2023屆北京市東城區(qū)高三物理第一學期期中教學質量檢測模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一滑塊從半圓形光滑軌道上端由靜止開始滑下，當滑到最低點時，關于滑塊動能大小和對軌道最低點的壓力，下列結論正確的是（ ）A軌道半徑越大，滑塊動能越大，對軌道的壓力越大B軌道半徑越大，滑塊動能越大，對軌道的壓力與半徑無關C軌道

2、半徑越大，滑塊動能越大，對軌道的壓力越小D軌道半徑變化時，滑塊動能、對軌道的正壓力都不變2、下列說法正確的是（ ）A、人在沿直線加速前進的車廂內，豎直向上跳起后，將落在起跳點的后方B、劃船時漿向后推水，水就向前推漿，因為水推漿的力大于漿推水的力，船才被推著前進C、完全失重的物體將不受到重力，所以此刻一切由重力引起的現(xiàn)象都將消失D、物體的運動與外界的推、拉等行為相聯(lián)系，如果不再推、拉，原來的運動將停下來，這說明必須有力作用，物體才能運動3、如圖，質量為m、帶電量為q的小球B用絕緣細線懸掛，處于固定的帶電體A產生的電場中，A可視為點電荷，B為試探電荷。當小球B靜止時，A、B等高，細線偏離豎直方向的

3、夾角為。已知重力加速度為g。則點電荷A在B處所產生的場強大小為（）ABCD4、在如圖（a）所示的電路中，L1、L2 為規(guī)格相同的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖（b）所示，C 是電容為 的電容器，R 是阻值為 8的定值電阻，電源 E的內阻為。電路穩(wěn)定后，通過 L1 的電流為 0.15 A，下列結果正確的是( )AL1 的電功率為 0.32 WBL2的電阻約為 5 C電源的效率約為 60%D電容器的帶電量為 1.2104C5、如圖所示，物塊A放在木板B上，A、B的質量均為m，A、B之間的動摩擦因數為，B與地面之間的動摩擦因數為若將水平力作用在A上，使A剛好要相對B滑動，此時A的加速度為a1；

4、若將水平力作用在B上，使B剛好要相對A滑動，此時B的加速度為a2，則a1與a2的比為（ ）A3:4B3:5C1:3D4:56、關于電場強度與電勢的關系，下面說法中正確的是( )A電場強度大的地方，電勢一定高B電場強度不變，電勢也不變C同一等勢面上各點電場強度一定相等D沿電場線方向電勢逐漸降低二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，A為靜止于地球赤道上的物體，B為繞地球橢圓軌道運行的衛(wèi)星，C為繞地球做圓周運動的衛(wèi)星，P為B、C兩衛(wèi)星軌道的交點已知A、B、C繞地心運

5、動的周期相同下列說法正確的是A相對于地心，衛(wèi)星C的運行速率等于物體A的速率B相對于地心，衛(wèi)星C的運行速率大于物體A的速率C衛(wèi)星B在P點的運行加速度等于衛(wèi)星C在該點的運行加速度D衛(wèi)星B在P點的運行加速度大于衛(wèi)星C在該點的運行加速度8、質量為的物體，在、三個共點力的作用下做勻速直線運動，保持、不變，僅將的方向改變90（大小不變）后，物體可能做 （ ）A加速度大小為的勻變速直線運動B加速度大小為的勻變速直線運動C勻速圓周運動D加速度大小為的勻變速曲線運動9、質量為M的某機車拉著一輛質量相同的拖車在平直路面上以的速度勻速行駛途中某時刻拖車突然與機車脫鉤假設脫鉤后機車牽引力始終保持不變，而且機車與拖車各

