路中，電壓表和電流表均為理想電表，滑動(dòng)變阻器的最大阻值為3R，滑片P位于滑動(dòng)變阻器的中點(diǎn)，定值電阻的阻值為R，若在a、b端加上電壓U時(shí)，電壓表的示數(shù)為U1、電流表的示數(shù)為I1；若在c、d端加上電壓U時(shí)，電壓表的示數(shù)為U2、電流表的示數(shù)為I2，則下列關(guān)系正確的是（）A．U1＞U2 B．U1＜U2 C．I1＞I2 D．I1＜I23．（2024春?武昌區(qū)校級(jí)期末）電路中電流的單位是（）A．伏特（V） B．安培（A） C．歐姆（Ω） D．瓦特（W）4．（2024?廣東三模）在如圖甲所示的電路中，定值電阻。R1＝4Ω、R2＝5Ω，電容器的電容C＝3μF，電源路端電壓U隨總電流I的變化關(guān)系如圖乙所示?，F(xiàn)閉合開(kāi)關(guān)S，則電路穩(wěn)定后（）A．電源的內(nèi)阻為2Ω B．電源的效率為75% C．電容器所帶電荷量為1.5×10﹣5C D．若增大電容器兩極板間的距離，電容器內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)不變5．（2024春?建鄴區(qū)期末）如圖甲所示的電路中，定值電阻R1＝4Ω?？勺冸娮鑂的功率隨自身阻值變化的函數(shù)關(guān)系如圖乙所示，由此可知（）A．電源電動(dòng)勢(shì)E＝2V B．內(nèi)阻r=43C．增大R，電源效率增大 D．增大R，電源效率可能增大，也可能減小6．（2024春?建鄴區(qū)期末）電流傳感器可以像電流表一樣測(cè)量電流，按圖甲連接電路，電源用直流9.0V，電容器可選幾十微法的電解電容器，先使開(kāi)關(guān)S與1端相連，電源向電容器充電，這個(gè)過(guò)程可在短時(shí)間內(nèi)完成，然后把開(kāi)關(guān)S擲向2端，電容器通過(guò)電阻R放電，傳感器將電流信息傳入計(jì)算機(jī)，屏幕上顯示出電流隨時(shí)間變化的I﹣t圖像如圖乙所示，則有（）A．開(kāi)關(guān)S由1擲向2時(shí)，流過(guò)電阻R的電流由b流經(jīng)電阻R到a B．開(kāi)關(guān)S由1擲向2時(shí)，流過(guò)電阻R的電流由a流經(jīng)電阻R到b C．圖乙I﹣t圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積代表的物理意義是放電電量，其值接近2.7×10﹣4C D．圖乙I﹣t圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積代表的物理意義是放電電量，其值接近6.0×10﹣4C7．（2024春?建鄴區(qū)期末）在如圖所示電路中，閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，四個(gè)理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、U1、U2和U3表示，電表示數(shù)變化量的大小分別用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示。下列比值正確的是（）A．U1I不變，ΔB．U2I變大，ΔC．ΔU3ΔI變小，D．U3I變大，8．（2024春?寧波期末）最近兩年洗地機(jī)這一新鮮家電逐漸流行，便利了人們的生活?，F(xiàn)有某品牌洗地機(jī)，其工作參數(shù)如表所示，其工作模式有強(qiáng)效、節(jié)能兩種，強(qiáng)效模式下，該洗地機(jī)以額定功率工作，節(jié)能模式下，以額定功率的一半功率工作，兩種模式下，其工作電壓均相同，其續(xù)航時(shí)間是按照節(jié)能模式工作計(jì)算得到的，則下列說(shuō)法正確的是（）產(chǎn)品名稱某品牌洗地機(jī)產(chǎn)品型號(hào)QX﹣V6A額定功率220W電池容量5200mAh續(xù)航時(shí)間80min清水箱容量800mL外形尺寸260*262*1115mm污水箱容量720mLA．電池充滿電后，儲(chǔ)存的總電荷量為187200C B．該洗地機(jī)在強(qiáng)效模式下的工作電流為3.9A C．該洗地機(jī)內(nèi)阻約為3.6Ω D．該洗地機(jī)的工作電壓約為28V9．（2024?鎮(zhèn)海區(qū)校級(jí)模擬）半導(dǎo)體薄膜壓敏傳感器所受壓力越大其電阻越小，利用這一特性設(shè)計(jì)成蘋(píng)果大小自動(dòng)分揀裝置如圖所示，裝置可選出單果質(zhì)量大于一定標(biāo)準(zhǔn)的蘋(píng)果。O1為固定轉(zhuǎn)動(dòng)軸，蘋(píng)果通過(guò)托盤(pán)秤時(shí)作用在杠桿上從而使壓敏傳感器R1受到壓力，R2為可變電阻。當(dāng)放大電路的輸入電壓大于某一個(gè)值時(shí)，電磁鐵工作將銜鐵吸下并保持此狀態(tài)一小段時(shí)間，蘋(píng)果進(jìn)入通道2，否則蘋(píng)果將進(jìn)入通道1。下列說(shuō)法正確的是（）A．選出的質(zhì)量大的蘋(píng)果將進(jìn)入通道1 B．若將R2的電阻調(diào)大，將挑選出質(zhì)量更大的蘋(píng)果 C．若電源E1內(nèi)阻變大，將挑選出質(zhì)量更大的蘋(píng)果 D．若電源E1電動(dòng)勢(shì)變大，將挑選出質(zhì)量更大的蘋(píng)果10．（2024?漳州三模）如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，開(kāi)關(guān)S閉合，電路穩(wěn)定后，燈泡L正常發(fā)光，然后向左移動(dòng)滑動(dòng)變阻器R的滑片，在此過(guò)程中（）A．燈泡L逐漸變暗 B．電源的路端電壓逐漸減小 C．電容器C所帶的電荷量逐漸減小 D．定值電阻R0兩端的電壓始終為零二．多選題（共5小題）（多選）11．（2023秋?延慶區(qū)期末）在如圖所示的U﹣I圖像中，直線a為某電源的路端電壓與電流的關(guān)系，直線b為某電阻元件的電壓與電流的關(guān)系?，F(xiàn)用該電源直接與元件連接成閉合電路。則此時(shí)（）A．電源將其它能轉(zhuǎn)化為電能的功率為18W B．該元件的電阻為2Ω C．該元件發(fā)熱功率為6W D．電源外電路與內(nèi)電路消耗功率之比為3：5（多選）12．（2023秋?天津期末）如圖所示為電阻A、B的U﹣I圖像，電阻A的圖像為過(guò)原點(diǎn)的曲線，電阻B的圖像為過(guò)原點(diǎn)的直線，它們的交點(diǎn)坐標(biāo)為（I1，U1），下列關(guān)于兩電阻的描述正確的是（）A．當(dāng)流過(guò)兩個(gè)電阻的電流均為I1時(shí)，A的阻值大于B的阻值 B．當(dāng)流過(guò)兩個(gè)電阻的電流均為I1時(shí)，兩電阻的阻值均等于U1C．電阻A的阻值隨電流的增大而增大 D．電阻A的阻值隨電流的增大而減小（多選）13．（2024春?臨沂期末）加速度測(cè)量?jī)x可測(cè)量汽車起步或剎車時(shí)的加速度，其結(jié)構(gòu)如圖所示。當(dāng)汽車加速或減速時(shí)，元件A發(fā)生位移并輸出相應(yīng)的電壓信號(hào)，已知A的質(zhì)量為m，彈簧的勁度系數(shù)為k、電源的電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻不計(jì)，滑動(dòng)變阻器總長(zhǎng)為L(zhǎng)，電阻分布均勻，汽車靜止或勻速時(shí)滑片P在滑動(dòng)變阻器的中點(diǎn)，輸出電壓為零，則（）A．電路中電流隨加速度的增大而增大 B．彈簧的伸長(zhǎng)量為x時(shí)，汽車加速度大小為kxmC．可以測(cè)量的最大加速度為kL2mD．輸出電壓U與加速度a的函數(shù)式為U=（多選）14．（2024春?天山區(qū)校級(jí)期末）如圖所示，閉合電路中電源E的內(nèi)阻為r，R1、R2為定值電阻，L為小燈泡，V為理想電壓表，R3為光敏電阻（阻值隨照射光強(qiáng)度的增大而減小），當(dāng)照射光強(qiáng)度降低時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A．通過(guò)R1的電流變大 B．通過(guò)小燈泡的電流變小 C．電源的輸出功率變大 D．R2兩端的電壓變大（多選）15．（2024春?皇姑區(qū)校級(jí)期末）在如圖所示的電路中，定值電阻R大于電源內(nèi)阻r?，F(xiàn)閉合開(kāi)關(guān)S，將滑動(dòng)變阻器的滑片向上滑動(dòng)，電表A、V1、V2、V3都為理想電表，測(cè)得電壓表V3示數(shù)變化量的絕對(duì)值為ΔU3，電流表A示數(shù)變化量的絕對(duì)值為ΔI，則下列說(shuō)法正確的是（）A．電流表A的示數(shù)減小，電壓表V1的示數(shù)增大，電壓表V2的示數(shù)增大 B．ΔU3與ΔI的比值不變 C．電源的輸出功率一定減小 D．滑動(dòng)變阻器的功率一定增大三．填空題（共5小題）16．（2024春?福州期末）如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E＝6V，小燈泡L的規(guī)格為“3V0.6W”，開(kāi)關(guān)S接“1”，當(dāng)滑動(dòng)變阻器調(diào)到R＝13Ω時(shí)，小燈泡L正常發(fā)光?，F(xiàn)將開(kāi)關(guān)S接“2”，小燈泡L和電動(dòng)機(jī)M均正常工作，則電源內(nèi)阻為Ω，電動(dòng)機(jī)的輸入功率為W。17．（2024?松江區(qū)校級(jí)三模）給如圖所示的萊頓瓶甲充電，當(dāng)兩金屬球之間的電壓達(dá)到一定值時(shí)，金屬球A、B間開(kāi)始放電，出現(xiàn)電火花。該實(shí)驗(yàn)?zāi)軌蜃C明的存在。移動(dòng)萊頓瓶乙的矩形線框中可移動(dòng)的帶有氖管的金屬棒到時(shí)，氖管發(fā)光最亮。18．（2023秋?長(zhǎng)寧區(qū)校級(jí)期末）在圖中，直線Ⅰ為某一電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖象，直線Ⅱ?yàn)槟骋浑娮鑂的伏安特性曲線。用該電源直接與電阻R相連組成閉合電路，則電源的電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻為，電源的輸出功率為，電源的效率為。19．（2023秋?福州期末）如圖所示電路，電源電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻為1Ω，滑動(dòng)變阻器總電阻為3Ω，定值電阻R0＝2Ω，閉合電鍵，在滑片從a移到b的過(guò)程中，電源總功率的最小值為W，變阻器消耗的最大功率為W。20．（2023秋?長(zhǎng)寧區(qū)校級(jí)期末）如圖所示的電路中，當(dāng)變阻器R3的滑動(dòng)觸頭向上移動(dòng)時(shí)，電壓表示數(shù)，電流表示數(shù)（填變大，變小，不變）。四．解答題（共5小題）21．（2024?海淀區(qū)校級(jí)模擬）為了描述導(dǎo)體內(nèi)電流的分布情況，人們定義了“電流密度”矢量l。某點(diǎn)處的電流密度，大小為垂直于該點(diǎn)處電流方向上單位面積內(nèi)的電流大小，方向?yàn)樵擖c(diǎn)處的電流方向。（1）如圖1所示，圓柱形長(zhǎng)直均勻金屬導(dǎo)體的橫截面積為S，將其左、右截面接入直流電路，穩(wěn)定后內(nèi)部有大小為I且分布均勻的電流。求導(dǎo)體內(nèi)的電流密度大小。（2）如圖2所示，有一無(wú)限大的均勻?qū)w區(qū)域，在其A點(diǎn)處埋有一球形電極，大小不計(jì)，大小為I的電流通過(guò)電極進(jìn)入導(dǎo)體內(nèi)，在各個(gè)方向上均勻分散并流向無(wú)窮遠(yuǎn)處。a.求導(dǎo)體內(nèi)到電極距離為r的點(diǎn)處的電流密度的大??