《高中試卷》2018-2019學(xué)年廣東省汕尾市高二（上）期末物理試卷

1、2018-2019學(xué)年廣東省汕尾市高二（上）期末物理試卷一、選擇題（本題共12小題，每小題4分，共48分在每小題給出的四個選項中，第18小題只有一個選項正確，第912小題有多個選項正確全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯或不答的得0分）1（4分）下列物理量中，屬于矢量的是（）a電勢b電勢差c電場強度d電勢能2（4分）達(dá)爾文曾說過：“最有價值的知識是關(guān)于方法的知識”，下列模型、公式或規(guī)律得出運用的物理方法正確的是（）a點電荷是運用了微元法建立得出的b受到“通電螺線管外部磁場與條形磁鐵的磁場十分相似”的啟發(fā)，安培提出了分子電流假說c電場線和磁感線是根據(jù)實物模型建立的d物體的電阻r=ui是用

2、比值法定義的，說明物體的電阻與加在其兩端的電壓成正比3（4分）起重機將2×104n的重物勻速提升5m，在此過程中，起重機對重物做的功是（）a4×103jb1×104jc1×105jd4×105j4（4分）真空中，在a點放置一3q的點電荷，則距離a點2r處的b點和4r處的c點電場強度小之比為（）a2：1b1：2c1：4d4：15（4分）圖示為兩個均勻金屬導(dǎo)體r1，r2的iu圖象，把r1均勻拉長到原來的2倍長后的電阻與r2的電阻的比值為（）a12b8c6d26（4分）如圖示為一質(zhì)點做直線運動的vt圖象。下列說法正確的是（）a3s末，質(zhì)點的速度方向和

3、加速度方向都發(fā)生變化b3s末，質(zhì)點的速度和加速度均為零c在3s9s內(nèi)，質(zhì)點的位移大小為12md質(zhì)點在4s時的加速度大于在8s時的加速度7（4分）2017年4月22日12時23分，天舟一號貨運飛船與天宮二號空間實驗室順利完成自動交會對接。已知天宮二號距離地面的高度為393km，下列關(guān)于它們的運動的說法正確的是（）a天舟一號的發(fā)射速度應(yīng)小于7.9km/sb天舟一號與天宮二號對接前在較低的軌道上做勻速圓周運動的周期應(yīng)小于天宮二號運行的周期c天舟一號與天宮二號對接前在較低的軌道上做勻速圓周運動的線速度應(yīng)小于天宮二號的線速度d天舟一號與天宮二號對接后，天宮二號的速度將增加，從而降低到更低的軌道8（4分）

4、如圖所示，垂直紙面向里的無限大范圍的勻強磁場中有一通有恒定電流的導(dǎo)線ab，若導(dǎo)線繞a點向紙面外轉(zhuǎn)動90°，則轉(zhuǎn)動過程中其所受安培力的大小變化情況為（）a變大b變小c不變d可能變大、可能變小、可能不變9（4分）如圖所示，用靜電計測量帶電的平行板電容器兩極板（相互正對）間的電勢差時，保持平行板電容器兩極板距離不變，若把b極板向上移動少許，則（）a電容器的電容不變b兩極板間的電場強度變大c靜電計的張角增大d兩極板所帶的電荷量增大10（4分）某帶電粒子僅在電場力作用下由a點運動到b點，粒子在a點的初速度及運動軌跡如圖所示，可以判定（）a粒子在a點的電勢能大于它在b點的電勢能b粒子在a點所受到

