安徽省蚌埠市二中2019_2020學年高二物理下學期期中試題含解析

1、安徽省蚌埠市二中2019-2020學年高二物理下學期期中試題（含解析）一選擇題（本題共12小題，每小題4分。在每小題給出的四個選項中，第18題只有一項符合題目要求，第912題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有錯選的得0分）。1. 盧瑟福通過對粒子散射實驗結果的分析，提出了原子內(nèi)部存在a. 電子b. 中子c. 質(zhì)子d. 原子核【答案】d【解析】【詳解】盧瑟福在粒子散射實驗中觀察到絕大多數(shù)粒子穿過金箔后幾乎不改變運動方向，只有極少數(shù)的粒子發(fā)生了大角度的偏轉(zhuǎn)，說明在原子的中央存在一個體積很小的帶正電的物質(zhì)，將其稱為原子核故選項d正確【點睛】本題需要熟悉粒子散射實驗和原子核式

2、結構模型2.當某種單色光照射到金屬表面時，金屬表面有光電子逸出，如果光的強度減弱，頻率不變，則（）a. 光的強度減弱到某一數(shù)值時，就沒有光電子逸出b. 單位時間內(nèi)逸出的光電子數(shù)減少c. 逸出光電子的最大初動能減小d. 單位時間內(nèi)逸出的光電子數(shù)和光電子的最大初動能都要減小【答案】b【解析】【詳解】a能否產(chǎn)生光電效應，取決于入射光的頻率，與入射光的強度無關，故a錯誤；b光的強度減弱，頻率不變，單位時間內(nèi)從金屬表面逸出的光電子數(shù)目將減少，光電流減弱，故b正確；cd根據(jù)光電效應方程知入射光的頻率不變，則最大初動能不變，故c錯誤，d錯誤。故選b。3.在一個原子核衰變?yōu)橐粋€原子核的過程中，發(fā)生衰變的次數(shù)為

3、（）a. 8次b. 6次c. 4次d. 2次【答案】b【解析】【詳解】設經(jīng)過m次衰變，n次衰變，則有：4m=32，2m-n=10解得：m=8，n=6故b正確acd錯誤。故選b。4.關于動量守恒的條件,下列說法正確的有( )a. 只要系統(tǒng)內(nèi)存在摩擦力,動量不可能守恒b. 只要系統(tǒng)受外力做的功為零,動量守恒c. 只要系統(tǒng)所受到合外力的沖量為零,動量守恒d. 系統(tǒng)加速度為零,動量不一定守恒【答案】c【解析】【詳解】a只要系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動量就守恒，與系統(tǒng)內(nèi)是否存在摩擦力無關，故a錯誤；b系統(tǒng)受外力做的功為零，系統(tǒng)所受合外力不一定為零，系統(tǒng)動量不一定守恒，如用繩子拴著一個小球，讓小球做勻速圓周

4、運動，小球轉(zhuǎn)過半圓的過程中，系統(tǒng)外力做功為零，但小球的動量不守恒，故b錯誤；c力與力的作用時間的乘積是力的沖量，系統(tǒng)所受到合外力的沖量為零，則系統(tǒng)受到的合外力為零，系統(tǒng)動量守恒，故c正確；d系統(tǒng)加速度為零，由牛頓第二定律可得，系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動量守恒，故d錯誤；故選c。5.如圖所示，矩形閉合線圈豎直放置，是它的對稱軸，通電直導線ab與平行，且ab、所在平面與線圈平面垂直，如要在線圈中形成方向為的感應電流，可行的做法是a. ab中電流逐漸增大b. ab中電流i先增大后減小c. 導線ab正對靠近線圈d. 線圈繞軸逆時針轉(zhuǎn)動90(俯視)【答案】d【解析】【詳解】oo為線框的對稱軸，由圖示可知