；b.歐姆定律的微觀形式可表示為E＝ρj，即導(dǎo)體內(nèi)某點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度與該處的電流密度方向相同，其大小亦成正比，比例系數(shù)為導(dǎo)體的電阻率ρ。球形電極A產(chǎn)生的電場(chǎng)類似于點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)。類比點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)，完成以下表格。電荷q在真空中產(chǎn)生的電場(chǎng)（已知真空靜電常數(shù)k）電流I在導(dǎo)體中產(chǎn)生的電場(chǎng)（已知導(dǎo)體電阻率ρ）電場(chǎng)強(qiáng)度E大小E=E＝電勢(shì)φ（以無(wú)窮遠(yuǎn)處為零點(diǎn)）φ=kqφ＝（3）如圖3所示，若在球形電極A通入電流的同時(shí)，從球形電極B將電流導(dǎo)出，導(dǎo)體中將產(chǎn)生類似圖4的電場(chǎng)。若導(dǎo)體電阻率為ρ，球形電極半徑均為a，兩球形電極球心間距l(xiāng)?a，結(jié)合前兩問(wèn)中學(xué)到的知識(shí)，完成以下問(wèn)題：a.當(dāng)通入電流為I時(shí)，求兩球形電極之間的電勢(shì)差U；b.若電流由不計(jì)內(nèi)阻的電源提供，并可通過(guò)滑動(dòng)變阻器調(diào)節(jié)電流的大小，求滑動(dòng)變阻器的阻值多大時(shí)，其消耗功率最大。22．（2024春?建鄴區(qū)期末）如圖甲所示，直流電源電壓U恒定，電阻R1為250Ω，R2為500Ω。閉合開(kāi)關(guān)S，理想電壓表的示數(shù)為1000V。（1）求通過(guò)R1的電流。（2）求電源電壓U。（3）如圖乙所示，將圖甲電路中的R2和電壓表替換為兩極板水平放置的平行板電容器，兩板間距d＝1m，A、B為板間的兩位置，其連線與水平方向的夾角θ＝30°。閉合開(kāi)關(guān)S，待電容器充電完畢后，一帶電液滴以v＝2m/s的初速度，從A處以垂直于AB連線方向斜向上飛出，恰好經(jīng)過(guò)B處，此運(yùn)動(dòng)過(guò)程中未與上極板相碰。已知帶電液滴所受電場(chǎng)力方向豎直向下，其質(zhì)量m＝1.5×10﹣3kg、電荷量q＝1×10﹣6C。不計(jì)空氣阻力，板間的電場(chǎng)可視為勻強(qiáng)電場(chǎng)，重力加速度大小g取10m/s2。求A、B間的距離。（結(jié)果可用分式表示）23．（2024春?建鄴區(qū)期末）電壓表是測(cè)量電壓的器材。已知某電路兩端的電壓為15V，為了保證電表的安全，現(xiàn)用量程為15V、內(nèi)阻為RV的電壓表與一阻值為R1＝3kΩ的定值電阻串聯(lián)在一起測(cè)量該電路兩端的電壓，此時(shí)電壓表的讀數(shù)為12V。（1）RV應(yīng)為多少？（2）如果將量程為15V、內(nèi)阻為RV的電壓表改裝成量程為60V的電壓表，則應(yīng)串聯(lián)阻值為多大的定值電阻？改裝后電壓表的內(nèi)阻為多少？24．（2024?如皋市二模）如圖所示，A為電解槽，N為電爐，當(dāng)S、S1閉合、S2斷開(kāi)時(shí)，電流表示數(shù)I1＝5A；當(dāng)S、S2閉合、S1斷開(kāi)時(shí)，電流表示數(shù)I2＝3A。已知電源電動(dòng)勢(shì)E＝15V，電源內(nèi)阻r＝1Ω，電解槽內(nèi)阻RA＝2Ω，求：（1）電爐N的電阻RN；（2）當(dāng)S、S2閉合、S1斷開(kāi)時(shí)，電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率P化。25．（2024春?鎮(zhèn)海區(qū)校級(jí)期末）如圖所示，電阻R1＝R2＝R3＝2.0Ω，當(dāng)電鍵K閉合時(shí)理想電壓表讀數(shù)是2.0V，當(dāng)K斷開(kāi)時(shí)理想電壓表讀數(shù)是1.6V，求：電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)電阻r。

2025年高考備考高中物理個(gè)性化分層教輔尖子生篇《電路與電能》參考答案與試題解析一．選擇題（共10小題）1．（2024春?湖北期末）如圖所示，兩個(gè)厚度相同、上下表面均為正方形，由同種材料構(gòu)成的導(dǎo)體A、B，兩個(gè)正方形的邊長(zhǎng)a：b＝2：1，分別在A、B導(dǎo)體左右兩側(cè)面加上相同的電壓。下列說(shuō)法正確的是（）A．導(dǎo)體A和B的電阻之比為2：1 B．導(dǎo)體A和B的電阻之比為1：2 C．通過(guò)導(dǎo)體A和B的電流之比為1：1 D．相等時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體A和B左右兩側(cè)面的電荷量之比為2：1【考點(diǎn)】電阻定律的內(nèi)容及表達(dá)式；電流大小的計(jì)算；歐姆定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用．【專題】定量思想；方程法；恒定電流專題；分析綜合能力．【答案】C【分析】根據(jù)電阻定律分析A、B電阻的大小，由電阻大小分析電流大小?！窘獯稹拷猓篈B、設(shè)小正方形邊長(zhǎng)為l，則大正方形邊長(zhǎng)為2l，厚度為d，根據(jù)電阻定律R=ρLS可得C、分別在A、B導(dǎo)體左右兩側(cè)面加上相同的電壓，因?yàn)镽1＝R2，根據(jù)歐姆定律I=UD、相等時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體A和B左右兩側(cè)面的電荷量之比為q1故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】考查電阻定律和歐姆定律的運(yùn)用，掌握公式即可。2．（2024春?建鄴區(qū)期末）如圖所示的電路中，電壓表和電流表均為理想電表，滑動(dòng)變阻器的最大阻值為3R，滑片P位于滑動(dòng)變阻器的中點(diǎn)，定值電阻的阻值為R，若在a、b端加上電壓U時(shí)，電壓表的示數(shù)為U1、電流表的示數(shù)為I1；若在c、d端加上電壓U時(shí)，電壓表的示數(shù)為U2、電流表的示數(shù)為I2，則下列關(guān)系正確的是（）A．U1＞U2 B．U1＜U2 C．I1＞I2 D．I1＜I2【考點(diǎn)】混聯(lián)電路的特點(diǎn)及應(yīng)用．【專題】定量思想；方程法；電學(xué)圖象專題；分析綜合能力．【答案】D【分析】分析電路的連接方式，結(jié)合歐姆定律及串并聯(lián)電路規(guī)律分析解答?！窘獯稹拷猓喝粼赼、b端加上電壓U時(shí)，此時(shí)電壓表的示數(shù)為U1＝U定值電阻的阻值為R與1.5R并聯(lián)再與1.5R串聯(lián)。并聯(lián)電阻為R并并聯(lián)電阻的兩端電壓為U并電流表此時(shí)與定值電阻的阻值串聯(lián)，根據(jù)歐姆定律可知，電流為I1若在c、d端加上電壓U時(shí)，此時(shí)電壓表的示數(shù)為U2＝U可知U1＝U2定值電阻的阻值為R與1.5R并聯(lián)。電流表此時(shí)與1.5R串聯(lián)，所以電流為I2可知I1＜I2故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查混煉電路的規(guī)律，解題關(guān)鍵掌握電路的連接方式，注意歐姆定律的應(yīng)用。3．（2024春?武昌區(qū)校級(jí)期末）電路中電流的單位是（）A．伏特（V） B．安培（A） C．歐姆（Ω） D．瓦特（W）【考點(diǎn)】電流的概念及性質(zhì)．【專題】定性思想；類比法；恒定電流專題；理解能力．【答案】B【分析】根據(jù)電流的概念可知電流的單位。【解答】解：A、伏特是電壓的單位，故A錯(cuò)誤；B、由電流的定義式可知，電流的大小等于單位時(shí)間內(nèi)，通過(guò)某橫截面積的電荷量的多少，即單位為C/s，又1C/s＝1A，故B正確；C、歐姆是電阻的單位，故C正確；D、瓦特是功率的單位，故C錯(cuò)誤。故選：B。【點(diǎn)評(píng)】本題考查電流的單位，可用公式推導(dǎo)，也可以根據(jù)記憶得到答案。4．（2024?廣東三模）在如圖甲所示的電路中，定值電阻。R1＝4Ω、R2＝5Ω，電容器的電容C＝3μF，電源路端電壓U隨總電流I的變化關(guān)系如圖乙所示。現(xiàn)閉合開(kāi)關(guān)S，則電路穩(wěn)定后（）A．電源的內(nèi)阻為2Ω B．電源的效率為75% C．電容器所帶電荷量為1.5×10﹣5C D．若增大電容器兩極板間的距離，電容器內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)不變【考點(diǎn)】含容電路的動(dòng)態(tài)分析．【專題】比較思想；圖析法；恒定電流專題；分析綜合能力．【答案】C【分析】根據(jù)路端電壓與電流的關(guān)系式，結(jié)合圖乙的信息得到電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。根據(jù)輸出功率與總功率的百分比求電源的效率；求出R2的電壓，即得到電容器的電壓，由Q＝CU求電容器所帶電荷量；若增大電容器兩極板間的距離，電壓不變，由E=U【解答】解：A、由閉合電路歐姆定律有U＝E﹣Ir，由圖乙可得：E＝10V，r=ΔUB、閉合開(kāi)關(guān)S，電路中的電流為I=E路端電壓為U＝E﹣Ir＝（10﹣1×1）V＝9V電源的效率為η=UIEI×C、電容器與R2并聯(lián)，電壓相等，則其電壓為UC＝IR2＝1×5V＝5V，電容器所帶電荷量為Q＝CUC＝3×10﹣6×5C＝1.5×10﹣5C，故C正確；D、電容器并聯(lián)在R2兩端，則其電壓不變，若增大電容器兩極板間的距離，電容器內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)為E=U故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查閉合電路歐姆定律的應(yīng)用，要明確電路結(jié)構(gòu)，搞清各部分電路電壓和電流的關(guān)系。5．（2024春?建鄴區(qū)期末）如圖甲所示的電路中，定值電阻R1＝4Ω。可變電阻R的功率隨自身阻值變化的函數(shù)關(guān)系如圖乙所示，由此可知（）A．電源電動(dòng)勢(shì)E＝2V B．內(nèi)阻r=43C．增大R，電源效率增大 D．增大R，電源效率可能增大，也可能減小【考點(diǎn)】閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式；電功和電功率的計(jì)算．【專題】等效替代法；恒定電流專題；推理能力．【答案】C【分析】將R1看成電源的內(nèi)阻，當(dāng)電源的內(nèi)外電阻相等時(shí)，R的功率最大，由圖讀出R的功率最大值及對(duì)應(yīng)的阻值，即可求得電源的內(nèi)阻，根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電源的電動(dòng)勢(shì)。由電源效率隨外電阻的增大而增大討論?！窘獯稹拷猓篈B、將定值電阻R1與電源看成新的電源，當(dāng)新的電源內(nèi)阻與可變電阻R的阻值相等時(shí)，可變電阻R的功率最大，新的電源的輸出功率最大，則有r'=R1r由歐姆定律和串并聯(lián)電路規(guī)律得：Pm=IUR＝IRR＝IR1R1，E＝（IR1+IR）r+UR解得：r＝4Ω，E＝8V，故AB錯(cuò)誤。CD、電源效率η=IUU＝E﹣Ir'＝E?Er′增大R，路端電壓增大，電源效率增大，故C正確，D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】該題考查了閉合電路歐姆定律的相關(guān)知識(shí)，解決本題的關(guān)鍵是掌握推論：當(dāng)外電路電阻與電阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大。