2019-2020學年安徽省銅陵市高二(上)期末物理試卷

1、2019-2020學年安徽省銅陵市高二（上）期末物理試卷一、選擇題（本題共 12小題，每題4分，共48分.每題所給的四個選項中，只有一個選項符合題意要求,請將正確谷案填入谷題卷上，）1. （4分）下列說法正確的是（）A.電場強的地方電勢一定高B .電場中某點電場強度的方向與負點電荷在該點所受電場力的方向相同C .磁場中某點磁感應強度的方向與小磁針北極所受磁場力的方向相同D.通電導線在某點不受磁場力的作用，則該點的磁感應強度一定為零2. （4分）如圖所示，實線表示一點電荷周圍的電場線，虛線表示該電場的兩條等勢線，兩條等勢線到電荷的距離分別為R和2R, A、B分別為兩條等勢線上的點。則下列說法中正

2、確的是（）A.此點電荷為負電荷B.將一正的試探電荷從 A點移到B點過程中電勢能增加C. A、B兩點的電勢高低關(guān)系為 M>4BD. A、B兩點的電場強度大小關(guān)系為EA=2EB3. （4分）如圖所不，R1 = 6Q, R2 = 3Q, R3= 4 ，左右兩端接入電路后， 關(guān)于這三只電阻的判斷正確的是 （） 旦一 RiT 1A .電流之比是 I1： I2： 13 = 4: 3: 6B.電壓之比是 U1： U2： U3=1： 1 ： 2C.功率之比是 P1： P2： P3=4: 3: 6D.相同時間內(nèi)產(chǎn)生熱量之比 Q1： Q2： Q3=6: 3: 44. （4分）如圖所示，電源電動勢為 E,內(nèi)電

3、阻為r,當變阻器R的滑動觸頭向a端移動時，下列判斷正確的是（）A.電流表Al的示數(shù)變大B.電流表A2的示數(shù)變大C.電流表A2的示數(shù)不變D.電壓表v的示數(shù)變大5. （4分）如圖所示是某一直流電動機提升重物的示意圖，重物質(zhì)量m=50kg,電源提供給電動機的電壓為U= 110V,不計各種摩擦，當電動機以v=1.0m/s的恒定速率向上提升重物時，通過電動機的電流為I = 5.0A,重力加速度g取10m/s2,則（）A .電動機的輸入功率為 500WB .電動機提升重物的功率為 500WC.電動機線圈熱功率為 550WD,電動機的線圈電阻為 10a6. （4分）質(zhì)量和電量都相等的帶電粒子M和N,以不同的

4、速度率經(jīng)小孔 S垂直進入勻強磁場，運行的半圓軌跡如圖中虛線所示，下列表述正確的是（）* 7 HA . M帶正電，N帶負電B . M的速度率小于 N的速率C .洛倫茲力對M、N做正功D . M的運行時間等于N的運行時間7. （4分）如圖，在傾角為 。的光滑斜面上垂直紙面放置一根長為L,質(zhì)量為m的直導體棒，一勻強磁場垂直于斜面，當導體棒內(nèi)通有垂直紙面向里的電流I時，導體棒恰好靜止在斜面上 （重力加速度為 g）則（）第6頁（共14頁）8. （4分）如圖所示，半徑為粒子以速度y正對著圓心A .磁感應強度的大小為B.磁感應強度的大小為C.磁感應強度的大小為D.磁感應強度的大小為R的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面

5、向里的勻強磁場。重力不計、電荷量一定的帶正電。射入磁場，若粒子射入、射出磁場點間的距離為（V3R,則粒子在磁場中的運動時間為（B.2兀R3vD.7VR3v9. （4分）如圖所示，空間存在豎直向下的勻強電場和垂直紙面向外的勻強磁場，一帶電液滴從靜止開始自點沿曲線ACB運動，到達B點時，速度為零，C點是運動軌跡的最低點，則以下敘述正確的是（A .液滴一定帶負電B.液滴在C點時動能最小C.液滴在C點電勢能最小D.液滴在C點機械能最大10. （4分）如圖所示，實線表示勻強電場的電場線.一個帶正電荷的粒子以某一速度射入勻強電場，只在電場力作用下，運動軌跡如圖中虛線所示,a、b為軌跡上的兩個點.若 a點電

