【全程復(fù)習(xí)方略】2013版高中物理 5.4功能關(guān)系 能量守恒定律課件 滬科版

1、第4講 功能關(guān)系 能量守恒定律,考點(diǎn)1 功能關(guān)系,1.功和能 (1)功是_的量度，即做了多少功就有多少_發(fā)生了 轉(zhuǎn)化. (2)做功的過(guò)程一定伴隨著_，而且_必 須通過(guò)做功來(lái)實(shí)現(xiàn).,能量轉(zhuǎn)化,能量的轉(zhuǎn)化,能量的轉(zhuǎn)化,能量,2.常見(jiàn)的幾種功能對(duì)應(yīng)關(guān)系 (1)合外力做功等于物體動(dòng)能的改變，即W合=Ek2-Ek1=Ek.(動(dòng)能定理) (2)重力做功等于物體重力勢(shì)能的改變，即WG=Ep1-Ep2=-Ep. (3)彈簧彈力做功等于彈性勢(shì)能的改變，即WF=Ep1-Ep2=-Ep. (4)除了重力和彈簧彈力之外的其他力所做的總功，等于物體機(jī)械能的改變，即W其他力=E2-E1=E.(功能原理),1.動(dòng)能的改變量

2、、機(jī)械能的改變量分別與對(duì)應(yīng)的功相等 2.重力勢(shì)能、彈性勢(shì)能、電勢(shì)能的改變量與對(duì)應(yīng)的力做的功數(shù)值相等，但符號(hào)相反,3.摩擦力做功的特點(diǎn)及其與能量的關(guān)系,比較,能量的轉(zhuǎn)化方面,只有能量的轉(zhuǎn)移，而沒(méi)有能量的轉(zhuǎn)化,既有能量的轉(zhuǎn)移，又有能量的轉(zhuǎn)化,一對(duì)摩擦 力的總功 方面,一對(duì)靜摩擦力所做功的代數(shù)總和等于零,一對(duì)滑動(dòng)摩擦力所做功的代數(shù)和不為零，總功W= -fl相對(duì)，即摩擦?xí)r產(chǎn)生的熱量,正功、負(fù)功、不做功方面,兩種摩擦力對(duì)物體可以做正功、負(fù)功，還可以不做功,質(zhì)量為m的滑塊，沿高為h，長(zhǎng)為L(zhǎng)的粗糙斜面勻速下滑，在滑塊從斜面頂端滑到底端的過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是( ) A.滑塊的機(jī)械能減少了mgh B.重力

3、對(duì)滑塊所做的功等于mgh C.滑塊勢(shì)能的變化量等于mgh D.滑塊動(dòng)能的變化量等于mgh,【解析】選A、B.滑塊勻速下滑時(shí)，滑動(dòng)摩擦力f=mgsin= 故下滑過(guò)程中滑動(dòng)摩擦力做的功為-fL=-mgh,機(jī)械能 減少了mgh，A正確；重力做功為mgh，滑塊重力勢(shì)能的變化量 為-mgh，故B正確，C錯(cuò)誤；滑塊勻速下滑，動(dòng)能不變，D錯(cuò)誤.,考點(diǎn)2能量守恒定律,1.內(nèi)容:能量既不能憑空_，也不能憑空消失，它只能從一 種形式_為另一種形式，或者從一個(gè)物體_到另一個(gè)物 體，在_的過(guò)程中，其總量_ 2.表達(dá)式：E減=_,產(chǎn)生,轉(zhuǎn)化,轉(zhuǎn)移,轉(zhuǎn)化或轉(zhuǎn)移,保持不變,E增,1.對(duì)定律的理解 (1)某種形式的能減少，一

4、定存在其他形式的能增加，且減少量和增加量一定相等； (2)某個(gè)物體的能量減少，一定存在其他物體的能量增加，且減少量和增加量一定相等. 這也是我們列能量守恒定律方程式的兩條基本思路.,2.應(yīng)用定律解題的步驟 (1)分清有多少形式的能，如動(dòng)能、勢(shì)能(包括重力勢(shì)能、彈性勢(shì)能、電勢(shì)能)、內(nèi)能等發(fā)生變化. (2)明確哪種形式的能量增加，哪種形式的能量減少，并且列出減少的能量E減和增加的能量E增的表達(dá)式. (3)列出能量守恒關(guān)系式：E減=E增.,如圖所示，質(zhì)量m=1 kg、長(zhǎng)L=0.8 m的均勻 矩形薄板靜止在水平桌面上，其右端與桌子 邊緣相平.板與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為= 0.4.現(xiàn)用F=5 N的水平力向

