2023學年福建省廈門市物理高二第一學期期中達標測試試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題

2、目要求的。1、如圖所示是電阻R的IU圖象，圖中45，由此得出A導體的電阻與與電阻兩端的電壓成正比B電阻R0.5 C因IU圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，故R1.0 D在R兩端加上6.0 V的電壓時，每秒通過電阻橫截面的電荷量是3.0 C2、下列關于物理學史的說法正確的是（ ）A伽利略最早提出了“日心說”B卡文迪許第一次測出了引力常量C開普勒發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律D第谷發(fā)現(xiàn)行星的運行軌道是橢圓3、如圖所示，金屬線圈豎直下落經過條形磁鐵的過程中，線圈平面始終保持水平，下列對穿過線圈磁通量的說法正確的是（ ）A穿過線圈的磁通量越來越大B穿過線圈的磁通量越來越小C在位置2穿過線圈的磁通量最小D在位置2穿過線圈的

3、磁通量最大4、將一電源與一電阻箱連接成閉合回路，測得電阻箱所消耗功率P與電阻箱讀數(shù)R變化的曲線如圖所示，由此可知()A電源最大輸出功率可能大于45WB電源內阻一定等于5C電源電動勢為45VD電阻箱所消耗功率P最大時，電源效率大于50%5、非洲電鰩的捕獵方式是放電電死獵物，它放電的電壓可達100 V，電流50 A，每秒鐘放電150次，其放電情況可近似看做如圖規(guī)律放電則放電1秒鐘非洲電鰩放出的電量為()A25 CB50 CC150 CD250 C6、下列說法正確的是A庫侖定律適用于點電荷，點電荷其實就是體積很小的球體B若點電荷q1的電荷量大于點電荷q2的電荷量，則q1對q2的靜電力大于q2對q1的

4、靜電力C由RU/I知，導體的電阻與導體兩端的電壓成正比，通過導體的電流成反比。D電源電動勢在數(shù)值上等于非靜電力把1C正電荷在電源內從負極移送到正極所做的功。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、某一電源的路端電壓與電流的關系和電阻R1、R2兩端的電壓與電流的關系如圖所示。用此電源和電阻R1、R2組成電路，R1、R2可以同時接入電路，也可以單獨接入電路。下列說法正確的是（ ）A將R1、R2串聯(lián)后接到電源兩端時，電源的效率為75%B將R1、R2并聯(lián)后接到電源兩端時，電源的效

5、率為75%C為使電源輸出功率最大，可將R1單獨接到電源兩端D為使電源輸出功率最大，可將R2單獨接到電源兩端8、如圖所示，電路中電源電動勢為E，內阻為r，C為電容器，L為小燈泡，R為定值電阻，閉合電鍵，小燈泡能正常發(fā)光現(xiàn)將滑動變阻器滑片向右滑動一段距離，滑動前后理想電壓表V1、V2示數(shù)變化量的絕對值分別為，理想電流表A示數(shù)變化量的絕對值為，則（ ）A電流表示數(shù)變大，V2示數(shù)變小B燈泡亮度逐漸變暗C與均保持不變，且前者小于后者D當電路穩(wěn)定后，斷開電鍵，小燈泡逐漸變暗至熄滅9、如圖所示，真空中有一勻強電場（圖中未畫出），電場方向與圓周在同一平面內，ABC是圓的內接直角三角形，BAC=63.5，O為圓

6、心，半徑R=5cm位于A處的粒子源向平面內各個方向發(fā)射初動能均為1eV、電荷量+e的粒子，有些粒子會經過圓周上不同的點，其中到達B點的粒子動能為12eV，達到C點的粒子電勢能為4eV（取O點電勢為零）忽略粒子的重力和粒子間的相互作用，sin53=0.1下列說法正確的是A圓周上A、C兩點的電勢差為16VB圓周上B、C兩點的電勢差為-4VC勻強電場的場強大小為100V/mD當某個粒子經過圓周上某一位置時，可以具有6eV的電勢能，且同時具有6eV的動能10、如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內電阻為r，L為小燈泡(其燈絲電阻可以視為不變)，R1和R2為定值電阻，R3為光敏電阻，其阻值的大小隨照射光強

