2018年普通高等學(xué)校招生全國(guó)統(tǒng)一考試仿真卷理科綜合能力測(cè)試(三)解析版

1、此卷只裝訂不密封班級(jí) 姓名 準(zhǔn)考證號(hào) 考場(chǎng)號(hào) 座位號(hào) 絕密 啟用前2018年普通高等學(xué)校招生全國(guó)統(tǒng)一考試仿真卷理科綜合能力測(cè)試（三）本試卷共32頁(yè)，38題（含選考題）。全卷滿分300分?？荚囉脮r(shí)150分鐘。祝考試順利注意事項(xiàng)：1、答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在試題卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。用2B鉛筆將答題卡上試卷類型A后的方框涂黑。2、選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，寫(xiě)在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。3、非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫(xiě)在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題

2、區(qū)域均無(wú)效。4、選考題的作答：先把所選題目的題號(hào)在答題卡上指定的位置用2B鉛筆涂黑。答案寫(xiě)在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)，寫(xiě)在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。5、考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試題卷和答題卡一并上交?？赡苡玫降南鄬?duì)原子質(zhì)量：H 1C 12N 14O 16S 32V 51第卷一、選擇題：本大題共13小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要 求的。1.作為系統(tǒng)的邊界，細(xì)胞膜在細(xì)胞的生命活動(dòng)中具有重要作用。下列相關(guān)敘述正確的是A.細(xì)胞膜的選擇透過(guò)性保證了對(duì)細(xì)胞有害的物質(zhì)都不能進(jìn)入細(xì)胞B.細(xì)胞膜上的受體是細(xì)胞間進(jìn)行信息交流的必需結(jié)構(gòu)C.一切細(xì)胞均具有以磷脂雙分子層為

3、骨架的細(xì)胞膜D.與動(dòng)物細(xì)胞相比，植物細(xì)胞放在清水中不會(huì)漲破主要是細(xì)胞膜起著重要作用【解析】細(xì)胞膜控制物質(zhì)進(jìn)出細(xì)胞的作用是相對(duì)的，一些對(duì)細(xì)胞有害的物質(zhì)有可能進(jìn)入細(xì)胞，A錯(cuò)誤；細(xì)胞間的信息交流有多種形式，不一定依賴細(xì)胞膜上的受體，如高等植物細(xì)胞之間可通過(guò)胞間連絲進(jìn)行信息交流，B錯(cuò)誤；一切細(xì)胞均具有細(xì)胞膜，細(xì)胞膜的骨架是磷脂雙分子層，C正確；與動(dòng)物細(xì)胞相比，植物細(xì)胞放在清水中不會(huì)漲破主要是細(xì)胞壁起著重要的作用，D錯(cuò)誤?！敬鸢浮緾2.給兔子喂養(yǎng)某種食物后，在其體內(nèi)檢測(cè)出了來(lái)自該食物的微小RNA，這種RNA不能編碼蛋白質(zhì)，但可與兔子的M基因轉(zhuǎn)錄產(chǎn)生的mRNA結(jié)合，并抑制它的功能，最終引起兔子患病。下列說(shuō)

4、法錯(cuò)誤的是A.微小RNA與M基因的mRNA的基本單位都是核糖核酸B.微小RNA被吸收進(jìn)入兔子體內(nèi)，可能需要載體的協(xié)助C.微小RNA通過(guò)影響相關(guān)蛋白質(zhì)的合成，引起兔子患病D.微小RNA與M基因的mRNA結(jié)合時(shí)，不存在A與T配對(duì)【解析】微小RNA與M基因的mRNA的基本單位都是核糖核苷酸，A錯(cuò)誤；微小RNA屬于小分子，小分子物質(zhì)跨膜運(yùn)輸?shù)姆绞接凶杂蓴U(kuò)散、協(xié)助擴(kuò)散和主動(dòng)運(yùn)輸，其中協(xié)助擴(kuò)散和主動(dòng)運(yùn)輸均需要載體的協(xié)助，因此微小RNA被吸收進(jìn)入兔子體內(nèi)，可能需要載體的協(xié)助，B正確；微小RNA與兔子的M基因轉(zhuǎn)錄產(chǎn)生的mRNA結(jié)合，導(dǎo)致翻譯不能進(jìn)行，所以微小RNA通過(guò)影響相關(guān)蛋白質(zhì)的合成，引起兔子患病，C正確

5、；RNA中不存在堿基T，因此微小RNA與M基因的mRNA結(jié)合時(shí)，不存在A與T配對(duì)，D正確?！敬鸢浮緼3.美國(guó)加州大學(xué)教授盧云峰做出一個(gè)納米級(jí)小籠子，可把分解酒精的酶(化學(xué)本質(zhì)不是RNA)裝入其中，有了這身“防護(hù)服”，酶就不怕被消化液分解，可安心分解酒精分子。下列推測(cè)合理的是A.該成果中分解酒精的酶位于細(xì)胞質(zhì)基質(zhì)中B.該酶進(jìn)入人體后能分解體內(nèi)無(wú)氧呼吸的產(chǎn)物C.納米級(jí)小籠子可通過(guò)主動(dòng)運(yùn)輸?shù)姆绞奖晃者M(jìn)入血液D. “防護(hù)服”的主要功能是阻礙消化道內(nèi)蛋白酶的作用【解析】該成果中分解酒精的酶位于納米級(jí)小籠子中，隨著食物進(jìn)入消化道分解酒精，A錯(cuò)誤；該酶進(jìn)入人體后，能分解人體喝入的酒精，但人體內(nèi)無(wú)氧呼吸的產(chǎn)

6、物是乳酸，該酶不能分解乳酸，B錯(cuò)誤；納米級(jí)小籠子不進(jìn)入血液，而是進(jìn)入消化道，C錯(cuò)誤；“防護(hù)服”即納米級(jí)小籠子的主要功能是阻礙消化道內(nèi)蛋白酶的作用，防止消化道內(nèi)蛋白酶將分解酒精的酶水解，D正確?！敬鸢浮緿4.甲狀腺功能減退（簡(jiǎn)稱“甲減”）患者甲狀腺激素合成和分泌減少。下列關(guān)于“甲減”的敘述，錯(cuò)誤的是A.幼年時(shí)患甲減會(huì)影響患者的智力發(fā)育B.甲減患者一般都有畏寒的癥狀C.甲減患者血液中促甲狀腺激素的含量偏低D.甲減可能是患者下丘腦或垂體發(fā)生病變所致【解析】甲狀腺激素能夠促進(jìn)神經(jīng)系統(tǒng)的發(fā)育，幼年時(shí)患甲減，導(dǎo)致甲狀腺激素合成和分泌減少，會(huì)影響患者的智力發(fā)育，A正確；甲狀腺激素可促進(jìn)細(xì)胞代謝、增加產(chǎn)熱，甲

