2021高考物理課標(biāo)全國版一輪課時(shí)作業(yè)：9動(dòng)力學(xué)高考?？嫉?ldquo;三類”問題

1、課時(shí)作業(yè)（九）動(dòng)力學(xué)高考?？嫉?“三類”問題基礎(chǔ)鞏固練1. 物體A、B放在光滑的水平地面上， 其質(zhì)量之比 mA： mB= 2 : 1現(xiàn)用水平3 N的拉力 作用在物體A上，如圖所示，則 A對(duì)B的拉力等于（）A.1 NB.1.5 NC.2 ND.3 NA設(shè)B物體的質(zhì)量為m, A對(duì)B的拉力為F，對(duì)A、B整體，根據(jù)牛頓第二定律：a3，對(duì) B 有 F = ma.所以F=1N .m+ 2m2. （多選）某人乘電梯從24樓到1樓的v-1圖象如圖所示，下列說法正確的是（）A . 04 s內(nèi)人做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為1 m/s2B. 416 s內(nèi)人做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度保持4 m/s不變，處于完全失重狀態(tài)C.

2、1624 s內(nèi)，人做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，速度由 4 m/s減至0,處于失重狀態(tài)D. 024 s內(nèi)，此人經(jīng)過的位移為72 mAD 04 s內(nèi)，v t圖線是一條傾斜直線，且a= = 1 m/s2, A對(duì)；416 s內(nèi)，aa向上，處于超重狀態(tài)，C=0，不是完全失重狀態(tài)，B錯(cuò)誤；1624 s內(nèi)，電梯減速下降,1錯(cuò)誤；024 s內(nèi)，位移大小等于圖線與橫軸圍成的面積數(shù)值，故x= -X （24 + 12） X4 m= 72m, D 對(duì).3. （多選）質(zhì)量不等的兩物塊 A和B其質(zhì)量分別為 mA和mB,置于光滑水平面上.如圖 所示.當(dāng)水平恒力 F作用于左端 A上，兩物塊一起加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，AB間的作用力大小為 N1.當(dāng)

3、水平力F作用于右端B上兩物塊一起加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，AB間作用力大小為 N2,則（）A. 兩次物體運(yùn)動(dòng)的加速度大小相等B. N1+ N2FC. N1+ N2= FD. N1 : N2= mB : mAACD 由整體法a = 一F一, A正確；力F作用在 A上：N1 = mBa，力F作用在 B上: mA + mBN2= mAa, N1 + N2= （mA + mB）a= F , B 錯(cuò)誤，C 正確；又 N = m.D 正確.N2 mA4. 質(zhì)量為0.8 kg的物體在一水平面上運(yùn)動(dòng)，如圖a、b分別表示物體受到水平拉力作用和不受拉力作用的 v t圖象，則拉力與摩擦力之比為 （）A . 9 : 8B. 3 :

4、 2C. 2 : 1D. 4 : 3B 由v t圖象知，圖線 a為僅受摩擦力的運(yùn)動(dòng)，加速度大小 ai= 1.5 m/ s2;圖線b 為受水平拉力和摩擦力的運(yùn)動(dòng)，加速度大小a2= 0.75 m/s2.列方程mai= Ff, ma2= F Ff,解得，F(xiàn)f=勿5. （2019廣東肇慶模擬）（多選）受水平外力F作用的物體，在粗糙水平面上做直線運(yùn)動(dòng)，其vt圖象如圖所示，則（）A 在0t1時(shí)間內(nèi)，外力F大小不斷增大B .在t1時(shí)刻，外力F為零C. 在t1t2時(shí)間內(nèi)，外力F大小可能不斷減小D 在t1t2時(shí)間內(nèi)，外力F大小可能先減小后增大CD v t圖象的斜率表示加速度，在0ti時(shí)間內(nèi)，物體做加速度減小的加

