2019屆高三高考物理全國卷Ⅰ考試大綱模擬卷(十五)物理試題部分(詳細解析版)

1、絕密啟用前2019屆高三高考全國卷I考試大綱模擬卷（十五）理科綜合物理（考試時間：50分鐘 試卷滿分：110分）注意事項：1 .本試卷分第I卷（選擇題）和第R卷（非選擇題）兩部分。答卷前，考生務必將自己的姓名 、準考證號填寫在答題卡上。2 .回答第I卷時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改 動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。寫在本試卷上無效。3 .回答第R卷時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效?？荚嚱Y束后，將本試卷和答題卡一 并交回。4 .測試范圍：高考 物理全部內容。一、選擇題：本題共8個小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第 1

2、5題 只有一項符合題目要求，第68有多項符合題目要求。全部選對的得 6分，選對但不全的得3分，有 選錯的得0分。1 .如圖所示，傾角0= 30。的斜面上有一重為G的物體，在與斜面底邊平行的水平推力作用下沿斜面上的虛線勻 速運動，若圖中45,則（）A.物體不可能沿虛線運動B.物體可能沿虛線向上運動C.物體與斜面間的動摩擦因數D.物體與斜面間的動摩擦因數2 .如圖所示，足夠長的、傾角為 30。的光滑斜面上，擋板 C與斜面垂直.質量均為 數為k的輕彈簧兩端相連，在 C的作用下處于靜止狀態(tài).現給 A施加沿斜面向上的恒力m的A、B兩相同物塊與勁度系F,使A、B兩物塊先后開始運動.已知彈簧始終在彈性限度內

3、，下列判斷正確的是（試卷及答案15）第7頁共12頁A .恒力F的值一定大于mgB.物塊B開始運動時，物塊 A的加速度為FmmgC.物塊B開始運動時，A發(fā)生位移的大小為 mg2kD.當物塊B的速度第一次最大時，彈簧的形變量為mgk3.丹麥物理學家奧斯特發(fā)現了電流的磁效應.已知通電長直導線周圍某點的磁感應強度B = kr，即磁感應強度B與導線中的電流成正比、與該點到導線的距離r成反比.如圖1所示，兩根平行長直導線相距為 x0,分別通以大小不等、方向相同的電流，已知I1I2.規(guī)定磁場方向垂直紙面向里為正，在0x0區(qū)間內磁感應強度B隨x變化的圖線可能是圖中的（）4.如圖所示，兩光滑平行金屬導軌間距為L

4、,直導線MN垂直跨在導軌上，且與導軌接觸良好，整個裝置處于垂直于紙面向里的勻強磁場中，磁感應強度為B.電容器的電容為C,除電阻R外，導軌和導線的電阻均不計.現給導線MN一初速度，使導線 MN向右運動，當電路穩(wěn)定后， MN以速度v向右勻速運動時（）A.電容器兩極板間的電壓為零BLvB.通過電阻R的電流為RC.電容器所帶電荷量為 CBLvD.為保持MN勻速運動，需對其施加的拉力大小為 BLvR5.電流天平可以用來測量勻強磁場的磁感應強度的大小.如圖甲所示，測量前天平已調至平衡，測量時，在左邊托盤中放入質量為 m的祛碼，右邊托盤中不放祛碼，將一個質量為m。、匝數為n、下邊長為l的矩形線圈掛在右邊托盤

5、的底部，再將此矩形線圈的下部分放在待測磁場中.線圈的兩頭連在如圖乙所示的電路中，不計連接導線對線圈的作用力，電源電動勢為 E,內阻為r.開關S閉合后，調節(jié)可變電阻至 R1時，天平正好平衡，此時電壓表讀數為U.已知mOm,取重力加速度為g,則（）A.矩形線圈中電流的方向為順時針方向, 一E-UB.矩形線圈的電阻 R=EuUrR1C .勻強磁場的磁感應強度的大小B =喘胃D.若僅將磁場反向，在左盤中再添加質量為2m0-m的祛碼可使天平重新平衡6.如圖所示，足夠長傳送帶與水平方向的傾角為9,物塊as過平行于傳送帶的輕繩跨過光滑輕質定滑輪與物塊b相連,b的質量為m,開始時，a、b及傳送帶均靜止，且a不

