河南省濟(jì)源市第四中學(xué)2023學(xué)年高二物理第一學(xué)期期中監(jiān)測(cè)模擬試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1 答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，滑板運(yùn)動(dòng)員以速度v0從距離地面高度為h的平臺(tái)末端水平飛出，落在水平地面上運(yùn)動(dòng)員和

2、滑板均可視為質(zhì)點(diǎn)，忽略空氣阻力的影響下列說法中正確的是（）Ah一定時(shí)，v0越大，運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長(zhǎng)Bh一定時(shí)，v0越大，運(yùn)動(dòng)員落地瞬間速度越大C運(yùn)動(dòng)員落地瞬間速度與高度h無關(guān)D運(yùn)動(dòng)員落地位置與v0大小無關(guān)2、關(guān)于電場(chǎng)和電場(chǎng)線，下列說法正確的是（）A電勢(shì)降低的方向就是電場(chǎng)線方向B電場(chǎng)線方向一定與電荷的受力方向相同C沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)一定降低D勻強(qiáng)電場(chǎng)中電荷一定沿著電場(chǎng)線方向運(yùn)動(dòng)3、實(shí)線為電場(chǎng)線，虛線為等勢(shì)線，且相鄰兩等勢(shì)間的電勢(shì)差相等，一正電荷在等勢(shì)線3上時(shí)，具有動(dòng)能10J，它運(yùn)動(dòng)到等勢(shì)線1時(shí)速度為零，令20，那么該電荷的電勢(shì)能為4J時(shí)，其動(dòng)能為A10JB6JC5JD1J4、用一個(gè)滿偏電流

3、為10 mA、內(nèi)阻為40 的電流表，一個(gè)電動(dòng)勢(shì)為1.5 V、內(nèi)阻為1 的干電池和一個(gè)可變電阻組裝成一個(gè)歐姆表，可變電阻應(yīng)選（ ）A020 B050 C0100 D0200 5、如圖所示，在M、N處各有一條垂直紙面的長(zhǎng)直導(dǎo)線，導(dǎo)線中通有大小相等方向相反的恒定電流， O點(diǎn)是MN連線的中點(diǎn)。其中N處電流在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B1.則O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為A2B1BCB1D06、地球半徑為R，地面附近的重力加速度為g，物體在離地面高度為h處的重力加速度的表達(dá)式是（）ABCD二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，

4、選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，在圓心O處固定電量為+Q的點(diǎn)電荷，A、B、C在同一圓周上，且下列說法正確的是A電勢(shì)差UOAUADBA、B、C三點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同C電子在B點(diǎn)的電勢(shì)能大于在D點(diǎn)的電勢(shì)能D將一電子由D點(diǎn)分別移動(dòng)到A、C兩點(diǎn)，電場(chǎng)力做功相同8、現(xiàn)有兩個(gè)邊長(zhǎng)不等的正方形，如圖所示，AB=2ab且Aa、Bb、Cc、Dd間距相等。在AB、AC、CD、DB的中點(diǎn)分別放等量的正電荷和負(fù)電荷，若取無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，則下列說法中正確的是AO點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零BO點(diǎn)的電勢(shì)為零Cb、c兩點(diǎn)電勢(shì)均為零Da、d兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相同9、如圖，電荷量分別為q和q（q0）的點(diǎn)電荷固定在正方體的兩個(gè)頂點(diǎn)上，

5、a、b是正方體的另外兩個(gè)頂點(diǎn)，則（ ）Aa點(diǎn)和b點(diǎn)的電勢(shì)相等Ba點(diǎn)和b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等Ca點(diǎn)和b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同D將負(fù)電荷從a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電勢(shì)能增加10、如圖所示，平行直線表示電場(chǎng)線，但沒有標(biāo)明方向，帶電量為1102C的微粒在電場(chǎng)中只受電場(chǎng)力的作用，由A點(diǎn)移到B點(diǎn)，動(dòng)能損失0.1J，若A點(diǎn)的電勢(shì)為10V，則( )AB點(diǎn)電勢(shì)為10VB電場(chǎng)線的方向從右向左C微粒的運(yùn)動(dòng)軌跡可能是軌跡1D微粒的運(yùn)動(dòng)軌跡可能是軌跡2三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某為同學(xué)在用電流表、電壓表和滑動(dòng)變阻器測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，采用了

