2023屆江蘇省揚州市邗江區(qū)瓜洲中學物理高三上期中考試試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在物理學發(fā)展過程中，許多科學家做出了貢獻，下列說法正確的是（）A伽利略利用“理想斜面”得出“力是維持物體運動的原因”的觀點B牛頓提出了行星運動的三大定律C英國物理

2、學家卡文迪許利用扭秤實驗裝置比較準確地測出了萬有引力常量D開普勒從理論和實驗兩個角度，證明了輕、重物體下落一樣快，從而推翻了古希臘學者亞里士多德的“小球質量越大下落越快”的錯誤觀點2、如圖所示，正在考試中的小明，胳膊不小心把課桌邊緣的橡皮碰到，橡皮豎直下落，落地的瞬時速度最接近（ ）A2m/sB4m/sC6m/sD8m/s3、將地面上靜止的貨物豎直向上吊起，貨物由地面運動至最高點的過程中，v-t圖象如圖所示以下判斷正確的是A前3s內(nèi)貨物處于失重狀態(tài)B前3s內(nèi)與最后2s內(nèi)貨物的平均速度相同C最后2s內(nèi)貨物只受重力作用D第3s末至第5s末的過程中，貨物的機械能守恒4、一同學從樓的窗口處，兩只手一高

3、一低同時釋放兩個鐵球，忽略空氣的影響，則兩球在落地 前的運動情況，下列敘述正確的是（ ）A下落過程中兩球間的距離逐漸增大B下落過程中兩球間的距離保持不變C下落過程中兩球間的距離逐漸減小D兩球落地時的速度相等5、一個重為G的均質光滑小球，放在傾角的斜面及擋板間當擋板垂直斜面（如圖甲）和豎直（如圖乙）時，小球對擋板的壓力分別為和，則為（ ）A1BCD6、如圖所示，A、B兩球分別套在兩光滑無限長的水平直桿上，兩球通過一輕繩繞過一定滑輪（軸心固定不動）相連，某時刻連接兩球的輕繩與水平方向的夾角分別為、，A球向左的速度為v，下列說法正確的是A此時B球的速度為B此時B球的速度為C當增大到等于時，B球的速度

4、達到最大，A球的速度也最大D在整個運動過程中，繩對B球的拉力一直做正功二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一列簡諧機械橫波沿x軸正方向傳播，波速為2m/s.某時刻波形如圖所示，a、b兩質點的平衡位置的橫坐標分別為xa2.5m，xb4.5m，則下列說法中正確的是（）A質點b振動的周期為 4 sB平衡位置x10.5m處的質點 （圖中未畫出）與a質點的振動情況總相同C此時質點a的速度比質點 b 的速度大D質點a從圖示開始在經(jīng)過個周期的時間內(nèi)通過的路程為 2cmE.如果該波在

5、傳播過程中遇到尺寸小于 8m 的障礙物，該波可發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象8、如圖所示，光滑定滑輪固定在天花板上，一足夠長的細繩跨過滑輪，一端懸掛小球b，另一端與套在水平粗糙圓形直桿上的小球a（球中心孔徑比桿的直徑大些）連接。已知小球b的質量是小球a的2倍。用一水平拉力作用到小球a上，使它從圖示虛線（最初是豎直的）位置開始緩慢向右移動一段距離，在這一過程中 A當細繩與直桿的夾角達到30時，桿對a球的壓力為零B天花板對定滑輪的作用力大小逐漸增大C直桿對a球的摩擦力可能先減小后增加D水平拉力一定逐漸增大9、下列說法中不正確的是（ ）A根據(jù)F=pt，可把牛頓第二定律表述為：物體動量的變化率等于它所受的合外力B

