2022-2023學(xué)年瀘州市重點(diǎn)中學(xué)物理高三第一學(xué)期期中調(diào)研試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)1考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無(wú)效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號(hào)等須加黑、加粗一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是

2、符合題目要求的。1、某物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，其位移與時(shí)間的關(guān)系為x0.5tt2(m)，則當(dāng)物體的速度為3 m/s時(shí)，物體已運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為A3 sB2.5 sC1.25 sD6 s2、在北京飛控中心工作人員的精密控制下，嫦娥三號(hào)開(kāi)始實(shí)施近月制動(dòng)，進(jìn)入100公里環(huán)月軌道，隨后嫦娥三號(hào)探測(cè)器再次變軌，從100公里的環(huán)月圓軌道，降低到近月點(diǎn)（B點(diǎn)）15公里、遠(yuǎn)月點(diǎn)（A點(diǎn)）100公里的橢圓軌道，為下一步月面軟著陸做準(zhǔn)備關(guān)于嫦娥三號(hào)衛(wèi)星，下列說(shuō)法正確的是()A衛(wèi)星在軌道運(yùn)動(dòng)的周期小于在軌道運(yùn)動(dòng)的周期B衛(wèi)星在軌道上A點(diǎn)的加速度大于在軌道上A點(diǎn)的加速度C衛(wèi)星在軌道經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能大于在軌道經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能D衛(wèi)星

3、從軌道變軌到軌道，機(jī)械能增大3、質(zhì)量M=1kg的長(zhǎng)木板置于水平地面上，木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)。木板上放有質(zhì)量分別為mA=2kg和mB=1kg的A、B兩物塊，A、B與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為、，水平恒力F作用在物塊A上，如圖所示。已知最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，g=10m/s2。則（ ）A若F=5N，物塊A受到的摩擦力大小為5NB若F=6N，物塊B受到的摩擦力大小為5NC若F=7N，物塊A將會(huì)相對(duì)木板滑動(dòng)D無(wú)論力F多大，B與長(zhǎng)木板之間都不會(huì)發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)4、如圖,光滑水平面上緊挨著放了四個(gè)質(zhì)量相同的鐵塊,現(xiàn)用一水平向右的恒力作用在第4個(gè)鐵塊上、設(shè)1、2之間的壓力為F1，2,3之的力為F2,3,4

4、之間的壓力為F3,則關(guān)于這三個(gè)壓力的大小以下說(shuō)法正確的是（ ）AF1F2F3BF1=F2=F3CF1F2F2=F35、如圖所示，在發(fā)射地球同步衛(wèi)星的過(guò)程中，衛(wèi)星首先進(jìn)入橢圓軌道I，然后在Q點(diǎn)通過(guò)改變衛(wèi)星速度，讓衛(wèi)星進(jìn)入地球同步軌道，則（）A該衛(wèi)星的發(fā)射速度必定大于11. 2 km/sB衛(wèi)星在同步軌道II上的運(yùn)行速度大于7. 9 km/sC在軌道I上，衛(wèi)星在P點(diǎn)的速度小于在Q點(diǎn)的速度D衛(wèi)星在Q點(diǎn)通過(guò)加速實(shí)現(xiàn)由軌道I進(jìn)入軌道II6、如圖，A、B兩物體疊放在一起，靜放在水平地面上，在水平拉力F的作用下，兩者相對(duì)靜止一起向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則下列說(shuō)法正確的是AB對(duì)A的摩擦力對(duì)A做負(fù)功BB對(duì)A的摩擦力

