2019年廣東省廣州市天河區(qū)普通高中高考物理模擬試卷(二)

1、2019 年廣東省廣州市天河區(qū)普通高中高考物理模擬試卷（二）副標(biāo)題題號(hào)一二三四總分得分一、單選題（本大題共5 小題，共30.0 分）1.一質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)的v-t 圖象如圖所示。 下列說法正確的是（）A. 質(zhì)點(diǎn)在 0 1s 的位移與 1 2s 的位移可能相等B. 質(zhì)點(diǎn)在 12s 做加速度逐漸減小的直線運(yùn)動(dòng)C. 質(zhì)點(diǎn)在 12s 中某時(shí)刻的加速度等于質(zhì)點(diǎn)在 2 3s的加速度 D. 質(zhì)點(diǎn)在 1s時(shí)刻，離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)，在 2s 時(shí)刻，返回出發(fā)點(diǎn)2. 在如圖所示的理想變壓器的電路中， 變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為 2：1，電阻 R1=R2，電流表和電壓表均為理想電表，若電流表的示數(shù)為0.5A，電壓表的示數(shù)為5

2、V，則電阻 R1 的大小為（）A. 25B. 20C. 15D. 103. 假定太陽(yáng)系一顆質(zhì)量均勻、可看成球體的小行星，自轉(zhuǎn)原來(lái)可以忽略?，F(xiàn)若該星球自轉(zhuǎn)加快， 角速度為 時(shí)，該星球表面的“赤道”上物體對(duì)星球的壓力減為原來(lái)的已知引力常量G，則該星球密度為（）A.B.C.D.4. 真空中 A、B、 C 三點(diǎn)構(gòu)成邊長(zhǎng)為 l 的等邊三角形， EF 是其中位線，如圖所示。在E、F 點(diǎn)分別放置電荷量均為Q的正、負(fù)點(diǎn)電荷。下列說法正確的是（）A. A 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為B. A 點(diǎn)的電勢(shì)低于 C 點(diǎn)的電勢(shì)C. B 點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向沿 BC 方向D. 正電荷在 B 點(diǎn)的電勢(shì)能大于在C 點(diǎn)的電勢(shì)能5. 水平面上放置

3、一個(gè)斜面足夠長(zhǎng)的斜劈A，小物塊 B 靜止在斜面上，如圖所示。現(xiàn)對(duì) B 施加一個(gè)沿斜面向上的拉力F，F(xiàn) 的大小從零隨時(shí)間均勻增大，斜劈 A 一直處于靜止?fàn)顟B(tài)。設(shè) A、B 之間的摩擦力大小為f1，A 與地面之間的摩擦力大第1頁(yè)，共 20頁(yè)小為 f 2，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。則整個(gè)過程中摩擦力大小隨時(shí)間變化的圖象可能正確的是（）A.B.C.D.二、多選題（本大題共5 小題，共26.0 分）6. 如圖所示，水平轉(zhuǎn)臺(tái)上的小物體 a、b 通過彈簧連接，并靜止在轉(zhuǎn)臺(tái)上，現(xiàn)轉(zhuǎn)臺(tái)從靜止開始緩慢的增大其轉(zhuǎn)速（即在每個(gè)轉(zhuǎn)速下可認(rèn)為是勻速轉(zhuǎn)動(dòng)） ，已知 a、b 的質(zhì)量分別為 m、2m，a、 b 與轉(zhuǎn)臺(tái)的動(dòng)摩擦因

4、數(shù)均為， a、 b 離轉(zhuǎn)臺(tái)中心的距離都為 r 且與轉(zhuǎn)臺(tái)保持相對(duì)靜止，已知彈簧的原長(zhǎng)為r，勁度系數(shù)為 k，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，以下說法中正確的是（）A. 物體 a 和 b 同時(shí)相對(duì)轉(zhuǎn)臺(tái)發(fā)生滑動(dòng)B. 當(dāng) a 受到的摩擦力為 0 時(shí)， b 的摩擦力背離圓心C. 當(dāng) b 受到的摩擦力為0 時(shí)， a 的摩擦力背離圓心D. 當(dāng) a、 b 均相對(duì)轉(zhuǎn)臺(tái)靜止時(shí)，允許的最大角速度為7. 如圖所示，相同質(zhì)量的物塊從底邊長(zhǎng)相同、傾角不同的固定斜面最高處同時(shí)由靜止釋放且下滑到底端，下列說法正確的是（）A. 若物塊與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，物塊在兩斜面上損失的機(jī)槭能相等B. 若物塊到達(dá)底端時(shí)的動(dòng)能相同，物塊與傾