7、減患者因其體內(nèi)甲狀腺激素較正常水平低，所以一般都有畏寒的癥狀，B正確；甲減患者體內(nèi)甲狀腺激素較正常水平低，對(duì)垂體的抑制作用減弱，使垂體分泌的促甲狀腺激素增多，因此血液中促甲狀腺激素的含量偏高，C錯(cuò)誤；下丘腦分泌的促甲狀腺激素釋放激素（TRH）運(yùn)輸?shù)酱贵w，促使垂體分泌促甲狀腺激素（TSH），TSH隨血液運(yùn)輸?shù)郊谞钕?，促進(jìn)甲狀腺的生長(zhǎng)發(fā)育并增加甲狀腺激素的合成和分泌，如果下丘腦或垂體發(fā)生病變，則會(huì)導(dǎo)致甲狀腺功能減退，可見(jiàn)，甲減可能是患者下丘腦或垂體發(fā)生病變所致，D正確?！敬鸢浮緾5.下圖為某果蠅體細(xì)胞中染色體和部分基因示意圖。已知果蠅基因B和b分別決定灰身和黑身，基因W和w分別決定紅眼和白眼。下列

8、有關(guān)敘述正確的是A.摩爾根運(yùn)用類比推理法證明了果蠅的白眼基因位于X染色體上B.基因W和w中的A+G/T+C的比值不同，基因B和b的堿基排列順序不同C.若一個(gè)初級(jí)卵母細(xì)胞發(fā)生染色體交叉互換，則可產(chǎn)生1種基因型的生殖細(xì)胞D.該果蠅與多只灰身雄果蠅雜交，子代中出現(xiàn)的性狀分離比為灰身:黑身=3:1【解析】摩爾根運(yùn)用假說(shuō)演繹法證明了果蠅的白眼基因位于X染色體上，A錯(cuò)誤；基因是有遺傳效應(yīng)的DNA片段，依據(jù)堿基互補(bǔ)配對(duì)原則可知，在雙鏈DNA分子中，CG，AT，因此基因W和w中的A+G/T+C的比值相同，但基因B和b的堿基排列順序不同，B錯(cuò)誤；一個(gè)初級(jí)卵母細(xì)胞經(jīng)過(guò)減數(shù)分裂將產(chǎn)生1個(gè)卵細(xì)胞（生殖細(xì)胞）和三個(gè)極體

9、，可見(jiàn)，若一個(gè)初級(jí)卵母細(xì)胞發(fā)生染色體交叉互換，則可產(chǎn)生1種基因型的生殖細(xì)胞，C正確；若只考慮身體的顏色，則該果蠅的基因型為Bb，多只灰身雄果蠅的基因型為BB或Bb，所以該果蠅與多只灰身雄果蠅雜交，子代中出現(xiàn)的灰身與黑身的數(shù)量比不一定為3:1，D錯(cuò)誤?！敬鸢浮緾6.生態(tài)系統(tǒng)的自我調(diào)節(jié)能力，對(duì)于維護(hù)生態(tài)系統(tǒng)的穩(wěn)定起著關(guān)鍵作用。這是通過(guò)A.種群密度的一定的規(guī)律性變化而實(shí)現(xiàn)的B.群落與無(wú)機(jī)環(huán)境之間的物質(zhì)循環(huán)而實(shí)現(xiàn)的C.生態(tài)系統(tǒng)內(nèi)部的負(fù)反饋調(diào)節(jié)機(jī)制來(lái)實(shí)現(xiàn)的D.人工建造“生態(tài)屏障”和環(huán)境保護(hù)來(lái)實(shí)現(xiàn)的【解析】生態(tài)系統(tǒng)的自我調(diào)節(jié)能力與群落的豐富度有關(guān)，群落結(jié)構(gòu)越復(fù)雜，自我調(diào)節(jié)能力越大，生態(tài)系統(tǒng)的抵抗力穩(wěn)定性就

10、越強(qiáng)。而負(fù)反饋調(diào)節(jié)在生態(tài)系統(tǒng)中普遍存在，它是生態(tài)系統(tǒng)自我調(diào)節(jié)能力的基礎(chǔ)，C正確?！敬鸢浮緾 7下列說(shuō)法不正確的是 A硝化甘油在體內(nèi)能夠分解出NO，少量的NO會(huì)促進(jìn)血管擴(kuò)張，防止血管栓塞，因此，被廣泛用于治療心絞痛B侯氏制堿法的工藝流程應(yīng)用了物質(zhì)溶解度的差異C剛玉、紅寶石、藍(lán)寶石的主要成分是氧化鋁，而青花瓷、石英玻璃、分子篩的主要成分是硅酸鹽D生物煉銅法就是利用某種能耐受銅鹽毒性的細(xì)菌，利用空氣中的氧氣把不溶性的硫化銅轉(zhuǎn)化為可溶性的銅鹽，從而使銅的冶煉變得成本低，污染小，反應(yīng)條件十分簡(jiǎn)單【解析】ANO是明星分子，在人體的血管系統(tǒng)內(nèi)具有傳送信號(hào)的功能，NO極少量時(shí)在人體的血管系統(tǒng)內(nèi)會(huì)促進(jìn)血管擴(kuò)張，

11、防止血管栓塞，故A正確；B侯氏制堿法是將CO2、NH3通入飽和NaCl溶液中，發(fā)生以下反應(yīng)：NH3+CO2+H2O=NH4HCO3；NH4HCO3+NaCl=NH4Cl+NaHCO3，其中NaHCO3溶解度最小，故有NaHCO3的晶體析出，故B正確；C剛玉、紅寶石、藍(lán)寶石的主要成分是氧化鋁，而青花瓷、分子篩的主要成分是硅酸鹽，石英玻璃的主要成分是二氧化硅，故C錯(cuò)誤；D利用生物煉銅法把不溶性的硫化銅氧化，硫從負(fù)二價(jià)被氧化成正六價(jià)，最后轉(zhuǎn)化成可溶的硫酸銅，成本低，污染小，反應(yīng)條件十分簡(jiǎn)單，故D正確。【答案】C8下列關(guān)于有機(jī)化合物的說(shuō)法正確的是A2 -甲基丙烷也稱異丁烷 B蔗糖和纖維素都屬于髙分子化

12、合物C苯使溴水褪色是因?yàn)榘l(fā)生了取代反應(yīng) DC3H6Cl2有3種同分異構(gòu)體【解析】A2 -甲基丙烷也稱異丁烷，正確；B蔗糖不屬于髙分子化合物，錯(cuò)誤；C苯使溴水褪色是因?yàn)殇逶诒街械娜芙舛容^大，發(fā)生了萃取，錯(cuò)誤；DC3H6Cl2有氯原子在同一碳原子上有2種；在不同碳原子上有2種，共4種同分異構(gòu)體，錯(cuò)誤；故選A?！敬鸢浮緼9下列指定反應(yīng)的離子方程式正確的是 A向明礬溶液中滴加Ba(OH)2溶液，恰好使SO42 沉淀完全：2Al3+ + 3SO42 + 3Ba2+ + 6OH2Al(OH)3 + 3BaSO4B(NH4)2Fe(SO4)2溶液與過(guò)量NaOH溶液反應(yīng)： Fe2+2OHFe(OH)2C澄清石

13、灰水中加少量NaHCO3： Ca2+ + 2OH+ 2HCO3CaCO3+2H2O+CO32D向Mg(HCO3)2溶液中加入過(guò)量的 NaOH溶液：Mg2+2HCO3-+4OH-=Mg(OH)2+2CO32-+2H2O【解析】A向明礬溶液中滴加Ba(OH)2溶液，恰好使SO42 沉淀完全是發(fā)生的離子反應(yīng)為Al3+ + 2SO42 + 2Ba2+ + 4OHAlO2- + 2BaSO4+2H2O，故A錯(cuò)誤；B(NH4) 2 Fe(SO4)2溶液與過(guò)量NaOH溶液發(fā)生的離子反應(yīng)為2NH4+Fe2+4OHFe(OH)2+2NH3·H2O，故B錯(cuò)誤；C澄清石灰水中加少量NaHCO3：Ca2+