6、自所受阻力也不變，下列說法中正確的是（ ）A脫鉤后某時刻機車與拖車速度的可能是、B脫鉤后某時刻機車與拖車速度的可能是、C從脫鉤到拖車停下來，機車與拖車組成的系統(tǒng)動量不變、動能增加D從脫鉤到拖車停下來，機車與拖車組成的系統(tǒng)動量減少、動能減少10、如圖所示，兩個質量為m1=2kg，m2=3kg的物體置于光滑水平面上，中間用輕質彈簧秤連接，兩個大小分別為F1=40N、F2=10N的水平拉力分別作用在m1、m2上，則達到穩(wěn)定狀態(tài)后，下列說法正確的是（ ）A彈簧秤的示數是28NB彈簧秤的示數是30NC在突然撤去F2的瞬間，m1的加速度大小為6m/s2D在突然撤去F2的瞬間，m2的加速度大小為4m/s2三

7、、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“用雙縫干涉測量光的波長”實驗中，如圖甲所示，將雙縫干涉實驗儀器按要求安裝在光具座上，并選用縫間距d=0.25mm的雙縫。從儀器注明的規(guī)格可知，單縫與雙縫之間的距離為5.00cm,光屏與雙縫間的距離L=60.00cm。接通電源使光源正常工作。(1)在圖甲中，要使單縫與雙縫相互平行，干涉條紋更加清晰明亮，以下操作合理的是_;A移動光源 B轉動測量頭C調節(jié)撥桿 D轉動遮光筒（2）將測量頭的分劃板的中心刻線與某亮紋A中心對開，測量頭的游標卡尺讀數如圖乙所示，其讀數為_ mm;繼續(xù)移動分劃板，使分劃板的

8、中心刻線與亮紋B中心對齊，測量頭的標卡尺讀數為27.20mm。則所測的單色光波長為_m (結果均保留兩位有效數字)12（12分）某同學利用如圖所示的裝置探究做功與速度變化的關系(1)小物塊在橡皮筋的作用下彈出，沿水平桌面滑行，之后平拋落至水平地面上，落點記為M1；(2)在釘子上分別套上2條、3條、4條同樣的橡皮筋，使每次橡皮筋拉伸的長度都保持一致，重復步驟(1)，小物塊落點分別記為M2、M3、M4；(3)測量相關數據，進行數據處理為求出小物塊拋出時的動能，需要測量下列物理量中的 _(填正確答案標號)A小物塊的質量mB橡皮筋的原長xC橡皮筋的伸長量xD桌面到地面的高度hE小物塊拋出點到落地點的水

9、平距離L將幾次實驗中橡皮筋對小物塊做功分別記為W1、W2、W3、，小物塊拋出點到落地點的水平距離分別記為L1、L2、L3、.若功與速度的平方成正比，則應以W為縱坐標、_為橫坐標作圖，才能得到一條直線由于小物塊與桌面之間的摩擦不能忽略，則由此引起的誤差屬于_(填“偶然誤差”或“系統(tǒng)誤差”)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示的電路中，兩平行金屬板A、B水平放置，極板長L60 cm，兩板間的距離d30 cm，電源電動勢E36 V，內阻r1 ，電阻R09 ，閉合開關S，待電路穩(wěn)定后，將一帶負電的小球(可視

10、為質點)從B板左端且非?？拷麭板的位置以初速度v06 m/s水平向右射入兩板間，小球恰好從A板右邊緣射出已知小球帶電荷量q2102 C，質量m2102 kg，重力加速度g取10 m/s2，求：(1)帶電小球在平行金屬板間運動的加速度大??；(2)滑動變阻器接入電路的阻值14（16分）如圖所示，光滑水平面AB與粗糙半圓軌道BC相切于B點，軌道半徑為R=0.5m，小球P質量m1=0.2kg,以v0=9m/s的初速度向右運動，與靜止在水平軌道上的Q小球發(fā)生彈性正碰，Q小球的質量m2=0.4kg，小球Q被碰后恰好能沿BC軌道到達C點，取g=10m/s2,求：（1）碰后小球Q經過B點時對軌道的壓力大??；（