5、的力大于它在b點受到的力c粒子在a點的動能小于它在b點的動能d從a點到b點，電勢一直降低11（4分）如圖所示，電源內(nèi)阻可忽略不計，電路中接有一小燈泡和一電動機，小燈泡l上標(biāo)有“12v 12w”字樣，電動機的線圈內(nèi)阻rm1若燈泡正常發(fā)光，電源的輸出電壓為16v，此時（）a電動機的輸入功率為12wb電動機的輸出功率為3wc小燈泡的熱功率是12wd整個電路消耗的電功率為12w12（4分）質(zhì)譜儀的結(jié)構(gòu)原理圖如圖所示，水平極板s1，s2間有垂直極板方向的勻強電場，圓筒n內(nèi)可以產(chǎn)生質(zhì)子和氚核，它們由靜止進入極板間，經(jīng)極板間的電場加速后進入下方的勻強磁場。在磁場中運動半周后打到底片p上，不計質(zhì)子和氚核受到的

6、重力及它們間的相互作用，下列判斷正確的是（）a質(zhì)子和氚核在極板間運動的時間之比為1：3b質(zhì)子和氚核在磁場中運動的時間之比為1：1c質(zhì)子和氚核在磁場中運動的速率之比為3：1d質(zhì)子和氚核在磁場中運動的軌跡半徑之比為1：3二、非選擇題部分：共5小題，共52分把答案填在答題卷中的橫線上或按題目要求作答解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13如圖所示是用頻率為50hz的打點計時器打下的紙帶，a、b、c、d依次為紙帶上選出的計數(shù)點。（1）根據(jù)標(biāo)出的數(shù)據(jù)，打點計時器打a、c兩計數(shù)點的時間間隔為 s，打bd點的過程中，紙帶的平均

7、速度大小為 m/s（保留兩位有效數(shù)字）。（2）打點計時器打ad點的過程中，紙帶的運動情況是 （填正確選項前的字母）。a一直做加速運動b一直做減速運動c先做減速運動后做加速運動d先做加速運動后做減速運動14在練習(xí)使用多用電表的實驗中，請究成下列問題：（1）用多用電表測量某元件的電阻，選用“×100”倍率的電阻擋測量，發(fā)現(xiàn)多用電表指針偏轉(zhuǎn)角度過小，換相鄰的信率的電阻擋，并歐姆調(diào)零后，再次進行測量，多用電表的指針如圖甲所示，測量結(jié)果為 q。（2）某同學(xué)找發(fā)光二極管的負(fù)級的具體操作為：將多用電表選擇開關(guān)旋到電阻擋的“×1“擋，經(jīng)過歐姆調(diào)零之后，他把紅表筆接在二極管的短管腳上，把黑表

8、筆接在二極管的長管腳上，發(fā)現(xiàn)二極管導(dǎo)通發(fā)光；然后他將兩表筆的位置互換以后，發(fā)現(xiàn)二極管不發(fā)光。這說明二極管的負(fù)極是 （填“長管腳”或“短管腳“）所連接的一極。（3）多用電表中大量程的電流表和電壓表是由表頭改裝而來的?，F(xiàn)將滿偏電流為100a的表頭改裝為大量程的電流表后，再改裝為兩個量程的電壓表，如圖乙所示，已知表頭上標(biāo)記的內(nèi)阻為900，圖中虛線框內(nèi)是電壓表的改裝電路。利用r和表頭構(gòu)成1ma量程的電流表，則定值電阻的阻值r1 。然后再將其改裝為兩個量程的電壓表。若r2910，r32000，則使用a、b兩個接線柱時，電壓表的量程為 v；使用a、c兩個接線柱時，電壓表的量程為 v。15飛機在平直跑道上由

9、靜止開始勻加速滑行，經(jīng)15s起飛離地時的速度大小為120m/s。求：（1）該飛機滑行時的加速度大?。唬?）在題述過程中，該飛機滑行的距離。16如圖所示，質(zhì)量為m電荷量為q的帶正電小球a穿在光滑絕緣細(xì)桿（固定）上，桿的傾角為，在桿的底端b固定一電荷量為5q的帶負(fù)電小球，將a球從桿的頂端（距b高為h處）由靜止釋放，當(dāng)a球運動到桿的中點時速度大小為v，整個裝置處于真空中，已知重力加速度為g，靜電力常量為k，求：（1）a球剛被釋放時的加速度大小a；（2）在從釋放a球到其運動到桿的中點的過程中靜電力做的功w。17如圖所示，平面直角坐標(biāo)系xoy中，y軸左側(cè)有垂直紙面向里的勻強磁場，y軸右側(cè)有沿著y軸正方向

