2019年江西省南昌市高考物理一模試卷

1、2019年江西省南昌市高考物理一模試卷二、選擇題（本題共 8小題每小題6分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中第 14至18題只 有一項(xiàng)符合題目要求，第 19至2題有兩項(xiàng)或三項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分.1 . （6分）一位物理老師制作了一把如圖所示的“簡(jiǎn)易銅絲琴”。他是這么做的：在一塊木板上固定兩顆螺絲釘，將一根張緊的銅絲纏繞在兩顆螺絲釘之間，擴(kuò)音器通過(guò)導(dǎo) 線與兩螺絲釘連接，銅絲旁邊放置一塊磁鐵，用手指撥動(dòng)銅絲，擴(kuò)音器上就發(fā)出了聲音。振動(dòng)的銅絲切割磁感線產(chǎn)生直流電流B.C.該“簡(jiǎn)易銅絲琴”將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能D.利用這一裝置所揭示的原理可制成發(fā)電機(jī)2. （6分）一質(zhì)

2、量為1kg的小物塊靜止在光滑水平面上,水平向右的拉力F,其速度的二次方隨位移變化的圖象為經(jīng)過(guò)t = 0時(shí)刻給物體施加一個(gè)P點(diǎn)（5, 25）的直線，如水平拉力F的大小為B.2.5NC.5s內(nèi)小物塊的位移為5m31D. 5s末小物塊的速度為 25ms3 . （ 6分）在粒子散射實(shí)驗(yàn)中，粒子的偏轉(zhuǎn)是由于受到原子內(nèi)正電荷的庫(kù)侖力作用而發(fā)生的，其中有極少數(shù)粒子發(fā)生了大角度偏轉(zhuǎn)，甚至被反向彈回。假定一個(gè)速度為V的高速粒子（4 He）與金原子核（1折AU）發(fā)生彈性正碰（碰撞前金原子核可認(rèn)279為是靜止的），則（）A.粒子在靠近金原子核的過(guò)程中電勢(shì)能逐漸減小B粒子散射實(shí)驗(yàn)說(shuō)明原子核是由質(zhì)子和中子組成的C.粒子

3、散射實(shí)驗(yàn)說(shuō)明帶正電的物質(zhì)均勻分布在原子內(nèi)部D當(dāng)它們的距離最小時(shí)，粒子與金原子核的動(dòng)量大小之比為4: 1974. （6分）在公園里我們經(jīng)?？梢钥吹酱笕撕托『⒍枷矚g玩的一種游戲-“套圈”， 如圖所示是“套圈”游戲的場(chǎng)景。假設(shè)某小孩和大人從同一條豎直線上距離地面的不同高度處分別水平拋出兩個(gè)小圓環(huán)大人拋出圓環(huán)時(shí)的高度為小孩拋出圓環(huán)高度的倍，結(jié)果恰好都套中地面上同一物體。不計(jì)空氣阻力，則大人和小孩所拋出的圓環(huán)（）A.運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為9: 4C.水平初速度之比為2: 3B.速度變化率之比為 4: 9D落地時(shí)速度之比為 3: 25. （6分）如圖所示，物體A、B和輕彈簧靜止豎立在水平地面上，輕彈簧的兩端與兩物

4、體栓接，其勁度系數(shù)為 k,重力加速度為g。在物體A上施加一個(gè)豎直向上的恒力,若恒力大小為Fo,物體B恰好不會(huì)離開(kāi)地面；若恒力大小為2Fo,在物體B剛好離開(kāi)地面時(shí)物體A的速度為,設(shè)整個(gè)過(guò)程中彈簧都處于彈性限度內(nèi)。則物體 A與物體B的質(zhì)量比值為（A. 2: 1B. 1: 2C. 3: 1D. 1 : 36. （6分）如圖所示，真空中有兩個(gè)點(diǎn)電荷Q、Q分別固定在X軸上的X1= 0和X2的位置上。將一試探電荷 q放置在Xo處恰好靜止?，F(xiàn)將 Q的固定點(diǎn)左移少許距離，將該 試探電荷q仍放置在Xo處，則（）021A .試探電荷q 定向右運(yùn)動(dòng)B .試探電荷q所受電場(chǎng)力一定向左C .電場(chǎng)力對(duì)試探電荷一定是先做正

5、功D .試探電荷的電勢(shì)能一定是先減小7. （ 6分）如圖所示帶電小球 a以一定的初速度 vo豎直向上拋出，能夠達(dá)到的最大高度為ha;帶電小球b在水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)以相同的初速度vo豎直向上拋出，上升的最大高度為hb;帶電小球C在水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)以相同的初速度vo豎直向上拋出，上升的最大高度為hc ,不計(jì)空氣阻力，三個(gè)小球的質(zhì)量相等，則（XX ×XX冥 AA .它們上升的最大咼度關(guān)系為ha= hb= hcB .它們上升的最大高度關(guān)系為hbV ha= hcC .到達(dá)最大高度時(shí)，b小球動(dòng)能最小D .到達(dá)最大高度時(shí)，C小球機(jī)械能最大利用萬(wàn)有引力常量G和表中選擇的一些信息可以完成的估算是（）

6、信息序號(hào)信息內(nèi)容地球一年約地表重力加速火星的公轉(zhuǎn)日地距離大地球半徑約365天度約為9.8ms2周期為687天約是1.5億6400kmkmA .選擇 可以估算地球質(zhì)量B 選擇 可以估算太陽(yáng)的密度C 選擇可以估算火星公轉(zhuǎn)的線速度D 選擇 可以估算太陽(yáng)對(duì)地球的吸引力三、非選擇題：包括必做題和選做題兩部分.第22題第32題為必做題每個(gè)試題考生都必須作答第33題第38題為選做題，考生根據(jù)要求作答.9某物理課外興趣小組的三名同學(xué)想“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”，他們找到了如下物品：一根粗細(xì)均勻的長(zhǎng)橡皮筋、木板、剪刀白紙、鉛筆、刻度尺、三角板、三個(gè)重量相同的鉤碼圖釘和細(xì)繩若干。他們?cè)O(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)方案：步驟1橡皮