11、2）小球Q沿軌道從B點運動到C點的過程中克服摩擦力所做的功15（12分）為了提高運動員奔跑時下肢向后的蹬踏力量，在訓練中，讓運動員腰部系繩拖汽車輪胎奔跑，已知運動員在奔跑中拖繩上端與在面的高度為1.2m，且恒定，輕質無彈性的拖繩長2m，運動員質量為60kg，車胎質量為12kg，車胎與跑道間的動摩擦因數為，如圖甲所示，將運動員某次拖胎奔跑100m當做連續(xù)過程，抽象處理后的v-t圖象如圖乙所示，g=10m/s2，不計空氣阻力求：（1）運動員加速過程中的加速度大小a及跑完100m后用的時間t；（2）在加速階段繩子對輪胎的拉力大小T及運動員與地面間的摩擦力大小f人參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，

12、每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】設滑塊滑到最低點時的速度為v,由機械能守恒定律得mgR=,故軌道半徑越大,滑塊在最低點時的動能越大;滑塊對軌道的壓力 N=mg+=3mg,與半徑的大小無關.故B對；ACD錯故選B2、A【解析】試題分析：人在沿直線加速前進的車廂內豎直向上跳起后，水平方向人由于慣性保持原來的速度不變，而車廂在加速，故人會落在車廂的后部，故A正確；作用力與反作用力大小相等、方向相反，劃船時槳向后推水，水同時給槳向前的推力，故B錯誤；物體處于完全失重狀態(tài)，此時物體的重力并沒變，只是對支持物的壓力為零，所以C錯誤；力是改變物體運動狀

13、態(tài)的原因，維持物體運動不需要力，如果一個物體的運動狀態(tài)發(fā)生了改變，那它一定是受到了力的作用，故選項D錯誤?？键c：牛頓運動定律、力與運動的關系名師點睛：由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個物體上，力的性質相同，它們同時產生，同時變化，同時消失。3、D【解析】小球處于平衡狀態(tài)，受力如圖：根據合成法，知電場力：F=mgtan解得：E=ABC.由上計算可知，ABC錯誤；D.由上計算可知，D正確。4、B【解析】A電路穩(wěn)定后，通過L1的電流為I1=0.15A，由圖讀出其電壓U1=0.6V，則燈泡L1的電功率P1=U1I1=0.150.6=0.09W故A錯誤

14、；B并聯(lián)部分的電壓U2=U1+I1R=0.6+0.158=1.8V由圖讀出其電流為I2=0.36A，根據歐姆定律得故B正確；C電源電動勢E=U2+（I1+I2）r=1.8+0.511=2.31V電源的效率為故C錯誤；D電容器的電壓U=I1R=1.2V則電容器的帶電量為Q=UC=1.210010-6=1.210-4C故D錯誤。5、C【解析】當水平力作用在A上，使A剛好要相對B滑動，臨界情況是A、B的加速度相等，隔離對B分析，根據牛頓第二定律：，解得B的加速度為：當水平力作用在B上，使B剛好要相對A滑動，此時A、B間的摩擦力剛好達到最大，A、B的加速度相等，根據牛頓第二定律：，解得：可得：a1：a

15、2=1：3A3:4。故A不符合題意。 B3:5。故B不符合題意。 C1:3。故C符合題意。 D4:5。故D不符合題意。6、D【解析】電場強度與電勢無關，則電場強度大的地方電勢不一定高，故AB錯誤；電場強度的大小與電勢的高低沒有關系，所以同一等勢面上各點電場強度不一定相等，故C錯誤；沿電場線方向，電勢逐漸降低，故D正確。所以D正確，ABC錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】抓住周期相同，運用，比較線速度的大小根據牛頓第二定律由萬有引力產生加速度比較加速