5、角大的斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)大C. 若斜面光滑，兩物塊一定同時(shí)運(yùn)動(dòng)到斜面底端D. 若物塊與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，傾角大的斜面上的物塊所受合力沖量大8. 如圖所示，光滑且足夠長(zhǎng)的金屬導(dǎo)軌MN 、PQ 平行地固定在同一水平面上，兩導(dǎo)軌間距 L=0.20m，兩導(dǎo)軌的左端之間連接的電阻R=0.40 ，導(dǎo)軌上停放一質(zhì)量m=0.10 kg 的金屬桿ab，位于兩導(dǎo)軌之間的金屬桿的電阻r=0.10 ，導(dǎo)軌的電阻可忽略不計(jì)。整個(gè)裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.50T 的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向豎直向下?，F(xiàn)用一水平外力F 水平向右拉金屬桿，使之由靜止開始運(yùn)動(dòng)，在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中金屬桿始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，若理想電壓表的示

6、數(shù)U 隨時(shí)間 t 變化的關(guān)系如圖乙所示。求金屬桿開始運(yùn)動(dòng)經(jīng)t=5.0s 時(shí)，（）A. 通過金屬桿的感應(yīng)電流的大小為1A，方向由 b 指向 aB. 金屬桿的速率為4m/sC. 外力 F 的瞬時(shí)功率為1WD. 0 5.0s 內(nèi)通過 R 的電荷量為5C9. 如圖所示，導(dǎo)熱的氣缸固定在水平地面上，用活塞把一定質(zhì)量的理想氣體封閉在氣缸中，氣缸的內(nèi)壁光滑?，F(xiàn)用水第2頁(yè)，共 20頁(yè)平外力 F 作用于活塞桿，使活塞緩慢地向右移動(dòng)，在此過程中如果環(huán)境溫度恒定，下列說法正確的是（）A. 每個(gè)氣體分子的速率都不變B.C. 水平外力 F 逐漸變大D.E. 氣體對(duì)外界做功，吸收熱量氣體分子平均動(dòng)能不變氣體對(duì)外界做功，氣

7、體內(nèi)能減小10.一列沿 x 軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t=0 時(shí)刻的波形如圖所示，質(zhì)點(diǎn)P 的 x 坐標(biāo)為3m。已知任意振動(dòng)質(zhì)點(diǎn)連續(xù)2 次經(jīng)過平衡位置的時(shí)間間隔為0.4s。下列說法正確的是（）A. 波速為 4m/sB. 波的頻率為1.25HzC. x 坐標(biāo)為 15m 的質(zhì)點(diǎn)在 t=0.6s 時(shí)恰好位于波谷D. x 坐標(biāo)為 22m 的質(zhì)點(diǎn)在 t=0.2s 時(shí)恰好位于波峰E. 當(dāng)質(zhì)點(diǎn) P 位于波峰時(shí)， x 坐標(biāo)為 17m 的質(zhì)點(diǎn)恰好位于波谷三、實(shí)驗(yàn)題探究題（本大題共1 小題，共9.0 分）11. 為了探究質(zhì)量一定時(shí)加速度與力的關(guān)系， 一同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖 1 所示的實(shí)驗(yàn)裝置。 其中 M 為帶滑輪的小車的質(zhì)

8、量， m 為砂和砂桶的質(zhì)量。（滑輪質(zhì)量不計(jì)）（ 1）實(shí)驗(yàn)時(shí)，一定要進(jìn)行的操作是_。A用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量。B先掛上砂桶但不放砂子，然后將帶滑輪的長(zhǎng)木板右端墊高，以平衡摩擦力。C小車靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時(shí)記錄彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)。D為減小誤差，實(shí)驗(yàn)中一定要保證砂和砂桶的質(zhì)量m 遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量M。E用砂和砂桶改變拉力的大小與掛鉤碼的方法相比，它的優(yōu)點(diǎn)是可以更方便地獲取多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)。（ 2）該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中得到如圖2 所示的一條紙帶（兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有一個(gè)點(diǎn)沒有畫出），已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器采用的是頻率為50Hz 的交流電，根據(jù)紙帶可求出小車的加速度為 _ m/s2（結(jié)果保留

9、兩位有效數(shù)字）。（ 3）以彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)F 為橫坐標(biāo)，加速度為縱坐標(biāo)，畫出的a-F 圖象是一條直線，圖線與橫坐標(biāo)的夾角為，求得圖線的斜率為k，則小車的質(zhì)量為_。A2tan BCD 。四、計(jì)算題（本大題共5 小題，共50.0 分）12. 某同學(xué)利用下列器材測(cè)量?jī)晒?jié)干電池的總電動(dòng)勢(shì)E 和總內(nèi)阻 r。A待測(cè)干電池兩節(jié)B電壓表 V1、 V2，量程均為 3V，內(nèi)阻很大C定值電阻R0（阻值未知）D電阻箱R第3頁(yè)，共 20頁(yè)E導(dǎo)線和開關(guān)（ 1）根據(jù)如圖甲所示的實(shí)物連接圖，在圖乙方框中畫出相應(yīng)的電路圖。（ 2）實(shí)驗(yàn)之前，需要利用該電路測(cè)出定值電阻R0 先把電阻箱 R調(diào)到某一阻值 R1，再閉合開關(guān)，讀出電壓表

