云南省某知名中學(xué)高三物理上學(xué)期第一次月考試題含解析

1、云南省峨山一中2018-2019學(xué)年高三第一次月考理科綜合 物理一、單選題 1.手提一根不計(jì)質(zhì)量的、下端掛有物體的彈簧上端，豎直向上做加速運(yùn)動(dòng)當(dāng)手突然停止運(yùn)動(dòng)后的極短時(shí)間內(nèi)，物體將()a. 立即處于靜止?fàn)顟B(tài) b. 向上做加速運(yùn)動(dòng)c. 向上做勻速運(yùn)動(dòng) d. 向上做減速運(yùn)動(dòng)【答案】b【解析】【詳解】當(dāng)手突然停止運(yùn)動(dòng)后極短時(shí)間內(nèi)，彈簧形變量極小，彈簧中的彈力仍大于重力，合力向上，物體仍向上做加速運(yùn)動(dòng)，故b正確，acd錯(cuò)誤。2.從同一地點(diǎn)同時(shí)開(kāi)始沿同一直線運(yùn)動(dòng)的兩個(gè)物體、的速度圖象如圖所示，在0t2時(shí)間內(nèi)，下列說(shuō)法中正確的是()a. 、兩個(gè)物體在t1時(shí)刻相遇b. 、兩個(gè)物體的平均速度大小都是v1+v1

2、2c. 、兩個(gè)物體所受的合外力都在不斷減小d. 物體的加速度不斷增大，物體的加速度不斷減小【答案】c【解析】【詳解】圖線與坐標(biāo)軸圍成圖形的面積大于，所以、兩個(gè)物體在t1時(shí)刻不相遇，故a錯(cuò)誤；圖線與時(shí)間軸包圍的面積表示對(duì)應(yīng)時(shí)間內(nèi)的位移大小，如果物體的速度從v2均勻減小到v1，或從v1均勻增加到v2，物體的位移就等于圖中梯形的面積，平均速度就等于v1+v22，故的平均速度大于v1+v22，的平均速度小于v1+v22，故b錯(cuò)誤；速度時(shí)間圖象上某點(diǎn)的切線的斜率表示該點(diǎn)對(duì)應(yīng)時(shí)刻的加速度大小，故物體做加速度不斷減小的加速運(yùn)動(dòng)，物體做加速度不斷減小的減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律知、兩個(gè)物體所受的合外力都在不斷

3、減小，故c正確，d錯(cuò)誤。所以c正確，abd錯(cuò)誤。3.一個(gè)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，若所受的一切外力都突然消失，則由牛頓第一定律可知，該物體將()a. 改做勻速直線運(yùn)動(dòng) b. 立即靜止c. 繼續(xù)做勻速圓周運(yùn)動(dòng) d. 改做變速圓周運(yùn)動(dòng)【答案】a【解析】【詳解】勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，以前是運(yùn)動(dòng)的，根據(jù)牛頓第一定律，一切外力消失，將做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故a正確，bcd錯(cuò)誤。4. 2012年我國(guó)宣布北斗導(dǎo)航系統(tǒng)正式商業(yè)運(yùn)行。北斗導(dǎo)航系統(tǒng)又被稱(chēng)為“雙星定位系統(tǒng)”，具有導(dǎo)航、定位等功能?！氨倍贰毕到y(tǒng)中兩顆工作衛(wèi)星均繞地心做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌道半徑為，某時(shí)刻兩顆工作衛(wèi)星分別位于軌道上的a、b兩位置（如圖所示

4、）若衛(wèi)星均順時(shí)針運(yùn)行，地球表面處的重力加速度為g，地球半徑為，不計(jì)衛(wèi)星間的相互作用力則以下判斷中正確的是（ ）a. 這兩顆衛(wèi)星的加速度大小相等，均為r2gr2b. 衛(wèi)星l由位置a運(yùn)動(dòng)至位置b所需的時(shí)間為2r3rrgc. 衛(wèi)星l向后噴氣就一定能追上衛(wèi)星2d. 衛(wèi)星1由位置a運(yùn)動(dòng)到位置b的過(guò)程中萬(wàn)有引力做正功【答案】a【解析】試題分析：根據(jù)萬(wàn)有引力定律可得：，又，則，選項(xiàng)a正確；由，解得，衛(wèi)星l由位置a運(yùn)動(dòng)至位置b所需的時(shí)間為，選項(xiàng)b錯(cuò)誤；衛(wèi)星l向后噴氣將脫離原軌道而跑到高軌道上去，故不能追上衛(wèi)星2，選項(xiàng)c錯(cuò)誤；衛(wèi)星1由位置a運(yùn)動(dòng)到位置b的過(guò)程中萬(wàn)有引力不做功，選項(xiàng)d錯(cuò)誤；故選a.考點(diǎn)：萬(wàn)有引力定

