2019人教版高考物理一輪優(yōu)練題13及答案

1、2019人教版高考物理一輪優(yōu)練題（13）及答案1、(2019·91高中聯(lián)盟聯(lián)考)如圖3所示，質(zhì)量為m的木塊在質(zhì)量為M的長(zhǎng)木板上，受到向右的拉力F作用而向右滑行，長(zhǎng)木板處于靜止?fàn)顟B(tài)，已知木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為1，木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為2，重力加速度為g，則()圖3A木板受到地面的摩擦力的大小一定是1mgB木板受到地面的摩擦力的大小一定是2(mM)gC當(dāng)F>2(mM)g時(shí)，木板便會(huì)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)D木板受到地面摩擦力的大小隨拉力F的增大而增大【答案】A*(多選)(2019·貴州遵義匯川區(qū)期初)在機(jī)器人大賽中,某機(jī)器人在平面內(nèi)由點(diǎn)(0,0)出發(fā),沿直線運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)(3,1),然

2、后又由點(diǎn)(3,1)沿直線運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)(1,4),然后又由點(diǎn)(1,4)沿直線運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)(5,5),最后又由點(diǎn)(5,5)沿直線運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)(2,2),平面坐標(biāo)系橫、縱坐標(biāo)軸的單位長(zhǎng)度為1 m。整個(gè)過(guò)程中機(jī)器人所用時(shí)間是2 s,則()A.機(jī)器人的運(yùn)動(dòng)軌跡是一條直線B.機(jī)器人不會(huì)兩次通過(guò)同一點(diǎn)C.整個(gè)過(guò)程中機(jī)器人的位移大小為2 mD.整個(gè)過(guò)程中機(jī)器人的位移與由點(diǎn)(5,5)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)(2,2)的位移方向相反答案CD解析畫(huà)出機(jī)器人的運(yùn)動(dòng)軌跡,如圖所示:機(jī)器人的運(yùn)動(dòng)軌跡是一條曲線,A不符合題意;圖中有交點(diǎn),說(shuō)明機(jī)器人可能會(huì)兩次通過(guò)同一點(diǎn),B不符合題意;整個(gè)過(guò)程的初位置坐標(biāo)為(0,0),末位置坐標(biāo)為(2,2),故位移為2

3、m,C符合題意;整個(gè)過(guò)程中機(jī)器人的位移與由點(diǎn)(5,5)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)(2,2)的位移方向相反,與x軸成45°,D符合題意。2、(受力分析)(2019·湖南衡陽(yáng)月考)如圖所示,物塊a,b質(zhì)量分別為2m,m,水平地面和豎直墻面均光滑,在水平推力F作用下,兩物塊均處于靜止?fàn)顟B(tài)。則()A.物塊b受四個(gè)力作用B.物塊b受到的摩擦力大小等于2mgC.物塊b對(duì)地面的壓力大小等于mgD.物塊a受到物塊b的作用力水平向右答案B解析對(duì)a分析,a受到豎直向下的重力,墻壁給的支持力,b給的彈力,要想保持靜止,必須在豎直方向上受到b給的向上的靜摩擦力,故Ffba=Ga=2mg,B正確;對(duì)b分析,受到豎直向

4、下的重力,地面給的豎直向上的支持力,a給的豎直向下的靜摩擦力,a給的水平向左的彈力,以及推力F,共5個(gè)力作用,在豎直方向上有Gb+Ffab=FN,故FN=3mg,即物塊b對(duì)地面的壓力大小等于3mg,A、C錯(cuò)誤;物塊a受到物塊b的水平方向上的彈力,和豎直方向上的摩擦力,物塊a受到b的作用力的合力不沿水平方向,D錯(cuò)誤。3、(動(dòng)力學(xué)兩類(lèi)基本問(wèn)題)(2019·遼寧沈陽(yáng)四校月考)如圖所示,當(dāng)小車(chē)向右加速運(yùn)動(dòng)時(shí),物塊M相對(duì)車(chē)廂靜止于豎直車(chē)廂壁上,當(dāng)車(chē)的加速度增大時(shí)()A.M受靜摩擦力增大B.M對(duì)車(chē)廂壁的壓力減小C.M仍相對(duì)于車(chē)廂靜止D.M受靜摩擦力減小答案C解析分析M受力情況如圖所示,因M相對(duì)車(chē)

5、廂壁靜止,有Ff=Mg,與水平方向的加速度大小無(wú)關(guān),A、D錯(cuò)誤。水平方向,FN=Ma,FN隨a的增大而增大,由牛頓第三定律知,B錯(cuò)誤。因FN增大,物體與車(chē)廂壁的最大靜摩擦力增大,故M相對(duì)于車(chē)廂仍靜止,C正確。4、(平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律的應(yīng)用)投飛鏢是深受人們喜愛(ài)的一種娛樂(lè)活動(dòng)。如圖所示,某同學(xué)將一枚飛鏢從高于靶心正上方的位置水平投向豎直懸掛的靶盤(pán),結(jié)果飛鏢打在靶心的正下方。忽略飛鏢運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受空氣阻力,在其他條件不變的情況下,為使飛鏢命中靶心,他在下次投擲時(shí)應(yīng)該()A.換用質(zhì)量稍大些的飛鏢B.適當(dāng)增大投飛鏢的初速度C.到稍遠(yuǎn)些的地方投飛鏢D.適當(dāng)減小投飛鏢時(shí)的高度答案B解析飛鏢做的是平拋運(yùn)動(dòng),飛鏢打

