北京市101中學(xué)2017-2018學(xué)年高一物理下學(xué)期期中試題(含解斬)

1、北京101中學(xué)2017-2018學(xué)年下學(xué)期高一年級期中考試物理試卷一、單選題：1. 一物體從某高度以初速度Vo水平拋出，落地時(shí)速度大小為Vt，則它的運(yùn)動時(shí)間為【答案】D選 Co【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道汽車做圓周運(yùn)動向心力的來源，結(jié)合牛頓第二定律進(jìn)行求解.【解析】將物體落地的速度進(jìn)行分解，如圖所示故選 D。L2 2Vy _7VrV0sg，又由小球豎直方向做自由落體運(yùn)動，有:【點(diǎn)睛】物體落地的速度進(jìn)行分解,運(yùn)動，求解運(yùn)動時(shí)間.2.做勻速圓周運(yùn)動的物體，下列哪些量是不變的A.線速度 B. 角速度 C. 向心加速度 D.向心力，再根據(jù)豎直方向是自由落體【答案】B【解析】 勻速圓周運(yùn)動中線速度的方向時(shí)

2、刻發(fā)生變化,A 錯；向心加速度、向心力時(shí)刻指向圓心，CD 錯；3.質(zhì)量為:的汽車，以速率通過半徑為r的凹形橋，在橋面最低點(diǎn)時(shí)汽車對橋面的壓力大小是A. mg B.2Jmv _mv一 C. ，廠D.mvmg+【答【解根據(jù)牛頓第二定律得討、，解得 -，故 C 正確；A、B、D 錯誤。故A.B.，解得:4.汽車在水平地面上轉(zhuǎn)彎，地面對車的摩擦力已達(dá)到最大值。當(dāng)汽車的速率加大到原來的3二倍時(shí)，若使車在地面轉(zhuǎn)彎時(shí)仍不打滑，汽車的轉(zhuǎn)彎半徑應(yīng)A. 增大到原來的二倍B. 減小到原來的一半C. 增大到原來的四倍D. 減小到原來的四分之一【答案】C【解析】汽車在水平地面上轉(zhuǎn)彎， 所需的向心力是由側(cè)向靜摩擦力提供，

3、摩擦力已達(dá)到最大值，設(shè)摩擦力的最大值為fm,則得：，；當(dāng)速率 V 增大為原來的二倍時(shí)，fm不變，由上im R得，R 應(yīng)增大為原來的 4 倍.故選 C.5.用長短不同、材料相同的同樣粗細(xì)的繩子各拴著一個質(zhì)量相同的小球在光滑水平面上做勻速圓周運(yùn)動，如圖所示，則A. 兩個小球以相同的線速度運(yùn)動時(shí)，長繩易斷B. 兩個小球以相同的角速度運(yùn)動時(shí)，短繩易斷C. 兩個小球以相同的角速度運(yùn)動時(shí)，長繩易斷D. 以上說法都不對【答案】C【解析】試題分析：兩個小球以相同的速率運(yùn)動時(shí)，根據(jù)，繩子越短，向心力越大，彫Vr繩子越容易斷，故 A 錯誤；兩個小球以相同的角速度運(yùn)動時(shí)，根據(jù)：-門、匚知，繩子越長，向心力越大，繩子

4、越容易斷，故BD 錯誤，C 正確。考點(diǎn)：向心力、牛頓第二定律【名師點(diǎn)睛】小球在光滑水平面上做勻速圓周運(yùn)動，靠拉力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律判斷何時(shí)繩子容易斷。6.一個點(diǎn)電荷從靜電場中的a點(diǎn)移動到b點(diǎn)，其電勢能的變化為零，貝 UA.a、b兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度一定相等B. 該點(diǎn)電荷一定沿等勢面運(yùn)動4C.作用于該點(diǎn)電荷的電場力與其運(yùn)動方向總是垂直的D.a、b兩點(diǎn)的電勢一定相等【答案】D【解析】試題分析：從靜電場中的a點(diǎn)移到b點(diǎn)，英電勢能的變化為零，根據(jù)公式W二Uq可得兩點(diǎn)的電勢相等，但電場強(qiáng)度不一定相等，所以A錯謀D正確；場力做功只與初末位置有關(guān)?與路徑無關(guān)電場力做功為零，電荷可能沿等勢面移動，也可能不