對(duì)于定值電阻，當(dāng)電流最大時(shí)其消耗的功率最大。對(duì)于變阻器的最大功率，可采用等效法研究。6．（2024春?建鄴區(qū)期末）電流傳感器可以像電流表一樣測(cè)量電流，按圖甲連接電路，電源用直流9.0V，電容器可選幾十微法的電解電容器，先使開(kāi)關(guān)S與1端相連，電源向電容器充電，這個(gè)過(guò)程可在短時(shí)間內(nèi)完成，然后把開(kāi)關(guān)S擲向2端，電容器通過(guò)電阻R放電，傳感器將電流信息傳入計(jì)算機(jī)，屏幕上顯示出電流隨時(shí)間變化的I﹣t圖像如圖乙所示，則有（）A．開(kāi)關(guān)S由1擲向2時(shí)，流過(guò)電阻R的電流由b流經(jīng)電阻R到a B．開(kāi)關(guān)S由1擲向2時(shí)，流過(guò)電阻R的電流由a流經(jīng)電阻R到b C．圖乙I﹣t圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積代表的物理意義是放電電量，其值接近2.7×10﹣4C D．圖乙I﹣t圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積代表的物理意義是放電電量，其值接近6.0×10﹣4C【考點(diǎn)】含容電路的動(dòng)態(tài)分析．【專題】定量思想；推理法；電容器專題；推理能力．【答案】A【分析】根據(jù)電容器的充、放電原理分析AB，根據(jù)q＝It結(jié)合圖像面積的含義分析解答。【解答】解：AB．當(dāng)開(kāi)關(guān)S打到1時(shí)，電容器的上端接電源的正極，下端接電源的負(fù)極，所以當(dāng)開(kāi)關(guān)S打到2時(shí)，電容器對(duì)電阻R放電，流過(guò)電阻R的電流由b流經(jīng)電阻R到a。故A正確，B錯(cuò)誤；CD．由電流的定義式可得I=q則圖乙I﹣t圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積代表的物理意義是放電電量。圖中圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積為小格的格數(shù)。按照超過(guò)半格算一格，不足半格舍去，則可知總共有38格，一格代表的電量為q0則該圖像表示的電量為q＝38×q0＝38×8×10﹣6C≈3.0×10﹣4C故CD錯(cuò)誤。故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了電容的定義式，難點(diǎn)在于要根據(jù)圖象求放出的電荷量。7．（2024春?建鄴區(qū)期末）在如圖所示電路中，閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，四個(gè)理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、U1、U2和U3表示，電表示數(shù)變化量的大小分別用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示。下列比值正確的是（）A．U1I不變，ΔB．U2I變大，ΔC．ΔU3ΔI變小，D．U3I變大，【考點(diǎn)】電路動(dòng)態(tài)分析．【專題】定性思想；整體思想；推理法；恒定電流專題；推理能力．【答案】B【分析】當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，分析總電阻的變化，判斷電路中電流的變化，確定三個(gè)電壓表示數(shù)的變化；由電路圖分析電路連接情況，根據(jù)電阻的定義式分析UI的變化情況；根據(jù)閉合電路歐姆定律分析ΔUΔI所表示的物理意義，再分析【解答】解：A．因?yàn)閁1R1是定值電阻，則U1I、CD．因?yàn)閁3滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)R2變大，則U3由U3＝E﹣Ir得ΔU則ΔUB．因?yàn)閁2滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)R2變大，U2由U2＝E﹣I（R1+r）得ΔU則ΔU故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查電路的動(dòng)態(tài)分析，解題方法一般先分析總電阻的變化，再分析總電流的變化和內(nèi)電壓的變化、路端電壓的變化；對(duì)于電壓變化量與電流變化量的比值，要看是定值電阻還是可變電阻，定值電阻根據(jù)電阻定義式分析該比值的變化情況，對(duì)于可變電阻，往往根據(jù)閉合電路歐姆定律分析該比值的變化情況。8．（2024春?寧波期末）最近兩年洗地機(jī)這一新鮮家電逐漸流行，便利了人們的生活?，F(xiàn)有某品牌洗地機(jī)，其工作參數(shù)如表所示，其工作模式有強(qiáng)效、節(jié)能兩種，強(qiáng)效模式下，該洗地機(jī)以額定功率工作，節(jié)能模式下，以額定功率的一半功率工作，兩種模式下，其工作電壓均相同，其續(xù)航時(shí)間是按照節(jié)能模式工作計(jì)算得到的，則下列說(shuō)法正確的是（）產(chǎn)品名稱某品牌洗地機(jī)產(chǎn)品型號(hào)QX﹣V6A額定功率220W電池容量5200mAh續(xù)航時(shí)間80min清水箱容量800mL外形尺寸260*262*1115mm污水箱容量720mLA．電池充滿電后，儲(chǔ)存的總電荷量為187200C B．該洗地機(jī)在強(qiáng)效模式下的工作電流為3.9A C．該洗地機(jī)內(nèi)阻約為3.6Ω D．該洗地機(jī)的工作電壓約為28V【考點(diǎn)】電功和電功率的計(jì)算；電流大小的計(jì)算；歐姆定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用．【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；推理能力．【答案】D【分析】A.根據(jù)電荷量公式代入數(shù)據(jù)求解；BD.根據(jù)節(jié)能模式由電流的定義式求電流，再根據(jù)模式轉(zhuǎn)換后求對(duì)應(yīng)電流和對(duì)應(yīng)電壓；C.根據(jù)題中條件分析能否求解內(nèi)阻值?！窘獯稹拷猓篈.電池充滿電后，儲(chǔ)存的總電荷量為q＝It＝5200×10﹣3×3600C＝18720C，故A錯(cuò)誤；BD.該洗地機(jī)在節(jié)能模式下的工作電流為I=qt=故B錯(cuò)誤，D正確；C.根據(jù)題中條件，無(wú)法得出該洗地機(jī)內(nèi)阻，故C錯(cuò)誤。故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】考查恒定電流的相關(guān)問(wèn)題，會(huì)根據(jù)題意結(jié)合相關(guān)參數(shù)進(jìn)行計(jì)算解答。9．（2024?鎮(zhèn)海區(qū)校級(jí)模擬）半導(dǎo)體薄膜壓敏傳感器所受壓力越大其電阻越小，利用這一特性設(shè)計(jì)成蘋(píng)果大小自動(dòng)分揀裝置如圖所示，裝置可選出單果質(zhì)量大于一定標(biāo)準(zhǔn)的蘋(píng)果。O1為固定轉(zhuǎn)動(dòng)軸，蘋(píng)果通過(guò)托盤(pán)秤時(shí)作用在杠桿上從而使壓敏傳感器R1受到壓力，R2為可變電阻。當(dāng)放大電路的輸入電壓大于某一個(gè)值時(shí)，電磁鐵工作將銜鐵吸下并保持此狀態(tài)一小段時(shí)間，蘋(píng)果進(jìn)入通道2，否則蘋(píng)果將進(jìn)入通道1。下列說(shuō)法正確的是（）A．選出的質(zhì)量大的蘋(píng)果將進(jìn)入通道1 B．若將R2的電阻調(diào)大，將挑選出質(zhì)量更大的蘋(píng)果 C．若電源E1內(nèi)阻變大，將挑選出質(zhì)量更大的蘋(píng)果 D．若電源E1電動(dòng)勢(shì)變大，將挑選出質(zhì)量更大的蘋(píng)果【考點(diǎn)】閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式．【專題】定性思想；推理法；恒定電流專題；推理能力．【答案】C【分析】根據(jù)裝置的原理結(jié)合閉合電路歐姆定律分析出較大蘋(píng)果通過(guò)的通道。【解答】解：A、質(zhì)量大的蘋(píng)果對(duì)壓敏傳感器R1的壓力大，壓敏傳感器R的阻值小，電路中的電流大，則電阻R2的電壓大，即放大電路的輸入電壓大于某一個(gè)值，電磁鐵工作將銜鐵吸下，蘋(píng)果將進(jìn)入通道2，故A錯(cuò)誤；B．將R2的電阻調(diào)大，則電阻R2的電壓變大，則質(zhì)量較小的蘋(píng)果更容易使放大電路的輸入電壓大于某一個(gè)值，從而進(jìn)入通道2，即將挑選出質(zhì)量更小的蘋(píng)果，故B錯(cuò)誤；C．電源E1內(nèi)阻變大，則電阻R2的電壓變小，要達(dá)到某一臨界值，則需要減小壓敏傳感器R1的阻值，增大電路中的電流，從而使電阻R2的電壓達(dá)到臨界值，則需要增大對(duì)壓敏傳感器R1的壓力，即將挑選出質(zhì)量更大的蘋(píng)果，故C正確；D．電源E1電動(dòng)勢(shì)變大，則電阻R2的電壓變大，則質(zhì)量較小的蘋(píng)果更容易放大電路的輸入電壓，大于某一個(gè)值，從而進(jìn)入通道2，即將挑選出質(zhì)量更小的蘋(píng)果，故D錯(cuò)誤；故選：C。【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了閉合電路歐姆定律的應(yīng)用，根據(jù)題意結(jié)合閉合電路歐姆定律即可完成分析。10．（2024?漳州三模）如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，開(kāi)關(guān)S閉合，電路穩(wěn)定后，燈泡L正常發(fā)光，然后向左移動(dòng)滑動(dòng)變阻器R的滑片，在此過(guò)程中（）A．燈泡L逐漸變暗 B．電源的路端電壓逐漸減小 C．電容器C所帶的電荷量逐漸減小 D．定值電阻R0兩端的電壓始終為零【考點(diǎn)】閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式；電容的概念與物理意義．【專題】比較思想；推理法；電容器專題；推理能力．【答案】A【分析】根據(jù)閉合電路的歐姆定律分析電路中電阻的變化以及通過(guò)燈泡的電流變化，進(jìn)而判斷路端電壓的變化；電容器兩端的電壓等于電源的路端電壓，路端電壓增大的過(guò)程是給電容器充電的過(guò)程，會(huì)有充電電流存在，據(jù)此分析定值電阻兩端的電壓?！窘獯稹拷猓篈、滑片向左滑動(dòng)，變阻器接入電路的電阻變大，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知電路中的電流變小，所以燈泡變暗，故A正確；B、根據(jù)閉合電路歐姆定律可U＝E﹣Ir可知電源的路端電壓逐漸變大，故B錯(cuò)誤；C、電容器兩端電壓等于電源的路端電壓，根據(jù)Q＝CU可知電容器所帶電荷量逐漸變多，故C錯(cuò)誤；D、在滑片的移動(dòng)過(guò)程，就是電容器兩端電壓的增大過(guò)程，也是給電容器的充電過(guò)程，所以有充電電流存在，所以在給電容器充電的過(guò)程中，定值電阻兩端的電壓不為零，故D錯(cuò)誤。故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】知道電容器兩端的電壓等于電路的路端電壓是解題的關(guān)鍵，要知道在給電容器充電的過(guò)程中存在充電電流。