6、在靶心的正下方說(shuō)明飛鏢豎直方向的位移太大,根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得,水平方向上:x=v0t豎直方向上:h=gt2所以要想減小飛鏢豎直方向的位移,在水平位移不變的情況下,可以適當(dāng)增大投飛鏢的初速度來(lái)減小飛鏢的運(yùn)動(dòng)時(shí)間,所以B正確,故選B。5、(多選)(天體運(yùn)動(dòng)中的能量問(wèn)題)目前,在地球周?chē)性S多人造地球衛(wèi)星繞著它運(yùn)轉(zhuǎn),其中一些衛(wèi)星的軌道可近似為圓,且軌道半徑逐漸變小。若衛(wèi)星在軌道半徑逐漸變小的過(guò)程中,只受到地球引力和稀薄氣體阻力的作用,則下列判斷正確的是()A.衛(wèi)星的動(dòng)能逐漸減小B.由于地球引力做正功,引力勢(shì)能一定減小C.由于氣體阻力做負(fù)功,地球引力做正功,機(jī)械能保持不變D.衛(wèi)星克服氣體阻力做的功

7、小于引力勢(shì)能的減小答案BD解析衛(wèi)星運(yùn)轉(zhuǎn)過(guò)程中,地球的引力提供向心力,G=m,受稀薄氣體阻力的作用時(shí),軌道半徑逐漸變小,地球的引力對(duì)衛(wèi)星做正功,勢(shì)能逐漸減小,動(dòng)能逐漸變大,由于氣體阻力做負(fù)功,衛(wèi)星的機(jī)械能減小,選項(xiàng)B、D正確。6、(含彈簧類(lèi))如圖所示,在高1.5 m 的光滑平臺(tái)上有一個(gè)質(zhì)量為2 kg的小球被一細(xì)線拴在墻上,小球與墻之間有一根被壓縮的輕質(zhì)彈簧。當(dāng)燒斷細(xì)線時(shí),小球被彈出,小球落地時(shí)的速度方向與水平方向成60°,則彈簧被壓縮時(shí)具有的彈性勢(shì)能為(g取10 m/s2)()A.10 JB.15 JC.20 JD.25 J答案A解析由mgh=-0得vy=,即vy=m/s,落地時(shí),ta

8、n60°=可得v0=m/s,由機(jī)械能守恒定律得Ep=,可求得Ep=10J,故A正確。7、(人船模型)如圖所示,質(zhì)量為m1、半徑為r1的小球,放在內(nèi)半徑為r2、質(zhì)量為m2=3m1的大空心球內(nèi),大球開(kāi)始靜止在光滑水平面上,當(dāng)小球由圖中位置無(wú)初速度釋放后沿內(nèi)壁滾到最低點(diǎn)時(shí),大球移動(dòng)的距離為()A.B.C.D.答案C8、(多選)(2019·安徽六校教育研究會(huì)月考)如圖所示,已知帶電小球A、B的電荷量分別為Q1、Q2,都用長(zhǎng)為L(zhǎng)的絕緣絲線懸掛在絕緣墻角O點(diǎn)處,靜止時(shí)A、B相距為d。為使重新平衡時(shí)A、B間距離減為,可采用以下哪些方法()A.將小球B的質(zhì)量增加到原來(lái)的4倍B.將小球B的質(zhì)

9、量增加到原來(lái)的8倍C.將小球A、B的電荷量都減小到原來(lái)的一半D.將小球A、B的電荷量都減小到原來(lái)的一半,同時(shí)將小球B的質(zhì)量增加到原來(lái)的2倍答案BD解析如圖所示,B受重力、繩子的拉力及庫(kù)侖力;將拉力及庫(kù)侖力合成,其合力應(yīng)與重力大小相等、方向相反;由幾何關(guān)系可知,而庫(kù)侖力F=,即,mgd3=kq1q2L,d=。要使d變?yōu)?可以使質(zhì)量增大到原來(lái)的8倍而保證上式成立,故B正確;或?qū)⑿∏駻、B的電荷量都減小到原來(lái)的一半,同時(shí)小球B的質(zhì)量增加到原來(lái)的2倍,也可保證等式成立,故D正確。9、(電路中的動(dòng)態(tài)分析、功率及效率問(wèn)題)如圖所示電路中,R為一滑動(dòng)變阻器,P為滑片,若將滑片向下滑動(dòng),則在滑動(dòng)過(guò)程中,下列判