5、沿等勢面移動，故呂錯誤；電場力做功為零，作用于該點(diǎn)電荷的電場力與其移動的方向不一定總杲垂直的，故C錯誤-考點(diǎn)：考查了電場力做功與電勢差的關(guān)系【名師點(diǎn)睛】本題抓住電場力做功只與電荷初末位置有關(guān)，與路徑無關(guān)是關(guān)鍵，與重力做功的特點(diǎn)相似.7.在一個真空點(diǎn)電荷電場中，離該點(diǎn)電荷為ro的一點(diǎn)，引入電量為q的檢驗(yàn)電荷，所受到的電場力為F,則離該點(diǎn)電荷為r處的場強(qiáng)的大小為A.F/qB.Fro2/qr2C.Fro/qrD. F； ：. /q【答案】B【解析】根據(jù)電場強(qiáng)度定義得ro處的場強(qiáng)大小為：根據(jù)點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式得 -I.,；則有：-丨解得：I：.所以該點(diǎn)電荷為 r 處的場強(qiáng)的大小為，故應(yīng)選 B。qr8.用

6、絕緣柱支撐著貼有小金屬箔的導(dǎo)體A和B,使它們彼此接觸，起初它們不帶電，貼在它們下部的并列平行雙金屬箔是閉合的。現(xiàn)將帶正電荷的物體C移近導(dǎo)體A,發(fā)現(xiàn)金屬箔都張開一定的角度，如圖所示，則5A.導(dǎo)體B下部的金屬箔感應(yīng)出負(fù)電荷6B.導(dǎo)體A下部的金屬箔感應(yīng)出正電荷C. 導(dǎo)體A和B下部的金屬箔都感應(yīng)出負(fù)電荷D. 導(dǎo)體A感應(yīng)出負(fù)電荷，導(dǎo)體B感應(yīng)出等量的正電荷【答案】D【解析】把帶正電荷的物體匚移近導(dǎo)體人穩(wěn)定后.由于靜電感應(yīng).同種電荷相排斥異種電荷相吸引T正電荷靠近A后A帶負(fù)電荷，A端金屬箔片張開.E端帶正電荷，R端金屬箔片張開-故 D 正確。點(diǎn)晴：解決本題關(guān)鍵理解靜電感應(yīng)實(shí)質(zhì)是電荷從A 端移到 B 端，并不

7、是從一個物體轉(zhuǎn)移到另一物體上。9.真空中兩相同的帶等量異號電荷的金屬小球A和B（均可看做點(diǎn)電荷），分別固定在兩處,它們之間的距離遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于小球的直徑，兩球間靜電力大小為F。現(xiàn)用一個不帶電的同樣的絕緣金屬小球C與A接觸，然后移開C,此時(shí) A B 球間的靜電力大小為2FFA. 2FB.FC.D.【答案】D【解析】試題分析：由于兩個球之間的距離遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于小球的直徑，故兩個小球可以看成是點(diǎn)電荷；設(shè)原來小球所帶的電荷量為q,則;當(dāng) C 與 A 接觸再移開后，A 所帶的電荷量/Z廠2減少為原來的一半，即q/2，故此時(shí)的靜電力的大小為F二.=F/2，選項(xiàng) D 正確。lr*考點(diǎn)：庫侖定律。10.如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置

8、中，極板 A 接地，平行板電容器的極板 B 與一個靈敏的靜電計(jì)相接。 將 A 極板向左移動，增大電容器兩極板間的距離時(shí)，電容器所帶的電量Q電容C兩極間的電壓U,電容器兩極板間的場強(qiáng)E的變化情況是7A.Q變小，C不變，U不變，E變小B.Q變小，C變小，U不變，E不變C.Q不變，C變小，U變大，E 不變D.Q不變，C變小，U變大，E變小【答案】C【解析】試題分析：平行板電容器與靜電計(jì)相接，電容器的電量不變，改變板間距離，由電容的決定式 C=，分析電容的變化，根據(jù)電容的定義式C=1分析電壓 U 的變化，而電4HkdU場強(qiáng)度綜合表達(dá)式 E=“ ，即可判定其大小變化情況.s解：平行板電容器與靜電計(jì)并聯(lián)，