6、勢為（f）a, b點電勢為列說法中正確的是（）A .場強方向一定向左，且 （j）a>岫（j）bB.場強方向一定向左，且電勢（j）avC.場強方向一定向右，且電勢（j）a> 4bD.場強方向一定向右，且電勢（j）av岫11. （4分）如圖是質(zhì)譜儀的工作原理示意圖，帶電粒子被加速電場加速后，進入速度選擇器。速度選擇器內(nèi)相互正交的勻強磁場和勻強電場，磁感應強度為B,電場強度為 E.粒子沿直線穿過速度選擇器后通過平板S上的狹縫P,之后到達記錄粒子位置的膠片A1A2,板S下方有磁感應強度為 B0的勻強磁場。不計粒子重力。下列說法正確的是（）A.粒子在速度選擇器中一定做勻加速運動B.速度選擇器

7、中的磁場方向垂直紙面向里C.能通過狹縫P的帶電粒子的速率等于 ，D.比荷（?）越小的粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P12. （4分）在豎直平面內(nèi)有一方向斜向上且與水平方向成a= 30角的勻強電場，電場中有一質(zhì)量為m,電荷量為q的帶電小球，用長為 L的不可伸長的絕緣細線懸掛于O點，如圖所示。開始時小球靜止在M點,細線恰好水平。現(xiàn)用外力將小球拉到最低點P,然后由靜止釋放，則以下判斷正確的是（）A .小球再次到 M點時，速度剛好為零B.小球從P到M過程中，合外力對它做的功為 近mgLC.小球從P到M過程中，其機械能增加了 遭mgLD.如果小球運動到 M點時，細線突然斷裂，小球?qū)⒆鰟蜃兯僦本€運動二、實

8、驗題（本題共 3小題，第13小題8分，第14小題8分，共16分；請將答案寫在答題卷對應的地方， 不必寫出解題過程13. （4分）有一游標卡尺，主尺的最小分度是1mm,游標上有20個小的等分刻度用它測量一小球的直徑，如圖甲所示的讀數(shù)是 。用螺旋測微器測量一根金屬絲的直徑，如圖乙所示的讀數(shù)是 mm。iiiilli 01020甲14. （4分）如圖所示的電路中， 小量程電流表的內(nèi)阻 Rg=100 Q,滿偏電流Ig=3mA, Ri = 1900Q, R2 t Q ggg當Si和S2均斷開時，改裝成的是電壓表，量程為 V。當Si和S2均閉合時，改裝成的是電流表，量程為 A。15. （8分）要測繪一個標有

9、“ 3V, 0.6W”小燈泡的伏安特性曲線，燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3V,并便于操作。已選用的器材有：電池組（電動勢為 4.5V,內(nèi)阻約1Q）;電流表（量程為 0-250mA.內(nèi)阻約5Q）;電壓表（量程為 0-3V.內(nèi)阻約3kQ）;電鍵一個、導線若干。實驗中所用的滑動變阻器應選下列中的 （填字母代號）。A.滑動變阻器（最大阻值 20Q,額定電流1A）B.滑動變阻器（最大阻值 1750 Q,額定電流0.3A）實驗的電路圖應選用下列的圖 （填字母代號）。實驗得到小燈泡的伏安特性曲線如圖所示。則小燈泡的電阻值隨工作電壓的不斷的增大而 （填“增大”或“減小”）如果將這個小燈泡接到電動勢為1.5

10、V,內(nèi)阻為5.0 的電源兩端，小燈泡消耗的功率是 WoA/ AOSO0 21)O.1Oco i e coj：:ci：a i ci：i：:.ccoi 匚 co:上»n i Am i 匕jE3IE5：EHHE：；EE；EEE：:仲 q 甲， i rni rrnj ； .CPJl LUU J -UUl IMUi K*m¥ r rm 1 XOIICOJJ.LXI.J1LX LJ;.H ri-i i r r ri i .LI J J 1 L l_l J - 1-1 -1 -1 4- H-l -1 . et / m 1 rinnn t rcn i , X0 I CO:L 1 i 1 I

