仿真模擬練(二)高三模擬試題

1、仿真模擬練(二)(時間：70分鐘滿分：110分)二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分14以下關(guān)于、和射線的說法中正確的是()A原子序數(shù)大于83的原子核都具有放射性B射線本質(zhì)是質(zhì)子流，其電離能力最強(qiáng)C射線是核外電子電離產(chǎn)生的D射線是中子流，其貫穿能力最強(qiáng)答案A解析原子序數(shù)大于83的原子核都具有放射性，選項A正確；射線本質(zhì)是氦核，選項B錯誤；射線是核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子時產(chǎn)生的高速電子，選項C錯誤；射線是光子，選項D錯誤15如圖所示，矩形線框在磁場內(nèi)

2、做的各種運動中，能夠產(chǎn)生感應(yīng)電流的是()答案B解析A圖中線框在勻強(qiáng)磁場中運動的過程中，面積不變、磁感應(yīng)強(qiáng)度不變，穿過線框的磁通量不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A錯誤；B圖在線框繞OO軸轉(zhuǎn)動過程中，穿過閉合線框的磁通量發(fā)生變化，能產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B正確；C圖中線框與磁場平行，線框在運動過程中，穿過線框的磁通量始終為零，不發(fā)生變化，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故C錯誤；D圖中線框與磁場平行，線框在運動過程中，穿過線框的磁通量始終為零，不發(fā)生變化，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故D錯誤16.如圖1所示，帶有孔的小球A套在粗糙的傾斜直桿上，與正下方的小球B通過輕繩連接，處于靜止?fàn)顟B(tài)給小球B施加水平力F使其緩慢上升，直到小球A剛要

3、滑動，在此過程中()圖1A水平力F的大小不變B桿對小球A的支持力不變C輕繩對小球B的拉力先變大后變小D桿對小球A的摩擦力先變小后變大答案D解析對球B受力分析，受拉力F、重力mg和輕繩的拉力FT，合力為零，如圖甲所示：由此可知，隨著的增加，拉力F和輕繩張力FT均增加，故A、C錯誤；再對A、B球整體受力分析，受重力、拉力F、支持力FN和靜摩擦力Ff，如圖乙所示：設(shè)桿與水平方向的夾角為，根據(jù)平衡條件，在垂直于桿方向有FN(Mm)gcos Fsin ，隨著F的增加，支持力FN增加；在平行于桿方向，有：Fcos Ff(Mm)gsin ，可得：Ff(Mm)gsin Fcos ，可知隨著F的增加，靜摩擦力逐

4、漸減小，當(dāng)(Mm)gsin Fcos 時，靜摩擦力為零，此后靜摩擦力反向增加，故B錯誤，D正確17汽車由靜止開始在平直的公路上行駛，060 s內(nèi)汽車的加速度隨時間變化的圖象如圖2所示則該汽車在060 s內(nèi)的速度時間圖象為()圖2答案B解析010 s內(nèi)汽車做加速度為2 m/s2的加速運動，根據(jù)vat，可知10 s時速度達(dá)到20 m/s，接下來1040 s做勻速運動，速度始終為20 m/s,4060 s內(nèi)，加速度反向，汽車做減速運動，加速度為1 m/s2，經(jīng)20 s速度恰好減小到零18某發(fā)電廠的發(fā)電機(jī)組輸出的電壓恒為400 V，將其通過升壓變壓器升壓后加在輸電線上向距離較遠(yuǎn)的用戶端變電站供電，輸電

5、線總電阻為5 ，當(dāng)輸送的電功率恒為200 kW時，發(fā)電廠提供的電能與用戶端消耗的電能不相等，二者在一個小時內(nèi)相差50度電，變壓器均為理想變壓器，則下列說法正確的是()A輸電線上損失的功率為50 WB供電端升壓變壓器的匝數(shù)比為1：5C輸電線上損失的電壓為50 VD若輸電功率增大，則輸電線上損失的功率將會減小答案B解析輸電線上損失的功率P50 kW，選項A錯誤；P2R，解得U2 000 V，升壓變壓器的匝數(shù)比為：4002 00015，選項B正確；根據(jù)P，解得U500 V，選項C錯誤；輸電電壓不變，若輸電功率變大，則輸電電流變大，輸電線上損失的功率PI2R變大，選項D錯誤19如圖3所示，飛船先沿橢圓