5、律的應(yīng)用.5. 如右圖所示，在傾角為30°的光滑斜面上，有一根長(zhǎng)為l0.8 m的細(xì)繩，一端固定在o點(diǎn)，另一端系一質(zhì)量為m0.2 kg的小球，沿斜面做圓周運(yùn)動(dòng)，若要小球能通過(guò)最高點(diǎn)a，則小球在最低點(diǎn)b的最小速度是()a. 2 m/s b. 210m/sc. 25m/s d. 22m/s【答案】a【解析】小球恰好能在斜面上做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，剛小球通過(guò)a點(diǎn)時(shí)細(xì)線的拉力為零，根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)和牛頓第二定律有：mgsin=mva2l ，解得：va=glsin=2m/s，故選a.二、多選題 6.如圖所示，相距為d的邊界水平的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度水平向里、大小為b.質(zhì)量為m、電阻為r、邊長(zhǎng)為l的正方形

6、線圈abcd，將線圈在磁場(chǎng)上方高h(yuǎn)處由靜止釋放，已知cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)和cd邊剛離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)速度相等，不計(jì)空氣阻力，則()a. 在線圈穿過(guò)磁場(chǎng)的整個(gè)過(guò)程中，克服安培力做功為mgdb. 若ld，則線圈穿過(guò)磁場(chǎng)的整個(gè)過(guò)程所用時(shí)間為2ghdc. 若l<d，則線圈的最小速度可能為mgrb2l2d. 若l<d，則線圈的最小速度可能為2g(h+ld)【答案】bcd【解析】【詳解】根據(jù)能量守恒研究從cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)到cd邊剛穿出磁場(chǎng)的過(guò)程：動(dòng)能變化為0，重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為線框產(chǎn)生的熱量，則進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中線圈產(chǎn)生的熱量qmgd，cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度為v0，cd邊剛離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)速度也為v0，所以從cd邊

7、剛穿出磁場(chǎng)到ab邊離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程，線框產(chǎn)生的熱量與從cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)到cd邊剛穿出磁場(chǎng)的過(guò)程產(chǎn)生的熱量相等，所以線圈從cd邊進(jìn)入磁場(chǎng)到ab邊離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程，產(chǎn)生的熱量q2mgd，感應(yīng)電流做的功為2mgd，故a錯(cuò)誤；線圈剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小v=2gh，若ld，線圈將勻速通過(guò)磁場(chǎng)，所用時(shí)間為t=2dv=2d2gh=2ghd，故b正確；若l<d，線框可能先做減速運(yùn)動(dòng)，在完全進(jìn)入磁場(chǎng)前做勻速運(yùn)動(dòng)，因?yàn)橥耆M(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度最小，則mg=b2l2vr，則最小速度v=mgrb2l2，故c正確；因?yàn)檫M(jìn)磁場(chǎng)時(shí)要減速，即此時(shí)的安培力大于重力，速度減小，安培力也減小，當(dāng)安培力減到等于重力時(shí)，線圈做勻速運(yùn)動(dòng)，