二．多選題（共5小題）（多選）11．（2023秋?延慶區(qū)期末）在如圖所示的U﹣I圖像中，直線a為某電源的路端電壓與電流的關(guān)系，直線b為某電阻元件的電壓與電流的關(guān)系?，F(xiàn)用該電源直接與元件連接成閉合電路。則此時(shí)（）A．電源將其它能轉(zhuǎn)化為電能的功率為18W B．該元件的電阻為2Ω C．該元件發(fā)熱功率為6W D．電源外電路與內(nèi)電路消耗功率之比為3：5【考點(diǎn)】閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式；電功和電功率的計(jì)算．【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；推理能力．【答案】CD【分析】根據(jù)圖像求出電源電動(dòng)勢(shì)、內(nèi)阻和交點(diǎn)電壓和電流，然后結(jié)合總功率公式、歐姆定律、發(fā)熱功率和內(nèi)外功率各個(gè)公式代入數(shù)據(jù)求解判斷?！窘獯稹拷猓河蓤D可知，電源電動(dòng)勢(shì)為E＝8V，電源內(nèi)阻r=83.2Ω＝2.5A.電能將其它能轉(zhuǎn)化成電能的功率為P＝IE＝2×8W＝16W，故A錯(cuò)誤；B.該元件的電阻R=UI=3.0C.該元件發(fā)熱功率為P熱＝IU＝2.0×3.0W＝6.0W，故C正確；D.電源外電路與內(nèi)電路消耗的功率之比P外：P內(nèi)＝IR：Ir＝R：r＝1.5：2.5＝3：5，故D正確。故選：CD?！军c(diǎn)評(píng)】考查電子元件和電源的伏安特性曲線，會(huì)根據(jù)圖像求出包括交點(diǎn)在內(nèi)的相關(guān)信息，計(jì)算電阻、電壓、各個(gè)電功率等。（多選）12．（2023秋?天津期末）如圖所示為電阻A、B的U﹣I圖像，電阻A的圖像為過(guò)原點(diǎn)的曲線，電阻B的圖像為過(guò)原點(diǎn)的直線，它們的交點(diǎn)坐標(biāo)為（I1，U1），下列關(guān)于兩電阻的描述正確的是（）A．當(dāng)流過(guò)兩個(gè)電阻的電流均為I1時(shí)，A的阻值大于B的阻值 B．當(dāng)流過(guò)兩個(gè)電阻的電流均為I1時(shí)，兩電阻的阻值均等于U1C．電阻A的阻值隨電流的增大而增大 D．電阻A的阻值隨電流的增大而減小【考點(diǎn)】歐姆定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用．【專題】定量思想；圖析法；恒定電流專題；理解能力．【答案】BC【分析】根據(jù)圖像的斜率即可得到兩電阻的阻值大小；根據(jù)圖像的斜率判斷電阻A的阻值變化?！窘獯稹拷猓篈B、在U﹣I圖像中，圖上某點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率表示電阻值大小，所以當(dāng)流過(guò)兩個(gè)電阻的電流均為I1時(shí)，兩電阻的阻值均等于U1CD、由圖可知電阻A的圖像斜率隨電流的增大而增大，所以電阻A的阻值隨電流的增大而增大，故C正確，D錯(cuò)誤。故選：BC?！军c(diǎn)評(píng)】要知道U﹣I圖像中的斜率表示電阻，但斜率不是某點(diǎn)的切線斜率，而是該點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率。（多選）13．（2024春?臨沂期末）加速度測(cè)量?jī)x可測(cè)量汽車起步或剎車時(shí)的加速度，其結(jié)構(gòu)如圖所示。當(dāng)汽車加速或減速時(shí)，元件A發(fā)生位移并輸出相應(yīng)的電壓信號(hào)，已知A的質(zhì)量為m，彈簧的勁度系數(shù)為k、電源的電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻不計(jì)，滑動(dòng)變阻器總長(zhǎng)為L(zhǎng)，電阻分布均勻，汽車靜止或勻速時(shí)滑片P在滑動(dòng)變阻器的中點(diǎn)，輸出電壓為零，則（）A．電路中電流隨加速度的增大而增大 B．彈簧的伸長(zhǎng)量為x時(shí)，汽車加速度大小為kxmC．可以測(cè)量的最大加速度為kL2mD．輸出電壓U與加速度a的函數(shù)式為U=【考點(diǎn)】電路動(dòng)態(tài)分析；牛頓第二定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用．【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；推理能力．【答案】BC【分析】本題根據(jù)汽車有加速度時(shí)，分析彈簧伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度與電壓的關(guān)系，結(jié)合PB段電壓等于輸出電壓分析求解?！窘獯稹拷猓篈、當(dāng)加速度增大時(shí)，滑片P向兩端移動(dòng)，接入電路中的電阻不變，由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流不變，故A錯(cuò)誤；B、設(shè)彈簧的伸長(zhǎng)量為x時(shí)，汽車的加速度大小為a，對(duì)元件A，由牛頓第二定律得kx＝ma解得a=故B正確；C、當(dāng)滑片P滑到最右端端時(shí)，加速度最大，此時(shí)彈簧伸長(zhǎng)量最大，為L(zhǎng)2，則最大加速度為a'=D、當(dāng)彈簧的形變量為x時(shí)，由牛頓第二定律kx＝ma，則電路的輸出電壓為U=RBPRU=x故D錯(cuò)誤；故選：BC?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了電路的分析，理解電路的基本結(jié)構(gòu)，掌握彈簧受力與長(zhǎng)度的關(guān)系是解決此類問(wèn)題的關(guān)鍵。（多選）14．（2024春?天山區(qū)校級(jí)期末）如圖所示，閉合電路中電源E的內(nèi)阻為r，R1、R2為定值電阻，L為小燈泡，V為理想電壓表，R3為光敏電阻（阻值隨照射光強(qiáng)度的增大而減?。?，當(dāng)照射光強(qiáng)度降低時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A．通過(guò)R1的電流變大 B．通過(guò)小燈泡的電流變小 C．電源的輸出功率變大 D．R2兩端的電壓變大【考點(diǎn)】電路動(dòng)態(tài)分析．【專題】定性思想；推理法；恒定電流專題；推理能力．【答案】BD【分析】ABD、由光敏電阻的性質(zhì)可知電路中電阻的變化，則由閉合電路歐姆定律可得出電路中電流的變化，由歐姆定律可得出電壓表示數(shù)的變化；同時(shí)還可得出路端電壓的變化以及R2兩端的電壓變化；C、電源的輸出功率變化和內(nèi)外電阻的阻值有關(guān)，據(jù)此判斷?！窘獯稹拷猓篈．當(dāng)照射光強(qiáng)度降低時(shí)，光敏電阻R3的阻值變大，則電路的并聯(lián)部分的阻值增大，由I=E可知干路電流I減小，即通過(guò)R1的電流變小，故A錯(cuò)誤；D．由閉合電路的歐姆定律可得U并＝E﹣I（r+R1）因干路電流I減小，則并聯(lián)部分的電壓U并增大，即R2兩端的電壓變大，故D正確；B．通過(guò)小燈泡的電流為IL干路電流I減小，U并增大，則通過(guò)小燈泡的電流減小，故B正確；C．電源的輸出功率為P=I因外電路的總電阻R與內(nèi)阻r的大小關(guān)系未知，則電源的輸出功率的變化無(wú)法判斷，故C錯(cuò)誤。故選：BD。【點(diǎn)評(píng)】閉合電路的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題一般按外電路、內(nèi)電路再外電路的分析思路進(jìn)行；分析內(nèi)電路主要根據(jù)總電流及內(nèi)阻分析內(nèi)電壓，而外電路較為復(fù)雜，要注意靈活應(yīng)用電路的性質(zhì)。（多選）15．（2024春?皇姑區(qū)校級(jí)期末）在如圖所示的電路中，定值電阻R大于電源內(nèi)阻r。現(xiàn)閉合開(kāi)關(guān)S，將滑動(dòng)變阻器的滑片向上滑動(dòng)，電表A、V1、V2、V3都為理想電表，測(cè)得電壓表V3示數(shù)變化量的絕對(duì)值為ΔU3，電流表A示數(shù)變化量的絕對(duì)值為ΔI，則下列說(shuō)法正確的是（）A．電流表A的示數(shù)減小，電壓表V1的示數(shù)增大，電壓表V2的示數(shù)增大 B．ΔU3與ΔI的比值不變 C．電源的輸出功率一定減小 D．滑動(dòng)變阻器的功率一定增大【考點(diǎn)】電路動(dòng)態(tài)分析．【專題】比較思想；控制變量法；恒定電流專題；推理能力．【答案】BC【分析】分析電路的結(jié)構(gòu)，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電路中電流的變化，由歐姆定律分析R兩端電壓的變化，并判斷路端電壓的變化，即可知道各個(gè)電表示數(shù)的變化。根據(jù)閉合電路歐姆定律列式分析ΔU3與ΔI的比值是否變化。根據(jù)內(nèi)外電阻的關(guān)系，結(jié)合外電阻的變化，分析電源的輸出功率變化情況。將定值電阻等效為電源內(nèi)阻，再分析滑動(dòng)變阻器的功率變化情況?！窘獯稹拷猓篈、理想電表對(duì)電路的影響不計(jì)，分析電路可知，當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合，滑動(dòng)變阻器與定值電阻R串聯(lián)后接在電源兩端，將滑動(dòng)變阻器的滑片向上滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻增大，電路的總電阻增大，電路中電流減小，則電流表A的示數(shù)減小。電路中電流減小，定值電阻R兩端的電壓減小，則電壓表V1的示數(shù)減小，理想電壓表V2測(cè)量路端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律有U2＝E﹣Ir，I減小，U2增大，即理想電壓表的示數(shù)V2增大，故A錯(cuò)誤；B、理想電壓表V3測(cè)量滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律得U3＝E﹣I（R+r）所以ΔU3與ΔI的比值大小為ΔUC、電源的輸出功率與外電阻變化的圖像如下所示。當(dāng)電路中定值電阻R的阻值大于電源內(nèi)阻r的阻值，將滑動(dòng)變阻器的滑片向上滑動(dòng)，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻增大，電路的外電阻阻值比內(nèi)阻大，電源的輸出功率減小，故C正確；D、將定值電阻等效為電源內(nèi)阻，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的電阻與等效內(nèi)阻相等時(shí)，滑動(dòng)變阻器的功率最大，因不知道滑動(dòng)變阻器的電阻與等效內(nèi)阻的關(guān)系，所以無(wú)法分析滑動(dòng)變阻器功率的變化，故D錯(cuò)誤。故選：BC。【點(diǎn)評(píng)】本題考查電路的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，解題方法一般是先分析總電阻的變化、再分析總電流的變化、內(nèi)電壓的變化、路端電壓的變化。因本題要求分析電流及電壓的變化量，故要求學(xué)生能靈活選擇閉合電路的歐姆定律的表達(dá)形式。三．填空題（共5小題）16．（2024春?福州期末）如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E＝6V，小燈泡L的規(guī)格為“3V0.6W”，開(kāi)關(guān)S接“1”，當(dāng)滑動(dòng)變阻器調(diào)到R＝13Ω時(shí)，小燈泡L正常發(fā)光?