5、右推薄板，使它翻下桌子，力F做的 功至少為(g取10 m/s2)( ) A.1 J B.1.6 J C.2 J D.4 J 【解析】選B.當(dāng)板向右平移 =0.4 m時(shí)，板即翻下桌子，若 此時(shí)板速度為零，則力F做功最少，由能量守恒定律可得WF- mg =0，WF= mgL=1.6 J.故B正確.,功能關(guān)系的應(yīng)用技巧 【例證1】如圖所示，質(zhì)量為m的物體(可視為質(zhì)點(diǎn))以某一速度從 A點(diǎn)沖上傾角為30的固定斜面，其運(yùn)動(dòng)的加速度為 此物體 在斜面上上升的最大高度為h，則在這個(gè)過(guò)程中物體( ) A.重力勢(shì)能增加了 B.重力勢(shì)能增加了mgh C.動(dòng)能損失了mgh D.機(jī)械能損失了,【解題指南】解答本題應(yīng)從以

6、下兩點(diǎn)重點(diǎn)把握： (1)由物體的加速度和牛頓第二定律確定摩擦阻力的大小和方向. (2)能量的變化與對(duì)應(yīng)力做功的關(guān)系.,【自主解答】選B、D.設(shè)物體受到的摩擦阻力為Ff， 由牛頓運(yùn)動(dòng)定律得 f+mgsin30=ma= 解得f= 重力勢(shì)能的變化由重力做功決定，故Ep=mgh. 動(dòng)能的變化由合外力做功決定： (f+mgsin30)x=max 機(jī)械能的變化由重力或系統(tǒng)內(nèi)彈力以外的其他力做功決定， 故E機(jī)械=fx= 故B、D正確，A、C錯(cuò)誤.,【總結(jié)提升】功能關(guān)系的選用技巧 (1)在應(yīng)用功能關(guān)系解決具體問(wèn)題的過(guò)程中,若只涉及動(dòng)能的變化用動(dòng)能定理分析. (2)只涉及重力勢(shì)能的變化用重力做功與重力勢(shì)能變化的

7、關(guān)系分析. (3)只涉及機(jī)械能變化用除重力和彈力之外的力做功與機(jī)械能變化的關(guān)系分析. (4)只涉及電勢(shì)能的變化用電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系分析.,【變式訓(xùn)練】一個(gè)物體自斜面底端被彈出而沿斜面上滑，滑到最高處后又滑下來(lái)，回到斜面底端，在物體上滑和下滑過(guò)程中(斜面不光滑)( ) A.物體的加速度一樣大 B.重力做功的平均功率一樣大 C.動(dòng)能的變化值一樣大 D.機(jī)械能的變化值一樣大,【解析】選D.上滑和下滑時(shí)，摩擦力方向相反，故加速度不同，A錯(cuò)；下滑所用時(shí)間長(zhǎng)，重力做功又相同，故B錯(cuò)；合力做的功不同，上滑時(shí)動(dòng)能變化大，C錯(cuò)；往返兩過(guò)程中摩擦力都做負(fù)功且相同，機(jī)械能減小相同，D對(duì).,【變式備選】如圖

8、所示，一表面光滑的木 板可繞固定的水平軸O轉(zhuǎn)動(dòng)，木板從水平 位置OA轉(zhuǎn)到OB位置的過(guò)程中，木板上重為 5 N的物塊從靠近轉(zhuǎn)軸的位置由靜止開(kāi)始滑到圖中虛線所示位置，在這一過(guò)程中，物塊的重力勢(shì)能減少了4 J.則以下說(shuō)法正確的是(取g=10 m/s2)( ) A.物塊的豎直高度降低了0.8 m B.由于木板轉(zhuǎn)動(dòng)，物塊下降的豎直高度必大于0.8 m C.物塊獲得的動(dòng)能為4 J D.由于木板轉(zhuǎn)動(dòng)，物塊的機(jī)械能必定增加,【解析】選A.由重力勢(shì)能的表達(dá)式Ep=mgh,重力勢(shì)能減少了4 J，而mg=5 N,故h=0.8 m,A項(xiàng)正確、B項(xiàng)錯(cuò)誤；木板轉(zhuǎn)動(dòng)，木板的支持力對(duì)物塊做負(fù)功，故物塊機(jī)械能不守恒，C、D項(xiàng)均