10、的勻強電場，一質(zhì)量為m，帶電荷量為e的電子從x軸上的m點以速度v0沿與x軸正方向的夾角為60°斜向上進入磁場，垂直通過y軸上的n點后經(jīng)過x軸上的p點，已知2nopo2l不計電子重力，求：（1）勻強磁場的磁感應(yīng)強度的大??；（2）勻強電場的電場強度的大??；（3）電子從m點到p點的運動時間。2018-2019學(xué)年廣東省汕尾市高二（上）期末物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（本題共12小題，每小題4分，共48分在每小題給出的四個選項中，第18小題只有一個選項正確，第912小題有多個選項正確全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯或不答的得0分）1【分析】矢量是既有大小又有方向的物理量，

11、標(biāo)量是只有大小沒有方向的物理量【解答】解：abd、電勢、電勢差和電勢能都是只有大小沒有方向的標(biāo)量。故abd錯誤。d、電場強度是既有大小又有方向的矢量。故c正確。故選：c?！军c評】本題要能抓住矢量與標(biāo)量的區(qū)別：矢量有方向，標(biāo)量沒有方向，能正確區(qū)分物理量的矢標(biāo)性2【分析】明確點電荷采用的是理想模型法；同時知道分子電流假說的內(nèi)容以及發(fā)現(xiàn)歷程；同時知道電場線和磁感線是虛擬的，并不存在；電阻是由導(dǎo)體本身的性質(zhì)決定的，與電壓和電流無關(guān)?！窘獯稹拷猓篴、點電荷是一種理想化物理模型，在研究的問題中，帶電體的形狀、大小以及電荷分布可以忽略不計，即可將它看作是一個幾何點，則這樣的帶電體就是點電荷，并不是微元法建立

12、得出的，故a錯誤；b、通電螺線管外部的磁場與條形磁鐵的磁場十分相似，受此啟發(fā)，安培提出了著名的分子電流假說。故b正確；c、電場和磁場在自然界中是客觀存在的，電場線和磁感線是人們?yōu)榱诵蜗蟮孛枋鲭妶龊痛艌龆氲木€，它不是真實存在的曲線，故c錯誤；d、r=ui是電阻的定義式，r反映導(dǎo)體本身的特性，與u、i無關(guān)，不能說電阻r跟u成正比，跟i成反比，故d錯誤。故選：b?！军c評】本題考查了物理學(xué)史以及電場線等，學(xué)好物理學(xué)史不僅是高中物理學(xué)習(xí)的要求，而且能增加我們對物理的學(xué)習(xí)興趣，平時要注意物理學(xué)史的積累。3【分析】根據(jù)平衡條件確定起重機的拉力，再由功的公式可求得起重機對物體做的功?！窘獯稹拷猓何矬w做勻速

13、直線運動，故拉力為：fg2×104n；則起重機對物體的做的功為：wfh2×104n×5m1×105j故c正確abd錯誤。故選：c。【點評】本題考查功的計算，要注意功的公式以及二力平衡的應(yīng)用，屬基本知識的直接考查。4【分析】根據(jù)“在a點放置一3q的點電荷，則距離a點2r處的b點和4r處的c點電場強度小之比”可知，考查了電場強度的計算；根據(jù)點電荷電場強度的計算公式即可求出a點的點電荷在b、c兩處電場強度大小之比?！窘獯稹拷猓涸赽點，電場強度的大小eb=k3q(2r)2，c點電場強度大小ec=k3q(4r)2，則ebec=41，故abc錯誤，d正確。故選：d。