，F(xiàn)將開(kāi)關(guān)S接“2”，小燈泡L和電動(dòng)機(jī)M均正常工作，則電源內(nèi)阻為2Ω，電動(dòng)機(jī)的輸入功率為0.52W?！究键c(diǎn)】用閉合電路的歐姆定律計(jì)算電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻；電功和電功率的計(jì)算．【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；推理能力．【答案】2，0.52【分析】根據(jù)閉合電路的歐姆定律計(jì)算電源內(nèi)阻，根據(jù)P＝UI計(jì)算電動(dòng)機(jī)的輸入功率?！窘獯稹拷猓涸O(shè)電源的內(nèi)阻為r，燈泡的額定電流為I=當(dāng)開(kāi)關(guān)接“1”時(shí)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律有E＝U+I（r+R）代入數(shù)據(jù)解得r＝2Ω當(dāng)開(kāi)關(guān)接“2”時(shí)，電動(dòng)機(jī)兩端電壓為U'＝E﹣U﹣Ir代入數(shù)據(jù)解得U'＝2.6V則電動(dòng)機(jī)的輸入功率為P＝U'I＝2.6×0.2W＝0.52W故答案為：2，0.52【點(diǎn)評(píng)】分清電路的結(jié)構(gòu)，熟練掌握閉合電路的歐姆定律是解題的基礎(chǔ)。17．（2024?松江區(qū)校級(jí)三模）給如圖所示的萊頓瓶甲充電，當(dāng)兩金屬球之間的電壓達(dá)到一定值時(shí)，金屬球A、B間開(kāi)始放電，出現(xiàn)電火花。該實(shí)驗(yàn)?zāi)軌蜃C明電磁波的存在。移動(dòng)萊頓瓶乙的矩形線框中可移動(dòng)的帶有氖管的金屬棒到A和B的金屬滑動(dòng)桿位置相同時(shí)，氖管發(fā)光最亮。【考點(diǎn)】電功和電功率的計(jì)算．【專題】定性思想；實(shí)驗(yàn)分析法；電磁場(chǎng)理論和電磁波；理解能力．【答案】電磁波，A和B的金屬滑動(dòng)桿位置相同。【分析】萊頓瓶是一種電容器；萊頓瓶A放電時(shí)a、b間存在變化的電場(chǎng)，從而使氖管所在的矩形線框產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)?！窘獯稹拷猓河甥溈怂鬼f電磁場(chǎng)理論可知，接通感應(yīng)圈電源，變化的電流產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)，變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生電場(chǎng)，并由近向遠(yuǎn)傳播形成電磁波；當(dāng)A和B的金屬滑動(dòng)桿位置相同時(shí)，兩電路中的電流相同，即兩電路中電流的頻率相同，B電路中可接收A電路中的能量，可觀察到氛燈發(fā)光，實(shí)驗(yàn)表明，盡管A和B兩電路之間沒(méi)有導(dǎo)線相連，但B的能量可由A通過(guò)電磁波傳播到B。故答案為：電磁波，A和B的金屬滑動(dòng)桿位置相同?！军c(diǎn)評(píng)】知道電磁波的產(chǎn)生，以及氖管最亮的原因是發(fā)生了電諧振。18．（2023秋?長(zhǎng)寧區(qū)校級(jí)期末）在圖中，直線Ⅰ為某一電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖象，直線Ⅱ?yàn)槟骋浑娮鑂的伏安特性曲線。用該電源直接與電阻R相連組成閉合電路，則電源的電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻為0.5Ω，電源的輸出功率為4W，電源的效率為66.7%?！究键c(diǎn)】閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式．【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；推理能力．【答案】3V，0.5Ω，4W，66.7%【分析】由電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖象與縱軸的交點(diǎn)讀出電源的電動(dòng)勢(shì)，其斜率大小等于電源的內(nèi)阻，兩圖線的交點(diǎn)讀出電流與電壓，求出電源的輸出功率和效率。【解答】解：根據(jù)閉合電路歐姆定律得U＝E﹣Ir，當(dāng)I＝0時(shí)，U＝E，由圖讀出電源的電動(dòng)勢(shì)E＝3V，內(nèi)阻等于圖線的斜率大小，則r=電源的輸出功率P電＝UI＝2×2W＝4W，電源的效率η=P故答案為：3V，0.5Ω，4W，66.7%【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于圖線關(guān)鍵要根據(jù)物理規(guī)律，從數(shù)學(xué)角度來(lái)理解其物理意義，本題要抓住圖線的斜率、交點(diǎn)的意義來(lái)理解圖象的意義，屬于基礎(chǔ)題。19．（2023秋?福州期末）如圖所示電路，電源電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻為1Ω，滑動(dòng)變阻器總電阻為3Ω，定值電阻R0＝2Ω，閉合電鍵，在滑片從a移到b的過(guò)程中，電源總功率的最小值為1.5W，變阻器消耗的最大功率為0.75W?！究键c(diǎn)】路端電壓和負(fù)載的關(guān)系；電功和電功率的計(jì)算；閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式．【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；推理能力．【答案】0.5；0.75【分析】根據(jù)電源的功率計(jì)算公式和閉合電路歐姆定律求出電源總功率的最小值；再根據(jù)外電路電阻等于等效內(nèi)阻時(shí)，電源的輸出功率最大求出滑動(dòng)變阻器的最大功率?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)P＝EI，可得當(dāng)電路中電流最小時(shí)，電源的總功率最小。根據(jù)閉合電路歐姆定律I=電源總功率的最小值為P＝EI＝3×0.5W＝1.5W將定值電阻和電源內(nèi)阻看作等效內(nèi)阻，把滑動(dòng)變阻器消耗的功率看作等效電源的輸出功率，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的電阻等于r+R0時(shí)，滑動(dòng)變阻器的功率最大P=E故答案為：0.5；0.75【點(diǎn)評(píng)】本題考查了電路的能量，解決本題的關(guān)鍵是熟練掌握電源總功率的計(jì)算公式以及輸出功率最大時(shí)的條件。20．（2023秋?長(zhǎng)寧區(qū)校級(jí)期末）如圖所示的電路中，當(dāng)變阻器R3的滑動(dòng)觸頭向上移動(dòng)時(shí)，電壓表示數(shù)變大，電流表示數(shù)變?。ㄌ钭兇?，變小，不變）?！究键c(diǎn)】電路動(dòng)態(tài)分析．【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；推理能力．【答案】變大；變小【分析】當(dāng)R3的滑動(dòng)觸頭P向上移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析總電流的變化和路端電壓，即可判斷電壓表示數(shù)的變化．由歐姆定律分析變阻器兩端電壓的變化，分析電流表示數(shù)的變化。【解答】解：當(dāng)R3的滑動(dòng)觸頭P向上移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知總電流I減小。電壓表測(cè)量路端電壓U，而U＝E﹣Ir，I減小，E、r不變，則U變大，所以電壓表的示數(shù)變大；設(shè)變阻器兩端電壓為U′，則U′＝E﹣I（R1+r），I減小，其他量不變，則U′變大，R2中的電流變大，總電流減小，所以電流表的示數(shù)變小。故答案為：變大；變小【點(diǎn)評(píng)】本題按“部分→整體→部分”的思路進(jìn)行動(dòng)態(tài)變化分析．對(duì)于電壓表的示數(shù)，可以直接根據(jù)路端電壓隨外電阻而增大的結(jié)論進(jìn)行分析。四．解答題（共5小題）21．（2024?海淀區(qū)校級(jí)模擬）為了描述導(dǎo)體內(nèi)電流的分布情況，人們定義了“電流密度”矢量l。某點(diǎn)處的電流密度，大小為垂直于該點(diǎn)處電流方向上單位面積內(nèi)的電流大小，方向?yàn)樵擖c(diǎn)處的電流方向。（1）如圖1所示，圓柱形長(zhǎng)直均勻金屬導(dǎo)體的橫截面積為S，將其左、右截面接入直流電路，穩(wěn)定后內(nèi)部有大小為I且分布均勻的電流。求導(dǎo)體內(nèi)的電流密度大小。（2）如圖2所示，有一無(wú)限大的均勻?qū)w區(qū)域，在其A點(diǎn)處埋有一球形電極，大小不計(jì)，大小為I的電流通過(guò)電極進(jìn)入導(dǎo)體內(nèi)，在各個(gè)方向上均勻分散并流向無(wú)窮遠(yuǎn)處。a.求導(dǎo)體內(nèi)到電極距離為r的點(diǎn)處的電流密度的大小；b.歐姆定律的微觀形式可表示為E＝ρj，即導(dǎo)體內(nèi)某點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度與該處的電流密度方向相同，其大小亦成正比，比例系數(shù)為導(dǎo)體的電阻率ρ。球形電極A產(chǎn)生的電場(chǎng)類似于點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)。類比點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)，完成以下表格。電荷q在真空中產(chǎn)生的電場(chǎng)（已知真空靜電常數(shù)k）電流I在導(dǎo)體中產(chǎn)生的電場(chǎng)（已知導(dǎo)體電阻率ρ）電場(chǎng)強(qiáng)度E大小E=E＝ρI4π電勢(shì)φ（以無(wú)窮遠(yuǎn)處為零點(diǎn)）φ=kqφ＝ρI4πr（3）如圖3所示，若在球形電極A通入電流的同時(shí)，從球形電極B將電流導(dǎo)出，導(dǎo)體中將產(chǎn)生類似圖4的電場(chǎng)。若導(dǎo)體電阻率為ρ，球形電極半徑均為a，兩球形電極球心間距l(xiāng)?a，結(jié)合前兩問(wèn)中學(xué)到的知識(shí)，完成以下問(wèn)題：a.當(dāng)通入電流為I時(shí)，求兩球形電極之間的電勢(shì)差U；b.若電流由不計(jì)內(nèi)阻的電源提供，并可通過(guò)滑動(dòng)變阻器調(diào)節(jié)電流的大小，求滑動(dòng)變阻器的阻值多大時(shí)，其消耗功率最大?！究键c(diǎn)】電功和電功率的計(jì)算式及影響因素；電流大小的計(jì)算；電流的微觀表達(dá)式．【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；推理能力．【答案】（1）導(dǎo)體內(nèi)的電流密度大小為IS（2）導(dǎo)體內(nèi)到電極距離為r的點(diǎn)處的電流密度的大小為I4πb.ρI4πr（3）a.當(dāng)通入電流為I時(shí)，兩球形電極之間的電勢(shì)差為ρI2πab.滑動(dòng)變阻器的阻值為ρ2πa【分析】（1）轉(zhuǎn)化信息，根據(jù)電流密度定義j=I（2）根據(jù)類比的思想分析解答；（3）根據(jù)電勢(shì)差的定義式結(jié)合電功率的特點(diǎn)分析解答?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)題意可得電流密度大小為j=（2）a.