2019-2020學(xué)年安徽省蚌埠市六校聯(lián)考高二(上)期中物理試卷

1、BE球接地帶負(fù)電，但電勢(shì)為零C.C球帶正電，且電勢(shì)與球殼電勢(shì)相等DQ球帶正電，電勢(shì)為零2019-2020學(xué)年安徽省蚌埠市六校聯(lián)考高二（上）期中物理試卷一、選擇題（共12小題，28題為單選題，9J2題為多選題，每小題4分，滿分48分）第17頁共18頁第18頁共18頁1.如圖，質(zhì)量為m的帶電小球4用絕緣細(xì)線懸掛于O點(diǎn)，處于靜止?fàn)顟B(tài)。施加一水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)后，4向 右擺動(dòng)，擺動(dòng)的最大角度為60。，貝M受到的電場(chǎng)力大小為（）AH24.如圖，一半徑為R的圓盤上均勻分布著電荷量為Q的電荷，在垂直于圓盤且過圓心C的軸線上有a、b、d三 個(gè)點(diǎn)，和b、b和c、C和d間的距離均為R,在a點(diǎn)處有一電荷量為q（q

2、> 0）的固定點(diǎn)電荷.已知b點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng) 為零，貝IJd點(diǎn)處場(chǎng)強(qiáng)的大小為（k為靜電力常量）（）B.y3ng3C.mgD.yJ3mgB 油滴將向下加速D 電流計(jì)中始終無電流流過一3卩C-IV, -SV D.-2* 4卩2.如圖所示，圖中兩組曲線中實(shí)線代表電場(chǎng)線（方向未畫岀）、虛線代表等勢(shì)線，點(diǎn)劃線是一個(gè)帶電粒子僅 在電場(chǎng)力作用下從力到8的運(yùn)動(dòng)軌跡，下列說法正確的是（）B粒子的動(dòng)能一左是越來越大C. 粒子的電勢(shì)能一左是越來越大DjI點(diǎn)的電勢(shì)一定髙于3點(diǎn)的電勢(shì)3.帶正電的空心金屬球殼置于絕緣支架上.將4個(gè)原來不帶電的金屬小球按圖示位置放宜，力球用絕緣輕繩 豎宜懸掛，8球接地，C球用導(dǎo)線與球殼內(nèi)部

3、相連，D球與球殼內(nèi)部接觸，設(shè)大地電勢(shì)為零，當(dāng)達(dá)到靜電平衡 時(shí)，下列說法正確的是（）5. 如圖所示，平行板電容器兩極月.B間有一個(gè)帶電汕滴P,正好靜止在兩極板正中間?，F(xiàn)將兩極板稍拉開一 些，其它條件不變（拉開時(shí)間忽略則（）A 汕滴將向上加速 C 電流計(jì)中電流由b流向Q6. 如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)中的六個(gè)點(diǎn)月、B、C、D、E. F為正八而體的六個(gè)頂點(diǎn)，已知BE中點(diǎn)O的電勢(shì)為零,A. B、C三點(diǎn)的電勢(shì)分別為7U、-IV. 3V.貝憶、F兩點(diǎn)的電勢(shì)分別為（）7. 示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖1所示，如果在電極之間加上圖2（a）所示的電壓，在之間加上圖2（b）所示電 壓，熒光屏上會(huì)岀現(xiàn)的波形是（）A. 由于靜電感應(yīng)

4、 4球帶負(fù)電IOV第16頁共18頁8. 電荷量分別為血和力的兩點(diǎn)電荷放在兀軸上的。、M兩點(diǎn)，兩電荷連線上各點(diǎn)電勢(shì)<p隨兀變化的關(guān)系如圖所 示，其中力、N兩點(diǎn)的電勢(shì)為零：ND段中C點(diǎn)電勢(shì)最高。則下列選項(xiàng)中錯(cuò)誤的是（）Bl¾l > MC. N、C兩點(diǎn)之間連線上的電場(chǎng)強(qiáng)度方向沿X軸正方向D. 將一個(gè)帶負(fù)電的檢驗(yàn)電荷從N點(diǎn)沿%軸正方向移動(dòng)到D點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功9. 如圖所示，三條平行等間距的虛線表示電場(chǎng)中的三個(gè)等勢(shì)而，電勢(shì)分別為107. 20卩、30*實(shí)線是一帶 電粒子（不計(jì)重力）在該區(qū)域內(nèi)的運(yùn)動(dòng)軌跡，S b. C是軌跡上的三個(gè)點(diǎn)，下列說法正確的是（）30V20V