7、筋一端固定，另一端系上細(xì)繩套，分別掛上一個(gè)兩個(gè)、三個(gè)鉤碼，用刻度尺測(cè)量掛上相應(yīng)的鉤碼時(shí)橡皮筋的長(zhǎng)度，看伸長(zhǎng)量是否與所掛鉤碼數(shù)成正比，若成正比則進(jìn)行下一步；步驟2:將橡皮筋剪成長(zhǎng)度均為的三段，將三段橡皮筋的一端系在一起設(shè)為結(jié)點(diǎn)0,另一端均系上細(xì)繩套，任取兩細(xì)繩套對(duì)拉檢查對(duì)應(yīng)橡皮筋長(zhǎng)度是否相等，若相等則進(jìn)行下一步；步驟3:在木板上固定白紙， 在白紙合適位置用圖釘套住一細(xì)繩套，現(xiàn)用手將另兩細(xì)繩套成一定角度往下拉適當(dāng)?shù)木嚯x記錄結(jié)點(diǎn)0的位置和測(cè)量三段橡皮筋的長(zhǎng)度11、12、13.（如圖所示）（1）則有關(guān)上述操作說(shuō)法正確的有 A 步驟1的目的是判斷橡皮筋是否符合胡克定律B 步驟2的目的是判斷三段橡皮筋勁度

8、系數(shù)是否相同C .步驟3還需要記錄橡皮筋 2、3的方向D .步驟3還需要測(cè)力計(jì)測(cè)量三段橡皮筋的拉力大?。?） 該小組的三名同學(xué)分別做此實(shí)驗(yàn)，則他們?cè)诟淖兗?xì)繩的夾角再做實(shí)驗(yàn)時(shí) （填“需要”或“不需要”）保證結(jié)點(diǎn) 0位置不變?，F(xiàn)測(cè)得I = 10.0m ,則甲、乙、丙記錄的數(shù)據(jù)明顯存在錯(cuò)誤的是 （填“甲”或“乙”或“丙”）。甲：1 = 2= 3= 15.0Cm;乙：1 = 15.0cm, 2= 120. Cm, 3= 12.0Cm;丙：1 = 16.0cm, 2= 13.0Cm, 3= 14.0Cm10. （1）如圖1所示為小南同學(xué)用歐姆擋去測(cè)量浴霸里的白熾燈（220V , 275W）不發(fā)光時(shí)燈絲電

9、阻的表盤(pán)照片，但在拍照的時(shí)候未把多用電表的選擇擋位旋鈕拍進(jìn)去小南同學(xué)認(rèn) 為還是能夠知道其電阻值，那么你認(rèn)為此白熾燈的燈絲電阻是.如果照片所拍攝的是直流電流檔（量程為5A）的表盤(pán)，則所測(cè)電流為 A。（2）小南同學(xué)想通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)量出歐姆表內(nèi)部電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，他在實(shí)驗(yàn)室中找到了下列器材：待測(cè)歐姆表（選擇“歐姆檔”）電流表A （量程為0.6A ,內(nèi)阻不可忽略）電壓表V量程為3V ,內(nèi)阻非常大）滑動(dòng)變阻器 R電鍵K導(dǎo)線若干（I）連接好電路，將滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值調(diào)到最大，閉合開(kāi)關(guān)；（）逐漸減小滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值，記下電壓表的示數(shù)U和相應(yīng)電流表的示數(shù)I ；（川）以U為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)，作 U

10、 - I圖線（U、I都用國(guó)際單位）；（W）求出U -I圖線斜率k和在縱軸上的截距 a?；卮鹣铝袃疹}：請(qǐng)?jiān)诖鹁淼膶?shí)物圖2上完成電路連線。選用k、a、R表示待測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r的表達(dá)式E =,r =代人數(shù)值可得E和r的測(cè)量值。11. 如圖所示，在傾角= 37°的光滑絕緣斜面內(nèi)有兩個(gè)質(zhì)量分別為4m和m的正方形導(dǎo)線框a、b電阻均為R,邊長(zhǎng)均為I ;它們分別系在一跨過(guò)兩個(gè)定滑輪的輕繩兩端，在兩導(dǎo) 線框之間有一方向垂直斜面向下、寬度為2I的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B;開(kāi)始時(shí)，線框b的上邊框與勻強(qiáng)磁場(chǎng)的下邊界重合，線框a的下邊框到勻強(qiáng)磁場(chǎng)的上邊界的距離為I。現(xiàn)將系統(tǒng)由靜止釋放，a線框恰

11、好勻速穿越磁場(chǎng)區(qū)域。不計(jì)滑輪摩擦和空氣阻力，重力加速度為 g, Sin37°= 0.6, cos37°= 0.8求：(1) a線框穿出磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的電流大??；(2) a線框穿越磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的速度；(3) 線框b進(jìn)人磁場(chǎng)過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱。12如圖所示，兩塊長(zhǎng)度均為I的絕緣木板A、B置于水平地面上的光滑區(qū)域，mA = 2kg ,mB= 1kg ,它們的間距為d= 2m。一質(zhì)量為2kg、長(zhǎng)度為2I的長(zhǎng)板C疊放于A板的上方, 二者右端恰好齊平。C與A、B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為= 0.2,最大靜摩擦力可認(rèn)為等于滑動(dòng)摩擦力。開(kāi)始時(shí)，三個(gè)物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)給長(zhǎng)板C施加一個(gè)方向水平向右、大小

12、為4N的外力F,結(jié)果A板被長(zhǎng)板C帶動(dòng)加速直到與木板 B發(fā)生碰撞。假定木板A、B碰撞時(shí)間極短且碰后粘連在一起。(g取10ms2)Eib-Tr "JrJP l*J-LH* U (1)求木板A、B碰撞后瞬間的速度大小;(2)要使C最終恰好與木板 A、B兩端對(duì)齊，木板 A、B的長(zhǎng)度I的值;(3)若C恰好與木板A、B兩端對(duì)齊時(shí)撤去F, A、B、C三者立刻被鎖定為一個(gè)系統(tǒng),此時(shí)ABC開(kāi)始進(jìn)入水平地面上的粗糙區(qū)域,AB下表面與粗糙區(qū)域的動(dòng)摩擦因數(shù)2 =0.3.求A板運(yùn)動(dòng)的位移大小。13. 下列說(shuō)法正確的是（）A .對(duì)理想氣體做功，內(nèi)能不一定增加B .水由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)，分子勢(shì)能增加C .液體的飽和汽

13、壓一定比未飽和汽壓大D .已知水的摩爾質(zhì)量和水分子的質(zhì)量，可以計(jì)算出阿伏加德羅常數(shù)E.當(dāng)分子力表現(xiàn)為引力時(shí)，分子力和分子勢(shì)能都是隨分子間距離的增大而增大14. 兩個(gè)底面積均為 S的圓柱形導(dǎo)熱容器直立放置，下端由細(xì)管連通。左容器上端敞開(kāi)，右容器上端封閉。容器內(nèi)氣缸中各有一個(gè)質(zhì)量不同，厚度可忽略的活塞，活塞A、B下方和B上方均封有同種理想氣體。已知容器內(nèi)氣體溫度始終不變，重力加速度大小為g,外界大氣壓強(qiáng)為po,活塞A的質(zhì)量為m,系統(tǒng)平衡時(shí)，各氣體柱的高度如圖所示（ h已 知），現(xiàn)假設(shè)活塞B發(fā)生緩慢漏氣，致使B最終與容器底面接觸，此時(shí)活塞A下降了 0.2h。 求：未漏氣時(shí)活塞B下方氣體的壓強(qiáng);活塞B

