高二物理上學(xué)期期末試卷(含解析)練習(xí)

1、歡迎下載。高二物理上學(xué)期期末試卷（含解析）練習(xí)一、選擇題：（本題共16 小題，每小題3 分，共 48 分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，至少有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的，全部選對(duì)的得3 分，少選德 1 分，有錯(cuò)選或不答的得0 分）1用細(xì)繩把小球懸掛起來，當(dāng)小球靜止時(shí)，下列說法正確的是（）A小球受到的重力和細(xì)繩對(duì)小球的拉力是一對(duì)作用力和反作用力B小球受到的重力和小球?qū)?xì)繩的拉力的一對(duì)作用力和反作用力C小球受到的重力和細(xì)繩對(duì)小球的拉力是一對(duì)平衡力D小球受到的重力和小球?qū)?xì)繩的拉力是一對(duì)平衡力2如圖所示的水平面上，橡皮繩一端固定，另一端連接兩根彈簧，連接點(diǎn) P 在 F1、F2 和 F3 三力作用下保持靜止下

2、列判斷正確的是（）AF1F2F3BF3F1F2CF2F3F1DF3F2F13質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)的vt 圖象如圖所示，規(guī)定向右為正方向，則該質(zhì)點(diǎn)在前 8s 內(nèi)平均速度的大小和方向分別為（）1/38歡迎下載。A0.25m/s向右 B 0.25m/s向左C1m/s向右 D1m/s向左4如圖所示，三個(gè)小球從同一高度處的O 點(diǎn)分別以水平初速度v1、v2、v3 拋出，落在水平面上的位置分別是A、B、C，O是 O在水平面上的射影點(diǎn)，且 OA：OB：OC=1： 3： 5若不計(jì)空氣阻力，則下列說法正確的是（）Av1：v2：v3=1：3：5B三個(gè)小球下落的時(shí)間相同C三個(gè)小球落地的速度相同D三個(gè)小球落地的位移相同5如圖

3、所示， A、B 是兩個(gè)摩擦傳動(dòng)輪，兩輪半徑大小關(guān)系為RA=2RB，則兩輪邊緣上的（）A角速度之比 A：B=1：2 B周期之比 TA：TB=1：2C轉(zhuǎn)速之比 nA：nB=1：2D向心加速度之比aA：aB=2： 16用控制變量法，可以研究影響平行板電容器電容的因素（如圖所示）設(shè)兩極板正對(duì)面積為S，極板間的距離為d，靜電計(jì)指針偏角為實(shí)驗(yàn)中，極板所帶電荷量不變，若（）A保持 S 不變，增大 d，則 變大B保持 S 不變，增大 d，則 變小C保持 d 不變，減小 S，則 變小D保持 d 不變，減小 S，則 不變2/38歡迎下載。7如圖所示，質(zhì)量為M的楔形物塊靜置在水平地面上，其斜面的傾角為 斜面上有一質(zhì)

4、量為m的小物塊，小物塊與斜面之間存在摩擦用恒力 F 沿斜面向上拉小物塊，使之勻速上滑在小物塊運(yùn)動(dòng)的過程中，楔形物塊始終保持靜止地面對(duì)楔形物塊的支持力和摩擦力分別為（）A（ M+m）g、0 B （ M+m）gF、0C（ M+m）g+Fsin 、Fsin D （ M+m）gFsin 、Fcos8質(zhì)點(diǎn)開始時(shí)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，從某時(shí)刻起受到一恒力作用此后，該質(zhì)點(diǎn)的動(dòng)能可能（）A一直增大B先逐漸減小至零，再逐漸增大C先逐漸增大至某一最大值，再逐漸減小D先逐漸減小至某一非零的最小值，再逐漸增大9如圖所示，用長(zhǎng)為L(zhǎng) 的輕繩把一個(gè)小鐵球懸掛在高2L 的 O點(diǎn)處，小鐵球以 O為圓心在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)且恰能到達(dá)

5、最高點(diǎn)B 處，若運(yùn)動(dòng)中輕繩斷開，則小鐵球落到地面時(shí)的速度大小為（）ABCD10如圖所示，虛線表示等勢(shì)面，相鄰兩等勢(shì)面間的電勢(shì)差相等，有一帶正電的小球在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，實(shí)線表示該小球的運(yùn)動(dòng)軌跡小球在a點(diǎn)的動(dòng)能等于 20eV，運(yùn)動(dòng)到 b 點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能等于2eV若取 c 點(diǎn)為電勢(shì)3/38歡迎下載。零點(diǎn)，則當(dāng)這個(gè)帶電小球的電勢(shì)能等于6eV時(shí)（不計(jì)重力和空氣阻力），它的動(dòng)能等于（）A16eVB14eVC6eVD4eV11嫦娥二號(hào)衛(wèi)星已成功發(fā)射，這次發(fā)射后衛(wèi)星直接進(jìn)入近地點(diǎn)高度200 公里、遠(yuǎn)地點(diǎn)高度約38 萬公里的地月轉(zhuǎn)移軌道直接奔月當(dāng)衛(wèi)星到達(dá)月球附近的特定位置時(shí)，衛(wèi)星就必須“急剎車”，也就是近月制動(dòng)，以確保