6、如圖所示電路，規(guī)范操作后他記錄了6組數(shù)據(jù)（見表），試根據(jù)這些數(shù)據(jù)在下圖中畫出U-I圖線_，并根據(jù)圖線讀出電池的電動(dòng)勢(shì)E=_V，求出電池的內(nèi)阻r=_。因?yàn)樵搶?shí)驗(yàn)中所用電表不是理想電表，所以電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值_（填“大于”、“等于”、“小于”）真實(shí)值。12（12分）在測(cè)定金屬絲電阻率的實(shí)驗(yàn)中，需要測(cè)出其長(zhǎng)度L直徑d和電阻R用螺旋測(cè)微器測(cè)金屬絲直徑時(shí)讀數(shù)如下圖，則金屬絲的直徑為_ m用電流表和電壓表測(cè)金屬絲的電流電壓時(shí)讀數(shù)如下圖，則電壓表的讀數(shù)為_ V，電流表的讀數(shù)為 _ A四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所

7、示，內(nèi)壁光滑的細(xì)圓管一端彎成半圓形APB，另一端BC伸直，水平放置在桌面上并固定。半圓形APB的半徑R=1. 0m，BC長(zhǎng)L=1. 5m，桌子高度h=0. 8m。質(zhì)量m=0. 1kg的小球以一定的水平初速度從A點(diǎn)沿過A點(diǎn)的切線方向射入管內(nèi)，從C點(diǎn)離開管道后水平拋出，落地點(diǎn)D離C點(diǎn)的水平距離s=2m，不計(jì)空氣阻力，g取10m/s2，取3. 14。求：（1）小球運(yùn)動(dòng)到半圓形APB的中點(diǎn)P時(shí)的角速度；（2）小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的時(shí)間t及在P點(diǎn)圓管對(duì)小球的彈力F的大小。14（16分）如圖所示在長(zhǎng)為2L的絕緣輕質(zhì)細(xì)桿的兩端各連接一個(gè)質(zhì)量均為m的帶電小球A和B（可視為質(zhì)點(diǎn)，也不考慮二者間的相互作用力），A

8、球帶正電、電荷量為+2q，B球帶負(fù)電.電荷量為-3q.現(xiàn)把A和B組成的帶電系統(tǒng)鎖定在光滑絕緣的水平面上，并讓A處于如圖所示的有界勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域MPQN（邊界MPNQ也在電場(chǎng)內(nèi)）內(nèi).已知虛線MP是細(xì)桿的中垂線，MP和NQ的距離為4L，勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E，方向水平向右.現(xiàn)取消對(duì)A、B的鎖定，讓它們從靜止開始運(yùn)動(dòng).（忽略小球運(yùn)動(dòng)中所產(chǎn)生的磁場(chǎng)造成的影響） (1)求小球A、B運(yùn)動(dòng)過程中的最大速度；(2)小球A、B能否回到原出發(fā)點(diǎn)？若不能，請(qǐng)說明理由；若能，請(qǐng)求出經(jīng)過多長(zhǎng)時(shí)間帶電系統(tǒng)又回到原地發(fā)點(diǎn).15（12分）在豎直的井底，將一物塊以11m/s的速度豎直地向上拋出，物塊到達(dá)井口時(shí)被人接住，在被人接住

9、前1s內(nèi)物塊的位移是4m，位移方向向上，不計(jì)空氣阻力，g取10m/s2，求：（1）物塊從拋出到被人接住所經(jīng)歷的時(shí)間；（2）此豎直井的深度參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】根據(jù)知，運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由高度決定，與初速度無關(guān)，故A錯(cuò)誤落地時(shí)豎直分速度vy，則運(yùn)動(dòng)員落地的速度v=，初速度越大，落地瞬間速度越大，故B正確落地時(shí)速度方向與水平方向夾角的正切值，可知落地的速度方向與高度有關(guān)，故C錯(cuò)誤水平位移由初速度和高度共同決定，則運(yùn)動(dòng)員落地的位置與初速度有關(guān)，故D錯(cuò)誤故選B點(diǎn)睛：平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線

10、運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由高度決定，初速度和時(shí)間共同決定水平位移落地的速度方向與初速度和高度有關(guān)2、C【解析】A 沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低的最快，所以電勢(shì)降低的方向不一定是電勢(shì)降低最快的地方，也不一定是電場(chǎng)線的方向，故A錯(cuò)誤；B 電場(chǎng)線的方向是該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的方向，就是正電荷受力的方向，故B錯(cuò)誤；C 沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)一定降低，故C正確；D電荷初速度方向與電場(chǎng)線方向不在一條直線上，則電荷不一定沿電場(chǎng)線方向運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選C。3、D【解析】電荷在電場(chǎng)中只受電場(chǎng)力，所以從 到 和從到電場(chǎng)力做的功相等，可得在等勢(shì)面時(shí)電荷的動(dòng)能為5J，整個(gè)過程中，電荷動(dòng)能與電勢(shì)能的總量保持不變，所以總