14、【點評】解決本題的關(guān)鍵要掌握點電荷場強公式ekqr2，知道點電荷場強的分布情況。要掌握電場強度的物理意義：電場強度是表示電場本身強弱和方向的物理量，由電場本身決定，與試探電荷所受的電場力、與試探電荷的電量無關(guān)。5【分析】根據(jù)歐姆定律，可以由iu圖象得出兩電阻的關(guān)系，r1拉長后，根據(jù)電阻定律rls求出拉長后的電阻，之后與r2進行比較求解?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)iu圖象知，圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，所以r1：r23：1，把r1拉長到原來的2倍長后，橫截面積減小為原來的12，根據(jù)電阻定律公式rls可知，電阻增加為4倍，變?yōu)閞2的12倍，故a正確bcd錯誤。故選：a?！军c評】本題考查iu圖象的性質(zhì)，關(guān)鍵是明

15、確iu圖象的斜率的倒數(shù)表示電阻，然后結(jié)合電阻定律、歐姆定律和電功率表達(dá)式分析6【分析】vt圖象表示的是物體的速度隨時間變化的規(guī)律；圖象的斜率表示物體的加速度；圖象與時間軸圍成的面積表示物體在這段時間內(nèi)通過的位移【解答】解：ab、在vt圖象中，斜率代表加速度，在06s內(nèi)斜率不變，故加速度不變且不為零，故ab錯誤；c、在3s9s內(nèi)，質(zhì)點的位移大小為：x=12×3×8m=12m，故c正確；d、在vt圖象中，斜率代表加速度的大小，在8s時的斜率大于4s時的斜率，故質(zhì)點在4s時的加速度小于在8s時的加速度，故d錯誤；故選：c?！军c評】vt圖象表示的是物體的速度隨時間變化的規(guī)律；圖象的

16、斜率表示物體的加速度；圖象與時間軸圍成的面積表示物體在這段時間內(nèi)通過的位移7【分析】7.9km/s是衛(wèi)星最小的發(fā)射速度。根據(jù)萬有引力提供向心力：gmmr2=mr42t2可得周期關(guān)系。由衛(wèi)星的線速度公式v=gmr，分析線速度的大小。結(jié)合變軌原理分析即可。【解答】解：a、7.9km/s 是地球的第一宇宙速度，是衛(wèi)星最小的發(fā)射速度，則知天舟一號的發(fā)射速度應(yīng)大于7.9km/s，故a錯誤。b、根據(jù)萬有引力提供向心力：gmmr2=mr42t2，知衛(wèi)星的軌道半徑越小，周期越小，則天舟一號與天宮二號對接前在較低的軌道上做勻速圓周運動的周期應(yīng)小于天宮二號運行的周期。所以b正確。c、根據(jù)衛(wèi)星的線速度公式：gmmr

17、2=mv2r 得v=gmr，知衛(wèi)星的軌道半徑越小，線速度越大，則天舟一號與天宮二號對接前在較低的軌道上做勻速圓周運動的線速度應(yīng)大于天宮二號的線速度，故c錯誤。d、天舟一號與天宮二號對接后，天宮二號的速度將增加，做離心運動，將升高到更高的軌道，故d錯誤。故選：b?！军c評】解決本題的關(guān)鍵是掌握開普勒定律和衛(wèi)星的線速度公式，也可以根據(jù)萬有引力等于向心力推導(dǎo)出周期、線速度的表達(dá)式，再分析答題。8【分析】根據(jù)安培力的計算公式，由電流與磁場的夾角為，可得安培力的表達(dá)式為fbilsin，進而分析安培力變化。【解答】解：線圈在磁場中轉(zhuǎn)動過程中，通電導(dǎo)線始終與磁場夾角逐漸減小，根據(jù)fbilsin可知，受到的安培