6、衛(wèi)星既能被月球準(zhǔn)確捕獲，又不會(huì)撞上月球，并由此進(jìn)入近月點(diǎn) 100 公里、周期 12 小時(shí)的橢圓軌道a再經(jīng)過兩次軌道調(diào)整，進(jìn)入 100 公里的近月圓軌道b軌道 a 和 b 相切于 P 點(diǎn)，如圖所示下列說法正確的是（）A嫦娥二號(hào)衛(wèi)星的發(fā)射速度大于7.9 km/s ，小于 11.2 km/sB嫦娥二號(hào)衛(wèi)星的發(fā)射速度大于11.2 km/sC嫦娥二號(hào)衛(wèi)星在a、b 軌道經(jīng)過 P 點(diǎn)的速度 va=vbD嫦娥二號(hào)衛(wèi)星在a、b 軌道經(jīng)過 P 點(diǎn)的加速度分別為aa、ab 則 aaab12如圖所示，虛線a、b、c 為三個(gè)同心圓面，圓心處有一個(gè)點(diǎn)電荷，現(xiàn)從 b、c 之間一點(diǎn) P 以相同的速率發(fā)射兩個(gè)帶電粒子，分別沿P

7、M、PN運(yùn)動(dòng)到 M、N點(diǎn)， M、N 兩點(diǎn)都處于圓周c 上，以下判斷正確的是（）A到達(dá) M、N 時(shí)兩粒子速率仍相等B到達(dá) M、N 時(shí)兩粒子速率 vMvN4/38歡迎下載。C到達(dá) M、N 時(shí)兩粒子的電勢(shì)能相等D兩個(gè)粒子的電勢(shì)能都是先減小后增大13如圖（ a）左側(cè)的調(diào)壓裝置可視為理想變壓器，負(fù)載電路中R=55，A、V 為理想電流表和電壓表若原線圈接入如圖（b）所示的正弦交變電壓，電壓表的示數(shù)為110V，下列表述正確的是（）A電流表的示數(shù)為2AB原、副線圈匝數(shù)比為2：1C電壓表的示數(shù)為電壓的有效值D原線圈中交變電壓的頻率為100Hz14在等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)a、b、c 處，各有一條長(zhǎng)直導(dǎo)線垂直穿過紙面

8、，導(dǎo)線中通有大小相等的恒定電流，方向如圖過c 點(diǎn)的導(dǎo)線所受安培力的方向（）A與 ab 邊平行，豎直向上B與 ab 邊平行，豎直向下C與 ab 邊垂直，指向左邊D與 ab 邊垂直，指向右邊15如圖所示，輕彈簧上端與一質(zhì)量為m的木塊 1 相連，下端與另一質(zhì)量為 M的木塊 2 相連，整個(gè)系統(tǒng)置于水平放置的光滑木板上，并處5/38歡迎下載。于靜止?fàn)顟B(tài)現(xiàn)將木板沿水平方向突然抽出，設(shè)抽出后的瞬間，木塊1、2 的加速度大小分別為a1、a2重力加速度大小為g，則有（）Aa1=0，a2=gBa1=g，a2=gCa1=0，a2=gDa1=g，a2=g16地面附近空間中存在著水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，已知磁場(chǎng)方

9、向垂直紙面向里，一個(gè)帶電油滴能沿一條與豎直方向成 角的直線 MN運(yùn)動(dòng)（ MN在垂直于磁場(chǎng)方向的平面內(nèi)），如圖所示，則以下判斷中正確的是（）A如果油滴帶正電，它是從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 N 點(diǎn)B如果油滴帶正電，它是從N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 M點(diǎn)C如果電場(chǎng)方向水平向左，油滴是從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 N點(diǎn)D如果電場(chǎng)方向水平向右，油滴是從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 N點(diǎn)二、實(shí)驗(yàn)題：（本題共設(shè)兩小題，每空2 分，共 22 分）17在用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)中，使質(zhì)量為m=1.00kg 的重物自由下落，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打出一系列的點(diǎn)，選取一條符合實(shí)驗(yàn)要求的紙帶如圖所示O為第一個(gè)點(diǎn)， A、B、C為從合適位置開始選取連續(xù)點(diǎn)中的三個(gè)點(diǎn)已知打點(diǎn)計(jì)

10、時(shí)器每隔0.02s 打一個(gè)點(diǎn)，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間=9.80m/s2 ，那么：（1）根據(jù)圖上所得的數(shù)據(jù)，應(yīng)取圖中O點(diǎn)到點(diǎn)來驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律；6/38歡迎下載。（2）從 O點(diǎn)到（ 1）問中所取的點(diǎn)，重物重力勢(shì)能的減少量Ep=J，動(dòng)能增加量 Ek=J（結(jié)果取三位有效數(shù)字）；（3）若測(cè)出紙帶上所有各點(diǎn)到O點(diǎn)之間的距離，根據(jù)紙帶算出各點(diǎn)的速度 v 及物體下落的高度h，則以為縱軸，以h 為橫軸畫出的圖象是圖2中的18在如圖甲所示的電路中，四節(jié)干電池串連，小燈泡A、B 的規(guī)格為“3.8V，0.3A”合上開關(guān)S 后，無論怎樣移動(dòng)滑動(dòng)片，A、B燈都不亮（1）用多用電表的直流電壓擋檢查故障：選擇開關(guān)置于下列量

11、程的擋較為合適（用字母序號(hào)表示）；A2.5VB10VC50VD250V測(cè)得 c、d 間電壓約為 5.8V，e、f間電壓為 0，則故障是下列哪一項(xiàng)？；AA 燈絲斷開BB 燈絲斷開Cd、e 間連線斷開DB 燈被短路（ 2）接著訓(xùn)練用歐姆表的“ l ”擋測(cè)電阻，歐姆表經(jīng)過“歐姆調(diào)零”，測(cè)試前，一定要將電路中的開關(guān)S；7/38歡迎下載。測(cè) c、d 間和 e、f 間電阻時(shí)，某次測(cè)試結(jié)果如圖乙所示，讀數(shù)為，此時(shí)測(cè)量的是間電阻，根據(jù)小燈泡的規(guī)格計(jì)算出的電阻為，它不等于測(cè)量值，原因是：三、計(jì)算題：（本題共設(shè)三小題，共30 分）19如圖所示，電阻R1=2，小燈泡 L 上標(biāo)有“ 3V，1.5W“，電源內(nèi)阻 r=1