16、度的大小.【詳解】由T一樣根據，知：C的半徑大，則C的運行速度比A大故A錯誤，B正確在P點，加速度，r相同，則加速度相等故C正確，D錯誤故選BC8、BD【解析】物體在F1、F2、F3三個共點力作用下做勻速直線運動，三力平衡，必有F3與F1、F2的合力等大反向，當F3大小不變，方向改變90時，F(xiàn)1、F2的合力大小仍為F3，方向與改變方向后的F3夾角為90，故F合=F3，加速度，但因不知原速度方向，故力改變后的初速度方向與F合的方向間的關系未知，故有BD兩種可能，A不可能；恒力作用下不可能做勻速圓周運動，選項C不可能；故選BD【點睛】本題關鍵先根據平衡條件得出力F3變向后的合力大小和方向，然后根據

17、牛頓第二定律求解加速度，根據曲線運動的條件判斷物體的運動性質9、AC【解析】AB、由題可知，由于牽引力不變，故脫鉤后機車做加速運動，拖車做減速運動，且最后減為零，故A正確，B錯誤；CD、依題可知，兩車組成的系統(tǒng)動量守恒，動能增加，故C正確，D錯誤，故選AC【點睛】兩車組成的系統(tǒng)做勻速運動，合外力為0，系統(tǒng)動量守恒10、AC【解析】以兩物體組成的系統(tǒng)為研究對象，由牛頓第二定律可知，系統(tǒng)的加速度，方向水平向右；設彈簧秤的拉力是F，以m1為研究對象，由牛頓第二定律得：F1-F=m1a，則F=F1-m1a=28N，故A正確，B錯誤；彈簧的彈力不能突變，在突然撤去F2的瞬間，m1受力情況不變，m1受的合

18、力不變，由牛頓第二定律可知，m1的加速度不變，故C正確；彈簧的彈力不能突變，在突然撤去F2的瞬間，m2不再受F2的作用，m2受的合力等于彈簧的彈力，發(fā)生變化，由牛頓第二定律可知，m2的加速度：，故D錯誤；故選AC【點睛】本題運用整體法和隔離法結合求解彈簧秤的彈力，是常用的方法撤去外力時，彈簧的彈力不能突變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、C 18.45mm 7.410-7m 【解析】(1)1要使單縫與雙縫相互平行，干涉條紋更加清晰明亮，則要增大條紋的寬度，根據公式可知，增大雙縫到屏的距離L或減小雙縫之間的距離都可以增大條紋的間距，故C

19、正確，ABD錯誤；(2)2丙圖中主尺讀數為16mm，游標讀數為0.0510=0.50mm，總讀數為：16.50mm；條紋的寬度為：3根據條紋間距公式可知，其波長為：12、ADE 系統(tǒng)誤差 【解析】（1）小球離開桌面后做平拋運動，根據桌面到地面的高度，可計算出平拋運動的時間，再根據小物塊拋出點到落地點的水平距離，可計算出小球離開桌面時的速度，根據動能的表達式，還需要知道小球的質量，故ADE正確，BC錯誤；（2）根據，和，可得，因為功與速度的平方成正比，所以功與正比，故應以W為縱坐標、為橫坐標作圖，才能得到一條直線；（3）偶然誤差的特點是它的隨機性，如果我們對一些物理量只進行一次測量，其值可能比真

20、值大也可能比真值小，這完全是偶然的，產生偶然誤差的原因無法控制，所以偶然誤差總是存在，通過多次測量取平均值可以減小偶然誤差，但無法消除；系統(tǒng)誤差是由于儀器的某些不完善、測量技術上受到限制或實驗方法不夠完善沒有保證正確的實驗條件等原因產生，由于小物塊與桌面之間的摩擦不能忽略且無法消除，則由此引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）60m/s2；（2）14【解析】（1）小球進入電場中做類平拋運動，水平方向做勻速直線運動，豎直方向做勻加速運動，則有：水平方向：L=v0t豎直方向：d=at2由上兩式得： （2）根據牛頓第二定律，有：qE-mg=ma 電壓：U=Ed解得：U=21V設滑動變阻器接入電路的電阻值為R，根據串并聯(lián)電路的特點有：解得：R=14.【點睛】本題是帶電粒子在電場中類平拋運動和