9、電容器所帶電量不變增大電容器兩極板間的距離d 時(shí),由電容的決定式 C= 知，電容 C 變小，Q 不變，則根據(jù)電容的定義式C=知，電容 C4兀kdU變小，Q 不變，則 U 變大，Il4k兀Q再根據(jù) E=，可得電場強(qiáng)度綜合表達(dá)式 E=，電場強(qiáng)度不發(fā)生變化，故C 正確，ABDQEs不正確.本題選擇不正確的，故選：ABD點(diǎn)評：對于電容器動態(tài)變化分析問題，要抓住不變量.當(dāng)電容器保持與電源相連時(shí)，電壓不變.當(dāng)電容器充電后，與電源斷開后，往往電量不變.根據(jù)電容的決定式和定義式結(jié)合進(jìn)行分析，注意掌握電場強(qiáng)度綜合表達(dá)式的內(nèi)容.11.如圖所示，電子由靜止開始從A 板向 B 板運(yùn)動， 當(dāng)?shù)竭_(dá) B 板時(shí)速度為V,保持

10、兩板間電壓不變，則A.當(dāng)增大兩板間距離時(shí)，V也增大8B.當(dāng)減小兩板間距離時(shí)，V增大C. 當(dāng)改變兩板間距離時(shí)，V不變D. 當(dāng)增大兩板間距離時(shí)， 電子在兩板間運(yùn)動的時(shí)間不變【答案】C【解析】A 根據(jù)動能定理研究電子由靜止開始從A板向B板運(yùn)動列出等式：9D 由于兩極板之間的電壓不變，所以極板之間的場強(qiáng)為L-7電子的加速度為：=八，電子在電場中一直做勻加速直線運(yùn)動，由f：m md2所以電子加速的時(shí)間為：.，由此可見，當(dāng)增大兩板間距離時(shí)，電子在兩板間的運(yùn)動時(shí)間增大，D 錯誤；故選 Co12.如圖所示，在矩形ABC啲AD邊和BC邊的中點(diǎn)M和N各放一個點(diǎn)電荷，它們分別帶等量的正、負(fù)電荷。E、F是AB邊和CD

11、邊的中點(diǎn)，P、Q兩點(diǎn)在MN的連線上，Mf=QN對于E、F、P、Q四點(diǎn)，其中電場強(qiáng)度相同、電勢也相等的兩點(diǎn)是C.A和BD.C和D【答案】A【解析】依據(jù)電場強(qiáng)度疊加原理，知EP=EQ,EE=EF.MN 間的電場線由 M 指向 N,沿電場線JzA J方向電勢降低，有0P0 Q,E、F 在同一等勢面上，有0E=F,可見，A 正確。13.如圖所示，實(shí)線表示勻強(qiáng)電場的等勢線。 一個帶正電荷的粒子以某一速度射入勻強(qiáng)電場，只在電場力作用下，運(yùn)動的軌跡如圖中的虛線所示。a、b為軌跡上的兩點(diǎn)。若a點(diǎn)電勢為a,b點(diǎn)電勢為eb,則下列說法中正確的是A.場強(qiáng)方向一定向上，且電勢eaebB.粒子一定是從a向b運(yùn)動的，且電

12、勢eabD. 粒子可能是從b向a運(yùn)動的，且電勢 ab【答案】D【解析】勻強(qiáng)電場中電場力與電場線平行，而曲線運(yùn)動合力指向曲線的內(nèi)側(cè)，故電場力一定向右；粒子帶正電，故電場強(qiáng)度方向向右，沿電場方向電勢降低，即：電勢a b,故 D正確。點(diǎn)晴：電場線可形象來描述電場的分布.對于本題關(guān)鍵是根據(jù)運(yùn)動軌跡來判定電場力方向，由曲線運(yùn)動條件可知合力偏向曲線內(nèi)側(cè)。14.如圖所示，帶電導(dǎo)體Q靠近一個接地的空腔導(dǎo)體， 空腔內(nèi)無電荷。則在達(dá)到靜電平衡后， 下列物理量中不為零的是A. 空腔導(dǎo)體外表面的電量B. 空腔導(dǎo)體內(nèi)表面的電量C. 空腔導(dǎo)體內(nèi)部任意一點(diǎn)的場強(qiáng)D. 空腔導(dǎo)體內(nèi)任意一點(diǎn)的電勢【答案】A【解析】A 項(xiàng)：因?yàn)榻?/p>