5、速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得，F(xiàn) f = ma，所以外力F不斷減小，選項(xiàng) A錯(cuò)誤；在ti時(shí)刻，加速度為 零，外力F等于摩擦力f,選項(xiàng)B錯(cuò)誤；在tit2時(shí)間內(nèi)，物體做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)， 由牛頓第二定律得，f F= ma ，所以外力F可能不斷減小，選項(xiàng) C正確；若物體靜止前， 外力 F 已減至零,則此后,外力 F 必再反向增大,選項(xiàng) D 正確 6. （2019 東日照一模）如圖所示，斜面 A固定于水平地面上，在 t = 0時(shí)刻，滑塊 B 以初速度vo自斜面底端沖上斜面，t= to時(shí)刻到達(dá)最高點(diǎn).取沿斜面向上為正方向，下列表 示滑塊在斜面上整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中速度v隨時(shí)間t變化的圖象中，肯定錯(cuò)誤的是 （）

6、CDC 若斜面是光滑的， 則滑塊在上滑和下滑的過程中加速度大小、 方向均不變， A 可能 正確若斜面不光滑且滑塊所受的最大靜摩擦力大于重力沿斜面向下的分力， 則滑塊沿斜面 減速上升到最高點(diǎn)后會(huì)靜止在斜面上，B 可能正確 若斜面不光滑且滑塊所受的最大靜摩擦力小于重力沿斜面向下的分力， 則滑塊沿斜面減速上升到最高點(diǎn)后會(huì)反向加速， 且滑塊沿斜 面下滑的加速度一定小于沿斜面上滑的加速度，C肯定錯(cuò)誤，D可能正確.7. （2019安徽淮南一模）如圖所示，質(zhì)量均為 m= 3 kg的物塊A、B緊挨著放置在粗糙 的水平地面上，物塊A的左側(cè)連接一勁度系數(shù)k= 100 N/m的輕質(zhì)彈簧，彈簧另一端固定在豎直墻壁上，

7、開始時(shí)兩物塊壓緊彈簧并恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)使物塊B 在水平外力 F 作用下向右做a = 2 m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)直至與 A分離，已知兩物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均 為0.5,最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，g取10 m/s2,求：物塊A、B分離時(shí)，所加外力 F的大??；(2)物塊A、B由靜止開始運(yùn)動(dòng)到分離所用的時(shí)間.解析(1)物塊A、B分離時(shí)，對(duì)B,根據(jù)牛頓第二定律可知F 卩mg= ma解得 F = ma+ (jmg= 21 N(2)A、B靜止時(shí)，對(duì) A、B整體由平衡條件可知 kxi = 2卩mgA、B分離時(shí)，對(duì) A,根據(jù)牛頓第二定律可知kx2 卩m節(jié)ma1此過程中物體的位移為 xi x2= 1a

8、t2聯(lián)立解得t = 0.3 s答案(1)21 N (2)0.3 s8. (2019廣西南寧聯(lián)考)如圖所示，在水平向右運(yùn)動(dòng)的車廂中，用不可伸長的輕繩懸掛的小球穩(wěn)定向左偏，細(xì)線與豎起方向成0= 37角，且小球與正下方 A點(diǎn)高度差為h= 1.8 m .小球質(zhì)量為m= 4 kg，當(dāng)?shù)刂亓铀俣热?g取10 m/s2.(1)求車廂的加速度大小 a及小球所受拉力大小F;,同時(shí)剪斷懸掛=0.6, cos 37 =若車速達(dá)到v = 10 m/s時(shí)車廂開始做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小仍為a小球的輕繩，則小球在車廂內(nèi)落點(diǎn)與A點(diǎn)的水平距離是多少？(已知sin 37 :0.8)解析 (1)對(duì)小球受力分析，如圖則有：mgt