5、對(duì)A不做功CA對(duì)B的摩擦力對(duì)B做負(fù)功DB對(duì)A的支持力對(duì)A做正功二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、某質(zhì)量為1kg的物體，受水平拉力作用沿水平地面做直線運(yùn)動(dòng)，其圖象如圖所示，已知第1秒內(nèi)拉力的大小是第2秒內(nèi)拉力的大小的2倍，則A第1秒內(nèi)拉力做功是第2秒內(nèi)拉力做功的兩倍B在時(shí)間內(nèi)，克服摩擦力做功為JC在時(shí)間內(nèi)，物體的位移大小為mD3s末，拉力的功率為1W8、如圖所示，在傾角=37固定斜面體的底端附近固定一擋板，一質(zhì)量不計(jì)的彈簧下端固定在擋板上，彈簧自然伸長(zhǎng)時(shí)其上端位于斜面

6、體上的O點(diǎn)處質(zhì)量分別為mA=4.0kg、mB=1.0kg的物塊A和B用一質(zhì)量不計(jì)的細(xì)繩連接，跨過(guò)固定在斜面體頂端的光滑定滑輪，開(kāi)始物塊A位于斜面體上的M處，物塊B懸空，現(xiàn)將物塊A和B由靜止釋放，物塊A沿斜面下清，當(dāng)物塊A將彈簧壓縮到N點(diǎn)時(shí)，物塊A、B的速度減為零。已知MO=1.0m，ON=0.5m，物塊A與斜面體之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.25，重力加速度取g=10m/s2，sin37=0.6，整個(gè)過(guò)程細(xì)繩始終沒(méi)有松弛。則下列說(shuō)法正確的是A物塊A在與彈簧接觸前的加速度大小為1.2m/s2B物塊A在與彈簧接觸前的加速度大小為1.5m/s2C物塊A位于N點(diǎn)時(shí)，彈簧所儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能為9JD物塊A位于N點(diǎn)

7、時(shí)，彈簧所儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能為21J9、如圖甲為一列簡(jiǎn)諧橫波在某一時(shí)刻的波形圖，圖乙為介質(zhì)中x2m處的質(zhì)點(diǎn)P以此時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)的振動(dòng)圖像下列說(shuō)法正確的是（ ）A這列波的傳播方向是沿x軸正方向B這列波的傳播速度是20 m/sC經(jīng)過(guò)0.15 s，質(zhì)點(diǎn)P沿x軸的正方向傳播了3 mD經(jīng)過(guò)0.1 s，質(zhì)點(diǎn)Q的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸正方向E.經(jīng)過(guò)0.35 s，質(zhì)點(diǎn)Q距平衡位置的距離小于質(zhì)點(diǎn)P距平衡位置的距離10、如圖甲所示，質(zhì)量為m、電荷量為-e的粒子初速度為零，經(jīng)加速電壓U1加速后，從水平方向沿O1O2垂直進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)已知形成偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的平行板電容器的極板長(zhǎng)為L(zhǎng)，兩極板間距為d，O1O2為兩極板的中線，P是足夠大的熒

8、光屏，且屏與極板右邊緣的距離為L(zhǎng)不考慮電場(chǎng)邊緣效應(yīng)，不計(jì)粒子重力則下列說(shuō)法正確的是A粒子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的速度大小為2eU1mB若偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)兩板間加恒定電壓U0，粒子經(jīng)過(guò)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后正好擊中屏上的A點(diǎn)，A點(diǎn)與上極板M在同一水平線上，則所加電壓U0=U1d23L2C若偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)兩板間的電壓按如圖乙所示作周期性變化，要使粒子經(jīng)加速電場(chǎng)后在t0時(shí)刻進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后水平擊中A點(diǎn)，則偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)周期T應(yīng)該滿足的條件為T=Lnm2eU1(n=1,2,3.)D若偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)兩板間的電壓按如圖乙所示作周期性變化，要使粒子經(jīng)加速電場(chǎng)并在t0時(shí)刻進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后水平擊中A點(diǎn)，則偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)電壓U0應(yīng)該滿足的條件為U0=4nU1d2L2(n