13、地空腔導(dǎo)體里面無電荷， 帶電體 Q 感應(yīng)遠(yuǎn)端為正電荷， 近端為負(fù)電荷， 導(dǎo)體接地，說明遠(yuǎn)端為地球，近端為導(dǎo)體，故導(dǎo)體外表面帶負(fù)電荷， 外表面的電荷量不為 0; B D 項(xiàng)：因?yàn)闊o窮遠(yuǎn)處的電勢為 0,而地球相當(dāng)于很遠(yuǎn)的地方，故地球上電勢為與地球相連，是一個等勢體，故導(dǎo)體空腔內(nèi)任意點(diǎn)的電勢也為為 0,即內(nèi)表面沒有電荷，；C 項(xiàng)：空腔內(nèi)由于靜電屏蔽的作用，其內(nèi)部的場強(qiáng)為0。故應(yīng)選 A。點(diǎn)晴：如果導(dǎo)體空腔不與大地相連，則空腔內(nèi)部的電場強(qiáng)度為體，它們是一個等勢體，其內(nèi)部的場強(qiáng)為0，電勢也為 0。0，導(dǎo)體空腔內(nèi)表面的電荷量0,電勢不為 0,在空腔的右側(cè)感應(yīng)負(fù)電荷，在空腔的左側(cè)感應(yīng)正電荷;如果空腔接地，則說

14、明空腔與地球連成了一個整1115.兩個點(diǎn)電荷的質(zhì)量分別為m2,帶異種電荷，電荷量分別為Q、Q,相距為d,只在庫侖力作用下（不計(jì)萬有引力） 各自繞它們連線上的某一固定點(diǎn)，在同一水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，它們的總動能為A 豎 Bk 空 C 叫叱 D 叫竺d2d叫d2m1d【答案】B【解析】對于質(zhì)量 m，它們的庫侖力提供其向心力，即V -dlr對于質(zhì)量它們的庫侖力提供其向心力，即 .-孑口口-則它們總的動能為：y，故 B 正確。點(diǎn)晴：兩異種點(diǎn)電荷能繞圓心各自做勻速圓周運(yùn)動，其向心力是由它們間的庫侖力提供，則可以求出它們的總動能。二、不定項(xiàng)選擇題16. 關(guān)于曲線運(yùn)動的說法，正確的是A.速率不變的曲線運(yùn)動

15、是沒有加速度的A .B.曲線運(yùn)動一定是變速運(yùn)動C. 變速運(yùn)動- -定是 曲線運(yùn)動4$D. 做曲線運(yùn)動的物體一定有加速度【答案】BD【解析】A 項(xiàng)：速率不變的曲線運(yùn)動，由于速度方向改變，所以也具有加速度，故A 錯誤；B 項(xiàng)：曲線運(yùn)動的速度方向時(shí)刻發(fā)生改變，所以曲線運(yùn)動一定是變速運(yùn)動，故B 正確；C 項(xiàng)：變速運(yùn)動不一定是曲線運(yùn)動，如自由落體運(yùn)動是勻變速直線運(yùn)動，故C 錯誤；vjA 7D 項(xiàng)：由于曲線運(yùn)動速度一定發(fā)生改變，所以一定具有加速度，故D 正確。17. 物體以速度水平拋出，若不計(jì)空氣阻力，則當(dāng)其豎直分位移與水平位移相等時(shí)，以下 說法中不正確的是A.豎直分速度等于水平分速度B.即時(shí)速度大小為