6、受傳送帶摩擦力作用，現讓傳送帶順時針勻速轉動，則在b下降h高度（a未與滑輪相碰）過程中下列說法正確的是（）A .物塊通力勢能增加mghB .物塊b的機械能減少mghC.摩擦力對a做的功大于a機械能的增加D .摩擦力對a故的功等于物塊a、b系統(tǒng)機械能增加兩量7 .宇宙中兩個相距較近的星球可以看成雙星，它們只在相互間的萬有引力作用下，繞兩球心連線上的某一固定 點做周期相同的勻速圓周運動.根據宇宙大爆炸理論，雙星間的距離在不斷緩慢增加，設雙星仍做勻速圓周運動， 則下列說法正確的是（）A .雙星相互間的萬有引力不變8 .雙星做圓周運動的角速度均增大C.雙星做圓周運動的速度均減小D.雙星做圓周運動的半徑

7、均增大8 .如圖所示，固定在豎直面內白光滑絕緣圓環(huán)半徑為R,圓環(huán)上套有質量分別為 m和2m的兩個帶電的小球 A、B（均可看作質點），小球A帶正電，小球B帶負電，帶電荷量均為 q,且小球A、B用一長為2R的輕質絕緣細桿相連，豎mg直面內有豎直向下的勻強電場 （未畫出）,電場強度大小為E= q ,現在給小球一個擾動，使小球 A從最高點由靜止開q始沿圓環(huán)下滑，已知重力加速度為 g,在小球A滑到最低點的過程中，下列說法 不正確的是（）A .小球A減少的機械能等于小球 B增加的機械能9 .細桿對小球A和小球B做的總功為0C.小球A在最低點的速度為、冏D.細桿對小球B做的功為mgR第口卷二、非選擇題：本卷

8、包括必考題和選考題兩部分。第912題為必考題，每個試題考生都必須作答。第1314題為選考題，考生根據要求作答。（一）必考題：共47分。9. （6分）某學生用圖（a）瑣事的實驗裝置測量物塊與斜面的懂摩擦因數。已知打點計時器所用電源的頻率為50Hz,物塊下滑過程中所得到的只帶的一部分如圖（b）所示，圖中標出了 5個連續(xù)點之間的距離。（1）物塊下滑是的加速度 a =m/s2;打點C點時物塊的速度 V =m/s;（2）已知重力加速度大小為 g,求出動摩擦因數還需測量的物理量是 （填正確答案標號）A物塊的質量B斜面的高度C斜面的傾角10. （9分）圖（a）為某同學改裝和校準毫安表的電路圖，其中虛線框內是

9、毫安表的改裝電路。（1）已知毫安表表頭的內阻為 100a .滿偏電流為1 mA ,R1和R2為阻值固定的電阻。若使用 a和b兩個接線 柱.電表量程為3 mA:若使用a和c兩個接線拄，電表量程為10mA由題給條件和數據，可以求出R=Q ,R2=Q 。（2）現用一量程為3mA內阻為150 的標準電流表 A對改裝電表的3mA擋進行校準，校準時需選取的刻度為 0.5. 1.0、I.5、2.0 . 2.5、3.0mA。電池的電動勢為 1.5 V .內阻忽略不計；定值電阻R0有兩種規(guī)格.阻值分別為300 和1000 Q :滑動變阻器 R有兩種規(guī)格.最大阻值分別為750 和3000 a ,則R0應選用阻值為