9、=1,2,3.)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11（6分）某同學(xué)做“探究求合力的方法”的實(shí)驗(yàn)，將一木板豎直放在鐵架臺(tái)和彈簧所在平面后，其部分實(shí)驗(yàn)操作如下，請(qǐng)完成下列相關(guān)內(nèi)容： a如圖甲，在木板上記下懸掛兩個(gè)鉤碼時(shí)彈簧末端的位置 O；b卸下鉤碼，然后將兩繩套系在彈簧末端，用兩彈簧測(cè)力計(jì)將彈簧末端拉到同一位置O，記錄細(xì)繩套AO、BO的_及兩彈簧測(cè)力計(jì)相應(yīng)的讀數(shù)，圖乙中B端彈簧測(cè)力計(jì)的每小格為_(kāi)N，此時(shí)B端彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)為_(kāi)N；c該同學(xué)在坐標(biāo)紙上畫出兩彈簧拉力FA、FB的大小和方向如圖丙所示，請(qǐng)你用作圖工具在圖丙中作出FA、FB的合力 F（

10、_）；d已知鉤碼的重力，可得彈簧所受的實(shí)際拉力F如圖丙所示；e最后觀察比較 F 和 F，得出結(jié)論12（12分）用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置可以測(cè)量物塊與水平桌面之間動(dòng)摩擦因數(shù)，已知鉤碼質(zhì)量為m，滑塊質(zhì)量是鉤碼質(zhì)量的n倍，重力加速度為g用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光片的寬度d.用米尺測(cè)量出滑塊起始位置到光電門之間的距離s.(鉤碼不會(huì)觸擊到地面)調(diào)整輕滑輪，使細(xì)線水平釋放物塊，記錄數(shù)字毫秒計(jì)測(cè)出的遮光片經(jīng)過(guò)光電門時(shí)間t.改變物塊與光電門之間的距離s，重復(fù)多次，得到多組數(shù)據(jù).根據(jù)上述實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)求出動(dòng)摩擦因數(shù).回答下面的問(wèn)題：物塊經(jīng)過(guò)光電門時(shí)的速度v_.物塊的加速度a=_.如果采用圖像法處理數(shù)據(jù)， 以起始位置到光電門之間的

11、距離s為橫坐標(biāo)，選用_為縱坐標(biāo)，才能得到一條直線如果這條直線的斜率斜率為k，由圖像可知，物體與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_(kāi)四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖1所示，用一根不可伸長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)線將小球懸掛在天花板上的O點(diǎn)，現(xiàn)將小球拉離平衡位置，使細(xì)線與豎直方向成一夾角（該夾角小于5）后由靜止釋放小球的大小和受到的空氣阻力忽略不計(jì)（1）證明小球的運(yùn)動(dòng)是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)；（2）由傳感器測(cè)得小球偏離平衡位置的位移隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖2所示，求小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度值14（16分）如圖所示，充電后的平行板電容器水平放置，極

12、板間距離為d，上極板正中有一小孔。質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球從小孔正上方高h(yuǎn)處由靜止開(kāi)始下落，穿過(guò)小孔到達(dá)下極板處速度恰為零?？諝庾枇雎圆挥?jì)，僅在電容器兩極板間存在電場(chǎng)且可視為勻強(qiáng)電場(chǎng)，重力加速度為g。求：（1）小球到達(dá)小孔處的速度大??；（2）兩極板間電勢(shì)差U15（12分）如圖所示，豎直圓盤繞中心O沿順時(shí)針?lè)较騽蛩俎D(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)圓盤邊緣上的P點(diǎn)轉(zhuǎn)到與O同一高度時(shí)，一小球從O點(diǎn)以初速度0水平向P拋出，當(dāng)P點(diǎn)第一次轉(zhuǎn)到位置Q時(shí)，小球也恰好到達(dá)位置Q，此時(shí)小球的動(dòng)能是拋出時(shí)動(dòng)能的5倍，已知重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力。由此可求： (1)小球從拋出到與P相遇的時(shí)間?(2)圓盤的半徑?參考答案一、單項(xiàng)選擇

