2023學年廣西南寧市“4+N”高中聯(lián)合體物理高二上期中監(jiān)測試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、由能量守恒定律可知A能量可以被消滅，也可以被創(chuàng)生B因為能量是守恒的，所以不可能發(fā)生能源危機C因為能量是守恒的，所以不需要節(jié)約能源D不同形式的能量之間可以相互轉(zhuǎn)化2、在兩個等量同種點電荷的連線上，有兩點a、b關(guān)于連線中點O點對稱，如圖所示，

2、則下列判斷不正確的是（ ）Aa、b兩點的電勢相同Ba、b兩點的場強相同C同一電荷放在a、b兩點的電勢能相同Da、O兩點間與b、O兩點間的電勢差相同3、如圖所示的電路，將AB兩端接入10V電源，電壓表示數(shù)為3V，拆去AB兩端電源，再將CD兩端接入10V電源，電壓表示數(shù)為7V，則R1：R3的值為（）A1：1B7：3C49：9D100：214、小張買了一只袖珍小電筒，用的是兩節(jié)小的干電池。他取出電筒中的小燈泡，看到上面標有“2.2V，0.25A”字樣。小張認為產(chǎn)品設計人員的意圖是使小燈泡在這兩節(jié)干電池的供電下正常發(fā)光。已知每節(jié)干電池的電動勢為1.5V，由此，他推算出了產(chǎn)品設計者設定的每節(jié)干電池的內(nèi)阻

3、為A1.6B3.2C4.2D8.85、下列關(guān)于電場強度和電勢的說法中，正確的是（ ）A電場強度為零的地方，電勢一定為零B電勢為零的地方，電場強度一定為零C電場強度較大的地方，電勢一定較高D沿著電場強度的方向，電勢逐漸降低6、某同學在籃球場上鍛煉身體，一次投籃時籃球恰好垂直打在籃板上，設籃球撞擊籃板處與拋出點的豎直距離為x，水平距離為2x，籃球拋出時速度與地面的夾角為，大小為v，則下列判斷正確的是()A=30B=60Cv=Dv=2二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在如

4、圖所示的電路中，E為電源，其內(nèi)阻為r，L為小燈泡(其燈絲電阻可視為不變)，R1、R2為定值電阻，R3為光敏電阻，其阻值大小隨所受照射光強度的增大而減小，V為理想電壓表若將照射R3的光的強度減弱，則()A電壓表的示數(shù)變小B小燈泡消耗的功率變大C通過R2的電流變大D電源兩極間的電壓變小8、如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為12 V，燈泡L上標有“6V，12 W”字樣，電動機線圈的電阻RM0.50 .若燈泡恰能正常發(fā)光，以下說法中正確的是（ ）A電動機的輸入功率為12 WB電動機的輸出功率為12 WC電動機的熱功率為2.0 WD整個電路消耗的電功率為22 W9、如圖所示平行板電容器兩個極板為A、B，B

5、板接地，A板帶有電荷量+Q板間電場有一固定點P若將B板固定，A板下移一些，或者將A板固定，B板上移一些在這兩種情況下，以下說法正確的是AA板下移時，P點的電場強度不變，P點電勢不變BA板下移時，P點的電場強度不變，P點電勢升高CB板上移時，P點的電場強度不變，P點電勢降低DB板上移時，P點的電場強度減小，P點電勢降低10、如圖所示，平行金屬板中帶電質(zhì)點P原處與靜止狀態(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑動變阻器R4的滑片向a端移動時，則（ ）A電壓表讀數(shù)減小B電流表讀數(shù)減小C質(zhì)點P將向上運動D上消耗的功率逐漸增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出

6、演算過程。11（6分）依次讀出下面兩圖的讀數(shù)（1）_mm (2)_cm12（12分）如圖所示的電路中，小量程電流表G的內(nèi)阻Rg=100，滿偏電流Ig=1 mA， R1=900， R2=，則當S1和S2均斷開時，改裝成的電表是_（填電流表或電壓表），量程為_；當S1和S2均閉合時，改裝成的電表是_（填聯(lián)表或 電壓表），量程為_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，在真空中有兩個點電荷A和B，電量分別為Q和2Q，它們相距L，如果在兩點電荷連線的中點O有一個半徑為r（2rL）的空心金屬球，且球心位于O點，求