8、全部進(jìn)入磁場(chǎng)將做加速運(yùn)動(dòng)，設(shè)線圈的最小速度為vm，知全部進(jìn)入磁場(chǎng)的瞬間速度最小由動(dòng)能定理知，從cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)到線框完全進(jìn)入時(shí)，則有：12mvm212mv02mglmgd，有12mv02mgh，綜上所述，線圈的最小速度為vm=2gh+ld，故d正確。所以bcd正確，a錯(cuò)誤。7. 如圖所示，水平皮帶的速度保持不變，現(xiàn)將一物體輕放在皮帶a端，開(kāi)始時(shí)物體在皮帶上滑動(dòng)，當(dāng)它到達(dá)位置c后隨皮帶一起勻速運(yùn)動(dòng)，直至傳送到b端，則在此過(guò)程中a. 物體由a運(yùn)動(dòng)到b過(guò)程中始終受水平向左的滑動(dòng)摩擦力b. 物體在ac段受水平向右的滑動(dòng)摩擦力c. 物體在cb段受水平向右的靜摩擦力d. 物體在cb段不受摩擦力作用【答案】

9、bd【解析】試題分析：當(dāng)物體從a到c的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，物體相對(duì)傳送帶向左運(yùn)動(dòng)，所受摩擦力向右，a錯(cuò)；當(dāng)物體與傳動(dòng)帶相對(duì)靜止勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，所受摩擦力為零，bd對(duì)；c錯(cuò)；考點(diǎn)：考查摩擦力的判斷點(diǎn)評(píng)：難度較小，摩擦力的有無(wú)根據(jù)假設(shè)法或運(yùn)動(dòng)情況分析判斷，摩擦力的方向總是與相對(duì)運(yùn)動(dòng)或相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)相反8.如圖甲所示，傾角為的粗糙斜面體固定在水平面上，初速度為v0=10m/s、質(zhì)量為m=1kg的小木塊沿斜面上滑，若從此時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，整個(gè)過(guò)程中小木塊速度的平方隨路程變化的關(guān)系圖像如圖乙所示，取g=10m/s2，下列說(shuō)法正確的是（ ）a. 0-5s內(nèi)小木塊做勻減速運(yùn)動(dòng)b. 在t=1s時(shí)，摩擦力反向c. 斜面傾角=37d

10、. 小木塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5【答案】bcd【解析】由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式：v2-v02=2ax與圖象看的：a=v2v022x=01002×5=10m/s2，由圖示圖象可知，初速度：v02=100，v0=10m/s，減速運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t=vv0a=01010=1s，故a錯(cuò)誤；由圖示圖象可知，在0-1s內(nèi)物體向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，1s后物體反向做勻加速運(yùn)動(dòng)，t=1s時(shí)摩擦力反向，故b正確；由圖示圖象可知，物體反向加速運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度：a=v22x=322×(135)=2m/s2 ，由牛頓第二定律得：mgsin+mgcos=ma，mgsin-mgcos=ma，代入數(shù)據(jù)解得

11、：=0.5，=37°，故d正確，c錯(cuò)誤；故選bd三、實(shí)驗(yàn)題(共2小題,共15分) 9.某實(shí)驗(yàn)小組利用圖1所示的裝置探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系圖1下列做法正確的是_(填字母代號(hào))a調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳緣K的細(xì)繩與長(zhǎng)木板保持平行b在調(diào)節(jié)木板傾斜度平衡木塊受到的滑動(dòng)摩擦力時(shí)，將裝有砝碼的砝碼桶通過(guò)定滑輪拴在木塊上c實(shí)驗(yàn)時(shí)，先放開(kāi)木塊再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源d通過(guò)增減木塊上的砝碼改變質(zhì)量時(shí)，不需要重新調(diào)節(jié)木板傾斜度為使砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總重力在數(shù)值上近似等于木塊運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的拉力，應(yīng)滿足的條件是砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總質(zhì)量_木塊和木塊上砝碼的總質(zhì)量(選填“遠(yuǎn)大于”、“遠(yuǎn)小于”或“近似等于”)圖2甲

12、、乙兩同學(xué)在同一實(shí)驗(yàn)室，各取一套圖1所示的裝置放在水平桌面上，木塊上均不放砝碼，在沒(méi)有平衡摩擦力的情況下，研究加速度a與拉力f的關(guān)系，分別得到圖2中甲、乙兩條直線設(shè)甲、乙用的木塊質(zhì)量分別為m甲、m乙，甲、乙用的木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為甲、乙，由圖2可知，m甲_m乙，甲_乙(選填“大于”、“小于”或“等于”)【答案】 (1). ad (2). 遠(yuǎn)小于 (3). 小于 (4). 大于【解析】【詳解】(1)在探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)中，平衡摩擦力時(shí)木板不通過(guò)定滑輪掛砝碼桶，而要掛紙帶，并且改變質(zhì)量時(shí)不需要重新平衡摩擦力；在實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先接通電源再放開(kāi)木塊，故選項(xiàng)a、d均正確，b、c均錯(cuò)誤。