12、，滑動(dòng)變阻器的最大阻值為R0（大小未知），當(dāng)觸頭P 滑動(dòng)到最上端 a 時(shí)，安培表的讀數(shù)為1A，小燈泡 L 恰好正常發(fā)光，求：（ 1）滑動(dòng)變阻器的最大阻值 R0（ 2）當(dāng)觸頭 P 滑動(dòng)到最下端 b 時(shí)，求電源的總功率及輸出功率20如圖所示，在E=1103V/m 的豎直勻強(qiáng)電場(chǎng)中，有一光滑的半圓形絕緣軌 QPN與一水平絕緣軌道 MN連接，半圓形軌道平面與電場(chǎng)線平行， P為 QN圓弧的中點(diǎn)，其半徑 R=40cm，一帶正電 q=104C的小滑塊質(zhì)量 m=10g，與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù) =0.15 ，位于 N點(diǎn)右側(cè)1.5m 處，取 g=10m/s2，求：（1）要使小滑塊恰能運(yùn)動(dòng)到圓軌道的最高點(diǎn)Q，則滑

13、塊應(yīng)以多大的初速度 v0 向左運(yùn)動(dòng)？（2）這樣運(yùn)動(dòng)的滑塊通過P點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力是多大？21如圖所示，在第二象限內(nèi)有水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在第一、第四象限內(nèi)分別存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向如圖所示；現(xiàn)有一個(gè)帶電粒子在該平面內(nèi)從x 軸上的 P 點(diǎn)，以垂直于 x 軸初速度 v08/38歡迎下載。進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)，恰好經(jīng)過y 軸上的 Q點(diǎn)且與 y 軸成 45角射出電場(chǎng)，再經(jīng)過一段時(shí)間又恰好垂直于x 軸進(jìn)入下面的磁場(chǎng)已知OP之間的距離為 d，（不計(jì)粒子的重力）求：（1）Q點(diǎn)的坐標(biāo)；（2）帶電粒子自進(jìn)入電場(chǎng)至在磁場(chǎng)中第二次經(jīng)過x 軸的時(shí)間2015-2016 學(xué)年甘肅省市縣馬營中學(xué)高二（上）期末物理試卷

14、參考答案與試題解析一、選擇題：（本題共16 小題，每小題3 分，共 48 分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，至少有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的，全部選對(duì)的得3 分，少選德 1 分，有錯(cuò)選或不答的得0 分）1用細(xì)繩把小球懸掛起來，當(dāng)小球靜止時(shí)，下列說法正確的是（）A小球受到的重力和細(xì)繩對(duì)小球的拉力是一對(duì)作用力和反作用力B小球受到的重力和小球?qū)?xì)繩的拉力的一對(duì)作用力和反作用力C小球受到的重力和細(xì)繩對(duì)小球的拉力是一對(duì)平衡力D小球受到的重力和小球?qū)?xì)繩的拉力是一對(duì)平衡力【考點(diǎn)】作用力和反作用力【分析】一對(duì)平衡力與“作用力與反作用力“的共同的特點(diǎn)：二力都是大小相等，方向相反，作用在同一條直線上9/38歡迎下載。一

15、對(duì)平衡力與“作用力與反作用力“的區(qū)別：作用力與反作用力描述的是兩個(gè)物體間相互作用的規(guī)律，二力平衡描述的是一個(gè)物體在二力作用下處在平衡狀態(tài)【解答】解：對(duì)小球受力分析，受地球?qū)ζ涞闹亓?，?xì)線對(duì)其向上的拉力，小球保持靜止?fàn)顟B(tài)，加速度為零，合力為零，故重力和拉力是一對(duì)平衡力；細(xì)線對(duì)小球的拉力的反作用力是小球?qū)?xì)線的向下的拉力，這兩個(gè)力是一對(duì)相互作用力，故 A 錯(cuò)誤， B 錯(cuò)誤， C正確， D錯(cuò)誤故選： C【點(diǎn)評(píng)】本題涉及三力，重力、細(xì)線對(duì)小球的拉力和小球?qū)?xì)線的拉力，其中重力和細(xì)線對(duì)小球的拉力是平衡力（因?yàn)樾∏蛱幱谄胶鉅顟B(tài)），細(xì)線對(duì)小球的拉力和小球?qū)?xì)線的拉力是相互作用力；平衡力和相互作用力是很容易混

16、淆的，要注意其最明顯的區(qū)別在于是否同體2如圖所示的水平面上，橡皮繩一端固定，另一端連接兩根彈簧，連接點(diǎn) P 在 F1、F2 和 F3 三力作用下保持靜止下列判斷正確的是（）AF1F2F3BF3F1F2CF2F3F1DF3F2F1【考點(diǎn)】力的合成【專題】計(jì)算題；壓軸題10/38歡迎下載?！痉治觥咳绻粋€(gè)物體受到三個(gè)力的作用也能處于平衡狀態(tài)，叫做三力平衡很顯然這三個(gè)力的合力應(yīng)該為零而這三個(gè)力可能互成角度，也可能在一條直線上；對(duì)于三力平衡，一般根據(jù)“任意兩個(gè)力的合力與第三個(gè)力等大反向”的關(guān)系，借助三角函數(shù)、相似三角形等手段求解；或?qū)⒛骋粋€(gè)力分解到另外兩個(gè)力的反方向上，得到的這兩個(gè)分力勢(shì)必與另外兩個(gè)力