7、：（1）Q在O點產(chǎn)生的電場強度的大小與方向；（2）球殼上的感應電荷在O點處產(chǎn)生的場強大小與方向14（16分）如圖所示，連按有定值電阻R的“U”型光滑金屬導軌MNPQ固定在水平桌面上，導軌電阻忽略不計，質(zhì)量為、電阻為r的金屬棒ab垂直軌道并且兩端套在導軌MP和NQ上，導軌寬度為L，細線一端連按金屬棒ab，另一端通過定滑輪連接在質(zhì)量為m的重物上，整個軌道處于豎直向下的勻強磁場中，磁感應強度大小為B。開始時整個裝置處于靜止狀態(tài)，釋放重物，金屬棒ab開始運動，整個過程金屬棒與軌道始終接觸良好，當金屬棒ab運動到虛線位置時，位移為S，達到最大速度，此時重物未落地，不計一切摩擦阻力和空氣阻力，則從開始運動

8、到達到最大速度的過程中，求：（1）金屬棒ab中電流方向如何? 哪端電勢高?（2）金屬棒所能達到的最大速度是多大?（3）電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱是多少?15（12分）如圖所示，在水平向右的勻強電場中，有一質(zhì)量為m、帶正電的小球，用長為l的絕緣細線懸掛于O點，當小球靜止時細線與豎直方向的夾角為.現(xiàn)給小球一個初速度，使小球恰能在豎直平面內(nèi)做圓周運動，試問：（1）小球在做圓周運動的過程中，在哪一位置速度最小？速度最小值為多少？（2）小球的初速度應為多大？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】ABC.自然界的總能量是守恒

9、的，能量既不能被消滅，也不能被創(chuàng)生，但隨著能量的耗散，能源可以利用的品質(zhì)降低了，可利用的能源減少了，所以可發(fā)生有能源危機，所以我們要節(jié)約能源故ABC錯誤；D.不同形式的能量之間可以相互轉(zhuǎn)化，如動能與勢能之間可以發(fā)生相互轉(zhuǎn)化，故D正確；2、B【解析】AD、將電荷從O移到a或b電場力做功相等，則a、O兩點間與b、O兩點間的電勢差相同，所以a、b兩點的電勢相等，故A、D正確；B、根據(jù)點電荷的場強疊加，知a、b兩點的場強大小相等，方向相反，所以場強不同，故B錯誤；C、a、b兩點的電勢相等，根據(jù)Ep=q，同一電荷在a、b兩點的電勢能相同，故C正確；不正確的故選B?！军c睛】場強是矢量，有大小有方向，根據(jù)場

10、強的疊加比較a、b兩點的場強；根據(jù)電場力做功判斷Oa與Ob兩點間的電勢差，從而比較出a、b兩點的電勢；根據(jù)Ep=q可以比較出電勢能。3、C【解析】將AB兩端接入10V電源時，與串聯(lián)，電壓表測兩端的電壓，因為串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以兩端的電壓，由歐姆定律可得：，拆去AB兩端電源，再將CD兩端接入10V電源，與串聯(lián)，電壓表測兩端的電壓，兩端的電壓，C正確4、A【解析】小燈泡在這兩節(jié)干電池的供電下正常發(fā)光則電路中的電流為,路端電壓為，則每一節(jié)干電池的內(nèi)阻為：A描述與分析相符，故A正確.B描述與分析不符，故B錯誤C描述與分析不符，故C錯誤.D描述與分析不符，故D錯誤.5、D【解析】電場線

11、的疏密程度反映場強大小，沿電場線方向電勢逐漸降低，兩者的大小沒有什么必然的聯(lián)系，只是都從電場線上可以表示出來所以選D思路分析：根據(jù)電場線的特點和引入電場線的目的出發(fā)解題試題點評：考查電場線與場強、電勢的關(guān)系這是本章重點，應該要求學生熟練掌握6、D【解析】CD采用逆向思維，籃球做平拋運動，根據(jù)得則籃球撞在籃板上的速度可知拋出時豎直分速度根據(jù)平行四邊形定則知，籃球拋出時的速度C錯誤D正確；AB拋出時速度與地面夾角的正切值解得AB錯誤故選D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

12、7、AC【解析】試題分析：由光敏電阻的性質(zhì)可知電路中電阻的變化，則由閉合電路歐姆定律可得出電路中電流的變化，由歐姆定律可得出電壓表示數(shù)的變化；同時還可得出路端電壓的變化；由串聯(lián)電路的規(guī)律可得出并聯(lián)部分電壓的變化，再由并聯(lián)電路的規(guī)律可得出通過小燈泡的電流的變化，由功率公式即可得出燈泡功率的變化光敏電阻光照減弱，故光敏電阻的阻值增大，電路中的總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可得，路端電壓是增大（即電源兩極間的電壓增大），電路中總電流減小，故兩端的電壓減小，即電壓表示數(shù)減小，因為，所以并聯(lián)電路的電壓增大，所以通過的電流增大，而，所以通過燈泡L的電流減小，所以燈泡消耗的電功率減小，故AC正確8、AC【解