6、軌道1飛行，然后在遠(yuǎn)地點P處變軌后沿圓軌道2運行，在軌道2上周期約為90分鐘則下列判斷正確的是()圖3A飛船沿橢圓軌道1經(jīng)過P點時的速度與沿圓軌道經(jīng)過P點時的速度相等B飛船在圓軌道2上時航天員出艙前后都處于失重狀態(tài)C飛船在圓軌道2的角速度大于同步衛(wèi)星運行的角速度D飛船從橢圓軌道1的Q點運動到P點過程中萬有引力做正功答案BC解析飛船沿橢圓軌道1經(jīng)過P點時有m，飛船沿橢圓軌道2經(jīng)過P點時有m，v1Pv2P，A錯誤；在圓軌道2上時，萬有引力提供向心力，航天員處于完全失重狀態(tài)，B正確；因軌道2上周期約為90分鐘，小于同步衛(wèi)星的周期，又由，可得飛船在圓軌道2的角速度大于同步衛(wèi)星運行的角速度，C錯誤；飛船

7、從橢圓軌道1的Q點運動到P點過程中萬有引力做負(fù)功，D錯誤20某靜電場的電場線分布如圖4所示，P、Q為該電場中的兩點，下列說法正確的是()圖4AP點場強(qiáng)大于Q點場強(qiáng)BP點電勢低于Q點電勢C將電子從P點移動到Q點，電場力做正功D將電子從P點移動到Q點，其電勢能增大答案AD解析電場線密的地方電場強(qiáng)度大，所以P點場強(qiáng)一定大于Q點場強(qiáng)，A正確；根據(jù)沿電場線方向電勢降低可以知道，P點電勢高于Q點電勢，B錯誤；P點電勢高于Q點電勢，即PQ，電勢能Epq中，因為是電子，所以q0，所以電子在P點的電勢能小于在Q點的電勢能，將電子從P點移動到Q點，其電勢能增大，所以電場力做負(fù)功，C錯誤，D正確21.如圖5所示，木

8、板1、2固定在墻角，一個可視為質(zhì)點的物塊分別從木板的頂端靜止釋放，并沿斜面下滑到底端，物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)均為.對這兩個過程，下列說法正確的是()圖5A沿著1和2下滑到底端時，物塊的速度大小相等B沿著1和2下滑到底端時，物塊的速度大小不相等C物塊沿著1下滑到底端的過程，產(chǎn)生的熱量更多D物塊沿著2下滑到底端的過程，產(chǎn)生的熱量更多答案BC解析物塊從高為h的斜面上由靜止滑到底端時，根據(jù)動能定理有：mghWfmv2其中Wf為物塊克服摩擦力做的功，因滑動摩擦力為：FfFNmgcos ，所以物塊克服摩擦力做的功為：WfFfLmgcos LmgLcos 由題圖可知，Lcos 為斜面底邊長，可見物塊從斜

9、面頂端下滑到底端時，克服摩擦力做的功與斜面底端長度L底成正比沿著1和2下滑到底端時，重力做功相同，而沿2下滑到底端過程物塊克服摩擦力做功小于沿1下滑到底端過程克服摩擦力做功，則由式得，沿著2下滑到底端時物塊的速度大于沿1下滑到底端時物塊的速度，故A錯誤，B正確；沿1時克服摩擦力做的功多，物塊的機(jī)械能損失大，產(chǎn)生的熱量多，故C正確，D錯誤三、非選擇題(一)必考題22(5分)某同學(xué)在測定小車加速度的實驗中，得到圖6甲所示的一條紙帶，他在紙帶上共取了A、B、C、D、E、F、G七個計數(shù)點，相鄰的兩個計數(shù)點之間還有四個點未畫出已知打點計時器的打點周期為0.02 s該同學(xué)從每個計數(shù)點處將紙帶剪開分成六條(

10、分別標(biāo)記為a、b、c、d、e、f)，再將這六條紙帶由短到長緊靠但不重疊地粘在xOy坐標(biāo)系中，得到圖乙所示的圖形，最后將各紙帶上端中心連起來，于是得到表示vt關(guān)系的圖象，圖中x軸對應(yīng)的物理量是時間t，y軸對應(yīng)的物理量是速度v.圖6(1)圖中t3_ s，若測得紙條c的長度為4.02 cm，則v3_ m/s(保留兩位有效數(shù)字)(2)若測得紙條a的長度為1.98 cm，紙條f的長度為7.02 cm，則可求出加速度的大小為_ m/s2(保留兩位有效數(shù)字)答案(1)0.250.40(2)1.0解析(1)因為每相鄰的兩個計數(shù)點之間還有四個點未畫出，所以相鄰的兩個計數(shù)點的時間間隔T0.1 s，題圖中t320.