9、錯(cuò)誤.,利用能量守恒定律規(guī)范解題 【例證2】(15分)如圖所示，一物體質(zhì)量m=2 kg，在傾角為=37的斜面上的A點(diǎn)以初速度v0=3 m/s下滑，A點(diǎn)距彈簧上端B的距離AB=4 m.當(dāng)物體到達(dá)B后將彈簧壓縮到C點(diǎn)，最大壓縮量BC=0.2 m,然后物體又被彈簧彈上去，彈到的最高位置為D點(diǎn)，D點(diǎn)距A點(diǎn)AD=3 m.擋板及彈簧質(zhì)量不計(jì)，g取10 m/s2,sin37 =0.6,求：,(1)物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù). (2)彈簧的最大彈性勢(shì)能Epm. 【解題指南】解答本題時(shí)應(yīng)注意以下兩點(diǎn)： (1)摩擦力做負(fù)功，系統(tǒng)機(jī)械能不守恒. (2)彈性勢(shì)能最大時(shí)，彈簧壓縮量最大.,【規(guī)范解答】(1)物體從開(kāi)始位置

10、A點(diǎn)到最后D點(diǎn)的過(guò)程中，彈性 勢(shì)能沒(méi)有發(fā)生變化，動(dòng)能和重力勢(shì)能減少，機(jī)械能的減少量為 E=Ek+Ep= mv02+mglADsin37 (2分) 物體克服摩擦力產(chǎn)生的熱量為 Q=fx (2分) 其中x為物體的路程，即x=5.4 m (1分) f=mgcos37 (1分) 由能量守恒定律可得E=Q (2分) 由式解得=0.52. (1分),(2)由A到C的過(guò)程中，動(dòng)能減少Ek= mv02 (1分) 重力勢(shì)能減少Ep=mglACsin37 (1分) 摩擦生熱Q=flAC=mgcos37lAC (1分) 由能量守恒定律得彈簧的最大彈性勢(shì)能為 Epm=Ek+Ep-Q (2分) 聯(lián)立解得Epm=24.5

11、 J. (1分) 答案：(1)0.52 (2)24.5 J,【總結(jié)提升】涉及能量轉(zhuǎn)化問(wèn)題的解題方法 (1)當(dāng)涉及摩擦力做功，機(jī)械能不守恒時(shí)，一般應(yīng)用能的轉(zhuǎn)化和守恒定律. (2)解題時(shí)，首先確定初末狀態(tài)，然后分析狀態(tài)變化過(guò)程中哪種形式的能量減少，哪種形式的能量增加，求出減少的能量總和E減和增加的能量總和E增，最后由E減=E增列式求解.,【變式訓(xùn)練】如圖所示，水平面上的輕彈簧一端與物體相連， 另一端固定在墻上P點(diǎn)，已知物體的質(zhì)量為m=2.0 kg,物體與水 平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.4,彈簧的勁度系數(shù)k=200 N/m.現(xiàn)用力 F拉物體，使彈簧從處于自然狀態(tài)的O點(diǎn)由靜止開(kāi)始向左移動(dòng) 10 cm，這時(shí)

12、彈簧具有彈性勢(shì)能Ep=1.0 J,物體處于靜止?fàn)顟B(tài)， 若取g=10 m/s2,則撤去外力F后( ) A.物體向右滑動(dòng)的距離可以達(dá)到12.5 cm B.物體向右滑動(dòng)的距離一定小于12.5 cm C.物體回到O點(diǎn)時(shí)速度最大 D.物體到達(dá)最右端時(shí)動(dòng)能為0，系統(tǒng)機(jī)械能不為0,【解析】選B、D.物體向右滑動(dòng)時(shí)，kx-mg=ma,當(dāng)a=0時(shí)速度 達(dá)到最大，而此時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量 物體沒(méi)有回到O點(diǎn)， 故C錯(cuò)誤；因彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)，Epmgx=0.8 J,故物體到 O點(diǎn)后繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)，彈簧被壓縮，因有Ep=mgxm+Ep，得 故A錯(cuò)誤，B正確；因物體滑到最 右端時(shí)，動(dòng)能為零，彈性勢(shì)能不為零，故系統(tǒng)的機(jī)械能不為 零，