6、作用在靜止物體上的力的沖量一定為零C物體的動能發(fā)生改變，其動量一定發(fā)生改變D物體的動量發(fā)生改變，則合外力一定對物體做了功10、如圖所示，傾角為30的光滑斜面底端固定一輕彈簧，點為原長位置。質量為的滑塊從斜面上點由靜止釋放，物塊下滑并壓縮彈簧到最短的過程中，最大動能為。現(xiàn)將物塊由點上方處的點由靜止釋放，彈簧被壓縮過程中始終在彈性限度內(nèi)，取，則下列說法正確的是（）A點到點的距離小于B從點釋放后滑塊運動的最大動能為C從點釋放滑塊被彈簧彈回經(jīng)過點的動能小于D從點釋放彈簧最大彈性勢能比從點釋放增加了三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖所

7、示為探究牛頓第二定律的實驗裝置該裝置由氣墊導軌、兩個光電門、滑塊和沙桶等組成光電門可以測出滑塊通過光電門的時間，導軌標尺可以測出兩個光電門間的距離，另用天平測出滑塊(含遮光片）和沙桶（含沙子）的質量分別為M和m(1)在探究牛頓第二定律的實驗中，使用氣墊導軌的主要目的是_A減小噪聲B減小滑塊速度C減小摩擦力D增加摩擦力(2)如果滑塊上的遮光板寬度為d，通過1、2兩個光電門時的擋光時問分別為t1和t2，測量出兩個光電門之間的距離s，那么滑塊運動的加速度a的計算式是a=_12（12分）某物理課外小組利用圖（a）中的裝置探究物體加速度與其所受合外力之間的關系圖中，置于實驗臺上的長木板水平放置，其右端固

8、定一輕滑輪，輕繩跨過滑輪，一端與放在木板上的小滑車相連，另一端可懸掛鉤碼本實驗中可用的鉤碼共有個，每個質量均為實驗步驟如下：（1）為了平衡小車與木板間的摩擦力，將個鉤碼全部放入小車中，在長木板左下方墊上適當厚度的小物快，使小車（和鉤碼）可以在木板上_（填“勻速”、“加速”、“減速”）下滑（2）從小車上取個鉤碼掛在輕繩右端，其余個鉤碼仍留在小車內(nèi)；用手按住小車并使輕繩與木板平行由靜止釋放小車，同時用傳感器記錄小車在時間內(nèi)相對于其起始位置的位移，則小車的加速度 _（用和表達）（3）依次改變的值，分別測出小車相應的加速度，得到圖像如圖（b）所示，已知該直線的斜率為，重力加速度為，則小車（不含鉤碼）的

9、質量為_（用、表達）（4）若以“保持木板水平”來代替步驟（1），下列說法正確的是_(填正確答案標號)A圖線不再是直線B圖線仍是直線，該直線不過原點C圖線仍是直線，該直線的斜率變大四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，豎直平面內(nèi)的 圓弧形光滑軌道半徑為R，A端與圓心O等高，AD為與水平方向成45角的斜面B端在O的正上方一個小球在A點正上方由靜止開始釋放，自由下落至A點后進入圓形軌道并恰能到達B點，求：（1）釋放點距A點的豎直高度；（2）小球落到斜面上C點時的速度大小14（16分）如圖所示，一玻璃球體的

10、半徑為，為球心，為直徑來自 點的光線在點射出出射光線平行于，另一光線恰好在點發(fā)生全反射已知，求玻璃的折射率球心O到BN的距離 15（12分）如圖所示，在平面直角坐標系xoy中的第一象限內(nèi)存在磁感應強度大小為B，方向垂直于坐標平面向里的有界圓形勻強磁場區(qū)域(圖中未畫出)：在第二象限內(nèi)，存在與x軸負方向成=30的勻強電場，一粒子源固定在X軸上坐標為(-L，0)的A點。粒子源沿y軸正方向釋放出質量為m，電荷量為-q，速度大小為v的帶電粒子，粒子垂直y軸通過C點進入第一象限，又經(jīng)過磁場偏轉后垂直x軸進入第四象限(帶電粒子的重力不計)。求:(1)勻強電場的電場強度E的大??；(2)帶電粒子離開電場時的速度