14、的質(zhì)量。15. 已知波源的平衡位置在0點(diǎn)，t= 0時(shí)刻開(kāi)始做振幅為 50cm的簡(jiǎn)諸振動(dòng)，頻率為20Hz,發(fā)出一列橫波沿X軸正方向傳播，如圖所示為 P點(diǎn)恰好開(kāi)始振動(dòng)時(shí)的波形，P、Q兩質(zhì)點(diǎn)B .當(dāng)t= 0.35s時(shí)，Q點(diǎn)剛開(kāi)始振動(dòng)C .波源剛開(kāi)始振動(dòng)時(shí)的運(yùn)動(dòng)方向沿-y方向D . Q點(diǎn)剛開(kāi)始振動(dòng)時(shí)，P點(diǎn)恰位于平衡位置E. Q點(diǎn)剛開(kāi)始振動(dòng)之前，P點(diǎn)經(jīng)過(guò)的路程為14.0m16. 如圖，現(xiàn)有一束平行單色光垂直入射到一半徑為R的玻璃半球的底面上，O點(diǎn)是半球的球心，虛線OO'是過(guò)球心 O與半球底面垂直的直線， 已知光速為c,玻璃對(duì)該色光的 折射率為 o底面上多大區(qū)域面積的入射光線能夠直接從球面射出？某

15、入射光線從距離虛線 OO '為0.5R處入射，經(jīng)球面折射后與OO '有交點(diǎn)，求該光線從進(jìn)入半球到該交點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間？0,2019年江西省南昌市高考物理一模試卷參考答案與試題解析二、選擇題（本題共 8小題每小題6分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中第 14至18題只有一 項(xiàng)符合題目要求，第 19至2題有兩項(xiàng)或三項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得 6分，選對(duì)但不 全的得3分，有選錯(cuò)的得0分.1. （ 6分）一位物理老師制作了一把如圖所示的“簡(jiǎn)易銅絲琴”。他是這么做的：在一塊木板上固定兩顆螺絲釘，將一根張緊的銅絲纏繞在兩顆螺絲釘之間，擴(kuò)音器通過(guò)導(dǎo)線與兩螺絲釘連接，銅絲旁邊放置一塊磁鐵，用手指撥動(dòng)銅絲，

16、擴(kuò)音器上就發(fā)出了聲音。根據(jù)上面所給的信息，下面說(shuō)法正確的是（）B .振動(dòng)的銅絲切割磁感線產(chǎn)生直流電流C .該“簡(jiǎn)易銅絲琴”將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能D 利用這一裝置所揭示的原理可制成發(fā)電機(jī)【考點(diǎn)】D6 :電磁感應(yīng)在生活和生產(chǎn)中的應(yīng)用.【專(zhuān)題】31:定性思想；43 :推理法；53C :電磁感應(yīng)與電路結(jié)合.【分析】根據(jù)產(chǎn)生感應(yīng)電流的關(guān)鍵是：閉合電路的部分導(dǎo)體，做切割磁感線運(yùn)動(dòng)，從而 即可求解?！窘獯稹拷猓篈B、手指撥動(dòng)銅導(dǎo)線發(fā)聲是由于銅導(dǎo)線振動(dòng)時(shí)切割磁感線產(chǎn)生交變的感應(yīng) 電流，電流通過(guò)擴(kuò)音器放大后發(fā)聲，故AB錯(cuò)誤；CD、該“簡(jiǎn)易銅絲琴”將機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能，所以利用這一裝置所揭示的原理可制成發(fā) 電機(jī)，故C錯(cuò)

17、誤，D正確；故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】考查電磁感應(yīng)現(xiàn)象，掌握電磁感應(yīng)現(xiàn)象的原理是解答本題的關(guān)鍵。t=0時(shí)刻給物體施加一個(gè)水平向右P點(diǎn)（5, 25）的直線，如圖所示,2. （ 6分）一質(zhì)量為Ikg的小物塊靜止在光滑水平面上, 的拉力F ,其速度的二次方隨位移變化的圖象為經(jīng)過(guò) 則（）J15/OA .小物塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)B .水平拉力F的大小為2.5NC.5s內(nèi)小物塊的位移為5mD .5s末小物塊的速度為25m/s【考點(diǎn)】1F :勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與位移的關(guān)系.【專(zhuān)題】32 :定量思想；43 :推理法；511:直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專(zhuān)題.【分析】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)是加速度不變。根據(jù)圖象可知X與v2成正比，從而確定

18、物體的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)圖象可知X與v2成正比，且過(guò) P點(diǎn)（5, 25）,根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)得:V2= 5x,根據(jù)公式V2= 2ax可得：a= 2.5ms2,故物塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤;B、根據(jù)牛頓第二定律得 F = ma= 2.5N ,故B正確；C、 根據(jù)位移與時(shí)間關(guān)系公式X=at = 31.25m ,故C錯(cuò)誤；D、 根據(jù)速度與時(shí)間關(guān)系公式得V= at= 12.5ms,故D錯(cuò)誤，故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】解得此類(lèi)問(wèn)題的關(guān)鍵是從所給的圖象中提取有效信息，然后結(jié)合所學(xué)知識(shí)進(jìn)行 解答。3. （ 6分）在粒子散射實(shí)驗(yàn)中，粒子的偏轉(zhuǎn)是由于受到原子內(nèi)正電荷的庫(kù)侖力作用而發(fā)生的，其中有極少數(shù) 粒子發(fā)生

19、了大角度偏轉(zhuǎn)，甚至被反向彈回。假定一個(gè)速度為V的高速粒子（? He ）與金原子核（卿AU ）發(fā)生彈性正碰（碰撞前金原子核可認(rèn)為是靜止的）,則（）A . 粒子在靠近金原子核的過(guò)程中電勢(shì)能逐漸減小B 粒子散射實(shí)驗(yàn)說(shuō)明原子核是由質(zhì)子和中子組成的C 粒子散射實(shí)驗(yàn)說(shuō)明帶正電的物質(zhì)均勻分布在原子內(nèi)部D .當(dāng)它們的距離最小時(shí)，粒子與金原子核的動(dòng)量大小之比為4: 197【考點(diǎn)】53 :動(dòng)量守恒定律；J1:粒子散射實(shí)驗(yàn).【專(zhuān)題】31:定性思想；43 :推理法；54M :原子的核式結(jié)構(gòu)及其組成.【分析】電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加；粒子散射實(shí)驗(yàn)表面原子的內(nèi)部有一個(gè)很小的核，原子的全部正電荷和幾乎的全部質(zhì)量都集中在原子