17、等大、反向；對(duì)于多個(gè)力的平衡，利用先分解再合成的正交分解法本題對(duì) P 點(diǎn)受力分析，可以運(yùn)用合成法、分解法、正交分解法求解【解答】解：對(duì)P 點(diǎn)受力分析，如圖根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件F1=F3cos30=F3F2=F3sin30=F3因而F3F1F2故選 B【點(diǎn)評(píng)】物體在三個(gè)力的作用下處于平衡狀態(tài)，要求我們分析三力之間的相互關(guān)系的問題叫三力平衡問題，這是物體受力平衡中最重要、最典型也最基礎(chǔ)的平衡問題這種類型的問題有以下幾種常見題型：三個(gè)力中，有兩個(gè)力互相垂直，第三個(gè)力角度（方向）已知11/38歡迎下載。三個(gè)力互相不垂直，但夾角（方向）已知考試說明中規(guī)定力的合成與分解的計(jì)算只限于兩力之間能構(gòu)成直角的情形三

18、個(gè)力互相不垂直時(shí)，無論是用合成法還是分解法，三力組成的三角形都不是直角三角形，造成求解困難因而這種類型問題的解題障礙就在于怎樣確定研究方法上解決的辦法是采用正交分解法，將三個(gè)不同方向的力分解到兩個(gè)互相垂直的方向上，再利用平衡條件求解三個(gè)力互相不垂直，且夾角（方向）未知三力方向未知時(shí)，無論是用合成法還是分解法，都找不到合力與分力之間的定量聯(lián)系，因而單從受力分析圖去求解這類問題是很難找到答案的要求解這類問題，必須變換數(shù)學(xué)分析的角度，從我們熟悉的三角函數(shù)法變換到空間幾何關(guān)系上去考慮，因而這種問題的障礙點(diǎn)是如何正確選取數(shù)學(xué)分析的方法解決這種類型的問題的對(duì)策是：首先利用合成法或分解法作出三力之間的平行四

19、邊形關(guān)系和三角形關(guān)系，再根據(jù)力的三角形尋找與之相似的空間三角形，利用三角形的相似比求解三力的動(dòng)態(tài)平衡問題即三個(gè)力中，有一個(gè)力為恒力，另一個(gè)力方向不變，大小可變，第三個(gè)力大小方向均可變，分析第三個(gè)力的方向變化引起的物體受力的動(dòng)態(tài)變化問題12/38歡迎下載。這種類型的問題不需要通過具體的運(yùn)算來得出結(jié)論，因而障礙常出現(xiàn)在受力分析和畫受力分析圖上在分析這類問題時(shí)，要注意物體“變中有不變”的平衡特點(diǎn)，在變中尋找不變量即將兩個(gè)發(fā)生變化的力進(jìn)行合成，利用它們的合力為恒力的特點(diǎn)進(jìn)行分析在解決這類問題時(shí)，正確畫出物體在不同狀態(tài)時(shí)的受力圖和平行四邊形關(guān)系尤為重要3質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)的vt 圖象如圖所示，規(guī)定向右為正方

20、向，則該質(zhì)點(diǎn)在前 8s 內(nèi)平均速度的大小和方向分別為（）A0.25m/s向右 B 0.25m/s向左C1m/s向右 D1m/s向左【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像；平均速度【專題】運(yùn)動(dòng)學(xué)中的圖像專題【分析】質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)的 vt 圖象中，圖象與橫坐標(biāo)所圍成的面積表示位移，平均速度等于總位移除以總時(shí)間，根據(jù)即可解題【解答】解：由題圖得前8s 內(nèi)的位移為：，則平均速度為：= 0.25m/s ，負(fù)號(hào)表示方向向左B 正確故選： B【點(diǎn)評(píng)】質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)的 vt 圖象中，圖象與坐標(biāo)軸所圍成的面積表示位移，面積的正負(fù)表示位移的方向，該題難度不大，屬于基礎(chǔ)題13/38歡迎下載。4如圖所示，三個(gè)小球從同一高度處的

21、O 點(diǎn)分別以水平初速度v1、v2、v3 拋出，落在水平面上的位置分別是A、B、C，O是 O在水平面上的射影點(diǎn)，且 OA：OB：OC=1： 3： 5若不計(jì)空氣阻力，則下列說法正確的是（）Av1：v2：v3=1：3：5B三個(gè)小球下落的時(shí)間相同C三個(gè)小球落地的速度相同D三個(gè)小球落地的位移相同【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)【專題】平拋運(yùn)動(dòng)專題【分析】平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)高度確定小球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，根據(jù)水平位移求出三個(gè)小球的初速度之比，將落地速度分解，求出落地的速度關(guān)系【解答】解： A、三個(gè)小球的高度相等，則根據(jù)h=知，平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，水平位移之比為1：3：5，則根據(jù)

22、x=v0t 得，初速度之比為1：3：5故 AB正確C、小球落地時(shí)的豎直方向上的分速度相等，落地時(shí)的速度v=，初速度不等，則落地的速度不等故C錯(cuò)誤D、小球落地時(shí)的位移，水平位移不等，豎直位移相等，則小球通過的位移不等故 D錯(cuò)誤故選： AB14/38歡迎下載?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，靈活運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式進(jìn)行求解5如圖所示， A、B 是兩個(gè)摩擦傳動(dòng)輪，兩輪半徑大小關(guān)系為RA=2RB，則兩輪邊緣上的（）A角速度之比 A：B=1：2 B周期之比 TA：TB=1：2C轉(zhuǎn)速之比 nA：nB=1：2D向心加速度之比aA：aB=2： 1【考點(diǎn)】線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速