11、大?。?3)圓形勻強磁場的最小面積.參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：伽利略利用“理想斜面”得出“力不是維持物體運動的原因”的觀點，A錯誤；開普勒提出了行星運動的三大定律，B錯誤；英國物理學家卡文迪許利用扭秤實驗裝置比較準確地測出了萬有引力常量，C正確；伽利略從理論和實驗兩個角度，證明了輕、重物體下落一樣快，從而推翻了古希臘學者亞里士多德的“小球質量越大下落越快”的錯誤觀點，D錯誤；故選C考點：物理學史【名師點睛】2、B【解析】課桌的高度大約為h=0.8m，由 v2=2gh 代入數(shù)據(jù)解得故選B

12、。3、B【解析】A.前3s內(nèi)貨物向上做勻加速直線運動，加速度向上，處于超重狀態(tài)，A錯誤；B.前3s內(nèi)的平均速度，后2s內(nèi)的平均速度，這兩段時間內(nèi)的平均速度相同，B正確；C.最后2s內(nèi)物體減速向上，物體的加速度為，加速度大小為3m/s2，小于g，根據(jù)牛頓第二定律可知貨物受重力和拉力兩個力作用，C錯誤；D.第3s末至第5s末，貨物勻速上升，重力勢能增加，動能不變，機械能增加，D錯誤4、B【解析】根據(jù)兩小球的運動情況去分析兩球下落的距離，從而找出它們相隔的距離【詳解】同時釋放的兩個小球做自由落體運動，運動情況完全一樣，它們之間的高度在落地前就是釋放時的距離。故下落過程中兩球間的距離保持不變；選項B正

13、確，AC錯誤；由于開始下落的高度不同，則兩球落地時的速度不相等，選項D錯誤；故選B?！军c睛】本題考查自由落體運動的規(guī)律，因為兩小球是同時釋放的，故兩小球在空中運動完全相同，故一直保持開始的距離不變5、C【解析】甲圖中：受力分析如圖所示：根據(jù)平衡條件得，擋板對小球的彈力大小：F1=mgsin；乙圖中：受力分析如圖所示：根據(jù)平衡條件得，擋板對小球的彈力大小F2=mgtan；則小球對擋板的壓力F1：F2=cosA. 1故A項錯誤；B.故B項錯誤；C.故C項正確；D.故D項錯誤6、A【解析】AB將物塊A的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向，在沿繩子方向的分速度等于B沿繩子方向的分速度。在沿繩子方向

14、的分速度為v繩子=vcos所以故A正確，B錯誤；C當增大到等于時，B球的速度沿繩子方向的分速度等于0，所以A沿繩子方向的分速度也是0，而cos不等于0，所以A球的速度為0；此時A的動能全部轉化為B的動能，所以B球的速度達到最大，故C錯誤；D在增大到的過程中，繩子的方向與B球運動的方向之間的夾角始終是銳角，所以繩對B球的拉力一直做正功，在繼續(xù)增大的過程中拉力對B球做負功，故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABE【解析】A、由圖能直接讀出波長，由波速公式，該波

15、的周期，則質點a振動的周期為4s，A正確；B、處的質點與a質點相距一個波長，步調(diào)總是一致，振動情況總是相同，B正確；C、質點a離平衡位置比b遠，所以此時質點a的速度比b的速度小，C錯誤；D、圖象時刻，質點a向上運動，速度減小，再經(jīng)過個周期，質點a通過的路程小于一個振幅，即小于2cm，D錯誤；E、此列波的波長，尺寸小于 8m 的障礙物滿足發(fā)生明顯衍射的條件，所以該波可發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，E正確；故選ABE8、AC【解析】A、設a的質量為m，則b的質量為2m；以b為研究對象，豎直方向受力平衡，可得繩子拉力始終等于b的重力，即T=2mg，保持不變；以a為研究對象，受力如圖所示，設繩子與水平方向夾角為

16、，支持力FN=2mgsin-mg=2mg12-mg=0，故A正確；B、向右緩慢拉動的過程中，兩個繩子之間的拉力夾角逐漸增大，繩子的拉力不變，所以繩子的合力減小，則繩子對滑輪的作用力逐漸減小，根據(jù)共點力平衡的條件可知，天花板對定滑輪的作用力大小逐漸減小，故B錯誤；C、向右緩慢拉動的過程中，支持力FN=2mgsin-mg，由于從90開始逐漸減小，支持力先減小后反向增加，所以直桿對a球的摩擦力f=FN=(2mgsin-mg)先減小后增加，故C正確；D、向右緩慢拉動的過程中，水平方向：F=f+2mgcos=2mgcos+(2mgsin-mg)=2mg(cos+sin)-mg，由于：cos+sin=2+