16、C. 運(yùn)動的時(shí)間為gD. 運(yùn)動的位移為12【答案】AD【解析】AC 項(xiàng)：據(jù)題有：, | ,得物體運(yùn)動的時(shí)間為：.豎直分速度為：Vy=gt=2v。，所以物體的豎直分速度是水平分速度的2 倍.故 A 錯誤，C 正確;B 項(xiàng)：物體的速率為： 一 f故 B 正確；D 項(xiàng)：物體的位移大小為:-，故 D 錯誤。點(diǎn)晴：平拋運(yùn)動在水平方向上做勻速直線運(yùn)動，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動，根據(jù)豎直位移和水平位移相等， 求出運(yùn)動的時(shí)間，從而得出豎直分速度， 結(jié)合平行四邊形定則求出瞬時(shí) 速度的大小.求出水平位移的大小，從而根據(jù)平行四邊形定則求出物體運(yùn)動的位移。18.如圖所示， 長 0.5m 的輕質(zhì)細(xì)桿， 一端固定有一個

17、質(zhì)量為3kg 的小球，另一端由電動機(jī)帶動，使桿繞 O 在豎直平面內(nèi)作勻速圓周運(yùn)動，小球的速率為2m/s。取 g=10m/s2,下列說法正確的是A. 小球通過最高點(diǎn)時(shí)，對桿的拉力大小是6NB. 小球通過最高點(diǎn)時(shí)，對桿的壓力大小是6NC. 小球通過最低點(diǎn)時(shí)，對桿的拉力大小是24ND. 小球通過最低點(diǎn)時(shí)，對桿的拉力大小是54N【答案】BD【解析】A 項(xiàng)：設(shè)在最高點(diǎn)桿子表現(xiàn)為拉力，則有，代入數(shù)據(jù)得，F(xiàn)=-6N,則桿子表現(xiàn)為推力，大小為 6N.所以小球?qū)U子表現(xiàn)為壓力，大小為6N.故 A 錯誤，B 正確；C D 項(xiàng)：在最低點(diǎn)，桿子表現(xiàn)為拉力，有 卜鬥皤：，代入數(shù)據(jù)得，F(xiàn)=54N.故 C 錯誤，D 正確。

18、點(diǎn)晴：桿子帶著在豎直平面內(nèi)的圓周運(yùn)動，最高點(diǎn)，桿子可能表現(xiàn)為拉力，也可能表現(xiàn)為推力，取決于速度的大小，在最低點(diǎn)，桿子只能表現(xiàn)為拉力。19.如圖為兩個點(diǎn)電荷在真空中所產(chǎn)生電場的電場線（方向未標(biāo)出）。圖中C點(diǎn)為兩點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)，MN為兩點(diǎn)電荷連線的中垂線，D為中垂線上的一點(diǎn)，電場線的分布關(guān)于MS右對稱。則下列說法中正確的是13A. 這兩點(diǎn)電荷一定是等量異種電荷B. 這兩點(diǎn)電荷一定是等量同種電荷C.D C兩點(diǎn)的電勢一定相等豊D.C點(diǎn)的電場強(qiáng)度比D點(diǎn)的電場強(qiáng)度小【答案】AC【解析】A、B 項(xiàng)：根據(jù)電場線分布的特點(diǎn): 電場線從正電荷出發(fā)到負(fù)電荷終止，且DN 兩側(cè)電場線對稱，可知 A B 是兩個等量異種

19、電荷，故 A 正確，B 錯誤；C 項(xiàng)：根據(jù)平行四邊形定則，對中垂線上的場強(qiáng)進(jìn)行合成，知中垂線上每點(diǎn)的電場方向都水 平向右，中垂線和電場線垂直，所以中垂線為等勢線，所以D C 兩點(diǎn)的電勢一定相等，故C 正確；/D 項(xiàng)：在兩等量異號電荷連線的中垂線上，中間點(diǎn)電場強(qiáng)度最大，也可以從電場線的疏密判斷，所以 C 點(diǎn)的電場強(qiáng)度比 D 點(diǎn)的電場強(qiáng)度大，故 D 錯誤。20.測定壓力變化的電容式傳感器如圖所示，A為固定電極，B為可動電極，組成一個電容大小可變的電容器。 可動電極兩端固定， 當(dāng)待測壓力施加在可動電極上時(shí)，可動電極發(fā)生形變，從而改變了電容器的電容?，F(xiàn)將此電容式傳感器連接到如圖所示的電路中，當(dāng)待測壓力