11、1 s0.05 s0.25 s，根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，則v3 m/s0.40 m/s；(2)根據(jù)xaT2得，可知xfxa5aT2，則加速度的大小a m/s21.0 m/s2.23(10分)為了測定電阻的阻值，實驗室提供下列器材：待測電阻R(阻值約100 )、滑動變阻器R1(0100 )、滑動變阻器R2(010 )、電阻箱R0(09 999.9 )、理想電流表A(量程50 mA)、直流電源E(3 V，內(nèi)阻忽略)、導(dǎo)線若干、開關(guān)若干圖7(1)甲同學(xué)設(shè)計如圖7(a)所示的電路進(jìn)行實驗請在圖(b)中用筆畫線代替導(dǎo)線，完成實物電路的連接滑動變阻器應(yīng)選_(填入字母)實驗

12、操作時，先將滑動變阻器的滑動觸頭移到最_(選填“左”或“右”)端，再接通開關(guān)S；保持S2斷開，閉合S1，調(diào)節(jié)滑動變阻器使電流表指針偏轉(zhuǎn)至某一位置，并記下電流I1.斷開S1，保持滑動變阻器阻值不變，調(diào)整電阻箱R0阻值在100 左右，再閉合S2，調(diào)節(jié)R0阻值使得電流表讀數(shù)為_時，R0的讀數(shù)即為電阻的阻值(2)乙同學(xué)利用電路(c)進(jìn)行實驗，改變電阻箱R0的值，讀出電流表相應(yīng)的電流I，由測得的數(shù)據(jù)作出R0圖線如圖(d)所示，圖線縱軸截距為m，斜率為k，則電阻的阻值為_(3)若電源內(nèi)阻是不可忽略的，則上述電路(a)和(c)，哪種方案測電阻更好_？為什么？_.答案(1)如圖所示R2左I1(2)(3)(a)

13、此方案不受電源內(nèi)阻的影響解析(1)連線圖如圖所示：因為滑動變阻器采用分壓式接法時，阻值越小調(diào)節(jié)越方便，所以變阻器應(yīng)選R2；實驗操作時，應(yīng)將變阻器的滑動觸頭置于輸出電壓最小的最左端；根據(jù)歐姆定律，若兩次保持回路中電流表讀數(shù)不變，則根據(jù)電路結(jié)構(gòu)可知，回路中總電阻也應(yīng)該相等，結(jié)合回路中的電阻計算，可知R0的讀數(shù)即為電阻的阻值(2)根據(jù)閉合電路歐姆定律應(yīng)有：EI(RR0)解得：結(jié)合數(shù)學(xué)知識可知m，k解得：E，REm(3)若電源內(nèi)阻是不可忽略的，則電路(a)好，因為電源內(nèi)阻對電路(a)測電阻沒有影響24(12分)如圖8所示，半徑為R的光滑半圓環(huán)軌道豎直固定在一光滑的水平桌面上，桌面距水平地面的高度也為R

14、，在桌面上輕質(zhì)彈簧被a、b兩個小球擠壓(小球與彈簧不拴接)，處于靜止?fàn)顟B(tài)同時釋放兩個小球，小球a、b與彈簧在桌面上分離后，a球從B點滑上半圓環(huán)軌道最高點A時速度為vA，已知小球a質(zhì)量為m，小球b質(zhì)量為2m，重力加速度為g，不計空氣阻力，求：圖8(1)小球a在圓環(huán)軌道最高點對軌道的壓力；(2)釋放后小球b離開彈簧時的速度vb的大??；(3)小球b落地點距桌子右側(cè)的水平距離答案(1)mg，方向豎直向上(2)(3)R解析(1)設(shè)a球通過最高點時受軌道的彈力為FN，由牛頓第二定律得：mgFNm解得：FNmg.由牛頓第三定律知，a球?qū)壍赖膲毫閙g，方向豎直向上(2)設(shè)小球a與彈簧分離時的速度大小為va

15、，取桌面為零勢能面，由機(jī)械能守恒定律得：mvmvmg2R解得：va小球a、b從釋放到與彈簧分離過程中，總動量守恒，則有mva2mvb，得vb(3)b球從桌面飛出做平拋運動，設(shè)飛出的水平距離為x，則Rgt2，t，xvbt聯(lián)立解得：xR.25(20分)如圖9所示，在坐標(biāo)系xOy中，第一象限除外的其他象限都充滿勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度都為B10.12 T，方向垂直紙面向內(nèi)P是y軸上的一點，它到坐標(biāo)原點O的距離l0.4 m一比荷5107 C/kg的帶正電粒子從P點開始進(jìn)入勻強(qiáng)磁場中運動，初速度v03106 m/s，方向與y軸正方向成夾角53并與磁場方向垂直，不計粒子的重力已知sin 530.8，cos 5

16、30.6，求：圖9(1)粒子在磁場中運動的軌道半徑R.(2)在第一象限中與x軸平行的虛線上方的區(qū)域內(nèi)充滿沿x軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(如圖a所示)，粒子在磁場中運動一段時間后進(jìn)入第一象限，最后恰好從P點沿初速度的方向再次射入磁場求勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E的大小和電場邊界(虛線)與x軸之間的距離d.(3)如果撤去電場，在第一象限加另一勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直于xOy平面在第(2)問虛線位置放置一塊長度為L0.25 m的平板，平板的左邊緣與y軸對齊(如圖b所示)帶電粒子仍從P點開始運動，欲使帶電粒子第一次進(jìn)入第一象限運動時不打到板上，求磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B2的大小和方向應(yīng)滿足什么條件？答案見解析解析(1)粒子在