20、核里；粒子在靠近金原子核的過(guò)程中滿足動(dòng)量守恒?！窘獯稹拷猓篈、粒子在靠近金原子核的過(guò)程中，庫(kù)侖力做負(fù)功，電勢(shì)能逐漸增加，故A錯(cuò)誤；B、 粒子散射實(shí)驗(yàn)是原子的核式結(jié)構(gòu)理論的基礎(chǔ)，并不能說(shuō)明原子核是由質(zhì)子和中子組 成的，故B錯(cuò)誤；C、 粒子散射實(shí)驗(yàn)說(shuō)明帶正電的物質(zhì)分布在原子內(nèi)部很小的區(qū)域內(nèi)，即原子的內(nèi)部有一 個(gè)很小的原子核，故 C錯(cuò)誤；D、粒子在靠近金原子核的過(guò)程中，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，當(dāng)它們的距離最小時(shí)，兩者的速度相等，則粒子與金原子核的動(dòng)量大小之比等于質(zhì)量之比，即為4 : 197 ,故D正確；故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】考查原子核式結(jié)構(gòu)模型的內(nèi)容，掌握粒子散射實(shí)驗(yàn)的意義，理解電場(chǎng)力做功正負(fù)與電勢(shì)能的變化關(guān)系，

21、注意動(dòng)量守恒定律的條件。4. （ 6分）在公園里我們經(jīng)?？梢钥吹酱笕撕托『⒍枷矚g玩的一種游戲-“套圈”，如圖所示是“套圈”游戲的場(chǎng)景。假設(shè)某小孩和大人從同一條豎直線上距離地面的不同高度處分別水平拋出兩個(gè)小圓環(huán)大人拋出圓環(huán)時(shí)的高度為小孩拋出圓環(huán)高度的一倍，結(jié)果恰4A .運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為9: 4好都套中地面上同一物體。不計(jì)空氣阻力，則大人和小孩所拋出的圓環(huán)（）B .速度變化率之比為 4: 9C .水平初速度之比為2: 3D .落地時(shí)速度之比為3: 2【考點(diǎn)】43 :平拋運(yùn)動(dòng).【專(zhuān)題】32 :定量思想；43 :推理法；518 :平拋運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題.【分析】物體做平拋運(yùn)動(dòng)，我們可以把平拋運(yùn)動(dòng)分解為水平方向上的

22、勻速直線運(yùn)動(dòng)，和豎直方向上的自由落體運(yùn)動(dòng)來(lái)求解，兩個(gè)方向上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同；根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律進(jìn)行判斷?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)得可知大人和小孩所拋出的圓環(huán)運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為3： 2,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;B、速度變化率等于加速度，因?yàn)榧铀俣染鶠間，可知速度變化率之比為 1:1,選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C、 大人和小孩的水平位移相等，根據(jù)丁二可知水平初速度比等于 2: 3 ,選項(xiàng)C正確；D、 根據(jù)yy-2gh可知，落地的豎直速度之比為3: 2,則根據(jù) 赳応+巧可知落地時(shí) 速度之比不等于 3: 2,選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選：C O【點(diǎn)評(píng)】 本題就是對(duì)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律的考查，平拋運(yùn)動(dòng)可以分解為在水平方向上的勻速直 線運(yùn)動(dòng)，和豎直方向上的自由

23、落體運(yùn)動(dòng)來(lái)求解。5. （ 6分）如圖所示，物體 A、B和輕彈簧靜止豎立在水平地面上，輕彈簧的兩端與兩物體栓接，其勁度系數(shù)為k,重力加速度為g。在物體A上施加一個(gè)豎直向上的恒力，若恒力大小為Fo,物體B恰好不會(huì)離開(kāi)地面；若恒力大小為2F0,在物體B剛好離開(kāi)地面時(shí)物體A的速度為,設(shè)整個(gè)過(guò)程中彈簧都處于彈性限度內(nèi)。則物體A與物體B的質(zhì)量比值為（）A. 2: 1B. 1: 2C. 3: 1D. 1: 3【考點(diǎn)】2S :胡克定律；37 :牛頓第二定律.【專(zhuān)題】32 :定量思想；4C :方程法；52D :動(dòng)能定理的應(yīng)用專(zhuān)題.【分析】根據(jù)平衡條件得到彈力和重力大小關(guān)系，再根據(jù)動(dòng)能定理列方程求解質(zhì)量之比。【解

24、答】解：設(shè)彈簧原來(lái)的壓縮量 XI,則ki = mAg;當(dāng)B剛離開(kāi)地面時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量為 X2,貝V kx2= mBg;恒力大小為Fo,物體B恰好不會(huì)離開(kāi)地面， 根據(jù)動(dòng)能定理可得 F0 （i+2） - mAg （i+2） + EP= 0,恒力大小為2Fo,在物體B剛好離開(kāi)地面時(shí)物體 A的速度為v=., - 上,根據(jù)動(dòng)能定理可得 2Fo （1+2）- mAg （x1+x2） + Ep=-.*-,2 A聯(lián)立解得：FO （X1+X2）=-二.叮=. -.2ki+2k2= 3mAg解得物體A與物體B的質(zhì)量比值mA : mB = 2: 1 ,故A正確、BCD錯(cuò)誤。 故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】利用動(dòng)能定理解題時(shí)注意：

25、（1）分析物體受力情況，確定哪些力是恒力，哪些力是變力；（2）找出其中恒力的功及變力的功；（3）分析物體初末狀態(tài)，求出動(dòng)能變化量；（4）運(yùn)用動(dòng)能定理求解。6. （ 6分）如圖所示，真空中有兩個(gè)點(diǎn)電荷Q1、Q2分別固定在X軸上的i = 0和2的位置上。將一試探電荷 q放置在XO處恰好靜止。現(xiàn)將 Q2的固定點(diǎn)左移少許距離，將該試探 電荷q仍放置在o處，則（）串A .試探電荷q 定向右運(yùn)動(dòng)B .試探電荷q所受電場(chǎng)力一定向左C .電場(chǎng)力對(duì)試探電荷一定是先做正功D .試探電荷的電勢(shì)能一定是先減小【考點(diǎn)】A8 :點(diǎn)電荷的電場(chǎng)；AE:電勢(shì)能與電場(chǎng)力做功.【專(zhuān)題】31:定性思想；49 :合成分解法；532:電