20、增大時(shí)A符昭匡舟-A.電容器的電容將增大B.電阻R中沒有電流14C. 電阻R中有從a流向b的電流D. 電阻R中有從b流向a的電流15【答案】AD【解析】A 當(dāng)待測壓力增大時(shí)，電容器板間距離減小，根據(jù)電容的決定式得知，電J 4nkd容C增大故 A 錯誤.B C D、電容板間電壓U不變，電容器所帶電量為Q=CU C增大，則Q增大，電容器處于充電狀態(tài)，而 A 板帶正電，則電路中形成逆時(shí)針方向的充電電流，電 阻R中有從b流向a的電流故 B C 錯誤，D 正確故選 AD.【點(diǎn)睛】本題考查對傳感器基本原理的理解，實(shí)質(zhì)是電容器動態(tài)變化分析問題，電容的決定式和定義式結(jié)合進(jìn)行分析.J Jukd21.如圖所示，初

21、速為零的電子經(jīng)電壓U加速后，垂直進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場偏轉(zhuǎn)，離開偏轉(zhuǎn)電場時(shí)側(cè)向位移是y，偏轉(zhuǎn)板間距離為d,偏轉(zhuǎn)電壓為U2,板長為I。為了提高偏轉(zhuǎn)靈敏度（每 單位偏轉(zhuǎn)電壓引起的側(cè)向位移即y/U2）,可采用下面哪些辦法A. 增大偏轉(zhuǎn)電壓B. 增大板長IC. 減小板間距離dD. 增大加速電壓U【答案】BC【解析】粒子經(jīng)電場加速后，根據(jù)動能定理有:粒子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場做類平拋運(yùn)動:131叫L，叫豎直方向： V=2atf 怦*所以要增加側(cè)向位移 y,可以增大偏轉(zhuǎn)電壓 U2,增加板長 L,或減小極板距離 d，或減小加水平方向:L=vt 可得粒子運(yùn)動時(shí)間得電子加速后的速度16速電壓 Ui故 BC 正確。點(diǎn)晴：粒子經(jīng)電場加

22、速后根據(jù)動能定理可以求出加速后的表達(dá)式， 拋運(yùn)動，根據(jù)類平拋知識求解粒子偏轉(zhuǎn)的側(cè)向位移，由此分析即可。三、實(shí)驗(yàn)題22.用圖 1 所示的實(shí)驗(yàn)裝置做“研究平拋物體的運(yùn)動”實(shí)驗(yàn)。圖11_對于實(shí)驗(yàn)的操作要求，下列說法正確的是_A. 應(yīng)使小球每次從斜槽上相同的位置自由滾下B. 斜槽軌道必須光滑C. 斜槽軌道末端可以不水平D. 要使描出的軌跡更好地反映真實(shí)運(yùn)動，記錄的點(diǎn)應(yīng)適當(dāng)多一些E. 為了比較準(zhǔn)確地描出小球運(yùn)動的軌跡，應(yīng)該用一條光滑曲線把所有的點(diǎn)連接起來2圖 2 是利用圖 1 裝置拍攝小球做平拋運(yùn)動的頻閃照片，由照片可判斷實(shí)驗(yàn)操作錯誤的是_ （填選項(xiàng)前的字母）。A.釋放小球時(shí)初速度不為0B. 釋放小球的

23、初始位置不同C. 斜槽末端切線不水平3圖 3 是利用穩(wěn)定的細(xì)水柱顯示平拋運(yùn)動軌跡的裝置，其中正確的是 _ （填選項(xiàng)前的字母）。粒子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場做類平174根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果在坐標(biāo)紙上描出了小球水平拋出后的運(yùn)動軌跡。部分運(yùn)動軌跡如圖4 所示。圖中水平方向與豎直方向每小格的長度均為I,R、F2和P3是軌跡圖線上的 3 個點(diǎn)，P和P2、F2和F3之間的水平距離相等。若已測知拋出后小球在水平方向上做勻速運(yùn)動，重力加速度為g。可求出小球從R運(yùn)動到F2所用的時(shí)間為 _，小球拋出后的水平速度為 _ ，小球運(yùn)動到P2的速度大小為 _。做同樣的平拋運(yùn)動， 小球每次應(yīng)從同一位置滾下，故 A 正確；小球在運(yùn)動中摩擦力每次