9、an 37 = ma,a= 7.5 m/s2，水平向右，F(xiàn)eos 37 mg解得：F = 50 N，沿細(xì)線向上；剪斷懸掛小球的輕繩，小球做平拋運(yùn)動(dòng):1 2h= 2gt ,x 球=vt,解得：t= 0.6 s, x 球=6 m1車廂勻減速：x車=vt qat2= 4.65 m小球在車廂內(nèi)落點(diǎn)與 A點(diǎn)的水平距離：Ax= x球一x車=6 m 4.65 m= 1.35 m,在A點(diǎn)左側(cè).答案 （1）7.5 m/s2，水平向右50 N（2）A點(diǎn)左側(cè)1.35 m9. 如圖，在光滑的水平支持面上，物塊C疊放于物塊B 上, B的上表面水平，用輕繩將物塊B與物塊A相連，A、B、C的質(zhì)量分別為2m、m、m，B、C間

10、動(dòng)摩擦因數(shù)為 仏對(duì) A施加一大小為F的水平恒力，A、B、C相對(duì)靜止一同做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，B對(duì)C的摩擦力的大小為（）A.卩mgB.FC.F/2D.F/4D 將三者看作一個(gè)整體，根據(jù)牛頓第二定律：對(duì)整體有F = （2m + m + m）a，解得a = 土， 對(duì)C分析，在水平方向上 C受到B給的靜摩擦力，所以根據(jù)牛頓第二定律可得 f= ma = f， 故D正確.10. （2019北京朝陽區(qū)模擬）（多選）如圖甲所示，用一水平外力F拉著一個(gè)靜止在傾角為B的光滑斜面上的物體，逐漸增大F，物體做變加速運(yùn)動(dòng)，其加速度a隨外力F變化的圖象如圖乙所示，若重力加速度 g取10 m/s2根據(jù)圖乙中所提供的信息可以計(jì)算

11、出（）甲乙A 物體的重力為 20 NB 斜面的傾角為37 C.加速度為6 m/s2時(shí)物體的速度D .物體能靜止在斜面上所施加的最小外力為12 NAB 對(duì)物體受力分析，物體受拉力、重力、支持力，如圖所示.x方向：Feos 0-mg sin0= ma ，y 方向：Fn- Fsin 0 mgeos 0= 0，從圖象中取兩個(gè)點(diǎn) (20 N,2 m/ S2), (30 N,6m/s2)，代入式解得 m = 2 kg , 0= 37,所以物體的重力 G= 20 N，斜面的傾角 0= 37 ,A、B正確.題中并未說明力F隨時(shí)間變化的情況，故無法求出加速度為6 m/s2時(shí)物體的速度大小，C錯(cuò)誤.當(dāng)a= 0時(shí)，

12、可解得F = 15 N，即最小拉力為15 N , D錯(cuò)誤.返回艙開始從太空向地球表面預(yù)11 .神舟飛船完成了預(yù)定空間科學(xué)和技術(shù)實(shí)驗(yàn)任務(wù)后，定軌道返回，返回艙開始時(shí)通過自身制動(dòng)發(fā)動(dòng)機(jī)進(jìn)行調(diào)控減速下降，穿越大氣層后在一定高度打開阻力降落傘進(jìn)一步減速下降，這一過程中若返回艙所受的空氣阻力與速度的平方成正比，比例系數(shù)(空氣阻力系數(shù))為k,所受空氣浮力不變，且認(rèn)為豎直降落，從某時(shí)刻開始計(jì) 時(shí)，返回艙的v t圖象如圖所示，圖中 AB是曲線在A點(diǎn)的切線，切線與橫軸交點(diǎn)B的坐標(biāo)為(8,0), CE是曲線AD的漸近線，假如返回艙總質(zhì)量為M = 400 kg , g取10 m/s2,求：(1) 返回艙在這一階段的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)；(2) 在開始時(shí)刻vo= 160 m/s時(shí)，它的加速度大?。豢諝庾枇ο禂?shù)k的數(shù)值.解析(1)由速度圖象可以看出，圖線的斜率逐漸減小到零，即做加速度逐漸減小的減 速運(yùn)動(dòng)，直至勻速運(yùn)動(dòng).開始時(shí)v0= 160 m/s,過A點(diǎn)切線的斜率大小就是此時(shí)加速度的大小，則Av0 16022a=