5、A 粒子在三點(diǎn)所受電場(chǎng)力不相等B. 粒子可能先經(jīng)過,再到b,然后到CC. 粒子三點(diǎn)所具有的動(dòng)能大小關(guān)系為Ekb > Eka > EkCD粒子在三點(diǎn)的電勢(shì)能大小關(guān)系為EpC < EPa < EPb10. 如圖所示，在豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一根不可伸長的絕緣細(xì)繩的一端系著一個(gè)帶電小球，另一端固立 于0點(diǎn)，小球在豎直平而內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，最髙點(diǎn)為s最低點(diǎn)為b不計(jì)空氣阻力，則（）A 小球帶負(fù)電B. 小球所受電場(chǎng)力與重力平衡C. 小球在從點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過程中，電勢(shì)能增大D 小球在運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒11. 一根粗細(xì)均勻的金屬導(dǎo)線阻值為兩端加上恒泄電壓時(shí)，通過金屬導(dǎo)線的電流強(qiáng)度為八

6、金屬導(dǎo)線中 自由電子左向移動(dòng)的平均速率為S若將金屬導(dǎo)線均勻拉長，使其長度變?yōu)樵瓉淼?倍，仍給它兩端加上恒定 電壓，則下列說法正確的是（）A. 此時(shí)金屬導(dǎo)線的阻值為4RB. 此時(shí)通過金屬導(dǎo)線的電流為£4C. 此時(shí)自由電子左向移動(dòng)的平均速率為FD 此時(shí)自由電子立向移動(dòng)的平均速率為？412. 兩個(gè)等量同種點(diǎn)電荷固立于光滑絕緣水平而上，其連線中垂線上有眉、B、C三點(diǎn)，如圖甲所示。一個(gè)電 荷7j2×10-3c.質(zhì)量為0.1切的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）從C點(diǎn)靜止釋放，其在水平而內(nèi)運(yùn)動(dòng)的U-七圖象如 圖乙所示，其中B點(diǎn)處為整條圖線切線斜率最大的位置（圖中標(biāo)岀了該切線）。則下列說法正確的是（）

7、A 由C到4的過程中物塊的電勢(shì)能逐漸減小B. E、力兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UBA = SVC. 由C點(diǎn)到力點(diǎn)電勢(shì)逐漸降低D. E點(diǎn)為中垂線上電場(chǎng)強(qiáng)度最大的點(diǎn)，場(chǎng)強(qiáng)E = IOOlVm三、解答題（共4小題，15s 16題各8分，17題10分，28題14分，滿分40分）實(shí)驗(yàn)室有一個(gè)內(nèi)阻列=100 量程為0 0.6m的小量程電流表，現(xiàn)將該電流表改裝成量程為O 3卩的電壓 表，則應(yīng) （填"串聯(lián)"或"并聯(lián)"）一個(gè)R=P的電阻.現(xiàn)將改裝后的電壓表測(cè)某一電壓，讀數(shù)時(shí)指針位宜如圖，則所測(cè)電壓為u如圖所示是利用電動(dòng)機(jī)提升重物的示意圖，其中D是直流電動(dòng)機(jī)。P是一個(gè)質(zhì)量為Tn的重物，

8、將重物用細(xì)繩 拴在電動(dòng)機(jī)的軸上。閉合開關(guān)S,重物P以速度U勻速上升，這時(shí)電流表和電壓表的示數(shù)分別是Z = 5.（M和U = 110V,重物P上升的速度v = 1.50ms.已知電動(dòng)機(jī)損失的能疑全部轉(zhuǎn)化為電動(dòng)機(jī)線圈的電熱，重物的質(zhì)量Tn =3Okg 取 10ms2）求：一個(gè)小燈泡的額左電壓為20久 額泄電流約為05£選用下列實(shí)驗(yàn)器材進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，并利用實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描繪和研 究小燈泡的伏安特性曲線.A. 電源E：電動(dòng)勢(shì)為3.0卩，內(nèi)阻不計(jì)：B. 電壓表：量程為03U,內(nèi)阻約為C. 電壓表卩2：疑程為015U,內(nèi)阻約為4R2D. 電流表A】：雖:程為034內(nèi)阻約為0.1/2：E. 電流表2：量程為