11、 fa 11rrn t rrn1LCiJLUJ,1 k LIk LUJ .1戶t r rnT rm- i i i j i1/u * " It t - i-i ” m! rC3IEO33_ LJ| J Jl14| -IT 4 * IT * 1. Lir t Lir n 1 wr，rs i a a J i B i ar »IT W * Al V6" T FG 耳 1 ：Ct33ICO3： ,上Ki J .H AIT e 4 u 避.，Lir F T LE fl T FK 1 1r * il * »-，I rm，甲"r CCOICu-j：1 L1 J

12、, L. Ll-j , H 4 IT .'產(chǎn)產(chǎn)IF T r L4F -'rt r nn1 M 4 74I i LI 4 4 1上d I j | - 4 t MIT .第8頁(共14頁)a 1.02.03.0三、計算題(本題共 3小題，第15小題9分，第16小題12分第17小題15分，共36分；解谷要有必要的公式和過程，只有最后答案的不能得分16. (9分)電場中某區(qū)域的電場線如圖所示，A、B是電場中的兩點.一個電荷量q = +4.0X10 8c的點電荷在A點所受電場力Fa=2.0X 10 4N,將該點電荷從 A點移到B點，電場力做功 W=8.0X 10 7J.求：(1) A點電

13、場強度的大小 Ea(2) A、B兩點間的電勢差 U.(3)該點電荷從 A點移到B點，電勢能變化了多少？17. (12分)如圖所示的電路中，兩平行金屬板A、B水平放置，兩極板的長度L = 80cm,兩板間的距離 d =20cm.電源電動勢 E = 28V,內(nèi)電阻r=1 Q,電阻R= 15Q.閉合開關(guān)S,待電路穩(wěn)定后，將一帶負電的小 球從A、B兩金屬板左端正中間位置M處以初速度vo= 8m/s水平向右射入兩板間，恰能從上極板B板右側(cè)邊緣射出.若小球帶電量為q = 1 X 10 2 c,質(zhì)量為m=2X10 k kg ,不考慮空氣阻力，重力加速度 g =10m/s2.求此時：(1)滑動變阻器接入電路的

14、阻值；(2)電源的輸出功率.18. (15分)如圖所示的平面直角坐標系xOy.在第I象限內(nèi)有平行于y軸的勻強電場。方向沿 y軸正方向；在第IV象限的正三角形 abc區(qū)域內(nèi)有勻強磁場。方向垂直于xOy平面向里，正三角形邊長為 L.且ab邊與y軸平行。一質(zhì)量為 m、電荷量為q的粒子。從y軸上的p (0, h)點，以大小為 v0的速度沿x軸正方向y軸上的某點進入第出象限,射入電場，通過電場后從 x軸上的a (2h, 0)點進入第IV象限，又經(jīng)過磁場從且速度與y軸負方向成45°角，不計粒子所受的重力。求。(1)電場強度E的大?。?2)粒子到達a點時速度的大小和方向；(3) abc區(qū)域內(nèi)磁場的

15、磁感應強度 B的最小值。2019-2020學年安徽省銅陵市高二（上）期末物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（本題共 12小題，每題4分，共48分.每題所給的四個選項中，只有一個選項符合題意要求， 請將正確谷案填入谷題卷上，）1 .【解答】解：A、電勢與電場強度沒有直接關(guān)系，所以電場強度大的地方電勢不一定高，電場強度小的地方電勢不一定低，故 A錯誤。B、電場中某點電場強度的方向與正點電荷在該點所受電場力的方向相同，與負電荷在該點受力方向相反，故B錯誤。C、磁場中某點磁感應強度的方向與小磁針北極所受磁場力的方向相同，故 C正確。D、通電導線平行磁場放置時，不受磁場力，故通電導線在某點不受磁場力的

16、作用，則該點的磁感應強度不一定為零，故 D錯誤。故選：Co2 .【解答】解：A、由電場線的走向判斷可知，點電荷帶正電，故 A錯誤；B、電場線的方向從 A指向B ,則正電荷受到的電場力得方向從指向B,正的試探電荷從 A點移到B點過程中電場力做正功，電勢能減小，故 B錯誤；C、沿電場線的方向電勢降低，所以 （f）A（j）B,故C正確；D、由點電荷的場強 E=®可知，EA=4EB,故D錯誤；r故選：CoR 03 .【解答】解：B、電阻R1與R2并聯(lián)后與R3串聯(lián)；并聯(lián)電阻為： R12=p 1 J =2Q,并聯(lián)電路電壓相等，串聯(lián)電路電壓比等于電阻比，故有：U并：U3=R12:R3=2:4=1:

17、2,故：U1:U2:U3=1: 1:2,故B正確。A、串聯(lián)電路電流相等，并聯(lián)電路電流比等于電阻的反比，故：|3=|1+|2,故|1： |2： |3=1： 2:3,故A錯誤。C、根據(jù)電功率公式 P=U|,有：P1: P2: P3=U1|1: U2|2: U3|3=1: 2: 6,故 C 錯誤。D、相同時間內(nèi)產(chǎn)生熱量之比等于功率之比Q1： Q2： Q3=1： 2: 6,故D錯誤。故選：B。4 .【解答】解：當變阻器 R的滑動觸頭向a端移動時，滑動變阻器阻值變小，回路中電阻變小，回路中總電 第8頁（共14頁）V示數(shù)減小，再根據(jù)流變大，即電流表 A2的示數(shù)變大；由于總電流變大，則可知路端電壓減小，電壓

18、表歐姆定律可知，A1中電流減小；故 B正確，ACD錯誤。故選：B。5 .【解答】解：A、電源提供給電動機的電壓為U = 110V,通過電動機的電流為I = 5.0A,電動機的輸入功率：Pi = UI = 110VX5A = 550W,故A錯誤。B、因為物體勻速上升，根據(jù)二力平衡條件可得，物體受到的拉力：F=G=mg= 50kg x 10N/kg = 500N ,電動機提升重物的功率：P2=Fv=500NX 1.0m/s=500W,故 B 正確。CD、電動機的功率一部分是提升重物的功率，另一部分是電阻絲的發(fā)熱功率，則Pa=P1- P2=550W- 500W= 50W;根據(jù)P熱=I2R可得，電動機

19、的線圈電阻：R=-=2Q,故CD錯誤。I2 I故選：B。6 .【解答】解：A :由左手定則判斷出 N帶正電荷，M帶負電荷，故 A錯誤；B:粒子在磁場中運動，洛倫茲力提供向心力qvB = m,半徑為：1'=-,在質(zhì)量與電量相同的情況下，rqg半徑大說明速率大，即 M的速度率大于N的速率，故B錯誤；C:洛倫茲力始終與速度的方向垂直，不做功，故 C錯誤；n TT TTD:粒子在磁場中運動半周， 即時間為周期的一半， 而周期為T=四, M的運行時間等于 N的運行時間，qB故D正確。故選：D。7 .【解答】解：根據(jù)共點力平衡知，安培力的方向沿斜面向上，根據(jù)左手定則知，磁場的方向垂直斜面向下。根據(jù)

20、平衡知，安培力 Fa= BIL = mgsin 0解得：B=-。I故選：Bo第13頁（共14頁）8 .【解答】解：粒子在磁場中做勻速圓周運動，運動軌跡如圖所示:由幾何知識可知:sirrr 尺 2,所以 3= 120° ,a= 60 ° ,粒子軌道半徑：r=Rcot30° =d&R粒子在磁場中做圓周運動的周期：T =2.工二因”）VV粒子磁場中的運動時間：t=一-一|丁=返2至，故ABD錯誤，C正確。3600 3v故選：Co9 .【解答】解：A、帶電粒子由靜止開始向下運動，說明重力和電場力的合力向下，洛倫茲力指向弧內(nèi)，根據(jù)左手定則可知，液滴一定帶負電，故 A

21、正確。B、帶電粒子由靜止開始向下運動，說明重力和電場力的合力向下，故重力大于電場力，從A到C的過程中，重力和電場力的合力做正功，洛倫茲力不做功，動能增大;從C到B的過程中，重力和電場力的合力做負功，洛倫茲力不做功，動能減小，所以液滴在C點時動能最大，故B錯誤。C、從A到C的過程中，電場力做負功，電勢能增加。從C到B的過程中，電場力做正功，電勢能減小，故液滴在C點電勢能最大，故 C錯誤。D、根據(jù)除重力以外的力做的功等于機械能的變化量，知從A到C的過程中，電場力都做負功，洛倫茲力不做功，機械能減小；從 B到C的過程中，電場力都做正功，洛倫茲力不做功，機械能增加，所以液滴在C點機械能最小，故 D錯誤