17、1(sincos+cossin)=2+1sin(+)，由于從90開始逐漸減小，可知水平拉力先減小后增大，故D錯誤； 故選AC。【點睛】以b為研究對象可得繩子拉力始終保持不變，再以a為研究對象，根據(jù)共點力的平衡條件列方程求解摩擦力和拉力F的變化情況；隨著a的右移，分析繩子與豎直方向的夾角變化情況，再分析兩段繩子合力變化情況即可。9、BD【解析】沖量等于力與時間的乘積，是力在時間上的積累，是矢量，沖量的方向與力的方向相同，根據(jù)動量定理可知合力沖量的方向與動量變化量的方向相同；【詳解】A、由動量定理可得：Ft=P，則F=Pt，由此可知，物體動量的變化率等于它所受的合外力，故A正確；B、根據(jù)P=Ft，

18、知沖量是力在時間上的積累，與物體是否靜止無關，所以作用在靜止物體上力的沖量不為零，則B錯誤；C、物體的動能發(fā)生改變，則速度的大小一定變化，則動量一定發(fā)生改變，則C正確；D、動量發(fā)生變化，可能是速度方向變化而大小不變，則合外力對物體做功為0，則D錯誤?！军c睛】本題考查對動量定理的掌握情況，要求知道動量定理、動量與沖量的定義式，應用動量定理即可正確解題，明確沖量的意義，注意各物理量的矢量性。10、AB【解析】A若點到點的距離等于3.2m時。由機械能守恒定律得：滑塊到O點的動能物塊從O點時開始壓縮彈簧，彈力逐漸增大，開始階段彈簧的彈力小于滑塊的重力沿斜面向下的分力，物塊做加速運動,后來彈簧的彈力大于

19、滑塊的重力沿斜面向下的分力，物塊做減速運動，所以物塊先做加速運動后做減速運動，彈簧的彈力等于滑塊的重力沿斜面向下的分力時物塊的速度最大。最大動能就大于8J，與題設不符，所以A點到O點的距離小于3.2m，故A正確；B設物塊動能最大時彈簧的彈性勢能為Ep，從A釋放到動能最大的過程，由系統(tǒng)的機械能守恒得從B釋放到動能最大的過程，由系統(tǒng)的機械能守恒得所以得從B點釋放滑塊最大動能為故B正確；C根據(jù)能量守恒可知，從從點釋放滑塊被彈簧彈回經(jīng)過點時故C錯誤；D根據(jù)物塊和彈簧的系統(tǒng)機械能守恒知，彈簧最大彈性勢能等于物塊減少的重力勢能，由于從B點釋放彈簧的壓縮量增大，所以從B點釋放彈簧最大彈性勢能比從A點釋放增加

20、為故D錯誤。故選B。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、C 【解析】(1) 在探究牛頓第二定律的傳統(tǒng)實驗裝置中，我們需要抬高木板的一端，使得小車重力沿斜面得分力等于小車受到的摩擦力，即平衡小車受到的摩擦力使用氣墊導軌后，可以大大減小滑塊與導軌之間的摩擦力所以使用氣墊導軌的主要目的是減小摩擦力，故C正確；(2) 因為較短時間內(nèi)的平均速度可以表示瞬時速度，滑塊經(jīng)過光電門1時的速度表達式 同理得：根據(jù)運動學的公式：解得：12、勻速 BC 【解析】（1）平衡摩擦力的原理是利用重力沿斜面向下的分力等于摩擦力，使得小車的合力為零，做勻速直線運動；（2）初速度為零，經(jīng)歷的時間為t，位移為s，所以根據(jù)公式可得（3）對小車和n個鉤碼組成的整體分析