廣西龍勝中學2023學年物理高二第一學期期中考試試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、圖中a、b、c為三根與紙面重直的固定長直導線，其截面位于等邊三角形的三個頂點上，bc沿水平方向，導線中均通有大

2、小相等的電流，方向如圖所示，O點為三角形的中心（O到三個頂點的距離相等），則AO點的磁感應(yīng)強度為零BO點的磁場方向垂直O(jiān)c向下C導線a受到的安培力方向豎直向上D導線b受到的安培力方向沿bc連線方向指向c2、電場中有一點P，下列哪些說法是正確的( )A若放在P點的檢驗電荷的電量減半，則P點的場強減半B若P點沒有檢驗電荷，則P點的場強為零C放在P點的檢驗電荷的電量越大，則受到的電場力越大DP點的場強方向為帶負電的檢驗電荷在該點的受力方向3、一回旋加速器當外加磁場一定時，可把粒子加速到v，它能把質(zhì)子加速到的速度為Av B2v C0.5v D4v4、一正點電荷僅在電場力的作用下運動，其速率v與時間t圖

3、象如圖所示，其中ta和tb是電荷在電場中a、b兩點運動對應(yīng)的時刻，則下列說法正確的是Aa、b兩點電場強度關(guān)系為Ea=EbBa、b兩點電場強度關(guān)系為EaEbCa、b兩點電勢關(guān)系為D帶電粒子從a點運動到b點時，電場力做正功，電勢能減少5、對于歐姆定律，理解正確的是（）A從I=可知，導體中的電流跟加在它兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比B從R=可知，導體的電阻跟導體兩端的電壓成正比，跟導體中的電流成反比C從U=IR可知，導體兩端的電壓隨電阻的增大而增高D從R=可知，導體兩端的電壓為零時，導體的電阻也為零6、如圖所示，平行板電容器與一恒壓直流電源相連，下極板通過A點接地，一帶正電小球被固定于P點，現(xiàn)將

4、平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則（ ）A平行板電容器的電容值將變大B靜電計指針張角變小C帶電小球的電勢能將增小D若先將下極板與A點之間的導線斷開，再將下極板向下移動一小段距離，則帶電小球所受電場力不變二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在真空中有兩個點電荷，要使它們間的庫侖力增大到原來的倍，下面方法中可行的是：A保持距離不變，兩個點電荷的電量都加倍；B只增大距離到原來的兩倍；C只減小距離到原來的一半；D電量和距離都增大到原來的兩倍8、一個矩形線圈在勻強磁

5、場中勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的交變電動勢e220sin(100t)V，那么()A該交變電流的頻率是50 HzB當t0時，線圈平面恰好位于中性面C當t s時，e有最大值D該交變電流電動勢的有效值為220 V9、對電源的認識，下列說法正確的是 ()A電源是為電路提供自由電荷的裝置B電源的作用是保持導體兩端有持續(xù)的電勢差C電源的作用是使絕緣材料體變成導體D電源使導體中的自由電子發(fā)生定向移動10、如圖所示,勻強磁場的邊界為直角三角形,EGF=30,已知磁感應(yīng)強度為B,方向垂直紙面向里,F處有一粒子源,沿FG方向發(fā)射出大量帶正電荷q的同種粒子,粒子質(zhì)量為m,粒子的初速度v0大小可調(diào),則下列說法正確的是 ( )A若

6、粒子能到達EG邊界,則粒子速度越大,從F運動到EG邊的時間越長B無論v0取何值,粒子都無法到達E點C能到達EF邊界的所有粒子所用的時間均等D粒子從F運動到EG邊所用的最長時間為5m12qB三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）圖甲為某同學測繪額定電壓為2.5 V的小電珠的IU圖線實驗電路圖(1)根據(jù)電路圖，用筆畫線代替導線，將圖乙中的實物圖連接成完整實驗電路(2)開關(guān)S閉合之前，圖乙中滑動變阻器的滑片應(yīng)該置于_(選填“A端”、“B端”或“AB正中間”)12（12分）在“測定電池的電動勢和內(nèi)阻”的實驗中，已連接好部分實驗電路(1)按如

7、圖甲所示的實驗電路，把圖乙中剩余的電路連接起來_(2)在圖乙的電路中，為避免燒壞電表，閉合開關(guān)前，滑動變阻器的滑片應(yīng)置于_端(填“A”或“B”)(3)圖丙是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出的UI圖象，由圖可知，電源的電動勢E_V，內(nèi)阻r_，短路電流I短_A四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，AB為固定在豎直平面內(nèi)的光滑圓弧軌道軌道的B點與水平地面相切，其半徑為R質(zhì)量為m的小球由A點靜止釋放求：（1）小球滑到最低點B時小球速度v的大??；（2）小球剛到達最低點B時軌道對小球支持力FN的大小；（3）小球通過光滑的水平面