22、。故選：A。10 .【解答】解：A、勻強電場中電場力與電場線平行，而曲線運動合力指向曲線的內(nèi)側(cè)，故電場力一定向右，因粒子帶正電，故電場一定向右，且 加所以速度uavub,故A錯誤；B、因電場線向右，沿電場線的方向電勢降低，故a點電勢大于b點的電勢，故BD錯誤，C正確;故選：Co11 .【解答】解：A、在速度選擇器中粒子做直速運動，受到的電場力和洛倫茲力大小相等，合力為零，做勻 速直線運動，故 A錯誤。B、粒子作直線運動，故受到的洛倫茲力向左，故磁場垂直于紙面向外，故 B錯誤。C、根據(jù)qE = qvB知，v =二，知速度大小為 卷的粒子能通過速度選擇器，故 C正確。r 2 ID、根據(jù)qvB0=m

23、J知，=也，則越靠近狹縫 P,比荷越大，則半徑越小，粒子打在膠片上的位置越 lr I qM靠近狹縫P,故D錯誤。故選：Co12 .【解答】解：A、當小球靜止于 M點時，細線恰好水平，說明重力和電場力的合力方向水平向右，小球從 P到M過程中，線拉力不做功，只有電場力和小球重力做功，它們的合力也是恒力，方向水平向右，所以 小球到最右邊時，速度最大，而不是零，故 A錯誤；B、電場力與重力合力為F合=mgcot30° =Jlmg,這個方向上位移為 L,所以合外力做功為 W合=5合L=V3mgL ,故B正確；C、合外力做功為 V3mgL ,由動能定理知動能增加量為 依m(xù)gL .重力勢能增加量為

24、 mgL ,則機械能增加量 等于動能增加量J&mgL和重力勢能增加量 mgL之和，故C錯誤；D、若小球運動到 M點時，細線突然斷裂，速度方向豎直向上，合外力水平向右，做勻變速曲線運動，故D錯誤；故選：B。二、實驗題（本題共 3小題，第13小題8分，第14小題8分，共16分；請將答案寫在答題卷對應的地方， 不必寫出解題過程13 .【解答】解：游標卡尺讀數(shù)主尺為33mm ,游標讀數(shù)7X 0.05mm= 0.35mm,所以讀數(shù)為33.35mm；螺旋測微的讀法主尺 3mm,游標26.6 x 0.01mm = 0.266mm,所以讀數(shù)為 3.266mm 故答案為：33.35mm； 3.266。1

25、4 .【解答】解：由圖示電路圖可知，當 S1和S2均斷開時，G與R1串聯(lián)，此時為電壓表，改裝后電壓流表 量程為：U = Ig(R1+Rg) = 0.003X ( 100+1900) = 6.0V由圖示電路圖可知，當 S1和S2均閉合時，G與R2并聯(lián)，此時為電流表，改裝后電流表量程為:I = Ig+I R2= I=3.0A;0. 002X 100=0.003+1199?故答案為：6.0;3.015 .【解答】解：因?qū)嶒炓箅娏鲝牧阏{(diào)，所以滑動變阻器應用分壓式接法，應選全電阻最小的變阻器A;因小燈泡電阻為15Q,故電流表應用外接法，又變阻器用分壓式，故電路圖應選B;I-U圖象中的斜率表示其電阻，故說明電阻值越來越大，即燈泡電阻隨溫度的升高而增大;在表示小燈泡的I-U圖象中畫出表示電源的I -U圖象如圖所示，讀出兩圖線交點坐標為：U=1.0V, I= 0.1A ,所以小燈泡消耗的功率為：P= UI = 1.0X 0.1W = 0.1W;三、計算題（本題共 3小題，第15小題9分，第16小題12分第17小題15分，共36分；解谷要有必要的公式和過程，只有最后答案的不能得分16.【解答】解：（1） A點電場強度(2) A、B兩點間的電勢差 %甲=