電流均勻分布在以電極為球心、r為半徑的半球面上，則j=b.類比點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)，電流I在導(dǎo)體中產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E＝ρj=類比點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)，電流lI導(dǎo)體中產(chǎn)生的電勢(shì)為φ=（3）a.兩球形電極之間的電勢(shì)差U＝2（φa﹣φl(shuí)）＝2（ρI4πa?ρI4πl(wèi)）由于l?a，則U=b.當(dāng)滑動(dòng)變阻器的阻值等于球形電極A、B間的電阻時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗功率最大，此時(shí)滑動(dòng)變阻器的阻值為R=答：（1）導(dǎo)體內(nèi)的電流密度大小為IS（2）導(dǎo)體內(nèi)到電極距離為r的點(diǎn)處的電流密度的大小為I4πb.ρI4πr（3）a.當(dāng)通入電流為I時(shí)，兩球形電極之間的電勢(shì)差為ρI2πab.滑動(dòng)變阻器的阻值為ρ2πa【點(diǎn)評(píng)】本題考查信息處理以及模型建立，要求有一定的處理信息的能力與提取信息的能力，有一定難度。22．（2024春?建鄴區(qū)期末）如圖甲所示，直流電源電壓U恒定，電阻R1為250Ω，R2為500Ω。閉合開(kāi)關(guān)S，理想電壓表的示數(shù)為1000V。（1）求通過(guò)R1的電流。（2）求電源電壓U。（3）如圖乙所示，將圖甲電路中的R2和電壓表替換為兩極板水平放置的平行板電容器，兩板間距d＝1m，A、B為板間的兩位置，其連線與水平方向的夾角θ＝30°。閉合開(kāi)關(guān)S，待電容器充電完畢后，一帶電液滴以v＝2m/s的初速度，從A處以垂直于AB連線方向斜向上飛出，恰好經(jīng)過(guò)B處，此運(yùn)動(dòng)過(guò)程中未與上極板相碰。已知帶電液滴所受電場(chǎng)力方向豎直向下，其質(zhì)量m＝1.5×10﹣3kg、電荷量q＝1×10﹣6C。不計(jì)空氣阻力，板間的電場(chǎng)可視為勻強(qiáng)電場(chǎng)，重力加速度大小g取10m/s2。求A、B間的距離。（結(jié)果可用分式表示）【考點(diǎn)】歐姆定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用；帶電粒子（計(jì)重力）在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的曲線運(yùn)動(dòng)．【專題】計(jì)算題；學(xué)科綜合題；定量思想；合成分解法；帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題；分析綜合能力．【答案】（1）通過(guò)R1的電流為2A；（2）電源電壓U為1500V；（3）A、B間的距離為1633【分析】（1）R1和R2串聯(lián)，電流相等，根據(jù)歐姆定律求出通過(guò)R2的電流，即得到通過(guò)R1的電流。（2）由歐姆定律計(jì)算電源電壓U。（3）液滴在電場(chǎng)中只受重力和電場(chǎng)力，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度。液滴從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，沿初速度方向的位移為0，根據(jù)位移—時(shí)間公式求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間，再求A、B兩點(diǎn)間的距離?！窘獯稹拷猓海?）R1和R2串聯(lián)，通過(guò)R1和R2的電流相等，則I1（2）電源電壓為U＝I1（R1+R2）＝2×（250+500）V＝1500V（3）兩板間場(chǎng)強(qiáng)為E=U液滴的加速度為a=解得：a＝11m/s2在垂直AB方向有t=2v沿AB方向有AB=1解得：AB=答：（1）通過(guò)R1的電流為2A；（2）電源電壓U為1500V；（3）A、B間的距離為1633【點(diǎn)評(píng)】解答本題的關(guān)鍵要熟練運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的分解法處理液滴在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，要把握分運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，根據(jù)牛頓第二定律和分位移公式相結(jié)合求解A、B兩點(diǎn)間的距離。23．（2024春?建鄴區(qū)期末）電壓表是測(cè)量電壓的器材。已知某電路兩端的電壓為15V，為了保證電表的安全，現(xiàn)用量程為15V、內(nèi)阻為RV的電壓表與一阻值為R1＝3kΩ的定值電阻串聯(lián)在一起測(cè)量該電路兩端的電壓，此時(shí)電壓表的讀數(shù)為12V。（1）RV應(yīng)為多少？（2）如果將量程為15V、內(nèi)阻為RV的電壓表改裝成量程為60V的電壓表，則應(yīng)串聯(lián)阻值為多大的定值電阻？改裝后電壓表的內(nèi)阻為多少？【考點(diǎn)】閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式；改裝后電表的串并聯(lián)問(wèn)題．【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；推理能力．【答案】（1）RV應(yīng)為12kΩ；（2）應(yīng)串聯(lián)阻值為36kΩ的定值電阻，改裝后電壓表的內(nèi)阻為48kΩ。【分析】（1）根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)電路特點(diǎn)計(jì)算即可；（2）先根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)和歐姆定律解得串聯(lián)電阻，改裝后的電壓表的總電阻為電壓表內(nèi)阻和串聯(lián)電阻之和?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)串聯(lián)電路電流處處相等和歐姆定律有U?U把U＝15V，UV＝12V代入解得RV＝12kΩ（2）設(shè)串聯(lián)的電阻大小為R2，則15RR2＝36kΩ改裝后電壓表的內(nèi)阻為R'V＝RV+R2解得R'V＝48kΩ答：（1）RV應(yīng)為12kΩ；（2）應(yīng)串聯(lián)阻值為36kΩ的定值電阻，改裝后電壓表的內(nèi)阻為48kΩ?！军c(diǎn)評(píng)】掌握歐姆定律和串聯(lián)電路的電壓、電流特點(diǎn)是解題的基礎(chǔ)。24．（2024?如皋市二模）如圖所示，A為電解槽，N為電爐，當(dāng)S、S1閉合、S2斷開(kāi)時(shí)，電流表示數(shù)I1＝5A；當(dāng)S、S2閉合、S1斷開(kāi)時(shí)，電流表示數(shù)I2＝3A。已知電源電動(dòng)勢(shì)E＝15V，電源內(nèi)阻r＝1Ω，電解槽內(nèi)阻RA＝2Ω，求：（1）電爐N的電阻RN；（2）當(dāng)S、S2閉合、S1斷開(kāi)時(shí)，電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率P化?！究键c(diǎn)】閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式；電功和電功率的計(jì)算．【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；分析綜合能力．【答案】（1）電爐N的電阻RN為2Ω；（2）當(dāng)S、S2閉合、S1斷開(kāi)時(shí)，電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率P化為18W?！痉治觥浚?）當(dāng)S1閉合、S2斷開(kāi)時(shí)，電爐子工作，根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電阻；（2）根據(jù)P總＝EI求解電源總電功率，根據(jù)能量守恒定律求解電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)閉合電路歐姆定律得：I1=ER（2）電源的總功率P總＝EI2整個(gè)回路的熱功率為P根據(jù)能量守恒定律可得電解槽中電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率為P化＝P總﹣P熱代入數(shù)據(jù)解得：P化＝18W答：（1）電爐N的電阻RN為2Ω；（2）當(dāng)S、S2閉合、S1斷開(kāi)時(shí)，電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率P化為18W。【點(diǎn)評(píng)】電解槽電路在正常工作時(shí)是非純電阻電路，不能用歐姆定律求解其電流，只能根據(jù)電路中電流關(guān)系求電流、根據(jù)焦耳定律求解發(fā)熱功率。25．（2024春?鎮(zhèn)海區(qū)校級(jí)期末）如圖所示，電阻R1＝R2＝R3＝2.0Ω，當(dāng)電鍵K閉合時(shí)理想電壓表讀數(shù)是2.0V，當(dāng)K斷開(kāi)時(shí)理想電壓表讀數(shù)是1.6V，求：電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)電阻r。【考點(diǎn)】閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式．【專題】定量思想；推理法；恒定電流專題；推理能力．【答案】電源的電動(dòng)勢(shì)E為4V，內(nèi)電阻r為1Ω?！痉治觥扛鶕?jù)閉合電路的歐姆定律計(jì)算即可?！窘獯稹拷猓涸O(shè)電源的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r當(dāng)K斷開(kāi)時(shí)R1和R3串聯(lián)在一起組成串聯(lián)電路，電壓表測(cè)量的是R3兩端的電壓，根據(jù)閉合電路的歐姆定律有U=E當(dāng)K閉合時(shí)，R1和R2并聯(lián)后和R3串聯(lián)在電路中，電壓表仍測(cè)量R3兩端的電壓，根據(jù)閉合電路的歐姆定律有U′=E代入數(shù)據(jù)解得：E＝4V，r＝1Ω答：電源的電動(dòng)勢(shì)E為4V，內(nèi)電阻r為1Ω?！军c(diǎn)評(píng)】解題的關(guān)鍵是分析清楚電路的結(jié)構(gòu)，熟練掌握閉合電路的歐姆定律。