26、場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專(zhuān)題.【分析】開(kāi)始時(shí)，X0點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零；當(dāng)移動(dòng) Q2后0點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)不再為零，則電荷放置在該 點(diǎn)時(shí)不再平衡，要發(fā)生移動(dòng)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小；【解答】解：將一試探電荷q放置在X0處恰好靜止，說(shuō)明X0點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零，即 Q1在X0處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)與 Q2在XO處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)等大反向；將 Q2的固定點(diǎn)左移少許距離，則 Q2 在XO處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)減小，XO處的合場(chǎng)強(qiáng)不再等于零，但是由于不知道Q1和Q2的電性，則不知道合場(chǎng)強(qiáng)的方向，則將該試探電荷q仍放置在XO處時(shí)，不能判斷它受力的方向以及運(yùn)動(dòng)的方向，但是可知電場(chǎng)力對(duì)試探電荷一定是先做正功，電勢(shì)能先減小，故AB錯(cuò)誤，CD正確；故選：CD?！军c(diǎn)評(píng)】

27、求解此題要知道空間中某一點(diǎn)的電場(chǎng)，是空間所有電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)的疊加，場(chǎng)強(qiáng)是矢量，其合成遵守平行四邊形定則。7. （ 6分）如圖所示帶電小球 a以一定的初速度 v0豎直向上拋出，能夠達(dá)到的最大高度為ha；帶電小球b在水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)以相同的初速度v0豎直向上拋出，上升的最大高度為hb；帶電小球C在水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)以相同的初速度vo豎直向上拋出，上升的最大高度為hc ,不計(jì)空氣阻力，三個(gè)小球的質(zhì)量相等，則（）A .它們上升的最大高度關(guān)系為ha= hb= hcB .它們上升的最大高度關(guān)系為 hbV ha= hcC .到達(dá)最大高度時(shí)，b小球動(dòng)能最小D 到達(dá)最大高度時(shí)，C小球機(jī)械能最大【考點(diǎn)】6B :

28、功能關(guān)系；A6 :電場(chǎng)強(qiáng)度與電場(chǎng)力；AE:電勢(shì)能與電場(chǎng)力做功；CF:洛倫茲力.【專(zhuān)題】31:定性思想；43 :推理法；53D :磁場(chǎng) 磁場(chǎng)對(duì)電流的作用.【分析】當(dāng)小球只受到重力的作用的時(shí)候，球做的是豎直上拋運(yùn)動(dòng)；當(dāng)小球在磁場(chǎng)中運(yùn) 動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，由于洛倫茲力的作用，會(huì)改變速度的方向，所以到達(dá)最高點(diǎn)是小球的速 度的大小不為零；當(dāng)加上電場(chǎng)時(shí)，電場(chǎng)力在水平方向，只影響小球在水平方向的運(yùn)動(dòng)， 不影響豎直方向的運(yùn)動(dòng)的情況。2【解答】解：AB、第1個(gè)圖：由豎直上拋運(yùn)動(dòng)的最大高度公式得：ha='.第3個(gè)圖：2g當(dāng)加上電場(chǎng)時(shí)，由運(yùn)動(dòng)的分解可知，在豎直方向上有：Vo2= 2ghc,所以ha= he;而第2

29、個(gè)圖：洛倫茲力改變速度的方向，當(dāng)小球在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，小球應(yīng)有水平速度， 設(shè)此時(shí)的球的動(dòng)能為 Ek ,則由能量守恒得：mghb+Ek=寺mvo2 ,又由于£ mvo2= mgha,所以ha>hb;故A錯(cuò)誤，B正確。C、到達(dá)最大高度時(shí)，b、C兩小球還有速度，而 a球在最大高度速度為零，可知a動(dòng)能最小，故C錯(cuò)誤;D、因C球中除重力做負(fù)功外，電場(chǎng)力對(duì)C球做正功，則到達(dá)最大高度時(shí)，C小球機(jī)械能最大，故D正確;故選：BD ?！军c(diǎn)評(píng)】洛倫茲力的方向始終和速度的方向垂直，只改變球的速度的方向，所以磁場(chǎng)對(duì)電子的洛倫茲力始終不做功，注意區(qū)分電場(chǎng)力做功與洛倫茲力做功的不同。& （6分

30、）下表是一些有關(guān)火星和地球的數(shù)據(jù)，利用萬(wàn)有引力常量 G和表中選擇的一些信息可以完成的估算是（）信息序號(hào)信息內(nèi)容地球一年約地表重力加速火星的公轉(zhuǎn)日地距離大地球半徑約365天度約為9.8ms2周期為687天約是1.5億640OkmkmA .選擇 可以估算地球質(zhì)量B 選擇 可以估算太陽(yáng)的密度C 選擇可以估算火星公轉(zhuǎn)的線速度D 選擇 可以估算太陽(yáng)對(duì)地球的吸引力【考點(diǎn)】4A :向心力；4F :萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用.【專(zhuān)題】32 :定量思想；43 :推理法；528 :萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用專(zhuān)題.【分析】選擇要研究的系統(tǒng)，根據(jù) G=m（） r=Irr=Ilg列出表達(dá)式，根據(jù)已知r2 Tr條件即可進(jìn)行判斷。A正確

31、;B、根據(jù)G【解答】解：A、根據(jù)mg =可知選擇中的g和R,可以估算地球質(zhì)量 M,故“工，則選擇 中的地球的公轉(zhuǎn)周期 T和的日地距離r可以估算太陽(yáng)的質(zhì)量，但是由于不知太陽(yáng)的半徑，則不能估算太陽(yáng)的密度，故B錯(cuò)誤;C、因選擇 可以估算太陽(yáng)的質(zhì)量， 根據(jù)2兀，再選擇可知火星的公轉(zhuǎn)周期可求解火星公轉(zhuǎn)的半徑，再根據(jù)可估算火星公轉(zhuǎn)的線速度，故C正確;D、選擇 因?yàn)椴荒艽_定地球的質(zhì)量，則不可以估算太陽(yáng)對(duì)地球的吸引力，故誤;故選：AC o【點(diǎn)評(píng)】 本題考查萬(wàn)有引力定律的運(yùn)用，解決本題的關(guān)鍵是建立物理模型，利用衛(wèi)星常用的兩條思路：重力等于萬(wàn)有引力，以及萬(wàn)有引力等于向心力，進(jìn)行列式分析。三、非選擇題：包括必做題和