7、度的增強而減小閉合開關S后，將照射光強度減弱，則( )A電路的路端電壓將減小B燈泡L將變暗CR2兩端的電壓將增大DR1兩端的電壓將增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）用如圖所示的裝置研究平拋運動，用小錘打擊彈性金屬片后，A球沿水平方向拋出，同時B球被松開，自由下落A、B兩球同時開始運動，觀察到兩球_落地（填“同時”或“不同時”）；改變打擊的力度，重復這個實驗，觀察到兩球_落地（填“同時”或“不同時”）12（12分）某同學用圖(甲)所示電路，描繪通過額定電壓為3 V的小燈泡的電流I隨電壓U變化的圖像（1）根據(jù)電路圖，用筆畫線代替

8、導線，將圖（乙）中的實物電路連接成完整實驗電路_（ 甲） （乙）（2）該同學移動滑動變阻器，使小燈泡發(fā)光，此時電流表和電壓表的示數(shù)如下圖丙、丁所示，則通過小燈泡的電流是_A，小燈泡兩端的電壓是_V（3）該同學移動滑動變阻器多次測量通過小燈泡的電流和小燈泡兩端的電壓，畫出了通過小燈泡的電流隨兩端電壓變化的圖像，如圖戊所示，則小燈泡的額定功率是_W四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，已知E=8V，r=4，R1=2，R2的變化范圍是0-10。求：電源的最大輸出功率；R1上消耗的最大功率；R2上消耗的最大功率

9、14（16分）如下左圖所示，R114，R29，當S扳到位置1時，電壓表示數(shù)為2.8V，當開關S扳到位置2時，電壓表示數(shù)為2.7V，求電源的電動勢和內阻？（電壓表為理想電表）15（12分）一純電阻閉合電路,電源電動勢為4.5V，內阻為0.5，外電路的電阻為4.0，則：（1）路端電壓是多大？（2）如果在外電路上并聯(lián)一個6.0的電阻，路端電壓是多大？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A.電阻的大小是由電阻本身決定的，與電流的大小、電壓的大小無關故A錯誤；BC.根據(jù)電阻的定義式可知，IU圖象斜率的倒數(shù)等于電阻R

10、，則得：，故B錯誤，C錯誤；D.當U=6V時，電流：則每秒通過電阻橫截面的電荷量：q=It=31C=3.0C，故D正確2、B【解析】A. 哥白尼最早提出了“日心說”，選項A錯誤；B. 卡文迪許第一次測出了引力常量，選項B正確；C.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，選項C錯誤；D.開普勒發(fā)現(xiàn)行星的運行軌道是橢圓，選項D錯誤；3、C【解析】根據(jù)條形磁鐵磁感線分布特點，可知在2位置，線圈與磁感線平行，沒有磁感線通過線圈，故穿過線圈的磁通量為0，最小；則從1到3穿過線圈的磁通量先變小后變大，故選C4、B【解析】A由電阻箱所消耗功率P與電阻箱讀數(shù)P變化的曲線可知，電阻箱所消耗功率P最大為45W，所以電源最大輸出功

11、率為45W，A錯誤；B電源輸出功率最大的條件可知，電源輸出功率最大時，外電路電阻等于電源內阻，所以電源內阻一定等于5，B正確；C由電阻箱所消耗功率P最大值為45W可知，此時電阻箱讀數(shù)為R=5，則有：解得：E=30V，C錯誤；D電阻箱所消耗功率P最大時，電源效率為50%，D錯誤5、A【解析】根據(jù)圖象可知，非洲電鰩放電一次所需的時間為，放出的電量為，則1秒鐘非洲電鰩放出的電量為：；故選A.6、D【解析】庫侖定律適用于點電荷，當電荷的大小與所研究的問題相比可忽略不計時才可以把電荷看做點電荷，則體積很小的球體不一定能看做點電荷，選項A錯誤；兩點荷之間的庫侖力是相互的，與電量是否相等無關，選項B錯誤；導

12、體的電阻是由導體本身決定的，與導體兩端的電壓以及通過導體的電流無關，選項C錯誤。電源電動勢在數(shù)值上等于非靜電力把1C正電荷在電源內從負極移送到正極所做的功，選項D正確；故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A根據(jù)題圖可知，電源的電動勢為E=3V內阻根據(jù)知，兩定值電阻的阻值分別為R1=0.5，R2=1將R1、R2串聯(lián)后接到電源兩端時，電源的效率為故A正確；B外電阻越大，電源的效率越高，因為R1、R2并聯(lián)后的電阻小于將它們串聯(lián)后的電阻，可知，將R1、R2