14、+OH +HCO3CaCO3+H2O，故C錯(cuò)誤；D向Mg(HCO3)2溶液中加入過(guò)量的 NaOH溶液發(fā)生的離子反應(yīng)為Mg2+2HCO3-+4OH-=Mg(OH)2+2CO32-+2H2O，故D正確；答案為D。【答案】D10下列實(shí)驗(yàn)操作能達(dá)到相應(yīng)實(shí)驗(yàn)?zāi)康牡氖恰窘馕觥緼、將乙烯通入酸性KMnO4溶液中，乙烯被高錳酸鉀氧化，發(fā)生氧化反應(yīng)，故A錯(cuò)誤；B、氯氣與水反應(yīng)生成鹽酸和次氯酸，故鹽酸與氫氧化鈉反應(yīng)后溶液的堿性減弱，紅色也能變淺或褪去，故B錯(cuò)誤；C、常溫下，F(xiàn)e與濃硝酸發(fā)生鈍化，不能比較Fe和Cu的金屬活動(dòng)性，故C錯(cuò)誤；D、將鐵釘放入試管中，下端浸入食鹽水中，若試管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)減小，即可驗(yàn)證鐵的吸

15、氧腐蝕，故D正確；故選D?！敬鸢浮緿11利用食鹽水制取ClO2的工業(yè)流程如圖所示，裝置中的反應(yīng)：NaCl+3H2ONaClO3+3H2，裝置中的反應(yīng)： 2NaClO3+4HCl2ClO2+ Cl2+2NaCl+2H2O下列關(guān)于該流程說(shuō)法不正確的是 A該流程中Cl2、NaCl都可以循環(huán)利用B裝置中H2是陰極產(chǎn)物C裝置發(fā)生的反應(yīng)中，Cl2是氧化產(chǎn)物，NaCl是還原產(chǎn)物D為了使H2完全轉(zhuǎn)化為HCl，需要向裝置中補(bǔ)充Cl2【解析】A電解食鹽水得到氫氣、氯氣和氫氧化鈉溶液，氫氣和氯氣反應(yīng)生成氯化氫得到濃鹽酸，制得NaClO3和濃鹽酸加熱反應(yīng)生成ClO2，2NaClO3+4HCl(濃)=2ClO2+Cl2

16、+2H2O+2NaCl，該流程中Cl2、NaCl都可以循環(huán)利用，故A正確；B裝置是電解食鹽水，溶液中氫離子在陰極得到電子生成氫氣，是陰極產(chǎn)物，故B正確；C電解食鹽水得到氯酸鈉（NaClO3）和H2，NaClO3和鹽酸發(fā)生歧化反應(yīng)，生成NaCl、2ClO2、Cl2、H2O，化學(xué)方程式為：2NaClO3+4HCl=2NaCl+2ClO2+Cl2+2H2O，氯氣是氧化產(chǎn)物，氯化鈉中氯元素化合價(jià)不變，是鹽酸氯化氫中氯元素生成，故C錯(cuò)誤；D電解飽和食鹽水生成的氫氣，為了使H2完全轉(zhuǎn)化為HCl，需要向裝置中補(bǔ)充Cl2，故D正確；故選C?！敬鸢浮緾12四種短周期元素X、Y、Z、W的原子序數(shù)依次增大，X的最外

17、層電子數(shù)是次外層電子數(shù)2倍，Y、W同主族且能形成兩種常見(jiàn)的化合物，Y、W質(zhì)子數(shù)之和是Z質(zhì)子數(shù)的2倍則下列說(shuō)法中正確的是 AX的氫化物的沸點(diǎn)可能高于Y的氫化物的沸點(diǎn)B原子半徑比較：XYZWCX2H4與H2W都能使溴水褪色，且褪色原理相同D短周期所有元素中，Z的最高價(jià)氧化物的水化物堿性最強(qiáng)【解析】X元素的原子，其最外層電子數(shù)是次外層的電子數(shù)的2倍，最外層電子數(shù)不能超過(guò)8個(gè)，則其次外層是K層，故X是碳元素；Y、W同主族且能形成兩種常見(jiàn)的化合物，且原子序數(shù)WY，則Y為O元素、W為S元素，形成2種常見(jiàn)化合物分別為二氧化硫和三氧化硫；Y、W質(zhì)子數(shù)之和是Z質(zhì)子數(shù)的2倍，則（8+16）÷2=12，即

18、Z為Mg元素，AX、Y分別為C、O，水分子間存在氫鍵，則水的沸點(diǎn)較高，常溫下呈液態(tài)，但是C的氫化物是烴，有氣態(tài)烴、液態(tài)烴、固態(tài)烴，所以X的氫化物的沸點(diǎn)可能高于Y的氫化物的沸點(diǎn)，故A正確；B電子層數(shù)越多，半徑越大，同一周期，原子序數(shù)越小，半徑越大，即原子半徑：MgSCO，故B錯(cuò)誤；CX2H4與H2W分別為C2H4與H2S，乙烯能夠與溴水發(fā)生加成反應(yīng)，硫化氫能夠被溴水氧化，褪色原理不相同，故C錯(cuò)誤；D元素的金屬性越強(qiáng)，其對(duì)應(yīng)最高價(jià)氧化物的水化物的堿性越強(qiáng)，由于短周期中金屬性Na最強(qiáng)，故NaOH堿性最強(qiáng)，不是氫氧化鎂，故D錯(cuò)誤?！敬鸢浮緼13常溫下，向飽和氯水中逐滴滴入0.1mol·L1的

19、氫氧化鈉溶液，pH變化如下圖所示，列有關(guān)敘述正確的是 A點(diǎn)所示溶液中只存在HClO的電離平衡B到水的電離程度逐漸減小CI能在點(diǎn)所示溶液中存在D點(diǎn)所示溶液中：c(Na+)c(Cl) + c(ClO)【解析】A點(diǎn)時(shí)沒(méi)有加入氫氧化鈉，溶液中存在HClO和水的電離平衡，故A錯(cuò)誤；B到溶液c(H+)之間減小，酸對(duì)水的電離的抑制程度減小，則水的電離程度逐漸增大，故B錯(cuò)誤；C點(diǎn)時(shí)溶液存在ClO-，具有強(qiáng)氧化性，可氧化I-，故C錯(cuò)誤；D點(diǎn)時(shí)溶液pH=7，則c(H+)=c(OH-)，根據(jù)電荷守恒得c(H+)+c(Na+)=c(Cl-)+c(ClO-)+c(OH-)，所以c(Na+)=c(Cl-)+c(ClO-)