9、0 06力，內(nèi)阻約為0.6:F. 滑動(dòng)變阻器血：最大阻值為10P,額定電流為0.64G. 滑動(dòng)變阻器心：最大阻值為150/2,額泄電流為LO:H開關(guān)S,導(dǎo)線若干.（1）電動(dòng)機(jī)的功率P念（2）電動(dòng)機(jī)的輸岀功率P甘（3）電動(dòng)機(jī)線圈的電阻C二、實(shí)驗(yàn)題（2題，共12分）第15頁共18頁 第16頁共18頁IlA0.000.120.210.290.340.380.420.450.470.490.50U/V0.000.200.400.600.801.001.201.401.601.802.00（1）小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的加速度大小.如圖所示，帶電荷量為Q的正點(diǎn)電荷固上在傾角為30啲光滑絕緣斜而底部的C點(diǎn)，斜而上

10、有久8兩點(diǎn)，且4、 3和C在同一直線上，4和C相距為厶，B為力C中點(diǎn).現(xiàn)將一帶電小球從4點(diǎn)由靜止釋放，當(dāng)帶電小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度正好又為零，已知帶電小球在4點(diǎn)處的加速度大小為靜電力常量為匕求:4（1）實(shí)驗(yàn)中電壓表應(yīng)選用:電流表應(yīng)選用:滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用 （請(qǐng)?zhí)顚戇x項(xiàng)前對(duì)應(yīng)的字母）（2）請(qǐng)你不要改動(dòng)已連接導(dǎo)線，在圖1實(shí)物連接圖中把還需要連接的導(dǎo)線補(bǔ)上閉合開關(guān)前，應(yīng)使變阻器滑 片放在最 （填咗"或“右）端.（2） 3和4兩點(diǎn)間的電勢(shì)差（用Q和厶表示）如圖所示，有一電子（電荷量為0）經(jīng)電壓S加速后，進(jìn)入兩塊間距為d、電壓為i的平行金屬板間.若電 子從兩板正中間垂直電場(chǎng)方向射入，且剛好能穿過電

11、場(chǎng)，求：A IrI1 實(shí)廠刁。（1）金屬板的長度厶：（2）電子穿出電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能：（3）若電子射出電場(chǎng)后，打在熒光屏上的P點(diǎn)，熒光屏距離金屬板B端長度也為板長，貝IJoP的距離為多少?如圖所示，矩形區(qū)域MNPQ內(nèi)有電場(chǎng)強(qiáng)度為E =守水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，虛線框外為真空區(qū)域。半徑為R、 內(nèi)壁光滑、內(nèi)徑很小的絕緣半圓管SDB固左在豎直平而內(nèi)，直徑43垂直于水平虛線MN,圓心0恰在MN的中 點(diǎn)，半圓管的一半處于電場(chǎng)中。一質(zhì)量為m，可視為質(zhì)點(diǎn)的帶正電，電荷量為q的小球從半圓管的力點(diǎn)由靜止 開始滑入管內(nèi)，小球從3點(diǎn)穿出后，能夠通過B點(diǎn)正下方的C點(diǎn)，重力加速度為9。求：（1）小球在到達(dá)3點(diǎn)時(shí)，半圓軌道對(duì)它作用

12、力的大小;（2） 3C兩點(diǎn)的距離。參考答案與試題解析2019-2020學(xué)年安徽省蚌埠市六校聯(lián)考高二（上）期中物理試卷一、選擇題.（共12小題，8題為單選題，9 J2題為多選題，每小題4分，滿分48分）1.【答案】B【考點(diǎn)】動(dòng)能泄理的應(yīng)用電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系【解析】以4為研究對(duì)象，根據(jù)動(dòng)能定理求解電場(chǎng)力大小?！窘獯稹?向右擺動(dòng)，擺動(dòng)的最大角度為60。，最髙點(diǎn)受力不平衡但速度為零，根據(jù)動(dòng)能定理可得：F ,7rLsin600 TngL（l cos60°） = 0,解得：F電=警。故3正確、力CD錯(cuò)誤。2.【答案】B【考點(diǎn)】電勢(shì)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系電勢(shì)能電場(chǎng)線【解析】根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)中