5、，ab中電流產(chǎn)生的磁場穿過線圈的磁通量為零；a.ab中電流i逐漸增大，穿過線圈的磁通量始終為零，保持不變，線圈中沒有感應電流產(chǎn)生，故a錯誤；b.ab中電流i先增大后減小，穿過線圈的磁通量始終為零，保持不變，線圈中沒有感應電流產(chǎn)生，故b錯誤；c.導線ab正對oo靠近線圈，穿過線圈的磁通量始終為零，保持不變，線圈中沒有感應電流產(chǎn)生，故c錯誤；d. 線圈繞oo軸逆時針轉(zhuǎn)動90(俯視)穿過線圈的磁通量增大，由楞次定律可知，感應電流方向為abcda，故d正確；故選d.6.如圖所示電路中，l是一個自感系數(shù)較大的線圈（直流電阻可忽略不計），a、b是兩個完全相同的燈泡，則以下說法錯誤的是（）a. 合上s時，a

6、的亮度大，b的亮度小b. 合上s時，a、b同時亮c. 合上s后，a變亮，b逐漸熄滅d. 電路接通穩(wěn)定后，斷開s時，a立即熄滅，b閃亮后再熄滅【答案】a【解析】【詳解】abc合上s時，電路中立即就有了電流，故燈泡a、b同時變亮；但通過線圈的電流增加，線圈會產(chǎn)生自感電動勢，故線圈的電流緩慢增加；當電流穩(wěn)定后，線圈相當于直導線，燈泡b被短路，故電鍵閉合后，ab同時亮，但b逐漸熄滅，而a更亮，a選項符合題意，bc選項不合題意，故a正確，bc錯誤；d斷開s時，a燈立即熄滅；線圈產(chǎn)生自感電動勢和燈泡b構成閉合電路，b燈先閃亮后逐漸變暗，d選項不合題意，故d錯誤。故選a。7.如圖所示，一個矩形線圈abcd在

7、勻強磁場中繞垂直于磁場方向的軸勻速轉(zhuǎn)動，線圈內(nèi)磁通量隨時間t的變化如圖所示，則下列說法中正確的是（ ）a. t1時刻線圈中的感應電動勢最大b. t2時刻ab的運動方向與磁場方向平行c. t3時刻線圈平面與中性面重合d. t4，t5時刻線圈中感應電流方向相同【答案】c【解析】【詳解】at1時刻通過線圈的磁通量最大，此時磁通量的變化率等于零，故感應電動勢為零，故a錯誤；bt2時刻磁通量為零，線圈與磁場平行，故導線ad的速度方向跟磁感線垂直，故b錯誤；ct3時刻線圈的磁通量最大，故此時線圈與中性面重合，故c正確；d由圖可知t5時刻線圈中磁通量最大，此時沒有感應電流；故d錯誤。故選c。8.有兩個勻強磁

8、場區(qū)域，寬度都為l，磁感應強度大小都是b，方向如圖所示，單匝正方形閉合線框由均勻?qū)Ь€制成，邊長為l導線框從左向右勻速穿過與線框平面垂直的兩個勻強磁場區(qū)規(guī)定線框中感應電流逆時針方向為正方向則線框從位置i運動到位置ii的過程中，圖所示的感應電流i隨時間t變化的圖線中正確的是（）a. b. c. d. 【答案】c【解析】【詳解】在階段，感應電流的大小，方向為逆時針方向；在階段，感應電流的大小，方向為順時針方向；在階段，感應電流的大小，方向為逆時針方向。故c項正確，abd三項錯誤。9.如圖所示，水平放置的光滑平行金屬導軌上有一質(zhì)量為m的金屬棒ab導軌地一端連接電阻r，其他電阻均不計，磁感應強度為b的勻

9、強磁場垂直于導軌平面向下，金屬棒ab在一水平恒力f作用下由靜止起向右運動則a. 隨著ab運動速度的增大，其加速度也增大b. 當ab做加速運動時，外力f做的功等于電路中產(chǎn)生的電能c. 當ab做勻速運動時，外力f做功的功率等于電路中的電功率d. 無論ab做何種運動，它克服安培力做的功一定等于電路中產(chǎn)生的電能【答案】cd【解析】【詳解】金屬棒受到的安培力，加速度可見，速度增大時，f安增大，加速度減小故a錯誤，外力f對ab做的功等于金屬棒獲得的動能與電路中產(chǎn)生的電能之和所以當ab做勻速運動時，外力f做功的功率等于電路中的電功率故b錯誤c正確，根據(jù)功能關系，棒克服安培力做的功等于電路中產(chǎn)生的電能，d正確