10、V1 和 V2 的示數(shù)分別為U 10、 U20，則 R0=_ （用 U 10、U20、R1 表示）（ 3）實(shí)驗(yàn)中調(diào)節(jié)電阻箱R，讀出相應(yīng)電壓表V1 和 V2 的多組數(shù)據(jù) U 1、U 2，由閉合電路的歐姆定律得U1、U 2 的關(guān)系式為U1=_（用 E、 r、 R0、 U2 表示）。若測(cè)得 R0=1.2 ，根據(jù)實(shí)驗(yàn)描繪出 U1-U 2 圖象如圖丙所示，則兩節(jié)干電池的總電動(dòng)勢(shì)E=_V，總內(nèi)阻 r=_ （結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）13. 如圖所示，在 x 軸上方存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向里。 在 x 軸下方存在勻強(qiáng)電場(chǎng)， 方向豎直向上。一個(gè)質(zhì)量為 m、電荷量為 q、重力不計(jì)的帶正電粒子從

11、 y 軸上的 a（ 0，h）點(diǎn)沿 y 軸正方向以某初速度開始運(yùn)動(dòng)，一段時(shí)間后，粒子與x 軸正方向成 45進(jìn)入電場(chǎng)，經(jīng)過y 軸的 b 點(diǎn)時(shí)速度方向恰好與y軸垂直。求：（ 1）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑r 和速度大小v1；（ 2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小E；（ 3）粒子從開始到第三次經(jīng)過x 軸的時(shí)間t 總。14. 如圖所示，有一質(zhì)量為 M=2 kg 的平板小車靜止在光滑的水平地面上，現(xiàn)有質(zhì)量均為 m=1kg 的小物塊 A 和 B（均可視為質(zhì)點(diǎn)） ，由車上 P 處開始， A 以初速度 v1=2m/s向左運(yùn)動(dòng)， B 同時(shí)以 2=4m/s 向右運(yùn)動(dòng)。 最終 A、B 兩物塊恰好停在小車兩端沒有脫離小車。兩物

12、塊與小車間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為=0.1，取 g=10m/s2求：（ 1）物塊 A 開始運(yùn)動(dòng)至減速為零所用的時(shí)間t 及此減速過程的位移x1；第4頁(yè)，共 20頁(yè)（ 2）小車總長(zhǎng) L ；（ 3）從 A、B 開始運(yùn)動(dòng)計(jì)時(shí)，經(jīng) 6s小車運(yùn)動(dòng)的路程 x。15.如圖所示， A 氣缸截面積為500cm2， A、 B 兩個(gè)氣缸中裝有體積均為10L 、壓強(qiáng)均為 1atm、溫度均為27的理想氣體，中間用細(xì)管連接。細(xì)管中有一絕熱活塞M ，細(xì)管容積不計(jì)?，F(xiàn)給左面的活塞N 施加一個(gè)推力。使其緩慢向右移動(dòng)，同時(shí)給B中氣體加熱，使此過程中A 氣缸中的氣體溫度保持不變?；钊鸐 保持在原位置不動(dòng)。不計(jì)活塞與器壁間的摩擦，周圍大氣壓強(qiáng)

13、為1atm=10 5Pa當(dāng)推力 F= 103N 時(shí)，求：活塞 N 向右移動(dòng)的距離是多少？ B 氣缸中的氣體升溫到多少？16.一半徑為 R 的半圓形玻璃磚橫截面如圖所示， O 為圓心， 一束平行光線照射到玻璃磚 MO 面上，中心光線 a 沿半徑方向射入玻璃磚后，恰在 O 點(diǎn)發(fā)生全反射，已知aOM =45 。（ 1）求玻璃磚的折射率n；（ 2）玻璃磚底面MN 出射光束的寬度是多少？（不考慮玻璃磚MO N 面的反射）第5頁(yè)，共 20頁(yè)第6頁(yè)，共 20頁(yè)答案和解析1.【答案】 C【解析】解：A 、在 v-t 圖象中，圖線下的面積表示位移，質(zhì)點(diǎn)在 0 1 s的位移小于在12 s 的位移，故 A 錯(cuò)誤；B

14、、在v-t 圖象中，圖線的斜率表示加速度， 質(zhì)點(diǎn)在 12 s做加速度逐 漸增大的直線運(yùn)動(dòng)，故B 錯(cuò)誤；C、質(zhì)點(diǎn)在 12 s 中某時(shí)刻的斜率等于 質(zhì)點(diǎn)在 23 s 的斜率，質(zhì)點(diǎn)在 12 s中某時(shí)刻的加速度等于 質(zhì)點(diǎn)在 2 3 s的加速度，故 C 正確；D、質(zhì)點(diǎn)在 3 s 時(shí)刻，離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)，在2 s 時(shí)刻，沒有返回出發(fā)點(diǎn)，故 D 錯(cuò)誤 。故選：C。在速度 -時(shí)間圖象中，圖象與時(shí)間軸所圍面積表示物體通 過的位移，圖象的斜率等于物體的加速度，速度的正 負(fù)表示速度的方向，由此分析即可。理解速度 圖象的物理意 義，能夠利用速度 圖象分析物體運(yùn) 動(dòng)的加速度，根據(jù)“面積 ”分析位移關(guān)系是解決此 類問題的關(guān)鍵