10、 Q的電阻，R應選用最大阻值為 的滑動變阻器。（3）若電阻R1和R2中有一個因損壞而阻值變?yōu)闊o窮大，利用圖 （b）的電路可以判斷出損壞的電阻。圖 （b）中的 R/為保護電阻。虛線框內未畫出的電路即為圖 （a）虛線框內的電路。則圖中的 d點應和接線柱 （填“b”或 “c”）相連。判斷依據是： 11. （12分）如圖所示，矩形 abcd區(qū)域內存在垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度大小為B,質量為 m電荷量為e的電子，從a點以某一速度沿 ab方向射入磁場，恰好從 c點離開磁場.若將磁場換成沿 da方向的勻強電 場，讓電子以同樣的速度、同樣從 a點射入，電子從 dc邊射出時的運動方向恰好與從磁場射出時

11、相同.已知 ab = 小L, bc= L ,求：電子進入abcd區(qū)域時的速度;(2)勻強電場電場強度的大小.12. （20分）如圖所示，完全相同的兩個彈性環(huán)A、B用不可伸長的、長為L的輕繩連接，分別套在水平細桿OP和豎直細桿OQ上，OP與OQ在。點用一小段圓弧桿平滑相連，且 OQ足夠長.初始時刻，將輕繩拉至水平位置伸直 ,然后釋放兩個小環(huán)， A環(huán)通過小段圓弧桿時速度大小保持不變，重力加速度為 g,不計一切摩擦，試求：（1）當B環(huán)下落2時A球的速度大小；（2）A環(huán)到達。點后再經過多長時間能夠追上 B環(huán)；（3）兩環(huán)發(fā)生第一次彈性碰撞后當繩子再次恢復到原長時B環(huán)距離。點的距離.（二）選考題：共15分

12、。請考生從2道題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計分。13 .【物理一一選彳3-3:熱學】（15分）（1） （5分）關于熱力學基礎，下列說法,正班的是。（填正確選項前的字母，選對 1個給3分,選對2個給4分，選對3個給6分，每選錯1個扣3豆，最低得分為0分）A .物體從單一熱源吸收的熱量可全部用于做功B .能量耗散說明與熱有關的宏觀過程在能量轉化時具有方向性C.擴散現象在氣體、液體中能發(fā)生，但在固體中不能發(fā)生D.某氣體的摩爾體積為 V,每個分子的體積為 Vo,則阿伏加德羅常數可表示為 Na= -VVoE.空中的小雨滴呈球形是水的表面張力作用的結果（2）（10分）如圖所示，上端帶卡環(huán)的

13、絕熱圓柱形汽缸豎直放置在水平地面上，汽缸內部被質量均為m的活塞A和活塞B分成高度相等的三個部分，下邊兩部分封閉有理想氣體P和Q,活塞A導熱性能良好，活塞 B絕熱.兩活塞均與汽缸接觸良好，活塞厚度不計，忽略一切摩擦.汽缸下面有加熱裝置，初始狀態(tài)溫度均為T0,汽缸的橫截面積為S,外界大氣壓強大小為 mg且保持不變，現對氣體 Q緩慢加熱.求： SL 士 (2圖1當活塞A恰好到達汽缸上端卡環(huán)時，氣體 Q的溫度T1 ;活塞A恰好接觸汽缸上端卡環(huán)后，繼續(xù)給氣體Q加熱，當氣體P體積減為原來的一半時，氣體 Q的溫度T2.14 .【物理一一選彳3-4:光學】（15分）（1） （5分）下面說法中正確的是 .（填正

14、確選項前的字母，選對1個給3分，選對2個給4分, 選對3個給6分，每選錯1個扣3分，最低得分為0分）A .做簡諧運動的物體，其振動能量與振幅無關B.全息照相的拍攝利用了光的干涉原理C.真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的，與光源和觀察者的運動無關D.醫(yī)學上用激光做 光刀”來進行手術，主要是利用了激光的亮度高、能量大的特點E.機械波和電磁波都可以在真空中傳播（2） （10分）Morpho蝴蝶的翅膀在陽光的照射下呈現處閃亮耀眼的藍色光芒，這是因為光照射到翅膀的鱗片 上發(fā)生了干涉，電子顯微鏡下鱗片結構的示意圖如圖.一束光以入射角i從a點入射，經過折射和反射后從 b點出射.設鱗片的折射率為 n,