8、BC滑上固定曲面恰達最高點D，D到地面的高度為h（已知hR），則小球在曲面上克服摩擦力所做的功Wf14（16分）近百年前英國科學家湯姆遜以及他所帶領(lǐng)的一批學者對原子結(jié)構(gòu)的研究奠定了近代物理學的基石，其中他對陰極射線粒子比荷測定實驗最為著名，裝置如圖（1）所示。阜寧中學某班的學生在實驗室重做該實驗，裝置如圖（2）所示，在玻璃管內(nèi)的陰極K 發(fā)射的射線被加速后，沿直線到達畫有正方形方格的熒光屏上。在上下正對的平行金屬極板上加上電壓，在板間形成電場強度為 E 的勻強電場，射線向上偏轉(zhuǎn)；再給玻璃管前后的勵磁線圈加上適當?shù)碾妷?，在線圈之間形成磁感應(yīng)強度為 B 的勻強磁場，射線沿直線運動，不發(fā)生偏轉(zhuǎn)。之后再

9、去掉平行板間的電壓，射線向下偏轉(zhuǎn)，經(jīng)過屏上 A 點，如圖（3）所示。（不計射線的重力，勻強電場、勻強磁場范圍限定在刻度“1”和“7”所在的豎直直線之間，且射線由刻度“1”所在位置進入該區(qū)域）。求：（1）求該射線進入場區(qū)域時的初速度v ；（2）已知正方形方格邊長為d ，求該射線粒子的比.（3）帶電粒子在磁場中運動到A點的時間？15（12分）如圖甲所示，兩水平放置的平行金屬板A、B間距d=40cm，板長L=30cm，在兩板間加一大小和方向隨之間周期性變化的勻強電場，如圖乙所示，規(guī)定豎直向上為電場強度的正方向.在距金屬板右側(cè)D=40cm的空間內(nèi)有方向豎直向上、電場強度大小為E=100V/m的勻強磁場

10、，并在該電場的右側(cè)邊界豎直放置一足夠長的擋板.現(xiàn)有一電量q=110-2C、質(zhì)量m=0.1kg的正電小球在t=0時刻以水平初速度v0=2m/s從距B板h=5cm處射入A、B兩板間，重力加速度g=10m/s2,求：(1)小球飛出A、B兩板間時豎直方向的速度的大小;(2)小球在A、B極板間運動過程中受到電場力的平均值；(3)若有大量電量為q=10-2C、質(zhì)量m=0.1kg的正電小球持續(xù)不斷地從極板左側(cè)各個位置以相同水平初速度v0水平進入A、B板間，忽略小球間的相互作用，求這些小球最終打在擋板上的長度范圍.參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是

11、符合題目要求的。1、B【解析】AB.根據(jù)右手螺旋定則，電流a在O產(chǎn)生的磁場平行于bc向左，b電流在O產(chǎn)生的磁場平行ac指向右下方，電流c在O產(chǎn)生的磁場平行ab指向左下方；由于三導線電流相同，到O點的距離相同，根據(jù)平行四邊形定則，則O點合場強的方向垂直O(jiān)c向下，故A錯誤，B正確；CD.根據(jù)同向電流相吸、反向電流相斥，結(jié)合矢量合成法則；導線a受到的安培力方向水平向左，而導線b受到的安培力方向平行于ac斜向左上方，故CD錯誤2、C【解析】場強由場源電荷決定，與試探電荷無關(guān)，故AB錯誤；由，可知P點的場強越大，同一電荷在P點所受到的電場力越大，故C正確；物理學規(guī)定，P點的場強方向與正的試探電荷所受力的

12、方向相同，與負的試探電荷所受力的方向相反，故D錯誤3、B【解析】試題分析：根據(jù)，解得，被加速的粒子出離加速器時的半徑R一定，則，則它能把質(zhì)子加速到的速度為2v，故選B.考點：回旋加速器【名師點睛】此題是對回旋加速器的考查；關(guān)鍵是了解回旋加速器的原理，所有被加速的粒子出離加速器時的運動半徑都等于加速器的D型盒的半徑，根據(jù)此關(guān)系可求解速度之比；此題是中等題，考查學生對電磁儀器的了解.4、D【解析】試題分析：根據(jù)圖像的斜率表示加速度求解電場強度大小，根據(jù)電荷速度變化，判斷電場力做功情況，求解電勢和電勢能的關(guān)系圖像的斜率表示加速度，故a點的加速度小于b點的加速度，因為只受電場力，故a點的電場力小于b點

13、的電場力，即，AB錯誤；正電荷在電場力作用下，速度增大，電場力做正功，電勢能減小，故從高電勢向低電勢運動，所以有，C錯誤D正確5、A【解析】A. 由歐姆定律可得，即導體中的電流跟導體兩端的電壓成正比，跟導體的電阻成反比，故A正確B. 導體電阻由導體材料、長度、橫截面積決定，與導體兩端的電壓和通過導體的電流無關(guān)，導體電阻在數(shù)值上等于它兩端的電壓與通過它的電流之比，對于一個確定的導體來說，所加的電壓跟通過的電流的比值是一確定值；故B錯誤C.導體的電阻變化時，電流也會發(fā)生變化，不控制變量的話，不能說明導體兩端的電壓隨電阻的增大而增高；故C錯誤D.導體電阻由導體材料、長度、橫截面積決定，與導體兩端的電