13、(2)選木塊(m)、砝碼桶及桶內(nèi)的砝碼(m)為研究對(duì)象，則mg(mm)a選砝碼桶及桶內(nèi)的砝碼為研究對(duì)象則mgftma聯(lián)立得：ftmgm2gm+m 要使ftmg需要m2gm+m接近于0即mm(3)對(duì)木塊由牛頓第二定律得：fmgma即a1mfg。由上式與題圖結(jié)合可知：1m甲>1m乙 ，甲g>乙g。即：m甲<m乙，甲>乙【點(diǎn)睛】要提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)問(wèn)題的能力，在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的理解與應(yīng)用關(guān)于圖象問(wèn)題，常用的方法是得出兩個(gè)物理量的表達(dá)式，結(jié)合圖線的斜率和截距進(jìn)行分析求解10.某金屬材料制成的電阻rr阻值隨溫度變化而變化，為了測(cè)量rr在0到100之

14、間的多個(gè)溫度下的電阻阻值。某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的電路。其中a為量程為1ma、內(nèi)阻忽略不計(jì)的電流表，e為電源，r1為滑動(dòng)變阻器，rb為電阻箱，s為單刀雙擲開(kāi)關(guān)。完成下面實(shí)驗(yàn)步驟中的填空：a調(diào)節(jié)溫度，使得rr的溫度達(dá)到t1，b將s撥向接點(diǎn)l，調(diào)節(jié)_，使電流表的指針偏轉(zhuǎn)到適當(dāng)位置，記下此時(shí)電流表的讀數(shù)i；c將s撥向接點(diǎn)2，調(diào)節(jié)_，使_，記下此時(shí)電阻箱的讀數(shù)r0；d則當(dāng)溫度為t1時(shí)，電阻rr=_：e改變r(jià)r的溫度，在每一溫度下重復(fù)步驟，即可測(cè)得電阻溫度隨溫度變化的規(guī)律。由上述實(shí)驗(yàn)測(cè)得該金屬材料制成的電阻rr隨溫度t變化的圖象如圖甲所示。若把該電阻與電池（電動(dòng)勢(shì)e=1.5v，內(nèi)阻不計(jì)）、電流表（量程為5

15、ma、內(nèi)阻rg=100）、電阻箱r串聯(lián)起來(lái)，連成如圖乙所示的電路，用該電阻作測(cè)溫探頭，把電流表的電流刻度改為相應(yīng)的溫度刻度，就得到了一個(gè)簡(jiǎn)單的“金屬電阻溫度計(jì)”。a電流刻度較大處對(duì)應(yīng)的溫度刻度_；（填“較大”或“較小”）b若電阻箱取值阻值r=50，則電流表5ma處對(duì)應(yīng)的溫度數(shù)值為_(kāi)。【答案】 (1). 滑動(dòng)變阻器r1 (2). 電阻箱rb (3). 電流表的讀數(shù)仍為i (4). r0 (5). 較小 (6). 50【解析】【詳解】 測(cè)量不同溫度下rr的阻值，使用的是替代法。將s撥向接點(diǎn)l，應(yīng)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器r1，使電流表的指針偏轉(zhuǎn)到適當(dāng)位置，記下此時(shí)電流表的讀數(shù)i；將s撥向接點(diǎn)2，應(yīng)保持r1阻值

16、不變，調(diào)節(jié)電阻箱rb，使電流表的讀數(shù)仍為i，則說(shuō)明兩次連接回路的總電阻相等，所以rr=r0。 根據(jù)閉合電路的歐姆定律，電流較大，則r總較小，rr較小，再由甲圖知，溫度較??；由e=irr+rg+r 得：rr=eirgr ，代入數(shù)據(jù)rr=150 ，可得溫度為50。四、計(jì)算題 11.如圖所示，充電后的平行板電容器水平放置，電容為c，極板間距離為d，上極板正中有一小孔。質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球從小孔正上方高h(yuǎn)處由靜止開(kāi)始下落，穿過(guò)小孔到達(dá)下極板處速度恰為零（空氣阻力忽略不計(jì)，極板間電場(chǎng)可視為勻強(qiáng)電場(chǎng)，重力加速度為g）。求：（1）小球到達(dá)小孔處的速度；（2）極板間電場(chǎng)強(qiáng)度大小和電容器所帶電荷量；（3