20、，故D正確；故選D。【答案】D二、選擇題：本題共8小題，每題6分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一個(gè)選項(xiàng) 符合題目要求。第1921題有多選項(xiàng)題目要求。全部答對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。14相隔一定距離的電荷或磁體間的相互作用是怎樣發(fā)生的？這是一個(gè)曾經(jīng)使人感到困惑、引起猜想且有過(guò)長(zhǎng)期爭(zhēng)論的科學(xué)問(wèn)題。19世紀(jì)以前，不少物理學(xué)家支持超距作用的觀點(diǎn)。英國(guó)的邁克爾·法拉第于1837年提出了電場(chǎng)和磁場(chǎng)的概念，解釋了電荷之間以及磁體之間相互作用的傳遞方式，打破了超距作用的傳統(tǒng)觀念。1838年，他用電力線(即電場(chǎng)線)和磁力線(即磁感線)形象地描述電場(chǎng)和磁場(chǎng)，并解釋電和

21、磁的各種現(xiàn)象。下列對(duì)電場(chǎng)和磁場(chǎng)的認(rèn)識(shí)，正確的是A法拉第提出的磁場(chǎng)和電場(chǎng)以及電力線和磁力線都是客觀存在的B在電場(chǎng)中由靜止釋放的帶正電粒子，一定會(huì)沿著電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)C磁感線上某點(diǎn)的切線方向跟放在該點(diǎn)的通電導(dǎo)線的受力方向一致D通電導(dǎo)體與通電導(dǎo)體之間的相互作用是通過(guò)磁場(chǎng)發(fā)生的【解析】電場(chǎng)和磁場(chǎng)均是客觀存在的特殊物質(zhì)；電場(chǎng)線和磁感線是人類為了形象地描述電場(chǎng)和磁場(chǎng)而引入的虛擬的線，實(shí)際并不存在，故A錯(cuò)誤；電荷的運(yùn)動(dòng)取決于初速度和力的方向，故電場(chǎng)線不是電荷在電場(chǎng)中的軌跡，只有在點(diǎn)電荷的電場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)中由靜止釋放的帶正電粒子(只受電場(chǎng)力)，才會(huì)沿著電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；根據(jù)左手定則可知，磁感線上某點(diǎn)的切線方向跟放

22、在該點(diǎn)的通電導(dǎo)線的受力方向垂直，故C錯(cuò)誤；根據(jù)磁場(chǎng)的性質(zhì)可知，通電導(dǎo)體與通電導(dǎo)體之間的相互作用是通過(guò)磁場(chǎng)發(fā)生的，故D正確?！敬鸢浮緿15下列說(shuō)法正確的是A湯姆孫通過(guò)研究陰極射線發(fā)現(xiàn)了電子，并提出了原子的“棗糕模型”B太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)部的鏈?zhǔn)椒磻?yīng)C光電效應(yīng)中光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率成正比D. NHCHe是衰變方程【解析】湯姆孫通過(guò)研究陰極射線發(fā)現(xiàn)了電子，并提出了原子的“棗糕模型”，選項(xiàng)A正確；太陽(yáng)輻射的能量主要來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)部的熱核反應(yīng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；光電效應(yīng)中光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率呈線性關(guān)系，不成正比，選項(xiàng)C錯(cuò)誤； NHCHe是人工轉(zhuǎn)變，不是衰變方程，選項(xiàng)D錯(cuò)誤?！敬鸢?/p>

23、】A16無(wú)線網(wǎng)絡(luò)給人們帶來(lái)了很多方便。假設(shè)可以采用衛(wèi)星對(duì)所有用戶在任何地方提供免費(fèi)WiFi服務(wù)。已知地球半徑為R，重力加速度為g，提供免費(fèi)WiFi服務(wù)的衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，則下列關(guān)于該衛(wèi)星的說(shuō)法正確的是A衛(wèi)星圍繞地球運(yùn)動(dòng)的軌道越高，角速度越大B衛(wèi)星圍繞地球運(yùn)動(dòng)的軌道越高，速度越小C若衛(wèi)星距離地面的高度等于地球半徑，則衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的周期為T(mén)2 D衛(wèi)星的軌道可以在地球上任一經(jīng)線所在的平面內(nèi)【解析】由Gmr2，解得 ，由此可知，衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的軌道越高，即軌道半徑r越大，角速度越小，A錯(cuò)誤；由Gm，可得v ，顯然衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的軌道越高，即軌道半徑r越大，速度v越小，B正確；由Gmr2，又r2R

24、，GMgR2，解得T4，C錯(cuò)誤；由于地球自轉(zhuǎn)，經(jīng)線所在的平面不停地變化，而衛(wèi)星的軌道平面不變，所以衛(wèi)星的軌道不可能在地球上任一經(jīng)線所在的平面內(nèi)，D錯(cuò)誤?！敬鸢浮緽17如圖所示，一理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為41，原線圈兩端接入穩(wěn)定的正弦交流電源u220sin 314t(V)；副線圈接有電阻R，并接有理想電壓表和理想電流表。下列結(jié)論正確的是A電壓表讀數(shù)為55 VB若僅將副線圈匝數(shù)增加到原來(lái)的2倍，則電流表的讀數(shù)減小到原來(lái)的一半C若僅將R的阻值增加到原來(lái)的2倍，則輸入功率也增加到原來(lái)的2倍D若R的阻值和副線圈匝數(shù)同時(shí)增加到原來(lái)的2倍，則輸出功率增加到原來(lái)的2倍【解析】因?yàn)榻涣麟娫磚220sin

25、314t(V)，電壓表的讀數(shù)為變壓器的輸出電壓的有效值，由得，電壓表讀數(shù)為55 V，所以選項(xiàng)A錯(cuò)誤；若副線圈匝數(shù)增加，則U2增大，由I2可知，電流表示數(shù)增大，所以選項(xiàng)B錯(cuò)誤；輸入電壓和匝數(shù)比不變，則輸出電壓不變，當(dāng)負(fù)載電阻R變大時(shí)，I2，電流變小，又P1P2U2I2，故輸入功率也減小，所以選項(xiàng)C錯(cuò)誤；若副線圈匝數(shù)增加到原來(lái)的2倍，則U2增加到原來(lái)的2倍，同時(shí)R的阻值也增加到原來(lái)的2倍，故輸出功率P2變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，所以選項(xiàng)D正確?！敬鸢浮緿18如圖甲所示，輕質(zhì)彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上。一質(zhì)量為m的小物塊從輕彈簧上方且離地高度為h1的A點(diǎn)由靜止釋放，小物塊下落過(guò)程中的動(dòng)能Ek隨離地高度

26、h變化的關(guān)系如圖乙所示，其中h2h1段圖線為直線。已知重力加速度為g，則以下判斷中正確的是A當(dāng)小物塊離地高度為h2時(shí)，小物塊的加速度恰好為零B當(dāng)小物塊離地高度為h3時(shí)，小物塊的動(dòng)能最大，此時(shí)彈簧恰好處于原長(zhǎng)狀態(tài)C小物塊從離地高度為h2處下落到離地高度為h3處的過(guò)程中，彈簧的彈性勢(shì)能增加了mg(h2h3)D小物塊從離地高度為h1處下落到離地高度為h4處的過(guò)程中，其減少的重力勢(shì)能恰好等于彈簧增加的彈性勢(shì)能【解析】由題意可知，當(dāng)小物塊離地高度為h2時(shí)，小物塊剛好開(kāi)始接觸彈簧，此時(shí)小物塊只受到重力作用，故此時(shí)的加速度大小為重力加速度g，A錯(cuò)誤；當(dāng)小物塊離地高度為h3時(shí)，由題圖乙可知小物塊的動(dòng)能達(dá)到最大