18、力大小變小，故b正確，acd錯誤。故選：b?！军c評】本題關(guān)鍵是記住安培力大小公式，當(dāng)磁感應(yīng)強度b的方向與導(dǎo)線方向成角時，fbilsin； 當(dāng)磁場和電流垂直時，安培力最大，為fbil； 當(dāng)磁場和電流平行時，安培力等于零。9【分析】題中平行板電容器與靜電計相接，電容器的電量不變，改變板間距離，由c=s4kd，分析電容的變化，根據(jù)u=qc 分析電壓u的變化，根據(jù)e=ud 分析場強的變化。【解答】解：將b板豎直向上平移，兩板正對面積減小，由c=s4kd 分析可知電容減小，而電容器的電量不變，根據(jù)u=qc 可知板間電壓增大，則靜電計指針張角增大，根據(jù)e=ud 可知，d不變，則電場強度增大，故ad錯誤，b

19、c正確。故選：bc?！军c評】靜電計指針的張角反應(yīng)電容器兩端間電勢差的變化，抓住電容器帶電量不變，掌握由u=qc，通過電容的變化，判斷電勢差的變化，最后理解e=ud 判斷電場強度變化的應(yīng)用。10【分析】由題圖可知，本題考查了電場線。根據(jù)電場線密的地方電場強度大，電場線疏的地方電場強度小的規(guī)律進行判斷和分析。由帶電粒子軌跡的彎曲方向判斷出電場力的方向，根據(jù)電場力做功正負(fù)，判斷動能和電勢能的變化；沿電場線的方向，電勢降低。【解答】解：ac、粒子受到的電場力指向曲線彎曲的內(nèi)側(cè)，所以受到的電場力的方向是沿電場線向上的，則由粒子的運動軌跡和電場線的方向可以判斷，粒子從a到b的過程中，電場力做正功，電荷的電

20、勢能減小，動能增加，所以粒子在a點的動能小于它在b點的動能，粒子在a點的電勢能大于它在b點的電勢能，故ac正確；b、由電場線可知，b點的電場線密，所以b點的電場強度大，粒子受的電場力大，故b錯誤；d、沿電場線方向電勢逐漸降低，a點的電勢高于b點的電勢，故d正確。故選：acd?！军c評】本題要根據(jù)軌跡的彎曲方向判斷電場力的方向，根據(jù)電場力的做功情況，判斷動能和電勢能的大小。用電場線可以形象地描述電場的強弱和方向，電場線的方向反映了電勢的高低。11【分析】電動機與燈泡串聯(lián)，通過它們的電流相等；已知小燈泡額定電壓與額定功率，由電功率公式pui求出燈泡正常工作時的電流；電動機的輸入功率是電功率，由公式p

21、ui求解。電動機的熱功率由p熱i2rm求解。根據(jù)輸入功率與熱功率之差求電動機的輸出功率。由pei求整個電路消耗的電功率?！窘獯稹拷猓篴、燈泡正常發(fā)光，則電路中的電流為：iil=plul=1212a1a；燈泡正常發(fā)光時，電動機的電壓為：umeul16v12v4v，電動機的輸入功率為：p入umi4×14w；故a錯誤。b、電動機的熱功率為：pqi2rm12×11w，則電動機的輸出功率為：p出p入pq4w1w3w；故b正確。c、燈泡的熱功率等于它的額定功率12w，故c正確。d、整個電路的電功率為p總ei16×1w16w故d錯誤。故選：bc。【點評】解決本題時要正確區(qū)分純電

22、阻電路和非純電阻電路。燈泡是純電阻電路，熱功率等于電功率。電動機是非純電阻電路，電動機的輸出功率等于輸入功率與熱功率之差。12【分析】根據(jù)題圖可知，考查了回旋加速器的原理。根據(jù)粒子在回旋加速器在電場和磁場中的運動特點即可求解?！窘獯稹拷猓篴、質(zhì)子11h和氚核13h在極板間運動時，有：l=12at2=qet22m，則有：t=2mlqe，所以質(zhì)子和氚核在極板間運動的時間之比為1：3，故a錯誤；b、質(zhì)子11h和氚核13h都為半個周期，周期的表達(dá)式為：t=2mqb，所以質(zhì)子和氚核在磁場中運動的時間之比為1：3，故b錯誤；c、質(zhì)子和氚核在磁場中運動的速率由加速電場來決定，則有：qu=12mv2，得：v=