14、壓和通過導體的電流無關(guān)；導體兩端的電壓為零時，導體的電阻不為零；故D錯誤6、D【解析】A根據(jù)電容的決定式 知，下極板豎直向下移動時，d增大，則電容值將減小。故A錯誤。B靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，因為電容器始終與電源相連，則電勢差不變，所以靜電計指針張角不變。故B錯誤。C電勢差不變，d增大，則由公式分析得知板間電場強度減小，P點與上極板間的電勢差減小，而P點的電勢比上極板低，上極板的電勢不變，則P點的電勢增大，因為油滴帶正電荷，則小球的電勢能增大，故C錯誤。D若先將下極板與A點之間的導線斷開，則電容器的電荷量不變，d改變，根據(jù)、結(jié)合得，則知電場強度不變，則小球所受電場力不變。故D正確。二

15、、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】設(shè)兩個點電荷的電荷量分別為Q1、Q2，它們之間的距離為r，根據(jù)庫侖定律得：它們之間的庫侖力為，保持電荷間的距離不變，使每個點電荷的帶電荷量都增大到原來的2倍，則故A正確；點電荷的帶電荷量不變，使兩點電荷間的距離增大到原來的2倍，它們之間的庫侖力，故B錯誤保持點電荷的帶電荷量不變，將兩點電荷間的距離減小為原來倍，它們之間的庫侖力，故C正確使兩點電荷的帶電荷量和兩點電荷間的距離同時增大到原來的2倍，它們之間的庫侖力，故D錯誤故

16、選AC8、AB【解析】交變電流的=100=2f，所以頻率為50Hz，故A正確；t=0時，電動勢為零，線圈平面處于中性面，故B正確；當t=s時，e=220sin=0，故C錯誤；由表達式知最大值為220V，所以該電動勢的有效值為220V，故D錯誤；故選AB【點睛】對于交流電的產(chǎn)生和描述要正確理解，要會推導交流電的表達式，明確交流電表達式中各個物理量的含義9、BD【解析】電源是將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，凡是能提供電能的裝置都可以作為電源，并不是提供電荷的裝置，其作用是保持導體兩端的電壓，能使導體中形成電場，使自由電荷受到電場力而定向移動起來，使導體內(nèi)的自由電子定向移動，并不是使絕緣體變成導體，

17、故AC錯誤，BD正確；故選BD【點睛】電源是將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，電源的作用是能夠保持導體兩端的電勢差，使導體中形成電場，從而使自由電荷定向移動起來，不是提供自由電子10、BC【解析】試題分析：當粒子的軌跡與EG邊界相切時，粒子恰好到達EG邊界，如圖所示若粒子速度大于這個速度，則從EG邊界射出，根據(jù)r=mvBq可得粒子運動半徑增大，軌跡所對圓心角減小，根據(jù)t=2T（T=2mBq，大小與速度無關(guān)，是一個定值）可得運動時間越短，若速度小于這個速度，則從EF邊界射出，所以無論v0取何值，粒子都無法到達E點，A錯誤B正確；，若粒子能到達EG邊界，則其軌跡所對的圓心角都為180，根據(jù)t=2T可

18、得所用時間相同，C正確；當粒子的軌跡與EG邊界相切時，粒子恰好到達EG邊界，所對應(yīng)的圓心角最大為150，所用時間最長，此時t=150360T5m6qB，D錯誤；考點：考查了帶電粒子在勻強磁場中的運動【名師點睛】帶電粒子在勻強磁場中運動時，洛倫茲力充當向心力，從而得出半徑公式R=mvBq，周期公式T=2mBq，運動時間公式t=2T，知道粒子在磁場中運動半徑和速度有關(guān)，運動周期和速度無關(guān)，畫軌跡，定圓心，找半徑，結(jié)合幾何知識分析解題，三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 A端【解析】（1）按電路圖連接如圖所示。注意因為小燈泡的額定電壓為2.

19、5V，所以電壓表的量程為3V，電流表的量程為0.6A。（2）實驗前應(yīng)該將滑動變阻器的觸頭滑到A端，使加在小燈泡兩端的電壓由0逐漸增加，保護電流表和電壓表的安全。12、圖見解析 B 1.50 1 1.50 【解析】（1）1由原理圖可知滑動變阻器為限流接法，電壓表并聯(lián)在滑動變阻器兩端，由原理圖連接實物圖所示；（2）2為保證實驗安全，在開始時電路中電流應(yīng)為最小值，故滑動變阻器應(yīng)接入最大阻值，由圖可知，滑動變阻器接入部分為左半部分；故滑片應(yīng)接到B端；（3）3由U-I圖可知，電源的電動勢E=1.50V；4當路端電壓為1V時，電流為0.5A，則由閉合電路歐姆定律可知：；5短路電流四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）3mg（3）mg（R-h）【解析】(1)小球從A滑至B的過程，由動能定理得：解得：(2) 小球剛到達最低點B時，由重力和支持力的合力提供向心力由牛頓第二定律得：解得：FN=3mg(3)對小球從A運動到D的