27、，小物塊的速度達(dá)到最大，此時(shí)有mgkx，彈簧的壓縮量為xh2h3，B錯(cuò)誤；小物塊從離地高度為h2處下落到離地高度為h3處的過(guò)程中，重力勢(shì)能減少了mg(h2h3)，由能量守恒定律可知，小物塊減少的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為小物塊增加的動(dòng)能和彈簧增加的彈性勢(shì)能，即彈簧增加的彈性勢(shì)能Epmg(h2h3)(Ek2Ek1)，C錯(cuò)誤；由題圖乙可知，當(dāng)小物塊離地高度為h4時(shí)，小物塊的動(dòng)能為零，由能量守恒定律可知，小物塊減少的重力勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為彈簧增加的彈性勢(shì)能，D正確?！敬鸢浮緿19如圖所示，足夠長(zhǎng)的光滑導(dǎo)軌傾斜放置，其下端連接一個(gè)定值電阻R，勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于導(dǎo)軌所在平面向上，將ab棒在導(dǎo)軌上無(wú)初速度釋放，當(dāng)ab棒下滑到

28、穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)，速度為v，電阻R上消耗的功率為P。導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒電阻不計(jì)。下列判斷正確的是A導(dǎo)體棒的a端比b端電勢(shì)低 Bab棒在達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)前做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng) C若磁感應(yīng)強(qiáng)度增大為原來(lái)的2倍，其他條件不變，則ab棒下滑到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)速度將變?yōu)樵瓉?lái)的D若換成一根質(zhì)量為原來(lái)2倍的導(dǎo)體棒，其他條件不變，則導(dǎo)體棒下滑到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)R的功率將變?yōu)樵瓉?lái)的4倍【解析】導(dǎo)體棒ab下滑過(guò)程中，由右手定則判斷感應(yīng)電流I在導(dǎo)體棒ab中從b到a，電源內(nèi)部電流由低電勢(shì)到高電勢(shì)，則a端比b端電勢(shì)高，故A錯(cuò)誤；導(dǎo)體棒ab開(kāi)始下滑后速度增大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)增大，感應(yīng)電流增大，安培力增大，如果導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，當(dāng)F安BILmgsin 時(shí)，達(dá)

29、到最大速度，之后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度不再增大，安培力不變，因此ab棒在達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)前做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，故B正確；穩(wěn)定時(shí)，有mgsin ·vm，得穩(wěn)定時(shí)的速度，即最大速度為vm，可知磁感應(yīng)強(qiáng)度增大為原來(lái)的2倍，其他條件不變，則ab棒下滑到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)速度將變?yōu)樵瓉?lái)的，故C錯(cuò)誤；穩(wěn)定時(shí)，電阻R上消耗的功率Pmgsin ·vm，則知換成一根質(zhì)量為原來(lái)2倍的導(dǎo)體棒，其他條件不變，則導(dǎo)體棒下滑到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)R的功率將變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，故D正確?！敬鸢浮緽D20如圖所示為一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形abcd，P是bc的中點(diǎn)。若正方形區(qū)域內(nèi)只存在由d指向a的勻強(qiáng)電場(chǎng)，則在a點(diǎn)沿ab方向以速度v入射

30、的質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負(fù)電粒子(不計(jì)重力)恰好從P點(diǎn)射出。若該區(qū)域內(nèi)只存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則在a點(diǎn)沿ab方向以速度v入射的同種帶電粒子恰好從c點(diǎn)射出。由此可知A勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為B勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為C帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度大小等于在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度大小D帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間和在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為12【解析】帶電粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，有Lvt，Lat2，qEma，聯(lián)立解得E，a，A錯(cuò)誤；帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，有qvBm，由幾何關(guān)系有rL，聯(lián)立解得B，B正確；粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度aa，C正確；帶電粒子在勻

31、強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t，帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)和在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為，D錯(cuò)誤。【答案】BC21如圖所示，在水平面上放置一傾角為的光滑斜面，斜面上用勁度系數(shù)為k的輕彈簧連接一質(zhì)量為m的小木塊，輕彈簧連在斜面頂端，開(kāi)始系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)?，F(xiàn)使斜面從靜止開(kāi)始緩慢向左加速，加速度從零開(kāi)始緩慢增大到某一值，然后保持此值恒定，木塊最終穩(wěn)定在某一位置(彈簧處在彈性限度內(nèi))。斜面從靜止開(kāi)始向左加速到加速度達(dá)到最大值的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是A木塊的重力勢(shì)能一直減小B木塊的機(jī)械能一直增加C木塊的加速度大小可能為D彈簧的彈性勢(shì)能一直增加【解析】由于彈簧的彈力和斜面的支持力的合力對(duì)木

32、塊始終做正功，木塊的機(jī)械能一定增加，B正確。設(shè)彈簧的原長(zhǎng)為L(zhǎng)0，對(duì)木塊受力分析，開(kāi)始木塊靜止在斜面上，則有mgsin kx1，開(kāi)始時(shí)彈簧長(zhǎng)度L1L0x1L0；向左加速后，在木塊離開(kāi)斜面前，根據(jù)牛頓第二定律，mgcos FNmasin ，kx2mgsin macos ；當(dāng)FN0時(shí)，加速度a，C正確。加速度增大過(guò)程，彈簧長(zhǎng)度L2L0x2L0，可見(jiàn)L2L1，隨著加速度增大，彈簧變長(zhǎng)，重力勢(shì)能一直減?。划?dāng)木塊恰好要離開(kāi)斜面時(shí)，彈簧長(zhǎng)度L3L0x3L0；當(dāng)木塊離開(kāi)斜面穩(wěn)定時(shí)，設(shè)彈簧與水平方向的夾角為，有kx4，mgmatan ，隨著a增大，減小，彈簧長(zhǎng)度L4L0x4L0，所以L3L4，D正確。因?yàn)閔3L

33、3sin L0sin ，h4L4sin L0sin ，h4h3，由于不知末狀態(tài)木塊是否離開(kāi)斜面，木塊的重力勢(shì)能可能一直減小，也可能先減小后增大，A錯(cuò)誤?！敬鸢浮緽CD第 II 卷三、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分。第22-32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33-38題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題（共129分）22(6分)某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的裝置去驗(yàn)證小球擺動(dòng)過(guò)程中的機(jī)械能守恒，實(shí)驗(yàn)中小球到達(dá)B點(diǎn)(圖中未標(biāo)出)時(shí)恰好與桌面接觸但沒(méi)有彈力，D處的箭頭處放一鋒利的刀片，細(xì)線到達(dá)豎直位置時(shí)被割斷，小球做平拋運(yùn)動(dòng)落到地面，P是一刻度尺。該同學(xué)方案的優(yōu)點(diǎn)是只需利用刻度尺測(cè)量A