23、2qum，所以質(zhì)子和氚核在磁場中運動的速率之比為3：1，故c正確；d、粒子在磁場中的運動半徑為：r=mvqb=1b2muq，故質(zhì)子和氚核在磁場中運動的軌跡半徑之比為1：3，故d正確；故選：cd。【點評】考查帶電粒子在電場中加速，在磁場中偏轉(zhuǎn)，理解運動學(xué)公式與動能定理的應(yīng)用，掌握粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑公式與周期公式。二、非選擇題部分：共5小題，共52分把答案填在答題卷中的橫線上或按題目要求作答解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13【分析】（1）根據(jù)頻率為50hz，及公式t=1f，即可求得時間間隔，根據(jù)平

24、均速度的定義得出bd段的平均速度大??；（2）根據(jù)紙帶上連續(xù)相等時間內(nèi)位移的變化，可以判斷小車的運動性質(zhì)。【解答】解：（1）頻率為50hz，那么打點計時器打a、c兩計數(shù)點的時間間隔為t10×0.020.20s；根據(jù)公式：v=xbdtbd=12.12-3.400.2×10-2=0.44m/s；（2）由紙帶可知，相鄰計數(shù)點內(nèi)的位移先越來越大，后越來越小，因此小車先加速運動，后減速運動，故a、b、c錯誤，d正確。故答案為：（1）0.20；0.44；（2）d?！军c評】要提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習(xí)中要加強基礎(chǔ)知識的理解與應(yīng)用。14【分析】（1）歐姆表

25、的讀數(shù)要乘以倍率。（2）歐姆表電流由黑表筆流出進行二極管正極則導(dǎo)通發(fā)光，據(jù)此分析（3）電表的改裝由串并聯(lián)電路的原理進行求解各值?！窘獯稹拷猓海?）多用電表指針偏轉(zhuǎn)角度過小，則阻值大要用大量程，即選“×1000“檔，則讀數(shù)為：7×10007000。（2）二極管正向?qū)ǎ聪蚪刂?，歐姆表電流由黑表筆流出進行二極管正極則導(dǎo)通發(fā)光，即紅表筆接短管腳。（3）并聯(lián)電阻改裝成電流表，并聯(lián)阻值：r1=igrgi-ig=100×10-6×9001×10-3-100×10-6=100接ab接線柱時：ui（r1rgr1+rg+r2）1×103&#

26、215;(900×100100+900+910)=1v接ac接線柱時：u1×103×(900×100900+100+910+2000)=3v故答案：（1）7000 （2）短管腳 （3）100 1 3【點評】明確歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)，歐姆表的紅表筆插“+”插孔，黑表筆插“”插孔，“+”與電源負(fù)極相連，“”與電源正極相連；歐姆表零刻度線在最右側(cè)，最大刻度線在最左側(cè)，記住二極管的單向?qū)щ娦浴?5【分析】（1）根據(jù)“飛機在平直跑道上由靜止開始勻加速滑行”可知，考查了勻變速直線運動的規(guī)律；根據(jù)勻變速直線運動的速度時間公式求出飛機的加速度；（2）結(jié)合位移時間公式求出飛機起飛的滑行距離?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)vat得，飛機的加速度：a=vt=12015=8m/s2（2）在這段時間內(nèi)，飛機滑行的距離：x=12at2=12×8×152=900m。答：（1）該飛機滑行時的加速度大小是8m/s2；（2）在題述過程中，該飛機滑行的距離是900m?！军c評】解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運動的位移時間公式、速度時間公式，并能靈活運用。16【分析】（1）對a球受力分析，受到重力、支持力和靜電