11、能量為處的能量：為5J，所以當(dāng)該電荷的電勢(shì)能為4J時(shí)，其動(dòng)能大小為1J，所以D正確；故選D。4、D【解析】試題分析：因?yàn)殡娏鞅硎谴?lián)在歐姆表的電路中的，所以當(dāng)歐姆的兩個(gè)表筆短接時(shí)，電路中的電流不能超過Rm=150，而電流表的內(nèi)阻是40，所以所串聯(lián)的電阻不能少于R=150-40=110，所以D提供的可變電阻可以滿足，選項(xiàng)D正確考點(diǎn)：歐姆表的工作原理【名師點(diǎn)睛】本題考查了歐姆表的工作原理，關(guān)鍵是理解當(dāng)歐姆表的表筆短接時(shí)，電路中的電流最大，最大不能超過電流表的滿偏電流根據(jù)歐姆表的工作原理分析，歐姆表包含一個(gè)電源，電流計(jì)，和可變電阻，這三個(gè)儀器是串聯(lián)在一起的，工作時(shí)的電流不能超過電流計(jì)的滿偏電流，據(jù)此

12、分析5、A【解析】根據(jù)安培定則判斷得知，兩根通電導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向相同，由于O點(diǎn)是MN連線的中點(diǎn)，則兩根通電導(dǎo)線在MN兩點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，N處電流在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B1，根據(jù)平行四邊形進(jìn)行合成得到，M點(diǎn)和N點(diǎn)在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2B1，故選A。6、D【解析】在地面的萬有引力等于重力，再列高空的萬有引力等于重力，聯(lián)合可得高空重力加速度表達(dá)式【詳解】在地面上有萬有引力等于重力：，在離地面高度為h處：，聯(lián)立可得：，故D正確，ABC錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】本題主要考查了無論地面還是高空，都有萬有引力等于重力二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)

13、選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】試題分析：因?yàn)殡x正電荷較近的位置場(chǎng)強(qiáng)較大，而，可知電勢(shì)差UOAUAD，選項(xiàng)A 正確；A、B、C三點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相同，但方向不同，故選項(xiàng)B 錯(cuò)誤；由于B點(diǎn)電勢(shì)高于D點(diǎn)，故根據(jù)可知電子在B點(diǎn)的電勢(shì)能小于在D點(diǎn)的電勢(shì)能，選項(xiàng)C 錯(cuò)誤；由于AC在同一等勢(shì)面上，故將一電子由D點(diǎn)分別移動(dòng)到A、C兩點(diǎn)，電勢(shì)能的變化相同，所以電場(chǎng)力做功相同，選項(xiàng)D 正確考點(diǎn)：電場(chǎng)強(qiáng)度；電勢(shì)及電勢(shì)差；8、BCD【解析】A.根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式可知各個(gè)點(diǎn)電荷在點(diǎn)的電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小，再根據(jù)矢量合成知道點(diǎn)合場(chǎng)強(qiáng)不為零，故A錯(cuò)誤；BC. 在兩

14、對(duì)等量異種電荷的電場(chǎng)中，的連線上的電勢(shì)與無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)相同，為零，則點(diǎn)的電勢(shì)為零，、兩點(diǎn)的電勢(shì)也為零，故B、C正確；D. 根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式可得各個(gè)點(diǎn)電荷在、兩點(diǎn)的電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小及方向，再根據(jù)矢量合成求出、兩點(diǎn)合場(chǎng)強(qiáng)大小也相等，方向相同，故D正確。9、BC【解析】由幾何關(guān)系，可知b的電勢(shì)大于a的電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；把負(fù)電荷從a移到b，電勢(shì)能減少，故D錯(cuò)誤；由對(duì)稱性和電場(chǎng)的疊加原理，可得出a、b的合電場(chǎng)強(qiáng)度大小、方向都相同，故B、C正確。10、BC【解析】AAB兩點(diǎn)的電勢(shì)差：V則：10V解得：0V故A錯(cuò)誤；B由動(dòng)能定理可知：J可知粒子受到的電場(chǎng)力做負(fù)功，故粒子電勢(shì)能增加，B點(diǎn)的電勢(shì)高于A點(diǎn)電勢(shì)；而