32、選做題兩部分.第22題第32題為必做題每個(gè)試題考生都必須作答第33題第38題為選做題，考生根據(jù)要求作答.9 某物理課外興趣小組的三名同學(xué)想“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”，他們找到了如下物品：一根粗細(xì)均勻的長(zhǎng)橡皮筋、木板、剪刀白紙、鉛筆、刻度尺、三角板、三個(gè)重量相同的鉤碼圖釘和細(xì)繩若干。他們?cè)O(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)方案：步驟1橡皮筋一端固定，另一端系上細(xì)繩套，分別掛上一個(gè)兩個(gè)、三個(gè)鉤碼，用刻度尺測(cè)量掛上相應(yīng)的鉤碼時(shí)橡皮筋的長(zhǎng)度，看伸長(zhǎng)量是否與所掛鉤碼數(shù)成正比，若成正比則進(jìn)行下一步；步驟2：將橡皮筋剪成長(zhǎng)度均為的三段，將三段橡皮筋的一端系在一起設(shè)為結(jié)點(diǎn)0,另一端均系上細(xì)繩套，任取兩細(xì)繩套對(duì)拉檢查對(duì)應(yīng)橡皮筋長(zhǎng)度是

33、否相等，若相等則進(jìn)行下一步；步驟3:在木板上固定白紙， 在白紙合適位置用圖釘套住一細(xì)繩套，現(xiàn)用手將另兩細(xì)繩套成一定角度往下拉適當(dāng)?shù)木嚯x記錄結(jié)點(diǎn)0的位置和測(cè)量三段橡皮筋的長(zhǎng)度11、12、13.(如圖所示)(1) 則有關(guān)上述操作說(shuō)法正確的有ABCA 步驟1的目的是判斷橡皮筋是否符合胡克定律B 步驟2的目的是判斷三段橡皮筋勁度系數(shù)是否相同C .步驟3還需要記錄橡皮筋 2、3的方向D .步驟3還需要測(cè)力計(jì)測(cè)量三段橡皮筋的拉力大?。?）該小組的三名同學(xué)分別做此實(shí)驗(yàn)，則他們?cè)诟淖兗?xì)繩的夾角再做實(shí)驗(yàn)時(shí)不需要（填“需要”或“不需要”）保證結(jié)點(diǎn) O位置不變?，F(xiàn)測(cè)得I = 10.0m ,則甲、乙、丙記 錄的數(shù)據(jù)明

34、顯存在錯(cuò)誤的是乙 （填“甲”或“乙”或“丙”）。甲：Ii = 2= 13= 15.0Cm;乙：1 = 15.0cm, 2= 120. Cm, 3= 12.0Cm;丙：1 = 16.0cm, 2= 13.0Cm, 3= 14.0Cm【考點(diǎn)】M3 :驗(yàn)證力的平行四邊形定則.【專(zhuān)題】31:定性思想；46 :實(shí)驗(yàn)分析法；52R :基本實(shí)驗(yàn)儀器.【分析】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理結(jié)合實(shí)驗(yàn)的步驟分析解答；（2）此實(shí)驗(yàn)是用橡皮筋的形變量來(lái)代替力的大小，根據(jù)三力平衡的條件即可分析?！窘獯稹拷猓海?） A、步驟1中，若橡皮筋的伸長(zhǎng)量與所掛鉤碼數(shù)成正比說(shuō)明符合胡克定律，則步驟1的目的是判斷橡皮筋是否符合胡克定律，故A正

35、確；B、任取兩細(xì)繩套對(duì)拉，因橡皮筋受的拉力相等， 若對(duì)應(yīng)橡皮筋長(zhǎng)度相等， 則形變量相同,則勁度系數(shù)相同；則步驟 2的目的是判斷三段橡皮筋勁度系數(shù)是否相同，故B正確；C、步驟3還需要記錄橡皮筋 2、3的方向，故 C正確；D、 因橡皮筋的拉力與形變量成正比，則步驟3不需要測(cè)力計(jì)測(cè)量三段橡皮筋的拉力大小， 故D錯(cuò)誤；故選：ABC。（2）該小組的三名同學(xué)分別做此實(shí)驗(yàn)，則他們?cè)诟淖兗?xì)繩的夾角再做實(shí)驗(yàn)時(shí)，因兩次實(shí)驗(yàn)間無(wú)任何關(guān)系，則不需要保證結(jié)點(diǎn)O位置不變。用橡皮筋的長(zhǎng)度減去原長(zhǎng)即為伸長(zhǎng)量，此伸長(zhǎng)量與力成正比，可代替力來(lái)操作，則甲同學(xué)中三個(gè)力分別對(duì)應(yīng)：5、5、5,三力能平衡；乙同學(xué)中三個(gè)力對(duì)應(yīng)：5、110、

36、2,此三力不可能平衡；乙同學(xué)中三個(gè)力對(duì)應(yīng)：6、3、4,此三力可能平衡；故乙記錄的數(shù)據(jù)明顯存在錯(cuò)誤；故答案為：（1）ABC ；（2）不需要，乙?！军c(diǎn)評(píng)】對(duì)于實(shí)驗(yàn)題，要弄清楚實(shí)驗(yàn)?zāi)康摹?shí)驗(yàn)原理以及數(shù)據(jù)處理、誤差分析等問(wèn)題，一般的實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)、實(shí)驗(yàn)方法都是根據(jù)教材上給出的實(shí)驗(yàn)方法進(jìn)行拓展，延伸，所以一定要熟練掌握教材中的重要實(shí)驗(yàn)。10. （1）如圖1所示為小南同學(xué)用歐姆擋去測(cè)量浴霸里的白熾燈（220V , 275W）不發(fā)光時(shí)燈絲電阻的表盤(pán)照片，但在拍照的時(shí)候未把多用電表的選擇擋位旋鈕拍進(jìn)去小南同學(xué)認(rèn)為還是能夠知道其電阻值，那么你認(rèn)為此白熾燈的燈絲電阻是18.0 .如果照片所拍攝的是直流電流檔（量程為 5

37、A）的表盤(pán)，則所測(cè)電流為3.44 A。（2）小南同學(xué)想通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)量出歐姆表內(nèi)部電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，他在實(shí)驗(yàn)室中找到了下列器材：待測(cè)歐姆表（選擇“歐姆檔”）電流表A （量程為0.6A ,內(nèi)阻不可忽略）電壓表V量程為3V ,內(nèi)阻非常大）滑動(dòng)變阻器R電鍵K導(dǎo)線若干（I）連接好電路，將滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值調(diào)到最大，閉合開(kāi)關(guān)；（）逐漸減小滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值，記下電壓表的示數(shù)U和相應(yīng)電流表的示數(shù)I ；（川）以U為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)，作 U - I圖線（U、I都用國(guó)際單位）；（W）求出U -I圖線斜率k和在縱軸上的截距 a。回答下列問(wèn)題：請(qǐng)?jiān)诖鹁淼膶?shí)物圖2上完成電路連線。選用k、a、R表示待測(cè)電源