15、。2.【答案】 A【解析】解：原副線圈電壓之比為：=已知 U2=5V，故有：U1=2U2=10V通過 R1 的電流為：I= =2副線圈上的電流為 I，又，：2=知 I1= I2所以流過電流表的電流為：I=I +I（）=0.5A1= 2+故 =解得：R2=25故有：R1=25，故A 正確、BCD 錯(cuò)誤 。第7頁(yè)，共 20頁(yè)故選：A。根據(jù)部分 電路的歐姆定律和串并 聯(lián)電路的特點(diǎn)、以及電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比即可求得結(jié)論。本題主要是考 查了變壓器的知識(shí)；解答本題的關(guān)鍵是知道變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比，在只有一個(gè)副 線圈的情況下的 電流之比等于匝數(shù)的反比；知道理想變壓器的輸出功率決定 輸入

16、功率且相等。3.【答案】 B【解析】解：忽略行星的自轉(zhuǎn)影響時(shí)：，自轉(zhuǎn)角速度為 時(shí)：，=；行星的密度：，解得：故 ACD 錯(cuò)誤，B 正確；故選：B。忽略自轉(zhuǎn)影響時(shí)行星表面的物體受到的萬(wàn)有引力等于其重力，不能忽略自轉(zhuǎn)影響時(shí)萬(wàn)有引力等于重力與向心力之和， 應(yīng)用萬(wàn)有引力定律與牛 頓第二定律求出星球的 質(zhì)量，然后應(yīng)用密度公式可以求出密度。本 題考查了求行星的密度，知道萬(wàn)有引力與重力的關(guān)系是解題的關(guān) 鍵，應(yīng)用萬(wàn)有引力公式與牛 頓第二定律可以解 題。本題考查了求行星的密度，知道萬(wàn)有引力與重力的關(guān)系是解題的關(guān)鍵，應(yīng)用萬(wàn)有引力公式與牛 頓第二定律可以解 題。4.【答案】 D【解析】解：A 、+Q、-Q 兩個(gè)點(diǎn)電

17、荷產(chǎn)生的電場(chǎng)在 A 處的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，夾角為 120，故 A 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為：EA =K=，故A 錯(cuò)誤；B、根據(jù)等量異種電荷連線的電場(chǎng)線的分布特點(diǎn)可知， A 點(diǎn)位于兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷的中垂 線上，所以 A 點(diǎn)的電勢(shì)與無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)相等；而C 點(diǎn)的靠近第8頁(yè)，共 20頁(yè)負(fù)電荷，可知 A 點(diǎn)的電勢(shì)高于 C 點(diǎn)的電勢(shì)，故B 錯(cuò)誤；C、根據(jù)題意，做出 B 點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)如圖所示，根據(jù)矢量合成，B 點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向不沿 BC 方向；故C 錯(cuò)誤；D、根據(jù)等量異種電荷連線的電場(chǎng)線的分布特點(diǎn)，結(jié)合 B 的分析可知，B 點(diǎn)的電勢(shì)高于 C 點(diǎn)的電勢(shì)，由Ep=q知正 電荷在 B 點(diǎn)的電勢(shì)能大于在 C 點(diǎn)的電勢(shì)能，故 D

18、正確。故選：D。A 點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為兩個(gè)點(diǎn)電荷單獨(dú)存在時(shí)在 A 點(diǎn)產(chǎn)生場(chǎng)強(qiáng)的矢量和；等量異種電荷連線的垂直平分 線是一條等 勢(shì)線 。根據(jù)公式 U=Ed 定性分析 電勢(shì)差關(guān)系。根據(jù)電勢(shì)的高低，可分析電勢(shì)能的大小。本題考查了電場(chǎng)的疊加原理，電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，合成符合平行四 邊形定則。要掌握常 見電場(chǎng)的電場(chǎng)線和等勢(shì)面的分布情況。5.【答案】 D【解析】解：AB 、對(duì) B 受力分析可知， B 受重力、支持力和摩擦力作用；當(dāng)物體保持靜止時(shí)；根據(jù)平衡條件可知，沿斜面方向上，拉力、重力的分力以及摩擦力的合力為零，即 mgsin=F+f；故隨著拉力的增大，摩擦力 f 減?。划?dāng)拉力增大到等11于重力 時(shí)，摩擦力為零；然