34、位置到桌面的高度h，桌面到地面的高度H及平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移L即可。(1)測(cè)量A位置到桌面的高度h應(yīng)從_開(kāi)始測(cè)(選填“球的下邊沿”或“球心”)。(2)實(shí)驗(yàn)中改變h多測(cè)幾次h和L的數(shù)值，利用作圖像的方法去驗(yàn)證。該同學(xué)取縱軸表示L，則橫軸應(yīng)表示_。(3)若所作圖像的斜率為k，則滿足_關(guān)系即可證明小球下擺過(guò)程中機(jī)械能守恒?！窘馕觥坑蓹C(jī)械能守恒定律有mghmv2，依據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有Hgt2，Lvt，整理后可得L2?！敬鸢浮?1)球的下邊沿(2)(3)k223(9分)在“測(cè)定直流電動(dòng)機(jī)的效率”實(shí)驗(yàn)中，用如圖所示的實(shí)物圖測(cè)定一個(gè)額定電壓U6 V、額定功率為3 W的直流電動(dòng)機(jī)的機(jī)械效率。(1)請(qǐng)根據(jù)實(shí)物連接圖

35、在方框中畫(huà)出相應(yīng)的電路圖(電動(dòng)機(jī)用表示)。(2)實(shí)驗(yàn)中保持電動(dòng)機(jī)兩端電壓U恒為6 V，重物每次勻速上升的高度h均為1.5 m，所測(cè)物理量及測(cè)量結(jié)果如下表所示：(3)在第5次實(shí)驗(yàn)中，電動(dòng)機(jī)的輸出功率是_；可估算出電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為_(kāi) 。(4)從前4次的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可以得出：UI_(填“>”“<”或“”)mg。【解析】(3)在第5次實(shí)驗(yàn)中，重物上升的時(shí)間為，說(shuō)明電動(dòng)機(jī)不能將重物提起，因此電能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，輸出機(jī)械能功率為0，根據(jù)UIr，解得電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為r2.4 。 (4)從前4次的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)中，電動(dòng)機(jī)消耗的電能轉(zhuǎn)換為內(nèi)能和機(jī)械能，所以UI>mg?！敬鸢浮?1)電路圖如圖所示(3

36、)02.4(4)>24(12分)如圖所示，一質(zhì)量M2 kg的帶有弧形軌道的平臺(tái)置于足夠長(zhǎng)的水平軌道上，弧形軌道與水平軌道平滑連接，水平軌道上靜置一小球B。從弧形軌道上距離水平軌道高h(yuǎn)0.3 m處由靜止釋放一質(zhì)量mA1 kg的小球A，小球A沿軌道下滑后與小球B發(fā)生彈性正碰，碰后小球A被彈回，且恰好追不上平臺(tái)。已知所有接觸面均光滑，重力加速度為g。求小球B的質(zhì)量。(g取10 m/s2) 【解析】設(shè)小球A下滑到水平軌道上時(shí)的速度大小為v1，平臺(tái)水平速度大小為v，由動(dòng)量守恒定律有0mAv1Mv由能量守恒定律有mAghmAv12Mv2聯(lián)立解得v12 m/s，v1 m/s小球A、B碰后運(yùn)動(dòng)方向相反，

37、設(shè)小球A、B的速度大小分別為v1和v2。由于碰后小球A被彈回，且恰好追不上平臺(tái)，則此時(shí)小球A的速度等于平臺(tái)的速度，有v11 m/s由動(dòng)量守恒定律得mAv1mAv1mBv2由能量守恒定律有mAv12mAv12mBv22聯(lián)立解得mB3 kg?！敬鸢浮? kg25(20分) 如圖所示，某空間中有四個(gè)方向垂直于紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相同、半徑均為R的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域1、2、3、4。其中1與4相切，2相切于1和3,3相切于2和4，且第1個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域和第4個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域的豎直方向的直徑在一條直線上。一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的粒子，靜止置于電勢(shì)差為U0的帶電平行板(豎直放置)形成的電場(chǎng)中(初始位置在負(fù)極板附近)

38、，經(jīng)過(guò)電場(chǎng)加速后，從第1個(gè)磁場(chǎng)的最左端水平進(jìn)入，并從第3個(gè)磁場(chǎng)的最下端豎直穿出。已知tan 22.5°0.4，不計(jì)帶電粒子的重力。(1)求帶電粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大?。?2)試判斷：若在第3個(gè)磁場(chǎng)的下面也有一電勢(shì)差為U0的帶電平行板(水平放置，其小孔在第3個(gè)磁場(chǎng)最下端的正下方)形成的電場(chǎng)，帶電粒子能否按原路返回？請(qǐng)說(shuō)明原因；(3)求勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B；(4)若將該帶電粒子自該磁場(chǎng)中的某個(gè)位置以某個(gè)速度釋放后恰好可在四個(gè)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則該粒子的速度大小v為多少？【解析】(1)根據(jù)動(dòng)能定理有：qU0mv2解得v 。(2)不能按原路返回，因?yàn)榱Ｗ舆M(jìn)入第3個(gè)磁場(chǎng)下的電場(chǎng)后，向

39、下減速至速度為零，然后反向加速至速度的大小為v，但進(jìn)入磁場(chǎng)后，根據(jù)左手定則可知，帶電粒子受到的洛倫茲力方向向右，粒子向右偏，故不能按原路返回。(3)設(shè)帶電粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r，如圖甲所示，則根據(jù)運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性和幾何關(guān)系可知，粒子在第1個(gè)磁場(chǎng)和第3個(gè)磁場(chǎng)中各偏轉(zhuǎn)45°，則有：Rrtan 22.5°，解得r2.5R根據(jù)洛倫茲力提供向心力得qvB解得B 。(4)該帶電粒子在四個(gè)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖乙所示，由幾何關(guān)系知其軌道半徑只能是R，根據(jù)洛倫茲力提供向心力得qvBm解得v ?！敬鸢浮?1) (2)見(jiàn)解析(3) (4) 26某研究性學(xué)習(xí)小組用下圖裝置進(jìn)行SO2與F

40、eCl3溶液反應(yīng)的相關(guān)實(shí)驗(yàn)(夾持裝置已略去)。(1)反應(yīng)開(kāi)始一段時(shí)間后，裝置C中的現(xiàn)象為_(kāi)。(2)根據(jù)以上現(xiàn)象，該小組同學(xué)認(rèn)為SO2與FeCl3溶液發(fā)生了氧化還原反應(yīng)。寫(xiě)出SO2與FeCl3溶液反應(yīng)的離子方程式：_。向裝置C中通入足量SO2發(fā)生反應(yīng)后，檢驗(yàn)生成的Fe2+的方法是_。該小組同學(xué)向反應(yīng)后的裝置C的試管中加入硝酸酸化的BaCl2溶液，若出現(xiàn)白色沉淀，則證明反應(yīng)生成了SO42-。該做法不合理的理由是_。(3)若將裝置C中FeCl3溶液更換為Fe(NO3)3和BaCl2的混合液，可觀察到裝置C中出現(xiàn)白色沉淀，該小組對(duì)裝置C中產(chǎn)生沉淀的原因提出下列假設(shè)(不考慮各因素的疊加)： 假設(shè)1：裝置