13、題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】根據(jù)x=v0t+at1=0.5t+t1知，初速度v0=0.5m/s，加速度a=1m/s1根據(jù)速度時(shí)間公式v=v0+at得，A. 3 s，與計(jì)算結(jié)果不相符，A錯(cuò)誤；B1.5 s，與計(jì)算結(jié)果不相符，B錯(cuò)誤；C1.15 s，與計(jì)算結(jié)果相符，C正確；D6 s，與計(jì)算結(jié)果不相符，D錯(cuò)誤2、A【解析】根據(jù)開(kāi)普勒第三定律分析周期關(guān)系衛(wèi)星在軌道上運(yùn)動(dòng)，由萬(wàn)有引力產(chǎn)生加速度，根據(jù)萬(wàn)有引力大小判斷加速度的大小衛(wèi)星繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，由萬(wàn)有引力完全提供向心力，從軌道I變軌到軌道II要做近心運(yùn)動(dòng)，外界提供

14、的向心力大于運(yùn)動(dòng)所需向心力，故從軌道I到軌道II上要減速【詳解】A項(xiàng)：由于軌道的半長(zhǎng)軸小于軌道的半徑，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律知，衛(wèi)星在軌道運(yùn)動(dòng)的周期小于在軌道運(yùn)動(dòng)的周期，故A正確；B項(xiàng)：根據(jù)牛頓第二定律得，得：，知衛(wèi)星經(jīng)過(guò)同一點(diǎn)時(shí)加速度一定，則衛(wèi)星在軌道上A點(diǎn)的加速度與在軌道上A點(diǎn)的加速度相同，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：根據(jù)開(kāi)普勒第二定律知，衛(wèi)星在軌道經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的速度小于在軌道經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速度，則衛(wèi)星在軌道經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能小于在軌道經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：衛(wèi)星從軌道I變軌到軌道II的過(guò)程中，做近心運(yùn)動(dòng)，需在A點(diǎn)減速，所以機(jī)械能減小，故D錯(cuò)誤故應(yīng)選：A【點(diǎn)睛】解決本題是要開(kāi)普勒第二、第三定律，知道衛(wèi)

15、星做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)由萬(wàn)有引力完全提供向心力3、D【解析】A與木板間的最大靜摩擦力為；B與木板間的最大靜摩擦力為；木板與地面間的最大靜摩擦力為；A：若F=5N，木板已相對(duì)地面滑動(dòng)，設(shè)AB相對(duì)木板靜止，則對(duì)整體，對(duì)A： ，解得： ；對(duì)B： ，解得： 故AB確實(shí)相對(duì)木板靜止，且；故A錯(cuò)誤。B：若F=6N，木板已相對(duì)地面滑動(dòng)，設(shè)AB相對(duì)木板靜止，則對(duì)整體，對(duì)A： ，解得： ；對(duì)B： ，解得： 故AB確實(shí)相對(duì)木板靜止，且；故B錯(cuò)誤。C：若F=7N，木板已相對(duì)地面滑動(dòng)，設(shè)AB相對(duì)木板靜止，則對(duì)整體，對(duì)A： ，解得： ；對(duì)B： ，解得： 所以AB確實(shí)相對(duì)木板靜止；故C錯(cuò)誤。D：木板和B之所以能運(yùn)動(dòng)，是A與木板間

16、的摩擦力做動(dòng)力，當(dāng)A與木板間的摩擦力達(dá)到最大時(shí)，設(shè)木板和B相對(duì)靜止，對(duì)木板和B： ，對(duì)B： ，解得： ；即A與木板間的摩擦力達(dá)到最大時(shí)，木板和B仍相對(duì)靜止。則無(wú)論力F多大，B與長(zhǎng)木板之間都不會(huì)發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)。故D正確。點(diǎn)睛：連接體問(wèn)題中不確定能否保持相對(duì)靜止的問(wèn)題，可先假設(shè)相對(duì)靜止，算出所需的摩擦力與最大靜摩擦力對(duì)比；也可算出最大靜摩擦力出現(xiàn)時(shí)對(duì)應(yīng)的情況，與題中條件對(duì)比。4、C【解析】設(shè)每塊鐵塊的質(zhì)量為m，以四鐵塊為整體，由牛頓第二定律可得：a=F4m 對(duì)1有：F1=ma=F4 對(duì)1和2整體有：F2=2ma=F2對(duì)1、2和3整體有：F3=3ma=3F4 所以F1F2F3，故應(yīng)選：C。5、D【解析