10、【點睛】難度較大，要注意ab間的電壓是路端電壓，即為r兩端電壓，不是內(nèi)電壓，由能量守恒定律或動能定理判斷電能變化10.如圖為氫原子的能級圖，則下列說法正確的是（）a. 處于基態(tài)的氫原子不可以吸收能量為12.5ev的光子而被激發(fā)b. 用能量為12.5ev的電子轟擊處基態(tài)的氫原子，一定不能使氫原子發(fā)生能級躍遷c. 一群處于n=4能級上的氫原子向低能級躍遷時最多產(chǎn)生6種譜線d. 一群處于n=4能級上的氫原子向低能級躍遷時最多產(chǎn)生4種譜線【答案】ac【解析】【詳解】a處于基態(tài)的氫原子若吸收能量為12.5ev的光子，氫原子的能量變成氫原子不存在的能級，所以可知處于基態(tài)的氫原子不能吸收能量為12.5ev的

11、光子而被激發(fā)，故a正確；b用能量為12.5ev電子轟擊處于基態(tài)的氫原子，由于可知氫原子可以吸收電子的一部分能量發(fā)生能級躍遷，故b錯誤；cd一群處于能級上的氫原子向低能級躍遷時最多產(chǎn)生6種譜線，故c正確，d錯誤。故選ac。11. 某輸電線路橫穿公路時，要在地下埋線通過，為了保護線路不至于被壓壞，預先鋪設結實的過路鋼管，再讓輸電線從鋼管中穿過電線穿管的方案有兩種：甲方案是鋪設兩根鋼管，兩條輸電線分別從兩根鋼管中穿過；乙方案是只鋪設一根鋼管，兩條輸電線都從這一根鋼管中穿過，如圖12所示如果輸電導線輸送的電流很大，那么，以下說法正確的是 ()a. 無論輸送的電流是恒定電流還是交變電流，甲、乙兩方案都是

12、可行的b. 若輸送的電流是恒定電流，甲、乙兩方案都是可行的c. 若輸送的電流是交變電流，乙方案是可行的，甲方案是不可行的d. 若輸送的電流是交變電流，甲方案是可行的，乙方案是不可行的【答案】bc【解析】若輸送的電流是恒定電流，甲、乙兩方案都是可行的，b正確輸電線周圍存在磁場，交變電流產(chǎn)生變化的磁場，因此在輸電過程中輸電線因電流變化引起自感現(xiàn)象，當輸電線上電流很大時，強大的自感電流有可能將鋼管融化，造成事故，所以甲方案是不可行的在乙方案中，兩條輸電線中的電流方向相反，產(chǎn)生的磁場互相抵消，使自感現(xiàn)象的影響減弱到可以忽略不計的程度，是可行的，c正確此題類似于課本中提到的“雙線并繞”12.如圖所示，兩

13、種情況下燈泡l2、l3的功率均為p，且l1、l2、l3為相同的燈泡，匝數(shù)比為n1:n2=3:1，則（）a. 圖（a）中l(wèi)1功率為3pb. 圖（a）中l(wèi)1的功率為9pc. 圖（b）中l(wèi)1的功率為9pd. 圖（b）中l(wèi)1的功率為【答案】bd【解析】【詳解】由題意可知，兩種情況下變壓器輸入功率為均為2p。設燈泡l2、l3的電壓為u，電流為i，電阻為r，則有根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知，兩種情況下變壓器的輸入電壓均為3u，根據(jù)輸入功率和輸出功率相等解得所以圖(a)中l(wèi)1的功率為圖(b)中l(wèi)1的功率為故ac錯誤，bd正確。故選bd。二實驗題（本題共6分）13.利用斜槽軌道做“驗證動量守恒定律”的實驗，實驗中