19、后隨著拉力的增大，摩擦力方向沿斜面向下，則有：第9頁(yè)，共 20頁(yè)F=mgsin +f，故隨著拉力的增大，摩擦力增大；直到物體被拉 動(dòng)時(shí)，摩擦力變1成了滑動(dòng)摩擦力，大小不再發(fā)生變化。CD、A B 均不動(dòng)時(shí)，以A B 組成的整體 為研究對(duì)象，由平衡條件得：f 2=Fcos =ktcos，則 f2 與 t 成正比。當(dāng) B 相對(duì) A 向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，A 的受力情況不變，f2 不變，故 C 錯(cuò)誤，D 正確。故選：D。先以 B 為研究對(duì)象，分析受力情況，由平衡條件列式分析f1 與 t 的關(guān)系。再以A 、B 整體為研究對(duì)象，分析受力情況，由平衡條件得到地面 對(duì)時(shí)間的關(guān)系，即可分析圖象。本題考查摩擦力的判斷，要注

20、意明確靜摩擦力可以隨著外力的而滑動(dòng)摩擦力大小與正 壓力成正比。A 的摩擦力與變化而變化，6.【答案】 CD【解析】解：A 、發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)前，靜摩擦力和彈力提供向心力，當(dāng)剛好要滑動(dòng)時(shí)，摩擦力達(dá)到最大靜摩擦力，kr+ mg=m2=質(zhì)發(fā)生相對(duì)r 知， 量大的先滑動(dòng)，故B 先發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，故A 錯(cuò)誤；B、當(dāng)A 受摩擦力 為零，彈簧彈 力充當(dāng) A 向心力，彈力與靜摩擦力的合力提供B 的向心力，B 質(zhì)量較大，故向心力大，所以 B 受摩擦力指向 圓心，故 B 錯(cuò)誤；C、根據(jù) B 分析知，當(dāng) B 受到的摩擦力 為 0 時(shí)，彈簧彈力充當(dāng) B 向心力，彈力與靜摩擦力的合力提供A 的向心力，A 質(zhì)量較小，故向心力小

21、，所以 A 受摩擦力背離 圓心，故 C 正確；D、當(dāng)A、B 均相對(duì)轉(zhuǎn)臺(tái)靜止時(shí)，有A 可知，B 先發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，在B 剛要發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)的角速度 為 =，故D 正確。故選：CD。當(dāng) A 、B 受到的摩擦力 為 0 時(shí)，由彈簧彈力提供向心力，根據(jù)胡克定律以及向第10 頁(yè)，共 20頁(yè)心力公式列式求解，當(dāng) A 、B 剛好要滑動(dòng)時(shí)，摩擦力達(dá)到最大靜摩擦力，靜摩擦力的合力提供向心力，根據(jù)胡克定律以及向心力公式列式求解即可。本題主要考查了胡克定律以及向心力公式的直接應(yīng)用，知道當(dāng) A、B 剛好要滑動(dòng)時(shí)，摩擦力達(dá)到最大靜摩擦力，靜摩擦力的合力提供向心力，明確向心力的來(lái)源是解 題的關(guān)鍵。7.【答案】 ABD【解析

22、】解：A 、設(shè)斜面傾角為 ，底邊長(zhǎng)為 s，根據(jù)功能原理知物體 損失的機(jī)械能等于克服摩擦力所做的功，而克服摩擦力做功Wf= mgcos? = mgs，可知物體損失的機(jī)械能與 夾角無(wú)關(guān)，所以兩物體 損失的機(jī)械能相等，故 A 正確；B、根據(jù)動(dòng)能定理得：mgstan - mgs=E-0，物塊到達(dá)底面 時(shí)的動(dòng)能 E =mgsKK（tan -），若物塊到達(dá)底面 時(shí)的動(dòng)能相同，物塊與傾角大的斜面 間的動(dòng)摩擦因數(shù)大，故 B 正確；C、若斜面光滑，物體下滑的加速度 a=gsin ，根據(jù)=at2，可得 t=，不同，t 不同。當(dāng) =45時(shí)，下滑時(shí)間最短，故 C 錯(cuò)誤；D、合外力的沖量 I= （mgsin - mgc

23、os）t，結(jié)合 t=，整理得 I=mg- mg，越大，tan 越大，沖量 I 就越大，故 D 正確。故選：ABD 。明確功能關(guān)系和 動(dòng)能定理的 應(yīng)用，注意根據(jù)滑動(dòng)摩擦力公式分析摩擦力做功的關(guān)系即可明確機(jī)械能的損失關(guān)系；如果斜面光滑，根據(jù)牛頓第二定律和位移公式求解 時(shí)間；根據(jù)沖量的定義即可確定合力的沖量大小。解決本題的關(guān)鍵要明確滑 動(dòng)摩擦力做功與水平位移有關(guān)，根據(jù) 動(dòng)能定理及 動(dòng)力學(xué)方程列式分析運(yùn) 動(dòng)時(shí)間關(guān)系。8.【答案】 AC【解析】第11 頁(yè)，共 20頁(yè)解：A 、由圖象可知，t=5.0s時(shí)，U=0.40V 此時(shí)電路中的電流（即通過金屬桿的電流）為：I=A=1A 用右手定則判斷出，此時(shí)電流的方