10、斷錯(cuò)誤的是()A.電源內(nèi)電路消耗功率一定逐漸增大B.燈泡L2一定逐漸變暗C.電源效率一定逐漸減小D.R上消耗功率一定逐漸變小答案D解析滑動(dòng)變阻器滑片P向下滑動(dòng),RR并R外,由閉合電路歐姆定律I=推得I,由電源內(nèi)電路消耗功率P內(nèi)=I2r可得P內(nèi),A正確。U外=E-Ir,U1=(I-IL1)R1,UL2=U外-U1,PL2=,故燈泡L2變暗,B正確。電源效率=,故C正確。R上消耗的功率PR=,PR增大還是減小不確定,故D錯(cuò)。10、(臨界極值問(wèn)題)如圖所示,在x>0,y>0的空間中有恒定的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直于xOy平面向里,大小為B?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子,從

11、x軸上的某點(diǎn)P沿著與x軸正方向成30°角的方向射入磁場(chǎng)。不計(jì)重力的影響,則下列有關(guān)說(shuō)法正確的是()A.只要粒子的速率合適,粒子就可能通過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)B.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)所經(jīng)歷的時(shí)間一定為C.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)所經(jīng)歷的時(shí)間可能為D.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)所經(jīng)歷的時(shí)間可能為答案C解析帶正電的粒子從P點(diǎn)沿與x軸正方向成30°角的方向射入磁場(chǎng)中,則圓心在過(guò)P點(diǎn)與速度方向垂直的直線上,如圖所示,粒子在磁場(chǎng)中要想到達(dá)O點(diǎn),轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角肯定大于180°,因磁場(chǎng)有邊界,故粒子不可能通過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn),故選項(xiàng)A錯(cuò)誤;由于P點(diǎn)的位置不確定,所以粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓弧對(duì)應(yīng)的圓心角也不同,最大的圓心角是圓

12、弧與y軸相切時(shí)即300°,運(yùn)動(dòng)時(shí)間為T(mén),而最小的圓心角為P點(diǎn)在坐標(biāo)原點(diǎn)即120°,運(yùn)動(dòng)時(shí)間為T(mén),而T=,故粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)所經(jīng)歷的時(shí)間最長(zhǎng)為,最短為,選項(xiàng)C正確,選項(xiàng)B、選項(xiàng)D錯(cuò)誤。11、阿明有一個(gè)磁浮玩具,其原理是利用電磁鐵產(chǎn)生磁性,讓具有磁性的玩偶穩(wěn)定地飄浮起來(lái),其構(gòu)造如圖所示。若圖中電源的電壓恒定,可變電阻為一可以隨意改變電阻大小的裝置,則下列敘述正確的是()A.電路中的電源必須是交流電源B.電路中的a端點(diǎn)必須連接直流電源的負(fù)極C.若增加環(huán)繞軟鐵的線圈匝數(shù),可增加玩偶飄浮的最大高度D.若將可變電阻的電阻值調(diào)大,可增加玩偶飄浮的最大高度答案C解析由題意可知,玩偶穩(wěn)定地飄

13、浮,且其下端為N極,則電磁鐵上端為N極,再結(jié)合右手螺旋定則可得,電源需提供直流電,且a端點(diǎn)必須連接直流電源的正極,故選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤。增加線圈匝數(shù),可使得電磁鐵產(chǎn)生磁場(chǎng)增強(qiáng),斥力增大,玩偶飄浮的最大高度變大,選項(xiàng)C正確。電阻變大,由歐姆定律知電流變小,電磁鐵產(chǎn)生的磁場(chǎng)變?nèi)?玩偶飄浮的最大高度變小,選項(xiàng)D錯(cuò)誤。12、(交變電流的有效值)如圖所示電路,電阻R1與電阻R2阻值相同,都為R,和R1并聯(lián)的D為理想二極管(正向電阻可看作零,反向電阻可看作無(wú)窮大),在A、B間加一正弦式交變電流u=20sin 100t V,則加在R2上的電壓有效值為()A.10 VB.20 VC.15 VD.5 V答案D解析電壓值取正值時(shí),即在前半個(gè)周期內(nèi),二極管電阻為零,R2上的電壓等于輸入電壓值,電壓值取負(fù)值時(shí),即在后半周期內(nèi),二極管電阻無(wú)窮大可看作斷路,R2上的電壓等于輸入電壓值的一半,據(jù)此可設(shè)加在R2的電壓有效值為U,根據(jù)電流的熱效應(yīng),在一個(gè)周期內(nèi)滿足T=,可求出U=5V。故選項(xiàng)D正確。13、如圖所示,相距為d的兩平行金屬板A、B足夠大,板間電壓恒為U,有一波長(zhǎng)為的細(xì)激光束照射到B板表面,使B板發(fā)生光電效應(yīng),已知普朗克常量為h,金屬板B的逸出功為W,電子質(zhì)量為m,電荷量為e,求:(1)從B板運(yùn)動(dòng)到A板所需時(shí)間最短的光電子到達(dá)A板時(shí)的動(dòng)能;(2)光電子從B板運(yùn)動(dòng)到A板所需的最長(zhǎng)時(shí)間。