17、）小球從開(kāi)始下落運(yùn)動(dòng)到下極板的時(shí)間?！敬鸢浮?1)v=2gh (2) e=mg(h+d)qd q=cmg(h+d)q (3)t=h+dh2hg 【解析】試題分析：（1）小球到達(dá)小孔前是自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度位移關(guān)系公式，有：v2=2gh解得：v=2gh（2）對(duì)從釋放到到達(dá)下極板處過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理列式，有：mg（h+d）-qed=0解得：e=mg(h+d)qd電容器兩極板間的電壓為：u=ed=mg(h+d)q電容器的帶電量為：q=cu=mg(h+d)cq（3）加速過(guò)程：mgt1=mv減速過(guò)程，有：（mg-qe）t2=0-mvt=t1+t2聯(lián)立解得：t=h+dh2hg考點(diǎn)：牛頓第二定律及動(dòng)能定理的

18、應(yīng)用【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是明確小球的受力情況和運(yùn)動(dòng)規(guī)律，然后結(jié)合動(dòng)能定理和動(dòng)量定理列式分析，不難。視頻12.小明站在水平地面上，手握不可伸長(zhǎng)的輕繩一端，繩的另一端系有質(zhì)量為m的小球，甩動(dòng)手腕，使球在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng).當(dāng)球某次運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，繩突然斷掉，球飛行水平距離d后落地，如圖14所示.已知握繩的手離地面高度為d，手與球之間的繩長(zhǎng)為34d，重力加速度為g，忽略手的運(yùn)動(dòng)半徑和空氣阻力.(1)求繩斷時(shí)球的速度大小v1和球落地時(shí)的速度大小v2；(2)求繩能承受的最大拉力；(3)改變繩長(zhǎng)，使球重復(fù)上述運(yùn)動(dòng)，若繩仍在球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)斷掉，要使球拋出的水平距離最大，繩長(zhǎng)應(yīng)是多少？最大水平距離為多少？

19、【答案】(1)2gd10gd2 (2)113 mg(3) d2233d【解析】【詳解】(1)設(shè)繩斷后球飛行時(shí)間為t，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律得豎直方向14d12gt2水平方向dv1t解得v12gd在豎直方向上有v22g(134)d，則v22v122g(134)d解得 v210gd2 (2)設(shè)繩能承受的最大拉力大小為ft，這也是球受到繩的最大拉力大小.球做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r34d對(duì)小球在最低點(diǎn)由牛頓第二定律得：ftmgmv12r 解得 ft113mg(3)設(shè)繩長(zhǎng)為l，繩斷時(shí)球的速度大小為v3，繩承受的最大拉力不變.由牛頓第二定律得ftmgmv32l解得v3236gl 繩斷后球做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直位移為dl，水

20、平位移為x，時(shí)間為t1，則豎直方向dl12gt12水平方向xv3t1解得x4l(dl)3 當(dāng)ld2時(shí)，x有最大值，xmax233d.【點(diǎn)睛】本題考查了圓周運(yùn)動(dòng)和平拋運(yùn)動(dòng)的綜合，知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律和圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來(lái)源是解決本題的關(guān)鍵。13.下列說(shuō)法中正確的是( )a. 知道水蒸氣的摩爾體積和水分子的體積，可計(jì)算出阿伏加德羅常數(shù)b. 隨著分子間距離的增大，分子間作用力減小，分子勢(shì)能也一定減小c. 單晶體有固定的熔點(diǎn)，而多晶體沒(méi)有固定的熔點(diǎn)d. 硬幣或鋼針能浮于水面上，是由于液體表面張力的作用【答案】d【解析】a、固體液體的分子間距離較小，但氣體分子間距離較大，故知道水蒸