23、【專題】勻速圓周運(yùn)動(dòng)專題【分析】因?yàn)閭鲃?dòng)時(shí)無滑動(dòng)，則輪子邊緣上的點(diǎn)線速度大小相等，根據(jù) v=r 得出角速度之比，周期T=，=2n，a=r 2=V【解答】解： A、A、B為靠摩擦傳動(dòng)的兩輪邊緣上的兩點(diǎn)，它們?cè)谙嗤瑫r(shí)間內(nèi)走過的弧長(zhǎng)相等，則線速度大小相等，即A：B=1：1，因?yàn)镽A=2RB，根據(jù) v=r 知， A：B=1：2，故 A正確B、周期 T=，周期之比 TA：TB=2：1，故 B 錯(cuò)誤C、=2n，所以轉(zhuǎn)速之比nA：nB=1：2，故 C正確D、a=r 2=V，故向心加速度之比aA：aB=1：2，故 D錯(cuò)誤故選： AC【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道靠傳送帶傳到的輪子邊緣上的點(diǎn)，線速度相等，共軸轉(zhuǎn)動(dòng)，

24、角速度相等，以及掌握線速度和角速度的關(guān)系15/38歡迎下載。6用控制變量法，可以研究影響平行板電容器電容的因素（如圖所示）設(shè)兩極板正對(duì)面積為S，極板間的距離為d，靜電計(jì)指針偏角為實(shí)驗(yàn)中，極板所帶電荷量不變，若（）A保持 S 不變，增大 d，則 變大B保持 S 不變，增大 d，則 變小C保持 d 不變，減小 S，則 變小D保持 d 不變，減小 S，則 不變【考點(diǎn)】電容器的動(dòng)態(tài)分析【專題】電容器專題【分析】靜電計(jì)測(cè)定電容器極板間的電勢(shì)差，電勢(shì)差越大，指針的偏角越大根據(jù)電容的決定式C= 分析極板間距離、正對(duì)面積變化時(shí)電容的變化情況，由于極板所帶電荷量不變，再由電容的定義式C= 分析板間電勢(shì)差的變化，

25、即可再確定靜電計(jì)指針的偏角變化情況【解答】解： A、B、根據(jù)電容的決定式C= 得知，電容與極板間距離成反比，當(dāng)保持 S 不變，增大 d 時(shí)，電容減小，電容器的電量Q不變，由電容的定義式C= 分析可知板間電勢(shì)差增大，則靜電計(jì)指針的偏角 變大；反之，保持S 不變，減小 d，則 減小故 A正確， B 錯(cuò)誤C、D、根據(jù)電容的決定式C= 得知，電容與極板的正對(duì)面積成正比，當(dāng)保持 d 不變，減小S 時(shí)，電容減小，電容器極板所帶的電荷量Q 不變，16/38歡迎下載。則由電容的定義式C= 分析可知板間電勢(shì)差增大，靜電計(jì)指針的偏角 變大；反之，保持d 不變，增大 S，則 減小，故 C錯(cuò)誤， D錯(cuò)誤故選： A【點(diǎn)

26、評(píng)】本題是電容動(dòng)態(tài)變化分析問題，關(guān)鍵抓住兩點(diǎn)：一是電容器的電量不變；二是掌握電容的兩個(gè)公式：電容的決定式C= 和C=7如圖所示，質(zhì)量為M的楔形物塊靜置在水平地面上，其斜面的傾角為 斜面上有一質(zhì)量為m的小物塊，小物塊與斜面之間存在摩擦用恒力 F 沿斜面向上拉小物塊，使之勻速上滑在小物塊運(yùn)動(dòng)的過程中，楔形物塊始終保持靜止地面對(duì)楔形物塊的支持力和摩擦力分別為（）A（ M+m）g、0 B （ M+m）gF、0C（ M+m）g+Fsin 、Fsin D （ M+m）gFsin 、Fcos【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用【專題】共點(diǎn)力作用下物體平衡專題【分析】物塊 m勻速上升，受力平

27、衡，合力為零楔形物塊M始終保持靜止合力也為零，將兩個(gè)物體看成整體進(jìn)行研究，根據(jù)平衡條件求解地面對(duì)楔形物塊支持力和摩擦力17/38歡迎下載?！窘獯稹拷猓阂晕飰Km 和楔形物塊M 整體為研究對(duì)象，分析受力情況，如圖，由平衡條件得地面對(duì)楔形物塊支持力大小為：N=（M+m）gFsin 地面對(duì)楔形物塊有向右的摩擦力大小為：f=Fcos 所以 D 正確故選： D【點(diǎn)評(píng)】本題采用整體法處理兩個(gè)物體的平衡問題，也可以采用隔離法研究8質(zhì)點(diǎn)開始時(shí)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，從某時(shí)刻起受到一恒力作用此后，該質(zhì)點(diǎn)的動(dòng)能可能（）A一直增大B先逐漸減小至零，再逐漸增大C先逐漸增大至某一最大值，再逐漸減小D先逐漸減小至某一非零的最小值，