13、D正確.,相對(duì)滑動(dòng)物體的能量問(wèn)題分析 【例證3】如圖所示，AB為半徑R=0.8 m的1/4光滑圓弧軌道，下端B恰與小車右端平滑對(duì)接.小車質(zhì)量M=3 kg,車長(zhǎng)L=2.06 m,車上表面距地面的高度h=0.2 m,現(xiàn)有一質(zhì)量m=1 kg的滑塊，由軌道頂端無(wú)初速釋放，滑到B端后沖上小車.已知地面光滑，滑塊與小車上表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.3,當(dāng)車運(yùn)動(dòng)了1.5 s時(shí)，車被地面裝置鎖定(g=10 m/s2).試求：,(1)滑塊到達(dá)B端時(shí)，軌道對(duì)它支持力的大?。?(2)車被鎖定時(shí)，車右端距軌道B端的距離； (3)從車開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到被鎖定的過(guò)程中，滑塊與車面間由于摩擦而產(chǎn)生的內(nèi)能大小.,【解題指南】解答本題應(yīng)注

14、意以下兩點(diǎn)： (1)判斷車被鎖定時(shí)滑塊是否在小車上停止相對(duì)滑動(dòng). (2)判斷小車的運(yùn)動(dòng)規(guī)律.,【自主解答】(1)由機(jī)械能守恒定律和牛頓第二定律得 mgR= mvB2,NB-mg= 則：NB=30 N. (2)設(shè)m滑上小車后經(jīng)過(guò)時(shí)間t1與小車同速，共同速度大小為v, 對(duì)滑塊有:mg=ma1,v=vB-a1t1 對(duì)于小車：mg=Ma2,v=a2t1 解得：v=1 m/s,t1=1 s1.5 s 故滑塊與小車同速后，小車?yán)^續(xù)向左勻速行駛了0.5 s，則小車右端距B端的距離為,l車= t1+v(1.5 s-t1)=1 m. (3)Q=mgl相對(duì)= 答案：(1)30 N (2)1 m (3)6 J,【互

15、動(dòng)探究】試判斷車被鎖定后，滑塊能否從車的左端滑出？ 若能滑出，試確定滑塊落點(diǎn)到車左端的水平距離？ 【解析】車被鎖定時(shí)，m相對(duì)車面已滑到了l相對(duì)= 故此時(shí)滑塊離車的左端的距離為l=L-l相對(duì)=0.06 m.假設(shè)滑塊能從 車的左端滑出，速度為v，則由 mv2= mv2+mgl可得： v=0.8 m/s0，故滑塊能從車的左端滑出. 又h= gt2,x=vt 可得：x=0.16 m 答案：能 0.16 m,【總結(jié)提升】求解相對(duì)滑動(dòng)物體的能量問(wèn)題的方法 (1)正確分析物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，做好受力情況分析. (2)利用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，結(jié)合牛頓第二定律分析物體的速度關(guān)系及位移關(guān)系. (3)公式Q=fl相對(duì)中l(wèi)相對(duì)為

16、兩接觸物體間的相對(duì)位移，若物體在傳送帶上往復(fù)運(yùn)動(dòng)時(shí)，則l相對(duì)為總的相對(duì)路程.,【例證】如圖所示，用輕彈簧將質(zhì)量均為 m=1 kg的物塊A和B連接起來(lái)，將它們沿豎 直方向固定在空中，彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)， A距地面的高度h1=0.90 m.同時(shí)釋放兩物 塊，A與地面碰撞后速度立即變?yōu)榱?，?于B壓縮彈簧后被反彈，使A剛好能離開(kāi)地,面(但不繼續(xù)上升).若將B物塊換為質(zhì)量為2m的物塊C(圖中未畫出)，仍將它與A固定在空中且彈簧處于原長(zhǎng)，從A距地面的高度為h2處同時(shí)釋放，C壓縮彈簧被反彈后，A也剛好能離開(kāi)地面.已知彈簧的勁度系數(shù)k=100 N/m，求h2.(取g=10 m/s2),【規(guī)范解答】設(shè)A物塊落地

