2023學年廣東省佛山一中、珠海一中、金山中學物理高二上期中檢測模擬試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、固定直導線c垂直紙面，可動導線ab通以如圖所示方向的電流，用測力計懸掛在導線c的上方，若導

2、線c中通以垂直于紙面指向紙外的電流時，以下判斷正確的是（ ）A導線a端轉(zhuǎn)向紙外，同時測力計讀數(shù)減小B導線a段轉(zhuǎn)向紙外，同時測力計讀數(shù)增大C導線b端轉(zhuǎn)向紙外，同時測力計讀數(shù)減小D導線b端轉(zhuǎn)向紙外，同時測力計讀數(shù)增大2、在真空中有兩個點電荷，它們之間的作用力為F，如果保持它們所帶的電量不變，將它們之間的距離增大一倍，則 它們之間的靜電力大小變?yōu)椋?）AFBCD4F3、如圖所示，直線A為電源的圖線，直線B為電阻R的圖線；用該電源和電阻組成的閉合電路，電源輸出功率和電路的總功率分別是( )A4W，8WB2W，4WC4W，6WD2W，3W4、下面對一些概念及公式的理解，其中正確的是( )A根據(jù)電容的定義

3、式可知，電容器的電容與其所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比B只要將導體置于電場中，導體中就有持續(xù)電流C當干電池沒有接入電路中時，電池內(nèi)沒有電荷流動，所以電池此時電動勢為0D帶電荷量為1 C的負電荷，從A點移動到B點克服電場力做功為1 J，則UAB =1 V5、兩球均可視為質(zhì)點，它們之間的萬有引力大小為F，若兩球間的距離增加到原來的3倍，則它們之間的萬有引力大小為（）A FB FC FD F6、下列哪一位物理學家首先提出磁場對運動電荷有作用力的觀點？( )A洛倫茲 B安培 C牛頓 D奧斯特二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求

4、的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，初速度不計的電子從電子槍中射出，在加速電場中加速，從正對P板的小孔射出，設加速電壓為U1，又垂直偏轉(zhuǎn)電場方向射入板間并射出，設偏轉(zhuǎn)電壓為U2。則：（ ）AU1變大，則電子進入偏轉(zhuǎn)電場的速度變大BU1變大，則電子在偏轉(zhuǎn)電場中運動的時間變短CU2變大，則電子在偏轉(zhuǎn)電場中運動的加速度變小D若要電子離開偏轉(zhuǎn)電場時偏移量變小，僅使U1變大，其它條件不變即可8、如圖所示，光滑固定金屬導軌與水平面成一定角度，將完全相同的兩個導體棒P、Q相繼從導軌頂部同一位置M處無初速釋放，在導軌中某部分（圖中兩虛線之間）有一與導軌平面垂直的勻強磁場已知

5、P棒進入磁場時恰好做勻速運動，則從P棒進入磁場開始計時，到Q棒離開磁場（設導軌足夠長，除P、Q桿外其余電阻不計），P棒兩端電壓隨時間變化的圖象可能正確的是ABCD9、平行板電容器的兩極板A、B接于電池兩極，一帶正電小球懸掛在電容器內(nèi)部，閉合開關(guān)S，電容器充電，這時懸線偏離豎直方向的夾角為，如圖所示，則()A保持開關(guān)S閉合，帶正電的A極板向B極板靠近，則角增大B保持開關(guān)S閉合，帶正電的A極板向B極板靠近，則角不變C開關(guān)S斷開，帶正電的A極板向B極板靠近，則角增大D開關(guān)S斷開，帶正電的A極板向B極板靠近，則角不變10、某同學將一直流電源的總功率PE、輸出功率PR和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr隨電流I變化

6、的圖線畫在了同一坐標上，如圖中的a、b、c所示，根據(jù)圖線可知（ ）A反映Pr變化的圖線是cB電源電動勢為4VC電源內(nèi)阻為4D當電流為0.5A時，外電路的電阻為6三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖所示的電路中，小量程電流表G的內(nèi)阻Rg=100，滿偏電流Ig=1 mA， R1=900， R2=，則當S1和S2均斷開時，改裝成的電表是_（填電流表或電壓表），量程為_；當S1和S2均閉合時，改裝成的電表是_（填聯(lián)表或 電壓表），量程為_。12（12分）某實驗小組在“測定金屬絲電阻率”的實驗過程中，正確操作獲得金屬絲的直徑以及電流表的