28、再逐漸增大【考點(diǎn)】動(dòng)能定理的應(yīng)用【分析】一質(zhì)點(diǎn)開始時(shí)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，說明質(zhì)點(diǎn)所受合力為0，從某時(shí)刻起受到一恒力作用，這個(gè)恒力就是質(zhì)點(diǎn)的合力根據(jù)這個(gè)恒力與速度的方向關(guān)系確定質(zhì)點(diǎn)動(dòng)能的變化情況【解答】解： A、如果恒力與運(yùn)動(dòng)方向相同，那么質(zhì)點(diǎn)做勻加速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能一直變大，故A 正確18/38歡迎下載。B、如果恒力與運(yùn)動(dòng)方向相反，那么質(zhì)點(diǎn)先做勻減速運(yùn)動(dòng)，速度減到0，質(zhì)點(diǎn)在恒力作用下沿著恒力方向做勻加速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能再逐漸增大故B正確C、如果恒力方向與原來運(yùn)動(dòng)方向不在同一直線上，那么將速度沿恒力方向所在直線和垂直恒力方向分解，其中恒力與一個(gè)速度方向相同，這個(gè)方向速度就會(huì)增加，另一個(gè)方向速度不變，那么合速度就

29、會(huì)增加，不會(huì)減小故 C錯(cuò)誤D、如果恒力方向與原來運(yùn)動(dòng)方向不在同一直線上，那么將速度沿恒力方向所在直線和垂直恒力方向分解，其中恒力與一個(gè)速度方向相反，這個(gè)方向速度就會(huì)減小，另一個(gè)方向速度不變，那么合速度就會(huì)減小，當(dāng)恒力方向速度減到0 時(shí)，另一個(gè)方向還有速度，所以速度到最小值時(shí)不為 0，然后恒力方向速度又會(huì)增加，合速度又在增加，即動(dòng)能增大故 D正確故選 ABD【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于直線運(yùn)動(dòng)，判斷速度增加還是減小，我們就看加速度的方向和速度的方向?qū)τ谑芎懔ψ饔玫那€運(yùn)動(dòng)，我們可以將速度分解到恒力方向和垂直恒力方向，再去研究19/38歡迎下載。9如圖所示，用長(zhǎng)為L(zhǎng) 的輕繩把一個(gè)小鐵球懸掛在高2L 的 O點(diǎn)處，小

30、鐵球以 O為圓心在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)且恰能到達(dá)最高點(diǎn)B 處，若運(yùn)動(dòng)中輕繩斷開，則小鐵球落到地面時(shí)的速度大小為（）ABCD【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)；牛頓第二定律；向心力；機(jī)械能守恒定律【專題】平拋運(yùn)動(dòng)專題【分析】小球恰好能通過最高點(diǎn) B，重力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律和向心力公式列式求解得到 B 點(diǎn)速度；然后根據(jù)機(jī)械能守恒定律列式求解落地速度【解答】解：小球恰好能通過最高點(diǎn)B，重力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有：mg=m整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程只有重力做功，機(jī)械能守恒，根據(jù)守恒定律，有：聯(lián)立解得：；故選 D【點(diǎn)評(píng)】本題突破口在于小球恰好經(jīng)過 B 點(diǎn)，重力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列式求解速度；然后機(jī)械能守恒

31、定律列式求解落地速度，不難10如圖所示，虛線表示等勢(shì)面，相鄰兩等勢(shì)面間的電勢(shì)差相等，有一帶正電的小球在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，實(shí)線表示該小球的運(yùn)動(dòng)軌跡小球在a20/38歡迎下載。點(diǎn)的動(dòng)能等于 20eV，運(yùn)動(dòng)到 b 點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能等于2eV若取 c 點(diǎn)為電勢(shì)零點(diǎn)，則當(dāng)這個(gè)帶電小球的電勢(shì)能等于6eV時(shí)（不計(jì)重力和空氣阻力），它的動(dòng)能等于（）A16eVB14eVC6eVD4eV【考點(diǎn)】電勢(shì)能【專題】帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題【分析】解決本題需掌握：小球只受電場(chǎng)力時(shí)，小球的動(dòng)能和電勢(shì)能之和保持不變；正確判斷小球在電場(chǎng)中所受電場(chǎng)力方向以及電場(chǎng)力做功情況【解答】解：小球自a 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 b 時(shí)，電場(chǎng)力做負(fù)功： Wab=2e

32、V20eV=18eV由于相鄰兩等勢(shì)面的電勢(shì)差相等，故電勢(shì)差的大小關(guān)系有：Uab=3Ubc從 b 到 c 電場(chǎng)力做正功，根據(jù)動(dòng)能定理有：Wbc=EkcEkb聯(lián)立可得Ekc=8eV由于只有電場(chǎng)力做功，電勢(shì)能和動(dòng)能和保持不變，故在c 點(diǎn)：E=Ep+Ek=8eV即電勢(shì)能和動(dòng)能之和為8eV，因此當(dāng)電勢(shì)能等于6eV時(shí)動(dòng)能為 14eV，故 ACD錯(cuò)誤， B正確21/38歡迎下載。故選 B【點(diǎn)評(píng)】學(xué)習(xí)電場(chǎng)中的功能關(guān)系時(shí)可以類比在重力場(chǎng)的功能關(guān)系，如只有重力做功，動(dòng)能和電勢(shì)能之和保持不變；那么只有電場(chǎng)力做功，電勢(shì)能和動(dòng)能之和保持不變11嫦娥二號(hào)衛(wèi)星已成功發(fā)射，這次發(fā)射后衛(wèi)星直接進(jìn)入近地點(diǎn)高度200 公里、遠(yuǎn)地點(diǎn)