13、物體所受合力指向軌跡的內(nèi)側(cè)判斷出粒子所受電場(chǎng)力的方向.當(dāng)電場(chǎng)力與場(chǎng)強(qiáng)方向相同時(shí)， 粒子帶正電；當(dāng)電場(chǎng)力與場(chǎng)強(qiáng)方向相反時(shí)，粒子帶負(fù)電：根據(jù)電場(chǎng)力做功的正負(fù)判斷粒子的動(dòng)能和電勢(shì)能的 變化.【解答】力、由圖，帶電粒子的軌跡向右彎曲，說明粒子所受的電場(chǎng)力大體向右且沿電場(chǎng)線的切線方向，如圖。由于 電場(chǎng)線的方向不淸楚，所以無法判斷粒子的電性。故4錯(cuò)誤。8、粒子的速度方向與電場(chǎng)力方向的夾角為銳角，電場(chǎng)力對(duì)粒子做正功，粒子的動(dòng)能一泄是越來越大。故B 正確。C、電場(chǎng)力對(duì)粒子做正功，粒子的電勢(shì)能一左是越來越小。故C錯(cuò)誤。D、粒子的電勢(shì)能減小，但粒子的電性不知道，無法判斷電勢(shì)的高低。故D錯(cuò)誤。3.【答案】BzC【考

14、點(diǎn)】第17頁共18頁靜電感應(yīng)【解析】達(dá)到靜電平衡狀態(tài)時(shí)，其電勢(shì)相等，是一個(gè)等勢(shì)體，其凈電荷由于靜電斥力作用，盡可能遠(yuǎn)離，故都分布在 導(dǎo)體的外表而上，所以小金屬球C帶電，而力、3也會(huì)由于靜電感應(yīng)而帶電.【解答】解：A.由于靜電感應(yīng)，A球的左右兩端帶上不同的電荷，但整體不帶電，故4錯(cuò)誤：B. 由于靜電感應(yīng)，3球帶負(fù)電，但電勢(shì)和大地的電勢(shì)相等，為零，故B正確；C. C球在金屬球殼的外部，會(huì)帶上與球殼相同的電荷，故C正確：D. D球在球殼的內(nèi)部，與球殼接觸后成為球殼內(nèi)部的一部分，所以D不帶電，故D錯(cuò)誤.故選：BC.4.【答案】B【考點(diǎn)】電場(chǎng)的疊加電場(chǎng)強(qiáng)度【解析】由題意可知，半徑為R均勻分布著電荷量為Q

15、的圓盤上電荷，與在點(diǎn)處有一電荷量為q(q>O)的固左點(diǎn)電荷, 在b點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)為零，說明各自電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相反.那么在d點(diǎn)處場(chǎng)強(qiáng)的大小即為兩者之和.因此 根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度為E = k=即可求解.【解答】解：電荷量為g的點(diǎn)電荷在b處產(chǎn)生電場(chǎng)強(qiáng)度為E = k尋,而半徑為R均勻分布著電荷量為Q的電荷，與在點(diǎn) 處有一電荷量為q(q>O)的固泄點(diǎn)電荷，在b點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)為零，則圓盤在此處產(chǎn)生電場(chǎng)強(qiáng)度也為E =噲,那 么圓盤在d處產(chǎn)生電場(chǎng)強(qiáng)度仍為E =噲,而電荷雖:為g的點(diǎn)電荷在W處產(chǎn)生電場(chǎng)強(qiáng)度為E'=k = k, 由于在d處產(chǎn)生電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同，即電場(chǎng)強(qiáng)度為兩者大小相加，所以兩

16、者d處產(chǎn)生電場(chǎng)強(qiáng)度為k薯，故B正9 R-確，MD錯(cuò)誤.故選：B.5.【答案】B【考點(diǎn)】電容電容器電容器的動(dòng)態(tài)分析【解析】帶電油滴靜止在兩極板的正中間，知電場(chǎng)力和重力平衡，根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的變化判斷油滴的運(yùn)動(dòng)情況，結(jié)合電 容的變化得岀電量的變化，從而確定電流計(jì)中電流的方向?！窘獯稹康?8貞共18頁 力、將兩極板的距離拉開一些，由于電勢(shì)差不變，d變大，則根拯E =夕知，電場(chǎng)強(qiáng)度變小，電場(chǎng)力減小，油U滴向下加速。故4錯(cuò)誤，B正確。C根據(jù)C=7得，d變大，則電容變小，不變，根據(jù)Q =CU知，電荷量減小，則電流計(jì)中的電流由流向4 rkdba故C錯(cuò)誤,D錯(cuò)誤。6.【答案】B【考點(diǎn)】電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系電勢(shì)【