24、都相同，故不需光滑，故 B 錯誤；為了得出更符合實(shí)際的軌跡，應(yīng)盡量多的描出點(diǎn)，故D 正確;記錄點(diǎn)適當(dāng)多一些，能夠保證描點(diǎn)光滑，用平滑曲線連接，偏離較遠(yuǎn)的點(diǎn)應(yīng)舍去， 故 E 錯誤;(2) 由圖 2 可知，小球的軌跡從拋出點(diǎn)開始向上，說明小球不是做平拋運(yùn)動，即斜槽末端切線不水平，故 C 正確；(3) 豎直管內(nèi)與大氣相通， 為外界大氣壓強(qiáng)，豎直管在水面下保證豎直管上出口處的壓強(qiáng)為大氣壓強(qiáng).因而另一出水管的上端口處壓強(qiáng)與豎直管上出口處的壓強(qiáng)有恒定的壓強(qiáng)差，保證另一出水管出水壓強(qiáng)恒定，從而水速度恒定.如果豎直管上出口在水面上，則水面上為恒定大氣壓強(qiáng)，因而隨水面下降，出水管上口壓強(qiáng)降低，出水速度減小，故應(yīng)

25、選B；由圖 4 所示可知： h=4I，由勻變速直線運(yùn)動推論得： h=gt2,即：4I=gt2,【答案】 (1). ADE (2). C (3). B (4).【解析】(1)為了保證小球做平拋運(yùn)動,斜槽末端必須水平,故 C 錯誤；而為了讓小球每次18由圖 4 所示可知：x=6l，小球的初速度大?。? ：=,二二.在円點(diǎn)豎直方向的速度為.=、，所以 P2 點(diǎn)速度為 V - -點(diǎn)晴：根據(jù)平拋運(yùn)動中的注意事項(xiàng)可得出正確選項(xiàng)；根據(jù)豎直方向運(yùn)動特點(diǎn)h=gt2,求出物體運(yùn)動時(shí)間，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動中中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度大小等于該過程中的平均速度大小可以求出 P2在豎直方向上的速度大小，根據(jù) vy=gt 可以求

26、出從拋出到 P2點(diǎn)的時(shí)間，根據(jù)平拋運(yùn)動規(guī)律進(jìn)一步求出結(jié)果。23.如圖所示，在平行金屬帶電極板MN 電場中將電荷量為-4X10-6C 的點(diǎn)電荷從 A 點(diǎn)移到 M板，電場力做負(fù)功 8X10-4J，把該點(diǎn)電荷從 A 點(diǎn)移到 N 板，電場力做正功為 4X10-4J, N板接地。則的不得分。24.將一個質(zhì)量n=2.0kg 的小球從離地面h=15m 高的地方水平拋出，拋出時(shí)小球的速度vo=10m/s，忽略空氣對小球的阻力。求:(1) 小球在空中運(yùn)動的時(shí)間;(2)小球落地時(shí)的速度大?。?3)小球的重力勢能的減少量。 (重力加速度g取 10m/s2)(1)A 點(diǎn)的電勢=(2 ) U MN 等于【答(1). -

27、100V (2). -300V叫N 4101 J.A N 間的電勢差：|又：UAN= A- N,N=0 ,貝UA 點(diǎn)的電勢：【解A=-100V19【答案】(1) .(2) 20m/s (3) 300J【解析】(1)在豎直方向做自由落體運(yùn)動:20h =2gt小球落地時(shí)豎直方向的速度為；二.所以小球落地時(shí)的速度大小小球的重力勢能的減少量 I -加-九 肓：m25.如圖所示，軌道 ABCD 勺 AB 段為一半徑R的光滑 1/4 圓形軌道，BC 段為高為h=5m 的豎 直軌道， CD 段為水平軌道。 一質(zhì)量為mFO.Ikg 的小球由 A 點(diǎn)從靜止開始下滑到 B 點(diǎn)時(shí)速度 的大小為 2m/s，離開 B