33、高度約38 萬公里的地月轉(zhuǎn)移軌道直接奔月當(dāng)衛(wèi)星到達(dá)月球附近的特定位置時(shí)，衛(wèi)星就必須“急剎車”，也就是近月制動(dòng)，以確保衛(wèi)星既能被月球準(zhǔn)確捕獲，又不會(huì)撞上月球，并由此進(jìn)入近月點(diǎn) 100 公里、周期 12 小時(shí)的橢圓軌道a再經(jīng)過兩次軌道調(diào)整，進(jìn)入 100 公里的近月圓軌道b軌道 a 和 b 相切于 P 點(diǎn)，如圖所示下列說法正確的是（）A嫦娥二號(hào)衛(wèi)星的發(fā)射速度大于7.9 km/s ，小于 11.2 km/sB嫦娥二號(hào)衛(wèi)星的發(fā)射速度大于11.2 km/sC嫦娥二號(hào)衛(wèi)星在a、b 軌道經(jīng)過 P 點(diǎn)的速度 va=vbD嫦娥二號(hào)衛(wèi)星在a、b 軌道經(jīng)過 P 點(diǎn)的加速度分別為aa、ab 則 aaab【考點(diǎn)】萬有引力

34、定律及其應(yīng)用；第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度【專題】萬有引力定律的應(yīng)用專題22/38歡迎下載?！痉治觥?A、B 嫦娥二號(hào)發(fā)射出去后繞地球做橢圓運(yùn)動(dòng)，知嫦娥二號(hào)的發(fā)射速度大于 7.9km/s ，小于 11.2km/s C、嫦娥二號(hào)在橢圓軌道的P點(diǎn)進(jìn)入圓軌道需減速，使得萬有引力等于需要的向心力，做圓周運(yùn)動(dòng)D、根據(jù)牛頓第二定律比較嫦娥二號(hào)衛(wèi)星在a、b 軌道經(jīng)過 P 點(diǎn)的加速度【解答】解： A、嫦娥二號(hào)發(fā)射出去后繞地球做橢圓運(yùn)動(dòng)，知嫦娥二號(hào)的發(fā)射速度大于7.9km/s ，小于 11.2km/s 故 A 正確、 B 錯(cuò)誤C、嫦娥二號(hào)在橢圓軌道的P 點(diǎn)是近月點(diǎn)，速度比較大，要進(jìn)入圓軌道，需減速，

35、使得萬有引力等于所需要的向心力所以在a 軌道 P 點(diǎn)的速度大于在 b 軌道 P 點(diǎn)的速度故 C錯(cuò)誤D、嫦娥二號(hào)衛(wèi)星在a、b 軌道經(jīng)過 P 點(diǎn)，所受的萬有引力相等，根據(jù)牛頓第二定律，知加速度相等故D錯(cuò)誤故選： A【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道發(fā)射速度大于7.9km/s ，小于 11.2km/s時(shí)，將繞地球做橢圓運(yùn)動(dòng)，以及知道在近月點(diǎn)由橢圓軌道進(jìn)入圓軌道需減速12如圖所示，虛線a、b、c 為三個(gè)同心圓面，圓心處有一個(gè)點(diǎn)電荷，現(xiàn)從 b、c 之間一點(diǎn) P 以相同的速率發(fā)射兩個(gè)帶電粒子，分別沿PM、PN運(yùn)動(dòng)到 M、N點(diǎn)， M、N 兩點(diǎn)都處于圓周c 上，以下判斷正確的是（）23/38歡迎下載。A到達(dá) M、N

36、時(shí)兩粒子速率仍相等B到達(dá) M、N 時(shí)兩粒子速率 vMvNC到達(dá) M、N 時(shí)兩粒子的電勢(shì)能相等D兩個(gè)粒子的電勢(shì)能都是先減小后增大【考點(diǎn)】電勢(shì)能【專題】電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題【分析】根據(jù)軌跡的彎曲方向確定帶電粒子所受的電場(chǎng)力方向，根據(jù)動(dòng)能定理確定到達(dá) M、N時(shí)兩粒子速率關(guān)系由電場(chǎng)力做功正負(fù)分析電勢(shì)能的變化【解答】解： AB、由軌跡看出，點(diǎn)電荷左側(cè)的帶電粒子受排斥力，右側(cè)的帶電粒子受吸引力，由題，M、N 兩點(diǎn)都處于圓周c 上，電勢(shì)相等，兩帶電粒子又是從同一點(diǎn)P 出發(fā)，則電勢(shì)差UPM=UPN，電場(chǎng)力對(duì)兩個(gè)帶電粒子做功大小相等，而從P 到 M的粒子電場(chǎng)力總功為正功，從P 到 N的粒子電場(chǎng)力總功為負(fù)功，根

37、據(jù)動(dòng)能定理得到，到達(dá)M、N時(shí)兩粒子速率 vMvN故 A 錯(cuò)誤， B 正確C、由軌跡看出，點(diǎn)電荷左側(cè)的帶電粒子有排斥力，與中心點(diǎn)電荷電性相同；對(duì)右側(cè)的帶電粒子有吸引力，與中心點(diǎn)電荷電性相反，則兩粒子帶異種電荷，由公式Ep=q 知兩個(gè)粒子到達(dá)M、N時(shí)電勢(shì)能不等，故 C錯(cuò)誤，24/38歡迎下載。D、電場(chǎng)力對(duì)左側(cè)的粒子先做負(fù)功后做正功，電勢(shì)能先增大后減小，故D錯(cuò)誤故選： B【點(diǎn)評(píng)】本題是軌跡問題，根據(jù)軌跡的彎曲方向要能判斷出帶電粒子所受的電場(chǎng)力大體方向電場(chǎng)力做功與初末位置間電勢(shì)差成正比，并會(huì)判定電場(chǎng)力做功的正負(fù)13如圖（ a）左側(cè)的調(diào)壓裝置可視為理想變壓器，負(fù)載電路中R=55，A、V 為理想電流表和電