17、時(shí)，B物塊的速度為v1,則有 mv12=mgh1 設(shè)A剛好離地時(shí)，彈簧的形變量為x，對(duì)A物塊有mg=kx 從A落地后到A剛好離開(kāi)地面的過(guò)程中，對(duì)于A、B及彈簧組成的 系統(tǒng)機(jī)械能守恒，則有 mv12=mgx+Ep 換成C后，設(shè)A落地時(shí)，C的速度為v2，則有 2mv22=2mgh2 從A落地后到A剛好離開(kāi)地面的過(guò)程中，A、C及彈簧組成的系統(tǒng) 機(jī)械能守恒，則有 2mv22=2mgx+Ep 聯(lián)立解得h2=0.5 m. 答案：0.5 m,傳送帶模型中的動(dòng)力學(xué)問(wèn)題和功能關(guān)系問(wèn)題 傳送帶是應(yīng)用較廣泛的一種傳動(dòng)裝置，與生產(chǎn)、生活實(shí)際緊密相連，所涉及的問(wèn)題能很好地培養(yǎng)提升學(xué)生分析綜合能力.下面從兩個(gè)角度對(duì)傳送帶

18、模型進(jìn)行分析. 1.傳送帶上的動(dòng)力學(xué)問(wèn)題 解決此類問(wèn)題的思路： (1)明確研究對(duì)象. (2)對(duì)研究對(duì)象進(jìn)行受力分析、過(guò)程分析和狀態(tài)分析，建立清晰的物理模型. (3)利用牛頓運(yùn)動(dòng)定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律列方程求解.,【典題例證】如圖所示，傳送帶與地面的傾角=37，從A端到B端的長(zhǎng)度為16 m，傳送帶以v=10 m/s的速度沿逆時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng).在傳送帶上端A處無(wú)初速度地放置一個(gè)質(zhì)量為0.5 kg的物體，它與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.5，求物體從A端運(yùn)動(dòng)到B端所需的時(shí)間是多少？ (sin37=0.6,cos37=0.8，g=10 m/s2),【命題探究】本題主要考查傳送帶模型中的動(dòng)力學(xué)問(wèn)題，重在對(duì)傳送帶上

19、的物體進(jìn)行受力分析和過(guò)程分析. 【深度剖析】當(dāng)物體放在A端到兩者速度相同的過(guò)程中設(shè)物體的加速度為a1，由牛頓第二定律得： mgsin+mgcos=ma1 設(shè)物體速度從零增大到與傳送帶相同時(shí)所用時(shí)間為t1，運(yùn)動(dòng)位移為x,則 v=a1t1 x=a1t12,但由于mgsinmgcos ，因而此時(shí)物體不是勻速運(yùn)動(dòng)而是繼續(xù)做加速運(yùn)動(dòng).設(shè)這個(gè)過(guò)程物體的加速度為a2，則由牛頓第二定律得 mgsin-mgcos=ma2 其運(yùn)動(dòng)的位移為：L-x=vt2+a2t22 物體下滑的總時(shí)間為t=t1+t2 聯(lián)立以上各式解得：t=2 s,2.傳送帶上的功能關(guān)系問(wèn)題 【典題例證】如圖所示，繃緊的傳送帶 與水平面的夾角=30