15、厚度為d,兩片之間空氣層厚度為 h,取光在空氣中的速度為 c,求光從a到b所需的時 間t.絕密啟用前2019屆高三高考全國卷I考試大綱模擬卷（十五）理科綜合物理參考答案及解析第I卷一、選擇題：本題共 8個小題，每小題 6分，共 48分。在每小題給出的四個選項中，第15題只有一項符合題目要求，第 68有多項符合題目要求。全部選 對的得6分，選對但不全的得 3分，有選錯的得0分。1.【答案】D【解析】對物塊進行受力分析，如圖甲所示物塊受重力 G、支持力N、推力F、摩擦力f作用，將重力分解為 沿斜面向下的力 G = Gsin 30 ；與斜面垂直的力 G2= Gcos 30 ,如圖乙所示甲乙由圖可知，

16、G2與N平衡，故可等效為物體在推力F、沿斜面向下的力 Gi、摩擦力f三個力的作用下沿斜 面上的虛線做勻速運動，其等效的受力情況如圖丙所示圖丙解得矩形線圈的電阻R=UrE-U Ri,故B錯誤;根據三力平衡特點，F與Gi的合力必沿斜面向下，故 摩擦力f只能沿斜面向上，故物體沿虛線向下做勻速運 動，A、B錯誤；由幾何關系得 F與Gi的合力F合=Giv2Gi,由平衡條件得：f= F a = 柩Gi,故物cos 45體與斜面間的動摩擦因數科=f A2Gsin 30=幸cN Gcos 303錯誤，D正確.2 .【答案】B【解析】F可以先使A加速運動起來，然后隨著彈力的 變化，在A做減速運動過程中，使得B開

17、始運動，故F的力不一定大于 mg, A錯誤；當B開始運動時，彈簧i的彈力為T=mgsin 30 = 2mg ,并且處于伸長狀態(tài)，對iA有一個沿斜面向下的拉力，所以F -mgsin 30 2mg=ma,解得a= Fmg-, B正確；在未施加 F之前，彈 m簧處于壓縮狀態(tài)，形變量 Axi = mgsin 30 = mg,當B開 k2k始運動時，彈簧處于拉伸狀態(tài)，形變量為AX2 =3n亞=臂，所以A的位移為x= Axi+Ax2=mg, C K 2 Kk錯誤；對物塊B受力分析，受到彈簧的拉力，以及重力 沿斜面向下的分力，當兩者相等時，B的速度最大，即mgsin 30 = Kx,解得 x =*，D 錯誤

18、.故選 B.3 .【答案】A【解析】根據右手螺旋定則可得左邊通電導線在兩根導 線之間的磁場方向垂直紙面向里，右邊通電導線在兩根 導線之間的磁場方向垂直紙面向外，離導線越遠磁場越 弱，在兩根導線中間偏右位置合磁感應強度為零.由于 規(guī)定磁場方向垂直紙面向里為正，故A正確，B、C、D錯誤.4 .【答案】C【解析】當導線MN勻速向右運動時，導線所受的合力 為零，說明導線不受安培力，電路中電流為零，故電阻 兩端沒有電壓，此時導線 MN產生的感應電動勢恒定為 E=BLv,則電容器兩極板間的電壓為U = E=BLv,故(試卷及答案A、B錯誤；電容器所帶電荷量 Q = CU = CBLv,故C 正確；因勻速運