24、向由 b 指向 a。故 A 正確。B、金屬桿產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為 ：E=I（R+r）=1（0.4+0.1）V=0.50V因 E=BLv ，所以金屬桿的速度大小 為：v=5.0m/s，故B 錯(cuò)誤 。C、金屬桿速度為 v 時(shí)，電壓表的示數(shù) 應(yīng)為 U=BLv 。由圖象可知，U 與 t 成正比，由于 R、r、B 及 L 均與不變量，所以 v 與 t 成正比，即金屬桿 應(yīng)沿水平方向向右做初速度為零的勻加速直 線運(yùn)動(dòng)。金屬桿運(yùn) 動(dòng)的加速度 為：a=1.0m/s2。根據(jù)牛頓第二定律，在 5.0s 末時(shí)對(duì)金屬桿有：F-BIL=ma ，解得：F=0.20N。此時(shí) F 的瞬時(shí)功率為：P=Fv=1.0W，故C 正確。

25、D、t=5.0s 時(shí)間內(nèi)金屬桿移 動(dòng)的位移為：x=152=12.5m通過 R 的電荷量為：q=2.5C，故D 錯(cuò)誤 。故選：AC。根據(jù)圖象在 t=5.0s 時(shí)，通過電壓和電阻的大小求出通 過電阻 R 的電流大小，根據(jù)右手定 則判斷出感 應(yīng)電流的方向。根據(jù)閉合電路歐姆定律求出感 應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，結(jié)合切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) 公式 E=BLv 求出金屬桿切割的速度。根據(jù)閉合電路歐姆定律，結(jié)合 E=BLv 求出電壓表讀數(shù)與 v 的關(guān)系式，通過 U-t的關(guān)系得出 v-t 的關(guān)系，從而求出金屬桿的加速度，根據(jù)牛 頓第二定律求出外力 F 的大小，再根據(jù) P=Fv 求出外力的瞬 時(shí)功率。由 q=求通過 R 的電

26、荷量。解決本題的關(guān)鍵導(dǎo)動(dòng)根據(jù) U 與 t 的關(guān)系，推 出 v 與 t 的關(guān)系，分析金屬桿的運(yùn)情況，要掌握感應(yīng)電荷量公式 q=，注意 R+r 是整個(gè)回路的 總電阻。9.【答案】 BCE【解析】第12 頁(yè)，共 20頁(yè)解：AB 、封閉氣體等溫膨 脹過程，溫度是分子熱運(yùn)動(dòng)平均動(dòng)能的標(biāo)志，故分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能不變，不是每個(gè)分子的速率都不 變，故 A 錯(cuò)誤 B 正確；C、氣體等溫膨脹，根據(jù)玻意耳定律 PV=C，可知?dú)鈮翰粩鄿p小，故內(nèi)外壓力差變大，向左，故F 逐漸變大，故 C 正確；D、封閉氣體等溫膨 脹過程，氣體對(duì)外做功，溫度是分子 熱運(yùn)動(dòng)平均動(dòng)能的標(biāo)志，故分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能不變，氣體分子勢(shì)能不計(jì)，故

27、內(nèi)能不變，故D 錯(cuò)誤；E、內(nèi)能不變，氣體膨脹，對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律 U=Q+W ，要吸收熱量；故E 正確；故選：BCE。封閉氣體等溫膨 脹過程，溫度是分子平均 動(dòng)能的標(biāo)志且理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，以活塞為研究對(duì)象根據(jù)受力平衡判斷水平外力F 的變化。本題的突破口是：題目中說“導(dǎo)熱 ”的氣缸缸且 環(huán)境保持恒溫，即判斷氣體做等溫變化，然后會(huì)根據(jù)熱力學(xué)第一定律判斷各種 變化。分析時(shí)要抓住溫度的意義：一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只跟溫度有關(guān)，溫度是分子平均 動(dòng)能的標(biāo)志。10.【答案】 BDE【解析】解：A 、根據(jù)任意振動(dòng)質(zhì)點(diǎn)連續(xù) 2 次經(jīng)過平衡位置的 時(shí)間間隔為 0.4s，則周期圖該波的波長(zhǎng) =