41、A中白霧進(jìn)入裝置C中參與反應(yīng)。假設(shè)2：_。假設(shè)3：在酸性條件下NO3-能氧化SO2。(4)請(qǐng)你設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證上述假設(shè)3，寫(xiě)出實(shí)驗(yàn)步驟、預(yù)期現(xiàn)象和結(jié)論。【解析】（1）通入足量SO2時(shí)C中發(fā)生二氧化硫與氯化鐵的氧化還原反應(yīng)，生成硫酸亞鐵，則觀察到溶液由棕黃色變?yōu)闇\綠色，故答案為：溶液由棕黃色變?yōu)闇\綠色；（2）發(fā)生氧化還原反應(yīng)，生成硫酸根離子、亞鐵離子，離子反應(yīng)為2Fe3+ +SO2 +2H2O =SO42- +4H+ +2Fe2+，故答案為：2Fe3+ +SO2 +2H2O =SO42- +4H+ +2Fe2+；檢驗(yàn)有Fe2+生成的實(shí)驗(yàn)方法為：取C中反應(yīng)后的溶液，向其中滴入KSCN溶液，不變紅，再加

42、入新制的氯水，溶液變紅，故答案為：取C中反應(yīng)后的溶液，向其中滴入KSCN溶液，不變紅，再加入新制的氯水，溶液變紅；該小組同學(xué)向C試管反應(yīng)后的溶液中加入硝酸酸化的BaCl2溶液，硝酸具有強(qiáng)氧化性，則硝酸可以將溶解的SO2氧化為 H2SO4，干擾試驗(yàn)，故做法不合理，故答案為：不合理；硝酸可以將溶解的SO2氧化為 H2SO4，干擾試驗(yàn)；（3）假設(shè)1：裝置A中白霧進(jìn)入裝置C中參與反應(yīng)。假設(shè)2： SO2被Fe3+氧化了生成了SO42-。假設(shè)3：在酸性條件下NO3-能氧化SO2。故答案為：SO2被Fe3+氧化了生成了SO42-；（4）假如SO2與NO3-反應(yīng)，則可設(shè)計(jì)如下實(shí)驗(yàn)進(jìn)行驗(yàn)證：

43、取適量Ba(NO3)2溶液于試管中；向試管中通入過(guò)量SO2氣體；再向試管中加入過(guò)量鹽酸，若先有白色沉淀生成，加入鹽酸后沉淀不消失，則假設(shè)3成立，故答案為：【答案】(1)溶液由棕黃色變?yōu)闇\綠色；(2)2Fe3+ +SO2 +2H2O =SO42- +4H+ +2Fe2+ ；取少量反應(yīng)后的溶液于試管中，向其中滴人KSCN溶液，不變紅，再滴加適量新制的氯水(或H2O2溶液等)，溶液變紅；硝酸可以將溶解的SO2氧化為H2SO4，干擾實(shí)驗(yàn)；(3)SO2被 Fe3+氧化為SO42- ；27綠礬（FeSO47H2O）是治療缺鐵性貧血藥品的重要成分如圖是以市售鐵屑（含少量錫、氧化鐵等雜質(zhì)）為原料生產(chǎn)純凈綠礬的

44、一種方法：查詢資料，得有關(guān)物質(zhì)的數(shù)據(jù)如下：（1）寫(xiě)出Fe和Fe2O3在硫酸溶液中發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為_(kāi)、 _、_；（2）操作II中，通入硫化氫至飽和的目的是：除去溶液中的Sn2+；_；在溶液中用硫酸酸化至pH=2的目的是_。（3）操作IV的順序依次為_(kāi)、_、過(guò)濾洗滌。（4）操作IV得到的綠礬晶體用少量冰水洗滌，其目的是：除去晶體表面附著的硫酸等雜質(zhì)；_。（5）常溫下，Ksp=1.64×1014，則求得反應(yīng)：Fe2+2H2OFe(OH)2+2H+的平衡常數(shù)為：_（保留1位小數(shù)）?！窘馕觥浚?）鐵與稀硫酸反應(yīng)的離子方程式為Fe+2H+=Fe2+H2，氧化鐵溶解在稀硫酸中的離子反應(yīng)式為F

45、e2O3+6H+=2Fe3+3H2O，F(xiàn)e3+繼續(xù)溶解鐵的離子反應(yīng)式為2Fe3+Fe=3Fe2+；（2）通入硫化氫至飽和除沉淀Sn2+外，因硫化氫具有強(qiáng)還原性，可以防止亞鐵離子被氧化，已知在H2S飽和溶液中，SnS沉淀完全時(shí)溶液的pH為1.6；FeS開(kāi)始沉淀時(shí)溶液的pH為3.0，沉淀完全時(shí)的pH為5.5，操作在溶液中用硫酸酸化至pH=2的目的是，在溶液pH=2時(shí)，Sn2+完全沉淀，亞鐵離子不沉淀；（3）溶液中得到晶體，需要對(duì)溶液進(jìn)行加熱蒸發(fā)濃縮，結(jié)晶析出，過(guò)濾洗滌等，所以操作IV的順序依次為：蒸發(fā)、結(jié)晶、過(guò)濾、洗滌；（4）冰水溫度低，物質(zhì)溶解度減小，可以洗去沉淀表面的雜質(zhì)離子，避免綠礬溶解帶來(lái)

46、的損失；（5）Fe2+2H2OFe（OH）2+2H+的平衡常數(shù)K=6.1×10-15。【答案】（1）Fe+2H+=Fe2+H2 Fe2O3+6H+=2Fe3+3H2O 2Fe3+Fe=3Fe2+ （2）防止Fe2+被氧化 防止Fe2+離子生成沉淀 （3）蒸發(fā)濃縮 冷卻結(jié)晶 （4）降低洗滌過(guò)程中FeSO47H2O的損耗 （5）6.1×101528氫是一種理想的綠色清潔能源，氫氣的制取與儲(chǔ)存是氫能源利用領(lǐng)域的研究重點(diǎn)。已知利用FeO與Fe3O4循環(huán)制氫的相關(guān)反應(yīng)如下：反應(yīng)I H2O(g)+3FeO(s)Fe3O4 (s) + H2(g) H=a kJ mo1-1；反應(yīng)2Fe3O

47、4(s)FeO (s) + O2(g) H=b kJ mo1-1。(1)反應(yīng)：2H2O(g)=2H2(g)+O2(g) H =_(用含 a、b的代數(shù)式表示)kJ mo1-1。(2)上述反應(yīng)中a<0、b>0，從能源利用及成本的角度考慮，實(shí)現(xiàn)反應(yīng)II可采用的方案是_。(3)900時(shí)，在甲、乙兩個(gè)體積均為2.0 L的密閉容器中分別投入0.60 mol FeO(s)并通入0.20 mol H2O(g)，甲容器用 FeO細(xì)顆粒，乙容器用FeO粗顆粒。反應(yīng)過(guò)程中H2的生成速率的變化如圖1所示。用FeO細(xì)顆粒和FeO粗顆粒時(shí)，H2的生成速率不同的原因是_。用FeO細(xì)顆粒時(shí)H2O(g)的平衡轉(zhuǎn)化率

48、與用FeO粗顆粒時(shí)H2O(g)的平衡轉(zhuǎn)化率的關(guān)系是_(填“前者大”“前者小”或“相等”)。(4)FeO的平衡轉(zhuǎn)化率與溫度的關(guān)系如圖2所示。請(qǐng)?jiān)趫D3中畫(huà)出1000、用FeO細(xì)顆粒時(shí)，H2O(g)轉(zhuǎn)化率隨時(shí)間的變化曲線(進(jìn)行相應(yīng)的標(biāo)注)。(5)NH3-O2燃料電池的結(jié)構(gòu)如圖所示。 a極為電池的_(填“正”或“負(fù)”)極，電極反應(yīng)式： 。當(dāng)生成1 mol N2時(shí)，電路中流過(guò)電子的物質(zhì)的量為_(kāi)。【解析】（1）已知H2O(g)+3FeO(s)Fe3O4 (s) + H2(g) H=a kJ mo1-1（）；2 Fe3O4(s)FeO (s) + O2(g) H=b kJ mo1-1（），利用蓋斯定律，將（