17、】了解同步衛(wèi)星的特點(diǎn)和第一宇宙速度、第二宇宙速度的含義，當(dāng)萬(wàn)有引力剛好提供衛(wèi)星所需向心力時(shí)，衛(wèi)星正好可以做勻速圓周運(yùn)動(dòng)：若是“供大于需”，則衛(wèi)星做逐漸靠近圓心的運(yùn)動(dòng)；若是“供小于需”，則衛(wèi)星做逐漸遠(yuǎn)離圓心的運(yùn)動(dòng).【詳解】11.2km/s是衛(wèi)星脫離地球束縛的發(fā)射速度，而同步衛(wèi)星仍然繞地球運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；7.9km/s即第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，也是最大的圓周運(yùn)動(dòng)的環(huán)繞速度，而同步衛(wèi)星的軌道半徑要大于近地衛(wèi)星的軌道半徑，根據(jù)v的表達(dá)式可以發(fā)現(xiàn)，同步衛(wèi)星運(yùn)行的線速度一定小于第一宇宙速度，故B錯(cuò)誤；根據(jù)開(kāi)普勒第二定律，在軌道I上，P點(diǎn)是近地點(diǎn)，Q點(diǎn)是遠(yuǎn)地點(diǎn)，則衛(wèi)星在P點(diǎn)的速度大于在Q點(diǎn)的速度，

18、故C錯(cuò)誤；從橢圓軌道到同步軌道，衛(wèi)星在Q點(diǎn)是做逐漸遠(yuǎn)離圓心的運(yùn)動(dòng)，要實(shí)現(xiàn)這個(gè)運(yùn)動(dòng)必須衛(wèi)星所需向心力大于萬(wàn)有引力，所以應(yīng)給衛(wèi)星加速，增加所需的向心力，故D正確；故選D【點(diǎn)睛】本題考查萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用，知道第一宇宙速度的特點(diǎn)，衛(wèi)星變軌也就是近心運(yùn)動(dòng)或離心運(yùn)動(dòng)，根據(jù)提供的萬(wàn)有引力和所需的向心力關(guān)系確定6、C【解析】AB. 整體的加速度方向向右，對(duì)A物體運(yùn)用牛頓第二定律，知A所受摩擦力方向水平向右，所以B對(duì)A的摩擦力對(duì)A做正功，故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤；C. A對(duì)B的摩擦力方向水平向左，所以A對(duì)B的摩擦力對(duì)B做負(fù)功，故C正確；D.B對(duì)A支持力的方向與運(yùn)動(dòng)方向垂直，所以支持力不做功，故D錯(cuò)誤；二、多項(xiàng)選擇題：

19、本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】ABC、第2s內(nèi)物體做勻速運(yùn)動(dòng)，拉力等于摩擦力，即，在v-t圖象中，斜率代表加速度，第1秒內(nèi)加速度為，根據(jù)牛頓第二定律可得，解得，在v-t圖象中，與時(shí)間軸所圍面積為物體所圍面積，第1秒內(nèi)位移為，第2秒內(nèi)位移為，第3秒內(nèi)位移為，在03s時(shí)間內(nèi)，物體的位移大小為；第1秒內(nèi)拉力做功，第2秒內(nèi)拉力做功，在03s時(shí)間內(nèi)，克服摩擦力做功為，故C正確，A、B錯(cuò)誤；D、第3秒內(nèi)加速度大小為，根據(jù)牛頓第二定律可得，解得第3秒內(nèi)拉力為，拉力的功率為，故D正