考點(diǎn)卡片1．牛頓第二定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】牛頓第二定律的表達(dá)式是F＝ma，已知物體的受力和質(zhì)量，可以計(jì)算物體的加速度；已知物體的質(zhì)量和加速度，可以計(jì)算物體的合外力；已知物體的合外力和加速度，可以計(jì)算物體的質(zhì)量?！久}方向】一質(zhì)量為m的人站在電梯中，電梯加速上升，加速度大小為13A、43mg分析：對(duì)人受力分析，受重力和電梯的支持力，加速度向上，根據(jù)牛頓第二定律列式求解即可。解答：對(duì)人受力分析，受重力和電梯的支持力，加速度向上，根據(jù)牛頓第二定律N﹣mg＝ma故N＝mg+ma=4根據(jù)牛頓第三定律，人對(duì)電梯的壓力等于電梯對(duì)人的支持力，故人對(duì)電梯的壓力等于43故選：A。點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵對(duì)人受力分析，然后根據(jù)牛頓第二定律列式求解。【解題方法點(diǎn)撥】在應(yīng)用牛頓第二定律解決簡(jiǎn)單問(wèn)題時(shí)，要先明確物體的受力情況，然后列出牛頓第二定律的表達(dá)式，再根據(jù)需要求出相關(guān)物理量。2．電容的概念與物理意義【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】（1）定義：電容器所帶的電荷量Q與電容器兩極板間的電勢(shì)差U的比值。（2）定義式：C=Q（3）物理意義：表示電容器儲(chǔ)存電荷的本領(lǐng)大小的物理量。（4）單位：法拉（F）1F＝106μF＝1012pF。（5）說(shuō)明：電容是反映了電容器儲(chǔ)存電荷能力的物理量，其數(shù)值由電容器的構(gòu)造決定，而與電容器帶不帶電或帶多少電無(wú)關(guān)。就像水容器一樣，它的容量大小與水的深度無(wú)關(guān)。【命題方向】由電容器電容的定義式C=QA、若電容器不帶電，則電容C為零B、電容C與所帶的電荷量Q成正比，與電壓U成反比C、電容C與所帶的電荷量Q多少無(wú)關(guān)D、電容在數(shù)值上等于使兩極板間的電壓增加1V時(shí)所需增加的電荷量分析：電容的大小由本身因素所決定，與所帶的電量及兩端間的電壓無(wú)關(guān)．解答：電容的大小由本身因素所決定，與所帶的電量及兩端間的電壓無(wú)關(guān)。電容器不帶電，電容沒(méi)變。故A、B錯(cuò)誤，C正確。由C=Q故選：CD。點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵理解電容的大小與所帶的電量及兩端間的電壓無(wú)關(guān)【解題思路點(diǎn)撥】1.電容表示電容器儲(chǔ)存電荷的本領(lǐng)大小的物理量。2.電容是電容器本身的性質(zhì)與所帶電荷量的多少以及兩極板間的電壓大小無(wú)關(guān)。3.電容的兩個(gè)計(jì)算公式：①定義式：C=②決定式：C=3．帶電粒子（計(jì)重力）在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的曲線運(yùn)動(dòng)4．電流的概念及性質(zhì)【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.定義：自由電荷的定向移動(dòng)形成電流．2.方向：規(guī)定為正電荷定向移動(dòng)的方向．3.電流強(qiáng)度的定義式：I=q4.電流的單位：安培，符號(hào)是A。是國(guó)際單位制中七個(gè)基本物理量之一。5.物理意義：?jiǎn)挝粫r(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體橫截面的電荷量。6.標(biāo)矢性：電流的方向是人為規(guī)定的，以正電荷定向移動(dòng)的方向?yàn)檎较颍\(yùn)算時(shí)遵從的是代數(shù)運(yùn)算法則，所以電流是標(biāo)量?！久}方向】關(guān)于電流，下列說(shuō)法中正確的是（）A、通過(guò)導(dǎo)體橫截面的電荷量越多，電流就越大B、對(duì)于導(dǎo)體，只要其兩端有電壓就有電流C、單位時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體橫截面的電荷量越多，導(dǎo)體中的電流就越大D、因?yàn)殡娏饔蟹较?，所以電流是矢量分析：根?jù)電流的定義式I=q解答：AC、根據(jù)電流的定義式I=qB、要形成電流，不但要有有電壓，電路還需構(gòu)成閉合回路，故B錯(cuò)誤。D、電流雖然有方向，但疊加不符合平行四邊形法則，故不是矢量。故D錯(cuò)誤。故選：C。點(diǎn)評(píng)：考查電流的形成條件及電流定義式的識(shí)記。解題時(shí)牢記電流由電壓和電阻決定，I=q【解題思路點(diǎn)撥】1.電荷定向運(yùn)動(dòng)才形成電流，并不是電荷運(yùn)動(dòng)就可形成電流，其實(shí)導(dǎo)體內(nèi)自由電荷是處于不停的熱運(yùn)動(dòng)之中的，但并不形成電流。2.電流的方向與正電荷定向移動(dòng)的方向相同，與負(fù)電荷定向移動(dòng)的方向相反。5．電流大小的計(jì)算【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】電流大小的計(jì)算有三個(gè)公式：①定義式：I=q②決定式：I=U③微觀表達(dá)式：I＝neSv．（n為導(dǎo)體單位體積內(nèi)的自由電荷數(shù)；e為自由電荷的電荷量；S為導(dǎo)體橫截面積；v為自由電荷定向移動(dòng)的速度）．注意：（1）I=q（2）應(yīng)用電流的微觀表達(dá)式時(shí)，要注意區(qū)分三種速率：①電子定向移動(dòng)速率：一般比較小，速率數(shù)量級(jí)為10﹣5m/s；②電子熱運(yùn)動(dòng)的速率：電子不停地做無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的速率，速率數(shù)量級(jí)約為105m/s；③電流傳導(dǎo)速率：等于光速，為3.0×108m/s．【命題方向】如圖所示，在1價(jià)離子的電解質(zhì)溶液內(nèi)插有兩根碳棒A和B作為電極，將它們接在直流電源上，于是溶液里就有電流通過(guò)．若在t秒內(nèi)，通過(guò)溶液內(nèi)截面S的正離子數(shù)為n1，通過(guò)的負(fù)離子數(shù)為n2，設(shè)基本電荷為e，則以下說(shuō)法中正確的是（）A、正離子定向移動(dòng)形成的電流方向從A→B，負(fù)離子定向移動(dòng)形成的電流方向從B→AB、溶液內(nèi)由于正負(fù)離子移動(dòng)方向相反，溶液中的電流抵消，電流等于零C、溶液內(nèi)的電流方向從A→B，電流I=D、溶液內(nèi)的電流方向從A→B，電流I=分析：正電荷的定向移動(dòng)方向是電流的方向，負(fù)電荷的定向移動(dòng)方向與電流方向相反；由電流的定義式I=q解答：A、電荷的定向移動(dòng)形成電流，正電荷的定向移動(dòng)方向是電流方向，由圖示可知，溶液中的正離子從A向B運(yùn)動(dòng)，因此電流方向是A→B，故A錯(cuò)誤；B、溶液中正離子由A向B移動(dòng)，負(fù)離子由B向A移動(dòng)，負(fù)電荷由B向A的移動(dòng)相當(dāng)于正電荷由B向A移動(dòng)，帶電離子在溶液中定向移動(dòng)形成電流，電流不為零，故B錯(cuò)誤；CD、溶液中的正離子從A向B運(yùn)動(dòng)，因此電流方向是A→B，電流I=q故選：D。點(diǎn)評(píng)：知道電荷的定向移動(dòng)形成電流，正電荷的定向移動(dòng)方向是電流的方向，應(yīng)用電流定義式即可正確解題．【解題思路點(diǎn)撥】1.在計(jì)算電流大小時(shí)要根據(jù)題目所給的條件選擇合適的公式進(jìn)行計(jì)算。2.如果正、負(fù)電荷同時(shí)發(fā)生定向移動(dòng)，定義式中I=q3.微觀表達(dá)式I＝neSv并不是固定的電流大小計(jì)算方式，其中n、e、S、v都有特定的意義，如果題目的參數(shù)發(fā)生變化，微觀表達(dá)式的形式也會(huì)有相應(yīng)變化。但都是從定義式I=q6．電流的微觀表達(dá)式【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.電流的微觀表達(dá)式的推導(dǎo)如圖所示，AD表示粗細(xì)均勻的一段長(zhǎng)為l的導(dǎo)體，兩端加一定的電壓，導(dǎo)體中的自由電荷沿導(dǎo)體定向移動(dòng)的速率為v，設(shè)導(dǎo)體的橫截面積為S，導(dǎo)體每單位體積內(nèi)的自由電荷數(shù)為n，每個(gè)自由電荷的電荷量大小為q。則：導(dǎo)體AD內(nèi)的自由電荷全部通過(guò)橫截面D所用的時(shí)間t=導(dǎo)體AD內(nèi)的自由電荷總數(shù)N＝nlS，總電荷量Q＝Nq＝nlSq，此導(dǎo)體上的電流I=Q2.電流的微觀表達(dá)式：I＝nqSv（1）I=q（2）v表示電荷定向移動(dòng)的速率。自由電荷在不停地做無(wú)規(guī)則的熱運(yùn)動(dòng)，其速率為熱運(yùn)動(dòng)的速率，電流是自由電荷在熱運(yùn)動(dòng)的基礎(chǔ)上向某一方向定向移動(dòng)形成的?！久}方向】有一橫截面積為S的銅導(dǎo)線，流經(jīng)其中的電流強(qiáng)度為I；設(shè)每單位體積的導(dǎo)線中有n個(gè)自由電子，電子的電量為e，此電子的定向移動(dòng)速率為v，在Δt時(shí)間內(nèi)，通過(guò)導(dǎo)線橫截面的自由電子數(shù)可表示為（）A.nvSΔtB.nv?ΔtC.IΔtveD.分析：首先根據(jù)電流強(qiáng)度的定義可以求得t時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)線橫截面積的總的電荷量的大小，進(jìn)而可以求得自由電子的個(gè)數(shù)，再根據(jù)電流的微觀的表達(dá)式，根據(jù)電阻的運(yùn)動(dòng)的速率的大小也可以求得通過(guò)導(dǎo)線橫截面的自由電子的個(gè)數(shù)．解答：在t時(shí)間內(nèi)，以速度v移動(dòng)的電子在銅導(dǎo)線中通過(guò)的距離為vt，由于銅導(dǎo)線的橫截面積為S，則在t時(shí)間內(nèi)，電子經(jīng)過(guò)的導(dǎo)線體積為V＝vtS．又由于單位體積的導(dǎo)線有n個(gè)自由電子，則在Δt時(shí)間內(nèi)，通過(guò)導(dǎo)線橫截面的自由電子數(shù)目可表示為N＝nvSΔt。由于流經(jīng)導(dǎo)線的電流為I，則在t時(shí)間內(nèi)，流經(jīng)導(dǎo)線的電荷量為Q＝It，而電子的電荷量為e，則t時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)線橫截面的自由電子數(shù)目可表示為：N=It故只有A正確，BCD錯(cuò)誤；故選：A。點(diǎn)評(píng)：本題計(jì)算自由電子的個(gè)數(shù)，要注意從不同的角度來(lái)分析問(wèn)題，一是從微觀運(yùn)動(dòng)的角度，二是從電流強(qiáng)度的角度．【解題思路點(diǎn)撥】用電流的微觀表達(dá)式求解問(wèn)題的注意點(diǎn)（1）準(zhǔn)確理解公式中各物理量的意義，式中的v是指自由電荷定向移動(dòng)的速率，不是電流的傳導(dǎo)速率，也不是電子熱運(yùn)動(dòng)的速率。（2）I＝neSv是由I=q7．歐姆定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】歐姆定律1．內(nèi)容：導(dǎo)體中的電流I跟導(dǎo)體兩端的電壓U成正比，跟它的電阻R成反比．2．表達(dá)式：I=U3．適用條件：適用于金屬和電解液導(dǎo)電，氣體導(dǎo)電和半導(dǎo)體元件不適用．4．導(dǎo)體的伏安特性曲線：用橫軸表示電壓U，縱軸表示電流I，畫(huà)出的I﹣U關(guān)系圖線．（1）線性元件：伏安特性曲線是直線的電學(xué)元件，適用于歐姆定律．（2）非線性元件：伏安特性曲線為曲線的電學(xué)元件，即非線性元件的電流與電壓不成正比．【命題方向】（1）第一類?？碱}型是考查歐姆定律不同表達(dá)式的物理意義：對(duì)于歐姆定律的理解，下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是（）A．由I=UB．由U＝IR，對(duì)一定的導(dǎo)體，通過(guò)它的電流強(qiáng)度越大，它兩端的電壓也越大C．由R=UD．