49、）×2+（）可得2H2O(g)=2H2(g)+O2(g) H =（2a-b）kJ/mol，答案為：2a+b；（2）b>0，要使該制氫方案有實(shí)際意義，應(yīng)給反應(yīng)提供能量才能使反應(yīng)發(fā)生，可利用廉價(jià)清潔能源提供熱能或利用太陽(yáng)能、地?zé)崮?、生物能、核能等，故答案為：用反?yīng)I放出的熱量向反應(yīng)II供熱或用廉價(jià)清潔能源提供熱能；（3）因細(xì)顆粒FeO表面積大，固體的表面積越大，與氫氣的接觸面越大，則反應(yīng)速率越大，故答案為：細(xì)顆粒FeO表面積大，與氫氣的接觸面越大，反應(yīng)速率加快；固體的表面積大小與平衡移動(dòng)無(wú)關(guān)，則平衡狀態(tài)相同，故答案為：相等；（4）由圖1可知，升高溫度，F(xiàn)eO的轉(zhuǎn)化率降低，說(shuō)明正反應(yīng)

50、為放熱反應(yīng)，升高溫度，反應(yīng)速率增大，但反應(yīng)物的轉(zhuǎn)化率降低，則圖象為。（5）a極通入氨氣，是負(fù)極，電極反應(yīng)式是：2NH3-6e-+6OH- = N2+6H2O。按其中N的化合價(jià)由-3價(jià)變成0價(jià)，當(dāng)生成1molN2時(shí)，轉(zhuǎn)移電子的物質(zhì)的量為6mol，故答案為：6mol?！敬鸢浮?l)2a+b；(2)用反應(yīng)I放出的熱量向反應(yīng)II供熱或用廉價(jià)清潔能源提供熱能；(3)FeO細(xì)顆粒表面積大，與H2O的接觸面積大，反應(yīng)速率快；相等(4) (5) 負(fù)極 2NH3-6e-+6OH- = N2+6H2O 6mol29.（10分） 為探究溫度對(duì)過(guò)氧化氫酶活性的影響，科研人員以2%的酵母菌液作為酶源，進(jìn)行如下探究實(shí)驗(yàn)：

51、設(shè)計(jì)如圖實(shí)驗(yàn)裝置。實(shí)驗(yàn)組注射器A內(nèi)吸入1%的H2O2溶液5mL，注射器B內(nèi)吸入2%的酵母菌液2mL。對(duì)照組注射器A內(nèi)吸入1%的H2O2溶液5mL，注射器B內(nèi)吸入蒸餾水2mL。用乳膠管連接注射器A和B，在乳膠管上夾上止水夾。設(shè)置溫度梯度:0、10、20、30、40、50、60。將實(shí)驗(yàn)組和對(duì)照組裝置在相應(yīng)溫度下保溫l0min。打開(kāi)止水夾，將注射器A中的液體勻速推至注射器B中，立即關(guān)閉止水夾，記錄注射器B中活塞的刻度。5min后再次記錄刻度，計(jì)算刻度變化量，重復(fù)3次。將對(duì)照組和實(shí)驗(yàn)組在各溫度下獲得的3次實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作相應(yīng)處理，繪制曲線如下圖。請(qǐng)回答下列問(wèn)題：（1）步驟中設(shè)置對(duì)照組的目的是 。步驟中實(shí)驗(yàn)組

52、和對(duì)照組裝置在相應(yīng)溫度下先保溫l0min的目的是 。步驟中的“相應(yīng)處理”是指 。（2）有人認(rèn)為，本實(shí)驗(yàn)不宜采用H2O2溶液作為“探究溫度對(duì)酶活性的影響”的實(shí)驗(yàn)材料。你是否同意他的觀點(diǎn)？請(qǐng)簡(jiǎn)要說(shuō)明理由。 。（3）有人認(rèn)為，以酵母菌液作為過(guò)氧化氫酶源不是很嚴(yán)謹(jǐn)，其依據(jù)是 ?！窘馕觥扛鶕?jù)實(shí)驗(yàn)?zāi)康暮蛯?shí)驗(yàn)步驟分析可知，該實(shí)驗(yàn)的自變量是溫度，因變量是酶的活性，用注射器的刻度變化量表示。據(jù)圖分析，在實(shí)驗(yàn)溫度范圍內(nèi)，隨著溫度的升高，酶的活性逐漸升高，30時(shí)酶的活性最高，而超過(guò)該溫度后酶的活性又逐漸降低，直至失活。（1）步驟中設(shè)置對(duì)照組的目的是排除溫度等對(duì)過(guò)氧化氫溶液分解的影響。為了保證酵母菌液和H2O2溶液在

53、混合前達(dá)到需控制的溫度，步驟中實(shí)驗(yàn)組和對(duì)照組裝置應(yīng)該在相應(yīng)溫度下先保溫l0min。步驟中的“相應(yīng)處理”指的是求3次數(shù)據(jù)的平均值。（2）實(shí)驗(yàn)結(jié)果表明H2O2溶液在060之間未發(fā)生明顯的分解，因此可以采用H2O2溶液作為“探究溫度對(duì)酶活性的影響”的實(shí)驗(yàn)材料。（3）由于酵母菌體內(nèi)的其他物質(zhì)也可能催化H2O2溶液的分解，因此該實(shí)驗(yàn)以酵母菌液作為過(guò)氧化氫酶源不是很嚴(yán)謹(jǐn)?！敬鸢浮浚?）排除溫度等對(duì)過(guò)氧化氫溶液分解的影響 保證酵母菌液和H2O2溶液在混合前達(dá)到需控制的溫度 求3次數(shù)據(jù)的平均值 （2）不同意，實(shí)驗(yàn)結(jié)果表明H2O2溶液在060之間未發(fā)生明顯的分解 （3）酵母菌體內(nèi)的其他物質(zhì)也可能催化H2O2溶液的分解30.（10分）正常情況下，人體腎臟的持續(xù)最大利尿速度是每分鐘16mL，旦攝取水分的速度超過(guò)了該標(biāo)準(zhǔn)，體內(nèi)以鈉為主的電解質(zhì)就會(huì)被稀釋，從而使細(xì)胞膨脹，最終引發(fā)“水中毒”一般會(huì)導(dǎo)致頭暈眼花、嘔吐、虛弱無(wú)力等癥狀，嚴(yán)重時(shí)會(huì)出現(xiàn)痙攣、昏迷甚至生命危險(xiǎn)?；卮鹣铝袉?wèn)題：（1）人體內(nèi)水的平衡調(diào)節(jié)是在 （填調(diào)節(jié)方式）的作用下，主要通過(guò)腎臟來(lái)完成的。（2）抗利尿激素的化學(xué)本質(zhì)是_，其發(fā)揮作用是要與靶細(xì)胞上的_結(jié)合。這體現(xiàn)了細(xì)胞膜具有_的功能。（3）“水中毒”最重要的化驗(yàn)