21、氣的摩爾體積和水分子的體積，不可計(jì)算出阿伏加德羅常數(shù)，故a錯(cuò)誤；b、隨著分子間距離的增大，分子間作用力減小，但分子勢(shì)能的變化不好確定，要具體分析看分子力做功的正負(fù)來(lái)確定，故b錯(cuò)誤；c、無(wú)論單晶體還是多晶體都有固定的熔點(diǎn)，故c錯(cuò)誤；d、輕小物體浮于液面上，沒(méi)有浸在液體中，是由于表面張力的緣故，故d正確；故選d。14.如圖所示，一根上粗下細(xì)、粗端與細(xì)端都粗細(xì)均勻的玻璃管上端封閉、下端開(kāi)口，橫截面積s1=4s2，下端與大氣連通粗管中有一段水銀封閉了一定質(zhì)量的理想氣體，水銀柱下表面恰好與粗管和細(xì)管的交界處齊平，空氣柱和水銀柱長(zhǎng)度均為h=4cm現(xiàn)在細(xì)管口連接一抽氣機(jī)（圖中未畫(huà)出），對(duì)細(xì)管內(nèi)氣體進(jìn)行緩慢抽

22、氣，最終使一半水銀進(jìn)入細(xì)管中，水銀沒(méi)有流出細(xì)管已知大氣壓強(qiáng)為p0=76cmhg求抽氣結(jié)束后細(xì)管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；抽氣過(guò)程中粗管內(nèi)氣體吸熱還是放熱？請(qǐng)說(shuō)明原因【答案】求抽氣結(jié)束后細(xì)管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)p2=58cmhg；抽氣過(guò)程中粗管內(nèi)氣體吸熱，抽氣過(guò)程中，粗管內(nèi)氣體溫度不變，內(nèi)能不變，u=w+q=0，氣體體積增大，對(duì)外做功，w0則q0，故氣體需要吸熱【解析】試題分析：（1）根據(jù)體積不變，求出水銀柱恰好一半進(jìn)入粗管中時(shí)，水銀柱的高度，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程求解時(shí)封閉氣體的壓強(qiáng)，再根據(jù)平衡條件知細(xì)管里氣體壓強(qiáng)；（2）抽氣過(guò)程，封閉氣體發(fā)生等溫變化，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可以判定是吸熱還是放熱解：（1）緩慢抽氣過(guò)程

23、，粗管內(nèi)氣體溫度不變，設(shè)抽氣后粗管內(nèi)氣體壓強(qiáng)為p3，細(xì)管內(nèi)壓強(qiáng)為p2，由玻意耳定律知（p0h）=p1（h+h）p2=p1+（）解得p2=58cmhg；（2）抽氣過(guò)程中，粗管內(nèi)氣體溫度不變，內(nèi)能不變，u=w+q=0，氣體體積增大，對(duì)外做功，w0則q0，故氣體需要吸熱答：求抽氣結(jié)束后細(xì)管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)p2=58cmhg；抽氣過(guò)程中粗管內(nèi)氣體吸熱，抽氣過(guò)程中，粗管內(nèi)氣體溫度不變，內(nèi)能不變，u=w+q=0，氣體體積增大，對(duì)外做功，w0則q0，故氣體需要吸熱【點(diǎn)評(píng)】此題考查氣體的理想氣體狀態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律，分析氣體狀態(tài)時(shí)先找不變的量，再看變化的量，再選合適的公式，可以使問(wèn)題簡(jiǎn)單化15.一列簡(jiǎn)諧橫波，某時(shí)刻的波形如圖甲所示，從該時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，波上a質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象如圖乙所示，(1)該列波沿x軸傳播(填“正向”或“負(fù)向”)；(2)該列波的波速大小為m/s；(3)若此波遇到另一列簡(jiǎn)諧橫波并發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，則所遇到的波的頻率為hz。【答案】（1）正向 （2）1m/s （3）2.5hz【解析】試題分析：因a點(diǎn)沿負(fù)方向振動(dòng)，則其滯后于左邊的質(zhì)點(diǎn)，則可知波沿x正向傳播由波動(dòng)圖可知波長(zhǎng)為04m，由振動(dòng)圖可知周期t為04s，則v=/t1m