17、解析】在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，由公式U = Ed知，沿著任意方向前進(jìn)相同距離電勢(shì)差必定相等.由此求解即可.【解答】在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，由公式U = Ed知，沿著任意方向前進(jìn)相同距離電勢(shì)差必左相等。由80 = 0E,則有-0-o e' -20 =0 (1Vr)=I V:由 4C/EF, JL4C = EF, %<P A-(PC = (PE-(PF，得 Wf=Wc + We Wa = 3 卩 + IU 7卩=3 卩7.【答案】C【考點(diǎn)】示波管及其使用【解析】分別對(duì)XH和FW方向進(jìn)行分析，根據(jù)電壓的變化利用電荷在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)規(guī)律進(jìn)行分析，從而得出最終的圖 像.【解答】解：電極之間加上圖2(a)所示的電

18、壓，則粒子的偏轉(zhuǎn)位移在上下進(jìn)行變化；而在XX，之間加上圖2(b)所示電壓時(shí)，粒子將分別打在左右各一個(gè)固定的位置，因此只能打出圖C所示的圖像, 故C正確,朋D錯(cuò)誤.故選C.8.【答案】C【考點(diǎn)】電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系電勢(shì)能電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系【解析】-x圖象的斜率等于電場(chǎng)強(qiáng)度E.根據(jù)兩點(diǎn)電荷連線的電勢(shì)高低的分布，分析電荷量的大小。根據(jù)沿著電場(chǎng) 線電勢(shì)降低，分析電場(chǎng)強(qiáng)度的方向。根據(jù)功能關(guān)系分析電場(chǎng)力做功的正負(fù)?！窘獯稹苛Α圖象的切線斜率等于場(chǎng)強(qiáng)E，由圖可知C點(diǎn)的切線斜率為零，所以電場(chǎng)強(qiáng)度為零，故4正確：第15頁共18頁8. 由圖知無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0,力點(diǎn)的電勢(shì)為零，由于沿著電場(chǎng)線電勢(shì)降低

19、，所以O(shè)點(diǎn)的電荷弘帶正電，M 點(diǎn)電荷力帶負(fù)電，由于力點(diǎn)距離O比較遠(yuǎn)而距離M比較近，所以么電荷量大于Q2的電荷量，故B正確：C、由N到C過程電勢(shì)升高，則說明N、C兩點(diǎn)之間連線上的電場(chǎng)強(qiáng)度方向沿X軸負(fù)方向，故C錯(cuò)誤：D、NTD段中，電勢(shì)先髙升后降低，所以場(chǎng)強(qiáng)方向先沿X軸負(fù)方向，后沿X軸正方向，將一負(fù)點(diǎn)電荷從N點(diǎn) 移到D點(diǎn)，電場(chǎng)力先沿X軸正方向，后沿X軸負(fù)方向，則電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功。故D正確。本題選錯(cuò)誤的，9.【答案】BzD【考點(diǎn)】等勢(shì)而電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系電勢(shì)能【解析】此題首先要根據(jù)三條表示等勢(shì)而的虛線等距離判斷出電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)，所以帶電粒子在電場(chǎng)中各點(diǎn)的電場(chǎng)力 是相同的：因帶電粒子的

20、運(yùn)動(dòng)軌跡是拋物線，所以兩種運(yùn)動(dòng)方式都有可能：根據(jù)bc三點(diǎn)的位置關(guān)系以及帶 電粒子的電勢(shì)能與動(dòng)能之間的互化，可判斷出經(jīng)過a、b、C三點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能和電勢(shì)能的大小關(guān)系。【解答】力、因表示電場(chǎng)中三個(gè)等勢(shì)面的三條虛線是平行且等間距的，由此可判斷電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)，所以帶電粒子在 電場(chǎng)中各點(diǎn)受到的電場(chǎng)力相等。選項(xiàng)4錯(cuò)誤。8、由題中的圖可知，電場(chǎng)的方向是向上的，帶負(fù)電的粒子將受到向下的電場(chǎng)力作用，帶負(fù)電的粒子無論是 依次沿a、b、C運(yùn)動(dòng)，還是依次、沿c、b、a運(yùn)動(dòng)，都會(huì)的到如圖的軌跡。選項(xiàng)E正確。C、帶負(fù)電的粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，存在電勢(shì)能與動(dòng)能之間的互化，由題意和圖可知，在b點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能最大, 在C點(diǎn)的電勢(shì)能最小