28、4m，所以，波速v= =5m/s，故A錯(cuò)誤。T=0.8s，由 可知，頻質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)頻為= Hz=1.25Hz；故B 正確；B、波的 率等于率， f=該波的波長(zhǎng)為4m，x 坐標(biāo)為15m 的質(zhì)點(diǎn)到 P 點(diǎn)的距離C、x1=15m-3m=12m=3，由波的周期性知：x 坐標(biāo)為 15m 的質(zhì)點(diǎn)與 P 點(diǎn)的振動(dòng)始終相同；P 質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過 t=0.6s=T 恰好經(jīng)過平衡位置，所以，x 坐標(biāo)為 15m 的質(zhì)點(diǎn)在 t=0.6s時(shí)恰好位于平衡位置，故 C 錯(cuò)誤；第13 頁(yè)，共 20頁(yè)D、同 C 類似，x 坐標(biāo)為 22m 的質(zhì)點(diǎn)到 x=2 處質(zhì)點(diǎn)的距離 為x2=22m-2m=20m=5，所以，x 坐標(biāo)為 22m 的質(zhì)點(diǎn)與

29、 x=2 的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)始終相同；根據(jù)波沿 x 軸正方向傳播可得：t=0 時(shí)刻 x=2 的質(zhì)點(diǎn)向上振 動(dòng)，經(jīng)過 t=0.2s=T時(shí)間恰好到達(dá)波峰，所以，x 坐標(biāo)為 22m 的質(zhì)點(diǎn)在 t=0.2s 時(shí)恰好位于波峰位置，故 D正確；E、x 坐標(biāo)為 17m 的質(zhì)點(diǎn)到 P 點(diǎn)的距離 x3=17m-3m=14m=3，所以 x 坐標(biāo)為17m 的質(zhì)點(diǎn)與 P 點(diǎn)的振動(dòng)始終相反；所以，當(dāng)質(zhì)點(diǎn) P 位于波峰 時(shí)，x 坐標(biāo)為 17m的質(zhì)點(diǎn)恰好位于波谷，故 E 正確；故選：BDE。根據(jù)質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)得到周期，進(jìn)而得到頻率；根據(jù)波形圖讀出波長(zhǎng)，即可求得波速；然后根據(jù) 質(zhì)點(diǎn)間的距離得到 質(zhì)點(diǎn)間振動(dòng)關(guān)系，再根據(jù)周期得到 質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)情

30、況。對(duì)于波動(dòng)圖象問題，往往要根據(jù)周期性分析不同 質(zhì)點(diǎn)之間振動(dòng)情況的關(guān)系，運(yùn)用波形平移法分析 質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向或波的 傳播方向。11.【答案】 CE3.0C【解析】解：（1）A 、本題拉力可以由 彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)出，不需要用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量，也就不需要使小桶（包括砂）的質(zhì)量遠(yuǎn)小于車的總質(zhì)量，故 AD 錯(cuò)誤 。B、該題是彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)出拉力，從而表示小 車受到的合外力，故需要將 帶滑輪的長(zhǎng)木板右端 墊高，以平衡摩擦力，但不需要掛砂桶，故 B 錯(cuò)誤；C、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器運(yùn)用時(shí)，都是先接通電源，待打點(diǎn)穩(wěn)定后再釋放紙帶，該實(shí)驗(yàn)探究加速度與力和 質(zhì)量的關(guān)系，要記錄彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)，故 C 正確；E、用砂和砂桶改

31、變拉力的大小與掛 鉤碼 的方法相比，可以取更多的數(shù)據(jù)，可以更方便地 獲取多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，故 E 正確；故選：CE。（2）由于兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有一個(gè)點(diǎn)沒有畫出，故 單擺周期為 0.04s，由x=aT2 可第14 頁(yè)，共 20頁(yè)得：a=3.0m/s2。頓則F，a-F圖象的斜率：k=車質(zhì)量為：（3）由牛第二定律得：2F=ma，a=，小m=，故選：C；故答案為：（1）CE；（2）3.0；（3）C。（1）解決實(shí)驗(yàn)問題 首先要掌握 該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步 驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事 項(xiàng)；（2）依據(jù)逐差法可得小車加速度。（3）小車質(zhì)量不變時(shí)，加速度與拉力成正比，對(duì) a-F 圖來(lái)說，圖象的斜率表示小車質(zhì)量的倒數(shù)。

32、解決實(shí)驗(yàn)問題 首先要掌握 該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步 驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)，小車質(zhì)量不變時(shí)，加速度與拉力成正比，對(duì) a-F 圖來(lái)說，圖象的斜率表示小 車質(zhì)量的倒數(shù)。12.R13.0 2.4【答案】【解析】解：（1）根據(jù)實(shí)物圖可知，電壓表 V1 與 R 并聯(lián)后與 R0 串聯(lián)接在電源兩端，電壓表 V2 并聯(lián)在電源兩端，故原理圖如圖所示；（2）根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律可知，R0 兩端的電壓為：U0=U20-U10電路中電流為：I=根據(jù)歐姆定律可得： R0=R1；（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：U2=E-r變形可得：.由圖象可知，當(dāng) U1=0 時(shí)，U2=1.0；第15 頁(yè)，共 20頁(yè)則有：=圖象的斜率