15、電場(chǎng)線由高電勢(shì)指向低電勢(shì)，故電場(chǎng)線向左，故B正確；C.若粒子沿軌跡1運(yùn)動(dòng)，A點(diǎn)速度沿切線方向向右，受力向左，故粒子將向上偏轉(zhuǎn)，故C正確；D若粒子沿軌跡2運(yùn)動(dòng)，A點(diǎn)速度沿切線方向向右上，而受力向左，故粒子將向左上偏轉(zhuǎn)，故D錯(cuò)誤三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、圖線如圖所示 1.47 0.72 小于 【解析】1.根據(jù)描點(diǎn)法可得出對(duì)應(yīng)的伏安特性曲線，對(duì)應(yīng)的圖線如圖所示；2.根據(jù)U=E-Ir可知，圖象與縱軸的交點(diǎn)表示電動(dòng)勢(shì)，故E=1.47V；3.圖象的斜率表示內(nèi)阻，故；4.相對(duì)于電源來說，電流表采用外接法，由于電壓表的分流作用，使所測(cè)電源電動(dòng)

16、勢(shì)小于電動(dòng)勢(shì)真實(shí)值，內(nèi)阻測(cè)量值小于真實(shí)值12、0.698(0.001) 2.60V 0.53A 【解析】（1）由圖甲所示螺旋測(cè)微器可知，固定刻度示數(shù)為0.5mm，可動(dòng)刻度示數(shù)為19.70.01mm=0.197mm，螺旋測(cè)微器示數(shù)為0.5mm+0.197mm=0.697mm（2）由圖丙所示電壓表可知，其量程為3V，分度值為0.1V，示數(shù)為2.60V；由圖示電流表可知，其量程為0.6A，分度值為0.02A，示數(shù)為0.52A四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)5 rad/s (2)1.328s 【解析】（1）小球

17、從C點(diǎn)到D點(diǎn)的過程中做平拋運(yùn)動(dòng)，則有 聯(lián)立解得m/s 小球在半圓形APB中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，小球運(yùn)動(dòng)到半圓形APB中點(diǎn)P時(shí)的角速度rad/s （2）小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的時(shí)間s 從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的時(shí)間s 則小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的時(shí)間為s 在P點(diǎn)，小球所受的向心力N 所以圓管對(duì)小球的彈力N14、 (1) (2) 【解析】(1)當(dāng)B球進(jìn)入電場(chǎng)后，合力向左，系統(tǒng)開始減速，故此時(shí)物體速度最大，對(duì)加速過程運(yùn)用動(dòng)能定理列式求解即可；(2)系統(tǒng)在B球進(jìn)入電場(chǎng)前做加速運(yùn)動(dòng)，B球進(jìn)入電場(chǎng)后開始做減速運(yùn)動(dòng)；返回過程先加速后減速，向右和向左的過程具有對(duì)稱性；由牛頓第二定律，求解出加速過程和減速過程的加速度，然后根據(jù)運(yùn)

18、動(dòng)學(xué)公式和動(dòng)能定理列式求解【詳解】(1)帶電系統(tǒng)鎖定解除后，在水平方向上受到向右的電場(chǎng)力作用開始向右加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)B進(jìn)入電場(chǎng)區(qū)時(shí)，系統(tǒng)所受的電場(chǎng)力為A、B的合力，因方向向左，從而做減速運(yùn)動(dòng)，以后不管B有沒有離開右邊界，速度大小均比B剛進(jìn)入時(shí)小，故在B剛進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)，系統(tǒng)具有最大速度.設(shè)B進(jìn)入電場(chǎng)前的過程中，系統(tǒng)的加速度為a1，由牛頓第二定律：2Eq2ma1 B剛進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)，系統(tǒng)的速度為vm，由 可得 (2)對(duì)帶電系統(tǒng)進(jìn)行分析，假設(shè)A能達(dá)到右邊界，電場(chǎng)力對(duì)系統(tǒng)做功為W1則 故系統(tǒng)不能從右端滑出，即：當(dāng)A剛滑到右邊界時(shí)，速度剛好為零，接著反向向左加速由運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知，系統(tǒng)剛好能夠回到原位置，此后系統(tǒng)又重復(fù)開始上述運(yùn)動(dòng).設(shè)B從靜止到剛進(jìn)入電場(chǎng)的時(shí)間為t1，則 設(shè)B進(jìn)入電場(chǎng)后，系