17、磁場區(qū)域內(nèi)運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qv0B1m，解得，粒子運動的軌道半徑：R10.5 m，(2)粒子運動軌跡如圖所示，粒子運動軌跡的圓心A恰好落在x軸上由幾何關(guān)系可知粒子從C點進(jìn)入第一象限時的位置坐標(biāo)為：xR1R1cos 0.2 m粒子進(jìn)入勻強(qiáng)電場后做類平拋運動，設(shè)粒子在電場中的運動時間為t，加速度為a，則：ldv0t由牛頓第二定律得：qEmaxat2粒子運動到P點時，水平速度為：vxatv0tan ，代入數(shù)據(jù)解得，電場強(qiáng)度：E8105 N/C，電場邊界(虛線)與x軸之間的距離：d0.1 m；(3)如果第一象限的磁場方向垂直于xOy平面向內(nèi)，則帶電粒子打到平板的臨界條件為軌

18、跡圓與板相切，此時軌跡半徑為R2d0.1 m由牛頓第二定律得：qv0B2m，代入數(shù)據(jù)解得：B20.6 T，如果第一象限的磁場方向垂直于xOy平面向外，則帶電粒子打到平板的臨界條件為軌跡圓與板右側(cè)邊緣有交點，設(shè)此時軌跡半徑為R3，由幾何關(guān)系：R32d2R3(LOC)2，代入數(shù)據(jù)解得：R30.125 m，由牛頓第二定律得：qv0B2m，代入數(shù)據(jù)解得：B20.48 T，故欲使帶電粒子第一次進(jìn)入第一象限運動時不打到板上，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B2的大小和方向應(yīng)滿足：若磁場方向垂直于xOy平面向內(nèi)，則B20.6 T；若磁場方向垂直于xOy平面向外，則B20.48 T.(二)選考題33選修33(15分)(1)(

19、5分)(2018陜西省寶雞市質(zhì)檢二)關(guān)于物體的內(nèi)能，下列說法正確的是_A相同質(zhì)量的兩種物質(zhì)，升高相同的溫度，內(nèi)能的增量一定相同B物體的內(nèi)能改變時溫度不一定改變C內(nèi)能與物體的溫度有關(guān)，所以0 的物體內(nèi)能為零D分子數(shù)和溫度相同的物體不一定具有相同的內(nèi)能E內(nèi)能小的物體也可能將熱量傳遞給內(nèi)能大的物體(2)(10分)如圖10所示，潛艇采用壓縮空氣排出海水控制浮沉，在海面上，潛艇將壓強(qiáng)為1.0105 Pa、總體積為600 m3的空氣(包含貯氣筒內(nèi)空氣，視為理想氣體)壓入容積為3 m3的貯氣筒潛至海面下方190 m水平航行時，為控制姿態(tài)，將貯氣筒內(nèi)一部分壓縮空氣通過節(jié)流閥壓入水艙，使15 m3的水通過排水孔

20、排向與之相通的大海已知海面處大氣壓p01.0105 Pa，取海水的密度1.0103 kg/m3，g10 m/s2，求：圖10潛艇下潛前貯氣筒內(nèi)空氣的壓強(qiáng)；排出水后貯氣筒內(nèi)剩余空氣的壓強(qiáng)答案(1)BDE(2)2.0107 Pa1.0107 Pa解析(1)相同質(zhì)量的同種物質(zhì)，升高相同的溫度，內(nèi)能的增量相同；相同質(zhì)量的不同種物質(zhì)，升高相同的溫度，內(nèi)能的增量不同，故A錯誤；物體內(nèi)能改變時溫度不一定改變，比如零攝氏度的冰融化為零攝氏度的水，內(nèi)能增加，故B正確；分子永不停息地做無規(guī)則運動，可知任何物體在任何狀態(tài)下都有內(nèi)能，故C錯誤；分子數(shù)和溫度相同的物體不一定有相同的內(nèi)能，還看物體的體積，故D正確；發(fā)生熱傳遞的條件是存在溫度差，與內(nèi)能的大小無關(guān)，所以內(nèi)能小的物體也可能將熱量傳遞給內(nèi)能大的物體，故E正確(2)設(shè)潛艇下潛前貯氣筒內(nèi)空氣的壓強(qiáng)為p1，p1V1p0V0，解得p12.0107 Pa設(shè)水艙中空氣的壓強(qiáng)為p3，貯氣