21、，可判斷在C點(diǎn)的動(dòng)能最大，在b點(diǎn)的動(dòng)能最小。選項(xiàng)C錯(cuò)誤。D、由對(duì)C的分析可知，D選項(xiàng)正確10.【答案】B. C【考點(diǎn)】帶電粒子在重力場(chǎng)和電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)豎直而內(nèi)的圓周運(yùn)動(dòng)-輕繩模型【解析】小球在豎直平而內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，受到重力、電場(chǎng)力和細(xì)繩的拉力，電場(chǎng)力與重力必左平衡，可判斷小球 的電性。由電場(chǎng)力做功情況，判斷電勢(shì)能的變化。機(jī)械能守恒的條件是只有重力做功。由此分析即可?！窘獯稹拷猓篈B.小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，受到重力、電場(chǎng)力和細(xì)繩的拉力，分析則知小球所受的電場(chǎng)力 方向豎直向上，因此小球帶正電，故4錯(cuò)誤，B正確;C. 小球在從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，小球的電勢(shì)能增大，故C正

22、確；D. 由于電場(chǎng)力做功，所以小球在運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能不守恒，故D錯(cuò)誤.故選BC.11.【答案】A, B,C第16貞共18頁URg、為改裝后的量程.【考點(diǎn)】歐姆立律的概念電流概念【解析】將金屬導(dǎo)線均勻拉長，使其長度變?yōu)樵瓉淼?倍，橫截面積變?yōu)樵瓉淼?倍，根據(jù)電阻定律R= 分析電阻的2S變化，由歐姆立律分析電流的變化.由電流的微觀表達(dá)式Z = TleUS分析平均速率U的變化【解答】解：力、3將金屬導(dǎo)線均勻拉長，使其長度變?yōu)樵瓉淼?倍，橫截面積變?yōu)樵瓉淼膮s咅，根據(jù)電阻左律R=QF2S分析得到，電阻變?yōu)樵瓉淼?倍，電壓（7恒左不變，根據(jù)歐姆左律Z =?？芍娏鱖變?yōu)樵瓉淼呢渭礊?？故R44力3正確.C

23、、D電流的微觀表達(dá)式Z = TleUS,其中n、e不變，電流7為原來的?橫截而積5變?yōu)樵瓉淼霓斜?，則自由電 子泄向移動(dòng)的平均速率為夕故C正確，D錯(cuò)誤.故選：ABC12.【答案】A、C,D【考點(diǎn)】非常規(guī)圖象x-t圖像（勻變速直線運(yùn)動(dòng)）v-t圖像（勻變速宜線運(yùn)動(dòng)）動(dòng)能定理的應(yīng)用電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系電勢(shì)能勻變速直線運(yùn)動(dòng)的槪念【解析】由能量守恒左律分析電勢(shì)能的變化情況。根-t圖可知物塊在B點(diǎn)的加速度最大，此處電場(chǎng)強(qiáng)度最大，根 據(jù)牛頓第二左律求場(chǎng)強(qiáng)的最大值。由C到4的過程中物塊的動(dòng)能一直增大，根據(jù)電場(chǎng)線的方向分析電勢(shì)的變化, 由動(dòng)能定理可求得力3兩點(diǎn)的電勢(shì)差?！窘獯稹苛Α乃俣葧r(shí)間圖象可知，由C

24、l到4的過程中，物塊的速度一直增大，電場(chǎng)力對(duì)物塊做正功，電勢(shì)能一直減小, 故4正確：B、從速度時(shí)間圖象可知，力、B兩點(diǎn)的速度分別為VA = 6ms, VB=4ms,根據(jù)動(dòng)能左理得：qUBA = ImVI- mVI,代入數(shù)據(jù)解得：UBA=SOOV,故B錯(cuò)誤；C、據(jù)兩個(gè)等疑同種正電荷其連線中垂線上電場(chǎng)強(qiáng)度方向由O點(diǎn)沿中垂線指向外側(cè)，故由C點(diǎn)到4點(diǎn)的過程中 電勢(shì)逐漸減小，故C正確；D、帶電粒子在B點(diǎn)的加速度最大，為m = =- ms2 = 2ms29所受的電場(chǎng)力最大為Fm=Tnam =0.1X2N = 02N,則場(chǎng)強(qiáng)最大值為Em=Y= 100Vm,故D正確;二、實(shí)驗(yàn)題（2題，共12分）【答案】串,4