對(duì)一定的導(dǎo)體，它兩端的電壓與通過(guò)它的電流強(qiáng)度的比值保持不變分析：根據(jù)歐姆定律的內(nèi)容可知，通過(guò)電阻的電流強(qiáng)度跟它兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比，電阻的大小是由導(dǎo)體本身決定的，與電壓的大小無(wú)關(guān)．解：A、根據(jù)歐姆定律可知，通過(guò)電阻的電流強(qiáng)度跟它兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比，所以A正確；B、由U＝IR，對(duì)一定的導(dǎo)體，電流與電壓成正比，所以通過(guò)它的電流強(qiáng)度越大，它兩端的電壓也越大，所以B正確；C、導(dǎo)體的電阻與電壓的大小無(wú)關(guān)，是由導(dǎo)體本身決定的，所以C錯(cuò)誤；D、對(duì)一定的導(dǎo)體，它兩端的電壓與通過(guò)它的電流強(qiáng)度的比值保持不變，即為電阻的大小，所以D正確．本題選錯(cuò)誤的，故選C．點(diǎn)評(píng)：本題就是考查學(xué)生對(duì)歐姆定律的理解，掌握住電阻是由導(dǎo)體本身決定的，與電壓的大小無(wú)關(guān)，即可解決本題．（2）第二類常考題型是考查對(duì)伏安特性曲線的理解：如圖所示為電阻R1和R2的伏安特性曲線，并且把第一象限分為了Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三個(gè)區(qū)域．現(xiàn)把R1和R2并聯(lián)在電路中，消耗的電功率分別用P1和P2表示；并聯(lián)的總電阻設(shè)為R．下列關(guān)于P1與P2的大小關(guān)系及R的伏安特性曲線應(yīng)該在的區(qū)域正確的是（）A．特性曲線在Ⅰ區(qū)，P1＜P2B．特性曲線在Ⅲ區(qū)，P1＜P2C．特性曲線在Ⅰ區(qū)，P1＞P2D．特性曲線在Ⅲ區(qū)，P1＞P2分析：伏安特性曲線的斜率等于電阻的倒數(shù)．當(dāng)兩個(gè)電阻并聯(lián)后總電阻R比任何一個(gè)電阻都要小，R的伏安特性曲線的斜率大于R1和R2的伏安特性曲線的斜率．R1和R2并聯(lián)在電路中，電壓相等，由圖讀出電流關(guān)系，再研究功率關(guān)系．解：把R1和R2并聯(lián)在電路中，并聯(lián)的總電阻R比R1和R2都小，則R的伏安特性曲線的斜率大于R1和R2的伏安特性曲線的斜率，則R的伏安特性曲線應(yīng)該Ⅰ區(qū)．R1和R2并聯(lián)在電路中，電壓相等，由圖讀出流過(guò)電阻R1的電流較大，則功率P1＞P2．故選C．點(diǎn)評(píng)：本題首先要從數(shù)學(xué)角度理解圖線的物理意義：斜率越大，電阻越?。浯巫プ〔⒙?lián)電路的基本特點(diǎn)：支路兩端的電壓相等．【解題方法點(diǎn)撥】1．歐姆定律不同表達(dá)式的物理意義（1）I=UR是歐姆定律的數(shù)學(xué)表達(dá)式，表示通過(guò)導(dǎo)體的電流I與電壓U成正比，與電阻（2）公式R=U2．對(duì)伏安特性曲線的理解（1）如圖，圖線a、b表示線性元件，圖線c、d表示非線性元件．（2）圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，斜率越大，電阻越小，故Ra＜Rb（如圖甲所示）．（3）圖線c的電阻減小，圖線d的電阻增大（如圖乙所示）．（4）伏安特性曲線上每一點(diǎn)的電壓坐標(biāo)與電流坐標(biāo)的比值對(duì)應(yīng)這一狀態(tài)下的電阻．3．深化拓展（1）在I﹣U曲線上某點(diǎn)切線的斜率不是電阻的倒數(shù)．（2）要區(qū)分是I﹣U圖線還是U﹣I圖線．（3）對(duì)線性元件：R=UI=△U4．歐姆定律I=U對(duì)于純電阻，適合歐姆定律，即純電阻兩端的電壓滿足U＝IR．對(duì)于非純電阻，不適合歐姆定律，因P電＝UI＝P熱+P其他＝I2R+P其他，所以UI＞I2R，即非純電阻兩端的電壓滿足U＞IR．8．電阻定律的內(nèi)容及表達(dá)式【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1．電阻定律（1）內(nèi)容：同種材料的導(dǎo)體，其電阻跟它的長(zhǎng)度成正比，與它的橫截面積成反比，導(dǎo)體的電阻還與構(gòu)成它的材料有關(guān)．（2）表達(dá)式：R＝ρlS2．電阻率（1）計(jì)算式：ρ=RS（2）物理意義：反映導(dǎo)體的導(dǎo)電性能，是導(dǎo)體材料本身的屬性．【命題方向】（1）第一類常考題型是考查對(duì)電阻與電阻率的理解：下列說(shuō)法中正確的是（）A．由R=UB．由R＝ρlSC．各種材料的電阻率都與溫度有關(guān)，金屬的電阻率隨溫度的升高而減小D．所謂超導(dǎo)體，當(dāng)其溫度降低到接近絕對(duì)零度的某個(gè)臨界溫度時(shí)，它的電阻率突然變?yōu)榱惴治觯簩?dǎo)體的電阻是導(dǎo)體的一種性質(zhì)，反映了導(dǎo)體對(duì)電流阻礙作用的大?。浑娮璐笮∨c導(dǎo)體的材料、長(zhǎng)度、橫截面積有關(guān)；還受溫度的影響；與導(dǎo)體中的電流、導(dǎo)體兩端的電壓大小無(wú)關(guān)．解：A、導(dǎo)體電阻的大小和導(dǎo)體的材料、長(zhǎng)度、橫截面積有關(guān)，與電壓、電流沒(méi)有關(guān)系，故A錯(cuò)誤，B正確；C、各種材料的電阻率都與溫度有關(guān)，金屬的電阻率隨溫度的升高而增大，故C錯(cuò)誤；D、超導(dǎo)體是當(dāng)其溫度降低到接近絕對(duì)零度的某個(gè)臨界溫度時(shí)，電阻值等于零，此時(shí)電阻率突然變?yōu)榱?，故D正確．故選BD．點(diǎn)評(píng)：深入理解電阻的概念及影響電阻大小的因素是解答此題的關(guān)鍵．（2）第二類常考題型是考查電阻定律的應(yīng)用：如圖所示，P是一個(gè)表面均勻鍍有很薄電熱膜的長(zhǎng)陶瓷管，其長(zhǎng)度為L(zhǎng)，直徑為D，鍍膜材料的電阻率為ρ，膜的厚度為d．管兩端有導(dǎo)電金屬箍M、N．現(xiàn)把它接入電路中，測(cè)得M、N兩端電壓為U，通過(guò)它的電流I．則金屬膜的電阻率的值為（）A.UIB.πUD24IL分析：鍍膜材料的截面積為陶瓷管的周長(zhǎng)和膜的厚度為d的乘積，根據(jù)歐姆定律求出電阻的大小，在根據(jù)電阻定律R＝ρLs解：由歐姆定律可得，鍍膜材料的電阻R=U鍍膜材料的截面積為s＝2πD2?d＝π根據(jù)電阻定律可得，R＝ρLs所以鍍膜材料的電阻率ρ為，ρ=sR故選C．點(diǎn)評(píng)：本題容易出錯(cuò)的地方就是如何計(jì)算鍍膜材料的截面積，在計(jì)算時(shí)可以把它看成是邊長(zhǎng)為陶瓷管周長(zhǎng)，寬為d的矩形，計(jì)算出截面積，再根據(jù)電阻定律計(jì)算即可．【解題方法點(diǎn)撥】1．電阻與電阻率的區(qū)別（1）電阻是反映導(dǎo)體對(duì)電流阻礙作用大小的物理量．電阻率是反映制作導(dǎo)體的材料導(dǎo)電性能好壞的物理量．（2）導(dǎo)體電阻并不是只由電阻率決定，即電阻大，電阻率不一定大；電阻率小，電阻不一定小．2．電阻的決定式和定義式的區(qū)別公式R＝ρlR=區(qū)別電阻的決定式電阻的定義式說(shuō)明了電阻的決定因素提供了一種測(cè)定電阻的方法，并不說(shuō)明電阻與U和I有關(guān)適用于粗細(xì)均勻的金屬導(dǎo)體和濃度均勻的電解液適用于任何純電阻導(dǎo)體9．混聯(lián)電路的特點(diǎn)及應(yīng)用【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.混聯(lián)電路的概念：電路中有串聯(lián)部分和并聯(lián)部分共存的電路叫作混聯(lián)電路。2.根據(jù)串、并聯(lián)電路的特點(diǎn)解決混聯(lián)電路問(wèn)題。【命題方向】如圖所示，R1與R2并聯(lián)之后再與R3串聯(lián)，已知UAB＝12V，R1＝6Ω，P3＝16W，I1=4（1）R1兩端的電壓為多少？（2）R3的電流是多少？（3）R2阻值為多少？（4）R3阻值為多少？分析：電阻R1與電阻R2并聯(lián)，根據(jù)通過(guò)R1的電流和R1的阻值，通過(guò)歐姆定律求出R1兩端的電壓，從而得出R3兩端的電壓，根據(jù)R3的功率求出通過(guò)R3的電流，根據(jù)總電流求出R2的電流，結(jié)合歐姆定律求出R2的阻值．解答：（1）根據(jù)歐姆定律得，R1兩端的電壓U1=I（2）R3兩端的電壓U3＝UAB﹣U1＝4V．則通過(guò)R3的電流I3（3）通過(guò)R2的電流I2則R2（4）R3答：（1）R1兩端的電壓為8V．（2）R3的電流是4A．（3）R2阻值為3Ω．（4）R3阻值為1Ω．點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵知道串并聯(lián)電路的特點(diǎn)，以及掌握部分電路歐姆定律，并能靈活運(yùn)用．【解題思路點(diǎn)撥】解決簡(jiǎn)單混聯(lián)電路的方法（1）準(zhǔn)確地判斷出電路的連接方式，畫(huà)出等效電路圖。（2）準(zhǔn)確地利用串、并聯(lián)電路的基本規(guī)律、特點(diǎn)。（3）靈活地選用恰當(dāng)?shù)奈锢砉竭M(jìn)行計(jì)算。10．改裝后電表的串并聯(lián)問(wèn)題【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】本考點(diǎn)旨在針對(duì)將改裝后的電流表或（和）電壓表進(jìn)行串聯(lián)或并聯(lián)的問(wèn)題?！久}方向】一、電表的串聯(lián)用兩只完全相同的電流表分別改裝成一只電流表和一只電壓表．將它們串聯(lián)起來(lái)接入電路中，如圖所示，此時(shí)（）A、兩只電表的指針偏轉(zhuǎn)角相同B、兩只電表的指針都不偏轉(zhuǎn)C、電流表指針的偏轉(zhuǎn)角小于電壓表指針的偏轉(zhuǎn)角D、電流表指針的偏轉(zhuǎn)角大于電壓表指針的偏轉(zhuǎn)角分析：電流表改裝成電壓表是串聯(lián)較大的分壓電阻；電流表改裝成大量程電流表是并聯(lián)較小的分流電阻；將電壓表和電流表串聯(lián)，分析通過(guò)表頭的電流關(guān)系，判斷指針偏轉(zhuǎn)角度的大?。獯穑弘娏鞅砀难b成電壓表是串聯(lián)較大的分壓電阻；電流表改裝成大量程電流表是并聯(lián)較小的分流電阻；兩表串聯(lián)后，通過(guò)電流表的總電流與電壓表的電流相等，由于電流表改裝成大量程電流表是并聯(lián)較小的分流電阻，所以大部分電流通過(guò)了分流電阻，通過(guò)表頭的電流很小，電流表指針的偏轉(zhuǎn)角小于電壓表指針的偏轉(zhuǎn)角，故ABD錯(cuò)誤，C正確；故選：C。點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是明確電流表和電壓表的改裝原理，熟悉串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)，基礎(chǔ)題．二、電表的并聯(lián)如圖所示電路，將兩個(gè)相同的電流計(jì)分別改裝成電流表A1（0～3A）和電流表A2（0～0.6A），把這兩個(gè)電流表并聯(lián)接入電路中測(cè)量電流．則下列說(shuō)法中正確的是（）A、A1的指針半偏時(shí)，A2的指針也半偏B、A1的指針還沒(méi)有滿偏，A2的指針已經(jīng)滿偏C、A1的讀數(shù)為1A時(shí)，A2的讀數(shù)為0.6AD、A1的讀數(shù)為1A時(shí)，干路中的電流為1.2A分析：電流表是由電流計(jì)并聯(lián)一個(gè)電阻改裝而成，兩個(gè)電流計(jì)的滿偏電壓相同，A1和A2的最大電流分別是3A和0.6A，所以歐姆定律，改裝后的兩電流表內(nèi)阻之比為1