7、讀數(shù)如圖所示，則它們的讀數(shù)依次是 _ mm、 _ A 四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在磁感應強度B1.0T、方向豎直向下的勻強磁場中，有一個與水平面成37角的平行導電滑軌，滑軌上放一個可以自由滑動的金屬桿ab已知接在滑軌中的電源電動勢E12 V，內(nèi)阻不計，滑軌間距L0.5m，金屬桿質(zhì)量m0.2 kg，桿與平行滑軌間的動摩擦因數(shù)0.5，不計滑軌與ab桿的電阻，g取10 m/s2，求接在滑軌上的變阻器R的阻值在什么范圍內(nèi)變化時，可以使ab桿在滑軌上保持靜止14（16分）如圖所示的裝置放置在真空中

8、，熾熱的金屬絲可以發(fā)射電子，金屬絲和豎直金屬板之間加一電壓U12 500 V，發(fā)射出的電子被加速后，從金屬板上的小孔S射出裝置右側(cè)有兩個相同的平行金屬極板水平正對放置，板長l6.0 cm，相距d2 cm，兩極板間加以電壓U2200 V的偏轉(zhuǎn)電場從小孔S射出的電子恰能沿平行于板面的方向由極板左端中間位置射入偏轉(zhuǎn)電場已知電子的電荷量e1.61019 C，電子的質(zhì)量m0.91030 kg，設電子剛離開金屬絲時的速度為0，忽略金屬極板邊緣對電場的影響，不計電子受到的重力求：（1）電子射入偏轉(zhuǎn)電場時的動能Ek；（2）電子射出偏轉(zhuǎn)電場時在豎直方向上的側(cè)移量y；（3）電子在偏轉(zhuǎn)電場運動的過程中電場力對它所做

9、的功W.15（12分）如圖所示，豎直平面xOy內(nèi)存在水平向右的勻強電場，場強大小E=10N/c，在y0的區(qū)域內(nèi)還存在垂直于坐標平面向里的勻強磁場，磁感應強度大小B=0.5T一帶電量q= +0.2C、質(zhì)量m=0.4kg的小球由長l=0.4m的細線懸掛于P點小球可視為質(zhì)點，現(xiàn)將小球拉至水平位置A無初速釋放，小球運動到懸點P正下方的坐標原點O時，懸線突然斷裂，此后小球又恰好能通過O點正下方的N點，（g=10m/s2），求：（1）小球運動到O點時的速度大小；（2）懸線斷裂前瞬間拉力的大??；（3）ON間的距離參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是

10、符合題目要求的。1、B【解析】b段的磁場方向斜向左上，根據(jù)左手定則可得b端受到指向紙面里的安培力，a端的磁場方向為斜向左下，根據(jù)左手定則可得受到的安培力方向指向紙外，故導線a端轉(zhuǎn)向紙外，導線b端轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，當ab導線轉(zhuǎn)過90后，兩電流為同向電流，相互吸引導致彈簧秤的讀數(shù)變大，故B正確；【點睛】在解決該題的過程中：1、使用了電流元法，即在導線上取一較短的電流，判斷其受力方向2、使用了特殊位置法，轉(zhuǎn)過90后判斷其受力3、使用了結(jié)論法，同向電流相互吸引，異向電流相互排斥2、C【解析】由點電荷庫侖力的公式可以得到，電量不變，當距離增大一倍后，庫侖力將變?yōu)樵瓉淼?，故C正確。故選C。3、C【解析】由圖可知，

11、電源電動勢為，用該電源和該電阻組成一個閉合電路，電路中的電流為，路端電壓為 則電源輸出功率為：電源總功率是：總A. 4W，8W與分析不符，故A錯誤；B. 2W，4W與分析不符，故B錯誤；C. 4W，6W與分析相符，故C正確；D. 2W，3W與分析不符，故D錯誤。4、D【解析】電容的決定是為：，電容器的電容與其所帶電荷量及兩極板間的電壓無關(guān)，故A錯誤；導體兩端必須有電壓，才能形成有電流，故B錯誤；電動勢與電池接入電路與否無關(guān)，故C錯誤；帶電荷量為1 C的負電荷，從A點移動到B點克服電場力做功為1 J，則UAB =1 V，故D正確所以D正確，ABC錯誤5、C【解析】根據(jù)萬有引力定律的公式得萬有引力

12、與質(zhì)量乘積成正比，與距離的平方成反比；因此可知，兩球間的距離增加到原來的3倍，則萬有引力變?yōu)樵瓉淼?，故為F；故C正確，ABD錯誤。故選C。6、A【解析】通過學習磁場對運動電荷的作用我們知道，首先提出磁場對運動電荷有作用力的觀點的物理學家是洛倫茲，故BCD錯誤，A正確。故選：A.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】A項：由可知，電子受力變大，加速度變大，其他條件不變時，當U1變大，則電子進入偏轉(zhuǎn)電場的速度變大，故A正確；B項：由可知，電子受力變大，加速度變