38、壓表若原線圈接入如圖（b）所示的正弦交變電壓，電壓表的示數(shù)為110V，下列表述正確的是（）A電流表的示數(shù)為2AB原、副線圈匝數(shù)比為2：1C電壓表的示數(shù)為電壓的有效值D原線圈中交變電壓的頻率為100Hz【考點(diǎn)】變壓器的構(gòu)造和原理【專題】交流電專題【分析】根據(jù)圖象可以求得輸出電壓的有效值、周期和頻率等，再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比即可求得結(jié)論25/38歡迎下載。【解答】解： A、根據(jù)電路圖可知，電阻R 的電壓為 110V，電阻為55，所以電阻 R 的電流 I=2A，故 A正確B、由圖可知，輸入的電壓的有效值為220V，電壓表的示數(shù)為110V，即為輸出的電壓，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可得匝數(shù)比為2：1，故 B

39、 正確C、電壓表、電流表等的讀數(shù)都是有效值，故C正確D、經(jīng)過變壓器前后電壓的頻率是不變的，根據(jù)圖象可知，輸出電壓的頻率為 f=50Hz，所以原線圈中交變電壓的頻率也為50Hz，故 D錯(cuò)誤故選： ABC【點(diǎn)評(píng)】能夠根據(jù)圖象得到我們需要的物理信息，掌握住理想變壓器的電壓、電流之間的關(guān)系，最大值和有效值之間的關(guān)系即可解決本題14在等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)a、b、c 處，各有一條長(zhǎng)直導(dǎo)線垂直穿過紙面，導(dǎo)線中通有大小相等的恒定電流，方向如圖過c 點(diǎn)的導(dǎo)線所受安培力的方向（）A與 ab 邊平行，豎直向上B與 ab 邊平行，豎直向下C與 ab 邊垂直，指向左邊D與 ab 邊垂直，指向右邊【考點(diǎn)】通電直導(dǎo)線和通電

40、線圈周圍磁場(chǎng)的方向；磁感應(yīng)強(qiáng)度；左手定則26/38歡迎下載?！痉治觥客妼?dǎo)線在磁場(chǎng)中受到安培力，方向是由左手定則可確定，而通電導(dǎo)線與通電導(dǎo)線間的安培力由通電導(dǎo)線周圍存在磁場(chǎng)是由安培定則來確定，則對(duì)放入其中的通電導(dǎo)線有安培力作用，從而由安培力的疊加可確定其方向【解答】解：等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn) a、b、c 處均有一通電導(dǎo)線，且導(dǎo)線中通有大小相等的恒定電流由安培定則可得：導(dǎo)線a、b 的電流在 c 處的合磁場(chǎng)方向豎直向下再由左手定則可得：安培力的方向是與ab 邊垂直，指向左邊故選： C【點(diǎn)評(píng)】從題中可得這一規(guī)律：通電導(dǎo)線的電流方向相同時(shí)，則兩導(dǎo)線相互吸引；當(dāng)通電導(dǎo)線的電流方向相反時(shí)，則兩導(dǎo)線相互排斥1

41、5如圖所示，輕彈簧上端與一質(zhì)量為 m的木塊 1 相連，下端與另一質(zhì)量為 M的木塊 2 相連，整個(gè)系統(tǒng)置于水平放置的光滑木板上，并處于靜止?fàn)顟B(tài)現(xiàn)將木板沿水平方向突然抽出，設(shè)抽出后的瞬間，木塊1、2 的加速度大小分別為a1、a2重力加速度大小為g，則有（）Aa1=0，a2=gBa1=g，a2=gCa1=0，a2=gDa1=g，a2=g【考點(diǎn)】牛頓第二定律；力的合成與分解的運(yùn)用【專題】牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題27/38歡迎下載。【分析】通過共點(diǎn)力平衡求出彈簧的彈力大小，抓住抽出木板的瞬間，彈簧彈力不變，根據(jù)牛頓第二定律求出木塊1、2 的加速度【解答】解：在抽出木板的瞬時(shí)，彈簧對(duì)1 的支持力和對(duì) 2 的壓

42、力并未改變對(duì) 1 物體受重力和支持力，有：mg=F，a1=0對(duì) 2 物體受重力和彈簧的向下的壓力，根據(jù)牛頓第二定律有：a2=，故 C正確故選： C【點(diǎn)評(píng)】本題屬于牛頓第二定律應(yīng)用的瞬時(shí)加速度問題，關(guān)鍵是區(qū)分瞬時(shí)力與延時(shí)力；彈簧的彈力通常來不及變化，為延時(shí)力，輕繩的彈力為瞬時(shí)力，繩子斷開即消失16地面附近空間中存在著水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，已知磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，一個(gè)帶電油滴能沿一條與豎直方向成 角的直線 MN運(yùn)動(dòng)（ MN在垂直于磁場(chǎng)方向的平面內(nèi)），如圖所示，則以下判斷中正確的是（）A如果油滴帶正電，它是從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 N 點(diǎn)B如果油滴帶正電，它是從N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 M點(diǎn)C如果電場(chǎng)方向水平向左，油滴是從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 N點(diǎn)D如果電場(chǎng)方向水平向右，油滴是從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 N點(diǎn)28/38歡迎下載?！究键c(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；牛頓第二定律；向心力【專題】帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題【分析】對(duì)帶電粒子進(jìn)行受力分析，受到豎直向下的重力