20、確；故選CD【點(diǎn)睛】關(guān)鍵是知道在v-t圖象中，斜率代表加速度，結(jié)合牛頓第二定律求得拉力的大小關(guān)系，在v-t圖象中，與時(shí)間軸所圍面積為物體的位移8、AC【解析】對(duì)AB整體，由牛頓第二定律可得：，解得a=1.2m/s2，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；由能量關(guān)系可知，物塊A位于N點(diǎn)時(shí)，彈簧所儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能為 ，解得EP=9J，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤；故選AC.9、ABE【解析】試題分析：由振動(dòng)圖象讀出t=0時(shí)刻P點(diǎn)的振動(dòng)方向，判斷波的傳播方向由波動(dòng)圖象讀出波長(zhǎng)，由振動(dòng)圖象讀出周期，可求出波速分析波動(dòng)過(guò)程，根據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系，判斷Q點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向由乙圖讀出，t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的速度向下，則由波形的平移法可知，這列波沿x

21、軸正方向傳播，A正確；由圖知：=4m，T=0.2s，則波速，B正確；簡(jiǎn)諧橫波中質(zhì)點(diǎn)在平衡位置附近振動(dòng)，并不隨著波遷移，C錯(cuò)誤；圖示時(shí)刻Q點(diǎn)沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)Q的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向，D錯(cuò)誤；t=0.35s=1.75T，經(jīng)過(guò)0.35 s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P到達(dá)波峰，而質(zhì)點(diǎn)Q位于平衡位置與波谷之間，故質(zhì)點(diǎn)Q距平衡位置的距離小于質(zhì)點(diǎn)P距平衡位置的距離，E正確10、ACD【解析】根據(jù)動(dòng)能定理求出粒子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的速度v的大小粒子出電場(chǎng)后反向速度的反向延長(zhǎng)線經(jīng)過(guò)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中軸線的中點(diǎn)，根據(jù)幾何關(guān)系得出速度與水平方向的夾角，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出偏轉(zhuǎn)電壓的大小【詳解】在加速電場(chǎng)中，根據(jù)動(dòng)能定理得：eU1

22、=12mv2，解得v=2eU1m，故A正確；粒子出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)，速度的反向延長(zhǎng)線經(jīng)過(guò)中軸線的中點(diǎn)，由題意知，電子經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)到達(dá)A點(diǎn)，設(shè)電子離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的偏轉(zhuǎn)角為，則由幾何關(guān)系得：d2=L+12Ltan，解得tan=d3L，又tan=vyv=eU0mdLvv=eU0Lmdv2，解得：U0=2U1d23L2，故B錯(cuò)誤；交變電壓的周期等于粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中的周期，當(dāng)粒子出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)，粒子在沿電場(chǎng)方向上的分速度為零，可知要使電子在水平方向擊中A點(diǎn)，電子必向上極偏轉(zhuǎn)，且vy=0，則電子應(yīng)在t=0時(shí)刻進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，且電子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為整數(shù)個(gè)周期，設(shè)電子從加速電場(chǎng)射出的速度為v0，則因?yàn)殡娮铀缴涑?，則電子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間滿足t=Lv0=nT，而t=Lv0 ，解得：T=Lnv0=Ln2eU1m=Lnm2eU1（n=1、2、3、4），在豎直方向位移應(yīng)滿足d2=2n12aT22=2n12eU0dmT22，解得：U0=2nmd2v02eL2=4nU1d2L2（n=1、2、3、4），故CD正確，故選ACD【點(diǎn)睛】本題是帶電粒子先加速后偏轉(zhuǎn)問(wèn)題，電場(chǎng)中加速根據(jù)動(dòng)能定理求解獲得的速度、偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中類平拋運(yùn)動(dòng)的研究方法是運(yùn)動(dòng)的分解和合成三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、方向 11.40 【解析】（1）根據(jù)驗(yàn)證