33、 為：k=1.5聯(lián)立解得：E=3.0V，r=2.4 故答案為：（1）如圖所示；（2）R1；（3），3.0，2.4（1）根據(jù)實(shí)物圖進(jìn)行分析，從而明確測(cè)量原理圖；（2）根據(jù)串并聯(lián)電路的規(guī)律進(jìn)行分析，由歐姆定律即可求得 電阻大??；（3）由閉合電路歐姆定律 進(jìn)行分析，利用圖象進(jìn)行分析，由數(shù)學(xué)規(guī)律即可求得電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻。本題考查測(cè)量電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)，要注意明確圖象的性質(zhì)，注意本題中不能利用截距 進(jìn)行分析，只能根據(jù) U1=0 時(shí) U2 的值進(jìn)行分析求出 電動(dòng)勢(shì) 。13.【答案】 解：（ 1）根據(jù)題意可大體畫出粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，由幾何關(guān)系可得，r cos45 =h即 r= qvB=m解得

34、 v1=（ 2）粒子第一次經(jīng)過x 軸的位置為x1，到達(dá) b 點(diǎn)速度大小為 vb粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)，有：vb=v1cos45 所以 vb=設(shè)粒子進(jìn)入電場(chǎng)經(jīng)過時(shí)間t 運(yùn)動(dòng)到 b 點(diǎn)， b 點(diǎn)的縱坐標(biāo)為 - yb，由類平拋運(yùn)動(dòng)得r +r sin45 =vbyb=由動(dòng)能定理： -qEyb=所以 E=（ 3）粒子在磁場(chǎng)中的周期為：T=第一次經(jīng)過x 軸的時(shí)間為：t1=第16 頁(yè)，共 20頁(yè)在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：t2=2t=在第二次經(jīng)過x 軸到第三次經(jīng)過x 軸的時(shí)間為：t3=所以總時(shí)間為：t0=t1+t2+t 3=。答：（ 1）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為，和速度大小v 為；（ 2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小E

35、為；（ 3）粒子從開始運(yùn)動(dòng)到第三次經(jīng)過x 軸的時(shí)間t0 為?！窘馕觥浚?）根據(jù)題意畫出粒子在復(fù)合 場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系及洛 倫茲力提供向心力求解即可；（2）粒子第一次經(jīng)過 x 軸的位置后做 類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的基本公式以及幾何關(guān)系 結(jié)合動(dòng)能定理求解；（3）分別求出粒子第一次 經(jīng)過 x 軸的時(shí)間、在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間以及第二次 經(jīng)過 x 軸到第三次 經(jīng)過 x 軸的時(shí)間，三者之和即為所求時(shí)間 。本題考查帶電粒子在電場(chǎng)、磁場(chǎng)中兩運(yùn)動(dòng)模型：勻速圓周運(yùn)動(dòng)與類平拋運(yùn)動(dòng)，及相關(guān)的 綜合分析能力，以及空 間想像的能力，應(yīng)用數(shù)學(xué)知 識(shí)解決物理 問題的能力。14.A 運(yùn)動(dòng)【答案】 解：（1）物塊 A

36、和 B 在小車上滑動(dòng)，給小車的摩擦力等大反向，故至小車左端前，小車始終靜止。對(duì) A，由牛頓第二定律得：mg=maA，由運(yùn)動(dòng)學(xué)功公式得：v1=aAt1，代入數(shù)據(jù)解得： t1=2s， x1=2m；（ 2）設(shè)最后達(dá)到共同速度v，整個(gè)系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：mv2-mv1 =（2m+M ）v由能量守恒定律得：mgL= mv12mv22（ 2m+M） v2代入數(shù)據(jù)解得： v=0.5m/s， L=9.5m；（ 3）從開始到達(dá)到共速歷時(shí)t2，速度： v=v2-aBt2由牛頓第二定律得：mg=maB 解得： t2=3.5 s小車在 t1 前靜止，在 t1 至 t2 之間以 a 向右加速：由牛頓第二定律得：mg=（ M+m） a小車向右走位移：s= a（ t2 -t1 ）2，接下去三個(gè)物體組成的系統(tǒng)以v 共同勻速運(yùn)動(dòng)了：s =v（ 6-t2），第17 頁(yè)，共 20頁(yè)代入數(shù)據(jù)解得，小車在6s內(nèi)向右走的總距離：x=s+s =1.625m；答：（ 1）物塊 A 開始運(yùn)動(dòng)至減速為零所用的時(shí)間t 及此減速過程的位移x1 為 2m；（ 2）小車總長(zhǎng)L 為 9.5m；（ 3）從 A、 B 開始運(yùn)動(dòng)計(jì)時(shí)，經(jīng)6s小車運(yùn)動(dòng)的路程x 為 1.625m?！窘馕觥浚?）由于開始時(shí)物塊 A 、B 給小車的摩擦力大小相等，方向相反，小 車不動(dòng)，物塊 A 、B 做減速運(yùn) 動(dòng)，加速度 a大小一