19、動后 MN所受合力為0,而此時無電流， 不受安培力，則無需拉力便可做勻速運動，故 D錯誤.5 .【答案】C【解析】根據題圖甲可知，要使天平平衡，矩形線圈中 電流的方向應為逆時針方向，故 A錯誤；根據閉合電路歐姆定律可得 U = E-U- r,R+ Ri 根據平衡條件可得 mogF=mg,而F = nBIl ,E-UI =,r解得勻強磁場的磁感應強度的大小B=(m0-mgrn(E- U|故C正確；開始線圈所受安培力的方向向上，僅將磁場 反向，則安培力方向反向，變?yōu)橄蛳拢喈斢谟疫叾嗔?兩倍的安培力大小，所以需要在左邊，添加質量為淅2F. 一= 2F=2(m0m)的祛碼可使天平重新平衡，故D錯誤.

20、6 .【答案】AD【解析】【考點】功能關系；功的計算.【分析】通過開始時，a、b及傳送帶均靜止且 a不受傳 送帶摩擦力作用，根據共點力平衡得出a、b的質量關系.根據b下降的高度得出a上升的高度，從而求出 a 重力勢能的增加量，根據能量守恒定律判斷摩擦力功與 a、b動能以及機械能的關系.【解答】解：A、開始時，a、b及傳送帶均靜止且 a不 受傳送帶摩擦力作用，有magsin 9=mbg,則masinymb. b下降h,則a上升hsin 0,則a重力勢能 的增加量為 mag hsin 0=mgh ,故A正確.B、物塊b的機械能減少等于減少的勢能減去增加的動 12一_一能， E=mgh,故 B 錯慶

21、；C、D、根據功能關系，系統(tǒng)機械能增加等于除重力以 外的力做功，所以摩擦力對a做的功等于a、b機械能的增量.所以摩擦力做功大于a的機械能增加.故 C錯誤，D正確；故選：AD第8頁共i2頁7 .【答案】CD【解析】雙星間的距離在不斷緩慢增加，由萬有引力定 律，F=G了一，知萬有引力減小，A錯誤；根據萬有引力提供、上/日八網1喇二向心力倚G 22=mi門 =m2r2,可知 mic = m2r2,知軌道半徑比 等于質量之反比，雙星間的距離變大，則雙星的軌道半 八-一磯加2 徑都變大，B錯誤，D正確；根據G * -=mivi 3= m2v2 w,可得線速度減小， C正確.8 .【答案】ACD【解析】由

22、于電場力做功，兩個球系統(tǒng)機械能不守恒，故A球減少的機械能不等于 B球增加的機械能，故 A 錯誤；細桿對小球 A和小球B的力等大反向，為系統(tǒng)內 彈力，所以細桿對小球 A和小球B做的總功為0,故B 正確；當A球運動到最低點時，電場力對系統(tǒng)做功1.4EqR=4mgR,有：4mgR+mg 2R 2mg 2R=2（m+ 22m）v ,解得：丫=2后，故C錯誤；對B球，利用動能定理1可得，W+ qE 2R-2mg 2R= 1X2mv2 0,解得細桿對B球所做的功 W= 10mgR,故D錯誤.3第口卷二、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分。第912題為必考題，每個試題考生都必須作答。第1314題為選考題

23、，考生根據要求作答。（一）必考題：共 47分。9 . （6分）【答案】（1） 3.25; （2分）1.79; （ 2分）（2 ）C （2分）【解析】（1）根據紙帶數據可知：加速度a= （Xcd +XDE）-2（Xab XBC） =325m/s ；打點 c點時物 4T2塊的速度vC =也=1.79m/s C 2T（2）由牛頓第二定律得：加速度a = g sin日一 Ng cos日,所以求出動摩擦因數，還需測量的物理量是斜面的傾角?？键c：測量物塊與斜面的懂摩擦因數10 . （9分）【答案】（1） 15 （2分）35 （2分）（2） 300 （1 分）3000 （ 1分）（3） c （1 分）閉合開