13、大，其他條件不變時，當U1變大，則電子進入偏轉(zhuǎn)電場的水平速度變大，運動時間變短，故B正確；C項：由可知，U2變大，電子受力變大，加速度變大，電子在偏轉(zhuǎn)電場中運動的加速度變大，故C錯誤；D項：由可知，若要電子離開偏轉(zhuǎn)電場時偏移量變小，僅使U1變大，其它條件不變即可，故D正確。點晴：本題考查了帶電粒子在電場中的運動，可以根據(jù)動能定理和牛頓第二定律、運動學公式結(jié)合推導出。8、AC【解析】因?qū)w棒P、Q完全相同,又是從導軌頂部同一位置M處無初速釋放,所以P、Q在進入磁場時的速度大小是相等的,當P進入磁場,而Q還沒有進入磁場的過程中,P做勻速直線運動,設此時的電動勢為E,由閉合電路的歐姆定律可得P兩端的

14、電壓為E/2，且保持不變當Q進入磁場時，分為兩種情況來分析：、當Q進入磁場時,P已經(jīng)出了磁場,所以在PQ都不在磁場中時,P的兩端的電壓為零,當Q進入磁場后,產(chǎn)生的電動勢也為E,此時P的兩端的電壓仍為E/2，當Q離開磁場時，電壓為零，選項A是有可能的、當Q進入磁場時,P還沒有出磁場,此時PQ會以相同的速度開始做勻加速直線運動,回路中沒有電流,所以P兩端的電壓等于P產(chǎn)生的電動勢,因PQ都在做勻加速直線運動,所以電壓是從E均勻增加的,當P到達磁場的邊緣時,設產(chǎn)生的電動勢為E,P離開磁場時,只有Q在切割磁感線,此時P兩端的電壓為Q產(chǎn)生的電動勢的一半,即為E/2，此后Q將做加速度減小的減速運動，P兩端的

15、電壓也就逐漸減小，且隨Q的加速度的減小，電壓減小的幅度也越來越小，所以選項C是有可能的，BD不可能故選AC9、AD【解析】球在電場中平衡，則所受電場力、重力及繩的拉力的合力為零由平衡條件得tan，故要判斷的變化，只需判斷電場強度E的變化即可S閉合時，U不變，A向B靠近，d減小，由E，可知E增大，角增大，故A正確，B錯誤；S斷開，則Q不變，A向B靠近，E不變，則角不變，故C錯誤，D正確10、ABD【解析】A. 根據(jù)直流電源的總功率PE=EI內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr=I2r輸出功率PR=EI-I2r可知反映Pr變化的圖線是c，反映PE變化的是圖線a，反映PR變化的是圖線b，故A正確。B. 圖線a的斜率等

16、于電源的電動勢，由得到故B正確。C. 由圖，當I=2A時，Pr=8W，由公式Pr=I2r得r=2故C錯誤。D. 當電流為0.5A時，由圖讀出電源的功率PE=2W，由代入得到，R=6故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、電壓表 1V 電流表 1A 【解析】12由圖示電路圖可知，當S1和S2均斷開時，G與R1串聯(lián)，此時為電壓表，改裝后電壓表量程為34由圖示電路圖可知，當S1和S2均閉合時，G與R2并聯(lián)，此時為電流表，改裝后電流表量程為12、 0.900 0.42【解析】金屬絲的直徑：0.5mm+0.01mm40.0=0.900mm；

17、電流表的讀數(shù)：0.42A.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、1.5R16.5 【解析】最大靜摩擦力沿斜面向上時： ，解得： 最大靜摩擦力沿斜面向下時： ，解得： 所以 點睛：涉及靜摩擦力的問題要注意其大小和方向的變化范圍14、（1）4.01016 J （2）0.36 cm（3）5.761018 J【解析】(1)電子在加速電場中，根據(jù)動能定理有：eU1Ek解得：Ek4.01016 J(2)設電子在偏轉(zhuǎn)電場中運動的時間為t電子在水平方向做勻速運動，由lv1t解得：電子在豎直方向受電場力：電子在豎直方向做勻加速直線運動

18、，設其加速度為a依據(jù)牛頓第二定律有：解得：電子射出偏轉(zhuǎn)電場時在豎直方向上的側(cè)移量：聯(lián)立上式解得：y0.36 cm(3)電子射出偏轉(zhuǎn)電場的位置與射入偏轉(zhuǎn)電場位置的電勢差：電場力所做的功：WeU解得：W5.761018 J15、 (1）2m/s （2) 8.2N （3)3.2m【解析】試題分析：由A到O的過程，只有重力和電場力做功，根據(jù)動能定理即可求得O點的速度；小球由A到O的過程做圓周運動，在最低點，繩的拉力、洛倫茲力和重力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律即可求得拉力大??；懸線斷裂后，沿電場方向小球做勻減速直線運動，沿重力方向做自由落體運動，小球又恰好能通過O點正下方的N點，說明小球到達N點時，沿電場方向的速度為vo