14、小球運動軌跡及落點的情況簡圖如圖所示。(1)除了圖中的器材和刻度尺外還需要_。a.秒表 b.天平 c.彈簧秤(2)下列關于實驗的一些要求必要的是_。a.兩個小球的質(zhì)量應滿足b實驗中重復多次，讓球從斜槽上釋放，應特別注意讓a球從同一位置由靜止釋放c.斜槽軌道的末端必須調(diào)整水平d.需要測出軌道末端到水平地面的高度(3)若該碰撞過程中動量守恒，則一定有關系式_成立?！敬鸢浮?(1). b (2). bc (3). 【解析】【詳解】(1)1開始時不放置小球，小球以初速度平拋，落在點；放置小球后，小球從相同的高度從靜止釋放，碰撞后，小球以初速度平拋落在，小球以初速度平拋落在點，根據(jù)動量守恒定律有小球從斜

15、槽末端平拋至落地，豎直方向做自由落體運動，根據(jù)可知落地時間均為所以平拋運動水平方向做勻速直線運動，則驗證動量守恒的方程為所以除了圖中的器材和刻度尺外還需要天平測量小球的質(zhì)量，ac錯誤，b正確。故選b。(2)2a為了防止小球碰后反向運動，需要滿足，a錯誤；b為確保小球每次碰撞前速度保持相同，所以需要讓a球從同一位置由靜止釋放，b正確；c小球離開斜槽后做平拋運動，所以斜槽軌道的末端必須調(diào)整水平，c正確；d根據(jù)(1)中實驗原理可知不需要測出軌道末端到水平地面的高度，d錯誤。故選bc。(3)3若該碰撞過程中動量守恒，則一定有關系式三計算題（本題共4小題，共46分。解答應寫出必要的文字說明方程式和重要的

16、演算步驟，只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）14.一個中子（）和一個質(zhì)子（）結合成氘核時要放出2.22mev的能量，這些能量以光子的形式輻射出來。（c=3.0108m/s，1mev=1.610-13j，普朗克常數(shù)h=6.6310-34js）(1)寫出這一過程的核反應方程；(2)該反應質(zhì)量虧損為多少？（單位用kg，結果保留一位有效數(shù)字）【答案】(1)；(2)【解析】【詳解】(1)核反應方程滿足質(zhì)量數(shù)守恒和質(zhì)子數(shù)守恒(2)根據(jù)質(zhì)能方程可知質(zhì)量虧損為15.某處有一發(fā)電機，輸出功率為9kw，輸出電壓為500v，輸電線的總電阻為10。(1)若采用500v的電壓輸電，

17、則輸電線上損失的功率為多少；(2)若采用4500v的電壓輸電，使用戶得到的電壓為220v，則降壓變壓器原副線圈匝數(shù)比為多少?！敬鸢浮?1)；(2)【解析】【詳解】(1)輸電線上的電流為則輸電線上損失的功率為(2)輸電線上的電流為降壓變壓器原線圈的電壓為則降壓變壓器原副線圈匝數(shù)比為16.如圖所示，a、b、c三個小物塊放置在光滑水平面上，a靠在墻壁，a、b之間用輕彈簧連接，它們的質(zhì)量分別為，現(xiàn)給c一水平向左的初速度，c與b發(fā)生碰撞并粘在一起試求：(1)a離開墻前，彈簧最大彈性勢能；(2)a離開墻后，c的最小速度【答案】(1)； (2)【解析】【詳解】(1)設c與b發(fā)生碰撞粘在一起時的速度為v由動量守恒定律得解得設a離開墻前，彈簧的最大彈性勢能為由能量守恒定律得聯(lián)立解得(2)彈簧恢復原長狀態(tài)，c、b的速度大小為v，方向水平向右當彈簧下一次處于原長狀態(tài)時，b、c的速度最小且為，此時a的速度為.由動量守恒定律得由能量守恒定律得聯(lián)立解得17.足夠長的兩光滑水平導軌間距l(xiāng)=1m，導軌間接有r=2.5的電阻和電壓傳感器。電阻r=0.5。質(zhì)量m=0.02kg的金屬棒ab，在恒力f=0.5n的作