24、關時，若電表指針偏轉，則損壞電阻是R1,若電表指針不動，則損壞電阻是 R2 （2分）【解析】（1）定值電阻和毫安表都是并聯連接，電壓相等，由歐姆定律變形式 U =IR,使用a、b兩個接線柱時有：I滿R=（I表1-I滿）（R 1+R）;使用a和c兩個接線柱時有：I滿（R表+R0 =（I 表 2-I 滿）R 1 ,I表1和I表2為改裝電表的量程，解以上各式得：R 1=15Q ,R 2 = 35 Q o（2）根據R=,電流表校準時需選取的刻度為051.0、I.5、2.0. 2.5、3.0mA,可知電路中總電阻最大為:Rmax = 3000 Q ,最小阻值為 Rmin =500 Q ,若定值電阻選用1

25、000 a ,則無法校準3mA的刻度，所以 定值電阻選用500 Q,由于最大電阻要達到 3000Q,所以變阻器要選擇3000 Qo（3）因為只有一個電阻損壞，所以 d點應與c連接。原 因是R1與A表并聯，則當R損壞時電表A仍有示數指針 偏轉；而R2與A表串聯，則當R2損壞時電表A無示數指 針不動，據此閉合開關時，若電表指針偏轉，則損壞電 阻是R1,若電表指針不動，則損壞電阻是 R2.（試卷及答案15）第13頁共12頁【考點】 歐姆定律；電阻的串、并聯；閉合電路的歐姆 定律11. （12分）【答案】 型BL （ 6分）（2）6eB-L （6分）環(huán)A過。點后做初速度為Va、加速度為g的勻加速 直線

26、運動，B做自由落體運動；【解析】（1）設電子的初速度為時，粒子做勻速圓周運動，半徑為何關系可知r2=（r-L）2+ （ 3L）2v0,存在勻強磁場2一 一 _ v0r. evB=m，由幾當 A 追上 B 時，有 vA t+2gt2=L + 2gt2,解得t=2g.當A、B即將發(fā)生碰撞時二者的速度分別為VA1和vB1（2）存在勻強磁場時：設粒無速度的偏向角為為由幾何關系可知sin 0=型31=工3r 2即 0= 60VA1 = VA +gt=3LVB1 = gt = X1g=設電子在電場中運動時間為 邊射出時，沿電場方向的分速度為t,加速度為a,從dcA、B發(fā)生彈性碰撞，根據動量守恒定律可得vy

27、mvA+ mvB1 = mvA1+ mv B1根據機械能守恒定律,vy= 2aL, tan 0=- v0設電場強度為 E: qE = ma,6eB2L解得E =m121212mvA1 + 2mvB1 = ?mvA1+ ；mvB1 2gL12. （20分）【答案】（1）寸（4分）解得：vA1 = jgL, vB13 2gL2（2） 2Lg（6分）（3）3L（10 分）【解析】（1）當B環(huán)下落L時繩子與水平方向之間的夾角L2 1 一滿足 Sin a= L= 2,即 a= 30輕繩再次恢復原長過程中由運動學規(guī)律可得,12.,12一1LvB1匕+ gt2 = L + vA1 t2 + 2gt2 可得

28、G= 乂耳 在上述過程中B球距離。點:_ 2 vB1 ,12H = L + 2 + vB1 t2+2gt2 =3L.由速度的合成與分解可知v繩=vACOS 30 = vBSin 30則vB =VAtan 30（二）選考題：共 15分。請考生從2道題中任選一題 作答。如果多做，則按所做的第一題計分。13.【物理一一選彳3-3：熱學】（15分）B下降的過程中A與B組成的系統(tǒng)機械能守恒，有mg2= 2mvA2+ 2mvB2所以A環(huán)的速度vA=X2L.（2）由于A到達。點時B的速度等于0,由機械能守恒, 2mvA 2=mgL,解得 vA = V2gL【答案】（1） （5分）ABE25（2） （10分）Ti = 2T；TzmTo【解析】（1）根據熱力學第二定律可知，在外