13、并聯(lián)后接到電源兩端時，電源的效率小于75%，故B錯誤；CD當外電阻等于電源的內阻時，電源的輸出功率最大，據(jù)此可知將R1單獨接到電源兩端時，電源輸出功率最大，故C正確，D錯誤。8、ACD【解析】A將滑動變阻器滑片向右滑動時接入電路的電阻減小，總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定理可知電路中電流增大，電流表A的示數(shù)增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電壓表V2示數(shù)減小，故A正確；B電路中電流增大，通過燈泡的電流增大，所以燈泡變亮，故B錯誤；C根據(jù)可得，保持不變；根據(jù)可得，保持不變，且有，故C正確；D當電路穩(wěn)定后，斷開電鍵，電容器通過燈泡和變阻器放電，所以小燈泡不會立即熄滅，會逐漸變暗至熄滅，故D正確9、CD【

14、解析】C點的電勢：則UOC=O-C=0-（-4）=4V根據(jù)勻強電場的特點可知：UAO=UOC=4V則：A=O+UAC=4V粒子在A點的動能是1eV，在B點的動能是12eV，根據(jù)動能定理得：WAB=EKB-EKA=12-1=4eV所以：，選項A錯誤；B=A-UAB=4-4=0V，則UBC=B-C=0-（-4）=4V故B正確；由于B點的電勢等于O點的電勢等于0，所以O與B是等勢點，連接OB，則OB為勻強電場的等勢面，過A點做OB的垂線交OB與D點，則AD的方向就是該電場的場強方向，如圖：O點是圓心，由幾何關系可知：ABO=BAC=63.5所以：AOB=110-ABO-BAC=110-63.5-63

15、.5=53所以：Rsin530.050.10.04m由于OBD是等勢面，所以：故C正確A點的電勢為4V，所以粒子在A點的電勢能：EPA=eA=4eV，粒子的總能量：E=EKA+EPA=1+4=12eV，所以當某個粒子經過圓周上某一位置時，若具有6eV的電勢能，則同時具有6eV的動能故D正確；故選BCD.點睛：該題考查粒子在勻強電場中的運動問題，解答本題關鍵是先求出C點的電勢，然后正確判斷出AB的電勢，判斷出B點的電勢與O點的電勢相等然后從電場力做功公式W=qEd，判斷出電場線的方向，并運用這個公式求解電場力做功，要理解這個公式中d是兩點沿電場線方向的距離10、BC【解析】AD、閉合開關S后，將

16、照射光強度減弱，光敏電阻的阻值增大，電路中的總電阻增大，由閉合電路歐姆定律可得電路中電流減小，根據(jù)可知電路的路端電壓增大，根據(jù)可知兩端的電壓將減小，故選項A、D錯誤；BC、因電路的路端電壓增大，同時兩端的電壓減小，故并聯(lián)電路部分電壓增大，則根據(jù)可知流過的電流增大，而總電流減小，所以通過燈泡的電流減小，所以燈泡變暗，故選項B、C正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、同時 同時 【解析】12由于兩球同時運動，A球做平拋運動，B球自由落體運動，發(fā)現(xiàn)每次兩球都同時落地，由于兩球同時落地，因此說明A、B在豎直方向運動規(guī)律是相同的，故根據(jù)實驗結

17、果可知，平拋運動在豎直方向的分運動是自由落體運動。12、（1）圖見解析； （2）0.200A； 1.50V； 【解析】（1）實物連線如圖；（2）通過小燈泡的電流是0.200A，小燈泡兩端的電壓是1.50V（3）由圖像可知，當電壓為3V時，電流為0.26A，可知小燈泡的額定功率是P=IU=0.78W.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、4W 3.56W 2.67W【解析】當電源的內外電阻相等時電源的輸出功率最大當電路中電流最大時，R1消耗的功率最大將R1看成電源的內阻，當?shù)刃щ娫吹膬茸枧cR2相等時R2消耗的功率最大根

18、據(jù)功率公式和歐姆定律求解【解答】由分析可知：當內外電阻相等時，電源的輸出功率最大，此時R2=2 ,電源的最大輸出功率為PM=E24r=6416W=4WR1 是定植電阻，電流越大功率越大，所以當R2=0時R1 上消耗的功率最大，最大為：P1=(ER1+r)2R1=(82+4)22=3.56W 把R1 也看成電源的一部分，等效電源的內阻為6，所以當R2=6 時，R2 上消耗的功率最大為：P2=E24r=6446=2.67W;答：電源的最大輸出功率為4W；R1上消耗的最大功率為3.56W；R2上消耗的最大功率為2.67W14、E=3V, r=1【解析】試題分析：根據(jù)開關S扳到位置1和2時，分別由閉合電路歐姆定律列出含有電動勢和內阻的方程，聯(lián)立組成方程組求解解：根據(jù)閉合電路歐姆定律，