20、，皮帶在電動(dòng) 機(jī)的帶動(dòng)下，始終保持v0=2 m/s的速率 運(yùn)行，現(xiàn)把一質(zhì)量為m=10 kg的工件(可 看做質(zhì)點(diǎn))輕輕放在皮帶的底端，經(jīng)過(guò)時(shí)間1.9 s，工件被傳送到h=1.5 m的高處，取g=10 m/s2，求： (1)工件與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)； (2)電動(dòng)機(jī)由于傳送工件多消耗的電能.,【命題探究】本題綜合考查了動(dòng)力學(xué)及能的轉(zhuǎn)化和守恒定律的 應(yīng)用.第一問(wèn)重點(diǎn)在對(duì)運(yùn)動(dòng)過(guò)程分析的基礎(chǔ)上的公式應(yīng)用，第二 問(wèn)是考查能量守恒問(wèn)題. 【深度剖析】(1)由圖可知，皮帶長(zhǎng)工件速度達(dá)v0 前，做勻加速運(yùn)動(dòng)的位移 勻速運(yùn)動(dòng)的位移為x-x1=v0(t-t1) 解得加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t1=0.8 s， 加速運(yùn)動(dòng)的位移x

21、1=0.8 m,所以加速度 由牛頓第二定律有：mgcos-mgsin=ma 解得 (2)從能量守恒的觀點(diǎn)，顯然電動(dòng)機(jī)多消耗的電能用于增加工件的動(dòng)能、勢(shì)能以及克服傳送帶與工件之間發(fā)生相對(duì)位移時(shí)摩擦力做功發(fā)出的熱量. 在時(shí)間t1內(nèi)，皮帶運(yùn)動(dòng)的位移x皮=v0t1=1.6 m 在時(shí)間t1內(nèi)，工件相對(duì)皮帶的位移 x相=x皮-x1=0.8 m,在時(shí)間t1內(nèi)，摩擦發(fā)熱Q=mgcosx相=60 J 工件獲得的動(dòng)能Ek=mv02=20 J 工件增加的勢(shì)能Ep=mgh=150 J 電動(dòng)機(jī)多消耗的電能W=Q+Ek+Ep=230 J.,1.如圖所示，在一個(gè)盛水的杯子里有一木塊. 開(kāi)始時(shí)木塊被一根細(xì)繩拴住而完全沒(méi)入水中

22、， 整個(gè)裝置與外界絕熱，斷開(kāi)細(xì)繩，則木塊將 浮到水面上，最后達(dá)到平衡，在這一過(guò)程中， 水、杯子和木塊組成的系統(tǒng)( ) A.內(nèi)能增大B.內(nèi)能減小 C.內(nèi)能不變D.條件不足，無(wú)法判斷,【解析】選A.細(xì)繩斷后，木塊上升，同體積的水下移，系統(tǒng)重心下移，重力勢(shì)能減小，由能量守恒定律可知，水、杯子和木塊組成的系統(tǒng)內(nèi)能一定增大，A正確.,2.物體在豎直方向上分別做了勻速上升、加速上升和減速上升三種運(yùn)動(dòng).在這三種情況下物體機(jī)械能的變化情況是( ) A.勻速上升機(jī)械能不變，加速上升機(jī)械能增加，減速上升機(jī)械能減小 B.勻速上升和加速上升機(jī)械能增加，減速上升機(jī)械能減小 C.勻速上升和加速上升機(jī)械能增加，減速上升機(jī)械

23、能可能增加，可能減少，也可能不變 D.三種情況中，物體的機(jī)械能均增加,【解析】選C.無(wú)論物體向上加速還是勻速運(yùn)動(dòng)，除重力外，其他外力一定對(duì)物體做正功，物體機(jī)械能都增加，物體向上減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，除重力外，物體受到的其他外力不確定，故無(wú)法確定其機(jī)械能的變化，C正確.,3.滑塊靜止于光滑水平面上，與之相連 的輕質(zhì)彈簧處于自然伸直狀態(tài)，現(xiàn)用恒 定的水平外力F作用于彈簧右端，在向 右移動(dòng)一段距離的過(guò)程中拉力F做了10 J的功.在上述過(guò)程 中( ) A.彈簧的彈性勢(shì)能增加了10 J B.滑塊的動(dòng)能增加了10 J C.滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能增加了10 J D.滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒,【解析】選C.拉力F做功的同時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)，彈性勢(shì)能增大，滑塊向右加速，滑塊動(dòng)能增加，由功能關(guān)系可知，拉力做功等于滑塊的動(dòng)能與彈簧彈性勢(shì)能的增加量之和，C正確，A、B、D均錯(cuò)誤.,4.如圖所示，ABCD是一個(gè)盆