25、900,2.30【考點(diǎn)】把電流表改裝成電壓表【解析】 電流表改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓，串聯(lián)的阻值為R=【解答】設(shè)改裝成電壓表要串聯(lián)電阻的心：則Ig（Rg+Rx） = Uv 即：0.6×103（10+x）=3解得：心=99000【答案】21左 如圖【考點(diǎn)】描繪小燈泡的伏安特性曲線【解析】本題（1）的關(guān)鍵是根據(jù)小燈泡的額泄電壓和額左電流大小來選擇電壓表和電流表的量程，根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求電 流從零調(diào)可知變阻器應(yīng)采用分壓式接法，應(yīng)選擇全電阻小的變阻器以方便調(diào)盯；題（2）根拯小燈泡電阻滿 足等 > 診可知電流表應(yīng)用外接法，即電路應(yīng)是"分壓外接”：題（3）的關(guān)鍵是認(rèn)真作圖，用平滑的曲

26、線連 線即可.【解答】:由于小燈泡的額立電壓為2.0卩，所以電壓表應(yīng)選：由于小燈泡的額定電流為0.5力，所以電流表應(yīng)選A?：由于實(shí)驗(yàn)要求電流從零調(diào)，所以變阻器應(yīng)采用分壓式接法，應(yīng)選擇全電阻小的變阻器心以方便調(diào)節(jié).:由于小燈泡的最大電阻為R = J = =4,滿足讐 > 箏，電流表應(yīng)用外接法，又變阻器應(yīng)用分壓式接法, XA所以實(shí)物連線圖如圖所示：為保護(hù)電流表閉合電鍵前，應(yīng)將滑片宜于輸出電壓最小的最左端.:畫出的U-Z圖象如圖所示:第17頁共18頁 第18頁共18頁故答案為：（1） VIt AIf RI（I）如圖（2）如圖三、解答題.（共4小題，15. 16題各8分，17題10分，18題14

27、分，滿分40分）【答案】電動(dòng)機(jī)消耗的電功率P也為550"：電動(dòng)機(jī)的輸岀功率PM為450"：電動(dòng)機(jī)線圈的電阻r為40?！究键c(diǎn)】電功電功率【解析】（1）根據(jù)公式P電=Ul求解總功率：（2）根據(jù)公PllfJ=FV求解輸出功率：（3）根據(jù)公式P電=P出+ P熱和P熱=A【解答】電動(dòng)機(jī)消耗功率：P .f,=UI = 110 × 5 = 550"電動(dòng)機(jī)損失的能量全部轉(zhuǎn)化為電動(dòng)機(jī)線圈的熱量，電動(dòng)機(jī)的輸出功率即為繩子拉力對(duì)重力做功功率，即:PfirPT因?yàn)槭莿蛩龠\(yùn)動(dòng)，有：T=Tng可知：PT=Tngv=30 × 10 X 1.5=4501V貝J: P yf=m

28、gv=4S0W由能量守恒左律可知：P電=P出+p熱又 P=Z2r由以上兩式可得：r=4【答案】（1）小球運(yùn)動(dòng)到8點(diǎn)時(shí)的加速度大小為斗（2）3和4兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為花,L【考點(diǎn)】庫侖定律與力學(xué)問題的綜合應(yīng)用電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系動(dòng)能定理的應(yīng)用【解析】此題暫無解析【解答】解：（I）根據(jù)牛頓第二龍律和庫侖泄律得：帶電小球在4點(diǎn)時(shí)有：mgsin30° -IC 琴=maA,帶電小球在8點(diǎn)時(shí)有：k mpsin300 = maB,且aA = 可解得：aB = （2）由A點(diǎn)到3點(diǎn)應(yīng)用動(dòng)能定理得：mgsr300 ；UBA q = O,由mgsr300 Ic 譽(yù)=m = rnf,可得：mg = k譬,4L-可求得：UBA =詳L【答案】金屬板加的長度厶為d胎;