38、的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r的表達(dá)式E= a , r=- k ,代人數(shù)值可得E和r的測(cè)量值?！究键c(diǎn)】N3 :測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻；N4:用多用電表測(cè)電阻.【專(zhuān)題】13 :實(shí)驗(yàn)題；23:實(shí)驗(yàn)探究題;32:定量思想；43:推理法；535 :恒定電流專(zhuān)題.【分析】（1）金屬導(dǎo)體的電阻隨溫度升高而增大；根據(jù)歐姆表的表盤(pán)進(jìn)行讀數(shù)；（2）歐姆表電流是從紅表筆流入，黑表筆流出；根據(jù)U = E- Ir求解電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻?！窘獯稹拷猓海?）白熾燈正常發(fā)光時(shí)的電阻為：R = '= 176,p I 175白熾燈在不發(fā)光時(shí)電阻溫度較低，電阻比正常發(fā)光時(shí)小得多，則由表盤(pán)可知，測(cè)得的電阻為18.0;如果照片所拍攝的是直流電

39、流檔（量程為5A）的表盤(pán)，則最小刻度為 0.1A ,則所測(cè)電流為 3.44A。（2）電路連線如圖:根據(jù) U = E- Ir 可知 E = a； - r= k，即 r=- k ；故答案為：（1） 18.0； 3.44； （2）實(shí)物電路圖如圖所示；a； - k?！军c(diǎn)評(píng)】 本題考查電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)電阻的測(cè)量方法，解決本題時(shí)要注意同時(shí)結(jié)合電表的改裝；并明確計(jì)算時(shí)要根據(jù)改裝后的電路進(jìn)行分析；同時(shí)注意歐姆表在本題中是作為電源存在的；明確其同樣存在電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻。11. 如圖所示，在傾角= 37°的光滑絕緣斜面內(nèi)有兩個(gè)質(zhì)量分別為4m和m的正方形導(dǎo)線框a、b電阻均為R,邊長(zhǎng)均為I ;它們分別系在一跨過(guò)

40、兩個(gè)定滑輪的輕繩兩端，在兩導(dǎo)線框之間有一方向垂直斜面向下、寬度為2I的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B;開(kāi)始時(shí)，線框b的上邊框與勻強(qiáng)磁場(chǎng)的下邊界重合，線框a的下邊框到勻強(qiáng)磁場(chǎng)的上邊界的距離為I。現(xiàn)將系統(tǒng)由靜止釋放，a線框恰好勻速穿越磁場(chǎng)區(qū)域。不計(jì)滑輪摩擦和空氣阻力，重力加速度為 g, Sin37°= 0.6, cos37°= 0.8求：(1) a線框穿出磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的電流大??；(2) a線框穿越磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的速度；(3) 線框b進(jìn)人磁場(chǎng)過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱?！究键c(diǎn)】BB :閉合電路的歐姆定律；CE:安培力的計(jì)算；D9 :導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；DD :電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化.

41、【專(zhuān)題】32 :定量思想；4C :方程法；539:電磁感應(yīng)中的力學(xué)問(wèn)題.【分析】(1)對(duì)線框a、b分別列出平衡方程即可求解a線框穿出磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的電流大??；(2) 根據(jù)求解的電流值結(jié)合 E = BLV求解速度；(3) 由能量守恒關(guān)系求解線框 b進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱。【解答】解：(1)設(shè)繩子拉力為 F, a線框勻速穿越磁場(chǎng)區(qū)域?qū)線框根據(jù)平衡條件可得：4mgsin = Fa+f對(duì)b線框F= mgs in 且F安=BIl聯(lián)立解得：I =亟;5B1(2) a線框勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，a、b線框速度大小相等，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E = BLV根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得(3)設(shè)b線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程產(chǎn)生的焦耳熱為Q,對(duì)系

42、統(tǒng)列能量守恒方程:解得：Q廠mgl3+-5idv +QSlmg2R24mglsin = mglsinIOB4I答：(1) a線框穿出磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的電流大小為(3)線框b進(jìn)人磁場(chǎng)過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱為-mglIOB4I4(2) a線框穿越磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的速度為.L.5B212【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于電磁感應(yīng)問(wèn)題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，根據(jù)牛頓第二定律或平衡條件列出方程；另一條是能量，分析涉及電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問(wèn)題，根據(jù)動(dòng)能定理、功能關(guān)系等列方程求解。12如圖所示，兩塊長(zhǎng)度均為I的絕緣木板A、B置于水平地面上的光滑區(qū)域，mA = 2kg ,C施加一個(gè)方向水平向右、mB= 1kg ,它們的間距為d=

43、2m。一質(zhì)量為2kg、長(zhǎng)度為2l的長(zhǎng)板C疊放于A板的上方, 二者右端恰好齊平。C與A、B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為= 0.2,最大靜摩擦力可認(rèn)為等于滑動(dòng)摩擦力。開(kāi)始時(shí)，三個(gè)物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)給長(zhǎng)板大小為4N的外力F,結(jié)果A板被長(zhǎng)板C帶動(dòng)加速直到與木板 B發(fā)生碰撞。假定木板A、2B碰撞時(shí)間極短且碰后粘連在一起。(g取10ms )M2 =此時(shí)ABC開(kāi)始進(jìn)入水平地面上的粗糙區(qū)域，AB下表面與粗糙區(qū)域的動(dòng)摩擦因數(shù)0.3 .求A板運(yùn)動(dòng)的位移大小?！究键c(diǎn)】53 :動(dòng)量守恒定律；65:動(dòng)能定理；6B :功能關(guān)系.【專(zhuān)題】11:計(jì)算題；32:定量思想；43:推理法；52F:動(dòng)量定理應(yīng)用專(zhuān)題.【分析】(1)由動(dòng)能定

44、理求解 A與B碰前的速度，根據(jù)碰撞過(guò)程的動(dòng)量守恒列式可求解 木板A、B碰撞后瞬間的速度大小；(2) 若當(dāng)三者共速時(shí)，C恰好與木板A、B兩端對(duì)齊，則根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合位移關(guān) 系可求解木板 A、B的長(zhǎng)度I的值；(3) AB由光滑平面進(jìn)入粗糙平面過(guò)程中受到線性變化的地面摩擦力的作用，根據(jù)動(dòng)能定理求解全部進(jìn)入時(shí)的速度；在由動(dòng)能定理求解直到停止時(shí)的位移，最后求解A板運(yùn)動(dòng)的總位移大小?！窘獯稹拷猓?1)設(shè)A與C 一起加速，由牛頓第二定律得：F=( mA+mc) a,因：fAC = mAaK 1mcg ,判斷可知 A與C 一起加速直到與 B碰撞。設(shè)木板A碰B前的速度為V1,碰后的速度為 v2,已知：F=