28、點(diǎn)做平拋運(yùn)動(g 取 10m/s2),求：(1 )小球離開 B 點(diǎn)后，在 CD 軌道上的落地點(diǎn)到 C 的水平距離；(2 )小球到達(dá) B 點(diǎn)時(shí)對圓形軌道的壓力大??？【答案】(1) 2m ( 2) 3N【解析】試題分析：(1)根據(jù)高度求出平拋運(yùn)動的時(shí)間，結(jié)合速度和時(shí)間求出水平距離;由牛頓第二定律 r c. -I ,求出壓力。解：(1)設(shè)小球離開 B 點(diǎn)做平拋運(yùn)動的時(shí)間為 t1,落地點(diǎn)到 C 點(diǎn)距離為 s由卜？：.；解得：、.,丸：由公式 ;(2)小球達(dá) B 受重力 G 和向上的彈力 F 作用2由牛頓第二定律知 InH代入數(shù)據(jù)解得：F=3N由牛頓第三定律知球?qū) 的壓力為 3N。2126.電子所帶電

29、荷量最早是由美國科學(xué)家密立根通過油滴實(shí)驗(yàn)測出的。油滴實(shí)驗(yàn)的原理如圖22所示，兩塊水平放置的平行金屬板與電源連接，上、下板分別帶正、負(fù)電荷，油滴從噴霧器噴出后，由于摩擦而帶電，油滴進(jìn)入上板中央小孔后落到勻強(qiáng)電場中， 通過顯微鏡可以觀察 到油滴的運(yùn)動情況，兩金屬板間的距離為d,重力加速度為g。忽略空氣對油滴的浮力和阻 力。(1)調(diào)節(jié)兩金屬板間的電勢差u，當(dāng)u=UO時(shí)，設(shè)油滴的質(zhì)量為m，使得某個油滴恰好做勻速運(yùn)動。該油滴所帶電荷量q為多少？(2)若油滴進(jìn)入電場時(shí)的速度可以忽略，當(dāng)兩金屬板間的電勢差為量為 m2 帶正電的油滴進(jìn)入電場后做勻加速運(yùn)動，經(jīng)過時(shí)間由以上兩式解得 Q=若 Q 為負(fù)電荷，根據(jù)牛頓

30、第二定律有mg-石-ma，又 d=atZ叫2d*由以上兩式解得 Q= -27.示波器中的示波管對電子的偏轉(zhuǎn)是電偏轉(zhuǎn)，小明同學(xué)對這種偏轉(zhuǎn)進(jìn)行了定量的研究,知電子的質(zhì)量為m電荷量為e，在研究的過程中空氣阻力和電子所受重力均可忽略不計(jì)。u=U時(shí)，觀察到某個質(zhì)t運(yùn)動到下極板，求此油滴所帶電荷量Q叫陰叫1、【答案】(1)( 2)【解析】(1)由平衡條件知 mg= q解得 q=(2)若 Q 為正電荷，根據(jù)牛頓第二定律有# jh噴霧器mg+c =ma，且 d=at5刃23(1)如圖所示，水平放置的偏轉(zhuǎn)極板的長度為I，板間距為d，極板間的偏轉(zhuǎn)電壓為U,在24心線00垂直。電子以水平初速度vo 從兩極板左端沿兩極板間的中心線射入，忽略極板間勻強(qiáng)電場的邊緣效應(yīng)，電子所受重力可忽略不計(jì)，求電子打到熒光屏上時(shí)沿垂直于極板板面方向偏移的距離。(2)分析物理量的數(shù)量級， 是解決物理問題的常用方法。在解決(1)問時(shí)忽略了電子所受重力，請利用下列數(shù)據(jù)分析說明其原因。已知U=2.0 x102V,d=4.0 x10-2m,n=9.1x10-31kg ,192e=1.6x10-C,重力加速度g=10m/s。(3) 極板間既有靜電場，也有重力場。電場力反映了靜電場各點(diǎn)具有力的性質(zhì)，請寫出電場強(qiáng)度E的定義式。類