13、析】A電動機兩端的電壓U1=U-UL=12-6V=6V整個電路中的電流所以電動機的輸入功率P=U1I=62W=12W故A正確BC電動機的熱功率P熱=I2RM=40.5W=2.0W；則電動機的輸出功率P2=P-I2RM=12-2W=10W故B錯誤，C正確D整個電路消耗的功率P總=UI=122W=24W故D錯誤9、AC【解析】AB由題，電容器兩板所帶電量不變，正對面積不變，A板下移時，根據(jù)、 和可推出：可知，P點的電場強度E不變P點與下板的距離不變，根據(jù)公式U=Ed，P點與下板的電勢差不變，則P點的電勢不變故A正確，B錯誤CDB板上移時，同理得知，P點的電場強度不變，根據(jù)公式U=Ed，P點與下板的

14、電勢差減小，而P點的電勢高于下板的電勢，下板的電勢為零，所以P點電勢降低故C正確，D錯誤10、BCD【解析】AB.由圖可知，R2與滑動變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)，再與R1串聯(lián)接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當R4的滑片向a移動時，滑動變阻器接入電阻增大，則電路中總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流減小，路端電壓增大；電路中總電流減小，則R1兩端的電壓減小，又路端電壓增大，則并聯(lián)部分的電壓增大，據(jù)歐姆定律可知流過R3的電流增大；電路中總電流減小，流過R3的電流增大，則流過R2的電流減小，電流表示數(shù)減??；流過R2的電流減小，R2的電壓減小，又并聯(lián)部分的電壓增大，則R4電壓增大，電壓表讀

15、數(shù)增大；故A錯誤，B正確；C.因電容器兩端電壓增大，板間場強增大，質(zhì)點受到的向上電場力增大，質(zhì)點P將向上運動，故C正確；D.因R3兩端的電壓增大，由P=可知，R3上消耗的功率增大，故D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 3.700 10.155【解析】螺旋測微器的固定刻度為3.5mm，可動刻度為20.00.01mm=0.200mm，所以最終讀數(shù)為3.5mm+0.200mm=3.700mm；游標卡尺的主尺讀數(shù)為101mm，游標尺上第11個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為110.05mm=0.55mm，所以最終讀數(shù)為101mm

16、+0.55mm=101.55mm=10.155cm12、電壓表 1V 電流表 1A 【解析】12由圖示電路圖可知，當S1和S2均斷開時，G與R1串聯(lián)，此時為電壓表，改裝后電壓表量程為34由圖示電路圖可知，當S1和S2均閉合時，G與R2并聯(lián)，此時為電流表，改裝后電流表量程為四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1） 方向向左； （2） 方向向右【解析】(1)由點電荷場強公式，所以Q在O點產(chǎn)生的電場強度的大小場強方向向左；(2)兩個點電荷A和B在O點處產(chǎn)生的合場強大小為方向向左，根據(jù)靜電平衡導體的特點可知，球殼上的感應

17、電荷在O點處的場強大小與兩個點電荷A和B在O點處產(chǎn)生的合場強大小相等，方向相反，則球殼上的感應電荷在O點處的場強大小為方向向右。14、（1）金屬棒ab中的電流方向由b指向a，a端的電勢高； （2）金屬棒所能達到的最大速度為；（3）電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為【解析】（1）根據(jù)右手定則或楞次定律可以判斷出金屬棒的電流方向由b指向a，a端的電勢高；（2）金屬棒ab在重物的作用下開始運動，導體切斷磁感線，產(chǎn)生感應電動勢和感應電流，從而受到安培力的作用，在水平方向，導體棒ab受到拉力和安培力的作用，最終當二力平衡時速度達到最大，則從整體分析有公式：解得最大速度為。（3）導體棒從開始運動到達到最大速度的過程中，從整體分析只有重力和安培力做功，根據(jù)動能定理可得： 由于整個電路是純電阻電路，所以安培力做功把電能全部轉(zhuǎn)化為焦耳熱Q總， 即：W安=Q總代入已知可解得： ；又因