45、4N ；對(duì)AC兩板，由動(dòng)能定理得：Fd=二,代入數(shù)據(jù)解得：V1 = 2ms ；A、B兩木板碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：mAv1=(mA+mB) V2,代入數(shù)據(jù)解得，木板 A、B碰撞后瞬間的速度大小：V2= m/s；3(2)碰撞結(jié)束后，C受到的滑動(dòng)摩擦力：f= 2mcg= 0.4mg= F,因此C保持勻速而A、B做勻加速運(yùn)動(dòng)，直到三個(gè)物體達(dá)到共同速度V1設(shè)碰撞結(jié)束后到三個(gè)物體達(dá)到共同速度時(shí)經(jīng)過(guò)的時(shí)間為t,對(duì)木板，由牛頓第二定律得：f=( m2 - mB) a2,由速度公式得： V1 = v2+a2t,V-I S這一過(guò)程 C與A、B發(fā)生的相對(duì)位移為： X= V1t1,代

46、入數(shù)據(jù)解得： X = -m,6要使C最終恰好木板 A、B兩端對(duì)齊，則有： X = l,則木板的長(zhǎng)度I應(yīng)滿足：I =二m ；6(3) AB由光滑平面進(jìn)入粗糙平面過(guò)程中受到線性變化的地面摩擦力的作用，全部進(jìn)入后速度設(shè)為 V3。由動(dòng)能定理得:X 21=寺(mA+mB+mc) v32-(mA+mB+mC)2Vl ,代入數(shù)據(jù)解得:v3=lms,之后，ABC在摩擦力作用下減速直到停止,由動(dòng)能定理得:22 (mA+mB+mc) gs= 0- (mA+mB+mc) V3 ,2代入數(shù)據(jù)解得：S= 0.5m ,又：XA= d+t+2l - s,代入數(shù)據(jù)解得：XA =Lm;答：(1木板A、B碰撞后瞬間的速度大小為m

47、/s;(2)要使C最終恰好與木板 A、B兩端對(duì)齊，木板 A、B的長(zhǎng)度I的值為丄m;6(3) A板運(yùn)動(dòng)的位移大小為113m?！军c(diǎn)評(píng)】本題為動(dòng)量守恒定律與動(dòng)能定理結(jié)合的題目考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，分析清楚運(yùn)動(dòng)過(guò)程是解題的前提與關(guān)鍵，在解題時(shí)要正確選擇研究對(duì)象，做好受力分析,再選擇相應(yīng)的物理規(guī)律求解。13.下列說(shuō)法正確的是()A .對(duì)理想氣體做功，內(nèi)能不一定增加B .水由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)，分子勢(shì)能增加C .液體的飽和汽壓一定比未飽和汽壓大D .已知水的摩爾質(zhì)量和水分子的質(zhì)量，可以計(jì)算出阿伏加德羅常數(shù)E. 當(dāng)分子力表現(xiàn)為引力時(shí)，分子力和分子勢(shì)能都是隨分子間距離的增大而增大【考點(diǎn)】86：分子間的相互作用力

48、；87：分子勢(shì)能；8F :熱力學(xué)第一定律；9G :飽和汽、 未飽和汽和飽和汽壓.【專(zhuān)題】31:定性思想；43 :推理法；548 :熱力學(xué)定理專(zhuān)題.【分析】做功與熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能；溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志；飽和蒸 汽壓的大小與溫度有關(guān)；阿伏伽德羅常數(shù)是聯(lián)系微觀與宏觀的橋梁?！窘獯稹拷猓篈、對(duì)理想氣體做功，若氣體向外放熱，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，則內(nèi)能不一 定增加，故A正確；B、水由IOOC的液態(tài)變?yōu)?00C的氣態(tài)時(shí)要吸收熱量，但是分子動(dòng)能不變，則分子勢(shì)能 增加，故B正確；C、 液體的飽和汽壓與溫度有關(guān)，相等的溫度下，同種液體的飽和汽壓一定比未飽和汽壓大；不同的溫度時(shí)，某種液體的飽和汽壓不

49、一定比未飽和汽壓大，故C錯(cuò)誤。D、 用水的摩爾質(zhì)量除以水分子的質(zhì)量，可以得到阿伏加德羅常數(shù)，故D正確；E、 當(dāng)分子力表現(xiàn)為引力時(shí)，從分子間距ro開(kāi)始分子力隨分子間距離的增大先增大后減小;分子勢(shì)能都是隨分子間距離的增大而增大，故E錯(cuò)誤；故選：ABD?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了熱力學(xué)第一定律、溫度的微觀意義，明確改變物體的內(nèi)能的方式有熱傳遞，做功是關(guān)鍵；涉及的知識(shí)點(diǎn)多，難度不大，關(guān)鍵多看書(shū)。14兩個(gè)底面積均為 S的圓柱形導(dǎo)熱容器直立放置，下端由細(xì)管連通。左容器上端敞開(kāi)，右容器上端封閉。容器內(nèi)氣缸中各有一個(gè)質(zhì)量不同，厚度可忽略的活塞，活塞A、B下方和B上方均封有同種理想氣體。已知容器內(nèi)氣體溫度始終不變，重力

50、加速度大小為g,外界大氣壓強(qiáng)為po,活塞A的質(zhì)量為m,系統(tǒng)平衡時(shí)，各氣體柱的高度如圖所示（ h已 知），現(xiàn)假設(shè)活塞B發(fā)生緩慢漏氣，致使B最終與容器底面接觸，此時(shí)活塞A下降了 0.2h。 求： 未漏氣時(shí)活塞B下方氣體的壓強(qiáng)； 活塞B的質(zhì)量。【考點(diǎn)】99 :理想氣體的狀態(tài)方程；9K :封閉氣體壓強(qiáng).【專(zhuān)題】11:計(jì)算題；32 :定量思想；4C :方程法；54A :氣體的狀態(tài)參量和實(shí)驗(yàn)定律 專(zhuān)題.【分析】未漏氣時(shí)對(duì)活塞 A受力分析，根據(jù)平衡可求封閉氣體壓強(qiáng)；以所有氣體為研究對(duì)象，找出初末狀態(tài)參量，根據(jù)玻意耳定律列式求解。【解答】解：設(shè)平衡時(shí)，在A與B之間的氣體壓強(qiáng)分別為 p1,對(duì)活塞A由平衡得:P1S= P0S+mg解得：L - J廠亠設(shè)未漏氣且平衡時(shí),B上方的氣體壓強(qiáng)為 p2 ,則有:P2S= P1S- mBg漏氣發(fā)生后，設(shè)整個(gè)封閉氣體體積為V ',壓強(qiáng)為P',由力的平衡條件對(duì)A 有:P' S= P0S+mgV ' = ( 3h- 0.2h) S由